2025年統(tǒng)編版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版選修3物理下冊階段測試試卷804考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、據(jù)有關資料介紹，受控核聚變裝置中有極高的溫度，因而帶電粒子將沒有通常意義上的“容器”可裝，而是由磁場約束帶電粒子運動，使之束縛在某個區(qū)域內。如圖所示，環(huán)狀磁場的內半徑為外半徑為被束縛的帶電粒子的比荷為k，若中空區(qū)域內帶電粒子均具有沿半徑方向的速度，速度大小為v。中空區(qū)域中的帶電粒子都不會穿出磁場的外邊緣而被約束在半徑為的區(qū)域內；則環(huán)狀區(qū)域內勻強磁場的磁感應強度最小值為（）

A.B.C.D.2、氦原子被電離一個核外電子，形成類氫結構的氦離子．已知基態(tài)的氦離子能量為氦離子的能級示意圖如圖所示．在具有下列能量的光子或者電子中，不能被基態(tài)氦離子吸收而發(fā)生躍遷的是（）

A.42.8eV(光子)B.43.2eV（電子）C.41.0eV（電子）D.54.4eV(光子)3、直流電路如圖所示，電源的內阻不能忽略不計，在滑動變阻器的滑片P由圖示位置向右移動時；電源的（）

A.效率一定增大B.總功率一定增大C.熱功率一定增大D.輸出功率一定先增大后減小4、甲、乙兩圖是電子技術中的常用電路，a、b是各部分電路的輸入端，其中輸入的直流成分用“—”表示，交流低頻成分用“～”表示，交流高頻成分用“”表示。則（）

A.圖甲中R得到的是交流成分B.圖甲中通過自感線圈的是交流成分C.圖乙中R得到的是高頻成分D.圖乙中通過電容器的是低頻成分5、如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態(tài)開始經(jīng)歷過程①、②、③、④最后到達狀態(tài)下列說法錯誤的是（）

A.過程①中，氣體的體積逐漸減小B.過程②中，氣體對外界做正功C.過程③中，氣體從外界吸收了熱量D.氣體在狀態(tài)和時的內能相等6、摩托車上的熱機工作時提供動力的沖程是（）A.吸氣沖程B.壓縮沖程C.做功沖程D.排氣沖程7、下列有關原子結構和原子核的認識，正確的是A.氫原子輻射光子后，其繞核運動的電子動能減小B.衰變說明原子核內有電子C.盧瑟福用α粒子轟擊氮核發(fā)現(xiàn)了質子，其核反應方程為D.盧瑟福α粒子散射實驗說明原子核由質子和中子組成評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、下列各系統(tǒng)處于平衡態(tài)的是（）A.放在0℃的房間里的冰水混合物B.放在沸水中加熱足夠長時間的銅塊C.剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂D.一瓶放在房間中很久的84消毒液9、下列說法正確的是（）A.若分子力表現(xiàn)為引力，則當分子間的距離增大時，分子力增大B.對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小C.液體中的布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動E.物理性質表現(xiàn)為各向同性的物體可能是晶體E.物理性質表現(xiàn)為各向同性的物體可能是晶體10、如圖所示，固定的豎直光滑U型金屬導軌，間距為L，上端接有阻值為R的電阻，處在方向水平且垂直于導軌平面、磁感應強度為B的勻強磁場中，質量為m、電阻為r的導體棒與勁度系數(shù)為k的固定輕彈簧相連放在導軌上，導軌的電阻忽略不計．初始時刻，彈簧處于伸長狀態(tài)，其伸長量為，此時導體棒具有豎直向上的初速度v0．在沿導軌往復運動的過程中，導體棒始終與導軌垂直并保持良好接觸．則下列說法正確的是

A.初始時刻導體棒受到的安培力大小B.初始時刻導體棒加速度的大小C.導體棒開始運動直到最終靜止的過程中，克服安培力做功等于棒上電阻r的焦耳熱D.導體棒開始運動直到最終靜止的過程中，回路上產(chǎn)生的焦耳熱11、下列說法正確的是（）A.在毛細現(xiàn)象中，毛細管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細管的材質有關B.脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?，以便吸取藥液C.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明蜂蠟是晶體E.在一定溫度下，當人們感到潮濕時，水汽蒸發(fā)慢，空氣的絕對濕度一定較大E.在一定溫度下，當人們感到潮濕時，水汽蒸發(fā)慢，空氣的絕對濕度一定較大12、如圖所示電路中，電源內阻不能忽略，兩個電壓表均為理想電表。當滑動變阻器R2的滑動觸頭P移動時，兩個電壓表V1與V2的示數(shù)分別為U1、U2，電流表示數(shù)為I；下列判斷正確的是（）

A.P向b移動，V1示數(shù)增大、V2的示數(shù)減小，A的示數(shù)變小B.P向a移動，V1示數(shù)增大、V2的示數(shù)減小，A的示數(shù)變大C.P向a移動，V1示數(shù)改變量的絕對值小于V2示數(shù)改變量的絕對值D.P向b移動，則13、下列說法正確的是___________.A.在擺角小于5°時單擺的周期與振幅無關B.用三棱鏡觀察太陽光譜是利用光的干涉現(xiàn)象C.在光導纖維束內傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象E.兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)E.兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)14、如圖所示，在光滑水平面上停放質量為m裝有弧形槽的小車．現(xiàn)有一質量為2m的小球以v0的水平速度沿切線水平的槽口向小車滑去(不計摩擦)；到達某一高度后，小球又返回小車右端，則()

A.小球在小車上到達的最大高度為B.小球離車后，對地將做自由落體運動C.小球離車后，對地將向右做平拋運動D.此過程中小球對車做的功為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、圖甲是研究光電效應現(xiàn)象的裝置．某同學用該裝置探究遏止電壓．與入射光頻率之間的關系，得到圖乙圖象．圖中電源____端為正極(填“左”或“右")．該裝置陰極K的逸出功為____J.已知普朗克常量h=（結果保留三位有效數(shù)字）

16、如圖所示電路，當滑動變阻器的滑片P向右移動時，安培表A的示數(shù)如何變化？小明同學的分析思路如下：

試寫出以下步驟的物理原理：

②______________________________________。

④______________________________________。17、如圖所示，一輕質彈簧兩端連著物體A、B，放在光滑的水平面上，若物體A被水平速度為v0的子彈射中，且后者嵌在物體A的中心，已知物體A的質量是物體B質量的子彈質量是物體B的彈簧被壓縮到最短時，求物體A；B的速度。

18、實驗發(fā)現(xiàn)，二氧化碳氣體在水深170m處將會變成液體?，F(xiàn)用一活塞將一定量的二氧化碳氣體封入某導熱容器中，并將該容器沉入海底。已知隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，則在容器下沉過程中，容器內氣體的密度將會________（選填“增大”、“減小”或“不變”），氣體的飽和汽壓將會____（選填“增大”、“減小”或“不變”）。19、B．(選修模塊3-4)

（1）一列沿著x軸正方向傳播的橫波，在t=0時刻的波形如圖甲所示．圖甲中某質點的振動圖象如圖乙所示．質點N的振幅是_________m，振動周期為_________s，圖乙表示質點_____(從質點K、L、M、N中選填)的振動圖象．該波的波速為___________m／s．

（2）慣性系S中有一邊長為l的正方形(如圖A所示)，從相對S系沿x方向以接近光速勻速飛行的飛行器上測得該正方形的圖象是__________________．

（3）描述簡諧運動特征的公式是x＝_______．自由下落的籃球緩地面反彈后上升又落下．若不考慮空氣阻力及在地面反彈時的能量損失，此運動________(填“是”或“不是”)簡諧運動．評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)20、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

21、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

22、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共40分)23、如圖裝置用于驗證從軌道上滑下的A球與靜止在軌道末端的小球B碰撞過程中的動量守恒（軌道末端水平）；圖中三條曲線分別是A球（未放B球）的飛行軌跡，以及兩球碰后的飛行軌跡。如果碰撞過程中動量守恒。

（1）下列各式中正確的是()

A．

B．

C．

D．

（2）在該實驗中，安裝斜槽軌道時，應該讓槽斜的末端點的切線保持水平，這樣做的目的是為了使()

A．入射球得到較大的速度。

B．入射球與被碰球對心碰撞后速度均沿水平方向。

C．入射球和被碰球均能從同一高度飛出。

D．兩球碰撞時動能無損失A.B.C.E.E.24、現(xiàn)要測量某小量程電流表的內阻，其內阻在8Ω～10Ω之間，要求測量多組數(shù)據(jù)，且各電表指針最大偏轉均能超過其滿偏刻度的可選用的器材如下：

A.待測電流表A（量程10mA）

B.電壓表V（量程3V；內阻約3kΩ）

C.電流表A0（量程5mA，內阻）

D.滑動變阻器R1（最大電阻5Ω；滑片可滑動的最大距離10cm）

E.滑動變阻器R2（最大電阻10Ω；滑片可滑動的最大距離50cm）

F.定值電阻R3（阻值20Ω）

G.電源E（電動勢1.5V）

H.開關S及導線若干。

（1）器材選擇時，在電壓表V和電流表A0中，應選_______（填“V”或“A0”），為便于調節(jié)，滑動變阻器應選_________（填“R1”或“R2”）；

（2）請在方框內畫出實驗電路圖_________；

（3）實驗中，若測得待測電流表A的示數(shù)為I，另一電表的示數(shù)為k，則待測電流表A內阻的表達式為r=__________.25、如圖所示，用伏安法測電源電動勢和內阻的實驗中，在電路中接一個阻值為2Ω的電阻R0；通過改變滑動變阻器，得到幾組電表的實驗數(shù)據(jù)：

（1）R0的作用是____________________；

（2）用作圖法在坐標系內作出U-I圖線__________；

（3）利用圖線，測得電動勢E=________V，內阻r=_________Ω．

（4）某同學測另一串聯(lián)電池組的輸出功率P隨外電阻R變化的曲線如圖所示．由所得圖線可知，被測電池組電動勢E＝________V，電池組的內阻r＝_______Ω．

26、某同學利用電壓表和定值電阻測蓄電池電源的電動勢和內阻。

(1)實驗室有以下三個電壓表；需要將它們改裝成量程為6V的電壓表，以下措施正確的是________；

A．將電壓表V1(0～1V，內阻約為1kΩ)與5kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

B．將電壓表V2(0～2V，內阻約為2kΩ)與4kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

C．將電壓表V3(0～3V，內阻為3kΩ)與3kΩ的定值電阻R串聯(lián)。

D．以上三項都可以。

(2)用改裝并校正后的電壓表及兩個定值電阻R0；測蓄電池的電動勢和內阻，圖甲為實驗電路圖，根據(jù)給出的電路圖，將圖乙的實物連線補充完整______；

(3)該實驗的主要操作步驟如下：

A．按電路原理圖連接實驗器材；

B．將開關S2閉合，開關S1斷開，測得電壓表的示數(shù)是U1；

C．再將開關S1閉合，測得電壓表的示數(shù)是U2；

D．斷開開關S2。

①根據(jù)實驗所得數(shù)據(jù)，可得電源電動勢的測量值E＝__________；電源內阻的測量值r＝____________(結果用字母U1、U2、R0表示)；

②該實驗測得的電動勢比實際值偏_______(填“大”或“小”)。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】由題意可知，粒子的比荷k已經(jīng)確定，粒子在磁場中運動，洛倫茲力提供向心力，則有

粒子運動的半徑r已經(jīng)確定；要使所有的粒子都不能穿出磁場，則：

與內圓相切的方向進入磁場的粒子在磁場運動的軌跡剛好與外圓相切，可知2r最大為如圖所示：

從而推知，

即

則故C正確，ABD錯誤；

故選C。2、A【分析】由于光子能量不可分，因此只有能量恰好等于兩能級差的光子才能被氦離子吸收，故A項中光子不能被吸收；而實物粒子(如電子)只要能量不小于兩能級差，均可能被吸收，故B、C兩項中電子均能被吸收，A對；3、A【分析】【詳解】

由電路圖可知，當滑動變阻滑片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻變大，電源電動勢不變，由閉合電路的歐姆定律可知，電路總電流I變小。

A．電源的效率

電源內阻r不變，滑動變阻器阻值R變大；則電源效率增大，故A正確；

B．電源電動勢E不變，電流I變小，電源總功率P=EI

減??；故B錯誤；

C．電源內阻r不變，電流I減小，電源的熱功率PQ=I2r

減?。还蔆錯誤；

D．當滑動變阻器阻值與電源內阻相等時；電源輸出功率最大，由于不知道最初滑動變阻器接入電路的阻值與電源內阻間的關系，因此無法判斷電源輸出功率如何變化，故D錯誤。

故選A。

【點睛】

知道電路串并聯(lián)中的電流電壓關系，并熟練應用閉合電路歐姆定律、電功率公式即可正確解題。4、A【分析】【分析】

【詳解】

AB．自感線圈是通直流、阻交流，通低頻、阻高頻，則R得到的是交流成分；B錯誤A正確；

CD．電容器是通交流、隔直流，通高頻、阻低頻，圖中輸入的是交流高頻成分，則R得到的是低頻成分；CD錯誤。

故選A。5、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)PV=nRT

根據(jù)圖線的特點可知；過程①中，氣體的體積不變，故A錯誤；

B．過程②中；氣體的壓強不變，溫度升高，體積增大，故氣體對外界做正功，故B正確；

CD．過程③中；溫度不變，氣體內能不變，壓強減小，體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體需要從外界吸熱，故C；D正確。

本題選錯誤的，故選A。6、C【分析】【詳解】

試題分析：摩托車上的熱機工作時提供動力的沖程是做功沖程；故選C．

考點：熱機。

【名師點睛】在四沖程內燃機的做功沖程中，燃料燃燒產(chǎn)生大量的高溫高壓的燃氣推動活塞做功，將內能轉化為機械能．7、C【分析】【詳解】

A；氫原子輻射光子后；軌道變小，動能變大，勢能變小，總能量變小，故A錯誤；

B、β衰變不能說明原子核內有電子；是中子轉變成質子，而放出電子的，故B錯誤；

C、盧瑟福用α粒子轟擊氮核首次實現(xiàn)了原子核的人工轉變，并發(fā)現(xiàn)了質子，其核反應方程為故C正確；

D、盧瑟福通過α粒子散射實驗，提出原子核式結構模型，故D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．系統(tǒng)處于平衡態(tài)時；其狀態(tài)參量不變，金屬塊放在沸水中加熱足夠長的時間，冰水混合物處在0℃環(huán)境中，其狀態(tài)參量不再變化，即處于平衡態(tài)，故AB正確；

C．剛剛放在教室中2分鐘的一杯熱水和一杯加較多冰塊的可樂；溫度未達到相同，則未處于平衡態(tài)，故C錯誤；

D．一瓶放在房間中很久的84消毒液；與環(huán)境溫度相同，則處于平衡態(tài)，故D正確。

故選ABD。9、B:D:E【分析】【詳解】

A．分子力與分子間距的關系如圖。

若分子力表現(xiàn)為引力，即時；由圖像可知，當分子間的距離增大時，分子力先增大后減小，故A錯誤；

B．溫度是衡量分子平均動能的唯一指標；所以對于任何物質，只要溫度降低，分子平均動能就一定減小，B正確；

C．液體中的布朗運動就是固體小顆粒的無規(guī)則運動；C錯誤；

D．一定質量的某種理想氣體在等溫膨脹的過程中對外做功而溫度保持不變，故氣體內能不變由熱力學第一定律

所以

該理想氣體在此過程中一定吸熱；D正確；

E．物理性質表現(xiàn)為各向同性的物體可能是非晶體；也可能是多晶體，E正確。

故選BDE。10、B:D【分析】【詳解】

導體棒的初速度為v0，初始時刻產(chǎn)生的感應電動勢為E，由法拉第電磁感應定律得：E=BLv0；設初始時刻回路中產(chǎn)生的電流為I，由閉合電路的歐姆定律得：設初始時刻導體棒受到的安培力為F，由安培力公式得：F=BIL；聯(lián)立上式得，．故A錯誤；初始時刻，彈簧處于伸長狀態(tài)，棒受到重力、向下的安培力和彈簧的彈力，所以：ma=mg+kx+F得：a=2g+．故B正確；導體棒直到最終靜止時，棒受到重力和彈簧的彈力，受力平衡，則：mg=kx2，得：x2=．由于x1=x2，所以彈簧的彈性勢能不變，由能的轉化和守恒定律得：mg（x1+x2）+Ek=Q，解得系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量：可知R上產(chǎn)生的熱量要小于系統(tǒng)產(chǎn)生的總熱量．故C錯誤；D正確；故選BD．

【點睛】

本題中安培力的經(jīng)驗公式可以由感應電動勢、歐姆定律、安培力三個公式結合推導出來，要加強記憶，有助于分析和計算.11、A:B:D【分析】【詳解】

A．在毛細現(xiàn)象中；毛細管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細管的材質有關，選項A正確；

B．脫脂棉脫脂的目的在于使它從不被水浸潤變?yōu)榭梢员凰?；以便吸取藥液，選項B正確；

C．燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面；熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片的物理性質各向異性，云母片是單晶體，選項C錯誤；

D．在空間站完全失重的環(huán)境下；水滴能收縮成標準的球形是因為液體表面張力的作用，選項D正確；

E．在一定溫度條件下，空氣的相對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人就感到越潮濕，故當人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故E錯誤；12、B:C【分析】【詳解】

AD．若P向b端移動，則滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電流A減小，內電壓減小，路端電壓增大，V1減小，則V2的示數(shù)增大，則

即

故AD錯誤；

B．若P向a端移動，則滑動變阻器接入電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流A增大，則內電壓增大，兩端的電壓V1增大；路端電壓減小，故兩端的電壓V2減?。还蔅正確；

C．因路端電壓減小，V1示數(shù)增大，V2示數(shù)減小，而兩電表之和等于路端電壓，故可知V1示數(shù)改變量的絕對值小于V2示數(shù)改變量的絕對值；故C正確。

故選BC。

【點睛】

閉合電路歐姆定律的動態(tài)分析類題目，一般可按外電路—內電路—外電路的分析思路進行分析，在分析時應注意結合閉合電路歐姆定律及串并聯(lián)電路的性質。13、A:C:E【分析】【詳解】

在擺角小于5°時單擺的振動可視為簡諧振動，此時周期與振幅無關，選項A正確；三棱鏡觀察太陽光譜，是利用光的折射率不同，出現(xiàn)光的折射色散現(xiàn)象，故B錯誤；在光導纖維束內傳送圖象是利用光的全反射現(xiàn)象，選項C正確；用標準平面檢查光學平面的平整程度是利用光的干涉現(xiàn)象，選項D錯誤；兩列波相疊加產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，振動加強區(qū)域與振動減弱區(qū)域應交替出現(xiàn)，選項E正確.14、A:D【分析】【分析】

小球和小車組成的系統(tǒng)在水平方向上動量守恒；當小球上升的最高點時，豎直方向上的速度為零，水平方向上與小車具有相同的速度，結合動量守恒和能量守恒求出上升的最大高度．根據(jù)動量守恒定律和能量守恒求出小球返回右端時的速度，從而得出小球的運動規(guī)律，根據(jù)動能定理得出小球對小車做功的大小．

【詳解】

設小球離開小車時，小球的速度為v1，小車的速度為v2，整個過程中動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得：2mv0=mv1+2mv2，由動能守恒定律得：解得：所以小球與小車分離后對地將向左做平拋運動，故BC錯誤；當小球與小車的水平速度相等時，小球弧形槽上升到最大高度，設該高度為h，系統(tǒng)在水平方向動量守恒，以向左為正方向，在水平方向，由動量守恒定律得：2mv0=3m?v，由機械能守恒定律得：解得：故A正確；對小車運用動能定理得，小球對小車做功：故D正確．所以AD正確，BC錯誤．

【點睛】

本題考查了動量守恒定律和能量守恒定律的綜合，知道當小球與小車的水平速度相等時，小球上升到最大高度．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

因為是研究遏止電壓的裝置，所以所加電壓應為反向電壓，阻值光電子到達A極板形成光電流，所以A極板接電源負極，K級板接電源正極，電源右端為正極；根據(jù)圖像乙可知，當頻率為時，所需遏止電壓為零，說明此時對應頻率為截止頻率所以逸出功：【解析】右3.38×10-1916、略

【分析】【詳解】

②根據(jù)閉合電路歐姆定律得：總電流減小，所以路端電壓變大；④根據(jù)并聯(lián)電路電流關系：總電流變小，而變大，則一定變小【解析】17、略

【分析】【詳解】

設B的質量為m，則A的質量是子彈質量是子彈和A、B木塊組成的系統(tǒng)動量守恒，有

解得【解析】18、略

【分析】【詳解】

[1]隨著深度的增加，海水溫度逐漸降低，壓強也增大，由理想氣體狀態(tài)方程

二氧化碳的體積減??；而質量不變，則密度一定增大；

[2]隨著溫度的降低，飽和汽壓會減小。【解析】增大減小19、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）由甲圖可知波長由乙圖可知振幅周期所以波速因為波沿軸正方向傳播，由甲圖可以判斷時刻L向上振動，N向下振動，K在正的最大位移處，M在負的最大位移處．由乙圖可知時刻；質點向上振動．所以為L的振動圖象；

（2）由相對論中長度的相對性：在垂直于運動方向；長度不變；在沿著運動方向長度變長．所以C正確；

（3）簡諧運動的表達式為：為初相位，可以取零．籃球的運動加速度不改變，不符合簡諧運動的規(guī)律，所以不是簡諧運動．【解析】0.84L0.5C不是四、作圖題(共3題，共30分)20、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】21、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結合電子到達熒光屏的偏轉量與偏轉電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內的穩(wěn)定圖象【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共40分)23、B:D【分析】【詳解】

（1）[1]小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則

整理可得

即

故選D。

（2）[2]“驗證動量守恒定律”的實驗中；是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度，要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，做平拋運動。

故選B。24、略

【分析】【分析】

選擇電表時要考慮安全性；精確性和便捷性；利用并聯(lián)電壓相等原則求電壓；再由歐姆定律求電表內阻。

【詳解】

第一空第二空.由于電壓表內阻不可確定，而電流表內阻已知，故應選用電流表A0；為了便于調節(jié)，滑動變阻器應選用可滑動距離大的，故應選用R2；

第三空.為了調節(jié)范圍盡可能的大；滑動變阻器應選用分壓式，兩個電流表并聯(lián)，電路如圖。

第四空.根據(jù)實驗電路圖，以及并聯(lián)電路電壓相等的原理，可得：