2025年粵教版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、在圓形線圈開口處接一平行板電容器，線圈的一部分置于周期性變化的磁場中，設(shè)向里為磁感應(yīng)強度B的正方向，整個裝置及B隨時間變化的圖象如圖所示．電容器中一電子的重力不計，且電子運動時未碰上電容器的極板，則在0～T這段時間內(nèi)電子加速度方向的變化情況依次是（）A.向上，向下，向下，向上B.向下，向上，向下，向下C.向上，向下，向上，向下D.向下，向上，向上，向下2、下列物理量中，屬于標量的是（）A.力B.加速度C.功D.速度3、關(guān)于彈力的方向，下列說法中錯誤的是（）A.壓力的方向總是垂直于接觸面而指向被壓的物體B.支持力的方向總是垂直于支持面而指向被支持的物體C.繩對物體拉力的方向有可能不沿繩的方向D.繩對物體拉力的方向總是沿著繩而指向繩收縮的方向4、如圖中實線和虛線分別是x軸上傳播的一列簡諧橫波在t=0和t=0.03s時刻的波形圖；x=1.2m處的質(zhì)點在t=0.03s時刻向y軸負方向運動，則（）

A.該波的波長為1.5m

B.x=0.3m處的質(zhì)點在t=0時刻向y軸負方向運動。

C.該波的傳播方向可能沿x軸正方向。

D.各質(zhì)點在0.03s內(nèi)隨波遷移0.9m

5、輕桿的一端固定著小球；使輕桿以另一端為圓心在豎直面內(nèi)做圓周運動．若小球運動到圓周最高點時的速度恰好為零，則在該位置以下判斷正確的是（）

A.輕桿對小球的作用力與小球重力的合力為零；小球處于超重狀態(tài)。

B.輕桿對小球的作用力與小球重力的合力為零；小球處于平衡狀態(tài)。

C.輕桿對小球的作用力與小球重力的合力為零；小球處于失重狀態(tài)。

D.輕桿對小球的作用力為零；小球處于失重狀態(tài)。

6、水平放置的光滑導軌上放置一根長為L、質(zhì)量為m的導體棒ab，棒處在磁感應(yīng)強度大小為B、方向如圖所示的勻強磁場中，導軌的一端接一阻值為R的電阻．現(xiàn)在棒在水平向右恒力F作用下由靜止沿垂直于磁場的方向運動，當通過位移s時，棒達到最大速度v．此時撤除外力，最后棒靜止在導軌上．在棒運動的過程中，下列說法正確的是（）A.R上釋放的熱量為FsB.R上釋放的熱量為Fs+mv2C.撤除外力后，ab做勻減速運動D.合外力對ab做的功為Fs7、在電解液中，若在5s內(nèi)有5C的正離子到達陰極，有5C的負離子到達陽極，則電解液的電流為（）A.0B.1AC.1.5AD.2A評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、靜電場的電場線分布如圖所示．以正點電荷為中心取一個正方形路徑abcd，a、c與兩個點電荷在同一直線上．下列說法正確的是（）A.a點場強比c點大B.a點電勢比c點高C.b、d兩點的場強相同D.b、d兩點的電勢相等9、一質(zhì)量為m的物體被人用手由靜止豎直向上以加速度a勻加速提升h．關(guān)于此過程，下列說法中不正確的是（）A.提升過程中手對物體做功mahB.提升過程中合外力對物體做功mahC.提升過程中物體的重力勢能增加m（a+g）hD.提升過程中物體克服重力做功mgh10、質(zhì)量為m，電量為q的帶正電小物塊在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場中，沿動摩擦因數(shù)為μ的絕緣水平面以初速度v0開始向左運動，如圖所示．物塊經(jīng)時間t移動距離s后停了下來，設(shè)此過程中，q不變，則（）A.B.C.D.11、如圖甲所示，一個邊長為L的正方形線框固定在勻強磁場（圖中未畫出）中，磁場方向垂直于導線框所在平面，規(guī)定向里為磁感應(yīng)強度的正方向，向右為導線框ab邊所受安培力F的正方向，線框中電流i沿abcd方向時為正．已知在0～4s時間內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度的變化規(guī)律如圖所示．則下列圖象所表示的關(guān)系正確的是（）A.B.C.D.12、關(guān)于力，下列說法正確的是（）A.力可以只有施力物體而沒有受力物體B.力是矢量，既有大小又有方向C.力的圖示和示意圖是一樣的D.力是物體與物體間的相互作用13、如圖所示的實驗裝置，其左側(cè)為一光滑斜面AB

右側(cè)為一頂角婁脠=60鈭?

的光滑圓弧軌道BC

其中光滑圓弧軌道BC

的圓心為O

半徑為ROBA

三點共線，0C

豎直。質(zhì)量分別為Mm

的兩小球用不可伸縮的輕繩相連掛在B

點兩側(cè)(B

點處有一小段圓弧)

開始時小球M

位于B

處，小球m

位于斜面底端A

處，現(xiàn)由靜止釋放小球M

小球M

沿圓弧軌道下滑，已知M=6m

整個裝置固定不動，重力加速度為g

則在小球M

由B

點下滑到C

點的過程中(

)

A.小球M

的機械能守恒B.重力對小球M

做功的功率先增大后減小C.小球M

的機械能減小79MgR

D.輕繩對小球m

做的功為79MgR

14、下列關(guān)于速度和加速度的說法中，不正確的是（）A.物體運動的速度改變越大，它的加速度一定越大B.加速度是矢量，速度是標量C.物體運動的速度改變越小，它的加速度一定越小D.物體運動的速度改變越快，它的加速度一定越大15、如圖，a、b分別表示先后從同一地點以相同的初速度做勻變速直線運動的兩個物體的速度圖象，則下列說法正確的是（）A.4s末兩個物體速度相等B.4s末兩個物體相遇C.5s末兩個物體速率相等D.5s末兩個物體相遇評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、一個重200N的木箱，放在水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)為0.25，如果用30N的水平拉力拉木箱，則木箱受到的摩擦力為____N；如果改用60N的水平拉力，則木箱受到的摩擦力為____N．（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）17、（2015春?武昌區(qū)期末）一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷可如圖所示的A→B，B→C，C→A三個變化過程，圖中p0和V0為已知，若氣體在狀態(tài)A的熱力學溫度為T0，則氣體在狀態(tài)C的熱力學溫度為TC=____，氣體從狀態(tài)A→B的過程中對外界做功為____，從狀態(tài)B→C的過程中對外界做功為____．18、（2011秋?寧德校級期中）一個人從A點出發(fā)，向西走100m到達B點，然后返回向東走250m到達C點，如圖所示，那么整個過程中，人的位移大小是____m，方向是____，路程是____m．19、作用在一個平面內(nèi)，大小分別為5N、7N、9N的三個共點力，其合力的最小值是____N，最大值是____N．20、（2011秋?楊浦區(qū)校級期末）在圖示電路中，三個電阻的阻值分別為R1=2Ω、R2=6Ω和R3=5Ω，A、B間的總電阻大小為____Ω．若在A、B間加一恒定電壓，則通過R1和R3的電流之比為____．21、質(zhì)量為1kg的物體停放在水平地面上，物體與地面間的最大靜摩擦力為2.3N，動摩擦因數(shù)為0.2．現(xiàn)給物體施加一水平方向的外力F，則當F=2N時，物體與地面間的摩擦力f1=____N；當F=3N時，物體與地面間的摩擦力f2=____N．（g=10m/s2）22、如圖所示，在水平面內(nèi)有兩條光滑平行金屬軌道MN、PQ，軌道上靜止放著兩根質(zhì)量均為m可自由運動的導體棒ab和cd．在回路的正上方有一個質(zhì)量為M的條形磁鐵，磁鐵的重心距軌道平面高為h．由靜止釋放磁鐵，當磁鐵的重心經(jīng)過軌道平面時，磁鐵的速度為v，導體棒ab的動能為EK，此過程中，磁場力對磁鐵所做的功____；導體棒中產(chǎn)生的總熱量是____．

23、較長軟繩的一端固定在O點；拉直后的水平繩沿x軸，手持軟繩的另一端點A以周期T=0.5s在豎直方向上做簡諧運動，帶動繩上的其他質(zhì)點振動形成簡諧波沿繩水平傳播，示意如圖。繩上有另一質(zhì)點P的振動方向為______（選填“豎直向下”；“豎直向下”、“水平向右”或“水平向左”）。振動在x軸負方向上傳播的速度v為______m/s。

24、（2015秋?常德校級期中）如圖所示，水平力F=100N，木塊的重量為30N，沿著豎直墻壁勻速下滑，則木塊與墻壁間的動摩擦因數(shù)為____，若水平力減小至80N，木塊所受到的滑動摩擦力的大小為____N，方向為____．（g=10m/s2）評卷人得分四、判斷題(共1題，共5分)25、物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大．____．評卷人得分五、計算題(共3題，共27分)26、如圖所示，已知繩長為L1=5cm，水平桿L2=5cm，小球質(zhì)量m=0.3kg．整個裝置可繞豎直軸轉(zhuǎn)動，重力加速度g=10m/s2．求：

（1）要使繩子與豎直方向成45°角；該裝置必須以多大的角速度ω轉(zhuǎn)動才行？

（2）小球的線速度v；

（3）此時繩子的拉力F．27、(14分)如圖所示，水上滑梯由斜槽AB和水平槽BC構(gòu)成，AB與BC圓滑連接，斜槽的豎直高度BC面高出水面的距離一質(zhì)量m=50kg的游戲者從滑梯頂端A點由靜止滑下，取10m/s2。（1）若忽略游戲者下滑過程中受到的一切阻力，求游戲者從斜槽頂端A點由靜止滑下到斜槽底端B點的速度大?。唬?）若由于阻力的作用，游戲者從滑梯頂端A點由靜止滑下到達滑梯末端C點時的速度大小=15m/s，求這一過程中游戲者克服阻力做的功；（3）若游戲者滑到滑梯末端C點以=15m/s的速度水平飛出，求他從C點水平飛出到落入水中時，他在空中運動過程中水平方向的位移。28、如圖所示，在邊長為d正方形空腔的范圍內(nèi)，有方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，電子從孔a處沿平行于ab邊的方向入射，從bc邊的中點M射出磁場；設(shè)電子質(zhì)量為m，帶電量為-e．求：

（1）畫出電子運動的軌跡；（要求用直尺和圓規(guī)作圖）

（2）電子入射速度v的大??；

（3）電子在磁場中的運動時間．評卷人得分六、推斷題(共4題，共36分)29、【化學rm{-}選修r(nóng)m{5}】苯酚是一種重要的化工原料rm{.}以苯酚為主要起始原料，經(jīng)下列反應(yīng)可制得香料rm{M}和高分子化合物rm{N.(}部分產(chǎn)物及反應(yīng)條件已略去rm{)}rm{(1)B}的官能團的名稱是_______．rm{(2)}已知rm{C}的分子式為rm{C5H12O}rm{C}能與金屬rm{Na}反應(yīng)，rm{C}的一氯代物有rm{2}種，則rm{C}的結(jié)構(gòu)簡式為________．rm{(3)B}與rm{C}反應(yīng)的反應(yīng)類型是_________________rm{.}由rm{D}生成rm{N}的反應(yīng)類型是_________．rm{(4)}由苯酚生成rm{D}的化學方程式是_________．rm{(5)F}是分子量比rm{B}大rm{14}的同系物，則rm{F}的分子式是__________________rm{.F}有多種同分異構(gòu)體，符合下列條件的rm{F}的同分異構(gòu)體有_______種rm{壟脵}屬于芳香族化合物；rm{壟脷}遇rm{FeCl3}溶液顯紫色，且能發(fā)生水解反應(yīng)；rm{壟脹}苯環(huán)上有兩個取代基，且苯環(huán)上的一溴代物只有兩種。rm{(6)}已知：寫出以苯酚、乙醇和rm{CH2ClCOOH}為原料制備的合成路線流程圖rm{(}無機試劑任用rm{)}__________________。合成路線流程圖示例如下：rm{H2C簍TCH2xrightarrow[]{HBr}CH3CH2Brxrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH3CH2OH}rm{H2C簍TCH2xrightarrow[]{HBr}CH3CH2Br

xrightarrow[?]{NaOH脠脺脪潞}CH3CH2OH}30、rm{[}化學rm{隆陋隆陋}選修r(nóng)m{3:}物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)rm{](15}分rm{)A}rm{B}rm{C}rm{D}為原子序數(shù)依次增大的四種元素，rm{A^{2-}}和rm{B^{+}}具有相同的電子構(gòu)型rm{;C}rm{D}為同周期元素，rm{C}核外電子總數(shù)是最外層電子數(shù)的rm{3}倍rm{;D}元素最外層有一個未成對電子?；卮鹣铝袉栴}：rm{(1)}四種元素中電負性最大的是rm{(}填元素符號rm{)}其中rm{C}原子的核外電子排布式為。rm{(2)}單質(zhì)rm{A}有兩種同素異形體，其中沸點高的是rm{(}填分子式rm{)}原因是rm{;A}和rm{B}的氫化物所屬的晶體類型分別為和。rm{(3)C}和rm{D}反應(yīng)可生成組成比為rm{1隆脙3}的化合物rm{E}rm{E}的立體構(gòu)型為，中心原子的雜化軌道類型為。rm{(4)}化合物rm{D_{2}A}的立體構(gòu)型為，中心原子的價層電子對數(shù)為，單質(zhì)rm{D}與濕潤的rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)可制備rm{D_{2}A}其化學方程式為。rm{(5)A}和rm{B}能夠形成化合物rm{F}其晶胞結(jié)構(gòu)如圖所示，晶胞參數(shù)rm{a=0.566nm}rm{F}的化學式為rm{;}晶胞中rm{A}原子的配位數(shù)為rm{;}列式計算晶體rm{F}的密度rm{(g隆隴cm^{-3})}。

31、【化學rm{隆陋}選修r(nóng)m{5}有機化學基礎(chǔ)】高聚物rm{F}和rm{J}的合成路線如下：已知：

rm{(I)}乙烯醇不穩(wěn)定，會迅速轉(zhuǎn)化為乙醛rm{(II)CH_{2}=CH_{2}+1/2O_{2}+CH_{3}COOH隆陋CH_{2}=CHOOCCH_{3}+H_{2}O}rm{(III)(1)G}中官能團的名稱是________。rm{(2)C}的結(jié)構(gòu)簡式是________。rm{(3)}芳香烴rm{D}的一氯代物只有兩種，則rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式是________。rm{(4)}反應(yīng)rm{壟脹}的反應(yīng)類型是________。rm{(5)}反應(yīng)rm{壟脷}和rm{壟脻}的化學方程式分別是：反應(yīng)rm{壟脷}________________________反應(yīng)rm{壟脻}________________________rm{(6)}已知：rm{E}也可由rm{A}和rm{2}rm{4-}己二烯為原料制備，請寫出該合成路線rm{(}無機試劑任選rm{)}32、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}均為中學化學常見的純凈物，rm{B}為自然界中含量最多的液體；它們之間有如下的反應(yīng)關(guān)系：

rm{(1)}常溫下，若rm{A}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}為非金屬氧化物，rm{A}rm{C}均能使品紅溶液褪色，相對分子質(zhì)量rm{E>D}則：該反應(yīng)的反應(yīng)方程式為______，檢驗rm{D}中陰離子的方法是______．

rm{(2)}若rm{A}為短周期的金屬單質(zhì)，rm{D}為氣態(tài)單質(zhì)，rm{C}溶液呈強酸性或強堿性時，該反應(yīng)都能進行rm{.}寫出反應(yīng)的離子方程式______；______．

rm{(3)}若rm{A}rm{C}均為化合物，rm{E}為白色沉淀，rm{C}為引起溫室效應(yīng)的主要氣體，寫出rm{E}可能的化學式rm{(}寫兩種rm{)}______、______寫出生成rm{E}的一個離子方程式______．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】依據(jù)楞次定律判定感應(yīng)電流方向，進而依據(jù)電容器電場判定電子受力方向，受力方向即為加速度方向．【解析】【解答】解：根據(jù)楞次定律第一個周期，磁場增強，感應(yīng)電流為逆時針方向，由圖可知上極板帶正電，平行板間場強方向向下，電子加速度方向向上；同理第二個周期，使得下極板帶正電，平行板間場強方向向上，電子加速度方向向下，第三個周期，電子加速度方向向下，第四個周期；電子加速度方向向上，故A正確．

故選：A．2、C【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量．根據(jù)有無方向確定．【解析】【解答】解：標量是只有大小沒有方向的物理量；功是標量，而矢量是既有大小又有方向的物理量，力；加速度和速度都是矢量，故C正確，ABD錯誤．

故選：C．3、C【分析】【分析】支持力和壓力方向垂直于接觸面指向被支持或被壓物．繩子的拉力沿繩子指向繩收縮的方向．【解析】【解答】解：A；壓力的方向總是垂直于接觸面而指向被壓的物體．故A正確．

B；物體靜止在支持面上；支持面對物體的支持力方向是垂直于支持面向上．故B正確．

C；D用繩懸掛物體時；繩子被拉伸，由于彈性繩子要恢復原狀收縮，對物體產(chǎn)生彈力，則繩子的拉力沿繩子指向繩收縮的方向．故C錯誤，D正確．

本題選錯誤的，故選C4、B【分析】

A；由圖讀出波長λ=1.2m．故A錯誤．

B；C由題；x=1.2m處的質(zhì)點在t=0.03s時刻向y軸負方向運動，由虛線波形判斷出波沿x軸負方向傳播，由實線波形判斷出x=0.3m處的質(zhì)點在t=0時刻向y軸負方向運動．故B正確，C錯誤．

D；各質(zhì)點只在各自的平衡位置附近做簡諧運動；而不隨波遷移．故D錯誤．

故選B

【解析】【答案】由相鄰兩個波峰間的距離讀出波長．根據(jù)x=1.2m處的質(zhì)點在t=0.03s時刻向y軸負方向運動；判斷出波的傳播方向，再判斷x=0.3m處的質(zhì)點在t=0時刻的運動方向．波向前傳播時介質(zhì)中質(zhì)點不向前遷移．

5、B【分析】

小球運動到圓周最高點時的速度恰好為零；則向心力為零，即mg-F=0，所以，輕桿對小球的作用力與小球重力的合力為零，小球處于平衡狀態(tài)，B正確．

故選B

【解析】【答案】運動到圓周最高點時的速度恰好為零；則向心力為零，即輕桿對小球的作用力與小球重力的合力為零．

6、A【分析】【分析】根據(jù)公式E=BLv，可以求出此時電路中的電動勢和電流．然后結(jié)合安培力的公式即可確定棒運動的性質(zhì)；由能量守恒定律可以求出電路中產(chǎn)生的焦耳熱．【解析】【解答】解：AB；棒從開始運動到停止的過程中；拉力和安培力做功，所以拉力做的功轉(zhuǎn)化為R上釋放的熱量，所以：Q=W=FS．故A正確，B錯誤．

C；棒運動的過程中速度為v時產(chǎn)生的電動勢：E=BLv；

感應(yīng)電流：

桿受到的安培力為：FA=BIL=；

由于棒在運動的過程中；機械能不斷轉(zhuǎn)化為電能，棒的速度會逐漸減小，所以棒受到的安培力逐漸減小，則加速度會逐漸減小，棒做加速度逐漸減小的減速運動．故C錯誤；

D、棒在水平力F的作用下的位移是S，拉力做的功是：W1=FS，由于運動的過程中安培力做負功，所以整個的過程中合外力對ab做的功一定小于FS．故D錯誤；

故選：A7、D【分析】【分析】電解液中電流是由正負離子同時向相反方向定向移動形成的，通過橫截面的總電量是兩種離子電量絕對值之和，根據(jù)電流的定義式即可求解．【解析】【解答】解：由題意可知；通過截面的電量Q=2×5=10C；

則電流I===2A；

故選：D．二、多選題(共8題，共16分)8、BD【分析】【分析】根據(jù)電場線的疏密分析場強的大小，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷電勢高低，再分析電勢能的關(guān)系．【解析】【解答】解：A；電場線的疏密表示場強的大??；a處電場線比c處電場線疏，則a點場強比c點小，故A錯誤．

B；a和正電荷間的場強小于與c和正電荷間場強；由U=Ed知，a與正電荷間的電勢差小于正電荷與c間的電勢差，則a點電勢比c點高，故B正確．

C、b；d兩點的場強大小相等；方向不同，則場強不同．故C錯誤．

D、根據(jù)電場線的分布可知：bc與dc間的電勢差，則知b；d兩點的電勢相等；故D正確．

故選：BD．9、AC【分析】【分析】由牛頓第二定律求得物體受到的合力與人對物體的拉力；

然后利用恒力做功的公式分別求出重力和拉力做的功；

應(yīng)用動能定理判斷動能的變化．【解析】【解答】解：A；設(shè)人對物體的拉力F；由牛頓第二定律得F-mg=ma；

即F=m（g+a）；提高過程中手對物體做功為m（a+g）h，故A錯誤；

B、提高過程中合外力對物體做功w合=mah；故B正確；

C；D、提高過程中物體克服重力做功mgh；重力勢能增加mgh，故C錯誤D正確．

題目要求選不正確的，故選：AC．10、AD【分析】【分析】物塊向左運動的過程中，受到重力、洛倫茲力、水平面的支持力和滑動摩擦力，向左做減速運動．采用假設(shè)法分析：假設(shè)不受洛倫茲力，根據(jù)動能定理求出滑行距離；假設(shè)洛倫茲力是恒力大小為qv0B，根據(jù)動量定理求出運動時間，最后進行選擇．【解析】【解答】解：A；B、假設(shè)物塊受洛倫茲力是恒力．根據(jù)動能定理；得：

-μ（mg+qv0B）s=0-

得：

物塊帶正電，受到向下的洛倫茲力，物塊受到的支持力FN=mg+qvB；因為物塊向左做減速運動，洛倫茲力減小，所以在運動的過程中物塊受到的支持力逐漸減小，滑動摩擦力逐漸減小，滑行的距離比洛倫茲力是恒力時會增大；

則；故A正確，B錯誤．

C、D、假設(shè)洛倫茲力是恒力，大小為qv0B保持不變；則由動量定理，得：

-μ（mg+qv0B）t=0-mv0

得：

因為物塊向左做減速運動，洛倫茲力減小，加速度減小，但加速度a＞μg，則有：．故C錯誤；D正確．

故選：AD11、AD【分析】【分析】由圖可知磁感應(yīng)強度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動勢變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，根據(jù)左手定則可以找出安培力方向，結(jié)合可得出正確的圖象．【解析】【解答】解：由題意可知，規(guī)定向里為磁感應(yīng)強度的正方向，線框中電流i沿abcd方向時為正；

A、由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動勢E==；

感應(yīng)電流I==，由B-t圖象可知，在每一時間段內(nèi)，是定值；在各時間段內(nèi)I是定值；

ad邊受到的安培力F=BIL；I；L不變，B均勻變化，則安培力F均勻變化，不是定值，A正確，B錯誤．

C；由圖示B-t圖象可知；0～1s時間內(nèi)，B減小，Φ減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流是逆時針的，為正值；

同理1～2s；磁場向里，且增大，磁通量增大，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流是逆時針，為正值；

2～3s；B的方向垂直紙面向里，B減小，Φ減小，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿順時針方向，感應(yīng)電流是正的；

3～4s內(nèi)；B的方向垂直紙面向外，B增大，Φ增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿順時針方向，感應(yīng)電流是正的，故C錯誤，D正確；

故選：AD．12、BD【分析】【分析】依據(jù)力的定義和特征可知：力是物體之間的相互作用；即有大小又有方向．

力的圖示比較精確，而示意圖比較籠統(tǒng)．【解析】【解答】解：AD；力是物體間的相互作用；力的存在必須有施力物體和受力物體，故A錯誤，D正確．

B；力是矢量；即有大小又有方向，合成遵從平行四邊形定則，故B正確．

C；力的圖示可以精確表示力的大小和方向；而示意圖只能看出方向和大約的大小關(guān)系，不能精確的得知力的大小，故C錯誤．

故選：BD13、BD【分析】解：A

對小球M

進行受力分析；除了重力做功之外，還受繩子的拉力做功，因此小球M

的機械能不守恒。故A錯誤；

B

由題意可知；小球M

在下滑過程中，沿豎直方向分速度由0

開始，先增大到某值后又減小到0

所以重力對小球M

做功的功率先增大后減小。故B正確；

C

設(shè)小球M

在A

點時速度為v

由運動的合成與分解可知，此時小球m

的速率為v1=vcos300=32v

小球M

由B

點下滑到A

點的過程中，對小球M

和小球m

整體列出動能定理：MgR(1鈭?cos60鈭?)鈭?mgRsin30鈭?=12Mv2+12m(32v)2

解得：v=2027gR

根據(jù)機械能的定義式可得：小球M

的機械能減小量為E1=MgR(1鈭?cos600)鈭?12Mv2=754MgR=754隆脕6mgR=79mgR.

故C錯誤；

D

因小球M

由B

點下滑到C

點的過程中，小球M

和小球m

組成的系統(tǒng)機械能守恒，所以輕繩對小球m

做的功為79mgR.

故D正確。

故選：BD

根據(jù)機械能守恒的條件分析M

機械能是否守恒；根據(jù)運動的合成和分解規(guī)律可確定兩小球的速度關(guān)系；再對整體列出動能定理求得速度大小；

再根據(jù)功率公式可以分析功率的變化關(guān)系；根據(jù)功能關(guān)系可分析小球M

的機械能變化和對小球m

所做的功。

解答本題的關(guān)鍵是：運用速度的合成和分解找出兩個小球的速度關(guān)系，利用整體法和分離法列出動能定理解除速度的大小，再利用機械能的定義求出機械能的變化情況?！窘馕觥緽D

14、ABC【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式可知加速度與物體的速度的變化率成正比，與速度的變化量不成正比例關(guān)系，與速度的大小也不成正比例關(guān)系【解析】【解答】解：A、根據(jù)可知加速度由速度的變化量△v和速度發(fā)生改變所需要的時間△t共同決定；雖然△v大，但△t更大時，a可以很?。蔄錯誤；

B；加速度和速度都是矢量；都有大小和方向，故B錯誤；

C、根據(jù)可知加速度a由速度的變化量△v和速度發(fā)生改變所需要的時間△t共同決定；雖然△v小，但△t更小時，a可以很大．故C錯誤．

D；加速度的大小是表示物體運動速度隨時間變化率的大??；物體運動的速度改變越快，它的加速度一定越大，故D正確。

本題選錯誤的，故選：ABC15、AB【分析】【分析】v-t圖象中，斜率表示加速度，圖象與坐標軸圍成的面積表示位移．交點表示速度相同，同一時間到達同一位置時相遇．【解析】【解答】解：A；由圖象可知：4s末兩物體速度大小相等；方向相反，故A錯誤；

B；由圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知：4s內(nèi)兩物體的位移相等；所以4s末相遇，故B正確；

C；5s末兩物體速率一個為0；一個不為0，不相等，故C錯誤；

D；5s內(nèi)兩者圖象與坐標軸圍成的面積不等；所以沒有相遇，故D錯誤．

故選：AB．三、填空題(共9題，共18分)16、3050【分析】【分析】根據(jù)推力與最大靜摩擦力的大小關(guān)系，明確物體受到的是靜摩擦力還是滑動摩擦力；再根據(jù)其大小的計算方法進行計算．【解析】【解答】解：由題意可知，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，即為：F2=μmg=0.25×200=50N；

因30N＜50N，鐵塊靜止，靜摩擦力F1和推力平衡，有：F1=30N；

因60N＞50N；鐵塊將運動；受到滑動摩擦力，大小為：F2=μmg=0.25×200=50N；

故答案為：30，50．17、T00p0V0【分析】【分析】分析清楚圖示圖象，求出各狀態(tài)的狀態(tài)參量，然后應(yīng)用氣體狀態(tài)方程與功的計算公式分析答題．【解析】【解答】解：由圖示圖象可知，A、C兩狀態(tài)的pV乘積相等，由理想氣體狀態(tài)方程：=C可知：pV相等，則兩狀態(tài)的溫度相等，則TC=TA=T0；

由圖示圖象可知；氣體從狀態(tài)A→B的過程中，氣體體積不變，氣體不對外界做功，即做功為0；

由圖示圖象可知，從狀態(tài)B→C的過程中氣體發(fā)生等壓變化，氣體體積增大，氣體對外界做功：W=Fl=p0Sl=p0△V=p0（2V0-V0）=p0V0；

故答案為：T0；0；p0V0．18、150從A指向C350【分析】【分析】路程是標量，只有大小，沒有方向，是指運動路徑的總長度，位移是矢量，既有大小，又有方向，大小為從初位置指向末位置的有向線段的長度，與運動路徑無關(guān)，只取決于初末位置，其方向從初位置指向末位置．【解析】【解答】解：位移大小為從初位置指向末位置的有向線段的長度；則x=AC=250-100=150m，方向從A指向C．

路程是指運動路徑的長度；則s=100+250=350m

故答案為：150；從A指向C；35019、021【分析】【分析】當這三個共點力的方向都相同的時候；合力最大；

當其中任何兩個力的合力與第三個力大小相等方向相反的時候，合力為零．【解析】【解答】解：三個共點力的方向都相同的時候合力最大；所以最大值為5N+7N+9N=21N；

5N和7N和合力的范圍是2N≤F≤12N；9N在這個范圍內(nèi)；

當5N和7N和合力為9N；并且與第三個力9N方向相反的時候，所以合力最小就是0，所以合力的最小值為0N．

所以合力的最小值是0N；最大值是21N．

故答案為：0；21．20、6.53：4【分析】【分析】由圖可知R1與R2并聯(lián)后與R3串聯(lián)，則由串并聯(lián)電路的規(guī)律可知電路中的總電阻；由分壓關(guān)系可知流過R1的電流與總電流的關(guān)系．【解析】【解答】解：電路中總電阻R=+5=6.5Ω；

由并聯(lián)電路的分流可知，R1中電流應(yīng)為總電流的==；

而流過R3的電流為總電流，故通過R1和R3的電流之比為3：4．

故答案為：6.5；3：4．21、22【分析】【分析】當外力小于最大靜摩擦力時，物體處于靜止，摩擦力大小等于外力大??；當外力大于最大靜摩擦力時，物體處于滑動，則摩擦力等于動摩擦力因數(shù)與正壓力的乘積．【解析】【解答】解：當外力為2N時；小于最大靜摩擦力，所以物體處于靜止，則物體與地面間的摩擦力大小等于外力大小，即為2N．

當外力等于3N時，大于最大靜摩擦力，所以物體處于滑動狀態(tài)，則物體與地面間的摩擦力為滑動摩擦力，則大小為μFN=0.2×10N=2N；

故答案為：2；222、略

【分析】

設(shè)磁鐵在下落過程中；

根據(jù)動能定理有：Mgh+W=Mv2

得：W=

設(shè)磁鐵在下落過程中在導體棒中產(chǎn)生的總熱量為Q；

由能量守恒有：Mgh-Mv2=2Ek+Q

可得：Q=Mgh-Mv2-2EK

故答案為：Mgh-Mv2-2EK

【解析】【答案】求磁鐵在下落過程中磁場力對磁鐵所做的功；可用動能定理求解；根據(jù)能量守恒定律，導體棒中產(chǎn)生的總熱量與導體棒的動能等于磁鐵對導體棒做功．

23、豎直向下2【分析】解：波的傳播方向為x軸負方向，根據(jù)“上下坡法”可知繩上有另一質(zhì)點P的振動方向為豎直向下；由圖可知波長λ=1m，振動在x軸負方向上傳播的速度v===2m/s；

故答案為：豎直向下；2

根據(jù)“上下坡法”可知質(zhì)點P的振動方向；由圖可知波長；根據(jù)速度公式求出傳播的速度。

本題考查波的圖象，要注意明確根據(jù)波的圖象確定各質(zhì)點振動方向的方法，同時明確波速公式的應(yīng)用?！窘馕觥控Q直向下224、0.324豎直向上【分析】【分析】首先要明確靜止和勻速下滑時，物體都處于平衡狀態(tài)，受平衡力，只要找出哪兩個力是平衡力，然后根據(jù)平衡力的特點解題就可．【解析】【解答】解：G=mg=40N，物體勻速下滑時，受力平衡，則有：Ff=mg=40N

根據(jù)滑動摩擦力為：f=μF=mg

解得：μ===0.3；

若水平力減小到80N，木塊受到的最大靜摩擦力，要減小，即為：fm=μF′=0.3×80=24N；

因此物體在勻加速運動；但仍是滑動摩擦力，即為24N；方向豎直向上．

故答案為：0.3，24，豎直向上．四、判斷題(共1題，共5分)25、×【分析】【分析】根據(jù)加速度的定義式a=可知物體的加速度等于物體的速度的變化率，與物體速度無關(guān)，即物體的速度變化越快物體的加速度越大．再由牛頓第二定律可知，F(xiàn)=ma，即加速度與合外力的關(guān)系．【解析】【解答】解：根據(jù)加速度的定義式a=可知；物體的速度越大，則加速度不一定越大；

再由牛頓第二定律可知；F=ma，可知，當加速度越大時，則合外力越大，故是錯誤的；

故答案為：×．五、計算題(共3題，共27分)26、略

【分析】【分析】（1）小球靠重力和拉力的合力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律求出該裝置轉(zhuǎn)動的角速度大小．

（2）根據(jù)轉(zhuǎn)動半徑和角速度求出小球的線速度．

（3）根據(jù)小球豎直方向上平衡，求出繩子的拉力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）根據(jù)牛頓第二定律得，mgtan45°=m（L2+L1sin45°）；

代入數(shù)據(jù)解得ω≈117rad/s．

（2）小球的線速度v=rω=（L2+Lsin45°）ω=（0.05+0.05×）×117m/s≈10m/s．

（3）根據(jù)豎直方向上平衡有：Fcos45°=mg；

解得F=．

答：（1）要使繩子與豎直方向成45°角，該裝置必須以117rad/s的角速度ω轉(zhuǎn)動才行；

（2）小球的線速度v為10m/s；

（3）此時繩子的拉力F為N．27、略

【分析】（1）設(shè)游戲者滑至B點的速度為vB，游戲者在下滑過程中機械能守恒有解得vB=17m/s（寫成m/s，17.3m/s均得分）（2）設(shè)游戲者克服阻力做功為Wf，根據(jù)能量關(guān)系有解得（說明：1875J同樣得分。）（3）根據(jù)運動學公式，游戲者從C點飛出到落入水中的運動時間游戲者在水平方向運動的距離【解析】【答案】（1）vB=17m/s（2）（3）28、略

【分析】【分析】（1）（2）電子進入磁場中；洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運動，過a點速度的垂線與aM的中垂線的交點為圓心，畫出運動軌跡；結(jié)合幾何關(guān)系得到軌道半徑，根據(jù)牛頓第二定律列式求解速度v的大小；

（3）結(jié)合幾何關(guān)系得到軌跡的圓心角，然后根據(jù)公式t=列式求解運動時間．【解析】【解答】解：（1）電子做勻速圓周運動；洛倫茲力提供向心力，故過a點速度的垂線與aM的中垂線的交點為圓心，畫出運動軌跡，如圖所示：

（2）在Rt△MNO中；有：

解答：r=

洛侖茲力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律，有：

聯(lián)立解答：

（3）軌道對應(yīng)圓心角的正弦為：sinα=

故α=53°

故電子在磁場中的運動時間：

t===

答：（1）電子運動的軌跡如圖所示；

（2）電子入射速度v的大小為；

（3）電子在磁場中的運動時間為．六、推斷題(共4題，共36分)29、rm{(1)(}酚rm{)}羥基、羧基rm{(2)}rm{(3)}取代反應(yīng)縮聚反應(yīng)rm{(4)}rm{(5)C_{8}H_{8}O_{3}}rm{3}rm{(6)}【分析】【分析】本題考查有機合成，題目難度中等，試題涉及酚、羧酸等性質(zhì)與轉(zhuǎn)化，注意根據(jù)苯酚、rm{D}的分子式、rm{N}的結(jié)構(gòu)式推斷rm{D}的結(jié)構(gòu)，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查學生思維能力，是高考熱點題型。的分子式、rm{D}的結(jié)構(gòu)式推斷rm{N}的結(jié)構(gòu)，是對有機化合物知識的綜合考查，能較好的考查學生思維能力，是高考熱點題型?！窘獯稹縭m{D}苯酚與氫氧化鈉反應(yīng)生成苯酚鈉，故A為為，由轉(zhuǎn)化關(guān)系可知rm{B}為的分子式為rm{B}，rm{C}的分子式為rm{C}rm{C}rm{C}rm{{,!}_{5}}rm{H}能與金屬rm{H}反應(yīng)，屬于飽和一元醇，rm{{,!}_{12}}的一氯代物有rm{O}rm{C}能與金屬rm{Na}反應(yīng)，屬于飽和一元醇，rm{C}的一氯代物有rm{2}種，故C的結(jié)構(gòu)簡式是種，故C的結(jié)構(gòu)簡式是rm{O}與rm{C}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{Na}rm{C}為rm{2}，rm{B}與rm{C}發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{M}rm{M}為的分子式為rm{B}rm{C}rm{M}rm{M}，苯酚與丙酮反應(yīng)生成rm{D}rm{D}的分子式為rm{C}rm{D}rm{D}的結(jié)構(gòu)可知rm{C}為．rm{{,!}_{15}}rm{H}的結(jié)構(gòu)簡式為rm{H}rm{{,!}_{16}}酚rm{O}羥基、羧基，故答案為：rm{O}酚rm{{,!}_{2}}羥基、羧基；，再結(jié)合rm{N}的結(jié)構(gòu)可知rm{D}為由以上分析可知rm{N}的結(jié)構(gòu)簡式為故答案為：rm{D}由反應(yīng)物和生成的結(jié)構(gòu)簡式對比可知，rm{(1)}與根據(jù)上述分析可知，rm{B}的結(jié)構(gòu)簡式為反應(yīng)的反應(yīng)為取代反應(yīng)，rm{B}生成，其含有的官能團為的反應(yīng)為縮聚反應(yīng)rm{(}故答案為：取代反應(yīng)；縮聚反應(yīng)；rm{)}rm{(}的化學方程式為故答案為：rm{)}為rm{(2)}是分子量比rm{C}大rm{(3)}的同系物，則rm{B}與rm{C}反應(yīng)的反應(yīng)為取代反應(yīng)的分子式是rm{B}rm{C}由rm{D}生成rm{N}的反應(yīng)rm{D}rm{N}，rm{(4)}由苯酚生成rm{D}的化學方程式為屬于芳香族化合物，說明含有含有苯環(huán)；rm{D}遇rm{(5)B}rm{F}是分子量比rm{B}大rm{14}的同系物，則rm{F}的分子式是溶液顯紫色，且能發(fā)生水解反應(yīng)，說明含有酚羥基和酯基；rm{F}苯環(huán)上有兩個取代基，且苯環(huán)上的一溴代物只有兩種，說明苯環(huán)上的rm{B}個取代基處于對位，除酚羥基外，另一取代基可能有rm{14}rm{F}rm{C}種結(jié)構(gòu)，所以滿足條件的同分異構(gòu)體有rm{C}種，故答案為：rm{8}rm{8}rm{H}以苯酚、乙醇和rm{H}為原料制備的合成路線流程圖為故答案為：rm{8}【解析】rm{(1)(}酚rm{)}羥基、羧基rm{(2)}rm{(3)}取代反應(yīng)縮聚反應(yīng)rm{(4)}rm{(5)C_{8}H_{8}O_{3}}rm{3}rm{(6)}30、(15分)(1)O1s22s22p63s23p3(或[Ne]3s23p3)(每空1分,共2分)

(2)O3O3相對分子質(zhì)量較大,范德華力大分子晶體離子晶體(每空1分,共4分)

(3)三角錐形sp3(每空1分,共2分)

(4)V形4

(或)(每空1分,共3分)

(5)Na2O8

=2.27g·cm-3(1分,1分,2分,共4分)【分析】由題意可知rm{A}為rm{O}rm{B}為rm{Na}rm{C}為rm{P}rm{D}為rm{Cl}rm{(1)}四種元素中rm{O}的非金屬性最強，電負性最大rm{;P}的原子序數(shù)為rm{15}核外電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3}}rm{(2)}氧元素的兩種同素異形體為rm{O_{2}}和rm{O_{3}}沸點較高的是rm{O_{3}}因為rm{O_{3}}的相對分子質(zhì)量較大，范德華力大。rm{O}的氫化物可以是rm{H_{2}O}rm{H_{2}O_{2}}二者所屬晶體類型均為分子晶體rm{;Na}的氫化物為rm{NaH}屬于離子晶體。rm{(3)PCl_{3}}中中心原子的價層電子對數(shù)是rm{4}其中rm{婁脪}鍵數(shù)是rm{3}孤電子對數(shù)為rm{1}故rm{PCl_{3}}中中心原子采用rm{sp^{3}}雜化方式，分子構(gòu)型為三角錐形。rm{(4)Cl_{2}O}中中心原子為rm{O}分子中rm{婁脪}鍵數(shù)為rm{2}中心原子孤電子對數(shù)為rm{2}故中心原子的價層電子對數(shù)為rm{4}分子空間構(gòu)型為rm{V}形。rm{Cl_{2}}與濕潤的rm{Na_{2}CO_{3}}反應(yīng)生成rm{Cl_{2}O}的同時還應(yīng)該生成rm{NaCl}和rm{NaHCO_{3}}rm{(5)}由晶胞結(jié)構(gòu)可知，一個晶胞中小球個數(shù)為rm{8}大球個數(shù)為rm{4}小球代表離子半徑較小的rm{Na^{+}}大球代表離子半徑較大的rm{O^{2-}}故F的化學式為rm{Na_{2}O;}晶胞中與每個氧原子距離最近且相等的鈉原子有rm{8}個rm{;}晶胞的質(zhì)量為晶胞的體積為rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}cm^{3}}晶體密度為rm{(0.566隆脕10^{-7})^{3}

cm^{3}}【解析】rm{(15}分rm{)(1)O}rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{3}(}或rm{[Ne]3s^{2}3p^{3})(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(2)O_{3}}rm{O_{3}}相對分子質(zhì)量較大，范德華力大分子晶體離子晶體rm{(}每空rm{1}分，共rm{4}分rm{)}rm{(3)}三角錐形rm{sp^{3}(}每空rm{1}分，共rm{2}分rm{)}rm{(4)V}形rm{4}rm{(}或rm{)(}每空rm{1}分，共rm{3}分rm{)}rm{(5)Na_{2}O}rm{8}rm{=2.27g隆隴cm^{-3}(1}分，rm{1}分，rm{2}分，共rm{4}分rm{)}31、（1）碳碳雙鍵、酯基?

（2）HOCH2CH2OH

（3）

（4）加聚反應(yīng)

（5）

（6）【分析】【分析】本題考察有機物的推斷，涉及官能團的名稱，反應(yīng)類型，方程式的書寫，同分異構(gòu)體的判斷，明確常見有機物官能團及具有性質(zhì)為解答關(guān)鍵，注意掌握同分異構(gòu)體的書寫原則，試題培養(yǎng)了學生的靈活應(yīng)用能力?！窘獯稹坑煽驁D得rm{A}為乙烯，rm{B}為rm{CH_{2}BrCH_{2}Br}rm{C}為rm{CH_{2}OHCH_{2}OH}rm{D}為rm{E}為對苯二甲酸rm{(1)}．rm{C{H}_{2}=C{H}_{2}+1/2{O}_{2}+C{H}_{3}COOHxrightarrow[]{麓脽祿爐錄脕}C{H}_{2}=CHOOCC{H}_{3}+{H}_{2}O}rm{C{H}_{2}=C{H}_{2}+1/2{O}_{2}+C{H}_{3}COOH

xrightarrow[]{麓脽祿爐錄脕}C{H}_{2}=CHOOCC{H}_{3}+{H}_{2}O}為rm{G}中官能團的名稱是：碳碳雙鍵、酯基，rm{G}中官能團的名稱是：碳碳雙鍵、酯基，碳碳雙鍵、酯基；rm{G}的結(jié)構(gòu)簡式是：故答案為：rm{(2)C}的結(jié)構(gòu)簡式是：rm{(2)C}rm{CH}rm{2}故答案為：rm{2}rm{OHCH}rm{2}rm{2}rm{OH}rm{HOCH}芳香烴rm{2}的一氯代物只有兩種，則rm{2}的結(jié)構(gòu)簡式是：故答案為：rm{CH}rm{2}的反應(yīng)類型是：碳碳雙鍵的加聚反應(yīng)，rm{2}rm{OH}反應(yīng)rm{(3)}芳香烴rm{DC_{8}H_{10}}的一氯代物只有兩種，則rm{D}的結(jié)構(gòu)簡式是：的化學方程式：反應(yīng)rm{(3)}的化學方程式：故答案為：rm{DC_{8}H_{10}}rm{D}和rm{(4)}反應(yīng)rm{壟脹}的反應(yīng)類型是：碳碳雙鍵的加聚反應(yīng)，己二烯為原料制備，該合成路線為：故答案為：

rm{壟脹}【解析】rm{(1)}碳碳雙鍵、酯基rm{(2)HOCH}rm{2}rm{2}rm{CH}rm{2}rm{2}rm{OH}加聚反應(yīng)rm{(3)}rm{(4)}rm{(5)}32、Cl2+SO2+2H2O=H2SO4+2HCl；先加硝酸酸化無沉淀，再滴加AgNO3溶液有白色沉淀生成，則含Cl-；2Al+6H+=2Al3++3H2↑；2Al+2OH-+H2O=2AlO-+H2↑；H2SiO3；Al（OH）3；SiO32-+CO2+H2O=CO32-+H2SiO3↓或AlO2-+CO2+2H2O=Al（OH）3↓+HCO