2025年粵教新版必修3物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教新版必修3物理下冊月考試卷82考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、下列所給四種情況，其中穿過單匝閉合線圈的磁通量不為零的是（）A.矩形線圈與兩相同通電長直導(dǎo)線共面且居中B.圓形線圈緊箍在圓柱狀磁鐵正中間位置C.長直通電導(dǎo)線穿過圓形線圈的圓心且與線圈平面垂直D.圓形線圈上方放置一條與線圈直徑重合的長直通電絕緣導(dǎo)線2、如圖所示，一通電直導(dǎo)線水平放置，其上方M、N兩點的磁感應(yīng)強度分別為BM、BN；則（）

A.BM>BN，方向均豎直向上B.BM>BN，方向均豎直向下C.BM>BN，方向均垂直紙面向里D.BM>BN，方向均垂直紙面向外3、某同學(xué)利用圖甲所示電路觀察電容器的充電和放電現(xiàn)象，測得放電過程的圖像如圖乙所示；電壓表為理想表，則（）

A.充電時電子由a向b方向流動B.充電時電壓表示數(shù)先迅速增大再減小到零C.將電阻R換成阻值更大的電阻，放電時間變長D.電容器充電結(jié)束所帶電荷量約為4、如圖所示，在x軸上兩點分別固定放置點電荷和原點O是兩點連線的中點，取P點電勢為零；下列判斷正確的是（）

A.O點的場強為零B.O點的電勢為零C.兩點的場強相同D.兩點的電勢相同5、下列說法是某同學(xué)對電學(xué)中相關(guān)概念及公式的理解，其中正確的是()A.電場強度公式E＝適用于一切電場B.根據(jù)電容的定義式C＝,電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1VC.根據(jù)電場力做功的計算式W＝qU，一個電子在1V的電壓下加速，電場力做功為1eVD.電場線就是正電荷只在電場力的作用下運動的軌跡6、關(guān)于電阻和電阻率的說法正確的是()A.導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫導(dǎo)體的電阻，因此只有導(dǎo)體中有電流通過時才有電阻B.由可知導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C.某些金屬、合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零，這種現(xiàn)象叫超導(dǎo)現(xiàn)象D.將一根導(dǎo)線等分為二，則半根導(dǎo)線的電阻和電阻率都是原來的二分之一7、要測繪一個3.8V燈泡L的伏安特性曲線，選用了電池組（電動勢為4V，內(nèi)阻約為0.04Ω）、電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.3Ω）、電壓表（量程0~5V，內(nèi)阻約5kΩ）、開關(guān)、導(dǎo)線和滑動變阻器（阻值范圍0~10Ω）。為了安全、準(zhǔn)確地完成實驗，應(yīng)該選用的電路圖為（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)8、光滑水平面上有一邊長為L的正方形區(qū)域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行。一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球由某一邊的中點，以垂直于該邊的水平初速v0進入該正方形區(qū)域。當(dāng)小球再次運動到該正方形區(qū)域的邊緣時；具有的動能可能為（）

A.B.C.D.9、如圖所示，矩形的四個頂點分別固定有帶電荷量分別為q的正負(fù)點電荷，水平直線AC將矩形分成面積相等的兩部分，B為矩形的中心．一質(zhì)量為m的帶正電微粒（不計重力）沿直線AC從左向右運動，到A點時的速度為v0，到B點時的速度為v0．取無限遠處電勢為零；則。

A.微粒在A、C兩點的加速度相同B.微粒從A點到C點的過程中，電勢能先減少后增大C.微粒最終可以返回B點，其速度大小為v0D.A、C兩點間的電勢差為UAC=10、如圖所示，實線為方向未知的三條電場線，a、b兩帶電粒子從電場中的O點以相同的初速度飛出。僅在電場力作用下；兩粒子的運動軌跡如圖中虛線所示，則（）

A.a一定帶正電，b一定帶負(fù)電B.a加速度減小，b加速度增大C.a電勢能減小，b電勢能增大D.a和b的動能一定都增大11、如圖所示電路中，電源的內(nèi)阻為三只燈泡原來都正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，下面的判斷正確的是（）

A.變暗B.變亮C.變亮D.路端電壓變小12、如圖所示，兩等量異種電荷在同一水平線上，它們連線的中點為O，豎直面內(nèi)的半圓弧光滑絕緣軌道的直徑AB水平，圓心在O點，圓弧的半徑為R，C為圓弧上的一點，OC為豎直方向的夾角為37°，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的帶電小球從軌道的A端由靜止釋放，沿軌道滾動到最低點時，速度v=2g為重力加速度；取無窮遠處電勢為零，則下列說法正確的是（）

A.電場中B點的電勢為B.電場中B點的電勢為C.小球運動到C點時，其動能與電勢能的和為1.4mgRD.小球運動到C點時，其動能與電勢能的和為1.8mgR13、光滑絕緣水平面上固定兩個等量同種點電荷Q，在它們連線的中垂線上，有A和B兩點到連線中點O的距離相等；如圖所示，則（）

A.A，B兩點的電場強度大小相等、方向相反B.同一點電荷在A，B兩點的電勢能相等C.把負(fù)點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，q將不能到達BD.把負(fù)點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，q越過B點后速度才減為014、用充電寶給手機電池充電時，充電寶輸出電能轉(zhuǎn)化為手機電池的化學(xué)能和內(nèi)能，等效電路如圖所示。在充電開始后的時間t內(nèi)，充電寶的輸出電壓U和輸出電流I都可認(rèn)為是恒定的，若手機電池的內(nèi)阻為r，則t時間內(nèi)（）

A.充電寶輸出的電流為B.充電寶輸出的電功為C.手機電池產(chǎn)生的焦耳熱為D.手機電池儲存的化學(xué)能為評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、如圖甲所示為一測量電解液電阻率的玻璃容器，P、Q為電極，設(shè)a=1m，b=0.2m，c=0.1m，當(dāng)里面注滿某電解液，且P、Q加上電壓后，其U-I圖線如圖乙所示，當(dāng)U=10V時，求電解液的電阻率ρ是_______Ω·m

16、如圖所示，三根彼此絕緣的無限長直導(dǎo)線的一部分ab、cd、ef構(gòu)成一個等邊三角形，O為三角形的中心，M、N分別為O關(guān)于導(dǎo)線ab、cd的對稱點，當(dāng)三根導(dǎo)線中通以大小相等，方向如圖的電流時，O點磁感應(yīng)強度大小為B1，M點磁感應(yīng)強度的大小為B2，則N點磁感應(yīng)強度的大小為________；若將導(dǎo)線ef中的電流撤去，而保持另兩根導(dǎo)線中的電流不變，則N點磁感應(yīng)強度的大小為________．

17、兩根互相垂直的通電直導(dǎo)線放在同一平面內(nèi)，彼此絕緣，電流方向如圖所示．在兩導(dǎo)線周圍的四個區(qū)域中，肯定不可能出現(xiàn)磁感強度為零的區(qū)域是______；可能出現(xiàn)磁感強度為零的區(qū)域是______．18、如圖所示，勻強電場的電場線與平行，把的負(fù)電荷從點移到點，靜電力做功長與成60°角。則勻強電場的場強方向______（填：指向或指向）；設(shè)處電勢為則處電勢為______，該負(fù)電荷在處的電勢能為______。

19、靜電力做功的特點。

（1）靜電力做功：在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為___________與___________之間的夾角。

（2）特點：在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置___________，與電荷經(jīng)過的路徑___________。

20、如圖所示，在真空中有兩個點電荷A和B，電荷量分別為-Q和+Q，它們相距L．如果在兩點電荷連線的中點O有一個半徑為r（2r＜L）的空心金屬球，則球殼左端的感應(yīng)電荷為_________（選填“正電荷”或“負(fù)電荷”）,若球心位于O點，則球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小_________，方向______．

21、如圖所示，平行金屬板通過一開關(guān)與電池相連，板間有一帶電液滴處于平衡狀態(tài)．若開關(guān)閉合，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________；若開關(guān)打開，將兩板拉開一定距離，則粒子將__________．（填“靜止不動；向上運動、向下運動”）

22、用螺旋測微器測圓柱體的直徑時，示數(shù)如圖甲所示，此示數(shù)為______mm，用20分度的游標(biāo)卡尺測量某物體的厚度時，示數(shù)如圖乙所示，此示數(shù)為______mm。

23、如圖，電阻電壓表示數(shù)為6V，電流表示數(shù)為0.5A，后來由于某一電阻斷路，電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)變?yōu)?.6A。則發(fā)生斷路的電阻是______，電池組的電動勢為______V。

評卷人得分四、實驗題(共3題，共30分)24、用圖1所示的甲、乙兩種方法測量某電源的電動勢和內(nèi)電阻（約為1Ω）。其中R為電阻箱；電流表的內(nèi)電阻約為0.1Ω，電壓表的內(nèi)電阻約為3kΩ。

（1）利用圖1中甲圖實驗電路測電源的電動勢E和內(nèi)電阻r，所測量的實際是圖2中虛線框所示“等效電源”的電動勢和內(nèi)電阻若電流表內(nèi)電阻用表示，請你用E、r和RA表示出并簡要說明理由_______。

（2）某同學(xué)利用圖像分析甲、乙兩種方法中由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差。在圖3中，實線是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)（圖甲：U=IR，圖乙：）描點作圖得到的U-I圖像；虛線是該電源的路端電壓U隨電流I變化的U-I圖像（沒有電表內(nèi)電阻影響的理想情況）。

在圖3中，對應(yīng)圖甲電路分析的U-I圖像是：__________；對應(yīng)圖乙電路分析的U-I圖像是：________。

（3）綜合上述分析，為了減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差，本實驗應(yīng)選擇圖1中的______（填“甲”或“乙”）。25、某學(xué)校物理興趣小組同學(xué)，從實驗室找到一卷漆包線，已知該漆包線內(nèi)導(dǎo)線的電阻率為興趣小組同學(xué)欲粗測該漆包線的油漆層厚度，首先他們用測重法測得其長度為并找到了多用電表；螺旋測微器等儀器。

(1)他們用多用電表粗測漆包線的電阻；操作過程分以下三個步驟，請你填寫第二步。

①將紅、黑表筆分別插入多用電表的“+”、“-”插孔；選擇開關(guān)打到電阻檔“”；

②_________；

③把紅、黑表筆分別與該漆包線的兩端導(dǎo)線層相連接，發(fā)現(xiàn)指針在中值電阻附近，讀出其電阻約為

(2)使用螺旋測微器測該漆包線的直徑，示數(shù)如圖所示，則直徑為_______

(3)現(xiàn)在請你根據(jù)測得的電阻值和直徑，估算出該漆包線油漆層的厚度約為________（?。?6、有一滿偏電流為150μA的電流表G，要用它來改裝成電流表和電壓表，但電流表G內(nèi)阻未知?，F(xiàn)要測量其內(nèi)阻Rg；除待測電流表G外，供選用的器材還有：

滑動變阻器R（阻值范圍0~99999.9Ω）

電阻箱R′（阻值范圍0~999.9Ω）

電源E

開關(guān)和導(dǎo)線若干。

(1)某小組采用的測量電路原理圖如圖所示；實驗步驟如下：

①按電路原理圖連接線路；

②將R的阻值調(diào)到最大，斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)R的阻值；使電流表G的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度；

③閉合開關(guān)S2，保持R不變，調(diào)節(jié)R′的阻值；使電流表G的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的二分之一的位置；

④記下R′的阻值；

⑤現(xiàn)讀得R′的阻值為200.0Ω，則電流表G的內(nèi)阻測量值R測=_____Ω（小數(shù)點后保留1位），與電流表的內(nèi)阻真實值Rg相比，R測____Rg（填“＞”“=”或“＜”）；

(2)要把G表頭改裝成0~3V的電壓表，需_____（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）一個大電阻。評卷人得分五、解答題(共4題，共12分)27、如圖所示，豎直放置的兩金屬板之間加一電壓U1，在其右側(cè)有兩個水平正對放置的平行金屬極板，板長為L，相距為d，兩極板間電壓為U2，從左極板靜止釋放一帶負(fù)電粒子，經(jīng)加速后進入偏轉(zhuǎn)電場，粒子軌跡如圖。已知粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q；不計粒子的重力。求：

(1)粒子穿越加速電場獲得的速度v1；

(2)粒子在偏轉(zhuǎn)電場發(fā)生的側(cè)位移y；

(3)粒子射出偏轉(zhuǎn)電場時偏轉(zhuǎn)角的正切值tanφ。

28、如圖所示，一真空示波管的電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計），經(jīng)燈絲與A板間的加速電場加速，從A板中心孔沿中心線KO射出，然后進入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場中（偏轉(zhuǎn)電場可視為勻強電場），電子進入M、N間電場時的速度與電場方向垂直，電子經(jīng)過電場后打在熒光屏上的P點。已知電子質(zhì)量電荷量大小加速電場電壓偏轉(zhuǎn)電場電壓極板的長度板間距離其右端到熒光屏M的水平距離為電子所受重力可忽略不計；求。

（1）求電子穿過A板時的速度大小v0；

（2）求電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量y；

（3）求OP的距離Y；

（4）電子從偏轉(zhuǎn)電場射出時的側(cè)移量y和偏轉(zhuǎn)電壓U2的比叫做示波器的靈敏度；分析說明可采用哪些方法提高示波器的靈敏度。

29、如圖所示，一豎直半圓形絕緣光滑軌道固定在水平桌面上，O為圓心，AC為水平直徑，B為最低點?，F(xiàn)在O點固定一電荷量大小為q的點電荷，在最低點B固定另一電荷量大小未知的點電荷，在A點有一質(zhì)量為m、電荷量大小也為q的帶電小球（可視為質(zhì)點）處于靜止?fàn)顟B(tài)，且對軌道恰好無作用力，已知靜電力常量為k，重力加速度為g。

（1）求固定在最低點B的點電荷電荷量的大??；

（2）若某時刻僅將B點的點電荷撤去，求帶電小球運動到B點時對軌道的壓力大小。

30、如圖所示，有水平邊界的勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B，其上、下邊界間的距離為H，一個由同種材料，粗細(xì)均勻的導(dǎo)線做成的質(zhì)量為m、邊長為l（l＜H）、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd，從磁場上方的某個位置處，由靜止開始下落，下落過程中，線框平面始終保持在同一個豎直面內(nèi)，ab邊與磁場的水平邊界線平行，當(dāng)ab邊剛進入磁場和ab邊剛穿出磁場時，線框加速度的大小都是方向都豎直向上，在線框運動過程中，不計空氣阻力．求：

（1）ab邊剛進入磁場時，線框cd邊兩端的電勢差

（2）cd邊剛進入磁場時；線框速度的大小。

（3）從ab邊剛進入磁場到cd邊剛進入磁場的過程中，線框中產(chǎn)生的熱量．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、B【分析】【詳解】

A．據(jù)安培定則可知；左側(cè)導(dǎo)線在矩形線圈中的磁場向內(nèi)，右側(cè)導(dǎo)線在矩形線圈中的磁場向外，由對稱性可知，兩部分磁場等大；反向，完全抵消，故矩形線圈中的磁通量為零，A錯誤；

B．圓柱狀磁鐵內(nèi)部磁感線由S指向N且與線圈垂直；故穿過圓形線圈中的磁通量不為零，B正確；

C．長直通電導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場與圓形線圈恰好是同心圓；沒有磁感線穿過該線圈，故磁通量為零，C錯誤；

D．長直通電絕緣導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場關(guān)于圓形線圈對稱；一側(cè)向下；另一側(cè)向上，完全抵消，故穿過線圈的磁通量為零，D錯誤。

故選B。2、D【分析】【詳解】

利用安培定則可以判斷出通電直導(dǎo)線周圍的磁場線分布情況，圖中電流方向向右，則上方磁場垂直紙面向外，且越靠近導(dǎo)線的，磁場越強，所以BM＞BN.

A．描述與分析不符；故A錯誤.

B．描述與分析不符；故B錯誤.

C．描述與分析不符；故C錯誤.

D．描述與分析相符，故D正確.3、C【分析】【詳解】

A．充電時，開關(guān)連接1，電容器下極板與電源負(fù)極相連，下極板帶負(fù)電，充電過程極板電荷量增大，因此下極板得電子，可知充電時電子由b向a方向流動；A錯誤；

B．充電時；開關(guān)連接1，理想電壓表始終連接在電源正負(fù)極上，因此理想電壓表的示數(shù)等于電源電動勢，即充電時電壓表示數(shù)不變，B錯誤；

D．圖像中，圖線與時間軸所圍幾何圖形的面積表示放電過程放出的電荷量，即等于電容器充電結(jié)束所帶電荷量，根據(jù)圖像數(shù)出格子數(shù)約為33格，則電容器充電結(jié)束所帶電荷量為

D錯誤；

C．充電完成后，電容器兩極板間的電壓等于電源電動勢，開關(guān)連接2放電時，最大的電流

當(dāng)將電阻R換成阻值更大的電阻時；放電的最大電流減小，由于放電的總電荷量不變，即圖線與時間軸所圍面積不變，作出圖線如圖虛線所示。

可知，將電阻R換成阻值更大的電阻；放電時間變長，C正確。

故選C。4、C【分析】【詳解】

A．根據(jù)場強的疊加原理可知，O點的場強不為零；A錯誤；

B．當(dāng)取無窮遠處的電勢為零時，O點的電勢為零，若取P點電勢為零，則O點的電勢不為零；B錯誤；

C．根據(jù)場強的疊加原理可知，兩點的場強大小和方向都相同；C正確；

D．M點的電勢高于P點的電勢；D錯誤。

故選C。5、C【分析】【詳解】

A．電場強度公式：E＝

只適用于勻強電場；故A錯誤；

B．根據(jù)電容的定義式：C＝

可知：U=

只有在電容器C=1F時；當(dāng)電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1V，故B錯誤；

C．電子的電量為e，由：W=Uq

可知電場對電子做功加速時：W=Ue

即在1V電壓下加速；電場力做功為1eV，故C正確；

D．電場線并不存在，是虛擬的，是人為引入的，而物體的運動軌跡是實際存在的，故電場線不是電荷的運動軌跡，故D錯誤．6、C【分析】【詳解】

A．導(dǎo)體對電流的阻礙作用叫導(dǎo)體的電阻；導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體中有無電流無關(guān)，選項A錯誤；

B．導(dǎo)體的電阻是由導(dǎo)體本身決定的；與加在導(dǎo)體兩端的電壓和通過的電流無關(guān)，選項B錯誤；

C．某些金屬；合金和化合物的電阻率隨溫度的降低會突然減小為零；這種現(xiàn)象叫超導(dǎo)現(xiàn)象，選項C正確；

D．導(dǎo)體的電阻率只與導(dǎo)體材料有關(guān)，與導(dǎo)體長度無關(guān)，選項D錯誤．7、A【分析】【分析】

【詳解】

因?qū)嶒炓箅娏鲝牧汩_始調(diào)節(jié)；所以滑動變阻器應(yīng)用分壓式接法；因小燈泡電阻比較小，故電流表應(yīng)用外接法。

故選A。二、多選題(共7題，共14分)8、A:B:C【分析】【詳解】

A．若初速度的方向與電場方向平行，但電場力方向與電場方向相反，則小球做勻減速直線運動，若小球能從對邊出電場，則根據(jù)動能定理可得其動能為

動能大小可能等于故A正確；

B．若初速度方向與電場方向垂直，則小球做類平拋運動，從鄰邊出去，根據(jù)動能定理

故B正確；

C．若初速度的方向與電場方向平行，但電場力方向與電場方向相反，則小球做勻減速直線運動，若沒有到達對邊速度就減為零，則小球會返回到出發(fā)點，速度仍為v0；動能為。

故C正確；

D．若初速度的方向與電場方向平行，但速度方向與電場方向相同，則小球做勻加速直線運動，則小球會從對邊射出電場，動能為

綜合選項ABC可知，動能不可能為

故D錯誤。

故選ABC。9、A:C【分析】【詳解】

根據(jù)對稱性可知在A、C兩點的合場強相同，故微粒受到的電場力相同，即加速度相同，A正確；根據(jù)矢量疊加原理可知四個點電荷在AC之間的電場強度方向水平向右，即微粒從A到C過程中電場力做正功，電勢能一直減小，動能一直增大，C點以后的某點電場方向發(fā)生變化，改為水平向左，故微粒到達該點后開始做減速運動，減速到零后反向加速，即向左做加速運動，由于過程中只有電場力做功，動能和勢能相互轉(zhuǎn)化，所以微粒會返回B點，并且速度為B錯誤C正確；根據(jù)對稱性可知根據(jù)動能定理可得由于不知道微粒的電荷量，故無法計算間的電勢差，D錯誤．10、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由運動軌跡如圖可知，a、b做曲線運動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定；A錯誤；

B．根據(jù)a、b兩粒子做曲線運動軌跡彎曲程度及電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強度變強，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏；電場強度變?nèi)酰艿碾妶隽υ跍p小，加速度在減小，B正確；

CD．根據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力；速度的夾角為銳角；電場力對電荷做正功，其動能都增大，其電勢能都減小，C錯誤，D正確。

故選BD。11、A:B【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，路端電壓變大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗；電路中電流減小，故內(nèi)阻及R0、L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過L3的電流減小，故L3變暗。

故選AB。12、A:D【分析】【詳解】

AB．圖中過O點的虛線是一條等勢線，一直延伸到無窮遠，O點的電勢為零，取無窮遠處電勢為0，則最低點處電勢為0，小球從A點運動到最低點過程中，由動能定理可得

解得

而

解得

由對稱性可知

即

解得

B錯誤A正確；

CD．小球在最低點處的動能和電勢能的總和為

重力勢能增加量為

由最低點運動到C點過程，動能、電勢能、重力勢能的總量守恒，所以小球在C點的動能和電勢能的總和為

C錯誤D正確。

故選AD。13、A:B:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．根據(jù)等量同種電荷連線中垂線上的電場強度分布和電勢分布可知，A、B兩點的電場強度大小相等、方向相反；A、B兩點的電勢相同，所以同一點電荷在A、B兩點的電勢能相等；故AB正確；

CD．把負(fù)點電荷q從A點靜止釋放，同時緩慢增大兩個Q，則負(fù)電荷受到的吸引力逐漸變大，到達B點之前速度就減為0，q將不能到達B；故C正確，D錯誤。

故選ABC。14、B:D【分析】【詳解】

A．手機電池是非純電阻，歐姆定律不成立，即充電寶輸出的電流不能用運算；A錯誤；

B．充電寶輸出的總功率

B正確；

C．根據(jù)焦耳定律可知，手機電池產(chǎn)生的焦耳熱為

手機電池是非純電阻，歐姆定律不成立，而表達式運用了歐姆定律；C錯誤；

D．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化可知，手機電池儲存的化學(xué)能等于充電寶輸出的總的電功與產(chǎn)生的焦耳熱之差，則有

D正確。

故選BD。三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】【詳解】

由圖乙可求得電解液的電阻為由圖甲可知電解液長為截面積為結(jié)合電阻定律可得【解析】4016、略

【分析】【詳解】

無限長直導(dǎo)線ab、cd、ef，構(gòu)成一個等邊三角形，且三根導(dǎo)線中通以大小相等、方向如圖所示的電流，O為三角形的中心，且O點磁感應(yīng)強度大小為B，因為直導(dǎo)線ab、cd關(guān)于O點對稱，所以這兩導(dǎo)線在O點的磁場為零，則磁感應(yīng)強度大小B1是由直導(dǎo)線ef產(chǎn)生的，而直導(dǎo)線ab、ef關(guān)于N點對稱，所以這兩根直導(dǎo)線的磁場為零，因此N點的磁感應(yīng)強度大小為B1．因為M點的磁感應(yīng)強度為B2=Bef+Bcd+Bab，由安培定則可知，各電流在M點的磁場的方向相同，又因為Bab=B1，Bef與Bcd大小相等，故．當(dāng)撤去導(dǎo)線ef，其余兩根導(dǎo)線在N點的磁感應(yīng)強度的方向都向里，大小為：

【點睛】

此題根據(jù)通電導(dǎo)線周圍的磁場對稱性、方向性，去確定合磁場大小．且離導(dǎo)線越遠場強越弱．磁場不但有大小而且方向，方向相同則相加，方向相反則相減.【解析】B1（B2+B1）/217、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]．先由右手螺旋定則可判定通電導(dǎo)線磁場的方向．如圖所示；

“?”表示磁感線垂直紙面向外，“×”表示磁感線垂直紙面向里．所以第二、四象限磁場不可能為零，而第一、三象限可能為零；肯定不可能出現(xiàn)磁感強度為零的區(qū)域是Ⅱ、Ⅳ；可能出現(xiàn)磁感強度為零的區(qū)域是Ⅰ、Ⅲ．【解析】Ⅱ、Ⅳ；Ⅰ、Ⅲ18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]將負(fù)電荷從A移至B，靜電力做正功，所以所受靜電力方向由A至C，又因為是負(fù)電荷，場強方向與負(fù)電荷受靜電力方向相反，所以場強方向應(yīng)為C至A方向。

[2]由

得

即

故

[3]電子在A點的電勢能【解析】①.由指向②.③.19、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1][2]在勻強電場中，靜電力做功W=qElcosθ。其中θ為電場力與位移之間的夾角。

(2)[3][4]在靜電場中移動電荷時，靜電力所做的功與電荷的起始位置和終止位置有關(guān)，與電荷經(jīng)過的路徑無關(guān)?！窘馕觥竣?電場力②.位移③.有關(guān)④.無關(guān)20、略

【分析】【詳解】

[1]在空心球周圍存在向左的電場；則球上自由電子受到向右的電場力，電子聚集在右側(cè)，左側(cè)多余正電荷，則球殼左端的感應(yīng)電荷為正電荷。

[2][3]發(fā)生靜電感應(yīng)的導(dǎo)體內(nèi)部合場強為零，所以球殼上的感應(yīng)電荷在O點處的場強大小應(yīng)該與外部電荷在O點產(chǎn)生的場強大小相等，即

感應(yīng)電荷也外部電荷產(chǎn)生的電場方向相反，即感應(yīng)電荷在O點產(chǎn)生的場強方向應(yīng)該是向右．【解析】正電荷向右21、略

【分析】【詳解】

[1][2]根據(jù)E=當(dāng)閉合開關(guān)時，電壓不變，增大距離d，場強變小，電場力變小，粒子將向下運動；當(dāng)打開開關(guān)時，電荷量Q不變，由及解得

場強與板間距無關(guān)，靜止不動．【解析】向下運動；靜止不動22、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)螺旋測微器讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為

[2]根據(jù)游標(biāo)卡尺讀數(shù)規(guī)則，此示數(shù)為【解析】6.125##6.126##6.12763.6023、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知，若R1斷路，電流表示數(shù)是零，不符合題意；若R3斷路，電壓表示數(shù)是零，不符合題意，因此是R2斷路。

[2]在R2斷開時，電壓表示數(shù)為U2=9V，測的是R1兩端的電壓，電流表示數(shù)變?yōu)镮2=0.6A可得

在R2沒斷開時，電壓表示數(shù)為U1=6V，電流表示數(shù)為I1=0.5A，可知此時R1兩端的電壓，則有

可知R3兩端的電壓是7.5V?6V=1.5V

則有

由閉合電路歐姆定律可得

代入數(shù)據(jù)解得r=7.5ΩE=13.5V【解析】R213.5四、實驗題(共3題，共30分)24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]將電源和電流表視為等效電源，電源電動勢是電源本身具有的屬性，電流表不具有產(chǎn)生電動勢的本領(lǐng)，所以等效電源的電動勢仍然為

而電流表的內(nèi)阻和電動勢的內(nèi)阻作為等效電源的內(nèi)阻，即

(2)[2]對甲圖，考慮電表內(nèi)阻時，根據(jù)閉合電路歐姆定律得

變形得

直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得

圖像與縱軸截距均為電源電動勢虛線對應(yīng)的斜率大小為實線對應(yīng)的斜率大小為所以對應(yīng)圖甲電路分析的圖像是C；

[3]對乙圖，考慮電表內(nèi)阻時（即虛線對應(yīng)的真實情況），根據(jù)閉合電路歐姆定律得

變形得

直接通過實驗獲得數(shù)據(jù)，可得

虛線對應(yīng)的斜率大小為實線對應(yīng)的斜率大小為虛線對應(yīng)的縱軸截距為實線對應(yīng)的縱軸截距為兩圖線在時，對應(yīng)的短路電流均為所以對應(yīng)圖乙電路分析的圖像是A。

(3)[4]圖甲雖然測量的電源電動勢準(zhǔn)確，但電流表分壓較為明顯，所以內(nèi)阻測量的誤差很大；圖乙雖然電動勢和內(nèi)阻測量均偏小，但是電壓表內(nèi)阻很大，分流不明顯，所以電動勢和內(nèi)阻的測量誤差較小，所以選擇圖乙可以減小由電表內(nèi)電阻引起的實驗誤差?！窘馕觥坷碛梢娊馕鯟A乙25、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)②[1]進行歐姆調(diào)零；即紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)