2025年人教版（2024）選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教版（2024）選擇性必修2物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2=10：1，電壓表和電流表均為理想電表，原線圈接電壓為(V)的正弦交流電。圖中Rt為半導體熱敏電阻；R1、R2為定值電阻；P為額定電流1A；用鉛銻合金制成的保險絲（相對整個電路而言，保險絲的電阻可忽略不計）。下列說法正確的是（）

A.為了使得保險絲的電流不超過1A，副線圈中接入的總電阻不能超過2.2B.R1的阻值大于2.2，無論Rt處的溫度為多少，都不能保證保險絲的電流不超過1AC.在保證不超過保險絲額定電流的情況下，Rt處的溫度升高，電壓表V1的示數(shù)不變，電壓表V2和電流表A的示數(shù)均變大D.在保證不超過保險絲額定電流的情況下，Rt處的溫度升高，電壓表V1的示數(shù)不變，電流表A的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)減小2、如圖甲電路中，是電阻不計的電感器，是電容器，閉合開關待電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，再斷開開關電路中將產(chǎn)生電磁振蕩，如果規(guī)定電感器中的電流方向從到為正，斷開開關的時刻為那么圖乙中能正確表示電感器中的電流隨時間變化規(guī)律的是（）

A.B.C.D.3、如圖1所示，在勻強磁場中，有一匝數(shù)為10匝的矩形金屬線圈，兩次分別以不同的轉速繞與磁感線垂直的軸勻速轉動，產(chǎn)生的交變電動勢圖象如圖2中曲線所示；則下列說法中正確的是（）

A.曲線對應的線圈轉速之比為B.曲線對應的時刻線圈平面均與中性面重合C.曲線對應的時刻穿過線圈磁通量為D.曲線對應的交變電動勢有效值為10V4、如圖所示；陰極射線管的玻璃管內(nèi)已經(jīng)抽成真空，當左右兩個電極連接到高壓電源時，陰極會發(fā)射電子，電子在電場的加速下飛向陽極，擋板上有一個扁平的狹縫，電子飛過擋板后形成一個扁平的電子束，長條形的熒光板在陽極端稍稍傾向軸線，電子束射到熒光板上，顯示出電子束的徑跡，現(xiàn)在用該裝置研究磁場對運動電荷的作用的實驗，下列對該實驗的說法正確的是（）

A.沒有施加磁場時，電子束的徑跡是一條拋物線B.若圖中左側是陰極射線管的陰極，加上圖示的磁場，電子束會向上偏轉C.施加磁場后，根據(jù)電子束在磁場中運動徑跡和磁場方向，可由相關知識判斷出陰極射線管兩個電極的極性D.施加磁場后，結合陰極射線管的兩個電極的極性和電子束在磁場中運動的徑跡，可以判斷出磁場的方向，但無法判斷出磁場的強弱5、回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置，其核心部分是兩個"D"形金屬盒，置于勻強磁場中，磁場方向與"D"形盒所在平面垂直，兩盒分別與高頻交流電源相連，帶電粒子獲得的最大動能與哪個因有關A.加速的次數(shù)B.交流電的頻率C.加速電壓D.勻強磁場的磁感應強度大小6、如圖所示，用絕緣細線將閉合線圈懸掛在天花板上，閉合線圈處于靜止狀態(tài)。一根條形磁鐵在金屬環(huán)右邊，條形磁鐵和金屬環(huán)軸線重合，條形磁鐵向左靠近金屬環(huán)過程中（）

A.金屬環(huán)向右擺動，同時沿半徑方向擴張B.金屬環(huán)向左擺動，同時沿半徑方向擴張C.金屬環(huán)向右擺動，同時沿半徑方向收縮D.金屬環(huán)向左擺動，同時沿半徑方向收縮7、如圖所示為一遠距離輸電示意圖，發(fā)電機的輸出電壓U1和輸電線的電阻r均不變；變壓器均為理想變壓器。隨炎熱夏季的來臨，空調(diào)；冷風機等大功率電器使用增多，下列說法中正確的是（）

A.變壓器的輸出電壓U2減小B.變壓器的輸出電壓U4增大C.輸電線上的電流I3增大D.輸電線損耗的功率減小評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)8、如圖，在xOy平面內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，在x軸上方的磁感應強度為B，x軸下方的磁感應強度為一帶電量為-q、質(zhì)量為m的粒子從O點垂直于磁場方向射入，入射速度v與x軸正方向夾角為30°，不計重力，則粒子從O點射入后（）

A.在x軸上方和下方兩磁場中運動的半徑之比為1：2B.在x軸上方和下方兩磁場中運動的時間之比為1：5C.到經(jīng)過x軸進入上方磁場所需的時間為D.能再次回到O點9、如圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場，A為交流電流表。線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′勻速轉動；從圖示位置開始計時，產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖像如圖乙所示。以下判斷正確的是（）

A.線圈轉動的轉速為25r/sB.電流表的示數(shù)為10AC.1s鐘內(nèi)線圈中電流方向改變了50次D.0.01s時線圈平面與中性面垂直10、遠距離輸電原理圖如圖所示；原線圈輸入電壓及輸電功率恒定，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，當S由2改接為1時，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)增大B.電流表讀數(shù)增大C.輸電線上損耗的功率減小D.用戶的功率減小11、如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1：2，正弦交流電源電壓的有效值為U=15V保持不變，電阻R1=15Ω，R2=20Ω，滑動變阻器R3最大阻值為40Ω。開始時；滑片P處于滑動變阻器正中間位置，則下列正確的是（）

A.通過R1的電流的有效值為1AB.電壓表讀數(shù)為12VC.若向下移動P，電壓表讀數(shù)將變大D.若向下移動P，變壓器的輸出功率將變小12、如圖所示，勻強磁場垂直紙面向里，其邊界如圖所示，磁場的磁感應強度大小為B，半圓形邊界的半徑為R，O為半圓的圓心，ab是半圓的直徑，邊界上c點到a的距離為R，a、b、c、O在同一直線上，從c點沿垂直邊界、垂直磁場向上射出速度大小不同的質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負電的粒子，粒子均能從圓?。ê琣、b點）上射出磁場；不計粒子的重力和粒子間作用，則能從圓弧邊界射出的粒子（）

A.粒子速度大小范圍為B.粒子的速度越大，粒子在磁場中運動的時間越短C.從圓弧面射出后能到達b點的粒子速度大小可能為D.從圓弧面射出后經(jīng)過O點的粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R13、如圖所示，絕緣中空軌道豎直固定，圓弧段COD光滑，對應圓心角為C、D兩端等高，O為最低點，圓弧圓心為半徑為R，直線段AC、HD粗糙，與圓弧段分別在C、D端相切，整個裝置處于方向垂直于軌道所在平面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場中，在豎直虛線MC左側和ND右側還分別存在著場強大小相等、方向水平向右和向左的勻強電場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量恒為q、直徑略小于軌道內(nèi)徑、可視為質(zhì)點的帶正電小球，與直線段的動摩擦因數(shù)為μ，從軌道內(nèi)距C點足夠遠的P點由靜止釋放，若小球所受電場力等于其重力的倍，重力加速度為g。則（）

A.小球第一次沿軌道AC下滑的過程中先做加速度減小的加速運動，后做勻速運動B.小球在軌道AC上下滑的最大速度C.經(jīng)足夠長時間，小球克服摩擦力做的總功是D.經(jīng)足夠長時間，小球經(jīng)過O點時，對軌道的彈力可能為14、如圖所示，一足夠長的豎直放置的圓柱形磁鐵，產(chǎn)生一個中心輻射的磁場（磁場水平向外），一個與磁鐵同軸的圓形金屬環(huán)，環(huán)的質(zhì)量m=0.2kg，環(huán)單位長度的電阻為半徑r=0.1m（大于圓柱形磁鐵的半徑）。金屬環(huán)由靜止開始下落，環(huán)面始終水平，金屬環(huán)切割處的磁感應強度大小均為B=0.5T，不計空氣阻力，重力加速度g取10m/s2。則（）

A.環(huán)下落過程的最大速度為4m/sB.環(huán)下落過程中，先做勻加速直線運動，再做勻速直線運動C.若下落時間為2s時環(huán)已經(jīng)達到最大速度，則這個過程通過環(huán)截面的電荷量是D.若下落高度為3m時環(huán)已經(jīng)達到最大速度，則這個過程環(huán)產(chǎn)生的熱量為6J15、如圖所示，電阻不計的光滑金屬導軌由直窄軌AB、CD以及直寬軌EF、GH組合面成，窄軌和寬軌均處于同一水平面內(nèi)，AB、CD等長且與EF、GH均相互平行，BE、GD等長、共線，且均與AB垂直，窄軌間距為寬軌間距為L。窄軌和寬軌之間均有豎直向上的磁感強度為B的勻強磁場。由同種材料制成的相同金屬直棒a、b始終與導軌垂直且接觸良好，棒長為L、質(zhì)量為m、電阻為R。初始時b棒靜止于導軌EF段某位置，a棒從AB段某位置以初速度v0向右運動，且a棒距窄軌右端足夠遠，寬軌EF、GH足夠長。下列判斷正確的是（）

A.a棒剛開始運動時，b棒的加速度大小為B.經(jīng)過足夠長的時間，a棒的速度為C.整個過程中通過回路的電荷量為D.整個過程中b棒產(chǎn)生的焦耳熱為16、如圖所示，在磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中，金屬桿MN在外力作用下沿金屬導軌以速度v向右勻速滑動。金屬導軌間距為L，電阻不計，金屬桿的電阻為R，ab間電阻為2R，MN兩點間電勢差為U，則通過電阻R的電流方向及U的大?。ǎ?/p>

A.a→bB.b→aC.BLvD.評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)17、如圖所示，金屬圓環(huán)套在光滑的絕緣水平桿上，左側一條形磁鐵，正在沿圓環(huán)軸心方向朝環(huán)運動．我們可以判斷，圓環(huán)中形成的感應電流方向為________（從右往左看）（填“順時針”或“逆時針”），環(huán)受安培力作用會向________（填“右”或“左”）運動．18、判斷下列說法的正誤。

（1）只要磁場變化，即使沒有電路，在空間也將產(chǎn)生感生電場。（____）

（2）處于變化磁場中的導體，其內(nèi)部自由電荷定向移動，是由于受到感生電場的作用。（____）

（3）渦流跟其他感應電流一樣，都是因為穿過導體的磁通量變化而產(chǎn)生的。（____）

（4）導體中有渦流時，導體沒有和其他元件組成閉合回路，故導體不會發(fā)熱。（____）

（5）電磁阻尼和電磁驅(qū)動均遵循楞次定律。（____）

（6）電磁阻尼發(fā)生的過程，存在機械能向內(nèi)能的轉化。（____）

（7）電磁驅(qū)動中有感應電流產(chǎn)生，電磁阻尼中沒有感應電流產(chǎn)生。（____）19、智能化自動控制系統(tǒng)通常由______、______和______組成。使用模塊電路進行樓道自動燈控制，要求白天燈不亮、夜晚有聲響時燈才亮，則其輸入端需要使用______傳感器和______傳感器。20、(1)下列關于電磁波的說法正確的是____

A.均勻變化的磁場能夠在空間產(chǎn)生電場。

B.電磁波在真空和介質(zhì)中傳播速度相同。

C.只要有電場和磁場；就能產(chǎn)生電磁波。

D.電磁波在同種介質(zhì)中只能沿直線傳播。

(2)目前雷達發(fā)射的電磁波頻率多在200MHz至1000MHz的范圍內(nèi)；請回答下列關于雷達和電磁波的有關問題。

①雷達發(fā)射電磁波的波長范圍是多少______？

②能否根據(jù)雷達發(fā)出的電磁波確定雷達和目標間的距離_______？21、構造：由______和繞在鐵芯上的兩個線圈組成，與交流電源連接的線圈叫作______，與負載連接的線圈叫作__________22、如圖所示，當交流電源的電壓有效值是220V，頻率為50Hz時，三盞電燈的亮度相同，當電源電壓不變只將交流電源的頻率改為100Hz時，則各燈亮度變化情況為a燈____，b燈____，c燈____。（均選填“變亮”“變暗”或“不變”）

23、云南省居民生活用的交流電，其電壓峰值是220V，有效值是___V，頻率是_____Hz，周期是_____s。評卷人得分四、作圖題(共4題，共40分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、解答題(共1題，共8分)28、電子自靜止開始經(jīng)M、N板間（兩板間的電壓為U）的電場加速后從A點垂直于磁場邊界射入寬度為d的勻強磁場中，電子離開磁場時的位置P偏離入射方向的距離為L，如圖所示。求：（已知電子的質(zhì)量為m，電荷量為e；電子的重力忽略不計）

（1）在圖中正確畫出電子由靜止開始直至離開勻強磁場時的軌跡；（用尺和圓規(guī)規(guī)范作圖）

（2）電子進入磁場時的速度；

（3）勻強磁場的磁感應強度。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

A．依題意；副線圈兩端電壓。

U2=22V要求通過保險絲的電流為I1≤1A；則副線圈中電流為。

I2≤10A副線圈接入的總電阻。

R≥2.2Ω選項A錯誤；

B．R1的阻值大于2.2Ω，無論Rt處的溫度為多少；保險絲的電流都不超過1A，選項B錯誤；

CD．在保證不超過保險絲額定電流的情況下，Rt處的溫度升高，Rt的阻值減小，電壓表V1的示數(shù)等于電源電壓，所以不變，電流表A的示數(shù)增大，電壓表V2的示數(shù)減??；選項C錯誤，D正確。

故選D。2、C【分析】【詳解】

S斷開前，ab段短路，電流從電容器不帶電；S斷開時，ab中產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流減小，給電容器C充電，此時電流負向最大；給電容器充電過程，電容器充電量最大時，ab中電流減為零；此后，LC回路發(fā)生電磁振蕩形成交變電流．

AD.電流從最大值開始變化；故A項不合題意；D項不合題意.

B.電流從負向最大開始減?。还蔅項不合題意．

C.電流的變化圖象與分析過程相符；故C項符合題意.3、B【分析】【分析】

本題主要考查電磁感應問題；根據(jù)線圈在勻強磁場中轉動，穿過線圈的磁通量變化規(guī)律及法拉第電磁感應定律進行分析。

【詳解】

A．由圖可知，a的周期為4×10-2s；b的周期為6×10-2s，則由

可知；轉速與周期成反比，故轉速之比為3：2，故A錯誤；

B．曲線a、b對應的t=6×10-2s時刻兩線圈中感應電動勢均為零；則線圈平面均與中性面重合，選項B正確；

C．根據(jù)可知曲線a對應的t=0時刻穿過線圈磁通量為

則曲線b對應的t=0時刻穿過線圈磁通量為選項C錯誤；

D．根據(jù)可知

由于故

則曲線b表示的交變電動勢有效值為

故D錯誤。

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

A．沒有施加磁場時；電子束的徑跡是一條直線，選項A錯誤；

B．若圖中左側是陰極射線管的陰極；加上圖示的磁場，根據(jù)左手定則可知，電子束會向下偏轉，選項B錯誤；

CD．施加磁場后；根據(jù)電子束在磁場中運動徑跡和磁場方向，可由左手定則以及相關知識判斷出陰極射線管兩個電極的極性，根據(jù)軌跡的偏轉程度可判斷磁場的強弱，選項C正確，D錯誤；

故選C.5、D【分析】【詳解】

根據(jù)洛倫茲力提供粒子圓周運動的向心力得：

最后粒子射出回旋加速器的速度為：

則最大動能為：

所以影響粒子獲得的最大動能的因素有粒子比荷的大小，回旋加速器內(nèi)磁感應強度的大小和回旋加速器的半徑，故選D．6、D【分析】【詳解】

條形磁鐵向左靠近金屬環(huán)過程中；穿過金屬環(huán)的磁通量增大，據(jù)楞次定律，感應電流的磁場方向與原電流磁場方向相反，故相互排斥，則金屬環(huán)將向左擺動（“來拒去留”），因磁通量增大，金屬環(huán)有收縮趨勢（“增縮減擴”），故D正確，ABC錯誤。

故選D。7、C【分析】【詳解】

A．升壓變壓器原副線圈的電壓滿足

由于發(fā)電機的輸出電壓U1和匝數(shù)比不變，故變壓器的輸出電壓U2不變；故A錯誤；

C．隨炎熱夏季的來臨，空調(diào)、冷風機等大功率電器使用增多，電流I4變大，降壓變壓器兩側電流滿足

匝數(shù)比不變，可知I3變大；故C正確；

BD．I3變大，輸電線損耗的電壓

損耗的功率

均變大，降壓變壓器原線圈的電壓

可知U3減小，進一步導致U4減??；故BD錯誤。

故選C。二、多選題(共9題，共18分)8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A.帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，由。

可得。

可知粒子圓周運動半徑與B成反比，則粒子在x軸上方和下方兩磁場中半徑之比為1：2；A正確；

B．帶電粒子在磁場中運動的時間。

可知；帶電粒子在磁場中運動的時間與運動軌跡所對圓心角成正比，與磁感應強度成反比。

負電荷在x軸上方軌跡所對的圓心角為在x軸下方軌跡所對應圓心角為則有。

B錯誤；

C．由B選項可知，帶電粒子在x軸上面所需時間為。

在x軸下方所用時間為。

到經(jīng)過x軸進入上方磁場所需的時間為。

C錯誤；

D．根據(jù)左手定則可知，負電荷在第一象限沿順時針方向旋轉60°，而在第四、三象限沿順時針旋轉300°，在第二象限沿順時針旋轉60°，且在x軸上方和下方磁場中的半徑之比為1：2，所以回到原點O，D正確。9、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．周期T=0.02s；角速度。

轉速。

A錯誤；

B．由題圖乙可知交流電電流的最大值是由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)。

B正確；

C．交流電的頻率為50Hz；每個周期內(nèi)電流方向改變2次，故1s鐘內(nèi)線圈中電流方向改變了100次，C錯誤；

D．0.01s時線圈中的感應電流達到最大；感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快，磁通量為0，故線圈平面與磁場方向平行，與中性面垂直，D正確；

故選BD。10、A:C【分析】【分析】

【詳解】

B．原線圈輸入電壓及輸電功率恒定，當S由2改接為1時，根據(jù)

升壓變壓器副線圈匝數(shù)n2增大，則U2增大，由于

則升壓變壓器副線圈電流I2減?。凰噪娏鞅碜x數(shù)減小，B錯誤；

A．線路損失的電壓

減小，則降壓變壓器原線圈的電壓

增大，則降壓變壓器副線圈的電壓

增大；所以電壓表的讀數(shù)增大，A正確；

C．輸電線上損耗的功率

由于升壓變壓器副線圈電流I2減??；所以輸電線上損耗的功率減小，C正確；

D．用戶的功率

輸電線上損耗的功率減??；所以用戶的功率增大，D錯誤。

故選AC。11、B:C【分析】【詳解】

AB．理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為1∶2，可知原副線圈的電流之比為2∶1，設通過原線圈的電流為I，則副線圈的電流為0.5I，初級電壓為

次級電壓為

根據(jù)電壓器電壓之比等于匝數(shù)之比可得

聯(lián)立解得

A錯誤；B正確；

C．向下移動P，則電阻增大，次級電流變小，初級電流也隨之變小，電阻的電壓變小；變壓器輸入的電壓變大，次級電壓也變大，電壓表讀數(shù)變大，C正確；

D．直流電路中外電路的總電阻等于電源內(nèi)阻時；電源輸出功率最大，如圖所示。

R1等效為電源內(nèi)阻，若向下移動P，R3電阻變大，等效外電阻為

開始時，滑片P處于滑動變阻器正中間位置，可知

當R3=40Ω時，R等效=15Ω=R1，則隨著向下移動P；副線圈輸出功率將變大，D錯誤。

故選BC。12、A:C【分析】【詳解】

A．若粒子恰好從點射出，則粒子有最小速度，若粒子恰好從點射出，則粒子有最大速度，由幾何關系可得粒子在磁場中做圓周運動的最小半徑和最大半徑分別為

由洛倫茲力提供向心力得

解得

可得

即粒子速度的取值范圍為

故A正確；

C．從圓弧面射出后能到達b點的粒子的運動軌跡如圖所示。

由幾何關系可知，粒子做圓周運動的圓心一定在點，軌道半徑為則此種情況下粒子的速度大小為

故C正確；

B．如圖所示。

由圖中幾何關系可知，從圓弧面射出后能到達b點的粒子的運動軌跡所對應的圓心角最小，根據(jù)

可知從圓弧面射出后能到達b點的粒子在磁場中的運動時間最小；可知粒子的速度越大，粒子在磁場中運動的時間并不越短，故B錯誤；

D．從圓弧面射出后經(jīng)過O點的粒子的運動軌跡如圖所示。

由圖可知粒子在磁場中做圓周運動的半徑小于故D錯誤。

故選AC。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．小球第一次沿軌道AC下滑的過程中，小球所受電場力等于其重力的倍，即

電場力垂直于軌道方向的分量為F電分=

重力垂直于軌道方向的分量為G分=mgcos60°=

則F電分=G分

因此，電場力與重力的合力方向恰好沿著AC方向，且剛開始時小球與管壁無作用力。當小球從靜止運動后，由左手定則可知，小球受到的洛倫茲力垂直于AC向上；導致小球?qū)鼙谟凶饔昧?，小球?qū)⑹艿交瑒幽Σ亮?，隨著速度增大，洛倫茲力增大，小球?qū)鼙诘膲毫?，摩擦力增大，合力減小，根據(jù)牛頓第二定律可知小球做加速度減小的加速運動，當加速度減至零時做勻速運動，故A正確；

B．小球在軌道AC上下滑到勻速運動時，速度最大，此時有

解得

選項B正確；

C．最終小球在CD間做往復運動，在C點和D點速度為零。從開始到最終速度為零的C點或D點，根據(jù)動能定理得

則經(jīng)足夠長時間，小球克服摩擦力做的總功

選項C錯誤；

D．由于在AC、HD段要克服滑動摩擦力做功，小球最終將在圓弧段COD做往復運動，設小球最終經(jīng)O點的速度為v，根據(jù)動能定理有

解得

根據(jù)牛頓第二定律，小球從C向D運動有

解得

小球從D點向C點運動時，同理得

選項D正確。

故選ABD。14、A:C【分析】【詳解】

A．金屬環(huán)達到最大速度時，加速度為0，受力平衡

設金屬環(huán)的最大速度為vm，則

解得

故A正確；

B．環(huán)下落過程中

可得

加速度不是恒定的；所以先做變加速直線運動，然后勻速直線運動，故B錯誤；

C．若下落時間為2s時環(huán)已經(jīng)達到最大速度，根據(jù)動量定理則有

其中

聯(lián)立可得

故C正確；

D．若下落高度為3m時環(huán)已經(jīng)達到最大速度，則

得

故D錯誤。

故選AC。15、A:C【分析】【詳解】

A．a(chǎn)棒剛開始運動時，產(chǎn)生的感應電動勢為

感應電流為

b棒受到的安培力

加速度為

A正確；

B．經(jīng)過足夠長的時間，穿過回路的磁通量不變，回路中無感應電流，此時兩棒勻速運動，勻速運動時，兩棒切割產(chǎn)生的電動勢大小相等，有

解得末速度

對a棒根據(jù)動量定理可得

對b棒根據(jù)動量定理可得

聯(lián)立解得

B錯誤；

C．對棒根據(jù)動量定理可得

即

解得

C正確；

D．根據(jù)能量守恒定律可得整個過程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱為

根據(jù)焦耳定律可得整個過程中棒產(chǎn)生的熱量為

D錯誤。

故選AC。16、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由右手定則可判斷出，MN中電流由N指向M，則通過電阻的電流方向由a指向b；故A正確，B錯誤；

CD．金屬桿中產(chǎn)生的電動勢為

則R兩端的電壓為

故C錯誤；D正確。

故選AD。三、填空題(共7題，共14分)17、略

【分析】【詳解】

[1]原磁場方向向右；向右運動時，穿過圓環(huán)的磁通量要變大，根據(jù)楞次定律，圓環(huán)中感應電流產(chǎn)生向左的感應磁場，即產(chǎn)生了順時針方向的感應電流（從右往左看）．

[2]據(jù)來拒去留，環(huán)受到向右的安培力，將向右運動．【解析】順時針右18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】正確正確正確錯誤正確正確錯誤19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2][3][4][5]智能化自動控制系統(tǒng)通常由傳感器、控制器和執(zhí)行器組成。使用模塊電路進行樓道自動燈控制，要求白天燈不亮、夜晚有聲響時燈才亮，則其輸入端需要使用光傳感器和聲傳感器?！窘馕觥總鞲衅骺刂破鲌?zhí)行器光聲20、略

【分析】【詳解】

(1)[1]AC．如果電場（或磁場）是均勻變化的；產(chǎn)生的磁場（或電場）是恒定的，不能產(chǎn)生新的電場（磁場），因而不能產(chǎn)生電磁波，A正確，C錯誤；

B．電磁波的傳播速度跟介質(zhì)有關，頻率由波源決定，同一頻率的電磁波在不同介質(zhì)中波長不等，由v＝λf知不同介質(zhì)中波的傳播速度不同；B錯誤；

D．電磁波在同種均勻介質(zhì)中才能沿直線傳播；D錯誤。

故選A。

(2)①[2]由c＝λf可得λ1＝＝m＝1.5mλ2＝＝m＝0.3m

故雷達發(fā)出的電磁波的波長范圍是0.3~1.5m。

②[3]電磁波測距的原理就是通過發(fā)射和接收電磁波的時間間隔來確定距離，所以可根據(jù)x＝