2025年廣東省廣州市中考物理二輪復(fù)習(xí)：動(dòng)態(tài)電路分析與計(jì)算（含答案）

2025年廣東省廣州市中考物理二輪專題復(fù)習(xí)：電學(xué)專題3-動(dòng)態(tài)電路分析與計(jì)

算

學(xué)校:姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一，單選題：本大題共15小題，共30分。

1.將光敏電阻R,定值電阻R。，電流表，電壓表,開關(guān)和電源連接成如圖所示的電路。光

敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小。閉合開關(guān),逐漸增大對(duì)光敏電阻的光照強(qiáng)度,

觀察電表示數(shù)的變化情況應(yīng)該是（）

A.電流表和電壓表示數(shù)均變小B.電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大

C.電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小D.電流表和電壓表示數(shù)均變大

2.如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S,在保證各元件安全的條件下,滑動(dòng)變阻器

的滑片從最右端向中點(diǎn)移動(dòng)的過程中（）

A.電壓表U示數(shù)變小,燈的亮度變亮

B.電流表4示數(shù)變大，電流表力2示數(shù)不變

C.兩個(gè)電流表示數(shù)都變大

D.電壓表U示數(shù)與電流表4示數(shù)的比值變小

3.如圖所示的電路，下列說法中正確的是（）

A.只閉合開關(guān)&時(shí)，小燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)

B.只閉合開關(guān)S2時(shí)，電流表無示數(shù)

C.閉合開關(guān)￡和S2,向右移動(dòng)滑片P時(shí),燈變暗

D.先閉合開關(guān)工,再閉合開關(guān)S2,電流表的示數(shù)減小

4.如圖所示電路，電源電壓不變。閉合開關(guān)S,&滑片向右移動(dòng)的過程中，下列說法正確的是（

A.電流表a的示數(shù)變大

B.電壓表/的示數(shù)變小

C.電壓表%示數(shù)變化量與電流表4示數(shù)變化量的比值不變

D.電壓表匕示數(shù)與電流表4示數(shù)的乘積變大

5.某物理科技小組設(shè)計(jì)了汽車有害尾氣排放檢測(cè)電路如圖甲所示,R為氣敏電阻,其阻值隨有害尾氣濃度￡變化的曲線

如圖乙所示,Ro為定值電阻，電源電壓恒定不變。當(dāng)有害尾氣濃度增大時(shí)（）

A.氣敏電阻的阻值將變大B.電流表的示數(shù)將變小

C.電壓表的示數(shù)將變小D.電路消耗的總功率將變大

6.為了讓植物葉片保持一定的含水量，小敏小組想設(shè)計(jì)一個(gè)檢測(cè)報(bào)警電路,當(dāng)葉片含

水量過低時(shí)會(huì)提醒主人澆水。查閱資料后發(fā)現(xiàn)有一種由石墨烯制成的濕敏電阻,其

阻值會(huì)隨含水量的升高而增大。于是設(shè)計(jì)了如圖所示電路，電源電壓不變，將濕敏電

阻R附著在葉片上,當(dāng)葉片含水量降到過低時(shí)（）

A.電壓表示數(shù)增大

控制電路

B.指示燈亮了

C.控制電路總電阻增大

D.控制電路總功率減小

7.如圖所示，電源電壓保持不變,開關(guān)S閉合后,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片,下列說法正確的是（）

A.滑片向左滑動(dòng)，電流表示數(shù)增大，電壓表示數(shù)減小

B.滑片向左滑動(dòng)，電流表，電壓表示數(shù)都增大

C.滑片向右滑動(dòng)，電流表，電壓表示數(shù)都增大

D.滑片向右滑動(dòng)，電流表示數(shù)減小，電壓表示數(shù)增大

8.測(cè)量空氣濕度的模擬電路如圖1所示,R是定值電阻,RH為濕敏電阻,濕度表是由兩電表中某只改裝而成，在電壓一定

時(shí),通過濕敏電阻①和②的電流/與濕度S關(guān)系的圖像如圖2所示,當(dāng)開關(guān)S閉合后，隨著濕度的增大,濕度表指針向右偏

轉(zhuǎn)。則（）

電流7

CZF

R

濕度/s

A.為提高測(cè)量靈敏度,應(yīng)選用濕敏電阻①B.濕敏電阻的阻值隨濕度升高而增大

C.隨著濕度的增大，電路消耗的總功率變小D.濕度表是由電壓表改裝而成的

9.某科技小組為快遞公司設(shè)計(jì)的分揀計(jì)數(shù)裝置簡化電路如圖所示。&為定值電阻,凡為光敏電阻,其阻值與光照強(qiáng)度大

小成反比。激光被遮擋一次,計(jì)數(shù)器會(huì)自動(dòng)計(jì)數(shù)一次（計(jì)數(shù)器可視為電壓表）。閉合開關(guān),激光被遮擋瞬間，下列說法正

確的是（）

激光發(fā)射器

A.電阻％的阻值變小B.通過&的電流變大

C.電阻&兩端的電壓變大D.電阻7?2消耗的功率變大

10.有一種測(cè)定油箱內(nèi)油量的裝置如圖,有關(guān)此裝置下面說法正確的是（

A.此油量表既可以是電流表,也可以是電壓表

B.去掉電路中的定值電阻R',電路仍可以安全正常地工作

C.油面下降時(shí),R阻值增大,油量表示數(shù)增大

D.油面上升時(shí),R阻值減小,油量表示數(shù)增大

11.小龍?jiān)O(shè)計(jì)了一種煙霧報(bào)警器的電路圖,如圖所示。品為定值電阻,R為光敏電阻,其阻

值隨光照強(qiáng)度的增大而減小。當(dāng)電路所在區(qū)域煙霧濃度增大到一定程度時(shí)，電壓表指針

偏轉(zhuǎn)到某個(gè)位置觸發(fā)報(bào)警裝置（圖中未畫出），開始報(bào)警。下列說法正確的是（）

A.煙霧濃度增大時(shí)，電流表的示數(shù)增大

B.煙霧濃度增大時(shí)，電壓表的示數(shù)增大

C.要使報(bào)警器在煙霧濃度較小時(shí)就開始報(bào)警,應(yīng)增大Ro的阻值

D.要使報(bào)警器在煙霧濃度較小時(shí)就開始報(bào)警,應(yīng)減小電源電壓

12.如圖（甲）所示,虛線框內(nèi)為供電電路（未畫出）。能提供滿足特殊需求的電流,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器R的滑片，電壓表，電流

表示數(shù)的U-/關(guān)系圖像如圖（乙）所示,則下列表示供電電路總電流/總,定值電阻&和R的總功率P總隨電流表示數(shù)/變化

的關(guān)系圖像中，正確的是（）

13.如圖所示,4B為鉛筆芯,其電阻與長度成正比,c為鉛筆芯的中點(diǎn),在滑片P從c向d

端滑動(dòng)過程中，下列說法正確的是（）

A.電壓表示數(shù)在增大

B.電路的總電阻逐漸增大

C.A1,4的示數(shù)同時(shí)增加

D.&示數(shù)變化量小于4示數(shù)變化量

14.如圖電路，恒流電源輸出電流大小不變，電流表示數(shù)為/,電壓表的示數(shù)為U,電路總。恒流電源O

電阻為R總，電路消耗的總功率為P總,下列關(guān)系圖線中,可能正確的是（）-<Y^-

15.如圖所示的電路，電源電壓恒定,下列操作一定可行的是（）

A.只閉合Si時(shí),把滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移，電流表，電壓表增大

B.只閉合S1時(shí),把滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移，電流表，電壓表增大

C.滑動(dòng)變阻器的滑片P不動(dòng),S2斷開,Si由閉合到斷開，電流表，電壓表均減小

D.滑動(dòng)變阻器的滑片P不動(dòng),S1閉合,S2由閉合到斷開，電流表，電壓表均減小

二，填空題：本大題共7小題，共14分。

16.如圖是檢測(cè)酒精濃度的測(cè)試儀原理圖，圖中電源電壓恒定為8匕&為定值電阻,酒精

氣體傳感器的阻值隨酒精氣體濃度的增大而減小。當(dāng)酒精濃度為。時(shí),R2=602此

時(shí)電壓表示數(shù)為2匕則定值電阻區(qū)的阻值為。。若測(cè)量酒駕司機(jī)，電壓表示數(shù)將

,電路的總功率（填“變大”，“變小”或“不變”）。

17.如圖所示是一個(gè)自動(dòng)體重測(cè)量儀的工作原理圖,CB部分為導(dǎo)體,B4部分為絕緣體重顯示表

體,凡為定值電阻。體重顯示表是用表改裝而成的，圖中有絕緣層的部分相

當(dāng)于電路中的，體重測(cè)量儀所測(cè)體重越大，電路消耗的電功率。

18.如圖所示，電源電壓恒定為3匕電路中各元件完好，在工作過程中不會(huì)損壞。若只閉

合S1時(shí),移動(dòng)滑片P,使燈泡變亮的過程中，電壓表的示數(shù)（選填“變大”“變小”

或“不變”）,若滑片P移至a端,先只閉合S2,再將S］和S2同時(shí)閉合，此時(shí)電壓表示數(shù)為

V,電流表的示數(shù)（選填“變大”“變小”或“不變”）。

19.如圖甲所示電路,開關(guān)S1,S2閉合后兩電流表的指針均指在同一位置,示數(shù)如圖乙所

示,則通過電的電流為A,兩電阻之比R2=,只斷開開關(guān)S2,電流表41的示數(shù)將（變大/變小/不

變）。

20.小鋒設(shè)計(jì)如圖所示的電路來判斷梅雨季節(jié)教室里相對(duì)濕度的變化。選用的器材有：3U電

源,濕度傳感器（其電阻Rs的阻值隨相對(duì)濕度的增大而減?。?定值電阻R=2Xio3n,一只電壓

3

表（量程為。?3U）等。當(dāng)相對(duì)濕度為40%時(shí),Rs=lx1012,電壓表示數(shù)為2匕則電壓表是并

聯(lián)在_____的兩端，當(dāng)電壓表示數(shù)變大時(shí),教室里相對(duì)濕度在______O

21.在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變?；瑒?dòng)變阻器的原理：通過改變接入電路中導(dǎo)

體的—來改變電阻，閉合電鍵S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電流表4的示數(shù)

將—，電壓表U與電流表4示數(shù)的乘積將—（填“變大"，“不變”或“變小”）o

22.如圖甲所示,是一定量的水的體積隨溫度的變化圖像,在盛水的燒杯中固定一只壓敏電阻（其阻值不受溫度影響，阻

值隨壓力的增大而減?。?與一電壓表和兩個(gè)合適阻值的電阻，電源組成電路,如圖乙所示。當(dāng)給燒杯中的水從0攝氏度

緩慢加熱到10攝氏度的過程中（不考慮水質(zhì)量的變化的影響），則水的體積變化是,電壓表的示數(shù)變化是o

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：原電路中，光敏電阻R與定值電阻&串聯(lián)，電壓表測(cè)光敏電阻的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

因光阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小。閉合開關(guān),逐漸增大對(duì)光敏電阻的光照強(qiáng)度,光敏電阻變小,根據(jù)電阻的串聯(lián)，總電

阻變小，由歐姆定律，電路中電流即電流表示數(shù)變大,故選項(xiàng)AB錯(cuò)誤.

根據(jù)歐姆定律的變形公式U=IR,定值電阻的電壓變大，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律,光敏電阻即電壓表示數(shù)變小,故選項(xiàng)C

正確,￡＞錯(cuò)誤。

故選：Co

分析電路的連接，由光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小,根據(jù)電阻的串聯(lián)判斷電路的電阻變化，由歐姆定律確定

電流的變化,和定值電阻的變化,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律確定電壓表示數(shù)的變化。

本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律的運(yùn)用，關(guān)鍵是明確光敏電阻的阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小。

2.【答案】B

【解析】解：由電路圖可知，閉合開關(guān)S,燈泡和滑動(dòng)變阻器并聯(lián)，電流表4測(cè)通過燈泡的電流，電流表41測(cè)干路電流，電

壓表測(cè)電源兩端電壓.

4因電源電壓不變,所以滑片移動(dòng)時(shí)，即電壓表，的示數(shù)不變,因并聯(lián)電路各支路互不影響,則移動(dòng)滑片時(shí),通過燈泡的電

流和實(shí)際功率均不變,則燈泡的亮度不變，故A錯(cuò)誤.

BC,通過燈泡的電流不變,即電流表4的示數(shù)不變.

滑動(dòng)變阻器的滑片P從最右端向中點(diǎn)移動(dòng)的過程中,滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，由歐姆定律可知,通過滑動(dòng)變阻器

的電流增大,根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知,干路電流增大,即電流表&示數(shù)變大，故8正確,C錯(cuò)誤.

D,因?yàn)殡妷罕恚氖緮?shù)不變，電流表出的示數(shù)不變，所以電壓表，的示數(shù)和電流表4示數(shù)的比值不變，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

分析清楚電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化,然后用應(yīng)用并聯(lián)電路的特點(diǎn)與歐姆

定律分析答題。

本題是一道動(dòng)態(tài)電路的分析題,分析清楚電路結(jié)構(gòu),靈活應(yīng)用并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律是解題的關(guān)鍵。

3.【答案】B

【解析】解：4只閉合開關(guān)Si時(shí)，滑動(dòng)變阻器處于斷路狀態(tài)，所以該選項(xiàng)錯(cuò)誤.

8,只閉合開關(guān)S2時(shí),整個(gè)電路處于斷路狀態(tài),因此電流表和電壓表都沒有示數(shù),該選項(xiàng)正確.

C,閉合開關(guān)Si和S2,滑動(dòng)變阻器和燈并聯(lián),在不同的支路,互不影響，向右移動(dòng)滑片P時(shí),燈的亮度不變,所以該選項(xiàng)錯(cuò)誤.

D,只閉合開關(guān)￡時(shí)，電路中只有小燈泡一個(gè)用電器，電流表測(cè)電流，再閉合開關(guān)S2,電路成了滑動(dòng)變阻器和小燈泡并聯(lián)，

電流表測(cè)干路的總電流，并聯(lián)上滑動(dòng)變阻器后，電路的總電阻減小了，電流表的示數(shù)增大了。因此該選項(xiàng)不正確。

故選：Bo

本題屬于對(duì)電路的分析題,解決的方法是按照各項(xiàng)要求，閉合或斷開開關(guān)仔細(xì)分析電路,才能得到正確的結(jié)論。

本題考查學(xué)生的分析能力,對(duì)學(xué)生的要求比較高,必須掌握電路的基本知識(shí)以及歐姆定律的相關(guān)知識(shí),綜合性較強(qiáng),也是

出錯(cuò)最多的題目。

4.【答案】C

【解析】【分析】

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析,涉及到串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，正確得出電壓表匕示數(shù)變化量與電流表力示數(shù)

變化量的比值和定值電阻的阻值關(guān)系是關(guān)鍵。

由電路圖可知，閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器&與定值電阻串聯(lián)，電壓表匕測(cè)電源兩端的電壓，電壓表/測(cè)R1兩端的電壓，電

流表a測(cè)電路中的電流。

(1)根據(jù)電源電壓不變可知滑片移動(dòng)時(shí)電壓表匕示數(shù)的變化，根據(jù)滑片的移動(dòng)可知變阻器接入電路中電阻的變化,利用

歐姆定律可知電路中電流的變化,進(jìn)一步可知電壓表匕示數(shù)與電流表4示數(shù)的乘積變化,再根據(jù)歐姆定律可知定值電阻

夫2兩端的電壓變化，利用串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知變阻器％兩端的電壓變化.

(2)設(shè)出滑片移動(dòng)前后電路中的電流，利用串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律表示出電壓表%示數(shù)變化量,然后得出電壓

表/示數(shù)變化量與電流表4示數(shù)變化量的比值變化。

解：

由電路圖可知，閉合開關(guān)S,滑動(dòng)變阻器&與定值電阻串聯(lián)，電壓表匕測(cè)電源兩端的電壓，電壓表/測(cè)心兩端的電壓，電

流表4測(cè)電路中的電流。

ABD由電源電壓不變可知，滑片移動(dòng)時(shí)，電壓表明示數(shù)不變.

%滑片向右移動(dòng)的過程中,變阻器接入電路中的電阻變大，電路的總電阻變大.

由/=§可知，電路中的電流變小，即電流表4的示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤.

則電壓表明示數(shù)與電流表力示數(shù)的乘積變小,故D錯(cuò)誤.

由U=/R可知,定值電阻&兩端的電壓變小.

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和.

所以,變阻器區(qū)兩端的電壓變大,即電壓表彩的示數(shù)變大,故B錯(cuò)誤.

C.設(shè)滑片移動(dòng)前后電路中的電流分別為人,I2.

則電壓表彩示數(shù)變化量：帆=(U-/2/?2)-([/-//2)=一%川2=4/R2,即等=?2.

所以，電壓表/示數(shù)變化量與電流表4示數(shù)變化量的比值不變,故C正確。

故選：Co

5.【答案】D

【解析】解：由電路圖可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)定值電阻兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

由圖乙可知,當(dāng)有害尾氣濃度增大時(shí),氣敏電阻的阻值將變小，電路的總電阻變小，由/=《可知，電路中的電流變大,即電

K

流表的示數(shù)變大，故A3錯(cuò)誤.

由U=/R可知,定值電阻品兩端的電壓變大,即電壓表的示數(shù)變大,故C錯(cuò)誤.

根據(jù)P=U/知電路消耗的總功率將變大，故。正確。

故選：Do

由電路圖可知,兩電阻串聯(lián)，電壓表測(cè)定值電阻兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流,根據(jù)乙圖得出當(dāng)有害尾氣濃度增大

時(shí)氣敏電阻阻值的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和定值電阻兩端的電壓變化,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可

知電壓表示數(shù)的變化,根據(jù)P=U/判斷出電路消耗總功率的變化。

本題考查了電阻的串聯(lián)特點(diǎn),歐姆定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是根據(jù)圖象得出當(dāng)有害尾氣濃度變大時(shí)氣敏電阻阻值的變化。

6.【答案】A

【解析】解：由電路圖可知,定值電阻品與濕敏電阻R串聯(lián)，電壓表測(cè)治兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。

因濕敏電阻的阻值會(huì)隨含水量的升高而增大.

所以，當(dāng)葉片含水量降低時(shí),R的阻值減小,控制電路總電阻減小,故C錯(cuò)誤.

由/=（可知，電路中的電流增大，由￡/=/夫可知,&兩端的電壓增大,即電壓表的示數(shù)增大，故A正確.

電路的電流增大，電磁鐵的磁性增強(qiáng)，將銜鐵吸引下來,蜂鳴器報(bào)警,指示燈不發(fā)光,故8錯(cuò)誤.

電源電壓不變，電流增大,根據(jù)P=U/可知,總功率變大,故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

由電路圖可知，定值電阻Ro與濕敏電阻R串聯(lián)，電壓表測(cè)&兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。

根據(jù)“濕敏電阻的阻值會(huì)隨含水量的升高而增大”可知當(dāng)葉片含水量降低時(shí)R的阻值變化,進(jìn)一步得出電路中總電阻的

變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和&兩端的電壓變化.

電路中的電流增大，電磁鐵的磁性增強(qiáng),將銜鐵吸引下來,蜂鳴器報(bào)警.

根據(jù)P=U/判定總功率的變化。

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析,涉及到歐姆定律，電功率公式的應(yīng)用，利用好“濕敏電阻的阻值會(huì)隨含水量的升高而增

大”是關(guān)鍵。

7.【答案】B

【解析】解：由電路圖可知，燈泡L與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)L兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

當(dāng)滑片向左滑動(dòng)時(shí),變阻器接入電路中的電阻減小，電路的總電阻減小.

由/=/可知，電路中的電流增大,即電流表的示數(shù)增大.

變阻器接入電路中的電阻減小，由串聯(lián)電路的分壓特點(diǎn)可知，變阻器兩端的電壓減小，燈泡兩端的電壓增大,即電壓表的

示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤,8正確.

同理可知,滑片向右滑動(dòng)時(shí)，電流表，電壓表的示數(shù)都減小,故錯(cuò)誤。

故選：Bo

8.【答案】A

【解析】解：4濕度增大，電流變化越明顯說明濕度表越靈敏，根據(jù)圖乙可知，濕度越大,通過濕敏電阻①的電流變化

越明顯,所以為提高測(cè)量靈敏度,應(yīng)選用濕敏電阻①，故A正確。

BD,定值電阻R和濕敏電阻RH串聯(lián)接入電路，電壓表測(cè)量RH的電壓，串聯(lián)電路中電流處處相等,如圖2所示,濕敏電阻的

濕度越大,通過濕敏電阻①和②的電流越大,說明電路中的電流越大,根據(jù)歐姆定律可知,濕敏電阻的阻值變小，即濕敏

電阻的阻值隨濕度升高而減小，根據(jù)串聯(lián)電路分壓原理可知,濕敏電阻的電壓減小。當(dāng)開關(guān)S閉合后,隨著濕度的增大，

濕度表指針向右偏轉(zhuǎn),所以此濕度表是由電流表改裝而成的,故民。錯(cuò)誤.

C,隨著濕度增大，電路中電流增大，電路的總電壓不變,根據(jù)P=U/計(jì)算電路消耗的總功率變大,故C錯(cuò)誤。

故選：Ao

如圖1所示,定值電阻R和濕敏電阻RH串聯(lián)接入電路，電壓表測(cè)量RH的電壓,串聯(lián)電路中電流處處相等，如圖2所示，濕敏

電阻的濕度越大,通過濕敏電阻①和②的電流越大,說明電路中的電流越大.

(1)為提高測(cè)量靈敏度,濕度增大，電流變化越明顯越好,據(jù)此分析應(yīng)該選擇的濕敏電阻.

(2)隨著濕度增大，電路中電流增大，電路的總電壓不變，根據(jù)P=U/計(jì)算電路消耗的總功率如何變化.

(3)圖2中濕敏電阻的濕度越大，電路中的電流越大，根據(jù)歐姆定律可知，此時(shí)濕敏電阻的電阻越小，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓

原理,濕敏電阻的電壓減小,據(jù)此分析濕度表是什么表改裝而來。

本題主要考查了電路的動(dòng)態(tài)分析和歐姆定律的應(yīng)用，題目綜合性較強(qiáng)。

9.【答案】C

【解析】解：

A,根據(jù)電路圖可知,兩電阻串聯(lián),計(jì)數(shù)器(電壓表)測(cè)匕的電壓，已知光敏電阻的阻值與光照強(qiáng)度大小成反比,所以激光被

遮擋瞬間電阻燈的阻值變大，故A錯(cuò)誤.

B,電阻％變大，由串聯(lián)電阻的規(guī)律可知，電路的總電阻變大，由歐姆定律可知，電路中的電流變小，通過/?2的電流變小，故

B錯(cuò)誤.

C,根據(jù)U=/R可知，電流變小時(shí),/?2兩端的電壓變小，由于電源電壓不變，由串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可知,則飛兩端的電壓

變大,故C正確.

D,根據(jù)P=JR可知，電阻消耗的功率變小，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)電路圖可知,兩電阻串聯(lián),計(jì)數(shù)器(電壓表)測(cè)心的電壓，已知光敏電阻的阻值與光照強(qiáng)度大小成反比,據(jù)此分析激光

被遮擋瞬間電阻飛的阻值變化，由串聯(lián)電阻的規(guī)律和歐姆定律分析電路的電流變化.

根據(jù)U=/R確定&兩端電壓的變化，由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律分析計(jì)數(shù)器兩端的電壓變化.

根據(jù)P=JR分析電阻&消耗的功率的變化。

本題考查串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律的運(yùn)用，關(guān)鍵是電路的分析。

10.【答案】D

【解析】解：4根據(jù)電壓表并聯(lián)在電路中，電流表串聯(lián)在電路中，油量表和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，可以判斷油量表是電流表

改裝成的,4說法錯(cuò)誤,不符合題意.

B,電阻R'串聯(lián)在電路中,對(duì)電路起保護(hù)作用,B說法錯(cuò)誤,不符合題意.

C,由電路圖可知，當(dāng)油面下降時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，由歐姆定律可知，電路電流減小,則油量表示數(shù)減

小,C說法錯(cuò)誤,不符合題意.

D,由圖可知，當(dāng)油面上升時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，由歐姆定律可知，電路電流增大,則油量表示數(shù)增大,。說

法正確,符合題意.

故選：Do

A,根據(jù)電壓表并聯(lián)在電路中，電流表串聯(lián)在電路中，油量表和滑動(dòng)變阻器串聯(lián),可以判斷油量表是電流表改裝成的。

B,電阻R'串聯(lián)在電路中,對(duì)電路起保護(hù)作用.

C和。，由圖可知，油量發(fā)生變化時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值發(fā)生變化，由歐姆定律可知，電路電流發(fā)生變化。

此題涉及到了歐姆定律的應(yīng)用，電流表的使用,滑動(dòng)變阻器的使用等知識(shí)點(diǎn),綜合性較強(qiáng),有一定的難度,解答此題的關(guān)

鍵是明白油量表的工作原理。

1L【答案】B

【解析】解：由電路圖可知，光敏電阻R和定值電阻品串聯(lián)，電壓表測(cè)R兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

AB,當(dāng)煙霧濃度增大時(shí),光照強(qiáng)度變小,光敏電阻接入電路中的阻值變大,根據(jù)歐姆定律可知，電路中的電流變小，由U=

/R可知,定值電阻兩端的電壓變小，因?yàn)榇?lián)電路兩端的電壓等于各部分電路兩端的電壓之和,且電源電壓不變,所以光

敏電阻的兩端電壓變大,即電壓表示數(shù)變大,故A錯(cuò)誤,B正確.

CD,要使報(bào)警器在濃度較小的煙霧下報(bào)警,說明光照強(qiáng)度更強(qiáng)時(shí)，報(bào)警器就會(huì)報(bào)警,則此時(shí)的光敏電阻的阻值比原來的

臨界值小,此時(shí)R兩端的分壓變小,而報(bào)警時(shí)是R兩端的電壓保持不變,根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理可知,應(yīng)減小品的阻值

或增大電源電壓，故C。錯(cuò)誤。

故選：Bo

由電路圖可知，光敏電阻R和定值電阻島串聯(lián)，電壓表測(cè)R兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。

(1)當(dāng)煙霧濃度增大時(shí)，根據(jù)光照強(qiáng)度判定R阻值的大小,根據(jù)歐姆定律可知電路中的電流變化和定值電阻兩端的電壓變

化,根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律判定R兩端電壓的大小.

(2)要使報(bào)警器在濃度更低的煙霧下報(bào)警,判斷光敏電阻的阻值變化，由歐姆定律分析采取的方法。

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析,涉及到串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，從題干中獲取有用的信息是關(guān)鍵。

12.【答案】D

【解析】解：由題知甲電路中&與R并聯(lián),則二者電壓相等，電流之和為/總，電流表測(cè)量通過R的電流，電壓表測(cè)量總電

壓。

AB,通過圖乙可知,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片，電壓表，電流表示數(shù)都改變,則假設(shè)電流為恒流源,則電壓U=I0R0=。總-

/)R0=-/&+/總

由于和%都是定值,則得到U和/的一次方程,斜率為-并且/=/總Ro,故與圖乙符合,故能確定是恒流源，/總不變，

故都錯(cuò)誤.

1

CD,總功率P=UI&=。總-總=-/總+監(jiān)Ro,其中Ro與/總為定值,貝JP與的圖像是條斜率向下的直線,故C錯(cuò)

誤,￡)正確。

故選：Do

由題知甲電路中Ro與R并聯(lián),則二者電壓相等，電流之和為/總，電流表測(cè)量通過R的電流，電壓表測(cè)量總電壓。

(1)通過圖乙可知,移動(dòng)滑動(dòng)變阻器滑片，電壓表，電流表示數(shù)都改變,則假設(shè)電流為恒流源,根據(jù)歐姆定律得出電壓的表

達(dá)式,據(jù)此分析供電電路總電流/A將S、隨電流表示數(shù)/變化的關(guān)系圖像.

(2)總功率P=UI&=(/總—/)&/總=T總R°I+qRo,其中區(qū)與/總為定值,則P與的圖像是條斜率向下的直線,據(jù)此分

析總功率P總隨電流表示數(shù)/變化的關(guān)系圖像。

本題考查電功率的計(jì)算和歐姆定律的應(yīng)用，并考查綜合分析能力,有一定難度。

13.【答案】D

【解析】解：由電路圖可知，鉛筆芯2P部分電阻和BP部分電阻RBP并聯(lián)，電流表4測(cè)R"支路的電流，電流表4測(cè)

RBP支路的電流，電壓表測(cè)量電源電壓，由于電源電壓不變,所以滑片移動(dòng)電壓表的示數(shù)不變，故A錯(cuò)誤.

因并聯(lián)電路中總電阻的倒數(shù)等于各支路電阻倒數(shù)之和，即3=口+六.

H總、^APKBP

所以，電路的總電阻：/?族=守耍.

心RAP+RBP

因鉛筆芯的總電阻R=RAP+RBP不變.

所以，RAP+RBP>27RAPRBP，當(dāng)&P=RBP時(shí)，電路的總電阻最大.

c為鉛筆芯的中點(diǎn),在滑片P從c向d端滑動(dòng)過程中，電路的總電阻變小，故2錯(cuò)誤.

由/=§可知，電路的總電流變大.

因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等,且火近變大,RBP變小.

由=/可知,支路的電流變小,RBP支路的電流變大，即電流表4示數(shù)變小，電流表&示數(shù)變大,故C錯(cuò)誤.

因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和.

所以，由干路電流變大，&示數(shù)變小示數(shù)變大可知，&示數(shù)變化量小于4示數(shù)變化量，故。正確。

故選：Do

由電路圖可知,鉛筆芯力P部分電阻和8P部分電阻并聯(lián)，電流表&測(cè)支路的電流，電流表4測(cè)RBP支路的電流,

電壓表測(cè)量電源電壓。根據(jù)電阻的并聯(lián)表示出電路的總電阻,根據(jù)鉛筆芯的總電阻R=RAP+RBP不變結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)判

斷出以P與RBP相等時(shí)電路的總電阻最大,據(jù)此判斷出在滑片P從c向d端滑動(dòng)過程中電路的總電阻變化，根據(jù)歐姆定律可

知電路的總電流變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律結(jié)合&P，RBP的變化判斷出兩支路的電流變化,利用并聯(lián)電

路的電流特點(diǎn)判斷出力1示數(shù)變化量和42示數(shù)變化量的大小關(guān)系。

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析,涉及到并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，正確判斷出滑片移動(dòng)時(shí)電路的總電阻變大是關(guān)

鍵，有一定的難度。

14.【答案】D

【解析】解:由圖可知凡與7?2并聯(lián)，電壓表測(cè)電源電壓，電流表測(cè)比支路的電流。

若電源提供的電流恒定為/總.

4當(dāng)滑動(dòng)變阻器％接入電路的電阻變大時(shí)，電路中的總電阻變大,因?yàn)殡娫刺峁┑碾娏骱愣ǎ蒛=/R可知，電源電壓變

大.

因?yàn)椴⒙?lián)電路各支路兩端電壓相等,等于電源電壓,所以電阻兩端的電壓變大,定值電阻阻值不變，由/=(可知通

過定值電阻的電流變大，由/=/總-%可知,通過滑動(dòng)變阻器的電流減小，即滑動(dòng)變阻器％接入電路的電阻變大時(shí),通

過它的電流變小，故A錯(cuò)誤.

A由并聯(lián)電路的電阻關(guān)系可知,3=卷+卷，因?yàn)椤稙槎ㄖ?所以白與卷是不從原點(diǎn)開始的正比例函數(shù),故2錯(cuò)誤.

K總、人2”2K總、

C.由題意可知,U=/總R總,所以>士=2**+高)=金+金'因?yàn)樽詾槎ㄖ?所以也與看是不從原點(diǎn)開始

的正比例函數(shù)，故c錯(cuò)誤.

D由題意可知,「總=李總，所以=產(chǎn)七一=p-x^-=jr><(^-+^-)=段-+尸，，因?yàn)榧?為定值,所以，-與高是

總I總R總/總總/總12/總Ri/總口2I息口2-總勺

不從原點(diǎn)開始的正比例函數(shù)，故。正確。

故選：Do

由圖可知：%與7?2并聯(lián),電壓表測(cè)電源電壓，電流表測(cè)治支路的電流。

電源提供電流一定,即總電流一定,根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)分別表示出/與右,更與K與白和白與白的表達(dá)式,由數(shù)學(xué)知識(shí)

"總"1UHly總凡1

分析判斷即可。

本題考查并聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律和電功率公式的運(yùn)用，體現(xiàn)了數(shù)學(xué)知識(shí)與物理知識(shí)的融合,有一定難度。

15.【答案】D

【解析】解：(1)只閉合S1時(shí),％與/?2串聯(lián)，電壓表測(cè)R2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

把滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移,接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大.

由/=§可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小.

由U=/R可知,凡兩端的電壓變小.

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和.

所以,變阻器R2兩端的電壓變大,即電壓表的示數(shù)變大.

同理可知,把滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移時(shí)，電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小，故錯(cuò)誤.

(2)滑動(dòng)變阻器的滑片P不動(dòng),S2斷開.

當(dāng)SI閉合時(shí),仁與夫2串聯(lián)，電壓表測(cè)&兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

當(dāng)Si斷開時(shí)，電路斷路，電壓表測(cè)電源的電壓.

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且電路中從有電流到無電流.

所以，電壓表的示數(shù)變大，電流表的示數(shù)變小,故C錯(cuò)誤.

(3)滑動(dòng)變阻器的滑片P不動(dòng),Si閉合.

當(dāng)S2閉合時(shí)，電路為7?2的簡單電路，電壓表測(cè)/?2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

當(dāng)S2斷開時(shí)，心與公串聯(lián)，電壓表測(cè)氏2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流.

因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和.

所以，由/=卷可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小.

由0=/R可知,&兩端的電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小，故。正確。

故選：Do

本題考查了電路的動(dòng)態(tài)分析,涉及到串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律的應(yīng)用，關(guān)鍵點(diǎn)開關(guān)閉合,斷開時(shí)電路連接方式的判斷

和電路變化的判斷。

16.【答案】20變大變大

【解析】解：由圖可知,定值電阻％,傳感器R2串聯(lián)，電流表測(cè)量電路中的電流，電壓表測(cè)量％兩端的電壓.

(1)當(dāng)酒精濃度為0時(shí),R2=600,此時(shí)電壓表示數(shù)為2匕即/=2V.

根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可知,凡兩端的電壓：U2=U-U1=8V-2V=6V.

則電路中的電流：/=/2=?=黑=。44

附2OUJZ

由/部可得，定值電阻％的阻值：%=)=怒=202

(2)若測(cè)量酒駕司機(jī),酒精氣體濃度變大，由題意可知傳感器/?2的電阻變小,總電阻變小,根據(jù)歐姆定律可知電路中的電

流變大,根據(jù)U=限可知,定值電阻&兩端電壓變大，即電壓表示數(shù)變大.

電源電壓不變，電路中的電流變大,根據(jù)P=U/可知，電路的總功率變大。

故答案為：20,變大,變大。

由圖知，定值電阻心,傳感器&串聯(lián)，電流表測(cè)量電路中的電流，電壓表測(cè)量％兩端的電壓.

(1)當(dāng)酒精濃度為0時(shí),R2=60。,此時(shí)電壓表示數(shù)為2V,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律和分壓原理求出定值電阻％的阻值，

根據(jù)P=U/求出電路的總功率.

(2)若測(cè)量酒駕司機(jī),酒精氣體濃度變大，由題意可知傳感器/?2的電阻變化，由串聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知電路中總電阻的

變化,根據(jù)歐姆定律分析電路中電流的變化，電壓表示數(shù)的變化,根據(jù)P=U/分析總功率的變化。

本題是電路的動(dòng)態(tài)分析題,考查了串聯(lián)電路的特點(diǎn),歐姆定律和電功率公式的應(yīng)用,難度不大。

17.【答案】電流開關(guān)越大

【解析】解：由電路圖可知,凡與&串聯(lián)，體重顯示表串聯(lián)在電路中，所以體重顯示表是用電流表改裝成的，測(cè)電路中的

電流。

當(dāng)自動(dòng)體重測(cè)試儀不工作時(shí),滑片位于絕緣體的位置，電路斷路,所以圖中有絕緣層的部分相當(dāng)于電路中的開關(guān)。

體重測(cè)量儀所測(cè)體重越大,在杠桿的作用下滑片上移,滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻變小，電路的總電阻變小，由/=《可

知，電路中的電流變大,即體重顯示表的示數(shù)越大，由P=U/可知，電路消耗的電功率越大。

故答案為：電流，開關(guān)，越大。

18.【答案】變小0不變

【解析】解:

(1)由電路圖可知,若只閉合S1時(shí)，燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端電壓,移動(dòng)滑片P,使燈泡變亮的過

程中,通過燈泡的電流增大，由歐姆定律可知，小燈泡兩端的電壓增大,滑動(dòng)變阻器接入電路阻值減小,根據(jù)串聯(lián)電路電

壓的規(guī)律知,滑動(dòng)變阻器兩端的電壓減小，即電壓表示數(shù)減小.

(2)若滑片P移至a端,即變阻器接入電路的阻值為0,電壓表示數(shù)為0V,只閉合S2時(shí)，電路只有定值電阻R,電流表測(cè)量定

值電阻R的電流，則電流表的示數(shù)：T.

Si和S2同時(shí)閉合時(shí)，燈泡L與定值電阻并聯(lián)，電流表測(cè)量定值電阻的電流,定值電阻兩端的電壓仍等于電源電壓,則電流

表的示數(shù)仍為：r=(所以滑片P移至a端，只閉合52時(shí)與a和S2同時(shí)閉合時(shí)相比，電流表的示數(shù)不變。

故答案為：變小,0,不變。

只閉合S1時(shí),燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端電壓,根據(jù)燈泡亮度的變化分析燈泡實(shí)際功率的變化,根

據(jù)P=5分析燈泡兩端電壓的變化,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律分析電壓表示數(shù)的變化.

若滑片P移至a端,滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為0,據(jù)此分析電壓表示數(shù)的大小.

先只閉合S2,電路只有定值電阻R,電流表測(cè)量定值電阻R的電流，根據(jù)歐姆定律表示出電流的大小.

S1和S2同時(shí)閉合時(shí)，燈泡L與定值電阻并聯(lián)，電流表測(cè)量定值電阻的電流,根據(jù)歐姆定律表示出電流表示數(shù)的大小,然后

分析前后兩次電流表示數(shù)的變化情況。

本題是一道電路動(dòng)態(tài)分析題,分析清楚電路結(jié)構(gòu)是正確解題的前提與關(guān)鍵,分析清楚電路結(jié)構(gòu)后,根據(jù)電路結(jié)構(gòu),應(yīng)用并

聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題。

19.【答案】1.44,1：4,變小

【解析】解：(1)當(dāng)閉合開關(guān)Si，52后,兩電阻并聯(lián)，電流表必測(cè)干路的電流，電流表出測(cè)電阻&電流,因并聯(lián)電路中干路

電流等于各支路電流之和,且兩個(gè)電流表指針的偏轉(zhuǎn)相同,所以，電流表4的量程為。?。石4分度值為0.024,通過的

電流/2=0364電流表4的量程為0?3A分度值為0.L4,干路電流/=1.8A,則通過％的電流人=1-12=1.84-

0.364=1.444

(2)因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，由/=/可得,兩電阻的阻值之比：粵=手=?=1：4.

KK2A

(3)開關(guān)S1,S2閉合，電流表4示數(shù)/=*+*,當(dāng)只斷開開關(guān)S2時(shí)，電流表4示數(shù)/'=，,(，+導(dǎo))>，，故I>I',故只斷

附1穴2附2附1K2K2

開開關(guān)S2,電流表4的示數(shù)將變小。

故答案為：1.44,1：4,變小。

(1)當(dāng)閉合開關(guān)S1,S2后，由電路圖可知,兩電阻并聯(lián)，電流表4測(cè)干路的電流，電流表4測(cè)電阻&電流,根據(jù)并聯(lián)電路的

電流特點(diǎn)和電流表指針的位置確定兩電流表的量程,根據(jù)分度值讀取示數(shù),進(jìn)一步求出兩支路的電流.

(2)利用并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻的阻值之比.

(3)利用歐姆定律計(jì)算斷開開關(guān)S2后電流表4的示數(shù),與未斷