2025年湘教新版高二物理上冊階段測試試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版高二物理上冊階段測試試卷932考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、關于振動的周期，下列說法正確的是（）A.連續(xù)經過同一點所用的時間為一個周期B.當質點的速度再次與零時刻的速度相同時，經過的時間為一個周期C.當質點的加速度再次與零時刻的加速度相同時，經過的時間為一個周期D.質點完成一次全振動所用的時間就是一個周期2、如圖所示，一定長度的導線圍成閉合的正方形線框，使框面垂直于磁場放置，若因磁場的變化而導致線框突然變成圓形，則（）A.因B增強而產生逆時針的電流B.因B減弱而產生逆時針的電流C.因B減弱而產生順時針的電流D.以上選項均錯誤3、關于熱現(xiàn)象的描述正確的是（）A.滿足能量守恒定律的宏觀過程都可以自發(fā)進行B.做功和熱傳遞都通過能量轉化的方式改變系統(tǒng)內能C.電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞D.溫度不同的兩塊金屬接觸，達熱平衡后，它們具有相同的物理量是熱量4、如圖，在一根張緊的水平繩上掛有5個單擺，其中b擺球質量遠大于其他小球，其余4個擺球質量相等，擺長關系為Lc＞Lb=Ld＞La＞Le，現(xiàn)將b擺垂直紙面向里拉開一微小角度后釋放；經過一段時間后，其余各擺均振動起來并達到穩(wěn)定時的情況是（）

A.4個單擺的周期Tc＞Td＞Ta＞Te

B.4個單擺的頻率fa=fc=fd=fe

C.4個單擺的振幅Aa=Ac=Ad=Ae

D.4個單擺中d擺的振幅最大，且Ae＜Aa

5、如圖所示，圖（甲）為一塊透明的光學材料的剖面圖，在其上建立直角坐標系xoy，設該光學材料的折射率沿y軸正方向均勻減小?，F(xiàn)有一束單色光a從原點O處以某一入射角θ由空氣射入該材料內部，則單色光a在該材料內部可能的傳播途徑是圖（乙）中的6、質量為m的粒子原來的速度為v，現(xiàn)將粒子的速度增大為2v，則描述該粒子的物質波的波長將（粒子的質量保持不變）（）A.保持不變B.變?yōu)樵瓉聿ㄩL的兩倍C.變?yōu)樵瓉聿ㄩL的一半D.變?yōu)樵瓉聿ㄩL的四倍7、如圖所示，把玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，它的尖端就變鈍了，產生這一現(xiàn)象的原因是(

)

A.玻璃是非晶體，熔化再凝固后變成晶體B.玻璃是晶體，熔化再凝固后變成非晶體C.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為引力使其表面繃緊D.熔化的玻璃表面分子間表現(xiàn)為斥力使其表面擴張評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)8、如圖，一均勻金屬圓盤繞通過其圓心且與盤面垂直的軸逆時針勻速轉動?，F(xiàn)施加一垂直穿過圓盤的有界勻強磁場，圓盤開始減速。在圓盤減速過程中，以下說法正確的是(

)

A.處于磁場中的圓盤部分，靠近圓心處電勢高B.所加磁場越強越易使圓盤停止轉動C.若所加磁場反向，圓盤將加速轉動D.若所加磁場穿過整個圓盤，圓盤將勻速轉動9、如圖所示，足夠長的光滑導軌傾斜放置，導軌寬度為L

其下端與電阻R

連接.

導體棒ab

電阻為r

導軌和導線電阻不計，勻強磁場垂直于斜面向上(

圖中未畫出).

若導體棒ab

以一定初速度v

下滑，則關于ab

棒的下列說法中正確的是()

A.若ab

下滑的過程中磁場方向突然反向，則安培力方向也將反向。B.可能以速度v

勻速下滑C.剛下滑的瞬間ab

棒產生的感應電動勢為BLv

D.減少的重力勢能一定等于電阻R

上產生的內能10、一束帶電粒子沿水平方向飛過小磁針的下方，并與磁針指向平行，如圖所示.

此時小磁針的S

極向紙內偏轉，則這束帶電粒子可能是(

)

A.向右飛行的正離子束B.向左飛行的正離子束C.向右飛行的負離子束D.向左飛行的負離子束11、如圖是氫原子的能級圖，a、b、c為原子躍遷時所發(fā)出的三種光。當用c光照射某種金屬時恰能發(fā)生光電效應，下列說法正確的是（）A.c光的頻率小于b光的頻率B.a光的頻率大于b光的頻率C.換成a光照射該種金屬，一定會發(fā)生光電效應D.換成b光照射該種金屬，可能會發(fā)生光電效應12、一負電荷僅受電場力的作用，從電場中的A點運動到B點．在此過程中，該電荷作初速度為零的勻加速直線運動，則A．B兩點電場強度EA．EB及該電荷在A．B兩點的電勢能εA．εB之間的關系為（）A.EA=EBB.EA＜EBC.εA＜εBD.εA＞εB13、某靜電場中的電場線如圖所示，帶電粒子在電場中僅受電場力作用，其運動軌跡是圖中虛線，由M

運動到N

以下說法正確的是(

)

A.粒子是正電荷B.粒子在M

點的加速度小于N

點的加速度C.粒子在M

點的電勢能小于N

點的電勢能D.粒子在M

點的動能小于N

點的動能評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)14、如圖，小球質量為m，擺長為L，最大擺角為θ，且小于5o.小球在豎直平面內擺動。則在圖示位置時擺線的拉力為。從最高點第一次擺到最低點的時間為。（重力加速度為g）15、如圖所示為等量異種點電荷的電場線和等勢面示意圖，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強、電勢____，C、D兩點的場強、電勢____（以上四空均填“相同”或“不同”）。16、某質點做簡諧運動，其位移隨時間變化的關系式為x=8sin婁脨2t(cm)

則質點的振幅為________cm

質點的振動周期為____________s

17、如圖所示，質量為10kg

的物體與水平面間的滑動摩擦力大小為20N

在向右運動的過程中，還受到一個方向向左的大小為15N

的拉力作用，則物體受到的合力大小為______．18、某同學由于沒有量角器，他在完成了光路圖后，以O點為圓心，10.00cm為半徑畫圓，分別交線段OA于A點，交線段OO′的延長線于C點，過A點作法線NN′的垂線AB交NN′于B點，過C點作法線NN′的垂線CD交NN′于D點，如圖所示．用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm，則玻璃的折射率n=________（請用已知線段表示），代入數(shù)據(jù)得n=____。19、用多用電表歐姆擋（×100）測試三只晶體二極管，其結果依次如圖(1)、(2)、(3)所示三個圖，由圖可知，圖____中的二極管是好的，該二極管的正極是____端。20、如圖所示，環(huán)形導線的AB

處另用導線與直導線ab

相連，圖中標出了環(huán)形電流磁場的方向，則C

和D

接電源正極的是______，放在ab

下方的小磁針的______極轉向紙外．21、如圖所示，一圓環(huán)以直徑AB

為軸作勻速轉動，則環(huán)上PQ

兩點線速度大小vPvQ=

______.

如果環(huán)的轉動周期為2s

則P

點做圓周運動的角速度為______rad/s

．22、一質量為2kg

的物體做如圖所示的直線運動，則前5s

的合外力的沖量是______N?S

若取初動量的方向為正方向，則物體前20s

的動量變化量是______kg?m/s

．評卷人得分四、判斷題(共2題，共20分)23、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）24、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）評卷人得分五、簡答題(共2題，共18分)25、銅是常用的一種金屬。rm{(1)}基態(tài)銅原子的電子排布式是____?；鶓B(tài)銅原子價電子層排布依據(jù)的原理，可用于解釋下列事實的是rm{(}填標號rm{)}rm{A.Fe^{2+}}易被氧化為rm{Fe^{3+}}rm{B.}銅絲灼燒時焰色呈綠色rm{C.N}的第一電離能大于rm{O}的第一電離能rm{D.NaCl}的熔點比rm{KCl}的高rm{(2)Cu^{+}}離子能與rm{SCN^{-}}離子形成rm{CuSCN}沉淀。請寫出一種與rm{SCN^{-}}離子等電子體的微粒rm{(}填化學式rm{)}rm{SCN^{-}}離子對應的酸有硫氰酸rm{(H簍DS簍DC隆脭N)}和異硫氰酸rm{(H簍DN=C=S)}這兩種酸熔點更高的是rm{(}填名稱rm{)}原因是。rm{(3)Cu^{2+}}離子能與rm{NH_{3}}形成平面正方形的rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}離子。rm{NH_{3}}分子的空間構型為；rm{[Cu(NH_{3})_{4}]^{2+}}離子中rm{Cu}采取rm{dsp^{x}}雜化，rm{x}的值是。rm{(4)}銅的晶胞與堆積方式如圖所示。若晶胞頂點rm{A}與堆積方式中的rm{A}球相對應，則晶胞中rm{x}rm{y}rm{z}三點與堆積方式中rm{C}球相對應的點是。已知銅原子的半徑為rm{rcm}摩爾質量為rm{Mg隆隴mol^{-1}}晶體的密度為____rm{g隆隴cm^{-3}(}阿佛加德羅常數(shù)取rm{N_{A}}rm{)}26、汽車尾氣里含有rm{NO}氣體是由于內燃機燃燒的高溫引起氮氣和氧氣反應所致：rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{}{?}2NO(g)婁隴H>0}已知該反應在rm{N_{2}(g)+O_{2}(g)overset{}{?}2NO(g)

婁隴H>0}時，平衡常數(shù)rm{2404隆忙}請回答：rm{K=64隆脕10^{-4}}某溫度下，向rm{(1)}的密閉容器中充入rm{2L}和rm{N_{2}}各rm{O_{2}}rm{1mol}分鐘后rm{5}的物質的量為rm{O_{2}}則rm{0.5mol}的反應速率為____。rm{N_{2}}假定該反應是在恒容條件下進行，判斷該反應達到平衡的標志____rm{(2)}填字母序號rm{(}A.消耗rm{)}同時生成rm{1molO_{2;;;;;;;;;;;;;;;;}}B.混合氣體密度不變C.混合氣體平均相對分子質量不變rm{1molN_{2}}rm{1mol

O_{2;;;;;;;;;;;;;;;;}}將rm{D.2v_{脮媒}(N_{2})=v_{脛忙}(NO)}rm{(3)}的混合氣體充入恒溫恒容密閉容器中，下列變化趨勢正確的是____rm{N_{2}}填字母序號rm{O_{2}}

rm{(}向恒溫恒容的密閉容器中充入等物質的量的rm{)}和rm{(4)}達到平衡狀態(tài)后再向其中充入一定量rm{N_{2}}重新達到化學平衡狀態(tài)。與原平衡狀態(tài)相比，此時平衡混合氣體中rm{O_{2}}的體積分數(shù)____rm{NO}填“變大”“變小”或“不變”rm{NO}

rm{(}該溫度下，某時刻測得容器內rm{)}rm{(5)}rm{N_{2}}的濃度分別為rm{O_{2}}rm{NO}和rm{2.5隆脕10^{-1}mol隆隴L^{-1}}此時反應____rm{4.0隆脕10^{-2}mol隆隴L^{-1}}填“處于化學平衡狀態(tài)”“向正反應方向進行”或“向逆反應方向進行”rm{3.0隆脕10^{-3}mol隆隴L^{-1}}理由是____。rm{(}在一定條件下，rm{)}的反應達到平衡。rm{(6)}已知rm{xA+yBoverset{}{?}zC}是氣體，且rm{壟脵}在增大壓強時，如果平衡發(fā)生移動，則平衡一定向____移動；rm{C}已知rm{x+y=z}rm{壟脷}是氣體，當其他條件不變，增大rm{B}的物質的量時，平衡不發(fā)生移動，則rm{C}是____態(tài)物質rm{A}參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【解析】【答案】D2、C【分析】解：閉合的正方形線框，變成圓形，根據(jù)幾何關系，設正方形周長為l，則正方形線框面積為S=而圓形面積s可知，面積變大，說明安培力使其的擴張現(xiàn)象，根據(jù)楞次定律相對運動角度可知，磁場在減小，且感應電流方向順時針，故C正確，ABD錯誤；

故選：C．

根據(jù)楞次定律；結合由正方形變?yōu)閳A形，確定磁通量的變化，據(jù)此可正確解答本題．

本題考查了感應電流產生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化，注意幾何關系的應用．【解析】【答案】C3、C【分析】解：A；滿足能量守恒定律的宏觀過程不一定是自發(fā)進行．故A錯誤；

B；做功通過能量轉化的方式改變系統(tǒng)內能；熱傳遞是能量轉移的過程，兩種方式改變內能的效果相同，本質不同．故B錯誤；

C；電冰箱的工作過程表明；熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞．故C正確；

D；根據(jù)熱平衡定律；溫度不同的兩塊金屬接觸，達熱平衡后，它們具有相同的物理量是溫度．故D錯誤．

故選：C

滿足能量守恒定律的宏觀過程不一定是自發(fā)進行；做功通過能量轉化的方式改變系統(tǒng)內能；熱傳遞是能量轉移的過程；電冰箱的工作過程表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞；溫度不同的兩塊金屬接觸，達熱平衡后，它們具有相同的物理量是溫度．

該題考查了改變內能的方式和熱力學第一定律、與熱力學第二定律、熱平衡定律，是一道綜合題．【解析】【答案】C4、B|D【分析】

b擺垂直紙面向里拉開一微小角度后釋放，使得其它四個單擺都做受迫振動，受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，所以4個單擺的頻率相等．當驅動力的頻率接近物體的固有頻率時，振幅最大，即共振．根據(jù)T=知；d擺的擺長與a擺擺長相等，則驅動力的周期等于d擺的固有周期，d擺發(fā)生共振，振幅最大．a的固有周期比e更接近固有周期，所以a的振幅大于e的振幅．故B；D正確，A、C錯誤．

故選BD．

【解析】【答案】受迫振動的頻率等于驅動率的頻率；當驅動力的頻率接近物體的固有頻率時，振幅最大，即共振．

5、D【分析】【解析】【答案】D6、C【分析】解：質量為m的粒子運動速度為v；其動量P=mv；

所以對應的物質波的波長為λ=現(xiàn)將粒子的速度增大為2v，則描述該粒子的物質波的波長將變?yōu)樵瓉聿ㄩL的一半．

故選：C

質量為m的粒子運動速度為v，其動量P=mv，對應的物質波的波長為λ=根據(jù)該式即可求出物質波的波長之間的關系．

解決本題的關鍵知道物質波的波長與動量的關系式，屬于對基礎知識點的考查，記住即可．基礎題目．【解析】【答案】C7、C【分析】解：AB

玻璃是非晶體；熔化再凝固后仍然是非晶體.

故AB錯誤；

C；D

細玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形；是表面張力的作用，因為表面張力具有使液體表面繃緊即減小表面積的作用，而體積相同情況下球的表面積最小，故呈球形.

故C正確，D錯誤．

故選：C

細玻璃棒尖端放在火焰上燒溶后尖端變成球形；是表面張力；

本題關鍵是理解玻璃在熔化的過程中的現(xiàn)象的特定和本質，注意學習時的記憶與區(qū)別．【解析】C

二、多選題(共6題，共12分)8、ABD【分析】根據(jù)楞次定律，感應電流從圓盤邊緣流向圓心，則圓心電勢較高，A正確;

由安培力公式F=

可以推知，磁場越強，安培力越大，B正確;

磁場反向后，安培力仍是阻力，C錯誤，整個圓盤都處在勻強磁場中時，磁通量不變，沒有電磁感應現(xiàn)象發(fā)生，圓盤不受安培力，勻速轉動，D正確。在電磁感應現(xiàn)象中，對于電源內部，電流流向電源的正極，這與外電路中的情況相反，要注意區(qū)分，避免出錯?！窘馕觥緼BD

9、BC【分析】【分析】首先由右手定則判斷出導體棒ab

中的感應電流的方向，由左手定則判斷其所受的安培力的方向，由物體的平衡條件判斷其運動情況，由法拉第電磁感應定律確定電動勢的大小，由功能關系判斷減少的重力勢能與電阻RR產生的內能的關系。【解析】A.首先abab下滑的過程中磁場方向突然反向，則感應電流方向反向，由左手定則判斷其所受的安培力的方向不變，故A錯誤；B.如果導體棒所受的安培力和重力沿斜面方向的分力平衡，abab棒可能以速度vv勻速下滑，故B正確；C.由法拉第電磁感應定律得剛下滑瞬間產生的電動勢為BlvBlv故C正確；D.由于不能確定abab是否勻速下滑，減少的重力勢能不一定等于電阻RR產生的內能；故D錯誤；故選BC?！窘馕觥緽C

10、AD【分析】解：A

向右飛行的正離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在上方產生的磁場方向向外，則N

極轉向外，S

極轉向里，符合題意.

故A正確．

B

向左飛行的正離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在上方產生的磁場方向向里，則N

極轉向里，S

極轉向外，不符合題意.

故B錯誤．

C

向右飛行的負離子束形成的電流方向向左；根據(jù)安培定則可知，離子在上方產生的磁場方向向里，則N

極轉向里，S

極轉向外，不符合題意.

故C錯誤．

D

向左飛行的負離子束形成的電流方向向右；根據(jù)安培定則可知，離子在上方產生的磁場方向向外，則N

極轉向外，S

極轉向里，符合題意.

故D正確．

故選AD．

小磁針N

極受力方向與磁場方向相同.

電流方向與正電荷定向移動方向相同；與負電荷定向移動方向相反.

根據(jù)安培定則，將選項逐一代入檢查，選擇符合題意的選項．

本題考查應用物理基本定則的能力，BC

兩項是等效的，AD

兩項也是等效的，考試時抓住等效性，可以節(jié)省時間．【解析】AD

11、BC【分析】解：AB、因為Em-En=hv，那么Ea＞EC＞Eb，依據(jù)E=hγ，可知，γa＞γc＞γb，從而確a光的頻率最高，b光的頻率最低；則A錯誤，B正確。

CD、因c光照射某種金屬時恰能發(fā)生光電效應，而γa＞γc＞γb，則a光照射一定會發(fā)生光電效應，而b光不能發(fā)生光電效應；故C正確，D錯誤。

故選：BC。

根據(jù)吸收或輻射光子的能量等于兩能級間的能級差判斷光子的能量和頻率；由光電效應的條件為光子的頻率要大于金屬的極限頻率。

解決本題的關鍵知道吸收或輻射光子的能量等于兩能級間的能級差，即Em-En=hv?！窘馕觥緽C12、AD【分析】解：AB、電荷做初速度為零的勻加速直線運動，且只受電場力，所以電場力不變，由F=Eq，知電場強度不變，即EA=EB；故A正確，B錯誤．

CD、電荷做勻加速直線運動，電場力做正功，電勢能減小，所以B點的電勢能較小．所以εA＞εB；故C錯誤，D正確．

故選：AD．

根據(jù)受力特點可以判斷A；B兩點電場強度的大??；根據(jù)電場力做功的正負判斷A、B兩點電勢能的高低．

本題比較簡單，基礎性強；要加強理解電場力和電場強度關系，電勢能和電場力做功關系．【解析】【答案】AD13、ABD【分析】解：A

帶電粒子在電場中運動時；受到的電場力的方向指向運動軌跡的彎曲的內側，由此可知，此帶電的粒子受到的電場力的方向為沿著電場線向上，所以此粒子為正電荷，所以A正確；

B；由電場線的分布可知；電場線在N

點的時候較密，所以在N

點的電場強，粒子在N

點時受到的電場力大，加速度也大，所以B正確；

C；粒子帶正電；從M

到N

的過程中，電場力對粒子做正功，所以粒子的電勢能要減小，即粒子在M

點的電勢能大于N

點的電勢能，所以C錯誤；

D；粒子帶正電；從M

到N

的過程中，電場力對粒子做正功，粒子的動能要增加，即粒子在M

點的動能小于N

點的動能，所以D正確；

故選：ABD

電場線是從正電荷或者無窮遠發(fā)出；到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功時，電勢能減小，電場力做負功時，電勢能增加．

本題的關鍵要明確曲線運動的合外力指向軌跡的內側，由此分析電場力的方向.

要加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點：電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小.

這些知識在分析軌跡問題時經常用到．【解析】ABD

三、填空題(共9題，共18分)14、略

【分析】在最高點時，重力沿繩子方向的分力與繩子的拉力相等，為mgcosθ,擺到最低點的時間為四分之一個周期，為【解析】【答案】15、略

【分析】【解析】【答案】相同；不同；不同；相同（每空1分）16、84【分析】【分析】簡諧運動的表達式為x=Asin(婁脴t+婁脮)A

為振幅，婁脴

為圓頻率，根據(jù)T=2婁脨婁脴

可求出周期。解決本題的關鍵掌握簡諧運動的表達式為x=Asin(婁脴t+婁脮)

知道A

為振幅，婁脴

為圓頻率，根據(jù)T=2婁脨婁脴

可求周期?！窘獯稹扛鶕?jù)簡諧運動的表達式為x=Asin(婁脴t+婁脮)

知振幅為8cm

周期T=2婁脨婁脴=2婁脨婁脨2=4s

故答案為：84

【解析】84

17、35【分析】

【分析】

滑動摩擦力的方向與物體的相對滑動的方向相反；兩個共點力合成時，若不在一條直線上，運用平行四邊形定則合成；若共線，直接相加；若反向，直接相減。

本題關鍵是對物體受力分析，然后求解合力，注意物體向右做直線運動，故合力與速度共線，豎直方向的合力為零。

【解答】

物體在向右運動的過程中；受到地面對其向左的滑動摩擦力；

對物體受力分析；受重力；支持力、向左的滑動摩擦力、向左的拉力，合力等于拉力加上摩擦力，為35N

故填：35

【解析】35

18、略

【分析】【解析】試題分析：解析由圖可知sin∠AOB=sin∠DOC=OA=OC=R，根據(jù)n=知，n====1.5考點：光的折射定律【解析】【答案】1.519、略

【分析】【解析】試題分析：二極管當通正向電流時，電阻幾乎為零，當通負向電流時，電阻很大，所以（3）中的二極管是好的，根據(jù)紅進黑出可知a端為二極管的正極考點：考查了對多用電表以及二極管的特性的理解【解析】【答案】⑶a20、C；N【分析】解：根據(jù)圖中標出了環(huán)中電流產生的磁場的磁感線的方向；由右手螺旋定則可知，電流方向順時針，則電源的右端為正極，即C

端；

根據(jù)安培定則，用右手握住ab

讓大拇指指向左，四指的指向就是磁感線的方向，則小磁針N

極將轉向外．

故答案為：CN

．

(1)

通電導線周圍存在磁場；其磁場方向可以根據(jù)安培定則來判斷，用四指的方向代表電流的方向，那么大拇指所指的一端為通電螺線管的N

極．

(2)

磁場中的小磁針靜止時；北極所指的方向與該點磁感線的方向一致．

此題的解題關鍵是把通電導線看作是通電螺線管的一部分來判斷其電流方向，考查學生應用物理知識解決實際問題的能力．【解析】CN

21、略

【分析】解：環(huán)上PQ

兩點轉動的角速度相等，根據(jù)公式v=婁脴r

有：vpvQ=Rsin60鈭?Rsin30鈭?=31

P

點的角速度：婁脴=2婁脨T=2婁脨2=婁脨rad/s

故答案為：31婁脨

．

同軸轉動，角速度相等，根據(jù)公式v=婁脴r

計算線速度之比，根據(jù)婁脴=2婁脨T

計算角速度．

本題關鍵找出軌道，確定圓心，然后根據(jù)角速度與周期的關系求解，要注意兩個軌跡圓不同，基礎題．【解析】31婁脨

22、略

【分析】解：在前5s

內，物體的初速度為5m/s

末速度為10m/s

根據(jù)動量定理得，I潞脧=鈻?p

知合外力的沖量為10N?s

在后20s

內，物體的初速度為5m/s

末速度為鈭?5m/s

根據(jù)動量定理得，I潞脧=鈻?p=mv2鈭?mv1=鈭?2隆脕5鈭?2隆脕5=鈭?10kg.m/s=鈭?20N?s

．

故答案為：10鈭?20

根據(jù)物體的初末速度；通過動量定理求出合外力的沖量。

解決本題的關鍵掌握動量定理，并能靈活運用，注意末速度的正負，難度不大，屬于基礎題解決本題的關鍵掌握動量定理，并能靈活運用，注意末速度的正負，難度不大，屬于基礎題【解析】10鈭?20

四、判斷題(共2題，共20分)23、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．24、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．五、簡答題(共2題，共18分)25、（1）1s22s22p63s23p63d104s1（或[Ar]3d104s1）AC（2）CO2（或CS2等）異硫氰酸分子間能形成氫鍵（3）三角錐形2（4）y【分析】【分析】本題考查了電子排布式、等電子體、空間構型、雜化軌道、晶胞計算等知識，題目難度中等?！窘獯稹縭m{(1)}銅為rm{29}號元素，價電子層的電子排布式為rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{(}或rm{[Ar]3d}或rm{(}rm{[Ar]3d}rm{{,!}^{10}}rm{4s}rm{4s}根據(jù)基態(tài)銅原子價電子層排布依據(jù)的原理，當電子處于半充滿或全充滿狀態(tài)的原子結構是穩(wěn)定的，A.二價鐵價層電子排布為rm{{,!}^{1}}易失去rm{)}根據(jù)基態(tài)銅原子價電子層排布依據(jù)的原理，當電子處于半充滿或全充滿狀態(tài)的原子結構是穩(wěn)定的，個電子達到穩(wěn)定結構，因此rm{)}易被氧化為rm{3d^{6}}故A正確；

B.銅絲灼燒時焰色呈綠色，屬于物理變化是焰色反應，和電子排布沒有關系，故B錯誤；C.rm{1}原子最外層是半充滿穩(wěn)定結構，因此rm{Fe^{2+}}的第一電離能大于rm{Fe^{3+}}的第一電離能，故C正確；D.rm{N}的熔點比rm{N}的高；熔點是物理性質，故D錯誤；

故選AC，故答案為：rm{O}或rm{NaCl}rm{KCl}

rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}(}原子總數(shù)、價電子總數(shù)相同的微?；榈入娮芋w，與rm{[Ar]3d^{10}4s^{1})}互為等電子體的分子為rm{AC}或rm{(2)}由于異硫氰酸分子間可形成氫鍵而硫氰酸分子間不能形成氫鍵，所以硫氰酸rm{(2)}的沸點低于異硫氰酸；

故答案為：rm{SCN^{-}}或rm{CS_{2}}rm{CO_{2}}rm{(H-S-C隆脭N)}rm{CS_{2}}中心原子rm{CO_{2}}原子價層電子對為異硫氰酸；分子間能形成氫鍵；rm{(3)}模型為四面體，由于含有rm{(3)}對孤電子對，故為三角錐形，rm{NH_{3}}是rm{N}那么rm{3+1=4}是rm{VSEPR}它還有一個rm{1}一個rm{Cu}和rm{3d^{10}4s^{1}}個rm{Cu^{2+}}的空軌道，于是rm{3d^{9}}采取了rmq0xg1o0的雜化，使一個rm{s}一個rm{3}和兩個rm{p}軌道簡并，成為能量相同的rm{Cu^{2+}}個rm{dsp^{2}}雜化軌道，故rmoaoslpn為rm{s}

故答案為：rm{p}；rm{4}若晶胞頂點rm{dsp^{2}}與堆積方式中的rm{x}球相對應，則晶胞中rm{2}三角錐形；rm{2}；rm{2}三點與堆積方式中rm{(4)}若晶胞頂點rm{A}與堆積方式中的rm{A}球相對應，則晶胞中rm{x}rm{y}rm{z}三點與堆積方式中rm{C}球相對應的點是rm{y}球相對應的點是rm{(4)}銅的晶胞中rm{A}原子個數(shù)rm{A}rm{x}rm{y}rm{z}rm{C}rm{y}rm{Cu}該晶胞中面上處于對角線的rm{=8隆脕}個原子緊挨著，該晶胞體積rm{1}rm{8}rm{1}rm{8}rm{(2sqrt{2}r{)}^{3}c{m}^{3}}rm{1}，晶胞的密度rm{1}rm{8}rm{8}rm{+6隆脕}rm{1}rm{2}rm{1}rm{2}rm{dfrac{dfrac{M}{{N}_{A}}隆脕4}{(2sqrt{2}r{)}^{3}}}rm{1}rm{1}rm{2}rm{2}rm{=4}rm{3}故答案為：rm{=}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}(}或rm{[Ar]3d^{10}4s^{1})}rm{AC}rm{(2)CO_{2}(}或rm{CS_{2}}等rm{)}異硫氰酸分子間能形成氫鍵rm{(3)}三角錐形rm{2}rm{(4)y}rm{dfrac{sqrt{2}M}{8{{r}^{3}}{{N}_{A}}}}26、（1）0.05mol/(L?min)（2）AD（3）AC（4）不變（5）向正反應方向進行（6）①逆反應方向②固體或液體【分析】【分析】本題考查化學平衡計算、化學平衡狀態(tài)判斷、外界條件對化學平衡移動影響等知識點，側重考查學生分析判斷及計算能力，明確化學反應原理及平衡狀態(tài)判斷依據(jù)是解本題關鍵，難點是rm{(4)}題判斷，注意等效平衡的靈活運用，題目難度中等題判斷，注意等效平衡的靈活運用，題目難度中等。【解答】rm{(4)}分鐘內，rm{trianglen(O_{2})=1mol-0.5mol=0.5mol}由rm{(1)5}可知rm{triangle

n(O_{2})=1mol-0.5mol=0.5mol