2023年江蘇省普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試全真模擬物理參考答案

2023年江蘇省普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試全真模擬物理·參考答案1．C【詳解】A．如果衛(wèi)星乙以B點到地心的距離做勻速圓周運動時的線速度為，由公式得可知，由于衛(wèi)星乙從以B點到地心的距離的圓軌道在B點減速做近心運動才能進入橢圓軌道，則衛(wèi)星乙在B點的速度小于，所以衛(wèi)星甲在C點的速度一定大于衛(wèi)星乙在B點的速度，故A錯誤；B．由題意可知，衛(wèi)星甲的軌道半徑小于衛(wèi)星乙做橢圓運動的半長軸，由開普勒第三定律可知，衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期，故B錯誤；C．如果衛(wèi)星乙以A點到地心的距離做勻速圓周運動時的線速度為，由公式得可知，由于衛(wèi)星乙從以A點到地心的距離的圓軌道在A點加速做離心運動才能進入橢圓軌道，則衛(wèi)星乙在A點的速度大于，所以衛(wèi)星甲在C點的速度一定小于衛(wèi)星乙在A點的速度，故C正確；D．由開普勒第二定律可知，衛(wèi)星在同一軌道上運動時衛(wèi)星與地心的連線在相等時間內(nèi)掃過的面積相等，故D錯誤。故選C。2．A【詳解】A．只有頻率相同的波才會產(chǎn)生干涉現(xiàn)象，故A正確；B．波的傳播速度由介質(zhì)決定，與頻率無關(guān)，故B錯誤；C．只有二者間有相對距離的變化時，才會出現(xiàn)多普勒效應；若觀察者以波源為中心轉(zhuǎn)動則不會產(chǎn)生多普勒效應，故C錯誤；D．任何波均可以發(fā)生衍射現(xiàn)象，而當縫、孔或障礙物的尺寸跟波長差不多，或者比波長更小時，才會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。故選A。3．D【詳解】A．在兩分子間距減小到r1的過程中，分子體現(xiàn)引力，分子力先增大后減小，故A錯誤；BC．在兩分子間距減小到r1的過程中，分子體現(xiàn)引力，分子做正功，分子勢能減小，無窮遠處分子勢能為零，間距減小到r1時，分子勢能小于零，故B、C錯誤；D．在間距由r2減小到r1的過程中，分子體現(xiàn)引力，分子做正功，分子勢能減小，間距減小到r1時分子力減小為零，故D正確。故選D。4．B【詳解】A．原子核的半衰期與所處的化學狀態(tài)和外部條件無關(guān)，由內(nèi)部自身因素決定，故A錯誤．B．經(jīng)過4次α衰變和2次β衰變后，則質(zhì)量數(shù)減小4×4=16，而電荷數(shù)減小4×2-2=6，因此（鈾）衰變?yōu)?，故B正確．C．β衰變是原子核中的一個中子轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個電子，電子釋放出來，故C錯誤．D．放射性元素的半衰期是指大量該元素的原子核中有半數(shù)發(fā)生衰變所需要的時間，對個別的原子沒有意義，故D錯誤．5．B【詳解】A．如圖可知，b光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣相鄰條紋間距比a光的條紋間距大，根據(jù)，證明，由波速、波長和周期的公式可知，所以，由光在介質(zhì)中的傳播速度可知，故A錯誤；B．在真空中a、b兩單色光傳播速度都為光速，故B正確；C．發(fā)生全反射的臨界條件為光從光密介質(zhì)進入光疏介質(zhì)，從真空射入同種介質(zhì)不會發(fā)生全反射，故C錯誤；D．在相同的條件下，由于所以b光比a光更容易產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。故選B。6．A【詳解】ABC．根據(jù)折射定律可得，介質(zhì)的折射率為故BC錯誤，A正確；D．發(fā)生全反射的條件為光從光密介質(zhì)射入光疏介質(zhì)，入射角達到臨界角，則當由真空射向介質(zhì)時即使增大入射角，也不可能發(fā)生全反射現(xiàn)象，故D錯誤。故選A。7．C【詳解】氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)C的過程中，先經(jīng)歷一個等溫壓縮A到B過程再經(jīng)過一個等容升溫B到C過程，在A到B過程中，溫度不變，內(nèi)能不變，在B到C過程中，溫度升高，內(nèi)能增大，故A到C過程中，內(nèi)能增大，選項A錯誤；氣體從狀態(tài)C到狀態(tài)D的過程是一個等溫膨脹過程，壓強減小，氣體分子平均速率不變，所以單位時間內(nèi)碰撞容器壁的次數(shù)減少，選項B錯誤；氣體從狀態(tài)D到狀態(tài)A的過程是一個等容降溫的過程，根據(jù)熱力學定律知，，，所以，是一個放熱過程，選項C正確，選項D錯誤。8．B【詳解】AB．設∠AOC=θ，∠BOC=α，則解得所以從A到B下降的高度為由A到B，根據(jù)機械能守恒定律解得故A錯誤，B正確；CD．小球離開B點后，速度斜向上，只受重力作用，做斜上拋運動，故CD錯誤。故選B。9．B【詳解】A．A點和B點的電勢相等，點電荷必位于A點和B點連線的垂直平分線上；O點和C點的電場強度大小相等，點電荷位于O點和C點連線的垂直平分線上，故帶負電的點電荷位于坐標處，故A錯誤；B．根據(jù)點電荷周圍電場分布可知，O點電勢比A點電勢高，故B正確；C．C點的電場強度大小故C錯誤；D．將帶正電的試探電荷從A點沿直線移動到C點，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大，故D錯誤。故選B。10．C【詳解】A．由圖乙知，圖線的斜率為

則有得可見導體棒做的不是勻減速直線運動，A錯誤；BC．由圖甲知，導體棒向右運動時產(chǎn)生感應電動勢為感應電動勢大小不變，流過導體棒的電流恒為根據(jù)法拉第電磁感應定律有又解得B錯誤，C正確；D．克服安培力做的功等于電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為對導體棒由動能定理有外安解得外D錯誤。故選C。11．

由a到b

=

變短

##

####【詳解】（1）[1]電容器充電時上極板接電源正極，故上極板帶正電荷，放電時上極板正電荷通過電阻流向下級板，故流過電阻R的電流方向為由a到b。（2）[2]根據(jù)電流的定義式則乙圖中，陰影部分的面積等于充、放電的電荷量，而充放電的電荷量相等，故（3）[3]根據(jù)電流的定義式可得如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，則放電電流將增大，由上式可知放電時間將變短。（4）[4]根據(jù)圖像的面積表示電容器充電完畢后的電荷量，由圖知，每小格代表的電荷量為數(shù)出圖線包圍的格數(shù)，滿半格或超過半格的算一格，不滿半格的舍去，數(shù)得格數(shù)為32格，則電容器充電完畢后的電荷量為因從圖中數(shù)格數(shù)有一定誤差，故結(jié)果也可能為[5]根據(jù)電容的定義知，電容器的電容為因電荷量有一定誤差，故電容的計算值也可以是或。12．【詳解】試題分析：①根據(jù)動量守恒定律列式求解反中微子的動量；②根據(jù)能量守恒定律和動量守恒定律列式求解反中微子能量．①以質(zhì)子的運動方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律，有：解得：②根據(jù)能量守恒定律，反中微子的能量最小時，有：故最小能量為：13．（1）100m/s；（2）1.0×107Pa【詳解】（1）1分鐘噴出的水的質(zhì)量為所以水的流速代入數(shù)據(jù)解得（2）選取Δt時間內(nèi)打在材料表面質(zhì)量為Δm的水為研究對象，由動量定理得其中根據(jù)牛頓第三定律知，材料表面受到的壓力大小根據(jù)壓強公式有聯(lián)立解得14．（1）（2）（3）（4）【詳解】（1）設物塊A和B的質(zhì)量分別為mA和mB解得

（2）設A、B分開時的速度分別為v1、v2，系統(tǒng)動量守恒

B由位置b運動到d的過程中，機械能守恒A在滑行過程中，由動能定理聯(lián)立得（3）設物塊脫離軌道時速度為v，F(xiàn)N=0向心力公式而

解得

，

脫離軌道時離地面的高度（4）離軌道時后做向下斜拋運動豎直方向：

解得：點睛：本題考查牛頓第二定律、動能定理以及動量守恒定律的應用，解題時關(guān)鍵是認真分析物理過程，挖掘問題的隱含條件，例如物體脫離軌道時FN=0；能選擇合適的物理規(guī)律列出方程即可解答．15．（1）

（2）【詳解】（1）粒子在磁場中做圓周運動，由牛頓第二定律可知

求得

粒子在磁場中運動的軌跡如圖所示，根據(jù)幾何關(guān)系，粒子出磁場的位置離x軸的距離為

由于粒子進入電場后速度與電場方向相反，因此粒子做勻減