2025年浙教版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理下冊月考試卷673考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一無限大接地導(dǎo)體板MN前面放有一點(diǎn)電荷+Q，它們在周圍產(chǎn)生的電場可看作是在沒有導(dǎo)體板MN存在的情況下，由點(diǎn)電荷+Q與其像電荷–Q共同激發(fā)產(chǎn)生的．像電荷–Q的位置就是把導(dǎo)體板當(dāng)作平面鏡時(shí)，電荷+Q在此鏡中的像點(diǎn)位置．如圖所示，已知+Q所在位置P點(diǎn)到金屬板MN的距離為L，a為OP的中點(diǎn)，abcd是邊長為L的正方形，其中ab邊平行于MN．則。

A.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為E=B.a點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小大于b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小，a點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢C.b點(diǎn)的電場強(qiáng)度和c點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同D.一正點(diǎn)電荷從a點(diǎn)經(jīng)b、c運(yùn)動到d點(diǎn)的過程中電勢能的變化量為零2、如圖所示；用金屬網(wǎng)把不帶電的驗(yàn)電器罩起來，再使帶正電的金屬球靠近金屬網(wǎng)，則下列說法正確的是（）

A.驗(yàn)電器的箔片會張開B.若將金屬網(wǎng)罩接地，驗(yàn)電器的箔片會張開C.金屬網(wǎng)罩上A點(diǎn)電勢低于B點(diǎn)電勢D.金屬網(wǎng)罩內(nèi)部電場強(qiáng)度為零3、如圖所示，正點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中，已知A、B間的電勢差為U，現(xiàn)將電荷量為q的正點(diǎn)電荷從B移到A；則（）

A.外力克服電場力做功QU，電勢能增加qUB.外力克服電場力做功qU，電勢能增加qUC.外力克服電場力做功qU，電勢能增加QUD.外力克服電場力做功QU，電勢能減少Q(mào)U4、國產(chǎn)安卓手機(jī)在閃充的發(fā)展上已經(jīng)完全領(lǐng)先國際大牌；尤其是華為；OPPO等都有推出超級閃充功能?！俺潆娢宸昼娡ㄔ拑尚r(shí)”的手機(jī)電源就是源于VOOC閃充新技術(shù)。閃充數(shù)據(jù)線和普通數(shù)據(jù)線的注意區(qū)別有：一是VOOC閃充數(shù)據(jù)線是有8根線來組成，比一般數(shù)據(jù)線粗；二是閃充自數(shù)據(jù)線充電比普通充電數(shù)據(jù)線要快很多；圖是普通單線充電數(shù)據(jù)線和雙線快充數(shù)據(jù)線示意圖。與普通充電數(shù)據(jù)線相比，閃充增加數(shù)據(jù)線的作用是為了（）

A.增大充電電壓B.增大電池的容量C.增大充電電流D.增大充電電阻5、某大型超市安裝了一臺傾角30°的自動扶梯。該扶梯在380V額定電壓的電動機(jī)帶動下以0.5m/s的恒定速率斜向上運(yùn)動。電動機(jī)的最大輸出功率為6.4kW，不載人時(shí)測得電動機(jī)中的電流為5A。若載人時(shí)扶梯速率和不載人時(shí)相同，設(shè)人的平均質(zhì)量為60kg（g取10m/s2）則該扶梯可同時(shí)乘載的人數(shù)最多為（）A.20人B.25人C.30人D.35人評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖，真空中固定有兩個(gè)靜止的等量同種正點(diǎn)電荷A與B,電荷量均為Q,AB連線長度為2L,中點(diǎn)為O點(diǎn)，在AB連線的中垂線上距O點(diǎn)為L的C點(diǎn)放置一試探電荷q（對AB電荷產(chǎn)生的電場無影響），電荷電性未知，現(xiàn)將B電荷移動到O點(diǎn)并固定，若取無窮遠(yuǎn)處為電勢零點(diǎn)，靜電力常量為K，不考慮運(yùn)動電荷產(chǎn)生的磁場，則B電荷運(yùn)動過程中下列說法正確的是（）

A.C點(diǎn)的電場強(qiáng)度先增大后減小B.由于試探電荷q的電性未知，故C點(diǎn)的電勢可能減小C.若試探電荷q帶正電，則其電勢能一定增大D.B電荷移動到O點(diǎn)時(shí)，C點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為7、某同學(xué)將滿偏電流為內(nèi)阻為的小量程電流計(jì)G（表頭），改裝成和的雙量程電流表；電路圖如圖所示。則（）

A.改裝后開關(guān)接1時(shí)量程為B.開關(guān)接2時(shí)，改裝后電流表的內(nèi)阻為C.若僅增加的阻值，電流表量程均將增大D.若僅增加的阻值，電流表量程均將減小8、電阻R1、R2、R3串聯(lián)在電路中。已知R1=10Ω、R3=5Ω，R1兩端的電壓為6V，R2兩端的電壓為12V，則（）A.電路中的電流為0.6AB.電阻R2的阻值為20ΩC.三只電阻兩端的總電壓為21VD.電阻R3的電壓為3V9、A、B兩物體質(zhì)量均為m，其中A帶正電，帶電量為+q，B不帶電，通過勁度系數(shù)為k的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時(shí)A、B都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)在施加豎直向上的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度式中g(shù)為重力加速度；若不計(jì)空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（）

A.剛施加電場的瞬間，A的加速度大小為2gB.從施加電場開始到B剛要離開地面的過程中，A物體速度大小一直增大C.從施加電場開始到B剛要離開地面的過程中，A物體的機(jī)械能增加量始終等于A物體電勢能的減少量D.B剛要離開地面時(shí)，A的速度大小為10、帶電粒子M只在電場力作用下由P點(diǎn)運(yùn)動Q點(diǎn)，在此過程中克服電場力做了2.6×10-4J的功．那么（）A.M在P點(diǎn)的電勢能一定小于它在Q點(diǎn)的電勢能B.P點(diǎn)的場強(qiáng)一定小于Q點(diǎn)的場強(qiáng)C.P點(diǎn)的電勢一定高于Q點(diǎn)的電勢D.M在P點(diǎn)的動能一定大于它在Q點(diǎn)的動能11、兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定于x軸上，電量大小分別為Q和2Q，在它們形成的電場中，有一個(gè)試探電荷+q沿x軸從+∞向坐標(biāo)原點(diǎn)O運(yùn)動，其電勢能Ep隨x變化的關(guān)系如圖所示，圖中x0已知，且該處電勢能最小，當(dāng)x→+∞時(shí)，電勢能Ep→0；當(dāng)x→0時(shí)，電勢能Ep→+∞。根據(jù)圖象提供的信息可以確定（）

A.在x0處電場強(qiáng)度為零B.在x軸上x＞x0的區(qū)域電場方向向右C.兩個(gè)點(diǎn)電荷的電性D.2Q在x軸上的坐標(biāo)為12、如圖，平行板電容器充電后與電源斷開，正極板接地，為兩板間的一固定點(diǎn)。靜電計(jì)的金屬球與電容器的負(fù)極板連接；外殼接地。若保持電容器負(fù)極板不動，僅將正極板緩慢向左平移一小段距離，則（）

A.電容器的電容減小，靜電計(jì)指針的偏角增大B.電容器的電容增大，靜電計(jì)指針的偏角減小C.兩板間的電場強(qiáng)度不變，點(diǎn)的電勢降低D.兩板間的電場強(qiáng)度減小，點(diǎn)的電勢升高13、在物理學(xué)發(fā)展過程中，觀測、實(shí)驗(yàn)、假說和邏輯推理等方法都起到了重要作用。下列敘述符合史實(shí)的是（）A.奧斯特在實(shí)驗(yàn)中觀察到電流的磁效應(yīng)，該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系B.庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，測定了元電荷的數(shù)值C.牛頓發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的規(guī)律，提出了萬有引力定律D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)14、如圖所示，一個(gè)α粒子（氦核）在電勢差為U1=100V的電場中由靜止開始加速運(yùn)動，然后射入電勢差為U2=10V的兩塊平行板的偏轉(zhuǎn)電場中，偏轉(zhuǎn)電場極板長L=20cm，間距d=5cm．若α粒子能飛離平行板區(qū)（重力可忽略），則α粒子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的動能為________eV,飛離偏轉(zhuǎn)電場時(shí)的偏移量y=_____________m．

15、隨著中國電信業(yè)的發(fā)展，國產(chǎn)手機(jī)在手機(jī)市場上已經(jīng)有相當(dāng)大的市場份額。如圖所示是中國科健股份有限公司生產(chǎn)的一塊手機(jī)電池外殼上的文字說明，由此可知該電池的電動勢為_________，待機(jī)狀態(tài)下的平均工作電流_________。

16、如圖所示，電源電壓為12V，電阻R1的阻值為10Ω，開關(guān)S閉合后，當(dāng)滑動變阻器R3的滑片P位于最左端時(shí)，電壓表的示數(shù)為6V，電阻R2的阻值為________Ω。調(diào)節(jié)滑片P，使電壓表的示數(shù)從3V變?yōu)?.5V，則R3接入電路中的阻值變化了_________Ω。

17、實(shí)線為電場線，虛線為等勢面，且相鄰等勢面間的電勢差相等，正電荷在等勢面上時(shí)，具有動能它運(yùn)動到等勢面上時(shí)，動能為零。令那么，當(dāng)該電荷的電勢能為時(shí)，求它的動能是_____J。

18、如圖所示，在平行金屬帶電極板MN電場中將電荷量為-4×10-6C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到M板，電場力做負(fù)功8×10-4J，把該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到N板，電場力做正功為4×10-4J；N板接地．則。

（1）A點(diǎn)的電勢=________________

（2）UMN等于__________19、如圖所示，規(guī)格為“220V、44W”的排氣扇，線圈電阻為40Ω，接上220V的電壓后，通過排氣扇的電流為________A；排氣扇的發(fā)熱功率為________W。

評卷人得分四、作圖題(共1題，共4分)20、在如圖所示的四幅圖中；分別給出了導(dǎo)線中的電流方向或磁場中某處小磁針靜止時(shí)N極的指向或磁感線方向。請畫出對應(yīng)的磁感線（標(biāo)上方向）或電流方向。

評卷人得分五、解答題(共1題，共4分)21、如圖所示的電路中，電源的電動勢2V，內(nèi)阻為0.5Ω，R0為2Ω；變阻器的阻值變化范圍為0-10Ω，求：

(1)變阻器阻值多大時(shí)，變阻器上消耗的功率最大？其最大功率Pm為多少？

(2)電源的最大輸出功率Pm為多少。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、B【分析】【詳解】

由題意可知，周圍空間電場與等量異種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場等效，所以a點(diǎn)的電場強(qiáng)度A錯(cuò)誤；等量異種點(diǎn)電荷周圍的電場線和等勢面分布如圖所示。

由圖可知B正確；圖中b、c兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向不同，C錯(cuò)誤；由于a點(diǎn)的電勢大于d點(diǎn)的電勢，所以一正點(diǎn)電荷從a點(diǎn)經(jīng)b、c運(yùn)動到d點(diǎn)的過程中電場力做正功，電荷的電勢能減小，D錯(cuò)誤；故選B.2、D【分析】【詳解】

A．用一個(gè)空腔導(dǎo)體將外電場遮住后；導(dǎo)體內(nèi)部不受外電場的影響，所以帶正電的金屬球靠近金屬網(wǎng)，驗(yàn)電器的箔片不會張開，故A錯(cuò)誤；

B．用金屬網(wǎng)把不帶電的驗(yàn)電器罩起來；金屬網(wǎng)起到靜電屏蔽的作用，無論是否接地，金屬網(wǎng)內(nèi)部不受外界電場影響，驗(yàn)電器的箔片不會張開，故B錯(cuò)誤；

CD．用金屬網(wǎng)把不帶電的驗(yàn)電器罩起來；金屬網(wǎng)起到靜電屏蔽的作用，靜電屏蔽時(shí)，金屬網(wǎng)內(nèi)部電場強(qiáng)度為零，電勢相等，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。3、B【分析】【詳解】

將電荷量為q的正點(diǎn)電荷從B移到A的過程中，電場力做功為

即外力克服電場力做功qU，電場力做負(fù)功，電勢能增加，增加量為

故選B。4、C【分析】【分析】

【詳解】

AC.VOOC閃充新技術(shù)采用低壓大電流的方案；相對其它方案溫度較低，充電功率更高，電量轉(zhuǎn)化率達(dá)到95﹪，最快充電速度比一般手機(jī)充電技術(shù)快4倍以上，故C正確，A錯(cuò)誤；

BD.電池的容量一般是固定的；充數(shù)據(jù)線根數(shù)越多，并聯(lián)的電阻越小，故BD錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

電動機(jī)的電壓恒為380V，扶梯不載人時(shí)，電動機(jī)中的電流為5A，忽略電動機(jī)內(nèi)阻的消耗，認(rèn)為電動機(jī)的輸入功率和輸出功率等，即可得到維持扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)的功率為P0=380V×5A=1900W

電動機(jī)的最大輸出功率為Pm=6.4kW

可用于輸送顧客功率為△P=Pm-P0=4.5kW由于扶梯以恒定速率向斜上方移動，每一位顧客所受的力為重力mg和支持力FN，且FN=mg

電動機(jī)通過扶梯的支持力FN對顧客做功，對每一位顧客做功的功率為P1=FNvcosα=mgvcos(90°-30°)=150W

則同時(shí)乘載的最多人數(shù)為人

故C正確；ABD錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、C:D【分析】【詳解】

AD、根據(jù)可知電荷在點(diǎn)的水平電場強(qiáng)度大小為在點(diǎn)的豎直電場強(qiáng)度大小為電荷在點(diǎn)的水平電場強(qiáng)度大小為在C點(diǎn)的豎直電場強(qiáng)度大小為其中從增加到根據(jù)矢量疊加原理可得點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為化簡得由于從增加到所以一直增大，當(dāng)電荷移動到點(diǎn)時(shí)，解得點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確；

BC、根據(jù)離正電荷越近的地方電勢越高，離負(fù)電荷越近的地方電勢越低可知，電荷運(yùn)動過程中，點(diǎn)的電勢增加，根據(jù)可知帶正電試探電荷在點(diǎn)電勢能一定增大，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；7、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．分流電阻越?。桓难b后電流表的量程越大，所以接1時(shí)量程為0~10mA，接2時(shí)量程為0~1mA，故A錯(cuò)誤；

B．開關(guān)接2時(shí)，表頭的電壓為

所以

改裝后電流表的內(nèi)阻為

故B正確；

CD．開關(guān)接1時(shí)

開關(guān)接2時(shí)則有

所以若僅增加的阻值；改裝后電流表的量程都會變小，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD。8、A:B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．串聯(lián)電路中電流相等，根據(jù)歐姆定律

故A正確；

B．電阻R2的阻值為

故B正確；

C．三只電阻兩端的總電壓為

故C正確；

D．電阻R3的電壓為

故D正確。

故選ABCD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．在未施加電場時(shí)，A物體處于平衡狀態(tài)，當(dāng)施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故

解得

方向向上；故A正確；

B．B剛要離開地面時(shí)，地面對B彈力為0，即

對A物體

即A物體合力為0；因此從開始到B剛要離開地面過程，A物體做加速度逐漸變小的加速運(yùn)動，即A物體速度一直增大，故B正確；

C．從開始到彈簧恢復(fù)原長的過程；A物體的機(jī)械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的減少量之和，從彈簧恢復(fù)原長到B剛要離開地面的過程，A物體的機(jī)械能增量等于電勢能的減少量與彈性勢能的增加量之差，故C錯(cuò)誤；

D．當(dāng)B離開地面時(shí)，此時(shí)B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為

根據(jù)動能定理可知

解得

故D正確。

故選ABD。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

AD．帶電粒子M只在電場力作用下由P點(diǎn)運(yùn)動Q點(diǎn)，在此過程中克服電場力做功，則電勢能增加，動能減小，即M在P點(diǎn)的電勢能一定小于它在Q點(diǎn)的電勢能，M在P點(diǎn)的動能一定大于它在Q點(diǎn)的動能；選項(xiàng)AD正確；

B．根據(jù)題中條件無法比較P點(diǎn)的場強(qiáng)與Q點(diǎn)的場強(qiáng)關(guān)系；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．帶電粒子的電性不能確定，則不能比較P點(diǎn)的電勢與Q點(diǎn)的電勢關(guān)系；選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

故選AD。11、A:C:D【分析】【詳解】

A．圖線Ep－x的斜率表示試探電荷所受的電場力大小，因?yàn)殡妶隽=qE，所以也可以用斜率表示電場強(qiáng)度的大小，在x0處；圖線的斜率為零，即該點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零，故A正確；

B．在x軸上x＞x0的區(qū)域，隨x增大電勢是逐漸升高的；電場強(qiáng)度的方向指向電勢降低的方向，所以該區(qū)域電場方向應(yīng)該是水平向左，故B錯(cuò)誤；

C．當(dāng)x→0時(shí)，電勢能Ep→+∞，而在x＞x0的區(qū)域內(nèi)電勢為負(fù)值，所以正電荷固定在坐標(biāo)原點(diǎn)O處，負(fù)電荷應(yīng)該在x軸的負(fù)軸上，且電荷量應(yīng)該是2Q；故C正確；

D．x0處的場強(qiáng)為零，正電荷Q在坐標(biāo)原點(diǎn)，設(shè)負(fù)電荷2Q距離原點(diǎn)為x；則。

解得。

所以2Q在x軸上的坐標(biāo)為故D正確。

故選ACD。12、A:C【分析】【詳解】

AB．根據(jù)

根據(jù)題意；極板所帶電荷量不變，極板間距增大，可知電容減小，極板之間的電勢差增大，即靜電計(jì)指針的偏角增大，A正確，B錯(cuò)誤；

CD．根據(jù)

結(jié)合上述解得

極板所帶電荷量不變，可知，兩板間的電場強(qiáng)度不變，令P點(diǎn)到左極板間距為x，則有

由于

解得

正極板緩慢向左平移一小段距離，x增大，則點(diǎn)的電勢降低；C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。13、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．奧斯特在實(shí)驗(yàn)中觀察到電流的磁效應(yīng)；該效應(yīng)揭示了電和磁之間存在聯(lián)系，所以A正確；

B．庫侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律；密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值，所以B錯(cuò)誤；

C．開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的規(guī)律；牛頓提出了萬有引力定律，所以C錯(cuò)誤；

D．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；所以D正確；

故選AD。三、填空題(共6題，共12分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]粒子直線運(yùn)動過程加速，由動能定理可得

解得

[2]再根據(jù)動能定理得

又因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場做類平拋運(yùn)動，水平方向則有

豎直方向有

粒子在偏轉(zhuǎn)電場中，根據(jù)牛頓第二定律，可得

聯(lián)立上式解得【解析】2000.0215、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知；該電池的電動勢為3.7V；

[2]有題圖可知，該電池的容量為

待機(jī)為96h，則可得手機(jī)待機(jī)狀態(tài)下的平均工作電流為【解析】3.7V7.29mA16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開關(guān)S閉合后，當(dāng)滑動變阻器R3的滑片P位于最左端時(shí)，滑動變阻器接入電路的電阻為0，R1和R2串聯(lián)接入電路，電壓表測R1兩端的電壓；由歐姆定律可得此時(shí)通過電路的電流：

串聯(lián)電路總電壓等于各部分電壓之和，所以R2兩端的電壓。

U2=U-U1=12V-6V=6V串聯(lián)電路各處電流相等，則電阻R2的阻值。

[2]電壓表的示數(shù)為3V時(shí)；通過電路的電流。

該電路總電阻。

電壓表的示數(shù)為1.5V時(shí)；通過電路的電流。

該電路總電阻。

串聯(lián)電路總電阻等于各部分電阻之和；所以滑動變阻器接入電路的電阻變化值。

R3=R″-R′=80Ω-40Ω=40Ω【解析】104017、略

【分析】【分析】

【詳解】

由題可知，正電荷在等勢面上時(shí)動能20J，在等勢面上時(shí)動能為零，動能的減小量為20J，由于相鄰