2024-2025學(xué)年浙江省金華十校高二上學(xué)期期末調(diào)研考試物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試題PAGEPAGE1金華十校2024—2025學(xué)年第一學(xué)期期末調(diào)研考試高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共7頁，滿分100分，考試時間90分鐘。考生注意：1．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列各物理量數(shù)值中的負(fù)號表示大小的是（）A.電勢B.電荷量C.功D.磁通量【答案】A【解析】A．電勢有正負(fù)，正負(fù)表示大小，故A正確；B．電荷量有正負(fù)，但正負(fù)不表示大小，正負(fù)表示電性，故B錯誤；C．功有正負(fù)，但正負(fù)不表示大小，正負(fù)表示動力做功還是阻力做功，故C錯誤；D．磁通量的正負(fù)表示磁感線進(jìn)出面的不同，不表示大小，故D錯誤。故選A。2.關(guān)于下列幾幅圖片的說法錯誤的是（）A.燃?xì)庠钪嗅樇庑吸c火器是利用高壓尖端放電原理進(jìn)行點火B(yǎng).真空冶煉爐利用交變電流直接產(chǎn)生熱能給爐體加熱，從而融化爐內(nèi)金屬C.高壓輸電線上方的兩根接地導(dǎo)線具有避雷保護(hù)線路的作用D.金屬編織網(wǎng)包裹著導(dǎo)體線芯利用了靜電屏蔽原理降低干擾【答案】B【解析】A．因為電荷集中于形狀比較尖端的地方，即尖端放電，所以燃?xì)庠钪嗅樇庑吸c火器是利用高壓尖端放電原理進(jìn)行點火，故A正確，不符合題意；B．真空冶煉爐是利用高頻交流電在爐內(nèi)金屬中產(chǎn)生渦流進(jìn)行加熱，使金屬熔化，而不是利用交變電流直接產(chǎn)生熱能，故B錯誤，符合題意；C．高壓輸電鐵塔最上面的兩條導(dǎo)線是避雷線，防止雷直接擊到輸電線上，這兩條線一般與鐵塔相連，將電流引入大地，故C正確，不符合題意；D．金屬編織網(wǎng)能起到靜電屏蔽的作用，使網(wǎng)內(nèi)不受外部電場的影響，故D正確，不符合題意。故選B。3.用如圖所示裝置驗證環(huán)形電流的磁場方向，線圈未通電時與小磁針在同一豎直平面內(nèi)，線圈通電后小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。當(dāng)線圈中電流大小為I時，小磁針相對原位置偏轉(zhuǎn)角度，已知通電線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與線圈中的電流大小成正比，下列說法正確的是（）A.小磁針靜止時N極指向與通電線圈產(chǎn)生磁場的方向相同B.小磁針靜止時N極指向與通電線圈產(chǎn)生磁場的方向相反C.若電流增大為2I，小磁針的偏角增大為，且D.若電流增大為2I，小磁針的偏角增大為，且【答案】D【解析】AB．線圈未通電時與小磁針在同一豎直平面內(nèi)，小磁針N極指向水平向右，說明地磁場分量水平向右；通電后，根據(jù)右手螺旋定則，線圈產(chǎn)生的磁場方向水平向東（垂直紙面向外），合磁場方向如圖1所示：線圈中通入電流I時，小磁針靜止時N極指向與合磁場方向相同，與通電線圈產(chǎn)生磁場B1的方向既不相同，也不相反，故AB錯誤；CD．線圈中通入電流I時，合磁場方向與原來小磁針方向成α角度，根據(jù)數(shù)學(xué)知識線圈中通入電流2I時，合磁場方向與原來小磁針方向成β角度，即小磁針的偏角增大為β，如圖2所示，根據(jù)數(shù)學(xué)知識根據(jù)題意通電線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與線圈中的電流大小成正比，即B=kI因此B2=2B1聯(lián)立解得tanβ=2tanα故C錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，回旋加速器兩個D形金屬盒分別和一高頻交流電源兩極相接，兩盒放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于盒底面，粒子源置于盒的圓心附近。若粒子源射出的粒子（初速度不計）電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子最大回旋半徑為R，加速電壓為U，下列說法中正確的是（）A.所加交流電源的周期為B.一個周期內(nèi)粒子加速一次C.粒子加速后獲得的最大動能為D.粒子獲得的最大動能與加速的次數(shù)有關(guān)【答案】CB．粒子每通過一次電場加速一次，一個周期粒子會通過電場兩次，故一個周期粒子會被加速兩次，B錯誤；C．粒子加速后獲得的最大速度由D形金屬盒的半徑?jīng)Q定，根據(jù)可得最大速度為最大動能為C正確；D．粒子在回旋加速器中的最大動能由磁感應(yīng)強(qiáng)度B和D形盒半徑R決定，與加速的次數(shù)無關(guān)，D錯誤。故選C。5.在茶葉生產(chǎn)過程中有道茶葉、茶梗分離的工序，如圖所示，A、B兩個帶電球之間產(chǎn)生非勻強(qiáng)電場，茶葉茶梗都帶正電荷，且茶葉的比荷小于茶梗的比荷，兩者通過靜電場便可分離，并沿光滑絕緣分離器落入小桶。假設(shè)有一茶梗P電荷量為，質(zhì)量為，以的速度離開A球表面O點，最后落入桶底，O點電勢為，距離桶底高度為，桶底電勢為零。不計空氣阻力、茶葉茶梗間作用力及一切碰撞能量損失，重力加速度g取，則（）A.茶葉落入右桶，茶梗落入左桶B.M處的電場強(qiáng)度小于N處的電場強(qiáng)度C.M處的電勢低于N處的電勢D.茶梗P落入桶底速度為【答案】BD【解析】A．根據(jù)牛頓第二定律可知茶葉的比荷小于茶梗的比荷，故在任一位置茶葉茶梗的加速度大于茶葉的加速度，二者水平方向都做加速運(yùn)動，故相等時間內(nèi)茶梗的水平位移大于茶葉的水平位移，即茶梗落入右桶，茶葉落入左桶，故A錯誤；BC．電場線的疏密程度反映了電場強(qiáng)度的大小，M點的電場強(qiáng)度小于N點的電場強(qiáng)度，沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢高于N點的電勢，故B正確，C錯誤；D．茶梗P由O點開始到落入桶底過程，根據(jù)動能定理，有其中代入數(shù)據(jù)，解得故D正確。故選BD。6.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的輸液提示器，燈泡的電阻可視為不變。已知彈簧始終在彈性限度內(nèi)，滑動變阻器的滑片P不會超出a、b端，對于該裝置，閉合開關(guān)后，下列說法正確的是（）A.當(dāng)藥液減少時，電源的效率減小B.當(dāng)藥液減少時，電源的輸出功率減小C.當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，燈泡變亮D.當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，電壓表的示數(shù)變小【答案】A【解析】CD．當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，滑動變阻器的滑片向下滑動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路總電流減小，路端電壓增大；則通過燈泡的電流減小，燈泡變暗；由于燈泡兩端電壓減小，則滑動變阻器兩端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，故CD錯誤；A．電源的效率為當(dāng)藥液減少時，滑動變阻器的滑片向上滑動，滑動變阻器接入電路的電阻減小，減小，則電源的效率減小，故A正確；B．電源的輸出功率為當(dāng)時，輸出功率最大，但由于不知道與電源內(nèi)阻的關(guān)系，所以當(dāng)藥液減少時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，無法確定電源輸出功率的變化，故B錯誤。故選A。7.有一種噴墨打印機(jī)的打印頭結(jié)構(gòu)示意圖如圖所示，噴嘴噴出來的墨滴經(jīng)帶電區(qū)帶電后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)板，經(jīng)偏轉(zhuǎn)板間的電場偏轉(zhuǎn)后打到承印材料上．已知偏移量越大字跡越大，現(xiàn)要減小字跡，下列做法可行的是（）A.增大墨滴的帶電荷量B.減小墨滴噴出時的速度C.減小偏轉(zhuǎn)板與承印材料的距離D.增大偏轉(zhuǎn)板間的電壓【答案】C【解析】帶電粒子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)，側(cè)移，，，可得設(shè)粒子出偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角，偏轉(zhuǎn)電場的右側(cè)到承印材料的距離為l，則，，減小偏轉(zhuǎn)板與承印材料的距離可使字跡減小，故C正確8.某同學(xué)用圖甲電路探究自感現(xiàn)象對電流的影響，閉合開關(guān)后燈泡發(fā)光，過一會再斷開開關(guān)，圖乙為電流傳感器采集的電流隨時間變化的圖像。已知乙圖中單元格邊長為0.4s和0.1A，線圈直流電阻與燈泡電阻相同，電流傳感器內(nèi)阻不計。則（）A.開關(guān)閉合后通過線圈的電流恒為0.4AB.開關(guān)斷開后燈泡閃一下然后逐漸熄滅C.開關(guān)斷開后通過燈泡的電流方向向左D.開關(guān)斷開后流過燈泡的電荷量約為0.2C【答案】D【解析】A．根據(jù)題意，由于線圈的自感現(xiàn)象，通過線圈的電流逐漸增大，穩(wěn)定后電流恒為，故A錯誤；BC．根據(jù)題意可知，穩(wěn)定后通過線圈的電流與通過燈泡的電流相等，開關(guān)斷開后，由于線圈的自感現(xiàn)象，燈泡逐漸熄滅，且通過燈泡的電流方向向右，故BC錯誤；D．根據(jù)題意，圖像中圖線與橫軸圍成的面積表示電荷量，由圖可知，每個小格為根據(jù)不足半格舍去，半格以上算一個可得，開關(guān)斷開后流過燈泡的電荷量約為故D正確。故選D。9.圖甲為智能停車位，車位地面預(yù)埋有自感線圈L和電容器C構(gòu)成LC振蕩電路。當(dāng)車輛靠近自感線圈L時，相當(dāng)于在線圈中插入鐵芯，使自感系數(shù)變大，引起LC電路中的振蕩電流頻率變化。智能停車位計時器根據(jù)振蕩電流頻率變化，進(jìn)行計時。某次振蕩電路中的電流隨時間變化如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時刻電容器C所帶電量為零B.過程，線圈L中磁場能在增大C.過程，線圈L的自感電動勢在增大D.由圖乙可判斷汽車正駛離智能停車位【答案】C【解析】A．時刻電流為零，此時電容器C所帶電量最大，故A錯誤；B．過程，電流逐漸減小，電容器充電，磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，線圈Ｌ中磁場能在減小，故B錯誤；C．過程，電流變化的速率越來越大，線圈L的自感電動勢在增大，故C正確；D．由圖乙可知，震蕩電路的周期變大，根據(jù)可知線圈自感系數(shù)變大，則汽車正駛?cè)胫悄芡＼囄?，故D錯誤。故選C。10.如圖所示，一個可繞豎直圓心軸轉(zhuǎn)動的水平金屬圓盤，圓盤中心O和圓盤邊緣D通過電刷與螺線管相連，螺線管右側(cè)有豎直懸掛的銅環(huán)，勻強(qiáng)磁場垂直于圓盤平面向上，從上向下看，圓盤逆時針轉(zhuǎn)動，則下述結(jié)論中正確的是（）A.若圓盤勻速轉(zhuǎn)動，則銅環(huán)中有恒定的感應(yīng)電流B.若圓盤加速轉(zhuǎn)動，則銅環(huán)將靠近螺線管C.若圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場，則圓盤上各處電勢相等D.若圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場，則銅環(huán)保持不動【答案】D【解析】AB．圓盤可以看成無數(shù)根金屬條并聯(lián)切割磁場，產(chǎn)生的電動勢為若圓盤勻速轉(zhuǎn)動，電動勢恒定，因此產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，則螺線管的磁場恒定，穿過銅環(huán)的磁通量不變，則銅環(huán)中無感應(yīng)電流；若圓盤加速轉(zhuǎn)動，電動勢增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流變大，那么螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，由右手定則可知電流由圓心流向圓盤邊緣在D點流出，根據(jù)右手螺旋定則可知螺線管內(nèi)部磁場方向由F向E，根據(jù)楞次定律可得銅環(huán)將遠(yuǎn)離螺線管，故AB錯誤；CD．圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場時，圓盤中磁通量增大，由右手螺旋定則可知，從上往下看圓盤中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流，可知各處的電動勢不同；感應(yīng)電流只在圓盤中流動，則右側(cè)的螺線管中無電流，則不產(chǎn)生磁場，則銅環(huán)中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以銅環(huán)保持不動，故C錯誤，D正確。故選D。11.如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。發(fā)電機(jī)輸出功率恒定，變壓器均為理想變壓器。在輸電線路的起始端接入甲乙兩個互感器（均為理想器材），兩互感器原線圈的匝數(shù)比分別為200：1和1：20，降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為200：1，電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為5A，輸電線路總電阻，則下列說法正確的是（）A.互感器甲是電流互感器，互感器乙是電壓互感器B.輸電線路上損耗的功率約占輸電總功率的4.5%C.用戶端的電壓為200VD.用戶使用的用電設(shè)備增多，流過電流互感器的電流減小【答案】B【解析】A．互感器甲并聯(lián)在零火線上，所以電壓互感器，互感器乙串聯(lián)在電路中，是電流互感器，故A錯誤；B．電流表的示數(shù)為5A，互感器原、副線圈的匝數(shù)比1：20，則線路上電流I=100A，線路上損耗的功率電壓表的示數(shù)為220V，匝數(shù)比為200：1，所以輸送電壓U=44000V，功率P=UI=4400kW則輸電線路上損耗的功率約占輸電總功率的故B正確；C．降壓變壓器初級電壓用戶端的電壓選項C錯誤；D．用戶使用的用電設(shè)備增多，用戶回路電流變大，則輸送電流變大，流過電流互感器的電流變大，故D錯誤。12.在如圖所示的電路中，電源電動勢，電源內(nèi)阻，電路中的電阻，小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻，電流表內(nèi)阻不計。閉合開關(guān)S后，電動機(jī)轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)，則以下判斷正確的是（）A.電動機(jī)兩端的電壓為1.0VB.電動機(jī)的輸出功率為14WC.電源的效率約為D.電動機(jī)的機(jī)械效率約為【答案】D【解析】A．根據(jù)題意可知，電動機(jī)兩端的電壓為，故A錯誤；B．電動機(jī)的輸出功率為，故B錯誤；C．電源的效率約為，故C錯誤；D．電動機(jī)的機(jī)械效率約為，故D正確。故選D。13.空間中存在平行于紙面的勻強(qiáng)電場，在紙面內(nèi)取O點為坐標(biāo)原點建立x軸，如圖甲所示?，F(xiàn)有一個質(zhì)量為m，電量為的試探電荷，在時刻以一定初速度從x軸上的a點開始沿順時針做勻速圓周運(yùn)動，圓心為O、半徑為R。已知圖中圓為試探電荷運(yùn)動軌跡，ab為圓軌跡的一條直徑；除電場力外微粒還受到一個變力F，不計其它力的作用；測得試探電荷所處位置的電勢隨時間t的變化圖像如圖乙所示，其中。下列說法正確的是（）A.電場強(qiáng)度的方向與x軸正方向成B.從a點到b點變力F做功為C.圓周運(yùn)動的過程中變力F的最小值為D.圓周運(yùn)動的過程中變力F的最大值為【答案】D【解析】A．由乙圖可知，帶電微粒在轉(zhuǎn)動過程中，電勢最高值為1.5φ1，電勢最低值-0.5φ1，最高點、最低點分別位于軌跡直徑的兩端，將直徑取四等分點，找到與a點電勢φa=0相同的點A，如圖aA垂直于電場線。電場強(qiáng)度的方向與x軸正方向為θ，由幾何關(guān)系可得解得故A錯誤；B．由上述分析可知φb=1.0φ1從a點到b點由動能定理可得W+qUab=0又Uab=φa-φb=0-1.0φ1=-1.0φ1解得從a點到b點F做功為W=qφ1故B錯誤；CD．由乙圖可知，微粒做圓周運(yùn)動的周期為T=12t1故速度為電場強(qiáng)度圓周運(yùn)動的過程中電勢為1.5φ1時變力F達(dá)到最小值，有解得圓周運(yùn)動的過程中電勢為-0.5φ1時變力F達(dá)到最大值，有解得故C錯誤、D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法中正確的是（）A.利用電容傳感器可制成麥克風(fēng)B.使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫調(diào)諧C.宇宙中顏色偏紅的恒星表面溫度比顏色偏藍(lán)的恒星表面溫度低D.醫(yī)學(xué)上常用射線檢查人體內(nèi)部器官【答案】ABC【解析】A．利用電容傳感器可制成麥克風(fēng)，人對著話筒講話時，振動膜前后振動，電容器兩板間的距離發(fā)生變化電容器的電容變化，將聲信號轉(zhuǎn)化為電信號，故A正確；B．使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫做調(diào)諧，故B正確；C．紅光的波長大于藍(lán)光的波長，根據(jù)黑體輻射實驗規(guī)律可知宇宙中顏色偏紅的恒星表面溫度比顏色偏藍(lán)的恒星表面溫度低，故C正確；D．醫(yī)學(xué)上常用X射線檢查人體內(nèi)部器官，故D錯誤。15.如圖所示，邊長為L的等邊三角形ABC內(nèi)有垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場，D是AB邊的中點，一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電的粒子從D點以速度v平行于BC邊方向入射磁場，不考慮帶電粒子受到的重力，下列說法正確的是（）A.粒子可能從B點射出B.若粒子垂直于BC邊射出，則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑為C.若粒子從C點射出，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為D.所有從AB邊射出的粒子，其在磁場中運(yùn)動的時間均相等【答案】CD【解析】A．帶負(fù)電的粒子從D點以速度v平行于BC邊方向射入磁場，由左手定則可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，由于BC邊的限制，粒子不能到達(dá)B點，故A錯誤；B．粒子垂直于BC邊射出，如圖甲所示。則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑等于D點到BC邊的距離，即故B錯誤；C．粒子從C點射出，如圖乙所示。根據(jù)幾何關(guān)系有求得，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為故C正確；D．根據(jù)可知若粒子從AB邊射出，則粒子的速度越大，軌跡半徑越大，如圖丙所示。由幾何知識可知，所有粒子從AB邊射出時的圓心角均相同，可知其在磁場中運(yùn)動的時間均相同，故D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實驗題16.如圖甲所示為“研究碰撞中動量守恒”的實驗裝置。實驗時，先讓質(zhì)量為的小鋼球A從斜槽上某一位置由靜止開始運(yùn)動，從軌道末端水平拋出，落到水平地面上P點，然后再把質(zhì)量為的小鋼球B放到軌道末端處于靜止，再讓小鋼球A從斜槽開始運(yùn)動，在軌道末端與小鋼球B發(fā)生對心碰撞，結(jié)果小球B落到水平地面上N點，小球A落到水平地面上的M點。（1）實驗中，必須要測量的物理量有__________。A.小球開始釋放的高度h B.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運(yùn)動的水平距離 D.小球A、B的質(zhì)量、（2）實驗中，下列說法正確的是__________。A.斜槽一定要光滑B.兩球半徑一定要相同C.兩球質(zhì)量關(guān)系一定要滿足（3）小球釋放后落在復(fù)寫紙上會在白紙上留下印跡，如圖丙所示。多次試驗后，白紙上留下了7個印跡，如果用畫圓法確定小球落點P，圖中畫的三個圓最合理的是__________（填字母代號）；（4）若某次實驗時，A、B兩鋼球落地點分布如圖乙所示，M、P、N與O點（O點是水平軌道末端正下方的投影）距離分別為、、，若滿足__________（用、、、、表示），則該碰撞前后動量守恒。若還滿足__________（用、、表示），則說明該碰撞為彈性碰撞?！敬鸢浮浚?）CD（2）B（3）C（4）【解析】（1）小球離開斜槽后做平拋運(yùn)動，小球拋出點的高度相等，小球做平拋運(yùn)動的時間t相等，則碰撞前入射球的速度碰撞后入射球的速度碰撞后被碰球的速度兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2整理得：m1x2=m1x1+m2x3實驗需要測量小球的質(zhì)量與小球做平拋運(yùn)動的位移，實驗不需要測量小球開始釋放時的高度與拋出點到地面的高度，故選CD。（2）A．只要入射球從斜面的同一高度由靜止釋放，小球到達(dá)斜槽末端時的速度相等，斜槽不一定要光滑，故A錯誤；B．為時兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑一定要相同，故B正確；C．為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球，即兩球質(zhì)量關(guān)系一定要滿足m1＞m2，故C錯誤。（3）實驗結(jié)束后，舍掉誤差較大的點，用盡量小的圓把落點圈在一起，圓心即為小球的平均落地點，則圖中畫的三個圓最合理的是C；（4）[1][2]兩球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，若滿足動量守恒定律則m1x2=m1x1+m2x3若機(jī)械能守恒定律得：解得：，可得x1+x2=x317.小明測量某電源的電動勢和內(nèi)阻。（1）小明先用多用電表粗測該電源的電動勢，將選擇開關(guān)旋至10V擋，經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖甲所示位置，該電源的電動勢為__________V。（2）隨后他用圖乙電路進(jìn)行連接，圖中。發(fā)現(xiàn)、和三條導(dǎo)線中，混進(jìn)了一條內(nèi)部斷開的導(dǎo)線。現(xiàn)將開關(guān)S閉合，用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，再測量a、間電壓，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)仍不為零，則__________導(dǎo)線是斷開的（選填、或）。排除故障后，通過多次改變滑動變阻器觸頭位置，得到電壓表V和電流表A的多組U、I數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示。由圖像可得電源的電動勢__________V，內(nèi)阻__________，測量值__________（選填“﹥”或“﹤”）真實值。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）2.7（2）2.82.9﹤【解析】（1）電壓表的量程為10V，精度為0.2V，由圖可知此時電壓表的讀數(shù)為2.7V（2）[1][2][3][4]用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，說明間電路沒有任何問題；再測量a、間電壓，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)仍不為零，說明、間電路正常，通過以上分析可知導(dǎo)線是斷開的；根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得由圖像可知，圖像的縱截距為電源電動勢，斜率為解得由于電壓表的分流作用，電流表的示數(shù)不是流過電源的電流，因此18.（1）探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象應(yīng)選用如圖__________（選填“甲”或“乙”）所示的裝置進(jìn)行實驗。（2）如圖甲為探究一電容器充電特性的電路。兩次實驗中電容器的電荷量q隨時間t變化圖像如乙圖中①②所示，第一次充電時電容器兩端電壓U與電荷量q變化圖像如圖丙所示。不計電源內(nèi)阻，則__________。A.第二次充電時，電容器圖像斜率比丙圖大B.第一次充電過程中時刻比時刻電流小C.①②兩條曲線形狀不同是由于R不同引起的（3）下列實驗中涉及的思想方法與“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗相同的是__________。A.研究影響導(dǎo)體電阻因素的實驗B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.通過平面鏡觀察桌面的微小形變【答案】（1）甲（2）C（3）A【解析】（1）甲圖中，若連接電路后，在外力作用下，使導(dǎo)體左右運(yùn)動，切割磁感應(yīng)線，則電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明此時有感應(yīng)電流產(chǎn)生，這就是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；乙圖研究的是通電導(dǎo)線在磁場中受力的情況。（2）A．兩次充電用同一個電容器，根據(jù)電容的定義式可知電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，故第二次充電時，電容器U-q圖像斜率與丙圖中圖線斜率相同，故A錯誤；B．根據(jù)電流的定義式有可知q-t圖像的切線斜率等于電流，所以第一次充電時t1時刻的電流大于t2時刻的電流，故B錯誤；C．根據(jù)電容定義式可得可知①②兩次充電穩(wěn)定后的電量q相同，則U相同，表明電源電動勢相同，則這兩次充電的電源相同，第②次的斜率大，表示充電的電流大，電阻的阻值小，所以①②兩條曲線不同是R的不同引起的，故C正確。（3）“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗的思想方法是控制變量法。A．研究影響導(dǎo)體電阻因素的實驗，應(yīng)用了控制變量法，故A正確；B．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律，即兩個分力與合力的作用效果相同，采用的是等效替代的思想，故B錯誤；C．通過平面鏡觀察桌面微小形變，采用的是放大思想，故C錯誤。19.如圖所示，光滑水平面上靜止放有一輛小車，小車由半徑的四分之一光滑圓弧部分AB和粗糙水平部分BC組成，且兩者在B點平滑連接?，F(xiàn)有一可視為質(zhì)點的小物塊從圓心等高點A處靜止釋放，小物塊在BC部分與車之間的動摩擦因數(shù)為，小車質(zhì)量是物塊質(zhì)量的2倍。求：（1）小物塊從釋放到下滑到圓弧最低點B的過程中，小物塊機(jī)械能__________，其與小車構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向動量__________（選填“守恒”或“不守恒”）；（2）小物塊從釋放到下滑到圓弧最低點B的過程中，小物塊的水平位移是多少？（3）為保證小物塊釋放后不會從小車上滑下，則BC部分的最小長度是多少？【答案】（1）不守恒守恒（2）（3）【解析】（1）[1][2]小物塊從釋放到下滑到圓弧最低點B的過程中，小物塊有部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為小車的動能，則小物塊的機(jī)械能不守恒；其與小車構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向不受力，動量守恒。（2）m、M組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，整個過程m、M水平位移大小分別為和，所以，解得（3）當(dāng)小物塊剛好運(yùn)動到C點，速度剛好為零，此時對應(yīng)的BC部分最短，由系統(tǒng)水平動量守恒可知，此時M速度也為零，設(shè)BC部分的最小長度為L，由能量守恒得解得20.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一半徑為R、圓心為O的絕緣光滑圓軌道，AB為豎直直徑，軌道處于電場強(qiáng)度大小為E、方向水平向左的勻強(qiáng)電場中。一質(zhì)量為m的帶正電小球（視為質(zhì)點）靜止在圓軌道內(nèi)的C點，OC與OB的夾角。重力加速度大小為g，取，，不計空氣阻力。（1）求小球所帶的電荷量q；（2）若給小球一個切線方向的初速度，小球恰好能沿圓軌道做完整的圓周運(yùn)動，求小球運(yùn)動過程中的最小速度；（3）若小球以斜向右下方的初速度沿軌道從C點向B點運(yùn)動，求小球到達(dá)B點時的加速度。【答案】（1）（2）（3），水平向左【解析】（1）小球進(jìn)行分析，根據(jù)物體的平衡條件有解得（2）小球靜止在圓軌道內(nèi)的C點，則C點為等效物理最低點，根據(jù)對稱性可知，小球C點關(guān)于O點的對稱點P為等效物理最高點，小球經(jīng)過P點時的速度最小，則有解得（3）令小球經(jīng)過B點時的速度大小為，根據(jù)動能定理有解得則小球沿半徑方向的加速度切線方向上有解得方向水平向左，即小球在B點時，加速度大小為，方向水平向左。21.我國第三艘航母“福建號”已裝備最先進(jìn)的電磁彈射技術(shù)。某興趣小組根據(jù)所學(xué)的物理原理進(jìn)行電磁彈射設(shè)計，其加速和減速過程可以簡化為下述過程。兩根足夠長的平直軌道AB和CD固定在水平面上，其中PQ左側(cè)為光滑金屬軌道，軌道電阻忽略不計，AC間接有定值電阻R，PQ右側(cè)為粗糙絕緣軌道。沿CD軌道建立x軸，坐標(biāo)原點與Q點重合。PQ左側(cè)分布有垂直于軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場，PQ右側(cè)為沿x軸漸變的磁場，垂直于x軸方向磁場均勻分布?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m、長度為L、電阻為R的金屬棒ab垂直放置在軌道上，與PQ距離為s。PQ的右方還有質(zhì)量為3m、各邊長均為L的U形框cdef，其電阻為3R。ab棒在恒力F作用下向右運(yùn)動，到達(dá)PQ前已勻速。當(dāng)ab棒運(yùn)動到PQ處時撤去恒力F，隨后與U形框發(fā)生碰撞，碰后連接成“口”字形閉合線框，并一起運(yùn)動，后續(xù)運(yùn)動中受到與運(yùn)動方向相反的阻力f，阻力大小與速度滿足。已知，，，，，，，求：（1）棒ab與U形框碰撞前速度的大??；（2）棒ab與U形框碰撞前通過電阻R的電量；（3）“口”字形線框停止運(yùn)動時，ed邊的坐標(biāo)；（4）U形框在運(yùn)動過程中產(chǎn)生的焦耳熱。【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】（1）由閉合電路歐姆定律得此時安培力和恒力等大反向，則聯(lián)立，解得（2）棒ab與U形框碰撞前通過電阻R的電量為其中，聯(lián)立，可得（3）設(shè)碰后瞬間金屬框的速度為，根據(jù)動量守恒此后任意時刻閉合線框的速度為v，ab邊處磁場為，de邊處磁場為，則回路中的電動勢為回路總電阻為4R，根據(jù)閉合電路歐姆定律其中此時回路受到的安培力大小為根據(jù)動量定理其中聯(lián)立，解得（4）根據(jù)功能關(guān)系可知，回路運(yùn)動過程中產(chǎn)生的總熱量為因任意時刻安培力與摩擦力1∶2，所以焦耳熱與摩擦熱也1∶2，即所以解得22.如圖所示，在xOy平面內(nèi)，有一個以O(shè)點為圓心，R為半徑的圓形磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從點沿與x軸正方向成角的方向射入磁場區(qū)域，并從C點沿y軸正方向離開磁場。粒子在運(yùn)動過程中只受磁場力作用。（1）求粒子的速度大?。唬?）求粒子在磁場中運(yùn)動的時間t；（3）若粒子從點A以速率沿紙面內(nèi)任意方向射入磁場，出磁場后再經(jīng)過一個磁感應(yīng)強(qiáng)度為的圓形磁場區(qū)域，粒子均能到達(dá)點，求可能的取值范圍；（結(jié)果用表示）（4）現(xiàn)在以過P點的直線為左邊界，在P點右側(cè)加上另一方向垂直紙面向里的磁場，其沿x軸的磁感應(yīng)強(qiáng)度與位置x的關(guān)系滿足，垂直于x軸方向磁場均勻分布，上問中經(jīng)過P點與x軸正向成斜向右上方射入磁場的粒子，從P點運(yùn)動到離y軸最遠(yuǎn)點的過程中，其運(yùn)動軌跡、磁場左邊界、最遠(yuǎn)點與左邊界的垂線，三者圍成的面積S為多大？【答案】（1）（2）（3）（4）【解析】（1）作出粒子的運(yùn)動軌跡，如圖所示由幾何關(guān)系可知粒子在磁場中運(yùn)動的半徑在磁場中，根據(jù)牛頓第二定律有解得（2）粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為粒子在磁場運(yùn)動的時間解得（3）粒子以的速率沿任意方向射入磁場，將以平行于y軸的方向射出磁場，如圖所示粒子能再次會聚到P點，根據(jù)幾何關(guān)系，可得所對應(yīng)圓形磁場區(qū)域的最小半徑解得最大半徑在磁場中，根據(jù)牛頓第二定律有解得（4）令，最遠(yuǎn)時速度與y軸平行，對水平方向根據(jù)動量定理有則有金華十校2024—2025學(xué)年第一學(xué)期期末調(diào)研考試高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共7頁，滿分100分，考試時間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4．可能用到的相關(guān)參數(shù)：重力加速度g取。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列各物理量數(shù)值中的負(fù)號表示大小的是（）A.電勢B.電荷量C.功D.磁通量【答案】A【解析】A．電勢有正負(fù)，正負(fù)表示大小，故A正確；B．電荷量有正負(fù)，但正負(fù)不表示大小，正負(fù)表示電性，故B錯誤；C．功有正負(fù)，但正負(fù)不表示大小，正負(fù)表示動力做功還是阻力做功，故C錯誤；D．磁通量的正負(fù)表示磁感線進(jìn)出面的不同，不表示大小，故D錯誤。故選A。2.關(guān)于下列幾幅圖片的說法錯誤的是（）A.燃?xì)庠钪嗅樇庑吸c火器是利用高壓尖端放電原理進(jìn)行點火B(yǎng).真空冶煉爐利用交變電流直接產(chǎn)生熱能給爐體加熱，從而融化爐內(nèi)金屬C.高壓輸電線上方的兩根接地導(dǎo)線具有避雷保護(hù)線路的作用D.金屬編織網(wǎng)包裹著導(dǎo)體線芯利用了靜電屏蔽原理降低干擾【答案】B【解析】A．因為電荷集中于形狀比較尖端的地方，即尖端放電，所以燃?xì)庠钪嗅樇庑吸c火器是利用高壓尖端放電原理進(jìn)行點火，故A正確，不符合題意；B．真空冶煉爐是利用高頻交流電在爐內(nèi)金屬中產(chǎn)生渦流進(jìn)行加熱，使金屬熔化，而不是利用交變電流直接產(chǎn)生熱能，故B錯誤，符合題意；C．高壓輸電鐵塔最上面的兩條導(dǎo)線是避雷線，防止雷直接擊到輸電線上，這兩條線一般與鐵塔相連，將電流引入大地，故C正確，不符合題意；D．金屬編織網(wǎng)能起到靜電屏蔽的作用，使網(wǎng)內(nèi)不受外部電場的影響，故D正確，不符合題意。故選B。3.用如圖所示裝置驗證環(huán)形電流的磁場方向，線圈未通電時與小磁針在同一豎直平面內(nèi)，線圈通電后小磁針發(fā)生偏轉(zhuǎn)。當(dāng)線圈中電流大小為I時，小磁針相對原位置偏轉(zhuǎn)角度，已知通電線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與線圈中的電流大小成正比，下列說法正確的是（）A.小磁針靜止時N極指向與通電線圈產(chǎn)生磁場的方向相同B.小磁針靜止時N極指向與通電線圈產(chǎn)生磁場的方向相反C.若電流增大為2I，小磁針的偏角增大為，且D.若電流增大為2I，小磁針的偏角增大為，且【答案】D【解析】AB．線圈未通電時與小磁針在同一豎直平面內(nèi)，小磁針N極指向水平向右，說明地磁場分量水平向右；通電后，根據(jù)右手螺旋定則，線圈產(chǎn)生的磁場方向水平向東（垂直紙面向外），合磁場方向如圖1所示：線圈中通入電流I時，小磁針靜止時N極指向與合磁場方向相同，與通電線圈產(chǎn)生磁場B1的方向既不相同，也不相反，故AB錯誤；CD．線圈中通入電流I時，合磁場方向與原來小磁針方向成α角度，根據(jù)數(shù)學(xué)知識線圈中通入電流2I時，合磁場方向與原來小磁針方向成β角度，即小磁針的偏角增大為β，如圖2所示，根據(jù)數(shù)學(xué)知識根據(jù)題意通電線圈產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度與線圈中的電流大小成正比，即B=kI因此B2=2B1聯(lián)立解得tanβ=2tanα故C錯誤，D正確。故選D。4.如圖所示，回旋加速器兩個D形金屬盒分別和一高頻交流電源兩極相接，兩盒放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于盒底面，粒子源置于盒的圓心附近。若粒子源射出的粒子（初速度不計）電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子最大回旋半徑為R，加速電壓為U，下列說法中正確的是（）A.所加交流電源的周期為B.一個周期內(nèi)粒子加速一次C.粒子加速后獲得的最大動能為D.粒子獲得的最大動能與加速的次數(shù)有關(guān)【答案】CB．粒子每通過一次電場加速一次，一個周期粒子會通過電場兩次，故一個周期粒子會被加速兩次，B錯誤；C．粒子加速后獲得的最大速度由D形金屬盒的半徑?jīng)Q定，根據(jù)可得最大速度為最大動能為C正確；D．粒子在回旋加速器中的最大動能由磁感應(yīng)強(qiáng)度B和D形盒半徑R決定，與加速的次數(shù)無關(guān)，D錯誤。故選C。5.在茶葉生產(chǎn)過程中有道茶葉、茶梗分離的工序，如圖所示，A、B兩個帶電球之間產(chǎn)生非勻強(qiáng)電場，茶葉茶梗都帶正電荷，且茶葉的比荷小于茶梗的比荷，兩者通過靜電場便可分離，并沿光滑絕緣分離器落入小桶。假設(shè)有一茶梗P電荷量為，質(zhì)量為，以的速度離開A球表面O點，最后落入桶底，O點電勢為，距離桶底高度為，桶底電勢為零。不計空氣阻力、茶葉茶梗間作用力及一切碰撞能量損失，重力加速度g取，則（）A.茶葉落入右桶，茶梗落入左桶B.M處的電場強(qiáng)度小于N處的電場強(qiáng)度C.M處的電勢低于N處的電勢D.茶梗P落入桶底速度為【答案】BD【解析】A．根據(jù)牛頓第二定律可知茶葉的比荷小于茶梗的比荷，故在任一位置茶葉茶梗的加速度大于茶葉的加速度，二者水平方向都做加速運(yùn)動，故相等時間內(nèi)茶梗的水平位移大于茶葉的水平位移，即茶梗落入右桶，茶葉落入左桶，故A錯誤；BC．電場線的疏密程度反映了電場強(qiáng)度的大小，M點的電場強(qiáng)度小于N點的電場強(qiáng)度，沿電場線方向電勢降低，所以M點的電勢高于N點的電勢，故B正確，C錯誤；D．茶梗P由O點開始到落入桶底過程，根據(jù)動能定理，有其中代入數(shù)據(jù)，解得故D正確。故選BD。6.某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的輸液提示器，燈泡的電阻可視為不變。已知彈簧始終在彈性限度內(nèi)，滑動變阻器的滑片P不會超出a、b端，對于該裝置，閉合開關(guān)后，下列說法正確的是（）A.當(dāng)藥液減少時，電源的效率減小B.當(dāng)藥液減少時，電源的輸出功率減小C.當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，燈泡變亮D.當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，電壓表的示數(shù)變小【答案】A【解析】CD．當(dāng)向藥液袋內(nèi)注射液體時，滑動變阻器的滑片向下滑動，滑動變阻器接入電路的阻值變大，電路總電阻變大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路總電流減小，路端電壓增大；則通過燈泡的電流減小，燈泡變暗；由于燈泡兩端電壓減小，則滑動變阻器兩端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大，故CD錯誤；A．電源的效率為當(dāng)藥液減少時，滑動變阻器的滑片向上滑動，滑動變阻器接入電路的電阻減小，減小，則電源的效率減小，故A正確；B．電源的輸出功率為當(dāng)時，輸出功率最大，但由于不知道與電源內(nèi)阻的關(guān)系，所以當(dāng)藥液減少時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，無法確定電源輸出功率的變化，故B錯誤。故選A。7.有一種噴墨打印機(jī)的打印頭結(jié)構(gòu)示意圖如圖所示，噴嘴噴出來的墨滴經(jīng)帶電區(qū)帶電后進(jìn)入偏轉(zhuǎn)板，經(jīng)偏轉(zhuǎn)板間的電場偏轉(zhuǎn)后打到承印材料上．已知偏移量越大字跡越大，現(xiàn)要減小字跡，下列做法可行的是（）A.增大墨滴的帶電荷量B.減小墨滴噴出時的速度C.減小偏轉(zhuǎn)板與承印材料的距離D.增大偏轉(zhuǎn)板間的電壓【答案】C【解析】帶電粒子經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場偏轉(zhuǎn)，側(cè)移，，，可得設(shè)粒子出偏轉(zhuǎn)電場的偏轉(zhuǎn)角，偏轉(zhuǎn)電場的右側(cè)到承印材料的距離為l，則，，減小偏轉(zhuǎn)板與承印材料的距離可使字跡減小，故C正確8.某同學(xué)用圖甲電路探究自感現(xiàn)象對電流的影響，閉合開關(guān)后燈泡發(fā)光，過一會再斷開開關(guān)，圖乙為電流傳感器采集的電流隨時間變化的圖像。已知乙圖中單元格邊長為0.4s和0.1A，線圈直流電阻與燈泡電阻相同，電流傳感器內(nèi)阻不計。則（）A.開關(guān)閉合后通過線圈的電流恒為0.4AB.開關(guān)斷開后燈泡閃一下然后逐漸熄滅C.開關(guān)斷開后通過燈泡的電流方向向左D.開關(guān)斷開后流過燈泡的電荷量約為0.2C【答案】D【解析】A．根據(jù)題意，由于線圈的自感現(xiàn)象，通過線圈的電流逐漸增大，穩(wěn)定后電流恒為，故A錯誤；BC．根據(jù)題意可知，穩(wěn)定后通過線圈的電流與通過燈泡的電流相等，開關(guān)斷開后，由于線圈的自感現(xiàn)象，燈泡逐漸熄滅，且通過燈泡的電流方向向右，故BC錯誤；D．根據(jù)題意，圖像中圖線與橫軸圍成的面積表示電荷量，由圖可知，每個小格為根據(jù)不足半格舍去，半格以上算一個可得，開關(guān)斷開后流過燈泡的電荷量約為故D正確。故選D。9.圖甲為智能停車位，車位地面預(yù)埋有自感線圈L和電容器C構(gòu)成LC振蕩電路。當(dāng)車輛靠近自感線圈L時，相當(dāng)于在線圈中插入鐵芯，使自感系數(shù)變大，引起LC電路中的振蕩電流頻率變化。智能停車位計時器根據(jù)振蕩電流頻率變化，進(jìn)行計時。某次振蕩電路中的電流隨時間變化如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時刻電容器C所帶電量為零B.過程，線圈L中磁場能在增大C.過程，線圈L的自感電動勢在增大D.由圖乙可判斷汽車正駛離智能停車位【答案】C【解析】A．時刻電流為零，此時電容器C所帶電量最大，故A錯誤；B．過程，電流逐漸減小，電容器充電，磁場能向電場能轉(zhuǎn)化，線圈Ｌ中磁場能在減小，故B錯誤；C．過程，電流變化的速率越來越大，線圈L的自感電動勢在增大，故C正確；D．由圖乙可知，震蕩電路的周期變大，根據(jù)可知線圈自感系數(shù)變大，則汽車正駛?cè)胫悄芡＼囄唬蔇錯誤。故選C。10.如圖所示，一個可繞豎直圓心軸轉(zhuǎn)動的水平金屬圓盤，圓盤中心O和圓盤邊緣D通過電刷與螺線管相連，螺線管右側(cè)有豎直懸掛的銅環(huán)，勻強(qiáng)磁場垂直于圓盤平面向上，從上向下看，圓盤逆時針轉(zhuǎn)動，則下述結(jié)論中正確的是（）A.若圓盤勻速轉(zhuǎn)動，則銅環(huán)中有恒定的感應(yīng)電流B.若圓盤加速轉(zhuǎn)動，則銅環(huán)將靠近螺線管C.若圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場，則圓盤上各處電勢相等D.若圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場，則銅環(huán)保持不動【答案】D【解析】AB．圓盤可以看成無數(shù)根金屬條并聯(lián)切割磁場，產(chǎn)生的電動勢為若圓盤勻速轉(zhuǎn)動，電動勢恒定，因此產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，則螺線管的磁場恒定，穿過銅環(huán)的磁通量不變，則銅環(huán)中無感應(yīng)電流；若圓盤加速轉(zhuǎn)動，電動勢增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流變大，那么螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度變大，由右手定則可知電流由圓心流向圓盤邊緣在D點流出，根據(jù)右手螺旋定則可知螺線管內(nèi)部磁場方向由F向E，根據(jù)楞次定律可得銅環(huán)將遠(yuǎn)離螺線管，故AB錯誤；CD．圓盤不動，逐漸增強(qiáng)磁場時，圓盤中磁通量增大，由右手螺旋定則可知，從上往下看圓盤中產(chǎn)生順時針方向的感應(yīng)電流，可知各處的電動勢不同；感應(yīng)電流只在圓盤中流動，則右側(cè)的螺線管中無電流，則不產(chǎn)生磁場，則銅環(huán)中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以銅環(huán)保持不動，故C錯誤，D正確。故選D。11.如圖所示為某小型發(fā)電站高壓輸電示意圖。發(fā)電機(jī)輸出功率恒定，變壓器均為理想變壓器。在輸電線路的起始端接入甲乙兩個互感器（均為理想器材），兩互感器原線圈的匝數(shù)比分別為200：1和1：20，降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比為200：1，電壓表的示數(shù)為220V，電流表的示數(shù)為5A，輸電線路總電阻，則下列說法正確的是（）A.互感器甲是電流互感器，互感器乙是電壓互感器B.輸電線路上損耗的功率約占輸電總功率的4.5%C.用戶端的電壓為200VD.用戶使用的用電設(shè)備增多，流過電流互感器的電流減小【答案】B【解析】A．互感器甲并聯(lián)在零火線上，所以電壓互感器，互感器乙串聯(lián)在電路中，是電流互感器，故A錯誤；B．電流表的示數(shù)為5A，互感器原、副線圈的匝數(shù)比1：20，則線路上電流I=100A，線路上損耗的功率電壓表的示數(shù)為220V，匝數(shù)比為200：1，所以輸送電壓U=44000V，功率P=UI=4400kW則輸電線路上損耗的功率約占輸電總功率的故B正確；C．降壓變壓器初級電壓用戶端的電壓選項C錯誤；D．用戶使用的用電設(shè)備增多，用戶回路電流變大，則輸送電流變大，流過電流互感器的電流變大，故D錯誤。12.在如圖所示的電路中，電源電動勢，電源內(nèi)阻，電路中的電阻，小型直流電動機(jī)M的內(nèi)阻，電流表內(nèi)阻不計。閉合開關(guān)S后，電動機(jī)轉(zhuǎn)動，電流表的示數(shù)，則以下判斷正確的是（）A.電動機(jī)兩端的電壓為1.0VB.電動機(jī)的輸出功率為14WC.電源的效率約為D.電動機(jī)的機(jī)械效率約為【答案】D【解析】A．根據(jù)題意可知，電動機(jī)兩端的電壓為，故A錯誤；B．電動機(jī)的輸出功率為，故B錯誤；C．電源的效率約為，故C錯誤；D．電動機(jī)的機(jī)械效率約為，故D正確。故選D。13.空間中存在平行于紙面的勻強(qiáng)電場，在紙面內(nèi)取O點為坐標(biāo)原點建立x軸，如圖甲所示。現(xiàn)有一個質(zhì)量為m，電量為的試探電荷，在時刻以一定初速度從x軸上的a點開始沿順時針做勻速圓周運(yùn)動，圓心為O、半徑為R。已知圖中圓為試探電荷運(yùn)動軌跡，ab為圓軌跡的一條直徑；除電場力外微粒還受到一個變力F，不計其它力的作用；測得試探電荷所處位置的電勢隨時間t的變化圖像如圖乙所示，其中。下列說法正確的是（）A.電場強(qiáng)度的方向與x軸正方向成B.從a點到b點變力F做功為C.圓周運(yùn)動的過程中變力F的最小值為D.圓周運(yùn)動的過程中變力F的最大值為【答案】D【解析】A．由乙圖可知，帶電微粒在轉(zhuǎn)動過程中，電勢最高值為1.5φ1，電勢最低值-0.5φ1，最高點、最低點分別位于軌跡直徑的兩端，將直徑取四等分點，找到與a點電勢φa=0相同的點A，如圖aA垂直于電場線。電場強(qiáng)度的方向與x軸正方向為θ，由幾何關(guān)系可得解得故A錯誤；B．由上述分析可知φb=1.0φ1從a點到b點由動能定理可得W+qUab=0又Uab=φa-φb=0-1.0φ1=-1.0φ1解得從a點到b點F做功為W=qφ1故B錯誤；CD．由乙圖可知，微粒做圓周運(yùn)動的周期為T=12t1故速度為電場強(qiáng)度圓周運(yùn)動的過程中電勢為1.5φ1時變力F達(dá)到最小值，有解得圓周運(yùn)動的過程中電勢為-0.5φ1時變力F達(dá)到最大值，有解得故C錯誤、D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法中正確的是（）A.利用電容傳感器可制成麥克風(fēng)B.使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫調(diào)諧C.宇宙中顏色偏紅的恒星表面溫度比顏色偏藍(lán)的恒星表面溫度低D.醫(yī)學(xué)上常用射線檢查人體內(nèi)部器官【答案】ABC【解析】A．利用電容傳感器可制成麥克風(fēng)，人對著話筒講話時，振動膜前后振動，電容器兩板間的距離發(fā)生變化電容器的電容變化，將聲信號轉(zhuǎn)化為電信號，故A正確；B．使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫做調(diào)諧，故B正確；C．紅光的波長大于藍(lán)光的波長，根據(jù)黑體輻射實驗規(guī)律可知宇宙中顏色偏紅的恒星表面溫度比顏色偏藍(lán)的恒星表面溫度低，故C正確；D．醫(yī)學(xué)上常用X射線檢查人體內(nèi)部器官，故D錯誤。15.如圖所示，邊長為L的等邊三角形ABC內(nèi)有垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場，D是AB邊的中點，一質(zhì)量為m、電荷量為的帶電的粒子從D點以速度v平行于BC邊方向入射磁場，不考慮帶電粒子受到的重力，下列說法正確的是（）A.粒子可能從B點射出B.若粒子垂直于BC邊射出，則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑為C.若粒子從C點射出，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為D.所有從AB邊射出的粒子，其在磁場中運(yùn)動的時間均相等【答案】CD【解析】A．帶負(fù)電的粒子從D點以速度v平行于BC邊方向射入磁場，由左手定則可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，由于BC邊的限制，粒子不能到達(dá)B點，故A錯誤；B．粒子垂直于BC邊射出，如圖甲所示。則粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑等于D點到BC邊的距離，即故B錯誤；C．粒子從C點射出，如圖乙所示。根據(jù)幾何關(guān)系有求得，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為故C正確；D．根據(jù)可知若粒子從AB邊射出，則粒子的速度越大，軌跡半徑越大，如圖丙所示。由幾何知識可知，所有粒子從AB邊射出時的圓心角均相同，可知其在磁場中運(yùn)動的時間均相同，故D正確。故選CD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）實驗題16.如圖甲所示為“研究碰撞中動量守恒”的實驗裝置。實驗時，先讓質(zhì)量為的小鋼球A從斜槽上某一位置由靜止開始運(yùn)動，從軌道末端水平拋出，落到水平地面上P點，然后再把質(zhì)量為的小鋼球B放到軌道末端處于靜止，再讓小鋼球A從斜槽開始運(yùn)動，在軌道末端與小鋼球B發(fā)生對心碰撞，結(jié)果小球B落到水平地面上N點，小球A落到水平地面上的M點。（1）實驗中，必須要測量的物理量有__________。A.小球開始釋放的高度h B.小球拋出點距地面的高度HC.小球做平拋運(yùn)動的水平距離 D.小球A、B的質(zhì)量、（2）實驗中，下列說法正確的是__________。A.斜槽一定要光滑B.兩球半徑一定要相同C.兩球質(zhì)量關(guān)系一定要滿足（3）小球釋放后落在復(fù)寫紙上會在白紙上留下印跡，如圖丙所示。多次試驗后，白紙上留下了7個印跡，如果用畫圓法確定小球落點P，圖中畫的三個圓最合理的是__________（填字母代號）；（4）若某次實驗時，A、B兩鋼球落地點分布如圖乙所示，M、P、N與O點（O點是水平軌道末端正下方的投影）距離分別為、、，若滿足__________（用、、、、表示），則該碰撞前后動量守恒。若還滿足__________（用、、表示），則說明該碰撞為彈性碰撞。【答案】（1）CD（2）B（3）C（4）【解析】（1）小球離開斜槽后做平拋運(yùn)動，小球拋出點的高度相等，小球做平拋運(yùn)動的時間t相等，則碰撞前入射球的速度碰撞后入射球的速度碰撞后被碰球的速度兩球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2整理得：m1x2=m1x1+m2x3實驗需要測量小球的質(zhì)量與小球做平拋運(yùn)動的位移，實驗不需要測量小球開始釋放時的高度與拋出點到地面的高度，故選CD。（2）A．只要入射球從斜面的同一高度由靜止釋放，小球到達(dá)斜槽末端時的速度相等，斜槽不一定要光滑，故A錯誤；B．為時兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑一定要相同，故B正確；C．為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球，即兩球質(zhì)量關(guān)系一定要滿足m1＞m2，故C錯誤。（3）實驗結(jié)束后，舍掉誤差較大的點，用盡量小的圓把落點圈在一起，圓心即為小球的平均落地點，則圖中畫的三個圓最合理的是C；（4）[1][2]兩球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒、機(jī)械能守恒，以向右為正方向，若滿足動量守恒定律則m1x2=m1x1+m2x3若機(jī)械能守恒定律得：解得：，可得x1+x2=x317.小明測量某電源的電動勢和內(nèi)阻。（1）小明先用多用電表粗測該電源的電動勢，將選擇開關(guān)旋至10V擋，經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖甲所示位置，該電源的電動勢為__________V。（2）隨后他用圖乙電路進(jìn)行連接，圖中。發(fā)現(xiàn)、和三條導(dǎo)線中，混進(jìn)了一條內(nèi)部斷開的導(dǎo)線?，F(xiàn)將開關(guān)S閉合，用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，再測量a、間電壓，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)仍不為零，則__________導(dǎo)線是斷開的（選填、或）。排除故障后，通過多次改變滑動變阻器觸頭位置，得到電壓表V和電流表A的多組U、I數(shù)據(jù)，作出圖像如圖丙所示。由圖像可得電源的電動勢__________V，內(nèi)阻__________，測量值__________（選填“﹥”或“﹤”）真實值。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）【答案】（1）2.7（2）2.82.9﹤【解析】（1）電壓表的量程為10V，精度為0.2V，由圖可知此時電壓表的讀數(shù)為2.7V（2）[1][2][3][4]用多用電表的電壓擋先測量a、間電壓，讀數(shù)不為零，說明間電路沒有任何問題；再測量a、間電壓，發(fā)現(xiàn)讀數(shù)仍不為零，說明、間電路正常，通過以上分析可知導(dǎo)線是斷開的；根據(jù)閉合電路歐姆定律得解得由圖像可知，圖像的縱截距為電源電動勢，斜率為解得由于電壓表的分流作用，電流表的示數(shù)不是流過電源的電流，因此18.（1）探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象應(yīng)選用如圖__________（選填“甲”或“乙”）所示的裝置進(jìn)行實驗。（2）如圖甲為探究一電容器充電特性的電路。兩次實驗中電容器的電荷量q隨時間t變化圖像如乙圖中①②所示，第一次充電時電容器兩端電壓U與電荷量q變化圖像如圖丙所示。不計電源內(nèi)阻，則__________。A.第二次充電時，電容器圖像斜率比丙圖大B.第一次充電過程中時刻比時刻電流小C.①②兩條曲線形狀不同是由于R不同引起的（3）下列實驗中涉及的思想方法與“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗相同的是__________。A.研究影響導(dǎo)體電阻因素的實驗B.探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律C.通過平面鏡觀察桌面的微小形變【答案】（1）甲（2）C（3）A【解析】（1）甲圖中，若連接電路后，在外力作用下，使導(dǎo)體左右運(yùn)動，切割磁感應(yīng)線，則電流表指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明此時有感應(yīng)電流產(chǎn)生，這就是電磁感應(yīng)現(xiàn)象；乙圖研究的是通電導(dǎo)線在磁場中受力的情況。（2）A．兩次充電用同一個電容器，根據(jù)電容的定義式可知電容器所帶電荷量與兩板間的電勢差成正比，故第二次充電時，電容器U-q圖像斜率與丙圖中圖線斜率相同，故A錯誤；B．根據(jù)電流的定義式有可知q-t圖像的切線斜率等于電流，所以第一次充電時t1時刻的電流大于t2時刻的電流，故B錯誤；C．根據(jù)電容定義式可得可知①②兩次充電穩(wěn)定后的電量q相同，則U相同，表明電源電動勢相同，則這兩次充電的電源相同，第②次的斜率大，表示充電的電流大，電阻的阻值小，所以①②兩條曲線不同是R的不同引起的，故C正確。（3）“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實驗的思想方法是控制變量法。A．研究影響導(dǎo)體電阻因素的實驗，應(yīng)用了控制變量法，故A正確；B．探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律，即兩個分力與合力的作用效果相同，采用的是等效替代的思想，故B錯誤；C．通過平面鏡觀察桌面微小形變，采用的是放大思想，故C錯誤。19.如圖所示，光滑水平面上靜止放有一輛小車，小車由半徑的四分之一光滑圓弧部分AB和粗糙水平部分BC組成，