浙江省杭州市學(xué)軍中學(xué)2024-2025學(xué)年高二上學(xué)期期中考試物理試題

杭州學(xué)軍中學(xué)2024學(xué)年第一學(xué)期期中考試（海創(chuàng)園校區(qū)）高二物理試卷命題人：審題人：考生注意：1.答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2.答題時(shí)，請(qǐng)按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3.非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列單位均為國(guó)際單位制基本單位的是（）A.N、g、s B.cm、kg、sC.m、kg、s D.m/s、kg、m【答案】C【解析】【詳解】在國(guó)際單位制中，力學(xué)中的三個(gè)基本單位是長(zhǎng)度的單位（m）、質(zhì)量的單位（kg）、時(shí)間的單位（s）。故選C。2.關(guān)于下列四幅圖片的說法，正確的是（）A.甲圖中足球?qū)η蚓W(wǎng)的作用力是球網(wǎng)發(fā)生形變產(chǎn)生的B.乙圖中重力的分力就是物塊對(duì)斜面的壓力C.丙圖中桌面對(duì)書的支持力與書對(duì)桌子的壓力是一對(duì)平衡力D.丁圖中輪胎上的花紋是為了增大接觸面的粗糙程度【答案】D【解析】【詳解】A．甲圖中足球?qū)η蚓W(wǎng)的作用力是足球發(fā)生形變產(chǎn)生的，所以A錯(cuò)誤；B．乙圖中重力的分力大小等于物塊對(duì)斜面的壓力，但不是壓力，性質(zhì)不一樣，所以B錯(cuò)誤；C．丙圖中桌面對(duì)書的支持力與書對(duì)桌子的壓力是一對(duì)相互作用力，所以C錯(cuò)誤；D．丁圖中輪胎上的花紋是為了增大接觸面的粗糙程度，所以D正確。故選D。3.如圖所示，把茶杯壓在一張白紙上，第一次用水平力迅速將白紙從茶杯下抽出；第二次以較慢的速度將白紙從茶杯下抽出。下列說法中正確的是（）A.第二次拉動(dòng)白紙過程中，紙對(duì)茶杯的摩擦力大一些B.第一次拉動(dòng)白紙過程中，紙對(duì)茶杯的摩擦力大一些C.第二次拉出白紙過程中，茶杯增加的動(dòng)量大一些D.第一次拉出白紙過程中，紙給茶杯的沖量大一些【答案】C【解析】【詳解】AB．兩次拉動(dòng)中，茶杯和紙之間均發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，因此受到均為滑動(dòng)摩擦力，因壓力不變，則由f=μFN可知，兩次拉動(dòng)時(shí)紙給茶杯的摩擦力相同，故AB錯(cuò)誤；C．第二次慢拉動(dòng)白紙過程中，摩擦力作用時(shí)間長(zhǎng)，則產(chǎn)生的沖量較大，根據(jù)動(dòng)量定理可知，茶杯獲得的動(dòng)量大一些，故C正確；D．第一次迅速拉動(dòng)白紙過程中，摩擦力作用時(shí)間短，故紙給茶杯的沖量小一些，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖甲，豎直放置的輕彈簧上有一質(zhì)量為1kg的物塊A，靜止時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為8cm。用該彈簧將質(zhì)量為2kg的物塊B懸吊在天花板上，如圖乙所示，靜止時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為14cm，已知，彈簧的形變?cè)趶椥韵薅葍?nèi)，則彈簧的勁度系數(shù)為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意有故選A。5.圖中的實(shí)線為電場(chǎng)線，但電場(chǎng)線的方向沒有畫出，虛線1、2為電場(chǎng)中的兩條等勢(shì)線，兩個(gè)不同的帶電粒子、由圖中的點(diǎn)沿虛線1的切線方向以相同的初速度射入電場(chǎng)，、僅在電場(chǎng)力作用下的軌跡分別如圖中的虛線、所示。則下列說法正確的是（）A.粒子、的加速度均逐漸增大B.粒子、的速度均逐漸減小C.粒子帶正電荷，粒子帶負(fù)電荷D.粒子、帶異種電荷【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．電場(chǎng)線的疏密代表電場(chǎng)的強(qiáng)弱，由題圖可知越向左，場(chǎng)強(qiáng)越小，出發(fā)后的一小段時(shí)間內(nèi)其所處位置的場(chǎng)強(qiáng)越來越小，出發(fā)后的一小段時(shí)間內(nèi)其所處位置的場(chǎng)強(qiáng)越來越大，故粒子所受的電場(chǎng)力逐漸減小，加速度逐漸減小，粒子所受的電場(chǎng)力逐漸增大，加速度逐漸增大，故A錯(cuò)誤；B．由于出發(fā)后電場(chǎng)力始終對(duì)兩粒子做正功，故兩粒子的動(dòng)能逐漸增大，兩粒子的速度逐漸增大，故B錯(cuò)誤；CD．由于在點(diǎn)時(shí)兩粒子所受電場(chǎng)力的方向相反，故兩粒子所帶的電荷的電性相反，由于不知道場(chǎng)強(qiáng)的方向，故不能確定、兩粒子的電性，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。6.三個(gè)帶有同種電荷的粒子、、經(jīng)同一加速電場(chǎng)加速后，以平行金屬板的速度射入同一偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，如圖所示。經(jīng)過一段時(shí)間，三個(gè)粒子均離開平行金屬板間。已知粒子、、的質(zhì)量之比為1：2：4，所帶的電荷量之比為1：1：2，且粒子、、的重力以及所受的阻力均可忽略不計(jì)。則下列說法正確的是（）A.粒子、、在平行金屬板之間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2：1：1B.粒子、、離開平行金屬板間瞬間的速度大小相等C.粒子、、從同一位置離開平行金屬板間D.粒子、、在平行金屬板間運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程，動(dòng)能的變化量之比為1：2：4【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．設(shè)加速電壓為，偏轉(zhuǎn)電壓為，平行金屬板長(zhǎng)為，板間距離為，根據(jù)動(dòng)能定理得則粒子進(jìn)入平行金屬板間的初速度由題意得粒子、、的比荷之比為2：1：1，則初速度之比為而粒子在平行金屬板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則時(shí)間之比為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．粒子離開平行金屬板間瞬間，在豎直方向上的分速度則粒子離開平行金屬板間瞬間的速度因?yàn)榱Ｗ拥谋群刹煌?，則離開瞬間速度的大小不同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．偏轉(zhuǎn)位移因?yàn)閯t顯然粒子的偏轉(zhuǎn)位移與粒子的電荷量和質(zhì)量無關(guān)，故粒子的偏轉(zhuǎn)位移相等，即粒子、、從同一位置離開平行金屬板間，選項(xiàng)C正確；D．偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中電場(chǎng)力對(duì)粒子做功因?yàn)?、和相同，電荷量之比?：1：2，則電場(chǎng)力做功之比為1：1：2，動(dòng)能的變化量之比為1：1：2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示的電路中，r是電源的內(nèi)阻，和是外電路中的電阻，如果用、和分別表示電阻r、、上所消耗的功率，當(dāng)時(shí)，等于（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】【詳解】電路中，內(nèi)電阻上通過的電流與外電路的總電流相同，內(nèi)電阻與外電阻是串聯(lián)關(guān)系，而與是并聯(lián)的，由于因此而故故選D。8.如圖，三根相互平行固定長(zhǎng)直導(dǎo)線、和兩兩等距，均通有電流，中電流方向與、中的相同，下列說法正確的是（）A.所受磁場(chǎng)作用力的方向與、所在平面垂直B.所受磁場(chǎng)作用力的方向與、所在平面平行C.在處的磁場(chǎng)方向與、所在平面垂直D.與在處的合磁場(chǎng)方向與、所在平面平行【答案】A【解析】【詳解】A．根據(jù)安培定則可知L2和L3在L1處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向如圖所示，根據(jù)平行四邊形法則可得合磁場(chǎng)方向（圖中B的方向），根據(jù)左手定則判斷安培力的方向與L2、L3所在平面垂直，故A正確；B．根據(jù)對(duì)稱性可知L2所受磁場(chǎng)作用力的方向與L1、L3所在平面垂直，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)安培定則可知L3在L1處的磁場(chǎng)方向與L1、L3所在平面垂直（圖中B3的方向），故C錯(cuò)誤；D．L2與L3在L1處的合磁場(chǎng)方向（圖中B的方向）與L2、L3所在平面平行，故D錯(cuò)誤。故選A。9.今年7月份，國(guó)之重器——爆轟驅(qū)動(dòng)高超音速激波風(fēng)洞JF—22通過驗(yàn)收，作為全世界最先進(jìn)的風(fēng)洞之一，它將幫助我國(guó)航空航天技術(shù)的發(fā)展走上新的巔峰！風(fēng)洞是研究空氣動(dòng)力學(xué)的關(guān)鍵設(shè)施，現(xiàn)有一小球從風(fēng)洞中的點(diǎn)M豎直向上拋出，小球受到大小恒定的水平風(fēng)力，其運(yùn)動(dòng)軌跡大致如圖所示，其中M、N兩點(diǎn)在同一水平線上，O點(diǎn)為軌跡的最高點(diǎn)，小球在M點(diǎn)動(dòng)能為64J，在O點(diǎn)動(dòng)能為16J，不計(jì)空氣阻力，下列說法不正確的是（）A.小球所受重力和風(fēng)力大小之比為B.小球落到N點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為128JC.小球在上升和下降過程中機(jī)械能變化量之比為D.小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過程中機(jī)械能不斷增加【答案】A【解析】【詳解】A．設(shè)風(fēng)力大小為F，小球的質(zhì)量為m，小球的初速度為v0，MO的水平距離為x1，豎直距離為h，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律知豎直方向上有則有從M到O過程中，由動(dòng)能定理有Fx1mgh=EkOEkM可得Fx1=EkO=16J又有在水平方向上，由牛頓第二定律有F=ma由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則則有解得故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，小球在水平方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由對(duì)稱性可知，小球從M→O和從O→N的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，設(shè)ON的水平距離為x2，則有x2=3x1小球由M→N過程中，由動(dòng)能定理有F（x1+x2）=EkNEkM解得EkN=128J故B正確；C．由功能關(guān)系可知，小球機(jī)械能的變化量等于風(fēng)力做的功，則小球在上升和下降過程中機(jī)械能變化量之比為故C正確；D．小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過程中，風(fēng)力一直對(duì)小球做正功，則機(jī)械能不斷增加，選項(xiàng)D正確。此題選擇不正確的，故選A。10.如圖所示，質(zhì)量為m、長(zhǎng)為l的直導(dǎo)線用兩絕緣細(xì)線懸掛于O、O?，并處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。當(dāng)導(dǎo)線中通以沿x軸正方向的電流I，且導(dǎo)線保持靜止時(shí)，懸線與豎直方向夾角為θ。下列說法正確的是（）A.磁場(chǎng)方向可能沿z軸正方向B.磁場(chǎng)方向可能沿y軸正方向C.磁場(chǎng)方向可能沿懸線向上方向D.磁場(chǎng)方向可能沿垂直懸線向上方向【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則，若磁場(chǎng)z軸正方向，通電導(dǎo)線受安培力沿y軸負(fù)方向，向y軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)左手定則，若磁場(chǎng)沿y軸正方向，通電導(dǎo)線受安培力沿z軸正方向，若重力與安培力平衡，繩子無拉力，可保持靜止，B正確；C．根據(jù)左手定則，若磁場(chǎng)沿懸線向上方向，通電導(dǎo)線受安培力從左向右看方向垂直細(xì)繩和導(dǎo)線向左下，不可能靜止在如圖所示位置，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)左手定則，若磁場(chǎng)沿垂直懸線向上方向，通電導(dǎo)線受安培力沿繩向上，不可能靜止在如圖所示位置，D錯(cuò)誤。故選B。11.質(zhì)量為m、速度為v的A球與質(zhì)量為4m的靜止的B球發(fā)生正碰，碰撞可能是彈性的，也可能是非彈性的，碰撞后B球的速度大小可能是（）A.0.1v B.0.3v C.0.6ν D.v【答案】B【解析】【詳解】若二者為完全非彈性碰撞，則有解得若二者為完全彈性碰撞則有解得故碰后B球的速度介于故選B。12.電磁場(chǎng)可以控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng)。在直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫出），在第二象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子，在M點(diǎn)沿y軸正方向以速度進(jìn)入磁場(chǎng)，過y軸上的N點(diǎn)后進(jìn)入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡與x軸交于P點(diǎn)，并且過P點(diǎn)時(shí)速度大小仍為。已知M、N、P三點(diǎn)到O點(diǎn)的距離分別為L(zhǎng)、和3L，不計(jì)粒子重力，下列說法不正確的是（）A.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.粒子過N點(diǎn)時(shí)速度方向與y軸正方向的夾角為C.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為D.粒子運(yùn)動(dòng)過程中最小速度為【答案】A【解析】【詳解】AB．由幾何關(guān)系，可知其軌跡與圓心連線滿足如下圖示關(guān)系：由圖可知即α=60°由幾何關(guān)系可知β=α30°=60°30°=30°故θ=180°90°30°=60°可計(jì)算其在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑滿足即r=2L結(jié)合洛倫茲力提供向心力可計(jì)算磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由粒子在N、P兩點(diǎn)的速度大小相等，可知NP連線為等勢(shì)面，結(jié)合電場(chǎng)線與等勢(shì)線的關(guān)系及粒子的初速度，可知其電場(chǎng)線方向；由OP間距，ON間距，可知其角度關(guān)系如圖所示：由圖可知由粒子在第一象限的受力特點(diǎn)，可知其在從N到P的過程，沿電場(chǎng)方向做勻變速運(yùn)動(dòng)，垂直于電場(chǎng)方向做勻速運(yùn)動(dòng)；垂直于電場(chǎng)方向xNP=v0sin30°t沿電場(chǎng)方向化簡(jiǎn)得當(dāng)粒子在沿電場(chǎng)方向減速到0時(shí)，速度最小，此時(shí)速度為vmin=v0sin30°=故CD正確。本題選擇不正確的，故選A。13.已知均勻帶電的無窮大平面在真空中激發(fā)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為，其中為平面上單位面積所帶的電荷量，為常量。如圖所示的平行板電容器，極板正對(duì)面積為，間距為，兩極板間為真空，不計(jì)邊緣效應(yīng)時(shí)，極板可看作無窮大導(dǎo)體板，則該電容器的電容可表示為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】【詳解】設(shè)每塊極板上帶電荷量為，則每塊極板上單位面積所帶的電荷量為每塊極板產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為可知兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度為兩極板間的電壓電容器的電容故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的每3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.如圖所示，光滑平行導(dǎo)軌傾斜放置，導(dǎo)軌平面傾角為θ=30°，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌上端接有阻值為R的定值電阻，整個(gè)裝置處在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，一根金屬棒放在導(dǎo)軌上，由靜止釋放，同時(shí)給金屬棒施加一個(gè)沿導(dǎo)軌平面向下的拉力，使金屬棒以大小為a=0.5g的加速度向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，g為重力加速度，金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌和金屬棒的電阻，金屬棒運(yùn)動(dòng)t時(shí)間時(shí)，金屬棒兩端的電壓U、t時(shí)間內(nèi)通過電阻R的電量q、拉力做功的瞬時(shí)功率P、電阻R產(chǎn)生的焦耳熱Q隨時(shí)間變化正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】【詳解】A．由題意可知金屬棒兩端的電壓等于產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：因?yàn)榻饘侔粝蛳伦鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng)，故金屬棒兩端的電壓與時(shí)間成正比，故A正確；B．根據(jù)：可得：可知通過電阻R的電量q與t成二次函數(shù)關(guān)系，故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)榻饘侔粝蛳伦鰟蚣铀龠\(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有：a=0.5g又因?yàn)椋郝?lián)立可得：拉力做功的瞬時(shí)功率為：可知與t2成正比關(guān)系，故C正確；D．電阻R產(chǎn)生的焦耳熱根據(jù)焦耳定律有：可知Q與t2不成一次函數(shù)關(guān)系，故D錯(cuò)誤。故選AC。15.為監(jiān)測(cè)某化工廠的污水排放量，技術(shù)人員在該廠的排污管末端安裝了如圖所示的流量計(jì)。該裝置由絕緣材料制成，長(zhǎng)、寬高分別為，左右兩端開口．在垂直于上下底面方向加磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在前后兩個(gè)內(nèi)側(cè)面分別固定有金屬板作為電極與電壓表相連．污水充滿管口從左向右流經(jīng)該裝置時(shí)，電壓表將顯示兩個(gè)電極間的電壓，若用表示污水流量（單位時(shí)間內(nèi)排出的污水體積），下列說法中正確的是（）A.若污水中正離子較多，則前表面比后表面電勢(shì)高B.若污水中負(fù)離子較多，則前表面比后表面電勢(shì)高C.電壓表的示數(shù)與污水中離子的濃度無關(guān)D.污水流量與成正比，與無關(guān)【答案】CD【解析】【詳解】AB．正、負(fù)離子向右移動(dòng)，受到洛倫茲力，根據(jù)左手定則，正離子向后表面偏，負(fù)離子向前表面偏，所以前表面比后表面電勢(shì)低，故AB錯(cuò)誤；CD．最終正、負(fù)離子會(huì)受到電場(chǎng)力、洛倫茲力而處于平衡，有即而污水流量可知與離子的濃度無關(guān)，與成正比，與無關(guān)，故CD正確。故選CD。非選擇題部分三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共14分）16.某物理課外小組通過如圖甲、乙、丙所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關(guān)系。已知他們使用的小車完全相同且質(zhì)量為，重物的質(zhì)量為，試回答下列問題：（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，必須滿足“遠(yuǎn)大于”的實(shí)驗(yàn)裝置是________（選填“甲”、“乙”或“丙”）（2）按乙圖實(shí)驗(yàn)裝置得到如圖丙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的周期，其中、每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒有標(biāo)出，根據(jù)紙帶提供的數(shù)據(jù)，算得小車加速度的大小為________（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）采用（丙）圖實(shí)驗(yàn)裝置探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的圖線是如圖（丁）的一條直線。測(cè)出圖線與橫坐標(biāo)的夾角為，求得圖線的斜率為，則小車的質(zhì)量為________。A.B.C.D.（4）采用（甲）圖實(shí)驗(yàn)裝置，把重物改成槽碼，槽碼總數(shù)，將（依次?。﹤€(gè)槽碼掛在細(xì)線左端，其余個(gè)槽碼仍留在小車內(nèi)，重復(fù)前面的步驟，并得到相應(yīng)的加速度，得到圖線是過原點(diǎn)的直線，但實(shí)驗(yàn)時(shí)漏了平衡摩擦力這一步驟，下列說法正確的是________。A.圖線不再是直線B.圖線仍是過原點(diǎn)的直線，但該直線的斜率變小C.圖線仍是直線，但該直線不過原點(diǎn)【答案】①.甲②.0.60##0.61##0.62##0.63##0.64##0.65##0.66③.C④.C【解析】【詳解】（1）[1]乙、丙兩圖繩上的拉力都可測(cè)量直接讀出，不需要重物重力替代，甲圖需要用重物重力替代拉力，所以需要滿足“遠(yuǎn)大于”；（2）[2]根據(jù)逐差法公式可得解得（3）[3]根據(jù)牛頓第二定律可得整理得所以小車的質(zhì)量為，故選C。（4）[4]因?yàn)闆]有平衡摩擦力，所以可得整理得所以圖線仍是直線，但該直線不過原點(diǎn)，故選C。17.如圖甲為在“練習(xí)使用多用電表”實(shí)驗(yàn)中某多用電表示意圖；如圖乙為歐姆表測(cè)電阻Rx的原理圖；用多用電表直接測(cè)量電阻約為130Ω的電燈泡的電阻，其電路連接圖如圖丙所示，回答下列問題：（1）對(duì)甲圖，在測(cè)量電阻前需要將紅、黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零，需要調(diào)整______（選填“A”、“B”或“C”）。（2）對(duì)乙圖，若電源的電動(dòng)勢(shì)為E，滿偏電流為Im，當(dāng)接上待測(cè)電阻Rx后，表頭的示數(shù)為I，待測(cè)電阻Rx的阻值為______。（3）對(duì)丙圖，實(shí)驗(yàn)選擇開關(guān)所處的檔位是_____（填“×10”“×100”或“×1000”），燈泡阻值的讀數(shù)為______Ω。（4）使用一段時(shí)間后，多用電表電源電動(dòng)勢(shì)降低，但仍能進(jìn)行歐姆調(diào)零，用該歐姆表測(cè)量某一電阻時(shí)，測(cè)量值比真實(shí)值______（填“偏大”“不變”或“偏小”）。（5）若用多用電表來測(cè)量螺口型白熾燈的燈絲電阻，燈泡標(biāo)有“220V，100W”字樣，以下測(cè)量方式正確的是（）A. B. C.【答案】（1）B（2）（3）①.×10②.120（4）偏大（5）A【解析】【小問1詳解】對(duì)甲圖，在測(cè)量電阻前需要將紅、黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零，需要調(diào)整B?！拘?詳解】根據(jù)歐姆表工作的原理可知?dú)W姆表的內(nèi)阻為接待測(cè)電阻后，根據(jù)閉合電路歐姆定律有聯(lián)立解得【小問3詳解】[1]多用電表測(cè)量電阻約為130Ω的電燈泡的電阻，為使指針在中央附近，應(yīng)選擇×10的倍率；[2]指針指向12刻度，讀數(shù)為120Ω?！拘?詳解】使用一段時(shí)間后，多用電表電源電動(dòng)勢(shì)降低，根據(jù)歐姆表內(nèi)阻歐姆調(diào)零時(shí)歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)變小，用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，電流由于R內(nèi)偏小，I偏小，指針偏左，電阻測(cè)量值偏大。【小問5詳解】螺口燈泡的頂端的錫塊和周圍的金屬螺紋分別與內(nèi)部燈絲相連，為了測(cè)量燈絲的電阻，應(yīng)將紅黑表筆分別接在錫塊和金屬螺紋上。故選A。四、計(jì)算題（本題共4小題，共41分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單案位。）18.詩(shī)句“轆轤金井梧桐晚，幾樹驚秋”中的“轆轤”是一種井上汲水的起重裝置，由轆轤頭、支架、井繩、水斗等部分構(gòu)成，如圖甲所示。圖乙為古代轆轤的工作原理簡(jiǎn)化圖，某位物理老師用電動(dòng)機(jī)改裝轆轤后實(shí)現(xiàn)了取水自動(dòng)化，已知電動(dòng)轆轤將總質(zhì)量為的水桶豎直吊起的過程中，重物由靜止開始向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度由靜止開始豎直向上勻加速提升，當(dāng)電動(dòng)轆轤輸出功率達(dá)到其允許的最大值200W時(shí)，保持該功率直到水桶做勻速直線運(yùn)動(dòng)。不計(jì)額外功，忽略轆轤的質(zhì)量以及所有摩擦阻力，取重力加速度，求：（1）水桶所能達(dá)到的最大速度；（2）電動(dòng)機(jī)在第1s末的輸出功率；（3）若電動(dòng)轆轤保持最大輸出功率不變讓水桶從靜止開始做加速運(yùn)動(dòng)，4s后水桶已達(dá)到最大速度，求4s內(nèi)水桶上升的高度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳解】當(dāng)水桶勻速上升時(shí)則水桶能達(dá)到的最大速度為【小問2詳解】當(dāng)水桶勻加速運(yùn)動(dòng)繩的拉力根據(jù)解得輸出功率為【小問3詳解】?jī)?nèi)，設(shè)水桶上升的高度為h，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得19.光滑管狀軌道由直軌道和圓弧形軌道組成，二者在處相切并平滑連接，為圓心，、在同一條水平線上，豎直．一直徑略小于圓管直徑的質(zhì)量為的小球，用細(xì)線穿過管道與質(zhì)量為的物塊連接，將小球由點(diǎn)靜止釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到處時(shí)細(xì)線斷裂，小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)．已知弧形軌道的半徑為，所對(duì)應(yīng)的圓心角為，、，．（1）若，求小球在直軌道部分運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大?。?）若，求小球從點(diǎn)拋出后下落高度時(shí)到點(diǎn)的水平位移．（3）、滿足什么關(guān)系時(shí)，小球能夠運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)？【答案】（1）7m/s2（2）m；（3）M

≥m．【解析】【詳解】（1）設(shè)細(xì)線中張力為F，對(duì)小球：Fmgsin53°=ma對(duì)物塊：MgF=Ma

聯(lián)立解得：a=7m/s2（2）在Rt△OAB中，得：；由v2=2axAB代入數(shù)據(jù)解得：從B到C，根據(jù)機(jī)械能守恒，有：小球離開C后做平拋運(yùn)動(dòng)，有：x=vCt聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：（3）小球A→B：M、m系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有：線斷后，小球B→C，聯(lián)立解得：20.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)有一個(gè)半徑為R的圓形區(qū)域I，圓心坐標(biāo)為，圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，在y軸上的范圍內(nèi)有一個(gè)線狀的粒子源，能夠沿x軸正方向發(fā)射速度為的某種正粒子，已知所有粒子均從圓形磁場(chǎng)邊緣的同一點(diǎn)射出，然后進(jìn)入第四象限所在區(qū)域?yàn)榈淖銐虼蟮膭驈?qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域II中，勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域II的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用力（；）。求：（1）粒子的比荷；（2）勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域II的上邊界有粒子射出的區(qū)域長(zhǎng)度；（3）圓形磁場(chǎng)區(qū)域I有粒子經(jīng)過的面積?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）若所有粒子從圓形磁場(chǎng)區(qū)域I的同一點(diǎn)射出，則此點(diǎn)為，且粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑由代入數(shù)據(jù)得（2）畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示可知處射出的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)與勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域II邊界的