浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案27

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案

閱卷人

--、單選題：本大題共13小題，共39分。

得分

1.功率的單位是瓦特，若用國(guó)際單位制的基本單位來(lái)表示瓦特，正確的是（）

A.LB.他心C.叱D.綺

sS3ss3

2.如圖所示，電子在電場(chǎng)中從。點(diǎn)運(yùn)前到b點(diǎn)，實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為電子的運(yùn)動(dòng)軌跡，請(qǐng)判斷卜列說(shuō)法

正確的是

A.a點(diǎn)的電勢(shì)低于b點(diǎn)的電勢(shì)B.電子在a點(diǎn)的加速度大于在b點(diǎn)的加速度

C.電子在a點(diǎn)的速度大于在b點(diǎn)的速度D.電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在b點(diǎn)的電勢(shì)能

3.燃?xì)庠钪Ъ苡泻芏喾N規(guī)格和款式。如圖所示，這是a、力兩款不同的燃?xì)庠钪Ъ埽鼈兌际窃谝粋€(gè)圜圈

底座上等間距地分布有五個(gè)支架齒，每一款支架齒的簡(jiǎn)化示意圖在對(duì)應(yīng)的款式下方飛如果將含有食物的球

面鍋置于兩款支架上，假設(shè)鍋和鍋內(nèi)食物的總重量總是維持不變，則

（）

A.如果鍋的尺寸越大，則a款每個(gè)支架齒受到的壓力越大

B.如果鍋的尺寸越大，則a款每個(gè)支架齒受到的壓力越小

C.如果鍋的尺寸越大，貝昉款每個(gè)支架齒受到的壓力越大

D.如果鍋的尺寸越大，貝昉款每個(gè)支架齒受到的壓力越小

4.利用智能手機(jī)的加速度傳感器可測(cè)量手機(jī)自身的加速度。用手掌托著智能手機(jī)，打開加速度傳感港，

從靜止開始迅速上下運(yùn)動(dòng)，得到如圖所示的豎直方向加速度隨時(shí)間變化的圖像，該圖像以豎直向上為正方

向。下列說(shuō)法正確的是（）

B.G時(shí)刻手機(jī)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)

C.仃時(shí)刻手機(jī)開始減速上升，"時(shí)刻速度為0

D.垃時(shí)刻手機(jī)開始減速上升，G?±3時(shí)間內(nèi)手機(jī)所受的支持力一直減小

5.蹦慶運(yùn)動(dòng)是?項(xiàng)技巧性與觀賞性都很強(qiáng)的運(yùn)動(dòng)。運(yùn)動(dòng)員在比賽的開始階段會(huì)先跳幾下，此階段上升的

最高點(diǎn)會(huì)越來(lái)越高，后來(lái)最高點(diǎn)基本能維持穩(wěn)定。卜列有關(guān)此情景說(shuō)法正確的是()

A.運(yùn)動(dòng)員每次上升過(guò)程，蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員先做正功，后做負(fù)功

B.如果不考慮空氣等各種阻力，運(yùn)動(dòng)員和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.最開始的幾次起跳上升過(guò)程，蹦床彈性勢(shì)能的減小量小于運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能的增加量

D.對(duì)于最高點(diǎn)基本穩(wěn)定的情景，運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能與蹦床彈性勢(shì)能之和最小時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的加速度最大

6.圖甲是正在做送餐工作的“機(jī)器人服務(wù)員”，該機(jī)器人正在沿圖乙中48CD曲線給16號(hào)桌送餐，已知弧長(zhǎng)

和半徑均為47n的圓弧8c與直線路徑48、。。相切，48段長(zhǎng)度也為47九，CO段長(zhǎng)度為12m,機(jī)器人從4點(diǎn)

由靜止勻加速出發(fā)，到達(dá)8點(diǎn)時(shí)速率恰好達(dá)到1771/s,接著以lm/s的速率勻速通過(guò)8?；《?，通過(guò)。點(diǎn)以

1m/s的速率勻速運(yùn)動(dòng)到某位置后開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，最終停在16號(hào)里旁的。點(diǎn)。已知餐盤與托盤問(wèn)

的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,關(guān)于該機(jī)器人送餐運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是

()

A.從8運(yùn)動(dòng)到C過(guò)程中機(jī)器人的向心加速度a=0.5m/s2

B.為防止餐盤與水平托盤之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，機(jī)器人在8C段運(yùn)動(dòng)的最大速率為4zn/s

C.從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到H點(diǎn)過(guò)程中機(jī)器人的加速度a=0.125m/s2且餐盤和水平托盤不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)

D.餐盤和水平托盤不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的情況下，機(jī)器人從C點(diǎn)到D點(diǎn)的最短時(shí)間￡=12秒

7.”中國(guó)空間站??在距地面高400km左右的軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在此高度上有北常稀薄的大氣，因氣

體阻力的影響，軌道高度1個(gè)月大概下降2Am,空間站安裝有發(fā)動(dòng)機(jī)，可對(duì)軌道進(jìn)行周期性修正。則下列

說(shuō)法中正確的是()

A.”中國(guó)空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的周期大于地球同步衛(wèi)星的周期

B.“中國(guó)空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小梢大7g

C.“中國(guó)空間站”在正常軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小稍大于地球的第?宇宙速度

D.”中國(guó)空間站”修正軌道時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)應(yīng)“向后噴火”使空間站加速，但進(jìn)入目標(biāo)軌道正常運(yùn)行后的速度

小于修正之前在較低軌道上的運(yùn)行速度

8.如圖，在等邊三角形三個(gè)頂點(diǎn)處，各有一根長(zhǎng)直導(dǎo)線垂直于紙面固定放置。在三根導(dǎo)線中均通有電流

/，其中P、Q導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里，M導(dǎo)線中電流方向垂直紜面向外，三角形中心0處的磁感應(yīng)強(qiáng)

度大小為8,若撤去導(dǎo)線P,則三角形中心。處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

()

A.0BR-B2D.2B

9.?列機(jī)械波沿%軸正向傳播，圖甲是t=0時(shí)的波形圖，圖乙是介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖像，已知t=0時(shí)M

A.該機(jī)械波的波速為1.0m/sB.M點(diǎn)的橫坐標(biāo)可能為1.5m

C.￡=0時(shí)，M點(diǎn)振動(dòng)方向向下D.￡=1.0s時(shí)，M點(diǎn)位移仍為一宗山

10.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2:1,原線圈通過(guò)燈泡L1與正弦式交流電源相連，電源

電壓恒定，副線圈通過(guò)導(dǎo)線與燈泡42利相連，三個(gè)燈泡規(guī)格完全相同。開始時(shí)三個(gè)燈泡都能發(fā)光，工作

一段時(shí)間后上燈絲被燒斷，若不考慮笊絲電阻隨溫度變化的情況，下列說(shuō)法正確的是

（）

A.都能發(fā)光時(shí)三個(gè)燈泡的亮度不相同B.人燈絲被燒斷后燈泡■變亮

C.人燈絲被燒斷后燈泡員變亮D.人燈絲被燒斷后變壓器輸入功率不變

11.現(xiàn)在的城市街道上到處都能看到各種共享自行車和電動(dòng)助力車，極大地方便了市民的短途出行。如圖

甲是一款電動(dòng)助力車，其調(diào)速把手主要是應(yīng)用了“霍爾效應(yīng)”來(lái)控制行駛速度的。調(diào)速把手內(nèi)部截面如圖乙

所示，內(nèi)部含有永久磁鐵和霍爾器件等部件。如圖內(nèi)，把手里面的霍爾器件是一個(gè)棱長(zhǎng)分別為Q、氏，的

長(zhǎng)方體金屬器件，助力車正常行駛時(shí)，在霍爾器件的上下面通有一個(gè)恒定電流/，騎手將調(diào)速把手旋轉(zhuǎn)，

永久磁鐵也跟著轉(zhuǎn)動(dòng)，施加在霍爾器俏上的磁場(chǎng)就會(huì)發(fā)生變化，霍爾器件就能在。、。間輸出變化的電壓

U，電機(jī)電路感知這個(gè)電壓的變化就能相應(yīng)地改變電機(jī)轉(zhuǎn)速，這個(gè)電壓U與電機(jī)轉(zhuǎn)速"的關(guān)系如圖丁所示。

以下敘述正確的是（）

B.若組裝助力?時(shí)不小心將水久磁鐵裝反了（兩極互換）將會(huì)影響該電動(dòng)助力生的正常招行

C.維持恒定電流/不變，僅減小圖丙中器件的尺寸如可使電動(dòng)助力車更容易獲得最大速度

D.若騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動(dòng)把手時(shí)電壓會(huì)隨時(shí)間均勻增大，則電動(dòng)助力車的加速度將會(huì)增

12.夏季常出現(xiàn)如圖甲所示的日暈現(xiàn)象，日暈是太陽(yáng)光通過(guò)卷層云時(shí)，受到冰晶的折射或反射形成的。圖

乙為一束太陽(yáng)光射到六角形冰晶上時(shí)的光路圖，a、b為其折射出的光淺中的兩種單色光，比較a、b兩種單

色光，下列說(shuō)法正確的是（）

A.在冰晶中，b光的波速比a光大

B.通過(guò)同一儀器發(fā)生雙縫干涉，力光的相鄰明條紋間距較大

C.若a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，貝必光也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

D.a、萬(wàn)兩種光分別從水射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，Q光的臨界角比b光的小

13.華為在2023年10月發(fā)布了一款據(jù)稱可實(shí)現(xiàn)“一秒一公里”的全液冷超級(jí)充電樁，其最大輸出電流為

600/1,充電電壓范圍為200V至1000V,并且該充電樁能根據(jù)很多電動(dòng)汽車車型的充電需求智能分配所需

充電功率。某天，小振開著自己的某款電動(dòng)汽車來(lái)這種充電站體驗(yàn)，其車總質(zhì)量為1.6L所用電池組規(guī)格

為“36CV,15（L4?/T（內(nèi)阻不能忽略），車上顯示屏顯示此次充電電量由30%充到80%用時(shí)10分鐘，本次充

電共消費(fèi)60元（充電樁計(jì)費(fèi)規(guī)則為每度電2元）。經(jīng)他幾天實(shí)測(cè)，顯示屏電量由80%下降到50%共行駛7120

公里，已知他的車行駛時(shí)的阻力為車重的0.02倍，則（）

A.充電樁上標(biāo)識(shí)的“600/cW”表示給各車充電時(shí)的平均功率

B.小振本次充電的平均功率約為300AW

C.小振本次充電的充電效率約為90%

D.小振汽車電機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的效率約為40%

閱卷人

一二、多選題：本大題共2小題，共6分。

得分

14.2023年8月24日，日本政府不顧周邊國(guó)家的反對(duì)執(zhí)意向海洋排放福島第一核電站的核污水，核污水中

的放射性物質(zhì)會(huì)對(duì)海水產(chǎn)生長(zhǎng)久的、風(fēng)險(xiǎn)不可控的污染。如核污水中的晶°P。具有放射性，其發(fā)生衰變時(shí)

的核反應(yīng)方程為3°POT第6pb+x,該核反應(yīng)過(guò)程中放出的能量為Q。設(shè)豺。P。的結(jié)合能為Ei，第6P6的結(jié)

合能為%,X的結(jié)合能為右，已知光在真空中的傳播速度為c,則下列說(shuō)法正確的是（）

A.第6Pb的比結(jié)合能大于W；°Po的比結(jié)合能

B.該核反應(yīng)過(guò)程中放出的能量Q=206%+4%-210瓦

C.該核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)量虧損可以表示為m=Qc2

D.衰變過(guò)程中放出的光了?是由新原了?核從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷產(chǎn)生的

15.如圖所示，群處于第4能級(jí)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)能發(fā)出不同頻率的光，其中只有一3種不同頻率

的光a,b,c照射到圖甲電路陰極K的金屬上能夠發(fā)生光電效應(yīng)，測(cè)得光電流隨電壓變化的圖像如圖乙所

示，調(diào)節(jié)過(guò)程中三種光均能達(dá)到對(duì)應(yīng)的飽和光電流，已知?dú)湓拥哪芗?jí)圖如圖丙所示，則下列推斷正確的

是

()

nE/eV

OO-----------------0

4-------------------0.85

3--------------------1.51

2--------------------3.40

1--------------------13.6

丙

B.圖乙中的匕光光子能量為12.09eV

C.若圖乙中的Ua=7P,則4=3.5V

D.若甲圖中電源右端為正極，隨滑片向右滑動(dòng)，光電流先增大后保持不變

閱卷入

-三、填空題：本大題共2小題，共12分。

得分

16.某電學(xué)實(shí)驗(yàn)興趣小組結(jié)合物理課本上的多用電表結(jié)構(gòu)示意圖及實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有器材；設(shè)計(jì)了如圖所示可以

當(dāng)作“Xl”“x10”兩個(gè)倍率使用的歐姆電表。他們使用到的器材有：

電源E（電動(dòng)勢(shì)￡=1.5V,內(nèi)阻忽略不計(jì)）

定值電阻用=110、R2=99H

電流表G（量程為與=100〃/,內(nèi)阻Rg=9900

滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為1500"）

單刀雙擲開關(guān)S

（1）按照多用電表的原理，接線柱B端應(yīng)該接表筆（選填“紅”或"黑”）：

（2）當(dāng)單刀雙擲開關(guān)S撥到2端時(shí)，歐姆表的倍率為（選填“x1”或"x10）；將紅黑表筆短接

調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時(shí)，通過(guò)紅黑表筆的電流/=mA；

（3）當(dāng)歐姆表倍率取“x10”，將紅黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后電阻/?=

⑷選用“x10”擋測(cè)量時(shí)，電流表偏轉(zhuǎn)點(diǎn)則待測(cè)電阻&=Po

17.下圖是小明同學(xué)在做“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中所留下的圖紙。如圖（a）所示，該同學(xué)選用的玻璃磚

前后兩個(gè)光學(xué)面相互平行，a和a'分別是玻璃磚與空氣的兩個(gè)界面，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針片和

P2,然后在另一側(cè)透過(guò)玻璃磚觀察，并插上大頭針P3,使其擋住22、P1的像；接著插上大頭針P”使其擋

住P3和22、P1的像，用“。??表示大頭針的位置，這樣%、4確定了射入玻璃磚的光線，尸3、匕確定了射出

玻璃旗的光線。

（1）根據(jù)以上信息、，請(qǐng)你在答題卡的圖（。）中畫出光路圖

（2）小明同學(xué)根據(jù)a界面測(cè)得的入射角內(nèi)和折射知牝的正弦值畫出了如圖所示的圖像，從圖像可求得

玻璃磚的折射率是（保留兩位有效數(shù)字）。（）

（3）如圖（c）所示，若在實(shí)驗(yàn)過(guò)程中畫出界面a后，不小心將玻璃碗向上平移了?些，導(dǎo)致界面a'面到

圖中虛線位置，而在作光路圖時(shí)界面a仍為開始所畫的，則所測(cè)得的擰射率與真實(shí)值相比將（填

“偏大”“偏小”或“不變

閱卷人

四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共8分。

得分

18.阿特伍德機(jī)是著名的力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，根據(jù)該裝置可測(cè)量重力加速度，也可驗(yàn)證牛頓第二定律、機(jī)械能

守恒定律或動(dòng)量定理等力學(xué)規(guī)律。圖甲是阿特伍德機(jī)的其中一種簡(jiǎn)化模型，鐵架臺(tái)上固定一輕質(zhì)滑輪，跨

過(guò)滑輪的輕質(zhì)細(xì)繩懸吊質(zhì)量均為M=0.440kg的兩個(gè)物塊P、Q,物塊P側(cè)面粘貼小遮光片，其寬度為人質(zhì)

量忽略不計(jì)。在物塊P、Q下各掛5個(gè)相同的小鉤碼，質(zhì)量均為?n=0.010kg。光電門1、2通過(guò)連桿固定于

鐵架臺(tái)上，并處于同一豎直線上，且光電門1，2之間的距離為從兩光電門與數(shù)字計(jì)時(shí)器相連記錄遮光片

通過(guò)光電門的時(shí)間。整個(gè)裝置現(xiàn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。實(shí)驗(yàn)步驟如下：

n12345

a/m-s~20.200.410.590.791.00

（1）該小組同學(xué)先用該裝置探究牛頓第二定律。將71（依次取71=1、2、3、4、5）個(gè)鉤碼從物塊P的下

端摘下井掛在物塊Q下端的鉤碼下面。釋放物塊，用計(jì)時(shí)器記錄遮光片通過(guò)光電門1、2的時(shí)間口、C2o由

勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得到物塊P上升過(guò)程的加速度Q=（用'%、d、口、攵”表示）。該小組同

學(xué)測(cè)量的數(shù)據(jù)見(jiàn)上表，他們將表格中的數(shù)據(jù)轉(zhuǎn)變?yōu)樽鴺?biāo)點(diǎn)畫在圖乙的坐標(biāo)系中，并作出a-八圖像。從圖像

可以得出：a與九成正比，圖像的斜率A=（用“M、m、g”表示）。根據(jù)斜率可進(jìn)一步求得當(dāng)

地的重力加速度。同時(shí)也說(shuō)明當(dāng)連接體質(zhì)量一定時(shí)，連接體的加速度與其所受的合外力成正比。

（2）該小組同學(xué)想利用該裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，將5個(gè)鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端

的鉤碼下面。釋放物塊，用計(jì)時(shí)器記錄遮光片通過(guò)光電門1、2的時(shí)間口、豆。該過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量

AEk=,系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量=o（用“M,m,g,

h、d、￡i、￡2”表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計(jì)算后即可得出系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒的結(jié)論。

（3）該小組同學(xué)還想利用該裝置驗(yàn)證動(dòng)量定理，將5個(gè)鉤碼從物塊P的下端摘下并掛在物塊Q下端的鉤

碼下面。釋放物塊，用計(jì)時(shí)器記錄遮光片通過(guò)光電門1、2的時(shí)間門、t2o并且記錄下遮光片從1運(yùn)動(dòng)到2的

時(shí)間仁若以運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较蜓乩K子建立一維坐標(biāo)系，則該過(guò)程中系統(tǒng)“繩向”的動(dòng)量變化量為

Ap=，“繩向”合外力對(duì)系統(tǒng)的沖量/二o（用“M,m,g,d,t,小t/

表示），代入真實(shí)的數(shù)據(jù)計(jì)算后即可驗(yàn)證系統(tǒng)動(dòng)量的變化量與合外力的沖量大小是否相等。

閱卷人

五、計(jì)算題：本大題共4小題，共35分。

得分

19.自行車在生活中是一種普及程度很高的交通工具。自行車輪胎氣壓過(guò)低不僅費(fèi)力而且又很容易損壞內(nèi)

胎，輪胎氣壓過(guò)高會(huì)使輪胎的緩沖性能下降或發(fā)生爆胎，因此保持合適的輪胎氣壓對(duì)延長(zhǎng)輪胎使用壽命和

提升騎行感受至關(guān)重要。已知某款自行車輪胎容積為P=1.8L且保持大變，在環(huán)境溫度為27汽條件下，胎

552

內(nèi)氣體壓強(qiáng)為Pi=1.5x10Pa,外界大氣壓強(qiáng)為po=1.0x10Pao

（1）若該車長(zhǎng)時(shí)間騎行在溫度較高的公路上使胎內(nèi)氣體的溫度上升到37。&問(wèn)此時(shí)車內(nèi)氣體的壓強(qiáng):

（2）若車胎的氣門芯會(huì)緩慢漏氣，長(zhǎng)時(shí)間放置后胎內(nèi)壓強(qiáng)變?yōu)閜°=L0xl（）5pa,忽略氣體溫度與車胎

容積的變化，間胎內(nèi)泄漏111的氣體質(zhì)量占原來(lái)胎內(nèi)氣體質(zhì)量的比例：

（3）若自行車說(shuō)明書規(guī)定的輪胎標(biāo)準(zhǔn)氣壓在室溫27。，下為p=2.1XioUa,為使車胎內(nèi)氣壓達(dá)標(biāo)，某

同學(xué)用打氣筒給自行車打氣。設(shè)每打一次可打入壓強(qiáng)為Po=1.0xl（）5pa溫度為27K的空氣90cm3。請(qǐng)通過(guò)

計(jì)算判斷打氣10次后車胎壓強(qiáng)是否達(dá)到說(shuō)明書規(guī)定的標(biāo)準(zhǔn)胎壓。假設(shè)打氣過(guò)程氣體的溫度保持不變，車胎

因膨脹而增大的體枳可以忽略不計(jì)。

20.物理老師自制了一套游戲裝置供同學(xué)們一起娛樂(lè)和研究，其裝置可以簡(jiǎn)化為如圖所示的模型。該模型

由同?豎直平面內(nèi)的水平軌道。/1、半徑為R1=0.6m的半圓單層軌道。8C、半徑為/?2=0-lm的半圓圓管

軌道CDE、平臺(tái)EF和/K、凹槽“GH/組成，且各段各處平滑連接。凹槽里停放著一輛質(zhì)量為巾=0.1%的

無(wú)動(dòng)力擺渡車Q并緊靠在豎直側(cè)壁FG史，其長(zhǎng)度人二1ni且上表面與平臺(tái)EF、/K平齊。水平面04的左端

通過(guò)擋板固定?個(gè)彈簧，彈簧右端可以通過(guò)壓縮弛黃發(fā)射能看成質(zhì)點(diǎn)的不同滑塊P，彈簧的彈性勢(shì)能最大

能達(dá)到Epm=5.8/?，F(xiàn)三位同學(xué)小張、小楊、小振分別選擇了質(zhì)量為ni=（Mkg、m2=0.2kg.m3=

0.4kg的同種材質(zhì)滑塊P參與游戲，游戲成功的標(biāo)準(zhǔn)是通過(guò)彈簧發(fā)射出去的滑塊能停在平臺(tái)的目標(biāo)區(qū)"

段。已知凹槽GH段足夠長(zhǎng)，擺渡車與惻壁用相撞時(shí)會(huì)立即停止不動(dòng)，滑塊與擺渡車上表面和平臺(tái)/K段的

動(dòng)摩擦因數(shù)都是4=0.5,其他所有摩擦都不計(jì)，〃段長(zhǎng)度七=0.4m,JK段長(zhǎng)度0.7m。問(wèn)：

（I）已知小振同學(xué)的滑塊以最大彈性勢(shì)能彈出時(shí)都不能進(jìn)入圓管軌道，求小振同學(xué)的滑塊經(jīng)過(guò)與同心

。1等高的B處時(shí)對(duì)軌道的最大壓力。

（2）如果小張同學(xué)以%=2/的彈性勢(shì)能將滑塊彈出，請(qǐng)根據(jù)計(jì)算后判斷滑塊最終停在何處？

<3）如果小楊將滑塊彈出后滑塊最終能成功地停在目標(biāo)區(qū)段，則他發(fā)射時(shí)的彈性勢(shì)能應(yīng)滿足什么要

求？

21.如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間矩分別為d和2d,處于豎直向

上的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B和氏導(dǎo)軌右側(cè)連接一個(gè)電容為C的電容器。已知導(dǎo)體棒MN的電阻

為/?、長(zhǎng)度為d,質(zhì)量為m,導(dǎo)體棒PQ的電阻為2R、長(zhǎng)度為2d,質(zhì)量為2血。初始時(shí)刻開關(guān)斷開，兩棒靜

止，兩棒之間壓縮一輕質(zhì)絕緣彈簧（但不鏈接），彈簧的壓縮量為心釋放彈簧，恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)MN恰好脫離軌

道，PQ的速度為〃并觸發(fā)開關(guān)閉合。整個(gè)過(guò)程中兩棒保持與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，右側(cè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，所

有導(dǎo)軌電阻均不計(jì)。求

￡卜卜?

?????Be??I

28：：：：：除*外?“

??.：：F?????

§卜H.

(1)脫離彈簧瞬間PQ桿上的電動(dòng)勢(shì)多大？PQ兩點(diǎn)哪點(diǎn)電勢(shì)高？

（2）剛要脫離軌道瞬間，MN所受安培力多大？

（3）整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，通過(guò)PQ的電荷量為多少？

22.如圖所示，直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)有一豎直分界線PQ,PQ左側(cè)有一直角三角形區(qū)域OAC,其中分布

著方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為％的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，己知。4與y軸重合，目.0A=a,0=60°,C點(diǎn)恰好處

于PQ分界線上。PQ右側(cè)有一長(zhǎng)為L(zhǎng)的平行板電容器，板間距為a，上板板與左側(cè)磁場(chǎng)的上邊界平齊，內(nèi)部

分布著方向垂直紙面向里，強(qiáng)弱隨y坐標(biāo)變化的磁場(chǎng)，和豎直向下場(chǎng)強(qiáng)大小為￡的勻強(qiáng)電場(chǎng)。該復(fù)合場(chǎng)能使

沿水平方向進(jìn)入電容器的電子均能沿直線勻速通過(guò)電容器。在平行板電容器右側(cè)某區(qū)域，存在一垂直紙面

向內(nèi)、磁感應(yīng)強(qiáng)度為2%的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），使水平通過(guò)平行板電容器的電子進(jìn)入該磁場(chǎng)后匯聚于工

軸上一點(diǎn)?，F(xiàn)有速率不同的電子在紙面上從坐標(biāo)原點(diǎn)0沿不同方向射到三角形區(qū)域，不考慮電子間的相互

作用。已知電子的電量為e,質(zhì)量為m,求：

（1）當(dāng)速度方向沿y軸正方向時(shí)，能進(jìn)入平行板電容器的電子所具有的最大速度是多少;

（2）寫出電容器內(nèi)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨y坐標(biāo)的變化規(guī)律;

（3）若電子沿上極板邊緣離開電容器后立即進(jìn)入右側(cè)磁場(chǎng)，在答題紙上畫出縱坐標(biāo)0<y<a區(qū)域內(nèi)該

磁場(chǎng)的左邊界，并求出匯聚點(diǎn)的橫坐標(biāo)。

答案解析部分

1.【答案】B

【解析】【解答】功率的單位是瓦特（W）,根據(jù)功率的定義式

WFxcos6max

P=T=—^=~F~

可知

JN-mkg-m2

iw=1-=i---=i—

sss3

但是國(guó)際單位制中，力學(xué)部分只有kg、m、s是基本單位，J、N是導(dǎo)出單位，B符合題意，ACD不符合題

意。

故答案為：Bo

【分析】國(guó)際單位制力學(xué)單位中的基本單位只有kg、m、so

2.【答案】C

【解析】10解答】A.根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可知a點(diǎn)的電勢(shì)高于b點(diǎn)的電勢(shì)，A不符合題意：

B.電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)的大小，電場(chǎng)線越空，場(chǎng)強(qiáng)越大，可知b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大，則電子在b的受到的電場(chǎng)力

大，由牛頓第二定律可知，電子在b點(diǎn)的加速度更大，B不符合題意：

C.電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)過(guò)程中速度與電場(chǎng)力成鈍角，可知粒子做減速運(yùn)動(dòng)，故電子在a點(diǎn)的速度大于在

b點(diǎn)的速度，C符合題意；

D.電子從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在b點(diǎn)的電勢(shì)能，D

不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，判斷a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)高低：根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷出a、b兩點(diǎn)電

場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系，再由牛頓第二定律分析電子在a、b兩點(diǎn)加速度的大小關(guān)系；根據(jù)電場(chǎng)力與速度的方

向關(guān)系，判斷電子速度大小的變化；根據(jù)電場(chǎng)力做功的正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化。

3.【答案】D

【解析】【解答】AB.設(shè)每個(gè)支架齒對(duì)鍋的支持力與豎直方向的夾角為仇鍋靜止，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可

得

5/%cos8=G鍋

因?yàn)閍款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于支架的斜面，鍋的大小并不影響支持力的方向，所以a

款每個(gè)支架齒對(duì)鍋的支持力與鍋的尺寸無(wú)關(guān)，鍋對(duì)支架壓力與支持力等大反向，所以壓力也與鍋的尺寸無(wú)

關(guān)，AB不符合題意：

CD.因?yàn)閎款支架與球面鍋的接觸點(diǎn)的彈力始終垂直于公切面，故鍋的尺寸越大，b款每個(gè)支架齒對(duì)鍋的支

持力與豎直方向的夾角。越小，由

cosO=G的

可知，b款每個(gè)支架齒對(duì)鍋的支持力越小，故每個(gè)支架受到的壓力越小，C不符合題意，D符合題意c

故答案為：Do

【分析】分析鍋的受力，由共點(diǎn)力平衡條件得出支持力的大小和支持力與豎直方向夾角的關(guān)系，再結(jié)合

a、b兩款支架對(duì)鍋的支持力方向與鍋的大小的關(guān)系，得出支持力與鍋的大小的關(guān)系，繼而得到壓力與鍋的

大小的關(guān)系。

4.【答案】D

【解析】【解答】A.由圖可知，手機(jī)再匕時(shí)刻后一段時(shí)間內(nèi)的加速度等于重力加速度，可知這段時(shí)間內(nèi)手機(jī)

只受重力，與手掌沒(méi)有力的作用，手機(jī)可能離開過(guò)手掌，A不符合題意；

B.根據(jù)a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在時(shí)刻有向上的速度，還沒(méi)有到最高點(diǎn)，B

不符合題意；

C.根據(jù)a-t圖像與整標(biāo)軸圍成面積表示速度變化量，可知手機(jī)在0-匕時(shí)間內(nèi)速度一直在正向增加，所以這

段時(shí)間內(nèi)的速度?直為正值，而加速也?直為正值，所以這段時(shí)間內(nèi)，手機(jī)的速度和加速度同向，一直做

加速運(yùn)動(dòng)，以速度達(dá)到正向最大，C不符合題意：

D.由圖可知，以時(shí)刻后加速度變?yōu)樨?fù)值，速度和加速度反向，則手機(jī)開始減速上升?？?以時(shí)間內(nèi)加速度向

上不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律得

N-mg=ma

可知支持力不斷減小，以-匕時(shí)間內(nèi)，加速度負(fù)向增大，由牛頓第二定律可得

mg-N=ma

可知支掙力也是不斷減小，故”?依時(shí)間內(nèi)手機(jī)所受的支持力一直減小，D符合題意。

故答案為：Do

【分析】當(dāng)手機(jī)的加速度等于重力加速度時(shí)，手機(jī)可能只受重力；根據(jù)a-t圖像與坐標(biāo)軸圍成面積表示速

度變化量，分析手機(jī)在各時(shí)間段速度的變化情況：由牛頓第二定律分析手機(jī)受到的支持力的變化情況。

5.【答案】C

【解析】【解答】A.運(yùn)動(dòng)員上升過(guò)程中，離開蹦床前，蹦床給運(yùn)動(dòng)員的彈力一直向上，所以彈力一直做正

功，離開蹦床之后沒(méi)有彈力，不做功，A不符合題意；

B.站在蹦床上到跳起過(guò)程，運(yùn)動(dòng)員自己對(duì)自己做功，系統(tǒng)機(jī)械能會(huì)增加，B不符合題意；

C.最開始的幾次起跳的上升過(guò)程，運(yùn)動(dòng)員自己對(duì)自己做功，故蹦床彈性勢(shì)能的減小量小于運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能的

增加量，C符合題意；

D.最高點(diǎn)基本穩(wěn)定時(shí)，人和蹦床組成的系統(tǒng)機(jī)械能可認(rèn)為守恒，人的重力勢(shì)能與蹦床的彈性勢(shì)能之和最小

時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的動(dòng)能最大，速度最大，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員的重力與蹦床對(duì)運(yùn)動(dòng)員的彈力大小相等，加速度為零，D

不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)蹦床對(duì)?運(yùn)動(dòng)員的作用力方向與運(yùn)動(dòng)員位移方向的夾角，分析功的正負(fù)：根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守

恒，分析運(yùn)動(dòng)員與蹦床組成的系統(tǒng)，機(jī)械能的變化情況：由機(jī)械能守恒定律分析最高點(diǎn)基本穩(wěn)定時(shí)，運(yùn)動(dòng)

員的重力勢(shì)能與蹦床彈性勢(shì)能之和最小時(shí)的動(dòng)能，根據(jù)速度特點(diǎn)得出加速度的情況。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.由向心加速度公式

可得，從B運(yùn)動(dòng)至IJC的過(guò)程中機(jī)器人的向心加速度

A不符合題意;

B.餐盤與托盤恰好不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，餐盤做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由最大摩擦力提供，有

vm=2&m/s

B不符合題意;

C.由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移-速度公式

2

2ax=v-v0

可得機(jī)器人從A運(yùn)動(dòng)到B的加速度

a==

2x2X4^2=0125m/s2

此時(shí)餐盤受到的摩擦力

f=ma=0.125m<fimg=2m

可知餐盤和水平托盤不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑司，C符合題意;

D.機(jī)器人以Ini/s的速度勻減速至D點(diǎn)的最大加速度

麗=4g=2m/s

故最短的減速時(shí)間

勻減速的最小位移為

v2

△x=---=0.25m

2

則從C點(diǎn)開始勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

xrn—△%

t2=-^——=11.75s

故從C運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的最短時(shí)間為

tmjn=0.5s+11.75s=12.25s

D不符合題意。

故答案為：Co

【分析1根據(jù)向心加速度公式a=9,加速?gòu)腂運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中機(jī)器人的向心加速度；餐盤與托盤恰好

不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，餐盤做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由最大摩擦力提供，由牛頓第二定律求出最大速率.；由勻變

速直線運(yùn)動(dòng)的位移?速度公式求出機(jī)器人從A運(yùn)動(dòng)到B的加速度，再由牛頓第二定律求出此過(guò)程中餐盤受

到的摩擦力大小，通過(guò)其與最大靜摩擦力的關(guān)系，判斷是否會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)；機(jī)器人以最大的加速度減速

運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)停止，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出最短時(shí)間。

7.【答案】D

【解析】【解答】A.根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力可得

Mm4IT2

G——=m——-r

7/rji乙

得

4712r3

GM

“中國(guó)空間站”的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑(約36000km),可知“中國(guó)空間站”在正常軌道上做圓周

運(yùn)動(dòng)的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，A不符合題意；

B“中國(guó)空間站”在軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有

Mm

G--------=ma

(R+h)

對(duì)放在地球表面的物體，有

Mm

G-y-=mg

R2

聯(lián)立解得“中國(guó)空間站”正常在軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小為

R2

a=--------

(R+hy

故向心加速度梢小于g,B不符合題意：

c.第一宇宙速度是最大的運(yùn)行速度，所以'卜國(guó)空間站.?的速度小于第一宇宙速度，C不符合題意:

D.空間站由低軌向高軌修正時(shí)需要發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火使空間站加速，做離心運(yùn)動(dòng)進(jìn)入目標(biāo)軌道，根據(jù)

[GM

可知，進(jìn)入目標(biāo)軌道后的速度比修正之前低軌的速度小，D符合題意；

故答案為：D。

【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力推導(dǎo)衛(wèi)星的周期與軌道半徑的關(guān)系式，根據(jù)“中國(guó)空間站”和同步衛(wèi)星的軌道半徑的

關(guān)系，得出“中國(guó)空間站”與同步衛(wèi)星周期的大小關(guān)系：由牛頓第二定律求解'‘中國(guó)空間站”的向心加速度，

再根據(jù)重力等于?萬(wàn)有引力，分析放在地球表面的物體，得出“中國(guó)空間站”的向心加速度與重力加速度g的

大小關(guān)系：第一宇宙速度是最大的運(yùn)行速度；根據(jù)衛(wèi)星變軌原理分析“中國(guó)空間站”要進(jìn)入修正軌道應(yīng)采取

的措施，再根據(jù)線速度與軌道的半徑的關(guān)系，分析其進(jìn)入目標(biāo)軌道后的速度與之前的速度的關(guān)系。

8.【答案】C

【解析】【解答】根據(jù)右手螺旋定則，做出通電導(dǎo)線P、M、Q在0處的磁場(chǎng)方向，如圖所示：

由于三根導(dǎo)線中的電流大小相等，距離O點(diǎn)的距離相等，所以三根導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，設(shè)

為B',則有

B=B'+2B'cos600

可得

撤去導(dǎo)線P后，導(dǎo)線Q、M在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度成60。角，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為

￡八二2"cos30。=e8'=

n2

C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)右手螺旋定則，分析三根導(dǎo)線在0點(diǎn)的產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，再由矢量疊加原理，得出每根導(dǎo)線

在。點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，撤去導(dǎo)線P后，再由矢量疊加原理，求出。處的磁感應(yīng)強(qiáng)度。

9.【答案】B

【解析】【解答】A.由甲圖可知，該波波長(zhǎng)為4m,由乙圖可知，該波周期為

T=（4.5-0.5）s=4s

所以波速

A4

v=7p=4m/s=lm/s

A不符合題意；

BC.根據(jù)乙圖分析，1=0時(shí)，M點(diǎn)正在沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，而根據(jù)波形平移法可知，1=0時(shí)刻，x=L5m處的

質(zhì)點(diǎn)正向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，所以M點(diǎn)的橫坐標(biāo)不可能為L(zhǎng)5m,B符合題意，C不符合題意；

D.l=1.0s時(shí)，根據(jù)乙圖，由于對(duì)禰性可知，M點(diǎn)位移為一D小符合題意。

故答案為：Bo

【分析】根據(jù)波速公式I；=今求出該波波速：根據(jù)簡(jiǎn)諧振動(dòng)的圖像特點(diǎn)，判斷出M點(diǎn)在t=0時(shí)刻的振動(dòng)方

向，再結(jié)合甲圖中介質(zhì)各點(diǎn)的振動(dòng)方向，判斷M點(diǎn)的橫坐標(biāo)：根據(jù)乙圖，判斷出M點(diǎn)在t=O.ls時(shí)的位

移。

10.【答案】C

【解析】【解答】A.三個(gè)燈泡都在發(fā)光E寸，根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系式

hni2

可知通過(guò)三個(gè)燈泡的電流相等，所以亮度相同，A不符合題意：

B.燈泡心燈絲燒斷后，副線圈回路電隨R副變大，如圖所示，將變壓器電路等效為電阻，有

R等二（察）%

可知，R等電阻變大，電源電壓恒定，則原線圈電流減小，燈泡L1變暗，B不符合題意;

C.由以上分析可知，原線圈電流減小，燈泡加兩端電壓減小，原線圈輸入電壓變大，根據(jù)理想變壓器電壓

與匝數(shù)的關(guān)系式

6=叢

U2九2

可知副線圈兩端電壓增大，所以燈泡上變亮，C符合題意;

DI?燒斷后

R等=偌）/

由原來(lái)的。變成。（R為燈泡電阻），故原線圈的電壓由名增大為右原線圈的輸入功率由甲-變?yōu)槎鶧

B4

【分析】根據(jù)原副線圈的電流關(guān)系，分析二個(gè)燈泡都發(fā)光時(shí)，通過(guò)二個(gè)燈泡的電流關(guān)系，得出二個(gè)燈泡的

亮度關(guān)系；將變壓器電路進(jìn)行等效，再由歐姆定律分析燈泡刀的亮度變化；根據(jù)原線圈電壓的變化，由

〃曾2

患=胃判斷副線圈電壓的變化，得出燈泡乙2亮度的變化；結(jié)合歐姆定律，由電功率公式P=1L,分析人3

u2"2R

燒斷后變壓器輸入功率的變化。

11.【答案】C

【解析】【解答】A.由左手定則可知，電子所受洛倫茲力向外，所以C端帶負(fù)電，D端帶正電，故C端的

電勢(shì)低于D端的電勢(shì)，A不符合題意，

B.若磁鐵裝反了（兩極互換），由左手定則可知，電子偏轉(zhuǎn)方向反向，霍爾電壓反向，但由丁圖可知不影

響電動(dòng)助力車的正常騎行，B不符合題意；

C.穩(wěn)定時(shí)，根據(jù)電子的受力平衡可得

evB=。萬(wàn)，/=nebav

可知

IB

u=-----

nea

所以僅減小圖丙中器件的尺寸a時(shí)，U增大，由丁圖可知可使電動(dòng)助力車更容易獲得最大速度，C符合題

意；

D.當(dāng)騎手按圖乙箭頭所示方向均勻轉(zhuǎn)動(dòng)把手時(shí)若電壓會(huì)隨時(shí)間均勻增大，則由「圖可知，電動(dòng)助力乍的速

度隨時(shí)間增加更慢，加速度將減小，D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向，可得出C、D兩端電勢(shì)高低的關(guān)系；根據(jù)霍爾元件的工作原

理，當(dāng)磁場(chǎng)強(qiáng)弱變化時(shí)，導(dǎo)致電子受到的洛倫茲力大小變化，從而出現(xiàn)不同的霍爾電勢(shì)差，進(jìn)而導(dǎo)致車速

變化。

12.【答案】C

【解析】【解答】A.根據(jù)

sini

n=—：-----

sinr

可知，同樣的入射角，b光的折射角更小，可知冰晶對(duì)b光的折射率匕對(duì)a光的折射率大，根據(jù)

C

v=-

n

可知在冰晶中，b光的波速比a光小，A不符合題意；

B.根據(jù)

c=Af

可知，a光的波長(zhǎng)大于b光的波長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋間距公式

L

A”中

可知用同一裝置做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)時(shí)，a光條紋間距更大，B不符合題意；

C.由上可知，a光折射率小，頻率小，a光能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，可知a光的頻率大于該金屬的極限頻

率，則b光的頻率一定也大于該金屬的極限頻率，也可以使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，C符合題意：

D.水對(duì)a光的折射率比對(duì)b光的折射率小，根據(jù)

1

sinC=—

n

可知，從水中射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，a光的臨界角較大，D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)折射率公式?1=黑和九二%判斷在冰晶中a、b兩種光速度的大小關(guān)系；根據(jù)雙縫干涉條

紋間距公式△%二§九判斷通過(guò)同一儀器發(fā)生雙縫干涉，兩種光條紋間距的大小關(guān)系；根據(jù)光電效應(yīng)的產(chǎn)

生條件，分析b光能否使金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)：根據(jù)臨界角公式sinC=：,分析兩種光在水中發(fā)生全反射時(shí)

臨界角的大小關(guān)系。

13.【答案】C

【解析】【解答】A.由依題意可知，最大充電電流600A,最大充電電E1000V,可得最大充電功率

Pmax=Umax/max=WOOX600kW=600kW

由于“充電樁能根據(jù)很多電動(dòng)汽車車型的充電需求智能分配所需充電功率”，所以充電樁的平均充電功率必

定小于最大功率，A不符合題意；

B.本次充電時(shí)的平均功率約為

W360x150x3600x(80%-30%)

P=W=162kW

~t=10x60

B不符合題意；

C.充電效率約為

360x150x3600x(80%―30%)

rj.=---------------------------------------x100%=90%

^x3.6xl06

c符合,題意；

D.機(jī)械效率約為

0.02x1.600x10x120000

“2=360x150x3600x(80%-50%)x100%=66%

D不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)題中數(shù)據(jù)，求出充電樁的最大充電功率，平均功率要小于最大充電功率：根據(jù)功率公式P=

與計(jì)算本次充電的平均功率：充電效率等于充入電池的電能與消耗總電能的百分比：機(jī)械效率等于牽引力

做功與消耗總能量的百分比。

14.【答案】A,D

【解析】【解答】A.衰變后產(chǎn)生的新核更穩(wěn)定，而比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，可知第6Pb的比結(jié)合能大

于尸。的比結(jié)合能，A符合題意：

B.3。。0的結(jié)合能為%,第6Pb的結(jié)合能為%,X的結(jié)合能為％，由能量守恒定律可得，該核反應(yīng)過(guò)程中放

出的能量為

Q=%+?3-瓦

B不符合題意；

C.根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程

△E=Arne2

可得該核反應(yīng)過(guò)程中虧損的質(zhì)量

Q

Am=-7

Cz

C不符合題意：

D.核衰變后，生成的新原子核位于高能級(jí)，能自發(fā)向低能級(jí)躍遷，從而放出光子，D符合題意。

故答案為：AD?

【分析】根據(jù)比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，分析第6P匕與敘P。的比結(jié)合能關(guān)系；根據(jù)能量守恒定律求出

該核反應(yīng)過(guò)程中放出的能量；根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程，求解該核反應(yīng)過(guò)程中的質(zhì)星虧損；根據(jù)能級(jí)躍遷的

規(guī)律分析衰變過(guò)程中放出的光子的能量來(lái)源。

15.【答案】A,B

【解析】【解答】這些氫原子在向低能級(jí)躍遷過(guò)程中能發(fā)出6種不同頻率的光，按頻率從高到低(輻射能量

從大到小)分別是n=4躍遷到n=l,n=3躍遷到n=l,n=2躍遷到n=l,n=4躍遷到n=2,n=3躍遷到n=2,

n=4躍遷到n=30依題意,只有n=4躍遷到n=l,n=3躍遷到n=Ln=2躍遷到n=l這三種躍遷中產(chǎn)生的光

子能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)。

A.6種光子中，能發(fā)生光電效應(yīng)的最小的光子能量是由n=2躍遷到n=l輻射的光子，能量為

10.2eV

EC=E2-EX=

不能發(fā)生光電效應(yīng)的最大的光子能量是由n=4躍遷到n=2輻射的光子.能量為

琦一%=2.55eV

故陰極金屬的逸出功應(yīng)介乎2.55eV~10.2eV之間，A符合題意；

B.b光適頻率排第二高的光，對(duì)應(yīng)n=3躍遷到n=l,其能量值為

Eb=E3-El=-1.51eV-(-13.6eV)=12.09eV

B符合題意；

C.由乙圖可知，a光的遏止電壓最大，據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程

eU=hv-W

可知a光的頻率最高，對(duì)應(yīng)n=4躍遷到n=l,其光子能量為

E=13.6eV-0.85eV=12.75eV

由4=7/可知，金屬的逸出功為5.75W,c應(yīng)是n=2躍遷到n=l產(chǎn)生的光子,其光子能量為10.2eV,故

%=445匕C不符合題意：

D.若甲圖中電源右端為正極，則光電管兩端加的是反向電壓，隨滑片向右滑動(dòng)，反向電壓增大，則光電流

減小，D不符合題意。

故答案為：ABe

【分析】由玻爾理論分析可能的躍遷方式，從而確定三種能使陰極金屬發(fā)生光電效應(yīng)的光子能量：由圖可

得遏止電壓，根據(jù)遏止電壓方程eU=勵(lì)-W,分析金屬逸出功范圍：當(dāng)齊.電管兩端加反向電壓時(shí)，電壓

越大，光電流越小。

16.【答案】(1)黑

(2)x10：1

(3)1401

(4)3000

【解析】【解答】(1)根據(jù)多用電表中電流“紅進(jìn)黑出”的規(guī)律可知，B端應(yīng)與黑表筆相連。

(2)當(dāng)單刀雙擲開關(guān)撥到2端時(shí)，電流表的量程較小，故調(diào)零時(shí)歐媯表的內(nèi)電阻較大，即歐姆表的g值

電阻也較大，倍率為較大的“'10”：將紅黑表筆短接調(diào)節(jié)電阻R進(jìn)行歐姆調(diào)零，當(dāng)電流表G滿偏時(shí)，由歐姆

定律可得

(/-%)(%+R2)=IgRg

解得

/=1mA

可知，當(dāng)電流表G滿偏時(shí)，通過(guò)紅黑表筆的電流為1mA。

（3）當(dāng)歐姆表倍率取“xlO”時(shí)，單刀雙擲開關(guān)撥到2端，由閉合電路歐姆定律可得

(%+/?2)勺_E

十Ri+R^+RgF

解得

R=14010

（4）白（2）中分析可知，當(dāng)歐姆表倍率取“xl（H忖，改裝后的電流表量程為1mA,此時(shí)歐姆表內(nèi)阻為

11X10—3

當(dāng)指針指到去處時(shí)，待測(cè)電阻

?J

E1.5

R=zi——ru.=------------n-1500Q=3000H

xhAxlxio_3

【分析】（l）根據(jù)多用電表中電流“紅進(jìn)黑出”的規(guī)律，判斷應(yīng)與B端連接的表筆；（2）根據(jù)電流表并聯(lián)的

分流電阻的大小，判斷量程的大小，確定歐姆表的內(nèi)電阻，得出對(duì)應(yīng)倍率：由歐姆定律求解S撥到2端,

電流表G滿偏時(shí)通過(guò)紅黑表筆的電流；（3）由閉合電路歐姆定律，求解歐姆表倍率取+10”時(shí)，將紅黑表筆

短接進(jìn)行歐姆調(diào)零后電阻R的阻值；（4）根據(jù)閉合電路歐姆定律求解,

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