重慶市部分區(qū)2024-2025學(xué)年高二（上）期末物理試卷【含解析】

第頁，共頁第17頁，共17頁2024-2025學(xué)年重慶市部分區(qū)高二（上）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)最符合題目要求。）1．（4分）物理學(xué)中“靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律”和“電磁感應(yīng)現(xiàn)象”分別由不同的物理學(xué)家探究發(fā)現(xiàn)，他們依次是（）A．法拉第、洛倫茲 B．卡文迪許、安培 C．庫侖、奧斯特 D．庫侖、法拉第2．（4分）2024年11月26日，全球矚目的智能手機(jī)華為Mate70Pro上市。已知其鋰離子聚合物電池容量為5700mA?h，手機(jī)支持超級快充“20V/5A”。這里與“mA?h”相對應(yīng)的物理量是（）A．功率 B．電量 C．電容 D．能量3．（4分）關(guān)于電場強(qiáng)度、電勢差和電容，下列說法正確的是（）A．由公式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與F成正比 B．由公式可知，電容器的電容C隨著極板帶電荷量Q的增加而變大 C．由公式可知，在離點(diǎn)電荷Q距離為r的地方，電場強(qiáng)度E的大小與Q成正比 D．由公式U＝Ed可知，勻強(qiáng)電場中任意兩點(diǎn)間的電勢差等于電場強(qiáng)度與這兩點(diǎn)間距離的乘積4．（4分）武當(dāng)山的主峰天柱峰屹立著一座光耀百里的金殿，全部為銅鑄鎏金。為了保護(hù)古建筑，當(dāng)?shù)卣疄榻鸬畎惭b了避雷針。某次雷雨天氣時(shí)，持續(xù)時(shí)間約0.3s。則下列說法正確的是（）A．此次放電電流方向?yàn)閺慕鸬畹皆茖?B．避雷針是利用尖端放電的一種設(shè)施 C．此次放電過程電流大小約為1000A D．云層靠近避雷針時(shí)，避雷針感應(yīng)出正電荷5．（4分）在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一根通電長直導(dǎo)線，電流的方向垂直于紙面向里。如圖所示，a，b，c，在這四點(diǎn)中（）A．a(chǎn)點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大 B．c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大 C．c，d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等 D．a(chǎn)，d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等6．（4分）如圖，a為勻強(qiáng)電場，b為非勻強(qiáng)電場，若把三個(gè)電荷和輕桿看成系統(tǒng)，系統(tǒng)在a電場中所受靜電力的合力為Fa，在b電場中所受靜電力的合力為Fb，下列說法正確的是（）A．Fa≠0，F(xiàn)b≠0，方向都向下 B．Fa≠0，F(xiàn)b≠0，方向都向上 C．Fa＝0，F(xiàn)b≠0且方向向上 D．Fa＝0，F(xiàn)b≠0且方向向下7．（4分）如圖為某輻向電場示意圖，電場強(qiáng)度大小可表示為，b為常量，以O(shè)為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)。不考慮粒子間的相互作用，則（）A．質(zhì)量大的粒子軌道半徑一定大 B．電荷量大的粒子軌道半徑一定大 C．若兩粒子比荷相同，則運(yùn)動(dòng)速率也一定相同 D．若兩粒子比荷相同，則軌道半徑大的角速度一定大二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）（多選）8．（5分）某區(qū)域的電場線分布如圖所示，M、N是電場中的兩個(gè)點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A．M點(diǎn)的場強(qiáng)大于N點(diǎn)的場強(qiáng) B．M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢 C．一個(gè)正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能 D．一個(gè)正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力（多選）9．（5分）如圖所示，有一混合正離子束先后通過正交電場、磁場區(qū)域Ⅰ和勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅱ，如果這束正離子束在區(qū)域Ⅰ中不偏轉(zhuǎn)，則說明這些正離子具有相同的（）A．速率v B．質(zhì)量m C．電荷量q D．比荷（多選）10．（5分）電阻應(yīng)變片是一種將被測件上的形狀變化轉(zhuǎn)換成為一種電信號的敏感器件，其阻值會(huì)隨著機(jī)械形變而發(fā)生變化。如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的利用金屬絲應(yīng)變電阻來研究其阻值與拉力大小之間關(guān)系的電路，其中電壓表和電流表是理想電表，把一重物懸掛在金屬絲中間。當(dāng)把懸掛重物的質(zhì)量減小時(shí)，金屬絲長度變短（）A．電流表示數(shù)變小 B．電壓表示數(shù)變小 C．電壓表與電流表示數(shù)之比變大 D．電壓表與電流表示數(shù)變化之比不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題9分，共15分。）11．（6分）白熾燈燈泡是二十世紀(jì)最主要的照明光源，現(xiàn)在一些場景依然在使用，小華從白熾燈泡內(nèi)取出一段均勻燈絲，用游標(biāo)卡尺測量該燈絲的長度L，用螺旋測微器測量燈絲的直徑d（1）則該燈絲的長度L＝cm，直徑d＝mm。（2）小華通過測量對比確定白熾燈燈絲為鎢絲，白熾燈使用時(shí)，鎢絲因受熱而升華，但長度不變，小華由此判定白熾燈泡使用一段時(shí)間后其電阻會(huì)（填“變小”“變大”或“不變”）。12．（9分）圖甲是“測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)電路，但有A、B兩處用電器沒有畫出，其中定值電阻阻值R1＝1Ω。（1）圖甲中A處應(yīng)為（填“電流表”或“電壓表”）；（2）實(shí)驗(yàn)測得的路端電壓U相應(yīng)電流I的擬合曲線如圖乙所示，由此得到電源電動(dòng)勢E＝V，內(nèi)阻r＝Ω；（結(jié)果保留2位小數(shù)）（3）該同學(xué)利用圖甲所示的電路進(jìn)行測量，則內(nèi)阻的測量值r測與真實(shí)值r真之間的關(guān)系為：r測r真（填“小于”、“等于”或“大于”）。四、計(jì)算題（本題共3小題，13題10分，14題14分，15題18分，共42分，要求寫出必要的文字說明和重要的步驟，只寫出最后結(jié)果不得分。）13．（10分）掃地機(jī)器人能有效清除地板上的灰塵等顆粒垃圾。如圖甲所示為一款新型掃地機(jī)器人，內(nèi)部電路如圖乙所示，它的直流電動(dòng)機(jī)額定電壓為U＝12V，將它接在電動(dòng)勢為E＝13.5V的直流電源兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能以額定電壓、額定電流正常工作。（1）求電源內(nèi)阻；（2）求電源內(nèi)阻消耗的熱功率。14．（14分）如圖所示，為一組方向未知的勻強(qiáng)電場的電場線，將帶電荷量為q＝﹣1.0×10﹣6C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至B點(diǎn)，克服電場力做了2×10﹣6J的功，已知A、B間的距離為2cm。試求：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB；（2）若A點(diǎn)的電勢為φA＝1V，試求B點(diǎn)的電勢φB；（3）該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小并判斷其方向。15．（18分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一、四象限存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場，第二象限存在水平向右的勻強(qiáng)電場（圖中未畫出）。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從x軸上A點(diǎn)以初速度v0沿y軸正方向射入勻強(qiáng)電場，然后從y軸上的P點(diǎn)（0，2L）射入第一象限（0，﹣2L）射入第三象限，經(jīng)第三象限矩形有界磁場偏轉(zhuǎn)后垂直打到x軸上的A點(diǎn)，求：（1）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小E；（2）第一、四象限磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1；（3）若矩形有界磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2＝2，求粒子在此矩形磁場區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1。

2024-2025學(xué)年重慶市部分區(qū)高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析題號1234567答案DBCBADC一、單項(xiàng)選擇題（本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)最符合題目要求。）1．（4分）物理學(xué)中“靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律”和“電磁感應(yīng)現(xiàn)象”分別由不同的物理學(xué)家探究發(fā)現(xiàn)，他們依次是（）A．法拉第、洛倫茲 B．卡文迪許、安培 C．庫侖、奧斯特 D．庫侖、法拉第【分析】根據(jù)庫侖和法拉第、安培、卡文迪許以及奧斯特、洛倫茲等的貢獻(xiàn)和作用進(jìn)行分析解答。【解答】解：“靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律”和“電磁感應(yīng)現(xiàn)象”分別由庫侖和法拉第探究發(fā)現(xiàn)的，故D正確。故選：D。【點(diǎn)評】考查庫侖和法拉第、安培、卡文迪許以及奧斯特、洛倫茲等的貢獻(xiàn)和作用，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。2．（4分）2024年11月26日，全球矚目的智能手機(jī)華為Mate70Pro上市。已知其鋰離子聚合物電池容量為5700mA?h，手機(jī)支持超級快充“20V/5A”。這里與“mA?h”相對應(yīng)的物理量是（）A．功率 B．電量 C．電容 D．能量【分析】根據(jù)公式q＝It，判斷“mA?h”相對應(yīng)的物理量?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)公式q＝It，可知題中“mA?h”是電量的單位，故ACD錯(cuò)誤。故選：B。【點(diǎn)評】本題以全球矚目的智能手機(jī)華為Mate70Pro上市為背景，考查了公式q＝It在實(shí)際問題中的應(yīng)用。3．（4分）關(guān)于電場強(qiáng)度、電勢差和電容，下列說法正確的是（）A．由公式可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度E與F成正比 B．由公式可知，電容器的電容C隨著極板帶電荷量Q的增加而變大 C．由公式可知，在離點(diǎn)電荷Q距離為r的地方，電場強(qiáng)度E的大小與Q成正比 D．由公式U＝Ed可知，勻強(qiáng)電場中任意兩點(diǎn)間的電勢差等于電場強(qiáng)度與這兩點(diǎn)間距離的乘積【分析】根據(jù)公式是否是比值定義法，分析各量之間的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、公式E＝，E反映電場本身的強(qiáng)弱和方向，故A錯(cuò)誤；B、公式C＝，C反映電容器容納電荷的本領(lǐng)、U無關(guān)；C、由公式E＝k，Q是場源電荷，E與r的平方成反比；D、公式U＝Ed中d是兩點(diǎn)沿電場方向間的距離，任意兩點(diǎn)間的電勢差等于電場強(qiáng)度與兩點(diǎn)間沿電場方向距離的乘積。故選：C?！军c(diǎn)評】本題主要考查了比值定義式，解決本題關(guān)鍵要掌握物理量的定義方法和公式中各量的準(zhǔn)確含義，并要理解公式的適用條件。4．（4分）武當(dāng)山的主峰天柱峰屹立著一座光耀百里的金殿，全部為銅鑄鎏金。為了保護(hù)古建筑，當(dāng)?shù)卣疄榻鸬畎惭b了避雷針。某次雷雨天氣時(shí)，持續(xù)時(shí)間約0.3s。則下列說法正確的是（）A．此次放電電流方向?yàn)閺慕鸬畹皆茖?B．避雷針是利用尖端放電的一種設(shè)施 C．此次放電過程電流大小約為1000A D．云層靠近避雷針時(shí)，避雷針感應(yīng)出正電荷【分析】根據(jù)靜電感應(yīng)的“近異遠(yuǎn)同”分析避雷針的帶電，根據(jù)正電荷定向移動(dòng)方向分析電流方向；根據(jù)電流的定義式計(jì)算；根據(jù)尖端放電的應(yīng)用分析?！窘獯稹拷猓篈D、云層靠近避雷針時(shí)，所以避雷針感應(yīng)出負(fù)電荷，相當(dāng)于正電荷從云層向金殿移動(dòng)，故AD錯(cuò)誤；B、避雷針是利用尖端放電的一種設(shè)施；C、根據(jù)電流的定義式可得此次放電過程電流的大小為I＝。故選：B?！军c(diǎn)評】本題考查了尖端放電和電流方向的規(guī)定，以及電流的定義式的應(yīng)用，基礎(chǔ)題。5．（4分）在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置一根通電長直導(dǎo)線，電流的方向垂直于紙面向里。如圖所示，a，b，c，在這四點(diǎn)中（）A．a(chǎn)點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大 B．c點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大 C．c，d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等 D．a(chǎn)，d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等【分析】用右手螺旋定則判斷通電直導(dǎo)線在a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)上所產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)磁場的疊加原理可知各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。【解答】解：用右手螺旋定則判斷通電直導(dǎo)線在a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)上所產(chǎn)生的磁場方向根據(jù)磁場的疊加原理可知，a點(diǎn)的磁場最強(qiáng)，d點(diǎn)的磁場方向斜向右上，b、d兩點(diǎn)疊加后的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，A正確。故選：A?！军c(diǎn)評】本題考查了通電直導(dǎo)線周圍磁場分布和磁場疊加原理，根據(jù)右手螺旋定則判斷通電導(dǎo)線周圍的磁場，根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行磁場疊加。6．（4分）如圖，a為勻強(qiáng)電場，b為非勻強(qiáng)電場，若把三個(gè)電荷和輕桿看成系統(tǒng)，系統(tǒng)在a電場中所受靜電力的合力為Fa，在b電場中所受靜電力的合力為Fb，下列說法正確的是（）A．Fa≠0，F(xiàn)b≠0，方向都向下 B．Fa≠0，F(xiàn)b≠0，方向都向上 C．Fa＝0，F(xiàn)b≠0且方向向上 D．Fa＝0，F(xiàn)b≠0且方向向下【分析】分析三個(gè)電荷所受電場力方向和大小，利用力的合成法確定系統(tǒng)所受靜電力的合力大小和方向?！窘獯稹拷猓涸赼電場中，設(shè)電場強(qiáng)度為E，方向沿電場線向上，方向沿電場線向向下a＝0；在b電場中，這兩個(gè)正電荷受到的電場力的合力比﹣2q受到的電場力小，即Fb≠5，且方向向下，D正確。故選：D?！军c(diǎn)評】解答本題時(shí)，要明確正電荷受到的電場力方向與場強(qiáng)方向相同，負(fù)電荷受到的電場力方向與場強(qiáng)方向相反，運(yùn)用力的合成法分析系統(tǒng)的合力。7．（4分）如圖為某輻向電場示意圖，電場強(qiáng)度大小可表示為，b為常量，以O(shè)為圓心做圓周運(yùn)動(dòng)。不考慮粒子間的相互作用，則（）A．質(zhì)量大的粒子軌道半徑一定大 B．電荷量大的粒子軌道半徑一定大 C．若兩粒子比荷相同，則運(yùn)動(dòng)速率也一定相同 D．若兩粒子比荷相同，則軌道半徑大的角速度一定大【分析】兩粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由電場力提供粒子做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的公式即可求出線速度、周期、角速度與軌道半徑的關(guān)系式，再進(jìn)行分析。【解答】解：AB.由題意，根據(jù)E＝，顯然E與粒子的質(zhì)量，可推知粒子軌道半徑與粒子質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤；C.由題意，粒子在電場中勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有Eq＝m代入上式，顯然相同，故C正確；D.根據(jù)Eq＝mrω2可得ω＝，顯然相同，故D錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵要知道粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由電場力提供向心力，通過列式得到各個(gè)量的表達(dá)式。二、多項(xiàng)選擇題（本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。）（多選）8．（5分）某區(qū)域的電場線分布如圖所示，M、N是電場中的兩個(gè)點(diǎn)，下列判斷正確的是（）A．M點(diǎn)的場強(qiáng)大于N點(diǎn)的場強(qiáng) B．M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢 C．一個(gè)正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)的電勢能大于在N點(diǎn)的電勢能 D．一個(gè)正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力【分析】電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的相對大小，電場線越密，場強(qiáng)越大；沿電場線的方向電勢逐漸降低；正電荷在電勢高處電勢能大；電場力與電場強(qiáng)度的關(guān)系為F＝qE．結(jié)合這些知識分析?！窘獯稹拷猓篈、電場線的疏密反映電場強(qiáng)度的相對大小，場強(qiáng)越大，M點(diǎn)的場強(qiáng)小于N點(diǎn)的場強(qiáng)；B、沿著電場線，所以M點(diǎn)的電勢高于N點(diǎn)的電勢；C、正電荷在電勢高處電勢能大，故C正確；D、M點(diǎn)的場強(qiáng)小于N點(diǎn)的場強(qiáng)，一個(gè)正點(diǎn)電荷在M點(diǎn)受到的電場力小于在N點(diǎn)受到的電場力。故選：BC?！军c(diǎn)評】本題考查對電場線物理意義的理解，關(guān)鍵要知道電場線的疏密表示場強(qiáng)的大小，沿電場線的方向電勢逐漸降低。（多選）9．（5分）如圖所示，有一混合正離子束先后通過正交電場、磁場區(qū)域Ⅰ和勻強(qiáng)磁場區(qū)域Ⅱ，如果這束正離子束在區(qū)域Ⅰ中不偏轉(zhuǎn)，則說明這些正離子具有相同的（）A．速率v B．質(zhì)量m C．電荷量q D．比荷【分析】由粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，可得到洛倫茲力與電場力平衡關(guān)系式；由粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)時(shí)，偏轉(zhuǎn)半徑相同，可根據(jù)偏轉(zhuǎn)半徑表達(dá)式分析離子的物理量關(guān)系?！窘獯稹拷猓河闪Ｗ釉谒俣冗x擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可知洛倫茲力與電場力平衡1＝qE，即其速率滿足：；由粒子在區(qū)域Ⅱ中運(yùn)動(dòng)時(shí)，，偏轉(zhuǎn)半徑，可知，即比荷，故BC錯(cuò)誤。故選：AD。【點(diǎn)評】本題考查與速度選擇器結(jié)合的質(zhì)譜儀，關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，找到粒子的受力特點(diǎn)。（多選）10．（5分）電阻應(yīng)變片是一種將被測件上的形狀變化轉(zhuǎn)換成為一種電信號的敏感器件，其阻值會(huì)隨著機(jī)械形變而發(fā)生變化。如圖所示為某同學(xué)設(shè)計(jì)的利用金屬絲應(yīng)變電阻來研究其阻值與拉力大小之間關(guān)系的電路，其中電壓表和電流表是理想電表，把一重物懸掛在金屬絲中間。當(dāng)把懸掛重物的質(zhì)量減小時(shí)，金屬絲長度變短（）A．電流表示數(shù)變小 B．電壓表示數(shù)變小 C．電壓表與電流表示數(shù)之比變大 D．電壓表與電流表示數(shù)變化之比不變【分析】由電阻的決定式，可知長度變短時(shí)的電阻變化情況，結(jié)合閉合電路歐姆定律，可知電流表、電壓表的示數(shù)變化情況；由電壓表與電流表示數(shù)之比的含義、電壓表與電流表示數(shù)變化之比的含義，可知其比值是否變化。【解答】解：AB、由電阻的決定式，電阻R變小，可知電流表示數(shù)I＝；電壓表的示數(shù)U＝E﹣I（r+RP），故電壓表示數(shù)變小，B正確；CD、由電壓表與電流表示數(shù)之比為電阻值，即電壓表和電流表示數(shù)之比變小；由閉合電路歐姆定律的推導(dǎo)式，可知電壓表與電流表示數(shù)變化之比為r+RP，可知其比值不變，故C錯(cuò)誤。故選：BD?！军c(diǎn)評】本題考查電路的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵是根據(jù)電阻的決定式，分析電阻的變化情況。三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，11題6分，12題9分，共15分。）11．（6分）白熾燈燈泡是二十世紀(jì)最主要的照明光源，現(xiàn)在一些場景依然在使用，小華從白熾燈泡內(nèi)取出一段均勻燈絲，用游標(biāo)卡尺測量該燈絲的長度L，用螺旋測微器測量燈絲的直徑d（1）則該燈絲的長度L＝5.015cm，直徑d＝4.700mm。（2）小華通過測量對比確定白熾燈燈絲為鎢絲，白熾燈使用時(shí)，鎢絲因受熱而升華，但長度不變，小華由此判定白熾燈泡使用一段時(shí)間后其電阻會(huì)變大（填“變小”“變大”或“不變”）?！痉治觥浚?）根據(jù)螺旋測微計(jì)以及游標(biāo)卡尺的讀法規(guī)則讀數(shù)；（2）根據(jù)電阻定律分析求解。【解答】解：（1）該燈絲的長度L＝50mm+0.05mm×3＝50.15mm＝3.015cm直徑d＝4.5mm+5.01mm×20.0＝4.700mm（2）燈絲變得越來越細(xì)，但長度不變，可知白熾燈泡使用一段時(shí)間后其電阻變大。故答案為：（1）6.015，4.700?！军c(diǎn)評】本題考查了測燈絲的電阻率實(shí)驗(yàn)，理解基本儀器的讀數(shù)規(guī)范，熟練掌握電阻定律是解決此類問題的關(guān)鍵。12．（9分）圖甲是“測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)電路，但有A、B兩處用電器沒有畫出，其中定值電阻阻值R1＝1Ω。（1）圖甲中A處應(yīng)為電流表（填“電流表”或“電壓表”）；（2）實(shí)驗(yàn)測得的路端電壓U相應(yīng)電流I的擬合曲線如圖乙所示，由此得到電源電動(dòng)勢E＝1.50V，內(nèi)阻r＝0.28Ω；（結(jié)果保留2位小數(shù)）（3）該同學(xué)利用圖甲所示的電路進(jìn)行測量，則內(nèi)阻的測量值r測與真實(shí)值r真之間的關(guān)系為：r測小于r真（填“小于”、“等于”或“大于”）?！痉治觥浚?）電流表串聯(lián)使用，電壓表并聯(lián)使用，據(jù)此分析作答；（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解U﹣I函數(shù)，結(jié)合圖像縱截距和斜率的含義分析作答；（3）實(shí)驗(yàn)的誤差來源于電壓表的分流，根據(jù)閉合電路的歐姆定律分析作答?！窘獯稹拷猓海?）由于A處電表與電阻R串聯(lián)，因此A處為電流表，因此B為電壓表。（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律U＝E﹣r?I結(jié)合U﹣I圖像可知，圖像的縱截距表示電動(dòng)勢U﹣I圖像的斜率的絕對值因此電源的內(nèi)阻r＝k＝5.28Ω（3）實(shí)驗(yàn)的誤差來源于電壓表的分流，根據(jù)閉合電路的歐姆定律變形得因此r測小于r真。故答案為：（1）電流表；（2）1.50；（3）小于。【點(diǎn)評】本題考查了“測定電源的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)，要明確實(shí)驗(yàn)原理，掌握閉合電路的歐姆定律，能夠正確分析實(shí)驗(yàn)誤差。四、計(jì)算題（本題共3小題，13題10分，14題14分，15題18分，共42分，要求寫出必要的文字說明和重要的步驟，只寫出最后結(jié)果不得分。）13．（10分）掃地機(jī)器人能有效清除地板上的灰塵等顆粒垃圾。如圖甲所示為一款新型掃地機(jī)器人，內(nèi)部電路如圖乙所示，它的直流電動(dòng)機(jī)額定電壓為U＝12V，將它接在電動(dòng)勢為E＝13.5V的直流電源兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能以額定電壓、額定電流正常工作。（1）求電源內(nèi)阻；（2）求電源內(nèi)阻消耗的熱功率?！痉治觥浚?）由閉合電路歐姆定律，可計(jì)算電源內(nèi)阻；（2）由電流和電源內(nèi)阻，結(jié)合熱功率公式，可計(jì)算電源內(nèi)阻消耗的熱功率。【解答】解：（1）由閉合電路歐姆定律E＝U+Ir，可知電源內(nèi)阻為r＝0.6Ω；（2）由電流和電源內(nèi)阻，可知電源內(nèi)阻消耗的熱功率為P＝I2r，解得：P＝3.75W。答：（1）電源內(nèi)阻為0.7Ω；（2）電源內(nèi)阻消耗的熱功率為3.75W?！军c(diǎn)評】本題考查含電動(dòng)機(jī)的電路計(jì)算，注意電動(dòng)機(jī)是非純電阻元件，不適用歐姆定律。14．（14分）如圖所示，為一組方向未知的勻強(qiáng)電場的電場線，將帶電荷量為q＝﹣1.0×10﹣6C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)沿水平線移至B點(diǎn)，克服電場力做了2×10﹣6J的功，已知A、B間的距離為2cm。試求：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB；（2）若A點(diǎn)的電勢為φA＝1V，試求B點(diǎn)的電勢φB；（3）該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小并判斷其方向?！痉治觥浚?）根據(jù)電勢差的計(jì)算公式進(jìn)行解答；（2）由UAB＝φA﹣φB進(jìn)行解答；（3）根據(jù)電場強(qiáng)度的計(jì)算公式求解電場強(qiáng)度，沿電場線方向電勢降低，由此確定電場線方向。【解答】解：（1）由題意可知，點(diǎn)電荷從A到BAB＝﹣2×10﹣6J根據(jù)電勢差的計(jì)算公式可得：UAB＝＝V＝8V；（2）由UAB＝φA﹣φB，則：φB＝φA﹣UAB＝1V﹣2V＝﹣2V；（3）A、B兩點(diǎn)沿電場線方向的距離：d＝2×10﹣2×cos60°m＝3×10﹣2m電場強(qiáng)度的計(jì)算公式可得：E＝＝V/m＝200V/m。答：（1）A、B兩點(diǎn)間的電勢差UAB是2V；（2）若A點(diǎn)的電勢為φA＝1V，B點(diǎn)的電勢為﹣3V；（3）該勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大小為200V/m，方向沿電場線斜向下?！军c(diǎn)評】本題考查