2025年滬教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬教新版必修3物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、磁電式電流表(表頭)最基本的組成部分是磁鐵和放在磁鐵兩極之間的線圈，由于線圈的導線很細，允許通過的電流很弱，所以在使用時還要擴大量程．已知某一表頭G，內阻Rg＝30Ω，滿偏電流Ig＝5mA，要將它改裝為量程為0～3A的電流表，所做的操作是()A.串聯(lián)一個570Ω的電阻B.并聯(lián)一個570Ω的電阻C.串聯(lián)一個0.05Ω的電阻D.并聯(lián)一個0.05Ω的電阻2、如圖所示，一個粒子射入某電場，在僅受電場力的作用下，其運動的軌跡為關于y軸對稱的拋物線，且先后經過A、B兩點時動能相等；則下列說法不正確的是（）

A.該電場為勻強電場B.電場方向沿y軸正方向C.A、B兩點的電勢相等D.粒子經過O點時的動能為零3、一帶正電的質量為m的液滴在勻強電場外上方的A點自由下落；如圖所示．當液滴進入勻強電場后，其可能的運動軌跡為圖中哪一個？

A.B.C.D.4、如圖所示，A、B兩個小球帶同種電荷，放在光滑的絕緣水平面上，A的質量為m，B的質量為2m，它們相距為d，同時由靜止釋放，當它們相距為2d時，A的加速度為a，速度為v；則（）

A.此時B的加速度為B.此時B的速度為vC.此過程中它們的電勢能增加mv2D.此過程中它們的電勢能減小5、如圖所示，一個正方體其上、下、左、右表面的中心分別為E、F、G、H，在E、H兩點固定電荷量為的點電荷，在G、F兩點固定電荷量為的點電荷；下列說法正確的是（）

A.圖中A、兩點電勢不相等B.一帶負電的試探電荷在點的電勢能大于它在C點的電勢能C.一帶正電的試探電荷從D點沿直線移到點其電勢能先增大后減小D.移去G、H兩點的點電荷，D點和點場強不同6、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）

A.b點場強大于d點場強B.b點場強為零C.a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D.試探電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能7、如圖所示，水平放置的平行金屬板A、B連接一恒定電壓，兩個質量相等的電荷M和N同時分別從極板A的邊緣和兩極板的正中間沿水平方向進入板間電場；兩電荷恰好在板間某點相遇．若不考慮電荷的重力和它們之間的相互作用，則下列說法正確的是()

A.電荷M的比荷等于電荷N的比荷B.兩電荷在電場中運動的加速度相等C.從兩電荷進入電場到兩電荷相遇，電場力對電荷M做的功大于電場力對電荷N做的功D.電荷M進入電場的初速度大小與電荷N進入電場的初速度大小一定相同8、圖中當電流通過線圈時；磁針將發(fā)生偏轉，以下的判斷正確的是（）

A.當線圈通以沿順時針方向的電流時，磁針N極將指向讀者B.當線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針S極將指向讀者C.當磁針N極指向讀者，線圈中電流沿逆時針方向D.不管磁針如何偏轉，線圈中的電流總是沿順時針方向評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、如圖所示，O是一固定的點電荷，虛線是該點電荷產生的電場中的三條等勢線，正點電荷q在僅受電場力的作用下沿實線所示的軌跡從a處運動到b處，然后又運動到c處。由此可知（）

A.O為負電荷B.在整個過程中，q的電勢能先變大后變小C.在整個過程中，q的加速度先變小后變大D.在整個過程中，電場力做功為零10、在如圖所示電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，R1是定值電阻，R2是滑動變阻器（R2>R1），閉合開關S，不同規(guī)格的燈泡L1和L2均正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器的滑動片P向上移動一定的距離，理想電流表A1、A2、電壓表的示數(shù)均會發(fā)生一定變化，其變化量分別用ΔI1、ΔI2和ΔU表示；則下列分析判斷可能正確的是（）

A.電壓表V示數(shù)變大，電流表A1示數(shù)變小B.電流表A2示數(shù)不可能變?yōu)榱鉉.燈泡L1、L2變暗D.電源的內阻r=11、可視為質點的兩帶電小球B（材料、形狀相同），它們所帶的電荷量分別為當它們的距離為時二者之間的庫侖力大小為現(xiàn)把它們相互接觸以后再放回原處，則關于它們的帶電以及庫侖力變化情況分析正確的是（）A.若則兩球接觸以后二者之間的庫侖力一定變大B.若則兩球接觸以后二者之間的庫侖力可能變大、也可能變小C.若且則接觸以后兩球帶負電，二者之間的庫侖力一定變小D.若且則接觸以后兩球帶正電，二者之間的庫侖力可能保持不變12、利用雙電容法可測量電子比荷裝置如圖所示。在真空管中由陰極K發(fā)射出電子，其初速度為零，此電子被陰極K與陽極A間電場加速穿過屏障上的小孔，然后按順序穿過電容器屏障上的小孔和電容器后射到熒光屏中心E，陽極與陰極間的加速電壓為U，分別在電容器上加有完全相同的正弦交流電壓，之間的距離為l，在每個電子通過每個電容器的極短時間里，電場可視作是恒定的。調節(jié)正弦交流電壓頻率為f時，電子束在熒光屏上的亮點仍出現(xiàn)在中心E；下列說法正確的是（）

A.電子射到熒光屏中心E上的速度大小與成正比B.電子經過電容器之間的距離l所用的時間必須是交流電壓周期的整數(shù)倍C.電子的比荷是（）D.連續(xù)增大加速電壓U，若連續(xù)兩次觀察到電子射到熒光屏中心E的加速電壓分別是和則電子的比荷是13、一帶正電粒子僅在電場力作用下從靜止開始沿直線運動，其加速度隨時間變化的圖象如圖所示，tA、tB時刻粒子分別以速度vA、vB經過A點和B點，A、B兩點的場強大小分別為EA、EB，電勢分別為A、B；則可以判斷（）

A.EA=EBB.vA=vBC.A＞BD.A=B14、如圖所示，C為電容器，D為理想二極管（具有單向導通作用），電流表、電壓表均為理想電表，閉合開關S至電路穩(wěn)定后，調節(jié)滑動變阻器滑片P向左移動一小段距離，結果發(fā)現(xiàn)電壓表V1的示數(shù)改變量大小為電壓表V2的示數(shù)改變量大小為電流表A的示數(shù)改變量大小為則下列判斷正確的有（）

A.的值不變，B.的值變小C.的值不變D.滑片向左移動的過程中，電容器所帶的電荷量要不斷減少評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、如圖所示的電路中，當滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電壓表的示數(shù)將_______，電流表的示數(shù)將_______，電流表的示數(shù)將_______.（均選填“增大”；“減小”或“不變”）.

16、如圖所示,A、B為相互接觸的用絕緣支柱支撐的金屬導體,起初它們不帶電,在它們的下部貼有金屬箔片,C是帶正電的小球。當C移近A時,A、B上的金屬箔片都張開。

(1)若撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)

(2)若先分離A、B,再撤去C,A、B下部金屬箔片是_________(選填“張開”或“閉合”)。在分離A、B的過程中,A、B組成的系統(tǒng)電勢能_______(選填“增大”“不變”或“減小”)

(3)靜電感應的原因是金屬導體中存在大量的_____________。17、能量轉化的不可逆性∶科學家對有關自然現(xiàn)象和經驗事實進行大量研究后發(fā)現(xiàn)∶一切與______有關的宏觀自然過程都是______的。18、判斷下列說法的正誤．

（1）只要閉合電路內有磁通量，閉合電路中就有感應電流產生。（____）

（2）穿過螺線管的磁通量發(fā)生變化時，螺線管內部就一定有感應電流產生。（____）

（3）閉合電路的一部分導體做切割磁感線運動時，電路中會產生感應電流。（____）

（4）不論電路是否閉合，只要電路中磁通量發(fā)生變化，電路中就有感應電流。（____）19、在如圖所示的電路中，小量程電流表G的內阻滿偏電流

（1）當和均斷開時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。

（2）當和均閉合時，改裝后的表是___________（填電流表或電壓表），量程為___________。20、幾種常見的磁場。

（1）直線電流的磁場。

安培定則：如圖甲所示，__________握住導線，讓伸直的拇指所指的方向與電流方向一致，__________所指的方向就是磁感線環(huán)繞的方向。

直線電流周圍的磁感線環(huán)繞情況如圖乙所示。

（2）環(huán)形電流的磁場。

安培定則：如圖甲所示，讓右手__________跟環(huán)形電流的方向一致，__________的方向就是環(huán)形導線的軸線上磁感線的方向。

（3）通電螺線管的磁場。

安培定則：如圖乙所示，右手握住螺線管，讓彎曲的四指跟__________一致，拇指所指的方向就是__________的磁場的方向或者說拇指所指的方向是它的__________的方向。21、元電荷：

（1）定義：最小的___________，用e表示。

（2）帶電體的電荷量特征：所有帶電體的電荷量都是e的___________倍，是___________連續(xù)變化的物理量。

（3）元電荷e的數(shù)值：最早是由美國物理學家密立根測得的，e=1.602176634×10-19C，計算中可取e=___________C。

（4）電子的比荷：電子的電荷量與電子的___________之比。=___________C/kg。22、真空中有兩個相同的金屬小球，帶電量分別為＋1.6×10－8C和＋4.8×10－8C，相距r時（遠大于小球直徑），相互作用為0.3N，現(xiàn)將兩球相接觸后再放回原處，則它們之間的相互作用力為________N，此時每個小球的帶電量相當于______個電子所帶電量。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)23、如圖所示，磁感應強度大小為的勻強磁場僅存在于邊長為的正方形范圍內，左右各一半面積的范圍內，磁場方向相反。有一個邊長為的正方形導線框垂直磁感線方向以速度勻速通過磁場。從邊進入磁場算起；規(guī)定剛開始時磁通量為正值，畫出穿過線框的磁通量隨時間的變化圖像。

24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標出圖中各電荷的電性。

25、由電流產生的磁場方向如圖所示；請在圖中標出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、實驗題(共1題，共4分)26、某物理小組欲利用如圖所示的電路同時測量一只有30格刻度的毫安表的量程、內阻和光敏電阻的阻值與光照強度之間的關系。實驗室能提供的實驗器材有：學生電源（輸出電壓為U=18.0V；內阻不計）；電阻箱（最大阻值999.9Ω）、單刀雙擲開關一個、導線若干。

（1）該小組實驗時先將電阻箱的阻值調至最大，然后將單刀雙擲開關接至a端，開始調節(jié)電阻箱，發(fā)現(xiàn)將電阻箱的阻值調為800Ω時，毫安表剛好偏轉20格的刻度；將電阻箱的阻值調為500Ω時，毫安表剛好能滿偏。實驗小組據(jù)此得到了該毫安表的量程為Ig=___________mA，內阻Rg=___________Ω。

（2）該小組查閱資料得知，光敏電阻的阻值隨光照強度的變化很大，為了安全，該小組需將毫安表改裝成量程為3A的電流表，則需將毫安表___________（選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個阻值為___________Ω的電阻。（結果保留一位小數(shù)）

（3）改裝完成后（表盤未改動），該小組將單刀雙擲開關接至b端，通過實驗發(fā)現(xiàn)，流過毫安表的電流I（單位：mA）與光照強度E（單位：cd）之間的數(shù)量關系滿足I=E，由此可得光敏電阻的阻值R（單位：Ω）與光照強度E（單位：cd）之間的關系為R=___________Ω。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

改裝成電流表是要擴大電流的量程，使用并聯(lián)電路的分流原理；要并聯(lián)的阻值為：故選D．

【點睛】

改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內阻．2、D【分析】【詳解】

A．粒子射入某電場，在僅受電場力的作用下，由運動的軌跡為拋物線可知粒子做的是勻變速運動；則受力為恒力，所以電場為勻強電場，A正確；

B．根據(jù)拋物線的開口方向可知，粒子所受到的電場力方向豎直向上，電場方向沿y軸正方向；B正確；

C．粒子在電場中只受電場力運動動能和電勢能之和不變，先后經過A、B兩點時動能相等，則電勢能相同，A、B兩點的電勢相等；C正確；

D．粒子在O點時有沿x軸方向的速度，如果沒有水平方向速度，速度為零則在O點以后將做直線運動，所以粒子經過O電時的動能不為零；D錯誤。

故選D。3、C【分析】【詳解】

分析小球的受力可知小球的運動情況及小球受合外力的情況；可將其等效看作是豎直向下的勻速運動在合外力（重力和電場力）的作用下軌跡發(fā)生變化；由曲線運動的條件可知運動軌跡．

點評：本題表面上是考查了帶電粒子在電場中的運動，實際上是考查物體曲線運動的條件，應注意靈活應用物體做曲線運動的條件．注意本題中的等效方法的應用．4、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)牛頓第三定律得知兩個電荷間的相互作用力大小相等，由牛頓第二定律F=ma得

則有

故A錯誤；

BCD．將兩個電荷同時釋放，系統(tǒng)所受的合外力為零，取A的速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得

得

由能量守恒定律得：此過程中系統(tǒng)的電勢能減少量為

故BC錯誤；D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

B．因距離兩個負電荷G、F較近，而C點距離兩個正電荷E、H較近，可知點電勢低于C點的電勢，則一帶負電的試探電荷在點的電勢能大于它在C點的電勢能；選項B正確；

AC．因平面ADC′B′是平面EHFG的中垂面，則平面ADC′B′是等勢面，圖中A、兩點電勢相等，一帶正電的試探電荷從D點沿直線移到點其電勢能不變；選項AC錯誤；

D．移去G、H兩點的點電荷，由對稱性可知，D點和點場強相同；選項D錯誤。

故選B。6、C【分析】【詳解】

A.在兩等量異種點電荷連線上中點的場強最小，在兩等量異種點電荷連線的中垂線上中點的電場強度最大。所以b點的場強小于連線中點的場強，d點的場強大于中點的場強，則b點場強小于d點場強；選項A錯誤；

B.根據(jù)適矢量的疊加，b點的合場強由b指向c；不為零，選項B錯誤；

C.由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b；c兩點間的電勢差；選項C正確；

D.因a點的電勢高于c點的電勢；故試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，選項D錯誤。

故選C。7、C【分析】【詳解】

AB．從軌跡可以看出：yM＞yN，故

解得加速度關系：

比荷關系：

電量關系：

故A錯誤；B錯誤；

D．從軌跡可以看出：xM＞xN，

故vMt＞vNt，故vM＞vN；故D錯誤；

C．根據(jù)動能定理，電場力的功為：

質量m相同，M電荷豎直分位移大，豎直方向的末速度也大，故電場力對電荷M做的功大于電場力對電荷N做的功；故C正確；

故選C。8、C【分析】【分析】

【詳解】

A．當線圈通以沿順時針方向的電流時，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的N極，紙外是通電線圈的S極。通電線圈內部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電螺線管的內部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙里；故A錯誤；

BD．當線圈通以沿逆時針方向的電流時，根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的S極，紙外是通電線圈的N極。通電線圈內部的磁場是從S極出來回到N極，小磁針在通電線圈的內部，小磁針N極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N極垂直指向紙外；故BD錯誤；

C．由B的分析可知，當磁針N極指向讀者；線圈中電流沿逆時針方向，故C正確。

故選C。二、多選題(共6題，共12分)9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．粒子的所受合力的方向大致指向軌跡的彎曲的方向，知正電荷所受的電場力背離點電荷向外，知O為正電荷；A錯誤；

B．從a處運動b處，然后又運動到c處電場力先做負功；再做正功，則動能先減小再增大，所以電勢能先變大后變小，B正確；

C．越靠近點電荷；電場線越密，則電荷所受電場力越大，加速度越大，則加速度先增大后減小，C錯誤；

D．從a處運動b處，然后又運動到c處電場力先做負功，再做正功；a與c在同一個等勢面上，兩點間的電勢差為零，根據(jù)

知電場力做功為零；D正確。

故選BD。10、A:D【分析】【詳解】

A．當滑動變阻器的滑動片P向上移動時，電阻R2接入電路中的電阻變大，外電路由于局部電阻增大導致整個外電路電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中總電流減小，即電流表A1示數(shù)減小，電源內電壓減小，所以路端電壓即電壓表示數(shù)U變大；故A正確；

B．根據(jù)橋式電路特征，當滿足

由此可知，電路中M、N兩點間的電勢差為零，電流表A2示數(shù)變?yōu)榱悖还蔅錯誤；

C．由于回路中總電流減小，則R1與L1并聯(lián)部分電壓也減小，R2與L2并聯(lián)部分電壓增多，所以流過燈泡L1的電流變小，流過燈泡L2的電流變大，即燈泡L1變暗，L2變亮；故C錯誤；

D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

所以

故D正確。

故選AD。11、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．若兩球原來的庫侖力為。

接觸以后再放回原處；帶電量均為。

兩球間的庫侖力變?yōu)椤?/p>

由于。

可得。

故二者之間的庫侖力一定變大，同理可知，若二者之間的庫侖力也一定變大，A正確，B錯誤；

CD．若為異種電荷；兩球原來的庫侖力為。

接觸后再放回原處；帶電量均為。

若接觸以后兩球均帶負電，若接觸以后兩球均帶正電，兩球間的庫侖力變?yōu)椤?/p>

兩者之差為。

令。

其中均指電荷量的大小，當y=0時；解得。

此時即接觸后庫侖力不變；

當y>0時；解得。

或此時即接觸后庫侖力變大；

當y<0時；解得。

此時即接觸后庫侖力變小，綜上所述，C錯誤，D正確。

故選AD。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．電子經加速電壓U加速，根據(jù)動能定理得

解得

電子經電容器過程中水平速度不變，故電子到達熒光屏E上的速度為

故A正確；

B．電子經電容器后能穿過屏障上的小孔，說明電子在電容器中未發(fā)生偏轉，即電子經過電容器時的偏轉電壓為0，隨后電子經過電容器并最終到達熒光屏，說明電子在電容器中也未發(fā)生偏轉，即電子經過電容器時的偏轉電壓為0，又因為兩個電容器加有完全相同的正弦交流電壓，故電子經過兩電容器之間的距離l所用的時間必須是交流電壓半周期的整數(shù)倍；故B錯誤；

C．根據(jù)以上分析，電子經過兩電容器之間的距離l所用的時間為（）

由

聯(lián)立可得（）

故C正確；

D．加速電壓分別為和時，可分別得出

考慮到是連續(xù)兩次觀察到電子射到熒光屏中心E，故有

聯(lián)立以上三式可解得

故D正確。

故選ACD。13、A:C【分析】【詳解】

A．由圖像可知，經過AB兩點的加速度相等，則根據(jù)qE=ma

可知，兩點的場強相等即EA=EB

選項A正確；

B．因a-t圖像與坐標軸圍成的面積等于速度的變化量，可知vA<vB

選項B錯誤；

CD．帶正電的粒子一直加速運動，可知電場線方向沿從A到B的方向，沿電場線電勢逐漸降低，可知A＞B

選項C正確；D錯誤。

故選AC。14、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

由電源的伏安特性曲線有

所以A正確；

C．根據(jù)閉合電路歐姆定律有

由電源的伏安特性曲線有

所以C正確；

B．調節(jié)滑動變阻器滑片P向左移動一小段距離，則滑動變阻器的阻值增大，所以的值變大；則B錯誤；

D．滑片向左移動的過程中，滑動變阻器的阻值增大，則外電阻增大，根據(jù)

所以總電流越來越小，兩端電壓越為越?。坏嵌O管只有單向導電性，所以電容器不會放電，其帶的電荷量要不會減少，則D錯誤；

故選AC。三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

[1][2]當滑動變阻器的滑片向左移動時，滑動變阻器接入電路電阻減小，電路總電阻減小，電根據(jù)閉合電路歐姆定律可知干路電流增大，即電流表示數(shù)增大；根據(jù)可知路端電壓減小，即電壓表的示數(shù)將減??；[3]根據(jù)歐姆定律可知通過電流減小，在并聯(lián)電路中，干路電流等于支路電流之和，所以電流表的示數(shù)將增大。【解析】減小增大增大16、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，當撤去C時，AB是連接在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷相互中和，AB上的金屬箔片都閉合。

（2）當帶正電的小球C靠近AB時；由靜電感應A帶負電B帶正電，AB上的金屬箔片都張開，先移開AB在撤去C時，AB不是連在一起的，A上的負電荷和B上的正電荷不能相互中和，AB仍然帶電，AB下部的金屬箔片張開；在分離AB的過程中，C對A吸引，C對B排斥，C對AB都在做正功，電勢能在減小。

（3）感應起電是自由電荷從物體的一端移動到另一端，因此要發(fā)生感應起電就必須要有自由電荷【解析】閉合張開減小自由電荷17、略

【分析】【分析】

【詳解】

能量轉化的不可逆性∶科學家對有關自然現(xiàn)象和經驗事實進行大量研究后發(fā)現(xiàn)∶一切與熱現(xiàn)象有關的宏觀自然過程都是熱現(xiàn)象的?！窘馕觥竣?熱現(xiàn)象②.不可逆18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】錯誤錯誤正確錯誤19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]由圖可知，當和均斷開時，電流表G和串聯(lián)，所以改裝后的表是電壓表，量程為

（2）[3][4]由圖可知，當和均閉合時，電流表G和并聯(lián)，改裝后的表是電流表，量程為【解析】①.電壓表②.③.電流表④.20、略

【分析】【詳解】

略【解析】右手彎曲的四指彎曲的四指伸直的拇指所指環(huán)形電流方向螺線管內部北極21、略