2025高考物理 人教版選擇性必修第1冊專項復(fù)習(xí)第2章　學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測含答案

2025高考物理人教版選擇性必修第1冊專項復(fù)習(xí)第2章學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測含答案第二章學(xué)業(yè)質(zhì)量標(biāo)準(zhǔn)檢測本卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。滿分100分，時間90分鐘。第Ⅰ卷(選擇題共40分)一、選擇題(共10小題，每小題4分，共40分，在每小題給出的四個選項中，第1～6小題只有一個選項符合題目要求，第7～10小題有多個選項符合題目要求，全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分)1．如圖所示，水平彈簧振子以坐標(biāo)原點O為平衡位置，沿x軸在M、N之間做簡諧運動，其運動方程為x＝5sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt＋\f(π,2)))cm，則(C)A．t＝0.5s時，振子的位移最小B．t＝1.5s時，振子的加速度最小C．t＝2.25s時，振子的速度沿x軸負(fù)方向D．t＝0到t＝1.5s的時間內(nèi)，振子通過的路程為15cm解析：t＝0.5s時，由運動方程x＝5sineq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2πt＋\f(π,2)))cm，可知x＝－5cm，振子的位移最大，故A錯誤；t＝1.5s時，x＝－5cm，振子的位移最大，由F＝－kx＝ma，可知振子的加速度最大，故B錯誤；T＝eq\f(2π,ω)＝eq\f(2π,2π)s＝1.0s，當(dāng)t＝0時，x＝5cm，即振子位于N點，當(dāng)t＝2.25s＝2eq\f(1,4)T時，x＝0，振子的速度沿x軸負(fù)方向，故C正確；t＝0到t＝1.5s的時間內(nèi)，Δt＝eq\f(3,2)T，振子通過的路程為s＝6A＝6×5cm＝30cm，故D錯誤。2.(2023·江蘇省蘇州市高二下學(xué)期期中)公路上勻速行駛的貨車受一擾動，車上貨物隨車廂底板上下振動但不脫離底板。一段時間內(nèi)貨物在豎直方向的振動可視為簡諧運動，周期為T。取豎直向上為正方向，以t＝0時刻作為計時起點，其振動圖像如圖所示，則(C)A．t＝eq\f(1,4)T時，貨物對車廂底板的壓力最大B．t＝eq\f(1,2)T時，貨物對車廂底板的壓力最小C．t＝eq\f(3,4)T時，貨物對車廂底板的壓力最大D．t＝eq\f(3,4)T時，貨物對車廂底板的壓力最小解析：t＝eq\f(T,4)時，貨物加速度方向向下，失重，貨物對車廂底板的壓力最小，A錯誤；t＝eq\f(T,2)時，貨物加速度為零，貨物對車廂底板的壓力等于重力大小，B錯誤；t＝eq\f(3,4)T時，貨物加速度方向向上且最大，超重，此時貨物對車廂底板的壓力最大，C正確，D錯誤。3.如圖所示，甲質(zhì)點在x1軸上做簡諧運動，O1為其平衡位置，A1、B1為其所能達(dá)到的最遠(yuǎn)處。乙質(zhì)點沿x2軸從A2點開始做初速度為零的勻加速直線運動。已知A1O1＝A2O2，甲、乙兩質(zhì)點分別經(jīng)過O1、O2時速率相等，設(shè)甲質(zhì)點從A1運動到O1的時間為t1，乙質(zhì)點從A2運動到O2的時間為t2，則(C)A．t1＝t2 B．t1>t2C．t1<t2 D．無法比較t1、t2解析：已知A1O1＝A2O2，甲、乙兩質(zhì)點分別經(jīng)過O1、O2時速率相等，作出甲質(zhì)點從A1到O1與乙質(zhì)點從A2到O2過程的v－t圖像，如圖所示，可知t1<t2，故選C。4.如圖所示，質(zhì)量為M的物塊a連接一水平放置的左端固定的輕質(zhì)彈簧的右端，構(gòu)成一彈簧振子，物塊a可沿光滑水平面在B、C間做簡諧運動，振幅為A。在運動過程中將一質(zhì)量為m的小物塊b輕輕放在a上，第一次是當(dāng)a運動到平衡位置O處時放在上面，第二次是當(dāng)a運動到最大位移C處時放在上面，觀察到第一次放后的振幅為A1，第二次放后的振幅為A2，則(B)A．A1＝A2＝A B．A1<A2＝AC．A1＝A2<A D．A2<A1＝A解析：當(dāng)a運動到平衡位置O處時“輕輕”放上物塊b，由動量守恒定律得Mv＝(m＋M)v′，則v′＝eq\f(Mv,m＋M)，此過程中系統(tǒng)損失的動能ΔE＝eq\f(1,2)Mv2－eq\f(1,2)(m＋M)v′2，振幅減??；當(dāng)a運動到最大位移C處時“輕輕”放上物塊b，由于二者水平方向的速度都是0，機械能不會有損失，振幅不變，則A1<A2＝A。故B正確。5．(2024·江西高三階段練習(xí))如圖所示，兩根輕質(zhì)細(xì)線分別連接兩個可視為質(zhì)點的小球，小球甲在豎直面內(nèi)擺動，擺線的最大擺角為θ(θ<5°)，小球乙在水平面內(nèi)繞O點做勻速圓周運動，連接小球乙的細(xì)線與豎直方向的夾角始終為θ，兩小球運動的周期恰好相等，下列說法正確的是(D)A．兩根細(xì)線的長度相等B．兩小球的質(zhì)量一定相等C．兩小球的機械能一定相等D．連接甲、乙兩球的細(xì)線長度之比為cosθ∶1解析：兩小球的運動周期及速度大小與質(zhì)量無關(guān)，B、C錯誤；小球甲做簡諧運動，周期T＝2πeq\r(\f(L甲,g))，對乙受力分析結(jié)合牛頓運動定律有mgtanθ＝meq\f(4π2,T2)L乙sinθ，解得eq\f(L甲,L乙)＝cosθ，A錯誤、D正確。6.如圖所示，將小球甲、乙、丙(都可視為質(zhì)點)分別從A、B、C三點由靜止同時釋放，最后都到達(dá)豎直面內(nèi)圓弧的最低點D，其中甲是從圓心出發(fā)做自由落體運動，乙沿弦軌道從一端B點到達(dá)另一端D點，丙沿圓弧軌道從C點運動到D點，且C點很靠近D點。如果忽略一切摩擦阻力，那么下列判斷正確的是(A)A．甲球最先到達(dá)D點，乙球最后到達(dá)D點B．甲球最先到達(dá)D點，丙球最后到達(dá)D點C．丙球最先到達(dá)D點，乙球最后到達(dá)D點D．甲球最先到達(dá)D點，無法判斷哪個球最后到達(dá)D點解析：甲球運動時間t1＝eq\r(\f(2R,g))；設(shè)BD傾角為θ，乙球運動時間t2，則a＝gsinθ，BD長為2Rsinθ，故2Rsinθ＝eq\f(1,2)(gsinθ)teq\o\al(2,2)，解得t2＝2eq\r(\f(R,g))；丙球做簡諧運動，t3＝eq\f(1,4)×2πeq\r(\f(R,g))＝eq\f(π,2)eq\r(\f(R,g))。由以上結(jié)果知t2>t3>t1，故選A。7．某彈簧振子做周期為T的簡諧運動，t時刻和t＋Δt時刻速度相同，已知Δt<T，下列說法正確的是(BCD)A．t時刻和t＋Δt時刻位移相同B．t時刻和t＋Δt時刻加速度大小相等，方向相反C．可能Δt>eq\f(T,4)D．可能Δt<eq\f(T,4)解析：因彈簧振子在t時刻和t＋Δt時刻速度相同，可知兩個時刻振子的位置關(guān)于平衡位置對稱，則t時刻和t＋Δt時刻位移大小相等，方向不相同，故A錯誤；因兩個時刻振子的位置關(guān)于平衡位置對稱，可知t時刻和t＋Δt時刻加速度大小相等，方向相反，故B正確；由振子的運動規(guī)律可知，Δt可能大于、小于或等于eq\f(T,4)，故C、D正確。8．如圖甲所示的彈簧振子，從某一時刻開始計時，規(guī)定豎直向上為正方向，彈簧對小球的彈力與運動時間的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度為g，根據(jù)圖像所給的信息分析，下列說法正確的是(CD)A．乙圖從小球處在平衡位置開始計時B．小球的質(zhì)量為eq\f(F2,g)C．簡諧振動的周期為eq\f(4,5)t0D．彈簧對小球彈力的最小值為2F1－F2解析：當(dāng)彈力最大時，小球處在最低點，則從小球處在最低點開始計時，故A錯誤；小球處在平衡位置時，彈簧的彈力為F1，由F1＝mg得，小球的質(zhì)量m＝eq\f(F1,g)，故B錯誤；由F－t圖像知，周期T＝eq\f(4,5)t0，故C正確；據(jù)受力的對稱性可得F2－mg＝mg－Fmin，結(jié)合F1＝mg，解得Fmin＝2F1－F2，故D正確。9．如圖所示，質(zhì)量為3kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面。質(zhì)量為2kg的物體B用細(xì)線懸掛起來，A、B緊挨在一起但A、B之間無壓力。某時刻將細(xì)線剪斷，A、B一起向下運動過程中(彈簧始終在彈性限度范圍內(nèi)，g取10m/s2)，下列說法正確的是(AC)A．細(xì)線剪斷瞬間，B對A的壓力大小為12NB．細(xì)線剪斷瞬間，B對A的壓力大小為8NC．A、B一起向下運動過程中B對A的壓力最大為28ND．A、B一起向下運動過程中B對A的壓力最大為20N解析：剪斷細(xì)線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力為F＝mAg＝30N，剪斷細(xì)線的瞬間，對整體分析，整體的加速度為a＝eq\f(mA＋mBg－F,mA＋mB)＝eq\f(50－30,5)m/s2＝4m/s2，隔離B進(jìn)行分析有mBg－FN＝mBa，解得FN＝12N，故A正確，B錯誤；細(xì)線剪斷后，整體一起向下運動，先加速后減速，當(dāng)彈簧被壓縮最短時，反向加速度最大，兩個物體之間有最大作用，則有FN′－mBg＝mBa′，根據(jù)對稱性法則可知a′＝a＝4m/s2，解得FN′＝28N，所以C正確，D錯誤。故選AC。10．圖甲中擺球表面包有一小塊橡皮泥，在豎直平面內(nèi)其振動圖像如圖乙所示，某時刻橡皮泥瞬間自然脫落，不考慮單擺擺長的變化，則下列說法正確的是(BD)A．t＝0時刻橡皮泥脫落，此后單擺周期T＜4sB．t＝1s時刻橡皮泥脫落，此后單擺周期T＝4sC．t＝1s時刻橡皮泥脫落，此后單擺周期T＞4sD．t＝0時刻橡皮泥脫落，此后單擺振幅A＝10cm解析：因為是自然脫落，橡皮泥與擺球之間無相互作用且擺長不變，根據(jù)能量守恒和單擺周期公式可知擺球仍在原范圍內(nèi)振動，振幅不變，周期不變。故選BD。第Ⅱ卷(非選擇題共60分)二、填空題(本題共2小題，共14分。把答案直接填在橫線上)11.(6分)某實驗小組要探究單擺做簡諧運動的周期與“等效重力加速度”的關(guān)系，他們借鑒伽利略研究小球自由落體運動規(guī)律時，用斜面“沖淡”重力的思路，設(shè)計了如圖所示的實驗裝置。摩擦力可以忽略的平板通過鉸鏈與水平木板相連，改變墊塊位置可以改變平板的傾角θ；在平板上側(cè)固定一釘子作為單擺懸點，長約1m的輕質(zhì)細(xì)線一端系一小球，另一端拴在釘子上做成一個斜面上的單擺。(1)平板傾角為θ時，單擺周期公式中的等效重力加速度g′與重力加速度g的關(guān)系是_g′＝gsin_θ__。(2)測量周期時，秒表示數(shù)如圖所示，其讀數(shù)為_113.3__s。(3)改變平板傾角，測出傾角θ及在該傾角下單擺的周期T，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭＝9.8m/s2。把測得的多組T、g′數(shù)據(jù)在T2－eq\f(1,g′)坐標(biāo)系中描點連線，得到如圖所示的圖線，根據(jù)圖線可得擺長為_0.976__m。(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)解析：(1)對擺球受力分析，可知平板傾角為θ時，單擺周期公式中的等效重力加速度g′＝eq\f(mgsinθ,m)＝gsinθ。(2)因為秒表示數(shù)如圖所示，可得其讀數(shù)為t＝90s＋23.3s＝113.3s。(3)由單擺周期公式T＝2πeq\r(\f(l,g′))，可得T2＝eq\f(4π2l,g′)，由圖線可知k＝4π2l，代入數(shù)據(jù)，可得l≈0.976m。12．(8分)某同學(xué)設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置，來測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。質(zhì)量未知的小鋼球用一根不可伸長的細(xì)線與力傳感器相連。力傳感器能顯示出細(xì)線上張力的大小，光電門安裝在力傳感器的正下方，調(diào)整光電門的位置，使小鋼球通過光電門時，光電門的激光束正對小球的球心。(1)實驗開始前，先用螺旋測微器測出小鋼球的直徑，示數(shù)如圖乙所示，則小鋼球的直徑d＝_6.720(±0.001)__mm。(2)將小鋼球拉到一定的高度由靜止釋放，與光電門相連的計時器記錄下小鋼球通過光電門的時間t，力傳感器測出細(xì)線上張力的最大值F。若實驗時忽略空氣阻力的影響，該同學(xué)通過改變小鋼球由靜止釋放的高度，測出多組t和F的值，為了使作出的圖像是一條直線，則應(yīng)作_D__圖像。(填正確答案的選項)A．F－t B．F－t2C．F－eq\f(1,t) D．F－eq\f(1,t2)(3)若該同學(xué)所作出的圖像在縱軸上的截距為a，斜率為k，細(xì)線的長度為L，則小球的質(zhì)量為eq\f(k2L＋d,2d2)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹閑q\f(2ad2,k2L＋d)。(用含有a，k，L，d的表達(dá)式表示)(4)若空氣阻力不能忽略，則重力加速度的測量值_等于__真實值。(填“大于”“小于”或“等于”)解析：(1)螺旋測微器的固定刻度為6.5mm，可動刻度為：22.0×0.01mm＝0.220mm所以小球的直徑為：d＝6.5mm＋0.220mm＝6.720mm(±0.001)。(2)由題知，小球做圓周運動，向下經(jīng)過光電門的時間為t，則此時的速度為：v＝eq\f(d,t)，在最低點，根據(jù)牛頓第二定律有：F－mg＝meq\f(v2,L＋\f(d,2))，聯(lián)立解得：F＝eq\f(2md2,2L＋d)×eq\f(1,t2)＋mg，由此可知為了使作出的圖像是一條直線，則應(yīng)作F－eq\f(1,t2)圖像，故選D。(3)由：F＝eq\f(2md2,2L＋d)×eq\f(1,t2)＋mg，可知斜率：k＝eq\f(2md2,2L＋d)，在縱軸上的截距a＝mg，解得：m＝eq\f(k2L＋d,2d2)，g＝eq\f(2ad2,k2L＋d)。(4)根據(jù)重力加速度g＝eq\f(2ad2,k2L＋d)，可知阻力的有無對重力加速度的值沒有影響，故重力加速度的測量值等于真實值。三、論述、計算題(本題共4小題，共46分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位)13．(8分)如圖所示，用很長的細(xì)線系著一個小球A組成一個單擺，在懸點O處還固定著一根豎直的細(xì)繩，吊在繩子上的小球B能沿繩子下滑，現(xiàn)將A球拉偏一個很小的角度，B球停在懸點O處，使它們同時開始運動，若A球第一次運動到最低點時與B球相碰，求：B球與繩子的摩擦力跟B球重力的比值(g≈π2≈10m·s－2)。答案：0.2解析：A球是單擺模型，其擺到最低點的時間為tA＝eq\f(T,4)＝eq\f(π,2)eq\r(\f(l,g))對B球，根據(jù)牛頓第二定律有：mg－Ff＝ma根據(jù)運動學(xué)公式有l(wèi)＝eq\f(1,2)ateq\o\al(2,B)兩球運動時間關(guān)系：tA＝tB聯(lián)立解得Ff＝0.2mg，eq\f(Ff,mg)＝0.2。14．(12分)彈簧振子以O(shè)點為平衡位置，在B、C兩點間做簡諧運動，在t＝0時刻，振子從O、B間的P點以速度v向B點運動；在t＝0.2s時，振子速度第一次變?yōu)椋璿；在t＝0.5s時，振子速度第二次變?yōu)椋璿。(1)求彈簧振子振動周期T；(2)若B、C之間的距離為25cm，求振子在4.0s內(nèi)通過的路程；(3)若B、C之間的距離為25cm，從平衡位置計時，寫出彈簧振子位移表達(dá)式，并畫出彈簧振子的振動圖像。答案：(1)1.0s(2)200cm(3)x＝12.5sin2πt(cm)，振動圖像見解析解析：(1)如圖甲所示，由對稱性可得T＝0.5×2s＝1.0s。(2)若B、C之間距離為25cm，則振幅A＝eq\f(1,2)×25cm＝12.5cm，振子在4.0s內(nèi)通過的路程s＝eq\f(4.0,T)×4×12.5cm＝200cm。(3)根據(jù)x＝Asinωt，A＝12.5cm，ω＝eq\f(2π,T)＝2πrad/s得x＝12.5sin2πt(cm)。振動圖像如圖乙所示。15．(12分)擺長為l的單擺在平衡位置O的左右做擺角小于5°的簡諧運動，當(dāng)擺球經(jīng)過平衡位置O(O在A點正上方)向右運動的同時，另一個以速度v在光滑水平面上勻速運動的小滑塊，恰好經(jīng)過A點向右運動，如圖所示，小滑塊與豎直擋板P碰撞后以原來的速率返回，略去碰撞所用時間。(1)AP間的距離滿足什么條件，才能使小滑塊剛好返回A點時，擺球也同時到達(dá)O點且向左運動？(2)AP間的最小距離是多少？答案：(1)s＝eq\f(2n＋1vπ,2)eq\r(\f(l,g))(n＝0,1,2，…)(2)eq\f(πv,2)eq\r(\f(l,g))解析：(1)設(shè)AP間距離為s，小滑塊做勻速直線運動的往返時間為t1，則依題意可知t1＝eq\f(2s,v)，設(shè)單擺做簡諧運動回到O點且向左運動所需時間為t2，則t2＝eq\f(T,2)＋nT(n＝0,1,2，…)，其中T＝2πeq\r(\f(l,g))，由題意可知t1＝t2，所以eq\f(2s,v)＝eq\f(T,2)＋nT(n＝0,1,2，…)，解得s＝eq\f(v,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)＋n))T＝eq\f(v,4)(2n＋1)T＝eq\f(v,4)(2n＋1)·2πeq\r(\f(l,g))＝eq\f(2n＋1vπ,2)eq\r(\f(l,g))(n＝0,1,2，…)。(2)n＝0時，AP間的距離最小，s?。絜q\f(πv,2)eq\r(\f(l,g))。16．(14分)如圖甲所示，在天花板上的O點用一定長度的擺線懸掛一個擺球，在O點的下方P點處有一個釘子，現(xiàn)將擺球向左拉開一個很小的角度，t＝0時將擺球由靜止釋放，當(dāng)擺球運動到最低點時，擺線碰到釘子，此后擺球又向右擺動一個很小角度(不超過5°)，設(shè)向左為正方向，擺球的振動圖像如圖乙所示(圖線與兩軸的交點已在圖中標(biāo)出)，不計擺線和釘子相碰時的能量損失，取重力加速度g＝π2m/s2，結(jié)果可用分式表示，求：(1)單擺的振動周期；(2)釘子的位置P點到懸點O的距離；(3)圖像中x1與x2的比值。答案：(1)1.8s(2)0.36m(3)5∶4解析：(1)由乙圖像可知，單擺完成一次全振動的時間為T＝1.8s。(2)由乙圖可知，小球在OP左側(cè)擺動時，單擺的周期為T1＝2s，由周期公式T1＝2πeq\r(\f(L,g))解得該單擺擺線的長度為L＝1m小球在OP右側(cè)繞著P點擺動時，周期為T2＝1.6s，由周期公式T2＝2πeq\r(\f(L′,g))，解得該單擺碰到釘子后的擺長為L′＝eq\f(16,25)m故釘子的位置P距離懸點O的距離ΔL＝L－L′代入數(shù)據(jù)得ΔL＝0.36m。(3)設(shè)單擺在OP左側(cè)擺動的最大偏角為θ1，在OP右側(cè)擺動的最大偏角為θ2，由數(shù)學(xué)知識可得x1＝2Lsineq\f(θ1,2)，x2＝2L′sineq\f(θ2,2)由機械能守恒定律得mgL(1－cosθ1)＝mgL′(1－cosθ2)由數(shù)學(xué)方法可解得eq\f(x1,x2)＝eq\f(5,4)。第三章1基礎(chǔ)強化練(時間25分鐘滿分60分)一、選擇題(本題共6小題，每題8分，共48分)1．關(guān)于機械波的下列說法中，正確的是(C)A．自然界所刮的風(fēng)就是一種機械波B．波不僅能傳遞能量，而且參與振動的質(zhì)點也在隨波遷移C．波將波源的運動形式傳播出去的同時，也可以傳遞信息D．能傳播機械波的介質(zhì)一定是可以自由流動的解析：自然界所刮的風(fēng)，實質(zhì)上是由于壓強差等因素引起的空氣流動，不是機械波，故A錯；波是運動形式的傳播，是能量傳遞的一種方式，但各質(zhì)點均在各自平衡位置附近振動，并不隨波遷移，故B錯；波不僅能傳播運動形式，它也是信息傳遞的載體，故C正確；固體也能傳播機械波，故D錯。2．關(guān)于機械振動和機械波下列敘述不正確的是(A)A．有機械振動必有機械波B．有機械波必有機械振動C．在波的傳播中，振動質(zhì)點并不隨波的傳播發(fā)生遷移D．在波的傳播中，如果振源停止振動，波的傳播并不會立即停止解析：機械振動是形成機械波的條件之一，有機械波一定有機械振動，但有機械振動不一定有機械波，A錯，B對；波在傳播時，介質(zhì)中的質(zhì)點都在其平衡位置附近做往復(fù)運動，它們不隨波的傳播而發(fā)生遷移，C對；振源停止振動后，已形成的波仍繼續(xù)向前傳播，直到波的能量消耗盡為止，D對。故符合題意的選項為A。3．下列關(guān)于橫波、縱波的說法中正確的是(A)A．同一波源在同一介質(zhì)中形成的機械波中可同時具有橫波和縱波B．由于橫波、縱波的振動方向與波的傳播方向的關(guān)系不同，故橫波、縱波不可能沿同一方向傳播C．橫波、縱波在同一介質(zhì)中的傳播速度一定相等D．只要存在介質(zhì)，不管是固體、液體或氣體，均可傳播機械波的橫波和縱波解析：同一波源在同一介質(zhì)中形成的機械波中可同時具有橫波和縱波，橫波、縱波也可能沿同一方向傳播，如地震波，選項A正確，B錯誤；橫波與縱波在同一介質(zhì)中傳播速度一般不同，如地震波中縱波比橫波快，選項C錯誤；機械波的傳播需要介質(zhì)，橫波可以在固體內(nèi)、液體表面?zhèn)鞑?，不能在液體內(nèi)和氣體中傳播，而縱波可以在固體、液體和氣體中傳播，選項D錯誤。4．下列關(guān)于波的現(xiàn)象的說法中正確的是(A)A．只要有機械波產(chǎn)生，一定可以找到產(chǎn)生機械波的波源B．把小石頭扔到平靜的湖水里，水面上便會激起水波，水波將促使水面上的漂浮物向遠(yuǎn)方運動C．某空間找不到機械波，則在這一空間一定沒有波源D．橫波與縱波，其質(zhì)點的振動方向不同，因此，橫波和縱波不可能沿同一方向傳播解析：我們在解決問題時，不能把幾個并列的條件分開來看，A項中有機械波存在就一定具備了兩個必要條件，所以A項正確；若只有波源而無介質(zhì)，則不能產(chǎn)生機械波，所以C項錯誤；水波使漂浮物只可能在原平衡位置附近做上下振動，不能使漂浮物遠(yuǎn)去，故B項錯誤；橫波和縱波的質(zhì)點振動方向不同，但可沿同一方向傳播，所以D項錯誤。5．(多選)一列繩波在x軸上傳播，某時刻的波形如圖所示，a、b、c為振動中的三個質(zhì)點，a正向上運動。由此可知(AC)A．該波沿x軸正方向傳播B．c正向上運動C．該時刻以后，b比c先到達(dá)平衡位置D．該時刻以后，b比c先到達(dá)離平衡位置最遠(yuǎn)處解析：由波傳播的規(guī)律知質(zhì)點的振動是由先振動的質(zhì)點帶動后振動的質(zhì)點，由題圖知a質(zhì)點向上運動，說明a質(zhì)點左側(cè)質(zhì)點先于a質(zhì)點振動，波是沿x軸正方向傳播的，選項A正確；質(zhì)點c和質(zhì)點a之間有一波谷，質(zhì)點c振動方向與質(zhì)點a振動方向相反，質(zhì)點c向下運動，選項B錯誤；質(zhì)點b正向著平衡位置運動，故b比c先到達(dá)平衡位置，選項C正確；c比b先到達(dá)離平衡位置最遠(yuǎn)處，選項D錯誤。6.(多選)“蜻蜓點水”是常見的自然現(xiàn)象，蜻蜓點水后在水面上會激起波紋。某同學(xué)在研究蜻蜓運動的過程中獲得一張蜻蜓點水的俯視照片，該照片記錄了蜻蜓連續(xù)三次點水過程中激起的波紋的最大半徑，其形狀如圖所示。由圖可知(BC)A．蜻蜓第一次點水處為A點B．蜻蜓第一次點水處為C點C．蜻蜓飛行的速度大于水波傳播的速度D．蜻蜓飛行的速度小于水波傳播的速度解析：某時刻觀察時，點水越早，波紋擴散的半徑越大，因C的半徑最大，說明蜻蜓第一次點水處為C點，A錯誤，B正確；若蜻蜓飛行速度與水波速度相同，那么蜻蜓點水時會在上一個水波邊線上，而水波以相同速度傳播，所以每個圓都應(yīng)內(nèi)切，如圖所示。但由題圖可知，后點水產(chǎn)生的波紋超過先點水產(chǎn)生的波紋，說明蜻蜓飛行速度大于水波的傳播速度，C正確，D錯誤。另解：從題圖看，蜻蜓飛行距離為lCA過程中，波紋的最大半徑小于lCA。二、非選擇題(共12分)7．(6分)如圖所示，有一組學(xué)生做游戲來模擬波的傳播。該游戲模擬的是_橫波__的傳播(選填“橫波”或“縱波”)，因為學(xué)生下蹲與起立時身體的運動方向與模擬波的傳播方向_垂直__(選填“平行”或“垂直”)。解析：同學(xué)們身體運動的方向與模擬波的傳播方向垂直，故該游戲模擬的是橫波。8．(6分)某地發(fā)生了地震。已知地震波分三種：橫波(S波)，波速vs＝4.5km/s；縱波(P波)，波速vP＝9.9km/s；面波(L波)，vL<vS，面波在淺源地震中破壞力最大。(1)位于震源上方的某中學(xué)地震測報組有單擺A與豎直彈簧振子B(如圖甲所示)，地震發(fā)生時最先明顯振動的是_B__(選填“A”或“B”)。(2)地震觀測臺記錄的地震曲線如圖乙所示，由圖可知三種波形各對應(yīng)的地震波類型是a為_P__波，b為_S__波，c為_L__波(均選填“S”“P”或“L”)。解析：(1)因為縱波的傳播速度最大，而豎直彈簧振子反映的是縱波，故彈簧振子最先振動。(2)因為縱波的傳播速度最大，所以先記錄的a是縱波(P波)。同理，b是橫波(S波)，c是面波(L波)。能力提升練(時間15分鐘滿分40分)一、選擇題(本題共4小題，每小題7分，共28分)1．如圖所示，為波沿著一條固定的繩子向右剛傳播到B點的波形，由圖可判斷出A點剛開始的振動方向是(D)A．向左 B．向右C．向下 D．向上解析：由于波剛剛傳到B點，所以B點此時的振動方向就是波源的起振方向，由圖根據(jù)波的傳播與質(zhì)點振動的關(guān)系可以知道，B質(zhì)點此時正向上振動，所以波源A質(zhì)點剛開始的振動方向向上，選項D正確。2．某同學(xué)研究繩波的形成，取一條較長的軟繩，用手握住一端水平拉直后，沿豎直方向抖動即可觀察到繩波的形成。該同學(xué)先后兩次抖動后，觀察到如圖所示的甲、乙兩個繩波。關(guān)于兩次形成的繩波，下列判斷正確的是(B)A．波形甲的振幅比波形