2025年人教新課標(biāo)高二物理上冊(cè)月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年人教新課標(biāo)高二物理上冊(cè)月考試卷787考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n

=4

的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干不同頻率的光，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.這些氫原子總共可輻射出3

種不同頻率的光B.由n

=2

能級(jí)躍遷到n

=1

能級(jí)產(chǎn)生的光頻率最小C.由n

=4

能級(jí)躍遷到n

=1

能級(jí)產(chǎn)生的光最容易表現(xiàn)出衍射現(xiàn)象D.用n

=2

能級(jí)躍遷到n

=1

能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV

的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)2、把一個(gè)帶正電的金屬小球A

跟同樣的不帶電的金屬球B

相碰，兩球都帶等量的正電荷，這從本質(zhì)上看是因?yàn)?

)

A.A

球的正電荷移到B

球上B.B

球的負(fù)電荷移到A

球上C.A

球的負(fù)電荷移到B

球上D.B

球的正電荷移到A

球上3、如圖所示，一根金屬棒MN，兩端用細(xì)軟導(dǎo)線連后懸掛于a、b兩點(diǎn)；棒中通有方向從M流向N的電流．為了減小懸線的彈力，可以在金屬棒的中部加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，關(guān)于該磁場(chǎng)的方向，以下判斷正確的是（）

A.垂直紙面向里。

B.垂直紙面向外。

C.平行紙面向上。

D.平行紙面向下。

4、如圖所示，F(xiàn)

是磁場(chǎng)對(duì)通電直導(dǎo)線的作用力，其中正確的示意圖是

A.B.C.D.5、如圖1所示，匝數(shù)n=100，邊長(zhǎng)l=0.1m的正方形線框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)讓線框垂直磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖2為計(jì)時(shí)開(kāi)始后，通過(guò)線框的磁通量隨時(shí)間變化的圖象，則（）A.線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有效值為10π（V）B.線框兩端電壓瞬時(shí)值為u=20πsin50πt（V）C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為4×10-3TD.t=0時(shí)刻線框恰好位于中性面處評(píng)卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、原子的能量量子化現(xiàn)象是指（）A.原子的能量是不可以改變的B.原子的能量與電子的軌道無(wú)關(guān)C.原子的能量狀態(tài)是不連續(xù)的D.原子具有分立的能級(jí)7、如圖所示，兩個(gè)完全相同的金屬圓環(huán)AB

圓心在同一豎直方向，若在A

環(huán)中通以如圖所示的電流，下列描述正確的是(

)

A.若A

環(huán)中的電流在增強(qiáng)，則兩環(huán)相互排斥，B

環(huán)中有與A

環(huán)反向的感應(yīng)電流B.若A

環(huán)中的電流在增強(qiáng)，則兩環(huán)相互吸引，B

環(huán)中有與A

環(huán)同向的感應(yīng)電流C.若A

環(huán)中的電流在減弱，則兩環(huán)相互吸引，B

環(huán)中有與A

環(huán)同向的感應(yīng)電流D.若A

環(huán)中的電流在減弱，則兩環(huán)相互排斥，B

環(huán)中有與A

環(huán)反向的感應(yīng)電流8、如圖所示，有五根完全相同的金屬桿，其中四根固連在一起構(gòu)成正方形閉合框架，放在絕緣粗糙水平桌面上，另一根金屬桿ab

擱在其上且始終接觸良好。勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)桌面，不計(jì)ab

桿與框架的摩擦，當(dāng)ab

桿在水平外力F

作用下勻速沿框架從最左端向最右端運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，框架始終靜止。則()

A.外力F

是恒力B.桌面對(duì)框架的摩擦力先變小后變大C.ab

桿的輸出功率先變大后變小D.正方形框架產(chǎn)生的總熱量大于ab

桿產(chǎn)生的總熱量9、如圖所示，質(zhì)量為M=1kg

的木板靜止在光滑水平面上，一個(gè)質(zhì)量為m=3kg

的滑塊以初速度v0=2m/s

從木板的左端向右滑上木板，滑塊始終未離開(kāi)木板。則下面說(shuō)法正確的是(

)

A.滑塊和木板的加速度大小之比是1隆脙3B.整個(gè)過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能是1.5JC.可以求出木板的最小長(zhǎng)度是1.5mD.從開(kāi)始到滑塊與木板相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi)，滑塊與木板的位移之比是7隆脙3

10、下列說(shuō)法中正確的是（）A.一個(gè)帶電體能否看成點(diǎn)電荷，不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對(duì)所研究的問(wèn)題的影響是否可以忽略不計(jì)B.點(diǎn)電荷是一種理想模型，真正的點(diǎn)電荷是不存在的C.點(diǎn)電荷就是體積和帶電量都很小的帶電體D.根據(jù)F=k可知，當(dāng)r→0時(shí)，F(xiàn)→∞11、兩個(gè)等量異種電荷的連線的垂直平分線上有A、B、C三點(diǎn)，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同，b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)比a點(diǎn)大B.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高C.a、b、c三點(diǎn)和無(wú)窮遠(yuǎn)處等電勢(shì)D.一個(gè)電子在a點(diǎn)無(wú)初速釋放，則它將在c點(diǎn)兩側(cè)往復(fù)振動(dòng)12、如圖所示，單匝矩形閉合導(dǎo)線框abcd

全部處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積為S

，電阻為R

.

線框繞與cd

邊重合的豎直固定轉(zhuǎn)軸以角速度婁脴

勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，從圖示位置開(kāi)計(jì)時(shí)()

A.當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?

時(shí)，感應(yīng)電流的瞬時(shí)值為3BS婁脴2R

B.當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?

時(shí)，感應(yīng)電流的瞬時(shí)值為BS婁脴2R

C.在轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?

過(guò)程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為3BS婁脴2婁脨

D.當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)90鈭?

過(guò)程中，感應(yīng)電流的有效值為BS婁脴2R

評(píng)卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、一個(gè)元電荷的電量是____C，3.2×10-8C電量有____個(gè)基元電荷。14、安培的磁性起源假說(shuō)，揭示了磁現(xiàn)象的本質(zhì)，它使我們認(rèn)識(shí)到磁體的磁場(chǎng)和電流的磁場(chǎng)一樣，都是由產(chǎn)生的。15、某同學(xué)在用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器做探究勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)時(shí)。

（1）使用電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，下列做法正確的是____．

A．應(yīng)使用220V的交流電。

B．使用時(shí)應(yīng)當(dāng)先放開(kāi)小車；讓其運(yùn)動(dòng)起來(lái)，再接通電源。

C．也可以用干電池作為打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源。

D．每打完一條紙帶要及時(shí)切斷打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源。

（2）若實(shí)驗(yàn)中所用交流電源的頻率為50Hz時(shí)，得到如圖所示的一條紙帶，從比較清晰的點(diǎn)開(kāi)始起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，分別標(biāo)上OA、B、C，量得A與B兩點(diǎn)問(wèn)的距離s1=39mm，B與c兩點(diǎn)間的距離s2=47mm，則在打B點(diǎn)時(shí)小車的速度為_(kāi)___，小車的加速度為_(kāi)___．

16、測(cè)定重力加速度時(shí)：

①擺球應(yīng)選用重而小的實(shí)心球；擺線宜選用輕而長(zhǎng)且難以發(fā)生形變的細(xì)線；

②測(cè)擺線的長(zhǎng)度用的儀器是______，測(cè)小球直徑用的儀器是______，測(cè)量擺動(dòng)30～50次時(shí)間用的儀器是______．17、兩條平行的通電直導(dǎo)線會(huì)通過(guò)磁場(chǎng)發(fā)生相互作用，當(dāng)通過(guò)兩條導(dǎo)線的電流方向相同時(shí)，兩條導(dǎo)線相互______．（填“吸引”或“排斥”）18、真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間的作用力為F

若它們的帶電量都增大為原來(lái)的2

倍，距離減小為原來(lái)的12

它們之間的相互作用力變?yōu)開(kāi)_____F.評(píng)卷人得分四、判斷題(共2題，共20分)19、電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，沿著同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷時(shí)靜電力不做功．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)21、如圖1為“用DIS研究通電螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度”實(shí)驗(yàn)裝置的示意圖，E1和E2是兩個(gè)電動(dòng)勢(shì)不同的電源，且E2＞E1．將螺線管接入電源后放置在水平桌面上，調(diào)節(jié)磁傳感器的高度，使磁傳感器的探管正好在螺線管的軸線上．正確進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作后，啟動(dòng)“繪圖”功能在顯示屏上作出B-d圖線（如圖2）．

（1）（多選題）某同學(xué)第一次實(shí)驗(yàn)作出圖線1，第二次實(shí)驗(yàn)作出圖線2，第二次實(shí)驗(yàn)得到的圖線與第一次圖線不同的原因可能是______

A．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片位置不變，電鍵S由位置a改接到位置b后測(cè)量。

B．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片位置不變，電鍵S由位置b改接到位置a后測(cè)量。

C．電鍵S接在b位置；滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向右移動(dòng)一段后測(cè)量。

D．電鍵S接在b位置；滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片向左移動(dòng)一段后測(cè)量。

（2）若螺線管的匝數(shù)為200匝，橫截面積為1.50×10-4m2，由圖線1可求出穿過(guò)螺線管中部的磁通量大約為_(kāi)_____Wb．22、圖a中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻可忽略不計(jì)；電流表具有一定的內(nèi)阻，電壓表的內(nèi)阻不是無(wú)限大，S為單刀雙擲開(kāi)關(guān)，R為待測(cè)電阻．當(dāng)S向電壓表一側(cè)閉合時(shí)，電壓表讀數(shù)為U1，電流表讀數(shù)為I1；當(dāng)S向R一側(cè)閉合時(shí)，電流表讀數(shù)為I2．

（1）根據(jù)已知條件與測(cè)量數(shù)據(jù)，可以得出待測(cè)電阻R=______．

（2）根據(jù)圖a所給出的電路，在圖b的各器件實(shí)物圖之間畫(huà)出連接的導(dǎo)線．參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】由高能級(jí)向低能級(jí)躍遷，輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能極差，光子頻率越高，波長(zhǎng)越短，波長(zhǎng)長(zhǎng)的光容易發(fā)生衍射。當(dāng)光子的能量大于逸出功，即可發(fā)生光電效應(yīng)。解決本題的關(guān)鍵知道光子能量與能極差的關(guān)系，即Em鈭?En=hv

以及知道光電效應(yīng)產(chǎn)生的條件?！窘獯稹緼.根據(jù)C42

所以這些氫原子總共可輻射出6

種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤；B.由圖可知當(dāng)核外電子從n=4

能級(jí)躍遷到n=3

能級(jí)時(shí)；能級(jí)差最小，所以放出光子的能量最小，頻率最小，故B錯(cuò)誤；

C.由n=4

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)過(guò)程中輻射的光波長(zhǎng)最短；不易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；

D.n=2

能級(jí)躍遷到n=1

能級(jí)輻射出的光子能量E=13.6鈭?3.40eV=10.2eV

大于逸出功，能發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。故選D。

【解析】D

2、B【分析】解：AD

金屬上正電荷只做無(wú)規(guī)則的熱振動(dòng)；不能發(fā)生移動(dòng)，更不可能從一個(gè)球移動(dòng)到另一個(gè)球.

故A、D錯(cuò)誤．

BCB

球原來(lái)不帶電，與A

球接觸后，由于A

球上正電荷對(duì)電子的吸引，電子從B

球轉(zhuǎn)移到A

球上，原來(lái)中性的B

球就帶正電.

電子帶負(fù)電，所以B

帶正電是由于B

球上的負(fù)電荷移到A

球上的緣故.

故B正確，C錯(cuò)誤．

故選B．

金屬是自由電子和金屬正離子組成的；正離子只做熱振動(dòng)，不移動(dòng)，而自由電子可以移動(dòng).

根據(jù)這個(gè)分析接觸帶電的實(shí)質(zhì)．

本題運(yùn)用基本知識(shí)分析物理現(xiàn)象的能力．【解析】B

3、A【分析】

A；磁場(chǎng)方向垂直紙面向里；導(dǎo)體棒所受的安培力方向豎直向上，根據(jù)平衡，知懸線的拉力減?。蔄正確．

B；磁場(chǎng)方向垂直紙面向外；導(dǎo)體棒所受的安培力方向豎直向下，根據(jù)平衡，知懸線的拉力增大．故B錯(cuò)誤．

C；磁場(chǎng)方向平行于紙面向上；則安培力方向垂直紙面向外，當(dāng)平衡時(shí)，繩子拉力大于重力，拉力增大．故C錯(cuò)誤．

D；磁場(chǎng)方向平行于紙面向下；則安培力方向垂直紙面向內(nèi)，當(dāng)平衡時(shí)，繩子拉力大于重力，拉力增大．故D錯(cuò)誤．

故選A．

【解析】【答案】棒子受重力和拉力處于平衡；為了減小繩子的拉力，則加上勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，產(chǎn)生向上的安培力．

4、A【分析】【分析】左手定則：伸開(kāi)左手，使拇指跟其余四指垂直，并且都跟手掌在同一個(gè)平面內(nèi)，讓磁感線穿入手心，并使四指指向電流的方向，大拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線所受安培力的方向。熟練應(yīng)用左手定則是解決本題的關(guān)鍵，在應(yīng)用時(shí)可以先確定一個(gè)方向，然后逐步進(jìn)行?！窘獯稹緼.根據(jù)左手定則可知：圖中的安培力應(yīng)該垂直導(dǎo)線斜向上；故A正確；

B.根據(jù)左手定則可知：圖中安培力方向應(yīng)該水平向左；故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)左手定則可知：圖中的安培力方向應(yīng)該豎直向下；故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)左手定則可知：圖中的安培力方向應(yīng)該水平向右；故D錯(cuò)誤。

故選A。

【解析】A

5、A【分析】解：A、線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的周期T=0.04s，故轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為線圈在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=NBSω=N?mω=20πV

故線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值為故A正確。

B；線框從與中性面垂直開(kāi)始計(jì)時(shí)；則線框兩端電壓瞬時(shí)值為u=20πcos50πt（V），故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)可知B=故C錯(cuò)誤；

D；t=0時(shí)刻；磁通量為零，故線框恰好位于與中性面垂直位置處，故D錯(cuò)誤；

故選：A。

根據(jù)圖象判斷出周期，求得角速度，根據(jù)Em=BSω求得產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；然后結(jié)合瞬時(shí)值表達(dá)式即可求出；根據(jù)磁通量的變化判斷出線圈的位置。

本題是綜合題目，重點(diǎn)考查了交流電的產(chǎn)生與應(yīng)用，明確求功率時(shí)用有效值是解答的關(guān)鍵?！窘馕觥緼二、多選題(共7題，共14分)6、CD【分析】解：根據(jù)玻爾理論；原子的能量量子化現(xiàn)象是指原子的能量狀態(tài)是不連續(xù)的，原子具有分立的能級(jí)，即能量的量子化．所以選項(xiàng)AB錯(cuò)誤，CD正確．

故選：CD

波爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化；還有軌道量子化．由此解答即可．

玻爾理論，關(guān)于原子結(jié)構(gòu)的一種理論．1913年由玻爾提出．是在盧瑟福原子模型基礎(chǔ)上加上普朗克的量子概念后建立的．要點(diǎn)是：（1）原子核外的電子只能在某些規(guī)定的軌道上繞轉(zhuǎn)，此時(shí)并不發(fā)光；（2）電子從高能量的軌道跳到低能量的軌道時(shí)，原子發(fā)光．具體來(lái)說(shuō)，玻爾理論包括三條假說(shuō)1、原子能量的量子化假設(shè)：原子只能處于一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中，在這些狀態(tài)中的原子是穩(wěn)定的，電子雖然做加速運(yùn)動(dòng)，但并不向外輻射能量．2、原子能級(jí)的躍遷假設(shè)：原子從一個(gè)定態(tài)躍遷到另一個(gè)定態(tài)時(shí)，原子輻射一定頻率的光子，光子的能量由這兩種定態(tài)的能量差決定．3、原子中電子運(yùn)動(dòng)軌道量子化假設(shè)：原子的不同能量狀態(tài)對(duì)應(yīng)于電子的不同運(yùn)行軌道．由于原子的能量狀態(tài)是不連續(xù)的，因此電子運(yùn)動(dòng)的軌道也可能是不連續(xù)的，即電子不能在任意半徑的軌道上運(yùn)動(dòng)．【解析】【答案】CD7、AC【分析】解：AB

根據(jù)右手螺旋定則；知A

環(huán)內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于環(huán)向上，若A

環(huán)中的電流在增強(qiáng)，那么對(duì)于B

環(huán)，穿過(guò)B

環(huán)的磁通量在增大，依據(jù)楞次定律，則有順時(shí)針?lè)较蚋袘?yīng)電流(

從上向下看)

則兩環(huán)的電流方向相反，因此兩環(huán)相互排斥，故A正確，B錯(cuò)誤。

CD

根據(jù)右手螺旋定則；知A

環(huán)內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于環(huán)向上，若A

環(huán)中的電流在減弱，那么對(duì)于B

環(huán)，穿過(guò)B

環(huán)的磁通量在減小，依據(jù)楞次定律，則有逆時(shí)針?lè)较蚋袘?yīng)電流(

從上向下看)

則兩環(huán)的電流方向相同，因此兩環(huán)相互吸引，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：AC

根據(jù)右手螺旋定則判斷A

環(huán)內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向；再依據(jù)楞次定律，結(jié)合磁通量的變化，從而判定B

環(huán)中的感應(yīng)電流。

本題右手螺旋定則判斷電流周圍磁場(chǎng)的方向，掌握楞次定律的應(yīng)用，注意磁通量的如何變化是解題的關(guān)鍵?！窘馕觥緼C

8、BC【分析】【分析】ab

切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，ab

把金屬框分為兩部分，這兩部分并聯(lián)與ab

構(gòu)成閉合回路；由并聯(lián)電路特點(diǎn)判斷外電路電阻如何變化，從而判斷外電壓是否保持不變，應(yīng)用安培力公式；平衡條件、電功率公式分析答題。

本題是一道電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路知識(shí)的綜合題，要掌握電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路的基本規(guī)律，如E=BLv

并聯(lián)電路特點(diǎn)、歐姆定律、安培力公式、電功與電功率公式等等.

本題的難點(diǎn)與解題關(guān)鍵是：知道ab

桿是電源，框架是外電路，判斷出外電阻先增大后減小?！窘獯稹緼C.ab

可以看做電源，框架構(gòu)成外電路，當(dāng)ab

運(yùn)動(dòng)到框架的中間位置時(shí)，外電路電阻最大，等于ab

的電阻，因此在ab

運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，外電路總電阻R

先增大后減小，由歐姆定律可知，電路電流先減小后增大，ab

受到的安培力為FB=BIL

可知安培力先減小后變大，ab

勻速運(yùn)動(dòng)；由平衡條件得：F=FB

所以外力F

先減小后增大，導(dǎo)線框每根桿受到的安培力在變化，先減小后增大，故桌面對(duì)框架的摩擦力先減小后增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.通過(guò)ab

的電流I

先減小后增大；電動(dòng)勢(shì)不變，則整個(gè)電路的電功率先減小后增大，故C正確；

D.當(dāng)ab

在框架的中央時(shí)，內(nèi)外電阻相等，正方形框架的發(fā)熱功率等于ab

桿的發(fā)熱功率，除此之外，外電阻總是小于內(nèi)電阻的，由U=IR

可知，外電壓小于等于內(nèi)電壓，由Q=W=UIt

可知外電路產(chǎn)生的總熱量小于ab

桿產(chǎn)生的總熱量；故D錯(cuò)誤。

故選BC。

【解析】BC

9、ABD【分析】【分析】分析滑塊和木板組成的系統(tǒng)所受的外力，判斷動(dòng)量是否守恒..滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)，由動(dòng)量守恒定律求出兩者的共同速度，由能量守恒定律求內(nèi)能..再由Q=婁脤mgL，求木板的最小長(zhǎng)度L.L.由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求滑塊與木板的位移之比。本題是動(dòng)量守恒和能量及運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的綜合應(yīng)用?！窘獯稹緼.根據(jù)牛頓第二定律得出，滑塊和木板的加速度大小分別為：a1=婁脤g,a2=婁脤mgM{a}_{1}=婁脤g,{a}_{2}=dfrac{婁脤mg}{M}故：a1:a2=M:m=1:3{a}_{1}:{a}_{2}=M:m=1:3A正確；B.滑塊相對(duì)木板靜止時(shí)，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，mv0=(M+m)v，計(jì)算得出：v=1.5m/s

根據(jù)能量守恒定律得：整個(gè)過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q=12mv02鈭?12(M+m)v2=12隆脕3隆脕22鈭?12(1+3)隆脕1.52=1.5J..所以BB選項(xiàng)是正確的;;

C.設(shè)木板的最小長(zhǎng)度為L(zhǎng)L則有Q=婁脤mgL，得L=0.5m，故C錯(cuò)誤.;.;

D.從開(kāi)始到滑塊與木板相對(duì)靜止這段時(shí)間內(nèi)，滑塊與木板的位移之比是xm:xM=v0+v2t攏潞v2t=2+1.52攏潞1.52=7:3{x}_{m}:{x}_{M}=dfrac{{v}_{0}+v}{2}t攏潞dfrac{v}{2}t=dfrac{2+1.5}{2}攏潞dfrac{1.5}{2}=7:3，所以DD選項(xiàng)是正確的。

故選ABD?！窘馕觥緼BD

10、AB【分析】解：A；一個(gè)帶電體能否看成點(diǎn)電荷；不是看它的尺寸大小，而是看它的形狀和大小對(duì)所研究的問(wèn)題的影響是否可以忽略不計(jì)，故A正確；

B；點(diǎn)電荷是理想模型；實(shí)際不存在的，故B正確；

C；帶電體看作點(diǎn)電荷的條件；當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系．故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)F=k應(yīng)用的條件可知，該公式適用于點(diǎn)電荷、真空中．可知當(dāng)r→0時(shí)；庫(kù)侖定律不再適用．故D錯(cuò)誤．

故選：AB．

帶電體看作點(diǎn)電荷的條件；當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對(duì)它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問(wèn)題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無(wú)具體關(guān)系．

考查了帶電體看作點(diǎn)電荷的條件及其特點(diǎn)，是基礎(chǔ)的題目，在平時(shí)要注意多積累．【解析】【答案】AB11、AC【分析】解：A、a、b兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向都與垂直平分線垂直向右，方向相同．由于b處電場(chǎng)線密；電場(chǎng)強(qiáng)度大于a處電場(chǎng)強(qiáng)度；故A正確；

B、C、a、b；c是兩個(gè)等量異種電荷連線的垂直平分線的三點(diǎn)；電勢(shì)相等，而且與無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相等；故B錯(cuò)誤，C正確；

D；一個(gè)電子在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)方向垂直于垂直平分線向左；無(wú)初速釋放后，將向左下方運(yùn)動(dòng)，不可能到達(dá)c點(diǎn)；故D錯(cuò)誤；

故選：AC．

兩個(gè)等量異種電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線；電場(chǎng)強(qiáng)度方向與等勢(shì)面方向垂直；而且指向電勢(shì)低的方向．根據(jù)電子的受力情況，分析電子的運(yùn)動(dòng)情況．

對(duì)于等量異種電荷和等量同種電荷連線和垂直平分線的特點(diǎn)要掌握，抓住電場(chǎng)線和等勢(shì)面的對(duì)稱性進(jìn)行記憶．【解析】【答案】AC12、ACD【分析】【分析】(1)

根據(jù)交流電的正弦函數(shù)表達(dá)式，可知當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?60^{circ}時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值，再由歐姆定律可求此時(shí)感應(yīng)電流的瞬時(shí)值；(2)(2)在14Tdfrac{1}{4}T內(nèi)感應(yīng)電流的有效值與整個(gè)周期內(nèi)的有效值相等，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值由法拉第電磁感應(yīng)定律求出。本題主要考查的是正弦交流電的函數(shù)表達(dá)式，掌握正弦交流電的瞬時(shí)值、有效值、最大值、平均值的求法。【解答】AB.

此交流電的瞬時(shí)值表達(dá)式為：E=BS婁脴sin婁脴t當(dāng)轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?60^{circ}時(shí)，感應(yīng)電流的瞬時(shí)值為：E=BS婁脴sin婁脴tR=BS婁脴sin60鈭?R=3BS婁脴2R

故A正確，B錯(cuò)誤；C.在轉(zhuǎn)過(guò)60鈭?60^{circ}過(guò)程中，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為：E鈭?=B?S?t=BScos60鈭?婁脨3婁脴=3BS婁脴2Roverset{-}{E}=dfrac{B?S}{?t}=dfrac{BScos60^{circ}}{dfrac{dfrac{婁脨}{3}}{婁脴}}=dfrac{3BS婁脴}{2R}故C正確；D.在14T內(nèi)感應(yīng)電流的有效值與整個(gè)周期內(nèi)的有效值相等，即BS婁脴2Rdfrac{BS婁脴}{sqrt{2}R}故D正確。故選ACD。【解析】ACD

三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【解析】試題分析：一個(gè)元電荷的電量是1.6×10-19C，3.2×10-8C電量有個(gè)基元電荷考點(diǎn)：考查元電荷【解析】【答案】1.6×10-19，2×101114、略

【分析】【解析】試題分析：由安培的磁性起源假說(shuō)的內(nèi)容知，在磁體的內(nèi)部存在著一種環(huán)形電流--分子電流，分子電流也是電荷的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，所以磁現(xiàn)象的本質(zhì)是磁體的磁場(chǎng)和電流的磁場(chǎng)一樣，都是由電荷的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的?？键c(diǎn)：本題考查安培分子電流假說(shuō)【解析】【答案】電荷的運(yùn)動(dòng)15、略

【分析】

（1）A；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)使用4-6V的交流電；故A錯(cuò)誤．

B；實(shí)驗(yàn)時(shí)；應(yīng)先放開(kāi)小車，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，由于小車運(yùn)動(dòng)較快，可能會(huì)使打出來(lái)的點(diǎn)很少，不利于數(shù)據(jù)的采集和處理．故B錯(cuò)誤．

C；干電池是直流電源；電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)使用4-6V的交流電，故C錯(cuò)誤．

D；每打完一條紙帶要及時(shí)切斷打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源；故D正確．

故選D．

（2）每五個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.1s．

利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論得：

利用逐差法△x=aT2得：

故答案為：0.43m/s，0.8m/s2．

【解析】【答案】（1）了解電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓和實(shí)驗(yàn)的工作步驟．

（2）紙帶實(shí)驗(yàn)中；若紙帶勻變速直線運(yùn)動(dòng)，測(cè)得紙帶上的點(diǎn)間距，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論，可計(jì)算出打出某點(diǎn)時(shí)紙帶運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度和加速度．

16、略

【分析】解：測(cè)擺線的長(zhǎng)度應(yīng)準(zhǔn)確到毫米；故用毫米刻度尺；測(cè)小球直徑常用游標(biāo)卡尺，用秒表測(cè)量時(shí)間。

故答案為：毫米刻度尺；游標(biāo)卡尺，秒表。

為減小誤差；測(cè)擺線的長(zhǎng)度應(yīng)準(zhǔn)確到毫米，測(cè)小球直徑常用游標(biāo)卡尺，對(duì)秒表用途的了解．

考查了常規(guī)儀器的運(yùn)用，了解精確度對(duì)誤差的影響，合理使用儀器，了解其工作原理，難度一般．【解析】毫米刻度尺；游標(biāo)卡尺；秒表17、略

【分析】解：根據(jù)通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的特點(diǎn)；兩條導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生圓形磁場(chǎng)，而且磁場(chǎng)的走向相同．在兩條導(dǎo)線之間磁場(chǎng)方向相反．

這就好像在兩條導(dǎo)線中間放置了兩塊磁鐵；它們的N極和S極相對(duì)，S極和N極相對(duì)．由于異名磁極相吸，這兩條導(dǎo)線會(huì)產(chǎn)生吸引力．

故答案為：吸引．

通電導(dǎo)線a的周圍有磁場(chǎng)，通電導(dǎo)體b放在了通電導(dǎo)線a的磁場(chǎng)內(nèi)；受到磁場(chǎng)的作用，根據(jù)左手定則就可以判斷出相互作用力．

本題考查了電流的磁場(chǎng)、磁場(chǎng)對(duì)電流的作用，只是要求靈活運(yùn)用所學(xué)知識(shí)，注意同向電流相吸，而同名磁極相斥．【解析】吸引18、略

【分析】解：由庫(kù)侖定律可得：

F=Kq1q2r2

變化后F隆盲=4q1q2(12r)2=16F

故答案為：16

．

由庫(kù)侖力公式可得出兩次作用力的表達(dá)式；則可求得距離減小后的相互作用力．

本題考查庫(kù)侖定律的直接應(yīng)用，只需注意數(shù)值的變化即可順利求出．【解析】16

四、判斷題(共2題，共20分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)可知；沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)面、同一等勢(shì)面移動(dòng)電荷電場(chǎng)力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場(chǎng)線是人為假想的曲線，從正電荷或無(wú)限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無(wú)限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場(chǎng)線疏密描述電場(chǎng)強(qiáng)弱，電場(chǎng)線密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度大，疏的地方電場(chǎng)強(qiáng)度弱，沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低．20、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)21