2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級(jí)起點(diǎn)高二物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、物理學(xué)的發(fā)展豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了物質(zhì)生產(chǎn)的繁榮與人類文明的進(jìn)步．下列說法中正確的是A.安培提出場(chǎng)的概念B.庫侖測(cè)量出了靜電力常量C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律2、質(zhì)量為m

的物體從高h(yuǎn)

處以2g3

的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法正確的是()A.物體的機(jī)械能守恒B.物體的重力勢(shì)能減少mgh3

C.物體的動(dòng)能增加2mgh3

D.重力做功為鈭?mgh

3、關(guān)于磁通量下列說法正確的是(

)

A.磁通量不僅有大小而且有方向，所以是矢量B.磁通量越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大C.過某一平面的磁通量為零，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零D.磁通量就是磁感應(yīng)強(qiáng)度4、處于第3激發(fā)態(tài)的大量氫原子向低能級(jí)躍遷輻射多種頻率的光子，已知普朗克常量為h，氫原子能級(jí)公式為E=不同軌道半徑為rn=n2r1，E1為基態(tài)能量，r1為第Ⅰ軌道半徑，n=1，2，3．則下列說法中錯(cuò)誤的是（）A.共產(chǎn)生3種頻率的光子B.電子由第2激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時(shí)，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，總能量減小C.處于第2激發(fā)態(tài)和處于基態(tài)電子做圓周運(yùn)動(dòng)線速度大小之比為1：3D.產(chǎn)生光子最大波長為λm=5、提出了“場(chǎng)”和“力線”的概念的科學(xué)家是（）

A.庫侖。

B.奧斯特。

C.法拉第。

D.安培。

6、某固體物質(zhì)的摩爾質(zhì)量為M，密度為ρ，阿伏伽德羅常數(shù)為NA；則每個(gè)分子的質(zhì)量和單位體積所含的分子數(shù)分別為（）

A.

B.

C.

D.

7、如圖所示，理想變壓器原線圈接交流電源和理想交流電流表，副線圈接熱水器和抽油煙機(jī)，原、副線圈的匝數(shù)比為4：l，副線圈上電壓的瞬時(shí)值u=220sin100πt（V）．開關(guān)S斷開時(shí)，電流表示數(shù)是lA；開關(guān)S閉合時(shí)，電流表示數(shù)是1.25A．下列說法正確的是（）A.交流電源輸出電壓的最大值是55VB.交流電源輸出電壓的最大值是880VC.S閉合時(shí)，抽油煙機(jī)消耗的功率是1100WD.S閉合時(shí)，抽油煙機(jī)消耗的功率是220W8、某激光器能發(fā)射波長為λ的激光，發(fā)射功率為P，真空中光速為c，普朗克常量為h，則該激光器每秒發(fā)射的光子數(shù)為（）A.B.C.D.評(píng)卷人得分二、雙選題(共2題，共4分)9、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解10、下列說法中；正確的是（）

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麥芽糖是它的同分異構(gòu)體C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中，滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液，加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉尚未水解評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)11、如圖是街頭變壓器通過降壓給用戶供電的示意圖。變壓器的輸入電壓是市區(qū)電網(wǎng)的電壓，負(fù)載變化時(shí)輸入電壓不會(huì)有大的波動(dòng)。輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，兩條輸電線的總電阻用表示，變阻器R代表用戶用電器的總電阻，當(dāng)用電器增加時(shí)，相當(dāng)于R的值減小。如果變壓器上的能量損失可以忽略，那么當(dāng)用戶的用電器增加時(shí)，圖中的電壓表讀數(shù)__________（選填“增大”、“減小”或“不變”），電流表讀數(shù)__________（選填“增大”、“減小”或“不變”）。12、已知高山上某處的氣壓為0.40大氣壓，氣溫為零下30℃，則該處每立方米氣體中的分子數(shù)中____.(阿伏加德羅常數(shù)6.0×1023mol-1，在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下1mol氣體的體積為22.4L).13、在“力的合成的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，橡皮條的一端固定于P點(diǎn)．如圖所示，用A、B兩只彈簧測(cè)力計(jì)將橡皮條的另一端拉至O點(diǎn)，分別記錄兩分力的大小和方向，此時(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)為______N，2.4N．接下來，為了測(cè)出這兩分力的合力，用一只彈簧測(cè)力計(jì)沿PO方向拉伸橡皮條，使橡皮條的長度______PO（選填“大于”“等于”或“小于”）記錄下該力的大小和方向．14、(1)

如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)S

閉合時(shí)，小燈泡A11(

選填“逐漸”或“立刻”)

亮；然后當(dāng)開關(guān)斷開時(shí)，小燈泡中的電流方向是(

選填“向左”或“向右”)

(2)如圖所示，aabb是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，兩點(diǎn)間的距離為00．4m，兩點(diǎn)的連線與電場(chǎng)線成60鈭?60^{circ}角，兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為4.0隆脕104.0隆脕1022VV則勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為____V/mV/m把電子從aa點(diǎn)移到bb點(diǎn)，電子的電勢(shì)能將增加________J.(J.(已知電子電量為1.6隆脕101.6隆脕10鈭?19-19C))15、一物體的電荷量為鈭?8隆脕10鈭?9C

則該物體是______(

選填“失去”或“得到”)

了______個(gè)電子．16、要把一個(gè)量程是lmA．內(nèi)阻是5Ω的電流表改裝成量程是3V的電壓表，應(yīng)該給電流表____聯(lián)一個(gè)阻值R=____Ω的電阻．17、某汽車后備箱內(nèi)安裝有撐起箱蓋的裝置，它主要由氣缸和活塞組成．開箱時(shí)，密閉于氣缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹，將箱蓋頂起，如圖所示．在此過程中，若缸內(nèi)氣體與外界無熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸內(nèi)氣體對(duì)外做____功（選填“正”或“負(fù)”），氣體分子的平均動(dòng)能____（選填“增大”；“減小”或“不變”）．

18、一臺(tái)交流發(fā)電機(jī)，產(chǎn)生交變電動(dòng)勢(shì)的最大值為500V

周期為0.02s

保持其它條件不變，把轉(zhuǎn)速提高到原來的2

倍，則交變電動(dòng)勢(shì)的有效值為______，周期為______．評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共12分)19、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場(chǎng)強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對(duì)錯(cuò)）21、只有沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)才會(huì)降低，所以電勢(shì)降低的方向就一定是電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)22、現(xiàn)有一合金制成的圓柱體，為測(cè)量該合金的電阻率，現(xiàn)用伏安法測(cè)圓柱體兩端之間的電阻，用螺旋測(cè)微器測(cè)量該圓柱體的直徑，用游標(biāo)卡尺測(cè)量該圓柱體的長度．螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示．

（1）由上圖讀得圓柱體的直徑為______mm，長度為______cm．

（2）若流經(jīng)圓柱體的電流為I，圓柱體兩端之間的電壓為U，圓柱體的直徑和長度分別用D、L表示，則用測(cè)得的D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=______．23、為了探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，甲、乙、丙三位同學(xué)分別設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，小車總質(zhì)量用M

表示(b

圖中M

包括小車與傳感器，c

圖中M

包括小車和與小車固連的滑輪)

鉤碼總質(zhì)量用m

表示．(1)

為便于測(cè)量合外力的大小，并得到“小車總質(zhì)量一定時(shí)，小車的加速度與所受合外力成正比”的結(jié)論，下列說法正確的是____(

填選項(xiàng)前的字母).

A.三組實(shí)驗(yàn)中只有甲同學(xué)的實(shí)驗(yàn)需要平衡摩擦力B.三組實(shí)驗(yàn)都需要平衡摩擦力C.三組實(shí)驗(yàn)中只有甲同學(xué)的實(shí)驗(yàn)需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量M

的條件D.三組實(shí)驗(yàn)都需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量M

的條件(2)

若乙、丙兩位同學(xué)發(fā)現(xiàn)某次測(cè)量中力傳感器和彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù)相同，通過計(jì)算得到小車加速度均為aa=13gg

為當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，則乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)時(shí)所用的小車總質(zhì)量之比為____，乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)時(shí)所用的鉤碼總質(zhì)量之比為____.

評(píng)卷人得分六、計(jì)算題(共3題，共6分)24、質(zhì)量為0.5kg

的小球從h=2.45m

的高空自由下落至水平地面，與地面作用0.2s

后，再以5m/s

的速度反向彈回，求小球與地面的碰撞過程中對(duì)地面的平均作用力.(

不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2)

25、如圖所示，用30cm

的細(xì)線將質(zhì)量為m=4隆脕10鈭?3漏K

的帶電小球P

懸掛在O

點(diǎn)正下方，當(dāng)空中有方向?yàn)樗较蛴?，大小為E=2隆脕104N/C

的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，小球偏轉(zhuǎn)37鈭?

后處在靜止?fàn)顟B(tài).(g

取10m/s2)

(1)

分析小球的帶何種電荷；

(2)

求小球帶電量q

(3)

求剪斷細(xì)線后帶電小球的加速度a

．26、（10分）湯姆生用來測(cè)定電子的比荷（電子的電荷量與質(zhì)量之比）的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。真空管內(nèi)的陰極K發(fā)出的電子（不計(jì)初速、重力和電子間的相互作用）經(jīng)加速電壓加速后，穿過中心的小孔沿中心軸O1O的方向進(jìn)入到兩塊水平正對(duì)放置的平行極板P和間的區(qū)域。當(dāng)極板間不加偏轉(zhuǎn)電壓時(shí)，電子束打在熒光屏的中心O點(diǎn)處，形成了一個(gè)亮點(diǎn)；加上偏轉(zhuǎn)電壓U后，亮點(diǎn)偏離到點(diǎn)，與O點(diǎn)的豎直間距為，水平間距可忽略不計(jì)。此時(shí)，在P和間的區(qū)域，再加上一個(gè)方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。調(diào)節(jié)磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，使磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B時(shí)，亮點(diǎn)重新回到O點(diǎn)。已知極板水平方向的長度為L1，極板間距為，極板右端到熒光屏間的距離為L2（如圖所示）。（1）求打在熒光屏O點(diǎn)的電子速度的大??；（2）推導(dǎo)出電子的比荷的表達(dá)式。參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】試題分析：法拉第提出場(chǎng)的概念，A錯(cuò)誤；庫倫測(cè)量了靜電力常量，B正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，C錯(cuò)誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，D錯(cuò)誤；考點(diǎn)：考查了物理學(xué)史【解析】【答案】B2、C【分析】【分析】根據(jù)物體的運(yùn)動(dòng)情況可知物體的受力情況，由功的公式可求得各力的功；由動(dòng)能定理可求得物體的動(dòng)能改變量；由功能關(guān)系可求機(jī)械能的變化；由重力勢(shì)能與重力做功的關(guān)系可知重力勢(shì)能的改變量。本題考查了功能關(guān)系。功是能量轉(zhuǎn)化的量度，重力做功導(dǎo)致重力勢(shì)能變化；合力做功導(dǎo)致動(dòng)能變化；除重力外其他力做功導(dǎo)致機(jī)械能變化；彈力做功導(dǎo)致彈性勢(shì)能。【解答】因物體的加速度為2g3

故說明物體受阻力作用，由牛頓第二定律可知，mg鈭?f=ma

解得f=13mg

重力做功WG=mgh

阻力做功Wf=鈭?13mgh

A.物體下落過程中除重力還有阻力做功；機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

B.重力做功等于重力勢(shì)能的改變量，重力做正功，故重力勢(shì)能減小mgh

故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)動(dòng)能定理得：?Ek=mah=23mgh?{E}_{k}=mah=dfrac{2}{3}mgh，即物體的動(dòng)能增加23mghdfrac{2}{3}mgh，故C正確；D.由題得知，物體由靜止豎直下落到地面，重力做正功mghmgh故D錯(cuò)誤。

故選C?！窘馕觥緾

3、C【分析】解：A

磁通量有大??；沒有方向，但有正負(fù)，是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；

B；磁通量與磁感應(yīng)強(qiáng)度無關(guān)；當(dāng)磁通量越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度可能不變，故B錯(cuò)誤；

C；當(dāng)磁感線與線圈平行時(shí)；穿過線圈的磁通量為零，而磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故C正確；

D；磁通量是穿過線圈的磁感線的多少；而磁感應(yīng)強(qiáng)度是描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱，兩者不是相同的概念，故D錯(cuò)誤；

故選：C

磁通量有大?。粵]有方向，但分正負(fù)，不是矢量，磁通量的大小與磁感應(yīng)強(qiáng)度無關(guān)，從而即可求解．

考查法拉第電磁感應(yīng)定律，同時(shí)讓學(xué)生清楚知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量的變化率有關(guān)，與磁通量大小及磁通量變化大小均無關(guān)．【解析】C

4、D【分析】解：A；大量處于第3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷放出若干頻率的光子；能產(chǎn)生3種不同頻率的光子，故A正確；

B；當(dāng)氫原子從能級(jí)n=3躍遷到n=1時(shí)；速率增大，動(dòng)能增加，電勢(shì)能減小，而總能量，因向外輻射光子，而減小，故B正確；

C、依據(jù)庫侖引力提供向心力，即為=m及rn=n2r1，則有第2激發(fā)態(tài)，即n=3和處于基態(tài)，即n=1，電子做圓周運(yùn)動(dòng)速度之比為=1：3；故C正確；

D、產(chǎn)生的光子的最小頻率為γ小=依據(jù)λ=對(duì)應(yīng)波長最大，即為λm=故D錯(cuò)誤。

本題選擇錯(cuò)誤的。

故選：D。

基態(tài)的氫原子吸收的能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差時(shí)，才能被吸收，根據(jù)該關(guān)系，確定出吸收光子后躍遷的第幾能級(jí)，根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出激發(fā)后發(fā)射光子的種類；依據(jù)庫侖引力提供向心力，再結(jié)合半徑之比，即可判定圓周運(yùn)動(dòng)速度之比。

解決本題的關(guān)鍵知道輻射或吸收光子的能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，即Em-En=hv，同時(shí)掌握牛頓第二定律的內(nèi)容，及庫侖定律，與向心力表達(dá)式?！窘馕觥緿5、C【分析】

英國科學(xué)家法拉第首先提出了“場(chǎng)”和“力線”的概念；不是庫侖；奧斯特和安培提出的．

故選C

【解析】【答案】提出了“場(chǎng)”和“力線”的概念的科學(xué)家是法拉第．

6、D【分析】

每個(gè)分子的質(zhì)量m=．單位體積的質(zhì)量等于單位體積乘以密度，質(zhì)量除以摩爾質(zhì)量等于摩爾數(shù)，所以單位體積所含的分子數(shù)n=．故D正確；A；B、C錯(cuò)誤．

故選D．

【解析】【答案】每摩爾物體含有NA個(gè)分子數(shù)；所以分子的質(zhì)量等于摩爾質(zhì)量除以阿伏伽德羅常數(shù)．要求出單位體積內(nèi)的分子數(shù)，先求出單位體積的摩爾量，再用摩爾量乘以阿伏伽德羅常數(shù)．

7、D【分析】解：A、B、電源輸出電壓的最大值為4u=880V；則AB錯(cuò)誤。

C、D、開關(guān)S斷開時(shí)，電流表示數(shù)是I1=lA，則通過熱水器的電流為4I1=4A；S閉合時(shí)，電流表示數(shù)是1.25A，則副線圈的電流為4×1.25A=5A，則。

抽油煙機(jī)的電流為5-4=1A；則功率P=UI=220×1=220W，則C錯(cuò)誤，D正確．

故選：D

根據(jù)表達(dá)式可求出交變電流的峰值由電壓與匝數(shù)成正比可求出交流電源的電壓最大值．由W=Pt可以求出抽油煙機(jī)消耗的功率。

明確電流與匝數(shù)成反比，電壓與匝數(shù)成正比，及功率的表達(dá)式P=UI即可求解．【解析】【答案】D8、A【分析】解：每個(gè)光子的能量E=hγ=h

設(shè)每秒（t=1s）激光器發(fā)出的光子數(shù)是n；

則Pt=nE，即：P=nhn=故A正確；BCD錯(cuò)誤；

故選：A

求出每個(gè)光子的能量，每秒內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)與每個(gè)光子能量的乘積是激光器每秒做的功，每個(gè)光子的能量E=hγ=h．

本題是一道難度不大，但綜合性、代表性很強(qiáng)的題目，要注意掌握．【解析】【答案】A二、雙選題(共2題，共4分)9、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B10、AB【分析】本題考查物質(zhì)的性質(zhì)。該題屬于基礎(chǔ)性試題，難度不大。只要能記住常見物質(zhì)的性質(zhì)，就不難得出正確的結(jié)論。

A.油脂在堿性水溶液中水解在工業(yè)上用于制肥皂；故A正確；

B.蔗糖是最重要的二糖；麥芽糖是它的同分異構(gòu)體，故B正確；

C.在蔗糖與稀H2SO4共熱后的溶液中；加氫氧化鈉中和硫酸以后再滴加銀氨溶液，再水浴加熱有銀鏡生成，故C錯(cuò)誤；

D.取淀粉與稀硫酸共熱后的溶液；加入碘水溶液，溶液不變藍(lán)，證明淀粉水解完全，故D錯(cuò)誤；

?故選AB?！窘馕觥緼B三、填空題(共8題，共16分)11、略

【分析】試題分析：因?yàn)樽儔浩鞯妮斎腚妷翰蛔?，根?jù)可知次級(jí)電壓不變，即電壓表讀數(shù)不變；當(dāng)用戶的用電器增加時(shí)，R的值減小，次級(jí)電阻減小，所以次級(jí)電流增大，根據(jù)則初級(jí)電流增大，即電流表讀數(shù)增大?？键c(diǎn)：變壓器的初次級(jí)電壓電流與初次級(jí)匝數(shù)的關(guān)系電路的綜合分析?！窘馕觥俊敬鸢浮坎蛔?cè)龃?2、1.2×1019個(gè)【分析】【解答】本題要計(jì)算分子數(shù)，就需要知道大氣有多少mol,需要計(jì)算高山狀態(tài)下的大氣在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的體積，

；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程：可得V2.則個(gè)。

【分析】本題考查了理想氣體狀態(tài)方程13、略

【分析】解：根據(jù)彈簧秤指針的指示可知，其讀數(shù)為1.8N；為了使兩次彈簧秤拉力的作用效果相同，因此在用一只彈簧測(cè)力計(jì)沿PO方向拉伸橡皮條，使橡皮條的長度等于PO長度．

故答案為：1.8；等于．

該實(shí)驗(yàn)采用了“等效法”；因此要求兩次拉橡皮條要到同一位置，即兩次拉橡皮條拉力的作用效果相同；

本題考查了“等效法”的應(yīng)用和平行四邊形定則等基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這些基礎(chǔ)知識(shí)在平時(shí)練習(xí)中要不斷加強(qiáng)訓(xùn)練，以提高解題能力；同時(shí)注意彈簧秤的讀數(shù)方法．【解析】1.8；等于14、（1）立刻向右

（2）12503.2×10-16【分析】(1)

【分析】開關(guān)閉合后瞬間，A

燈立刻亮，由于線圈自感電動(dòng)勢(shì)的阻礙，電流逐漸增大，B

燈逐漸變亮.

正常工作后，A

燈、B

燈一樣亮.

開關(guān)由閉合到斷開瞬間，由于兩燈原來電流相等，AB

兩燈不會(huì)閃亮一下熄滅.

根據(jù)楞次定律分析流過A

燈的電流方向。本題考查對(duì)自感現(xiàn)象的理解和分析能力，可以用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律判斷、理解?！窘獯稹块_關(guān)閉合后瞬間；線圈自感電動(dòng)勢(shì)對(duì)燈A1

沒有阻礙作用，燈A1

立刻亮．

開關(guān)由閉合到斷開瞬間；A1

燈原來的電流立即減為零，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流減小，使線圈中電流只能逐漸減小.

根據(jù)楞次定律可知，開關(guān)由閉合到斷開瞬間，流過線圈的電流方向是電流自右向左，則通過A

燈的電流自左向右．

故答案為：立刻，向右(2)

【分析】題中已知?jiǎng)驈?qiáng)電場(chǎng)中ab

間的電勢(shì)差和距離，根據(jù)電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系式U=Edd

是兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向的距離求解場(chǎng)強(qiáng).

由W=qU

求出電場(chǎng)力做功，即可得到電勢(shì)能的變化。解決本題的關(guān)鍵是掌握U=Ed

和W=qU

兩個(gè)公式，知道d

是兩點(diǎn)沿場(chǎng)強(qiáng)方向的距離?！窘獯稹坑蒛ab=Edabcos37鈭?

則得。

場(chǎng)強(qiáng)E=Uabdabcos600=4.0隆脕102V0.4隆脕0.5m=2000V/m

把電子從a

點(diǎn)移到b

點(diǎn)，電場(chǎng)力對(duì)電子做功為W=鈭?eUab=鈭?1.6隆脕10鈭?19隆脕2000J==鈭?3.2隆脕10鈭?16J

則電子的電勢(shì)能將增加3.2隆脕10鈭?16J

故填：12503.2隆脕10鈭?16

【解析】(1)

立刻向右(2)12503.2隆脕10鈭?16

15、略

【分析】解：電子的電量：e=鈭?1.6隆脕10鈭?19C

故電荷量為鈭?8隆脕10鈭?9C

的物體，得到的電子數(shù)為：N=qe=鈭?8隆脕10鈭?9C鈭?1.6隆脕10鈭?19C=5隆脕1010

個(gè)；

故答案為：得到；5隆脕1010

．

物體帶電的實(shí)質(zhì)是電子的得失；失去電子帶正電荷，得到電子帶負(fù)電荷，元電荷e=1.6隆脕10鈭?19

C.

本題關(guān)鍵是明確物體帶電的實(shí)質(zhì)，知道元電荷為e=1.6隆脕10鈭?19C

基礎(chǔ)題目．【解析】得到；5隆脕1010

16、略

【分析】

改裝后總電阻R總===3000Ω

則應(yīng)串聯(lián)電阻R=R總-Rg=1000-5=2995Ω

故答案為：串2995Ω

【解析】【答案】改裝后總電阻R總=則串聯(lián)電阻為R=R總-Rg

17、正減小【分析】【解答】密閉于氣缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹對(duì)外做正功，即外界對(duì)氣體做負(fù)功，因而W＜0，缸內(nèi)氣體與外界無熱交換說明Q=0，忽略氣體分子間相互作用，說明內(nèi)能是所有分子動(dòng)能的總和．根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=W+Q，可知內(nèi)能增加量△U＜0；故內(nèi)能減小，溫度降低，分子平均動(dòng)能減小．

故答案為：正；減小。

【分析】根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式△U=W+Q，公式中△U表示系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，W表示外界對(duì)系統(tǒng)做的功，Q表示系統(tǒng)吸收的熱量，題中氣體膨脹對(duì)外界做功，即氣體對(duì)外界做負(fù)功，故W＜0，氣體與外界無熱交換，故Q=0，從而判斷出氣體內(nèi)能的變化，也就得到分子的平均動(dòng)能的變化情況．18、略

【分析】解：線圈轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)Em=nBS婁脴

當(dāng)轉(zhuǎn)速增大時(shí)，角速度增大，故把轉(zhuǎn)速提高到原來的2

倍，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變?yōu)樵瓉淼?

倍，故E隆盲m=1000V

產(chǎn)生的有效值E=E隆盲m2=5002V

周期T隆盲=T2=0.01s

故答案為：5002V0.01s

根據(jù)發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式e=Emsin婁脴t=NBS(2婁脨n)sin(2婁脨n)t

和周期與轉(zhuǎn)速的關(guān)系即可判斷。

本題重點(diǎn)考查交流電的產(chǎn)生過程及瞬時(shí)表達(dá)式，只有在理解的基礎(chǔ)上才能準(zhǔn)確用該表達(dá)式，作出定量分析．【解析】5002V0.01s

四、判斷題(共3題，共12分)19、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．20、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢(shì)體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢(shì)體；則表面電勢(shì)處處相等，即等勢(shì)面，那么電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場(chǎng)，正好與點(diǎn)電荷的電場(chǎng)疊加，只有疊加后電場(chǎng)為零時(shí)，電荷才不會(huì)移動(dòng)．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢(shì)面，導(dǎo)體是等勢(shì)體．21、B【分析】【解答】解：沿著電場(chǎng)線方向；電勢(shì)降低，且降低最快；

那么電勢(shì)降低最快的方向才是電場(chǎng)線的方向；但電勢(shì)降低的方向不一定是電場(chǎng)線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場(chǎng)線可以形象直觀表示電場(chǎng)這兩方面的特性：電場(chǎng)線疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的相對(duì)大小，切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線的方向反映電勢(shì)的高低．五、實(shí)驗(yàn)探究題(共2題，共20分)22、略

【分析】解：（1）由圖a所示可知；螺旋測(cè)微器固定刻度示數(shù)為1.5mm，游標(biāo)尺示數(shù)為34.7×0.01mm=0.347mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為1.5mm+0.347mm=1.847mm；

由圖所示可知；游標(biāo)卡尺主尺示數(shù)為4.2cm，游標(biāo)尺示數(shù)為8×0.05mm=0.40mm，游標(biāo)卡尺示數(shù)為42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；

（2）根據(jù)電阻定律，有：R=ρ=ρ

解得：ρ=．

故答案為：（1）1.847，4.240；（2）．

（1）游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；

（2）根據(jù)歐姆定律和電阻定律列式求解．

游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺的示數(shù)；螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器的示數(shù)；游標(biāo)卡尺不需要估讀，螺旋測(cè)微器需要估讀，對(duì)游標(biāo)卡尺讀數(shù)時(shí)，要注意游標(biāo)尺的精度．并掌握電阻定律與歐姆定律的應(yīng)用．【解析】1.847；4.240；23、(1)BC

(2)1212【分析】【分析】(1)

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理；即可判定是否需要平衡摩擦力，及確定所掛鉤碼的總質(zhì)量m

與小車的總質(zhì)量M

的關(guān)系；

(2)

根據(jù)牛頓第二定律；結(jié)合動(dòng)滑輪的拉力是測(cè)力計(jì)的示數(shù)2

倍，從而即可求解。

考查不同實(shí)驗(yàn)中，是否平衡摩擦力，是依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，并不是統(tǒng)統(tǒng)平衡，并掌握牛頓第二定律的應(yīng)用，注意力傳感器的作用，及理解測(cè)力計(jì)的讀數(shù)與小車的合力的關(guān)系，是解題的關(guān)鍵?！窘獯稹?1)AB

為便于測(cè)量合外力的大??；甲圖通過鉤碼的總質(zhì)量對(duì)應(yīng)的重力即為合外力，而乙圖是力傳感器的示數(shù)，丙圖則是測(cè)力計(jì)的2

倍，因此它們都必須平衡摩擦力，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD

由于甲圖通過鉤碼的總質(zhì)量對(duì)應(yīng)的重力即為合外力，因此三組實(shí)驗(yàn)中只有甲需要滿足所掛鉤碼的總質(zhì)量m

遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量M

的條件，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。

(2)

乙、丙兩位同學(xué)發(fā)現(xiàn)某次測(cè)量中力傳感器和測(cè)力計(jì)讀數(shù)相同，且通過計(jì)算得到小車加速度均為a

根據(jù)牛頓第二定律，則有：F=M脪脪a2F=M鹵沒a

因此乙、丙兩人實(shí)驗(yàn)時(shí)所用小車總質(zhì)量之比為1攏潞2

由牛頓第二定律，對(duì)砝碼研究，則有：m脪脪g鈭?F=m脪脪a

而m鹵沒g鈭?F=m鹵沒2a

因a=13g

解得：m脪脪攏潞m鹵沒=1攏潞2

即乙；丙兩人實(shí)驗(yàn)用的鉤碼總質(zhì)量之比為1攏潞2

故填：(1)BC(2)1攏潞21攏潞2

【解析】(1)BC

(2)121