天津市市區(qū)重點中學2022屆高三下學期一模聯(lián)考生物試題 含解析

高考資源網(wǎng)（）您身邊的高考專家PAGE1-版權所有@高考資源網(wǎng)2022年天津市特級高考模擬試卷生物（一）1.下列屬于細胞質基質、葉綠體基質和線粒體基質共性的是（）①都能產(chǎn)生ATP②都含有酶③都含有DNA④都含有RNAA.①② B.③④C.②④ D.①④【答案】C【解析】【詳解】①細胞質基質和線粒體基質中能產(chǎn)生ATP，但葉綠體基質中不能產(chǎn)生ATP，①錯誤。②在細胞質基質中含有多種酶，葉綠體基質中含有進行光合作用暗反應的酶，線粒體基質中含有有氧呼吸第二階段的酶，②正確。③細胞質基質中沒有DNA，③錯誤。④細胞質基質中有RNA，葉綠體基質和線粒體基質中也含有RNA，④正確，C正確，A、B、D錯誤。故選C。2.研究人員開發(fā)了一種“雙特異性抗體”，以解決腫瘤細胞表面抗原密度較低而難以激活免疫反應的問題。據(jù)圖分析，該“雙特異性抗體”的功能是（）

A.殺死腫瘤細胞 B.激活細胞免疫C.激活體液免疫 D.破壞腫瘤抗原【答案】B【解析】【分析】細胞免疫過程：抗原經(jīng)吞噬細胞攝取、處理和呈遞給T淋巴細胞，接受抗原刺激后T淋巴細胞悔增殖、分化產(chǎn)生記憶細胞和效應T細胞，效應T細胞與相應的靶細胞密切接觸，進而導致靶細胞裂解死亡，抗原暴露出來，此時體液中抗體與抗原發(fā)生特異性結合形成細胞團或沉淀，最后被吞噬細胞吞噬消化?！驹斀狻孔R圖分析可知，“雙特異性抗體”可同時與效應T細胞和腫瘤細胞的相應受體結合，最終使腫瘤細胞裂解。因此，“雙特異性抗體”的功能是激活細胞免疫。綜上所述，B正確，ACD錯誤。故選B。3.受傷的雙子葉植物產(chǎn)生的酚類化合物可誘導毒力效應蛋白（Vir）基因表達產(chǎn)生Vir蛋白，其中VirD1/D2蛋白復合體可將Ti質粒上的一段T-DNA單鏈（T鏈）切下并形成VirD2-T鏈復合物。轉移至植物細胞中的VirD2-T鏈復合物結合VirE2等蛋白形成T復合體進入細胞核，將T鏈隨機整合到植物染色體上。相關敘述錯誤的是（）A.農(nóng)桿菌轉化法將目的基因導入水稻細胞，可用酚類化合物處理提高轉化效率B.VirD2-T鏈復合物結合VirE2等蛋白形成T復合體可避免T-DNA的胞內(nèi)降解C.T-DNA的整合具有隨機性，需經(jīng)過篩選（抗性、熒光等）獲得符合要求的轉化苗D.T-DNA整合至植物細胞染色體上的過程不需要DNA聚合酶和DNA連接酶【答案】D【解析】【分析】將目的基因導入植物細胞采用最多的方法是農(nóng)桿菌轉化法，其依據(jù)主要是：當植物受到損傷時，傷口處的細胞會分泌大量的酚類化合物，吸引農(nóng)桿菌移向這些細胞，這時農(nóng)桿菌中的Ti質粒上的DNA可轉移至受體細胞，并且整合到受體細胞染色體的DNA上?！驹斀狻緼、農(nóng)桿菌容易感染雙子葉植物和裸子植物，對單子葉植物沒有感染力，因為多數(shù)單子葉植物不能合成酚類化合物，可以通過在傷口施加相關酚類化合物而使單子葉植物成分農(nóng)桿菌易感染的植物，從而提高轉化效率，A正確；B、VirD2-T鏈復合物結合VirE2等蛋白形成T復合體進入細胞核，將T鏈隨機整合到植物染色體上，可避免T-DNA在細胞內(nèi)被降解，B正確；C、經(jīng)過轉化的植物不一定都得到目的表現(xiàn)型，因為T-DNA的整合是隨機的，還需經(jīng)過篩選（抗性、熒光等）才能獲得符合要求的轉化苗，C正確；D、Ti質粒上的Vir基因區(qū)段在宿主細胞內(nèi)表達產(chǎn)物能誘導Ti質粒產(chǎn)生一條新的T-DNA單鏈分子，而合成新的T-DNA單鏈不需要限制酶，需要的是DNA聚合酶和DNA連接酶，D錯誤。故選D。4.健康志愿者參與兩次血糖調(diào)節(jié)相關實驗。第一次口服葡萄糖，檢測其血糖和胰島素濃度變化；第二次以靜脈注射葡萄糖模擬口服葡萄糖后血糖濃度的改變程度，檢測血漿胰島素濃度變化，結果如下圖所示。下列相關敘述錯誤的是（）A.給志愿者注射的葡萄糖總量和志愿者口服的葡萄糖總量不相同B.曲線I在30min后下降的原因是血糖在腎臟中進入尿液排出體外C.給志愿者口服葡萄糖比注射葡萄糖能更有效地促進胰島素的分泌D.志愿者血糖濃度既能影響胰島素的分泌又受到胰島素作用的調(diào)節(jié)【答案】B【解析】【分析】題圖分析：正常人口服葡萄糖與持續(xù)靜脈注射葡萄糖比較，血漿中葡萄糖變化趨勢基本相同，但后者高于前者；而血漿中胰島素濃度的變化，前者急劇升高，下降也較快，后者變化較平緩，并且前者胰島素水平比后者高。【詳解】A、口服葡萄糖后需要經(jīng)過吸收進入血漿后才成為血糖，又口服自發(fā)引起胰島素急劇升高，說明給志愿者注射的葡萄糖總量和志愿者口服的葡萄糖總量是不同的，口服的葡萄糖總量明顯多于注射的葡萄糖總量，A正確；B、曲線Ⅰ在30min后下降的原因是胰島素作用的結果，B錯誤；C、根據(jù)右圖曲線可知：給志愿者口服葡萄糖比注射葡萄糖能更有效地促進胰島素的分泌，正確；D、根據(jù)曲線圖可知：志愿者血糖濃度既能影響胰島素的分泌又受到胰島素降血糖作用的調(diào)節(jié)，D正確。故選B?！军c睛】5.某團隊研究不同濃度的草甘膦(除草劑)對加拿大一枝黃花和本地白茅在單種、混種情況下凈光合速率的影響，結果如下(其中P組凈光合速率為0)。據(jù)圖分析，下列敘述不正確的是（）A.受草甘膦影響較小的是混種的加拿大一枝黃花B.P組白茅產(chǎn)生ATP的場所有葉綠體、線粒體和細胞質基質C.據(jù)實驗結果推測，草甘膦可能會降低這兩種植物的光飽和點D.0．6mL/L的草甘膦使單種與混種白茅凈光合速率的下降量相同【答案】D【解析】【分析】據(jù)圖分析：該實驗的自變量是植物的種植方法及草甘膦的濃度，因變量是凈光合速率。圖示表明隨著草甘膦濃度增加，單種和混種的凈光合速率都下降，其中對本地白茅的影響效果基本相同，對加拿大一枝花的單種的影響較大。【詳解】A、據(jù)圖可知，用不同濃度的草甘膦處理后，混種的加拿大一枝黃花的凈光合速率最大，故受草甘膦影響較小的是混種的加拿大一枝黃花，A正確；B、P組凈光合速率為0，此時白茅的光合速率與呼吸速率相等，光合作用與呼吸作用都可以產(chǎn)生ATP，產(chǎn)生ATP的場所有葉綠體、線粒體和細胞質基質，B正確；C、據(jù)圖分析可知，草甘膦作用下兩種植物的凈光合速率都下降，故草甘膦可能會降低這兩種植物的光飽和點，C正確；D、據(jù)圖分析，0．6mL/L的草甘膦處理時，,單種本地白茅的凈光合速率下降量約為12-2=10，而混種時下降量約為7-2=5，故下降量不同，D錯誤。故選D。6.珍稀物種保護的最大問題是棲息地的破碎。由于人類日益開展的農(nóng)業(yè)生產(chǎn)，從1973年至今陸地表面很多都在經(jīng)歷破碎過程。如圖可以體現(xiàn)棲息地破碎對種群大小動態(tài)的影響。下列敘述錯誤的是（）

A.73～74年之前，種群較大，種群持續(xù)維持時間長B.73～74年之前，棲息地越大，種內(nèi)斗爭越少，個體生存機會越大C.73～74年之后，人類活動導致棲息地破碎化，造成小種群有利于維持生物多樣性D.73～74年之后，種群越小，易被惡劣氣候和疾病等淘汰，種群維持時間越短【答案】C【解析】【分析】據(jù)圖分析，該種群越大，種群維持時間越長，但種群越大，棲息地越大，種內(nèi)斗爭越少，個體生存機會越大，種群維持時間越長，但出生率不一定高，死亡率不一定低；種群越小，不利環(huán)境因素很容易導致種群內(nèi)個體數(shù)量減少?！驹斀狻緼、73～74年之前，種群較大，出生率升高，同時死亡率降低，種群數(shù)量增多，種群維持時間變長，A正確；

B、73～74年之前，棲息地范圍較廣，則種內(nèi)斗爭不激烈，個體生存機會增大，B正確；C、73～74年之后，人類活動導致棲息地破碎化造成小種群，棲息地的破碎在一定程度上形成地理隔離，導致基因交流的機會減少，減小個體間交配繁殖的機會，導致物種有滅絕可能，生物多樣性減小，C錯誤；D、73～74年之后，種群越小，變異類型少，遇到惡劣氣候和疾病等不良環(huán)境容易被淘汰，種群維持時間越短，D正確。故選C?！军c睛】7.我國科研人員利用大鼠、小鼠兩個遠親物種創(chuàng)造出世界首例異種雜合二倍體胚胎干細胞（AdESCs），過程如下圖所示。該細胞可分化成各種雜種體細胞，為研究不同物種性狀差異的分子機制提供了模型。相關敘述不正確的是（）A.單倍體囊胚1最可能由小鼠的卵細胞經(jīng)體外誘導培養(yǎng)獲得B.體外培養(yǎng)AdESCs需向培養(yǎng)液中添加動物血清等天然成分C.該項技術突破生殖隔離獲得了哺乳動物遠親物種的雜種細胞D.AdESCs的染色體組數(shù)與大鼠-小鼠體細胞融合的雜種細胞相同【答案】D【解析】【分析】分析題圖：小鼠的卵細胞體外培養(yǎng)到囊胚時期，取內(nèi)細胞團細胞培養(yǎng)成孤雌單倍體胚胎干細胞，取大鼠的精子體外培養(yǎng)到囊胚時期，取內(nèi)細胞團細胞培養(yǎng)成孤雄單倍體胚胎干細胞，兩種胚胎融合成異種雜合二倍體胚胎干細胞（AdESCs）?！驹斀狻緼、單倍體囊胚1能發(fā)育成孤雌單倍體胚胎干細胞，因此單倍體囊胚1最可能是由小鼠的卵子（卵細胞）發(fā)育而來，所采用的技術應為早期胚胎培養(yǎng)技術，A正確；B、動物細胞培養(yǎng)過程中，使用的培養(yǎng)液除含有一些無機鹽和有機鹽外，還需添加維生素、激素、氨基酸、核苷酸等營養(yǎng)成分以及動物血清等天然成分，B正確；C、由于物種間存在生殖隔離，因此自然情況下哺乳動物遠親物種間的配子往往無法完成受精作用，或者即便能完成也不能發(fā)育，該項技術突破生殖隔離獲得了哺乳動物遠親物種的雜種細胞，C正確；D、結合分析可知，該AdESCs是“雜合二倍體胚胎干細胞”，故體內(nèi)有2個染色體組，但小鼠-大鼠雜交細胞，是由體細胞融合產(chǎn)生，因此雜交細胞中通常含有4個染色體組，兩者染色體組數(shù)不同，D錯誤。故選D。8.將眼形突變型果蠅與野生型果蠅雜交，F(xiàn)1均為野生型，F(xiàn)1雌雄果蠅交配，測得F2中野生型有300只，突變型有20只。進一步測序研究，發(fā)現(xiàn)與野生型果蠅相比，突變型果蠅常染色體上三個基因中的堿基發(fā)生了變化，情況如表所示。下列相關敘述錯誤的是（）突變基因ⅠⅡⅢ堿基變化GAA→GA→GGC→CG氨基酸/多肽鏈/蛋白質變化多肽鏈比野生型果蠅的長有一個氨基酸與野生型果蠅不同相應蛋白質無變化A.突變基因任意存在一個就會出現(xiàn)眼形突變型果蠅B.眼形突變型果蠅的產(chǎn)生與突變基因Ⅲ中堿基的變化關系不大C.突變基因Ⅰ控制合成的肽鏈長度增加可能與起始密碼子位置變化有關D.突變基因Ⅲ中堿基發(fā)生變化但相應蛋白質無變化，可能與一種氨基酸有多個不同的密碼子有關【答案】A【解析】【分析】分析題文和表格：突變基因Ⅰ堿基GAA→G，導致多肽鏈比野生型果蠅的長，說明轉錄形成的mRNA上的起始密碼提前或終止密碼子延后；突變基因II堿基A→G，導致有一個氨基酸與野生型果蠅不同，說明發(fā)生了堿基對替換。突變基因Ⅲ堿基GC→CG，導致相應蛋白質無變化，說明轉錄形成的mRNA上的相應密碼子與原來的密碼子代表的是同一種氨基酸?！驹斀狻緼、題干信息顯示，F(xiàn)1雌雄果蠅交配，F(xiàn)2中野生型：突變型=15:1，說明控制眼形的基因至少為兩對等位基因，只考慮這兩對基因，眼形突變型果蠅是雙隱性個體，突變基因Ⅰ、Ⅱ只存在一個不會出現(xiàn)眼形突變型果蠅，A錯誤；B、突變基因Ⅲ中，堿基發(fā)生變化但相應蛋白質無變化，推測眼形突變型果蠅的產(chǎn)生與該基因中堿基發(fā)生的變化關系不大，B正確；C、突變基因Ⅰ中的堿基發(fā)生了變化，使多肽鏈變長，原因可能是起始密碼子的位置提前或者終止密碼子的位置延后，C正確；D、突變基因Ⅲ的堿基發(fā)生了變化，但相應蛋白質無變化，可能是由于不同的密碼子編碼同一種氨基酸(密碼子的簡并性)，D正確。故選A。9.澳大利亞布里斯班一對小姐弟被確認為全球第二對半同卵雙胞胎，發(fā)育成該對半同卵雙胞胎的受精卵形成過程如圖所示，圖3中染色單體分離后分別移向細胞的三個不同方向，從而分裂成A、B、C三個細胞，其中兩個細胞發(fā)育成姐弟二人。下列說法，正確的是（）

A.圖1表示卵子的異常受精過程，此時卵子發(fā)育到減數(shù)第一次分裂的中期B.該卵子與2個精子受精，表明頂體反應和透明帶反應未能阻止多精入卵C.若圖4細胞A包含父系和母系染色體組各1個，則細胞C含2個母系染色體組D.這對小姐弟來源于母親的染色體一般相同，來源于父親的染色體可能不同【答案】D【解析】【分析】根據(jù)圖示，半同卵雙胞胎的形成過程有兩個精子同時進入到一個卵細胞，受精卵中有三個染色體組；有絲分裂過程中，染色體復制，有絲分裂后期形成6個染色體組，通過三極紡錘體將六個染色體組拉開，每一極2個染色體組，其中有兩極的染色體各有一組來自雙親，有一極染色體均來自于父親。細胞分裂后，其中兩個細胞發(fā)育成個體。【詳解】A、圖1兩個精子進入一個卵細胞，是異常受精過程，發(fā)生在卵細胞的減數(shù)第二次分裂中期，A錯誤；B、阻止多精入卵的兩道屏障是透明帶反應和卵黃膜封閉作用而不是頂體反應，B錯誤；C、若圖4細胞A包含父系和母系染色體組各1個，C應該包含父系和母系染色體組各1個或包含兩個父系染色體組，C錯誤；D、該姐弟來源于母親的染色體是復制而來是相同的，來自于父親的染色體由兩個不同的精子提供，可能不同，D正確。故選D。10.突變型果蠅2號和3號染色體上分別帶有隱性基因bw（褐眼）和e（黑檀體），野生型對應的基因用bw+和e+表示。如圖甲果蠅是染色體正常的褐眼黑檀體果蠅，乙果蠅是2、3號染色體發(fā)生相互易位的野生型易位純合子果蠅，甲果蠅與乙果蠅進行雜交獲得F1野生型易位雜合子果蠅，在遺傳時染色體片段缺失或重復的配子不能存活。相關敘述不正確的是（）A.乙果蠅發(fā)生的變異屬于染色體變異B.甲、乙果蠅產(chǎn)生的配子均能存活C.F1測交后代中野生型和褐眼黑檀體比例為1：1D.F1中雌雄果蠅相互交配，子代有4種表現(xiàn)型【答案】D【解析】【分析】根據(jù)題意和圖示分析可知：果蠅2號染色體上有褐眼基因bw，3號染色體上有黑檀體基因e，由于分別位于兩對同源染色體上，所以其遺傳遵循基因的自由組合定律。非同源染色體之間交叉互換屬于染色體結構變異中的易位。【詳解】A、乙果蠅發(fā)生的變異是非同源染色體之間交叉互換，屬于染色體結構變異中的易位，A正確；B、由題意可知，在遺傳時染色體片段缺失或重復的配子不能存活，甲、乙果蠅均沒有缺失或重復，所以產(chǎn)生的配子均能存活，B正確；C、按照自由組合定律，F(xiàn)1應產(chǎn)生4種配子，且bw+e+：bw+e：bwe+：bwe=1：1：1：1；隱性純合果蠅產(chǎn)生bwe一種配子，由于在遺傳時染色體片段缺失或重復的配子不能存活，bw+e、bwe+重復造成不能存活，成活的測交后代個體只有野生型與褐眼黑檀體兩個親本表型，分離比為1：1，C正確；D、F1產(chǎn)生2種配子，且bw+e+：bwe=1：1，雌雄果蠅相互交配，子代有2種表現(xiàn)型，D錯誤。故選D。11.黃粉蟲可以吞食、降解塑料，利用黃粉蟲腸道微生物對白色污染進行生物降解，是一種綠色環(huán)保的處理工藝。圖是從黃粉蟲腸道中分離、純化微生物的過程，相關敘述正確的是（）A.富集培養(yǎng)基含有酵母膏、蛋白胨、瓊脂等，酵母膏能提供所需的碳源和氮源B.選擇培養(yǎng)基中需加入PVC塑料膜作為唯一碳源，稀釋涂布后僅最后一組形成單菌落C.將轉接至液體斜面培養(yǎng)基上的不同菌落置于4℃的冰箱臨時保存，用于相關研究D.與傳統(tǒng)填埋、焚燒相比，黃粉蟲腸道微生物對白色污染的降解不會造成二次污染【答案】D【解析】【分析】如果所要分離的微生物在混雜的微生物群體中數(shù)量極少或者增殖過慢而難以稀釋分離時，需要結合使用選擇培養(yǎng)法，即選用僅適合于所要分離的微生物生長繁殖的特殊培養(yǎng)條件來培養(yǎng)混雜菌體，改變?nèi)后w中各類微生物的比例，以達到分離的目的。為保證分離到的微生物是純培養(yǎng)，分離時必須用?！驹斀狻緼、富集培養(yǎng)基應該用液體培養(yǎng)基，不能加入瓊脂，A錯誤；B、在稀釋倍數(shù)合適的培養(yǎng)基上都可能得到單菌落，故稀釋涂布后不一定僅最后一組形成單菌落，B錯誤；C、臨時保藏菌種時需要將轉接至固體斜面培養(yǎng)基上的不同菌落置于4℃的冰箱臨時保存，C錯誤；D、如果對白色污染進行傳統(tǒng)填埋、焚燒容易造成二次污染，黃粉蟲腸道微生物對白色污染的降解不會，D正確。故選D。12.20世紀70年代，F(xiàn)redsanger發(fā)明了雙脫氧終止法對DNA進行測序。其原理如圖，在4個試管中分別加入4種脫氧核苷三磷酸（dNTP）和1種雙脫氧核苷三磷酸（ddNTP）；ddNTP可以與dNTP競爭核苷酸鏈延長位點，并終止DNA片段的延伸。在4個試管中DNA鏈將會分別在A、G、C及T位置中止，并形成不同長度的DNA片段。這些片段隨后可被電泳分開并顯示出來。下列說法中正確的是（）

A.這種測序方法需要引物和耐高溫的DNA連接酶B.電泳圖譜中的箭頭所指的DNA片段以鳥嘌呤結尾C.測得未知DNA的序列為5’-GATTCGAGCTGA-3’D.ddNTP與dNTP競爭的延長位點是核苷酸鏈的5’末端【答案】B【解析】【分析】PCR技術：1、概念：PCR全稱為聚合酶鏈式反應，是一項在生物體外復制特定DNA核酸合成技術；2、原理：DNA復制；3、前提條件：要有一段已知目的基因的核苷酸序列以便合成一對引物；4、條件：模板DNA、四種脫氧核苷酸、一對引物、熱穩(wěn)定DNA聚合酶（Taq酶）；5、過程：①高溫變性：DNA解旋過程（PCR擴增中雙鏈DNA解開不需要解旋酶，高溫條件下氫鍵可自動解開）；低溫復性：引物結合到互補鏈DNA上；③中溫延伸：合成子鏈?！驹斀狻緼、這種測序方法需要引物和耐高溫的DNA聚合酶，A錯誤；B、電泳圖譜中的箭頭所指的DNA片段以鳥嘌呤結尾，B正確；C、測得未知DNA的序列為5’-TCAGCTCGAATC-3’，C錯誤；D、ddNTP與dNTP競爭的延長位點是核苷酸鏈的3’末端，D錯誤。故選B。13.太陽能進入植物細胞并為細胞所利用，一般都要經(jīng)過圖甲所示結構中發(fā)生復雜化學反應。圖乙是一種盆栽植物在自然光照（甲組）和給予一定程度的遮光（乙組）的條件下，培養(yǎng)一段時間后測定的曲線圖，請據(jù)圖回答下列問題：（1）圖甲中數(shù)字表示氣體交換過程。在白天，當植物葉肉細胞內(nèi)光合作用強度小于呼吸作用強度時，圖中可同時發(fā)生的過程有_________________（用圖中序號表示）；當僅有過程⑤⑥發(fā)生時，說明該細胞___________________，其中[H]和O2在___________（場所）結合生成水。此處的[H]與葉綠體內(nèi)的[H]_________（填“是”或“不是”）同一種物質。（2）圖乙中的實驗組是______組，若已知自然光照下的甲組植物細胞呼吸釋放的CO2量與消耗的O2量之比是0.8，在適宜條件下，測得細胞吸收O2的速率為20mL/h，則細胞釋放CO2的速率是______mL/h。（3）下表為在適宜溫度條件下，逐漸增加光照強度，測定陽生植物與陰生植物葉片的O2釋放速率。光照強度（μmol光子/(m2·s)）0102550100250500600氧氣的釋放速率（μmolO2/(m2·s)）A-16-10-5-15153030B-4-051.535121210據(jù)表可推測，陽生植物為_______，當光照強度為100微摩爾光子/m2．s時，A、B植物O2產(chǎn)生速率的大小關系為_____（填A>B，A<B或A=B）。原因是________________________?！敬鸢浮竣?③④⑤⑥②.沒有光合作用，只有呼吸作用③.線粒體內(nèi)膜上④.不是⑤.乙⑥.16⑦.A⑧.A>B⑨.當光照強度為100μmol光子/(m2·s)，A植物的O2釋放速率（凈光合速率）與B植物的O2釋放速率相等，但A植物的呼吸速率明顯大于B植物，因此A植物的O2產(chǎn)生速率（真光合速率）大于B植物的O2產(chǎn)生速率（真光合速率）【解析】【分析】分析題圖：甲圖表示與光合作用和細胞呼吸相關的兩種細胞器，在光合作用原料、產(chǎn)物與呼吸原料、產(chǎn)物之間的相互利用關系。①④⑤表示CO2，②③⑥O2，根據(jù)光合作用與呼吸作用反應的方程式（以葡萄糖的產(chǎn)生和消耗為準）可知，二者在O2和CO2的利用和產(chǎn)生量上比例相等。當光合作用速率大于呼吸作用速率時，發(fā)生圖中①②③④過程；當光合作用速率等于呼吸作用速率時，發(fā)生圖中③④過程；當光合作用速率小于呼吸作用速率時，發(fā)生圖中③④⑤⑥過程。圖乙表示植物在不同光照強度下凈光合速率的變化曲線。【詳解】（1）根據(jù)上述分析過程可知，當植物葉肉細胞內(nèi)光合作用強度小于呼吸作用強度時，呼吸作用產(chǎn)生的CO2量除滿足葉綠體光合作用外，將剩余的CO2釋放到外界環(huán)境中，而葉綠體產(chǎn)生的O2不足以滿足線粒體的需求而從外界環(huán)境中吸收相應的O2，所以，圖甲中可同時發(fā)生的過程有③④⑤⑥；當僅有過程⑤⑥發(fā)生時，說明該細胞沒有光合作用僅發(fā)生細胞呼吸過程，根據(jù)有氧呼吸第三階段的物質變化[H]與O2結合發(fā)生在線粒體內(nèi)膜上。此處的[H]為NADH，而葉綠體內(nèi)光反應產(chǎn)生的[H]為NADPH，所以二者不是同一物質。（2）由題意知，甲組是自然光照，為對照組，乙組給予一定的遮光，乙組為實驗組。根據(jù)該植物細胞呼吸放出的CO2量與消耗的O2量之比為0.8，若測得該細胞吸收的O2為20ml/h，則細胞釋放的CO2為0.8×20=16mL/h。（3）由表中數(shù)據(jù)可知，A植物的光補償點（光合速率等呼吸速率即凈光合速率=0）在50～100μmol光子/(m2·s)之間，而B植物的光補償點在10～25μmol光子/(m2·s)之間，即A植物的光補償點大于B植物的光補償點，由此可判斷A植物為陽生植物。另外，A植物的光飽和點大于B植物的光飽和點也可作此判斷；植物O2產(chǎn)生速率為真光合速率，真光合速率=凈光合速率+呼吸速率，由表中數(shù)據(jù)可知，A植物的呼吸速率（光照強度=0）大于B植物的呼吸速率，當光照強度為100μmol光子/(m2·s)時，A植物的O2釋放速率（凈光合速率）與B植物的O2釋放速率相等，但A植物的呼吸速率明顯大于B植物，因此A植物的O2產(chǎn)生速率（真光合速率）大于B植物的O2產(chǎn)生速率（真光合速率）?！军c睛】本題旨在考查學生理解影響光合作用的因素及實際（真）光合速率、凈光合速率、呼吸速率之間的關系，把握知識的內(nèi)在聯(lián)系，形成知識網(wǎng)絡，并結合題干信息進行推理、綜合解答問題。14.遺傳毒性物質常存在于被化學物質污染的水體，可損傷生物的DNA，嚴重威脅人類健康。研究人員通過基因工程改造大腸桿菌，以期篩選對遺傳毒性物質反應靈敏的工程菌株，用于水質檢測。（1）大腸桿菌DNA中存在可被遺傳毒性物質激活毒性響應啟動子序列。將毒性響應啟動子插入圖1所示表達載體的P區(qū)，獲得基因工程改造的大腸桿菌。當改造后的大腸桿菌遇到遺傳毒性物質時，_______識別并與啟動子結合，驅動噬菌體裂解基因（SRR）_____，表達產(chǎn)物可使大腸桿菌裂解。（2）研究人員選取啟動子sul準備與圖1表達載體連接。圖2顯示了啟動子sul內(nèi)部存在的酶切位點，右向粗箭頭表示轉錄方向①據(jù)圖1、2信息，克隆啟動子sul時，在其A端和B端應分別添加限制酶______和__的酶切位點，從而確保啟動子sul可與已被酶切的表達載體正確連接。②將重組表達載體導入大腸桿菌，置于含有_______的選擇培養(yǎng)基中進行篩選、鑒定及擴大培養(yǎng)，獲得工程菌sul。（3）研究人員陸續(xù)克隆了其他4種啟動子（rec、imu、qnr、cda），分別連入表達載體，用同樣的方法獲得導入重組載體的工程菌，以篩選最靈敏的檢測菌株。①將5種工程菌和對照菌在LB培養(yǎng)基中培養(yǎng)一段時間后，檢測菌體密度，結果如圖3。圖中結果顯示_____，說明工程菌在自然生長狀態(tài)下不會產(chǎn)生自裂解現(xiàn)象。②上述菌株在LB培養(yǎng)基中生長2h時加入遺傳毒性物質，檢測結果如圖4。據(jù)圖可知，5種工程菌均啟動了對遺傳毒性物質的響應，應選擇轉入______啟動子的菌株作為最優(yōu)檢測菌株。（4）對上述工程菌進行工業(yè)化培養(yǎng)，通常采用______培養(yǎng)基，將工程菌置于可持續(xù)更新營養(yǎng)物質培養(yǎng)罐中，這種營養(yǎng)物質的添加方式相比于傳統(tǒng)的一次性添加營養(yǎng)物的優(yōu)勢是______。（5）下列關于該工程菌的敘述，正確的包括______。A．該工程菌可能用于檢測土壤、蔬菜中的遺傳毒性物質殘留量B．該毒性響應啟動子序列廣泛存在于自然界所有物種中C．其表達產(chǎn)物可裂解大腸桿菌，檢測后的剩余菌液可直接倒掉D．為長期保存該工程菌，應加入一定濃度的甘油凍存于-20℃【答案】①.RNA聚合酶②.轉錄③.XhoI④.SapI⑤.氨芐青霉素⑥.5種工程菌菌體數(shù)量增長趨勢與對照菌一致⑦.rec⑧.液體⑨.補充營養(yǎng)物質，清除代謝廢物⑩.AD【解析】【分析】分析題意，大腸桿菌DNA中存在可被遺傳毒性物質激活的毒性響應啟動子序列?？梢詫⒍拘皂憫獑幼硬迦腧寗邮删w裂解基因，以此構建基因表達載體，并導入大腸桿菌中，獲得基因工程改造的大腸桿菌。當改造后的大腸桿菌遇到遺傳毒性物質時，該工程菌大腸桿菌會裂解。據(jù)此分析作答?！驹斀狻浚?）基因中啟動子是基因首端的一端特殊序列，其作用是RNA聚合酶識別和結合的部位，用于驅動基因的轉錄，毒性響應啟動子插入圖1所示表達載體的P區(qū)，在驅動噬菌體裂解基因（SRR）的前面，當改造后的大腸桿菌遇到遺傳毒性物質時，RNA聚合酶與該啟動子結合；驅動噬菌體裂解基因（SRR）的轉錄，進而使該基因表達。（2）①啟動子sul序列內(nèi)部有SmaⅠ和HindⅢ的識別序列，為避免將啟動子切斷，因在圖1的質粒中選擇另外兩種限制酶切割質粒和啟動子，即XhoI和SapI。②質粒中的氨芐青霉素抗性基因為標記基因，表達產(chǎn)物可使導入基因表達載體的的大腸桿菌可以在含氨芐青霉素的培養(yǎng)基上生長，因而將重組表達載體導入大腸桿菌，置于含有氨芐青霉素的選擇培養(yǎng)基中進行篩選、鑒定及擴大培養(yǎng)，可獲得工程菌sul。（3）①分析圖3可知，含有5種啟動子（rec、imu、sul、qnr、cda）工程菌和對照菌的數(shù)量增長趨勢是相近的（5種工程菌菌體數(shù)量增長趨勢與對照菌一致），說明工程菌在自然生長狀態(tài)下不會產(chǎn)生自裂解現(xiàn)象。②分析圖4可知，加入有毒物質后，與對照相比，5種工程菌的菌體密度值均降低，其中轉入rec啟動子的菌株菌體密度值最低，說明5種工程菌均啟動了對遺傳毒性物質的響應，且轉入rec啟動子的菌株最敏感，應作為最優(yōu)檢測菌株。（4）一般而言，用于工業(yè)生產(chǎn)的工程菌在液體培養(yǎng)基中培養(yǎng)；微生物培養(yǎng)過程中由于微生物的繁殖，會爭奪營養(yǎng)物質，同時代謝產(chǎn)物會對微生物的生長產(chǎn)生抑制作用，故將工程菌置于可持續(xù)更新營養(yǎng)物質的培養(yǎng)罐中，相比于傳統(tǒng)的一次性添加營養(yǎng)物的優(yōu)勢是補充營養(yǎng)物質，清除代謝廢物。（5）該工程菌是經(jīng)基因改造的對遺傳毒性物質反應靈敏的工程菌株，據(jù)此答題：A、該工程菌對遺傳毒性物質反應靈敏，可能用于檢測土壤、蔬菜中的農(nóng)藥殘留量，A正確；B、該毒性響應啟動子序列并非廣泛存在于自然界所有物種中，存在于某些大腸桿菌中，B錯誤；C、該工程菌的表達產(chǎn)物可裂解大腸桿菌，但檢測后的剩余菌液中還存在菌種，不可直接倒掉，以防污染環(huán)境，C錯誤；D、長期保存菌種可取菌液加入一定濃度的甘油凍存于-20℃，D正確。故選AD?！军c睛】本題考查學生對基因工程中基因表達載體的構建的相關知識，結合微生物培養(yǎng)技術的內(nèi)容，考查學生對知識的綜合及遷移能力。此外，對實驗結果的圖型分析也是解答此題的關鍵。15.人工濕地是由人工建造和控制運行的與沼澤地類似的地面，將污水、污泥有控制的投配到經(jīng)人工建造的濕地上，污水與污泥在沿一定方向流動的過程中，主要利用土壤、人工介質、植物、微生物的物理、化學、生物三重協(xié)同作用，對污水、污泥進行處理的一種技術。如圖甲是某人工濕地公園污水處理示意圖。回答下列問題：

（1）圖甲不同區(qū)域選擇種植不同類型的植物，在凈化水體的同時又能美化環(huán)境，這體現(xiàn)了生態(tài)工程建設的整體性（和協(xié)調(diào)與平衡）原理。A區(qū)域中以挺水植物蘆葦為主，B、C區(qū)域以沉水植物伊樂藻、苦草為主，體現(xiàn)了群落的__________結構。（2）人工濕地中植物的根系不能吸收__________，但可以為__________吸附和代謝提供良好的環(huán)境條件，利于水質凈化。但人們對污水排放量要加以控制，原因是__________。其調(diào)節(jié)機制為__________調(diào)節(jié)。（3）圖乙表示該人工濕地公園草魚的種群數(shù)量增長速率隨時間的變化情況，如果在t2時用標志重捕法調(diào)查草魚的種群密度，第一次捕獲60條全部標志釋放，一段時間后進行了第二次捕捉，其中沒有標志的30條、標志的20條，估算草魚種群在t1時是__________條。（4）為提高生物多樣性的__________價值，某地進一步建立了一個集種植、養(yǎng)殖和休閑為一體的新型人工生態(tài)系統(tǒng)?？蒲行〗M對該新型人工生態(tài)系統(tǒng)的能量流動進行定量分析，得出相關數(shù)據(jù)，如下表所示（部分數(shù)據(jù)未給出，能量單位為J/cm2·a，肉食性動物作為只占據(jù)一個營養(yǎng)級研究）。據(jù)表分析，流入該生態(tài)系統(tǒng)的總能量為__________J/cm2·a，X是指__________的能量，數(shù)據(jù)Y為__________J/cm2·a?！敬鸢浮浚?）水平（2）①.有機物②.微生物##分解者③.生態(tài)系統(tǒng)的自我調(diào)節(jié)能力是有一定限度的④.反饋##負反饋（3）750（4）①.直接②.180③.呼吸作用散失④.3【解析】【分析】分析題圖：圖甲為城市濕地景觀公園，主要利用土壤、人工介質、植物、微生物的物理、化學、生物三重協(xié)同作用，對污水、污泥進行處理的一種技術。圖乙表示的種群增長速率的變化曲線，在t1點時，種群增長速率最大?！拘?詳解】A區(qū)域中以挺水植物蘆葦為主，B、C區(qū)域以沉水植物伊樂藻、苦草為主，ABC不同區(qū)域種植的植物不同，體現(xiàn)了群落的水平結構?！拘?詳解】人工濕地中植物的根系不能吸收有機物，但可以為微生物吸附和代謝提供良好的環(huán)境條件，利于水質凈化；人們對污水排放量要加以控制，原因是生態(tài)系統(tǒng)的自我調(diào)節(jié)能力是有一定限度的，若打破其自我調(diào)節(jié)能力，則有可能造成穩(wěn)態(tài)失衡；生態(tài)系統(tǒng)自我調(diào)節(jié)的基礎的負反饋調(diào)節(jié)?！拘?詳解】分析圖乙：t1時種群有最大增長速率，對應種群增長曲線中的K/2值，如果在t2時用標志重捕法調(diào)查草魚的種群密度，第一次捕獲60條全部標志釋放，一段時間后進行了第二次捕捉，其中沒有標志的30條、標志的20條，則t1時種群數(shù)量為60×（20+30）÷20×1/2=750條?！拘?詳解】直接價值是指對人類有食用、藥用和工業(yè)原料等使用意義，以及有旅游觀賞、科學研究和文學藝術創(chuàng)作等非實用意義的，建立一個集種植、養(yǎng)殖和休閑為一體的新型人工生態(tài)系統(tǒng)，這體現(xiàn)了生物多樣性的直接價值；在生態(tài)系統(tǒng)中某營養(yǎng)級的同化量可劃分為：呼吸散失量、流向分解者的量、流向下一營養(yǎng)級的量和流向分解者。結合表中數(shù)據(jù)，流入該生態(tài)系統(tǒng)的總能量=生產(chǎn)者固定的量+外來有機物輸入的能量=（44.0+5.0+95.0+20）+（5.0+11.0）=180.0J/cm2·a，并且可以判斷出表中X代表的為呼吸作用散失的能量；根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，植食性動物流向下一營養(yǎng)級是能量即肉食性動物的同化量為Y，根據(jù)上述能量分配關系有Y+11=6.3+0.5+6.5+0.7，所以Y=3J/cm2·a。【點睛】解決本題的關鍵知識為：掌握生物群落的結構特征、生態(tài)系統(tǒng)穩(wěn)定性的原因及基礎、利用標志重捕法進行種群數(shù)量的計算、生態(tài)系統(tǒng)中營養(yǎng)級能量分配關系；能夠利用所學知識分析圖中各點含義及表中相應數(shù)據(jù)的處理、計算。16.黃瓜為雌雄同株異花植物，同一植株上既有雌花也有雄花，雌花率影響黃瓜產(chǎn)量。研究人員利用黃瓜純合雌雄同株品系甲培育出全雌株（只有雌花）品系乙。為確定全雌性狀形成的分子機制，研究人員進行了如下實驗。（1）品系甲與品系乙雜交，獲得的F1表現(xiàn)為全雌，說明全雌為___________性狀。將F1與品系甲雜交，獲得的子代表現(xiàn)型及比例為___________，表明該相對性狀由一對等位基因控制。研究人員發(fā)現(xiàn)給品系甲施加乙烯，也可以增加雌花的比例。以上事實說明性狀是_________的結果。（2）進一步研究發(fā)現(xiàn)控制全雌性狀的基因位于3號染色體上，品系甲、乙3號染色體上部分基因情況如圖所示，同時發(fā)現(xiàn)品系乙花蕾細胞中ASC基因的mRNA和MYB1基因的mRNA含量顯著高于品系甲，而BCAT基因的mRNA無顯著差異。由上述結果推測，品系乙可能由于___________數(shù)量更多，從而使得相應蛋白質的大量表達，進而促進了雌花的發(fā)育。（3）為進一步確定控制全雌性狀的基因，研究人員利用CRISPR-Cas9系統(tǒng)對相關基因進行編輯。該系統(tǒng)的核心組成包括gRNA和Cas9蛋白，gRNA可以識別并結合靶基因，引導Cas9蛋白對靶基因進行剪切，進而破壞靶基因結構。大致的實驗過程如下①由于品系乙難以被直接編輯，研究人員以品系甲為背景選育了轉基因植株丙和丁。若植株丙中導入以ASC基因為靶基因設計的gRNA基因和Cas9蛋白合成基因，則植株丁中應導入以___________為靶基因設計的gRNA基因和Cas9蛋白合成基因。轉入植株丙和丁的基因可隨配子傳遞給子代，表達的CRISPR-Cas9系統(tǒng)可在受精卵中發(fā)揮基因編輯作用。②將植株丙和植株丁分別與品系乙進行雜交，結果見表。

根據(jù)表結果，植株丙減數(shù)分裂后產(chǎn)生含有與不含有轉入基因的配子的比例為___________，含有轉入基因的配子形成受精卵后，細胞中的___________基因結構被破壞，表現(xiàn)為____，不含有轉入基因的配子形成受精卵后，表現(xiàn)為___________。植株丁與品系乙雜交結果為___________，說明MYB1基因不是控制全雌性狀的基因?！敬鸢浮竣?顯性②.全雌株：雌雄同株=1：1③.基因與環(huán)境共同作用④.ASC或MYB1⑤.MYB1⑥.1：1⑦.ASCa和ASCb⑧.雌雄同株⑨.雌株⑩.F1均表現(xiàn)為全雌株【解析】【分析】1、生物的性狀由基因決定，但受環(huán)境影響；基因型與表現(xiàn)型的關系為：表現(xiàn)型=基因型+環(huán)境。【詳解】（1）品系甲與品系乙為雌雄同株，二者雜交得F1全為全雌，說明全雌為顯性性狀。若該性狀由一等位基因控制，則F1與品系甲即隱形純合子雜交，子代顯隱性比例為1：1，即全雌：雌雄同株=1：1。給品系甲施加乙烯，可以增加雌花的比例，說明生物的性狀由基因控制，但受環(huán)境影響，即生物性狀是基因與環(huán)境共同作用的結果。（2）根據(jù)題意分析，品系乙中ASC基因與MYB1基因數(shù)量多于品系甲，且兩種基因表達量也多于甲，說明品系乙的全雌性狀可能是由于ASC或MYB1基因數(shù)量更多，表達相應的蛋白質量更多，從而促進了雌花的發(fā)育。（3）①進一步確定控制全雌性狀的基因是ASC或MYB1，若植株丙中導入以ASC基因為靶基因設計的gRNA基因和Cas9蛋白合成基因，則植株丁中應導入以MYB1為靶基因設計的gRNA基因和Cas9蛋白合成基因。②植株丙為轉基因雜合子，減數(shù)分裂后產(chǎn)生含有轉入基因（專一切除ASC基因）與不含有的配子的比例為1：1。含有轉入基因的配子形成受精卵后，根據(jù)題中信息可知，丙中導入以ASC基因為靶基因設計的gRNA基因和Cas9蛋白合成基因，所以gRNA基因和Cas9蛋白破壞了細胞中的ASC基因，即細胞中的ASCa和ASCb基因結構被破壞，表現(xiàn)為雌雄同株。不含有轉入基因的配子形成受精卵后，細胞中仍含有ASC基因，表現(xiàn)為全雌株。因此子代雌雄同株和全雌株的比例為1：1，說明ASC基因控制全雌性狀。植株丁也為轉基因雜合子，減數(shù)分裂后產(chǎn)生含有轉入基因（專一切除MYB1基因）與不含有的配子的比例為1：1，兩種配子形成受精卵后，MYB1基因被破壞，若MYB1基因對全雌性狀無影響，則子代為全雌表現(xiàn)型。【點睛】本題主要考查基因分離定律，要求學生掌握基因分離定律的實質和常見的分離比，能夠根據(jù)題意和實驗結果進行分析、歸納、綜合并解決新情境下遺傳規(guī)律的問題。17.感知外界環(huán)境中潛在的危險信息，快速躲避天敵并作出最適宜的防御反應是動物生存所需具備的重要能力。為探究本能恐懼內(nèi)在的大腦運作機制，研究人員開展了如圖實驗。

（1）將小鼠置于如圖1的裝置中，用黑色圓盤在小鼠的上視野產(chǎn)生陰影，模擬小鼠被上空中的天敵捕食的場景，陰影刺激了小鼠視網(wǎng)膜，引起視神經(jīng)細胞產(chǎn)生興奮傳至末梢，釋放神經(jīng)遞質作用于突觸后膜上的受體，最終誘發(fā)小鼠產(chǎn)生