安徽省2025屆高三物理模擬（三）【含解析】

第=page11頁(yè)，共=sectionpages1717頁(yè)安徽省2025屆高三物理模擬（三）一、單選題：本大題共8小題，共32分。1.某同學(xué)從商場(chǎng)購(gòu)買(mǎi)了一個(gè)質(zhì)量分布均勻的透明“水晶球”，如圖甲所示。該同學(xué)先測(cè)出了“水晶球”的直徑為10?cm，并標(biāo)記了其中一條水平直徑對(duì)應(yīng)的兩端點(diǎn)P、Q。球外某光源發(fā)出的一細(xì)束單色光從球上P點(diǎn)射向球內(nèi)，折射光線與水平直徑PQ夾角為θ，當(dāng)θ=30°時(shí)，出射光線與PQ平行，如圖乙所示。已知光在真空中的傳播速度為3×108A.“水晶球”的折射率為3

B.光在“水晶球”中的傳播時(shí)間為5×10-8s

C.改變從P點(diǎn)入射光線的入射角，光線從水晶球射向空氣時(shí)，一定不會(huì)發(fā)生全反射

D.若保持從【答案】B

【解析】解：A.如圖所示，

由幾何關(guān)系可知，光線射出時(shí)的折射角r為2θ，折射率

n=sin2θsinθ=3，故A正確;

B.光在“水晶球”中傳播的距離l=dcosθ

時(shí)間t=lv=nlc=2dcos2θc=5×10-10s故B錯(cuò)誤;2.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)煙霧探測(cè)器，如圖S為光源，當(dāng)有煙霧進(jìn)入探測(cè)器時(shí)，S發(fā)出的光被煙霧散射進(jìn)入光電管C。光射到光電管中的鈉表面產(chǎn)生光電子，當(dāng)光電流大于或等于I時(shí)，探測(cè)器觸發(fā)報(bào)警系統(tǒng)報(bào)警。已知真空中光速為c，鈉的極限頻率為ν0，電子的電荷量為e，則下列說(shuō)法正確的是(

)

A.光源S發(fā)出光的波長(zhǎng)小于cv0探測(cè)器一定可以正常工作

B.用極限頻率更高的材料取代鈉，探測(cè)器一定可以正常工作

C.光源S發(fā)出光只要光強(qiáng)足夠大，探測(cè)器一定可以正常工作

D.探測(cè)器正常工作，僅增大光電管【答案】A

【解析】A、光照射到鈉表面產(chǎn)生光電子，根據(jù)產(chǎn)生光電效應(yīng)的條件，結(jié)合波速、波長(zhǎng)和頻率的關(guān)系可知，c=λv，那么光源S發(fā)出的光的最大波長(zhǎng)：λmax=cv0，要使該探測(cè)器正常工作，光源S發(fā)出的光的波長(zhǎng)小于cv0，故A正確；

B、若用極限頻率更高的材料取代鈉，如果入射光的頻率小于極限頻率，則不可以發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；

C、發(fā)生光電效應(yīng)的條件與光頻率有關(guān)，與光照強(qiáng)度無(wú)關(guān)，故3.如圖，一半徑為R的半圓形軌道豎直固定放置，軌道兩端等高；質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自軌道端點(diǎn)P由靜止開(kāi)始滑下，滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對(duì)軌道的正壓力為2mg，重力加速度大小為g.質(zhì)點(diǎn)自P滑到Q的過(guò)程中，(

)

A.機(jī)械能減少了14mgR B.Q點(diǎn)的重力瞬時(shí)功率為mggR

C.克服摩擦力所做的功為12【答案】C

【解析】【分析】AC、根據(jù)牛頓第二定律先求出最低點(diǎn)的速度，再利用動(dòng)能定理求出克服摩擦力做的功；

根據(jù)功能關(guān)系可以判斷機(jī)械能的減少量；

B、根據(jù)功率的公式，可以判斷Q點(diǎn)的功率；

D、根據(jù)能量守恒定律，可以判斷質(zhì)點(diǎn)不能上升到右側(cè)12R高處?！窘獯稹?/p>

AC.滑到最低點(diǎn)Q時(shí)，對(duì)軌道的正壓力為2mg，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)質(zhì)點(diǎn)，有：2mg-mg=mv2R

設(shè)克服摩擦力做功為Wf，利用動(dòng)能定理，有

mgR-Wf=12mv2

整理得：Wf=12mgR

根據(jù)功能關(guān)系，機(jī)械能減少量等于克服摩擦力做的功，即

機(jī)械能減少了124.北京時(shí)間2024年5月21日12時(shí)15分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心使用快舟十一號(hào)遙四運(yùn)載火箭，成功將武漢一號(hào)衛(wèi)星、超低軌技術(shù)試驗(yàn)衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)獲得圓滿成功。在航天科技的新賽道上，超低軌道——高度低于300公里的軌道——扮演著重要的角色。假設(shè)某顆超低軌地球衛(wèi)星近似做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)行高度是地球半徑的122。則關(guān)于這顆衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是(

)A.該衛(wèi)星的發(fā)射速度低于第一宇宙速度

B.火箭發(fā)射衛(wèi)星加速過(guò)程中，衛(wèi)星處于超重狀態(tài)

C.衛(wèi)星繞地球一周所用時(shí)間大于地球自轉(zhuǎn)時(shí)間

D.這顆繞地做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星可以一直停留在武漢的上空【答案】B

【解析】A.衛(wèi)星的發(fā)射速度要大于第一宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B.

箭發(fā)射衛(wèi)星加速過(guò)程中，加速度向上，所以衛(wèi)星處于超重狀態(tài)，故B正確；

C.

衛(wèi)星繞地球運(yùn)行時(shí)，高度低于地球同步衛(wèi)星的高度，根據(jù)GMmr2=m4π2T2r，可得衛(wèi)星繞地球一周所用時(shí)間小于同步衛(wèi)星繞地球一周所用時(shí)間，即小于地球自轉(zhuǎn)時(shí)間，故C錯(cuò)誤；5.空間存在方向垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，圖中的正方形abed為其邊界。一束速率不同的帶正電粒子從左邊界ad中點(diǎn)P垂直射人磁場(chǎng)，速度方向與ad邊夾角θ=30°，已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，粒子間的相互作用和粒子重力不計(jì)，則(

)

A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)問(wèn)間為4πm3qB

B.從bc邊射出的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相等

C.入射速度越大的粒子，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長(zhǎng)

D.【答案】D

【解析】解：A、粒子對(duì)應(yīng)的圓心角越大，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)，最長(zhǎng)時(shí)間對(duì)應(yīng)的軌跡如圖所示：

從pa邊射出對(duì)應(yīng)的軌跡的圓心角最大，為300°，故最長(zhǎng)時(shí)間為：t=300°360°T=56×2πmqB=5πm3qB，故A錯(cuò)誤；

B、因粒子的質(zhì)量和電量相同，則周期相同，從bc邊射出的粒子的速度不同，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑不同(如圖所示)，所對(duì)的圓心角不同，則所用的時(shí)間不相等，故B錯(cuò)誤；

C、由圖可知，若粒子從dc、bc或ab邊射出，入射速度越大的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)弧所對(duì)的圓心角越小，則時(shí)間越短，故C錯(cuò)誤；

D、運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等的粒子，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡可能不同，例如從Pa邊射出的粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為6.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2:1，電源的輸出電壓u=302sin100πtV，定值電阻R1=10Ω，R2=7.5Ω，R4=10Ω，滑動(dòng)變阻器A.電流表示數(shù)為1.5A

B.電壓表示數(shù)為15V

C.滑片P由a向b緩慢滑動(dòng)過(guò)程中，電阻R1消耗的功率增大

D.滑片P由a【答案】C

【解析】

A、將滑動(dòng)變阻器滑片P置于a端，根據(jù)變壓器變壓規(guī)律有：U1:U2=n1:n2=2:1，

I2:I1=n1:n2=2:1，

由歐姆定律得：U2=I2(R4+R3)R2R2+R3+R4

電阻R1兩端的電壓為UR=I1R1

由u=307.如圖所示，輕彈簧一端連接質(zhì)量為m的物體A，另一端固定在光滑的固定斜面底端，A通過(guò)輕繩跨過(guò)光滑的定滑輪與質(zhì)量為2m的物體B連接，繩、彈簧與斜面平行．將A由彈簧原長(zhǎng)處?kù)o止釋放，已知輕繩始終有力，重力加速度為g.則B的速度v、加速度a和彈簧彈力F、繩子張力T與時(shí)間t或位移x的關(guān)系圖像可能正確的是(

)

A. B.

C. D.

【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用、運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像綜合；解決本題的關(guān)鍵是明確A被釋放后做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)結(jié)合牛頓第二定律分析。

對(duì)A進(jìn)行受力分析，判斷其速度、加速度與位移的關(guān)系，由此判斷其運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，從而判斷是否做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，由此得解；

結(jié)合實(shí)際情況，分析最大的彈力，從而確定彈簧彈力的變化范圍；

對(duì)A物體隔離分析，由其受力及簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性解得繩的拉力大小與位移的關(guān)系。

【解答】將A由彈簧原長(zhǎng)處?kù)o止釋放，設(shè)A的位移為x，對(duì)整體，由牛頓第二定律，可得：

2可知A先沿斜面向上做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)x增大到某值時(shí)a減小到零，然后向上做加速度反向增大的減速運(yùn)動(dòng)，A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)速度減小到零；然后A沿斜面向下先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，由系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，A運(yùn)動(dòng)到釋放位置時(shí)速度剛好減小到零。由于加速度a與x成線性關(guān)系，故A在斜面上做以某點(diǎn)(速度最大加速度為零位置)為中心的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。A.由上述分析可知，A做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像應(yīng)是正弦函數(shù)圖像，故A錯(cuò)誤；

B.A剛釋放瞬間，對(duì)其受力分析，由以上牛頓第二定律方程可得其加速度為：a=12g，但在C.A剛釋放時(shí)，彈簧彈力等于零，此時(shí)A的加速度：a1A運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，加速度a2與a1等大反向，則2mg-mgsin30°-FmD.對(duì)A物體，由牛頓第二定律T-mgsin30°-kx=ma，得T=kx+ma+12mg8.兩波源分別位于坐標(biāo)原點(diǎn)和x=14m處，t=0時(shí)刻兩波源開(kāi)始起振，t=4s時(shí)的波形圖如圖所示，此時(shí)平衡位置在x=4m和x=10m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置位于x=7A.t=6s時(shí)兩列波相遇

B.從0到10s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)N通過(guò)的路程為2.4m

C.t=7.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M的速度在增大

D.【答案】B

【解析】【分析】本題要理解波的疊加原理，知道當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時(shí)，此處相對(duì)平衡位置的位移為振幅的二倍；當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)此處的位移為零，要知道波的基本特點(diǎn)：介質(zhì)中各個(gè)質(zhì)點(diǎn)的起振方向均與波源的起振方向相同。

由圖讀出波長(zhǎng)，由波速公式算出波的傳播速度；P點(diǎn)的起振方向根據(jù)波形平移法判斷，兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振動(dòng)減弱，則振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系求質(zhì)點(diǎn)N通過(guò)的路程?！窘獯稹緼.兩列波的波長(zhǎng)相同，周期相同，則波速相等為v=λT=1m/s，4s時(shí)PQ間的距離為6m，則需要的時(shí)間為Δt=x2v=3s，則t=4s+3s=7s兩列波相遇，故A錯(cuò)誤；

B.開(kāi)始計(jì)時(shí)后左右兩列波傳到N點(diǎn)時(shí)間差為2s，左邊波引起N點(diǎn)路程為2A=0.8m

8s時(shí)兩列波都傳到N點(diǎn)后，N點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為2A，后2s路程為1.6m，總路程2.4m，故B正確；

C.兩列波同時(shí)傳到M點(diǎn)，引起M的起振方向相反，M為振動(dòng)減弱點(diǎn)，振幅為零，所以二、多選題：本大題共2小題，共10分。9.如圖所示，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一直角三角形ABC，∠C=90°，∠A=30°，BC邊長(zhǎng)4?cm.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與三角形ABC平面平行。一電子從A點(diǎn)移到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功為30?eV，從BA.A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB為20?V

B.電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與AB成60°夾角

C.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為250?V/m【答案】BD

【解析】A、由題意得：UAC=WAC-e=-30V，UBC=WBC-e=-10V，UAC=φA-φC，UBC=φB-φC，UAB=φA-φB=-20V，故A錯(cuò)誤；

BC、把AC線段三等分，連接BR，如圖所示：

由幾何關(guān)系得：AC=43cm，CR=433cm，∠CBR=30°，則10.如圖所示，線框ac、bd邊長(zhǎng)為2L、電阻不計(jì)，三條短邊ab、cd、ef長(zhǎng)均為L(zhǎng)、電阻均為R，ef位于線框正中間。線框下方有一寬度為L(zhǎng)的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，cd邊與磁場(chǎng)邊界平行，當(dāng)cd距磁場(chǎng)上邊界一定高度時(shí)無(wú)初速釋放線框，線框cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好勻速運(yùn)動(dòng)，下落過(guò)程中線框始終在豎直面內(nèi)，已知線框質(zhì)量為m，重力加速度為g，則下列判斷正確的是(

)

A.線框通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中流過(guò)ab邊的電流不變

B.線框通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差始終為Uab=-mgR2BL

C.釋放時(shí)cd邊到磁場(chǎng)上邊界高度為9m【答案】BC

【解析】C.設(shè)釋放時(shí)cd邊到磁場(chǎng)上邊界高度為h，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：v2=2gh，

解得cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為：v=2gh，

cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為：E=BLv，

回路中總電阻為：r=R+R?RR+R=32R，

通過(guò)cd的電流為：I=Er，

cd所受的安培力大小為：F=BIL，

由題意，根據(jù)平衡條件有：F=mg，

聯(lián)立解得：h=9m2gR28B4L4，故C正確；

B.根據(jù)A選項(xiàng)可得線框cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為：E=3mgR2BL，

根據(jù)線框構(gòu)成等效電路的特點(diǎn)可知線框在通過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中將始終做勻速運(yùn)動(dòng)，a、b兩點(diǎn)間電勢(shì)差始終等于對(duì)應(yīng)等效電路的路端電壓的相反數(shù)，

即：Uab=-R23R2E三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共16分。11.某研究性學(xué)習(xí)小組利用壓敏電阻制作電子秤。已知壓敏電阻在壓力作用下發(fā)生微小形變，它的電阻也隨之發(fā)生變化，其阻值R隨壓力F變化的圖像如圖甲所示，其中R0=15Ω，圖像斜率k=1.4Ω/N。小組同學(xué)按圖乙所示電路制作了一個(gè)簡(jiǎn)易電子秤(秤盤(pán)質(zhì)量不計(jì))，電路中電源電動(dòng)勢(shì)E=3.5V，內(nèi)阻未知，電流表量程為10mA(1)下列操作步驟的正確順序是

。?①秤盤(pán)上放置已知重力的重物G，保持滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變;讀出此時(shí)電流表示數(shù)I?②換用不同已知質(zhì)量的重物，記錄每一個(gè)質(zhì)量值對(duì)應(yīng)的電流值;?③秤盤(pán)上不放重物時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針滿偏;?④將電流表刻度盤(pán)改裝為質(zhì)量刻度盤(pán)。(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表量程偏小，根據(jù)需要將其量程擴(kuò)大為100mA，則應(yīng)該給該電流表

(填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)阻值為

Ω(3)用改裝后的電流表進(jìn)行操作，若電流表示數(shù)為20mA，則待測(cè)重物質(zhì)量m=

(4)改裝后的刻度盤(pán)，其0刻度線在電流表

(選填“零刻度”或“滿刻度”)處。(5)若電源電動(dòng)勢(shì)不變，內(nèi)阻變大，其他條件不變，用這臺(tái)電子秤稱重前，進(jìn)行了步驟?③的操作，則測(cè)量結(jié)果

(填“偏大”“偏小”或“不變”)?！敬鸢浮?1)?③?①?②?④；(2)并聯(lián)；2；(3)10；(4)滿刻度；(5)不變?！窘馕觥?1)在本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)先讓秤盤(pán)上不放重物，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電流表指針滿偏，然后在秤盤(pán)上放置已知重力的重物G，保持滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變，讀出此時(shí)電流表示數(shù)I，再換用不同已知質(zhì)量的重物，記錄每一個(gè)質(zhì)量值對(duì)應(yīng)的電流值，最后將電流表刻度盤(pán)改裝為質(zhì)量刻度盤(pán)，故合理的實(shí)驗(yàn)操作順序?yàn)?③?①?②?④。

(2)當(dāng)小量程的電流表改裝成量程較大的電流表時(shí)，需要并聯(lián)一個(gè)小電阻，有R=IARAI-IA，解得R=2Ω。

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，當(dāng)秤盤(pán)上不放重物時(shí)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得電流表滿偏，有Ig=Er+R0+R滑12.如圖1所示，用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗(yàn)證“動(dòng)量守恒定律”。實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓質(zhì)量為m??1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開(kāi)始滾下，進(jìn)入水平軌道后，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫(xiě)紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把質(zhì)量為m??2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，未放B球時(shí)，A球的落點(diǎn)是P點(diǎn)，O點(diǎn)是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)，如圖2所示。(1)在這個(gè)實(shí)驗(yàn)中，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m??1_____m??2(選填“>”或“<”)；除了圖中器材外，實(shí)驗(yàn)室還備有下列器材，完成本實(shí)驗(yàn)還必須使用的兩種器材是__________。A.秒表

B.天平(2)下列說(shuō)法中正確的是_______。A.如果小球每次從同一位置由靜止釋放，每次的落點(diǎn)一定是重合的

B.重復(fù)操作時(shí)發(fā)現(xiàn)小球的落點(diǎn)并不重合，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)操作中出現(xiàn)了錯(cuò)誤

C.用半徑盡量小的圓把10個(gè)落點(diǎn)圈起來(lái)，這個(gè)圓的圓心可視為小球落點(diǎn)的平均位置

D.僅調(diào)節(jié)斜槽上固定位置C，它的位置越低，線段OP的長(zhǎng)度越大(3)在某次實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量出兩個(gè)小球的質(zhì)量m??1、m??2。記錄的落點(diǎn)平均位置M、N幾乎與OP在同一條直線上，測(cè)量出三個(gè)落點(diǎn)位置與O點(diǎn)距離OM、OP、ON的長(zhǎng)度。在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式_____________，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在OP方向上的總動(dòng)量守恒；若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)滿足關(guān)系式_________(4)在OP、OM、ON這三個(gè)長(zhǎng)度中，與實(shí)驗(yàn)所用小球B質(zhì)量無(wú)關(guān)的是__________，與實(shí)驗(yàn)所用小球質(zhì)量B有關(guān)的是___________。(5)某同學(xué)在做這個(gè)實(shí)驗(yàn)時(shí)，記錄下小球三個(gè)落點(diǎn)的平均位置M、P、N，如下圖所示。他發(fā)現(xiàn)M和N偏離了OP方向。這位同學(xué)猜想兩小球碰撞前后在OP方向上依然動(dòng)量守恒，請(qǐng)你幫他寫(xiě)出驗(yàn)證這個(gè)猜想的辦法__________。

【答案】(1)＞

BC

(2)C

(3)m1·OP＝m1·OM+m2·ON

m1·OP2＝m1·OM2+m2·ON2

(4)OP，

OM和ON

(5)???????

【解析】1.

根據(jù)碰撞的特點(diǎn)可知，兩小球質(zhì)量應(yīng)滿足m1>m2，該實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量?jī)汕蛸|(zhì)量和平拋運(yùn)動(dòng)中的水平距離，故需要天平和刻度尺，故BC正確；

2.

由于實(shí)驗(yàn)誤差的影響，每次碰撞的落點(diǎn)不一定相同，故A，B均錯(cuò)誤；落點(diǎn)近似一個(gè)圓，取圓心為記錄點(diǎn)，C正確；豎直高度越低，水平拋出的速度越小，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移就越短，D錯(cuò)誤；

3.

若滿足動(dòng)量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因?yàn)槠綊佭\(yùn)動(dòng)中豎直方向高度相同，所以平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，將水平速度替換成水平位移，則滿足m1·OP=m1·OM連接OP、OM、ON，作出M、N在OP方向上的投影點(diǎn)M'、N'，如圖所示。分別測(cè)量出OP、OM'、ON'的長(zhǎng)度。若在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，滿足關(guān)系式四、計(jì)算題：本大題共3小題，共42分。13.如圖所示，分揀工件的車間里，與水平面成θ=37°的傳送帶正以v=5m/s的速度勻速運(yùn)行，A、B兩端相距l(xiāng)=30m?，F(xiàn)每隔T=1s把質(zhì)量m=1kg(1)一個(gè)工件從A到B所用的時(shí)間；(2)傳送帶上相鄰兩個(gè)工件間的最小距離與最大距離．【答案】解：(1)設(shè)工件能達(dá)到與傳送帶共速，則在加速時(shí)間內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律μmgcosθ-mgsinθ=ma，

工件勻加速時(shí)間為t1=va，

工件勻加速的位移為x=v2t1=12.5m<l，假設(shè)成立，

工件勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2=L-xv=30-12.55s=3.5s，

工件從A【解析】詳細(xì)解答和解析過(guò)程見(jiàn)【答案】14.如圖所示，光滑絕緣水平地面上有滑塊A、B，質(zhì)量均為m0=1kg，其中滑塊A帶有q=+2×

10-2C的電荷量，滑塊B不帶電且絕緣.一勁度系數(shù)k=200N/m的輕彈簧右端固定于墻面上，左端