2018屆高三物理二輪復(fù)習(xí)專題一力與運動第2講力和直線運動對點規(guī)范演練

1、專題1 第2講 力和直線運動1(2017安徽師大附中模擬)如圖所示，一個熱氣球與沙包的總質(zhì)量為m，在空氣中沿豎直方向勻速下降，為了使它以的加速度勻減速下降，則應(yīng)該拋掉的沙包的質(zhì)量為(假定整個過程中空氣對熱氣球的浮力恒定，空氣的其他作用忽略不計)(B)A.BCD解析 設(shè)熱氣球和沙包受到的浮力為F，應(yīng)拋掉的沙包質(zhì)量為m，由平衡條件和牛頓第二定律分別有Fmg，F(xiàn)(mm)g(mm)a，代入解得m，則選項B正確，其他選項錯誤2(2017湖北襄陽調(diào)研)某物體做直線運動，運動的時間為t，位移為x.物體的t圖象如圖所示，下列說法正確的是(C)A物體的加速度大小為Bt0時，物體的初速度為bCt0到t這段時間物體

2、的位移為Dt0到tb這段時間物體的平均速度為解析 由題意知物體做勻變速直線運動，位移公式xv0ta0t2，變形為v0a0t，斜率為a0、縱截距為v0.結(jié)合圖象可知a0、初速度v0a，解得加速度a0，選項A、B均錯誤；時間t時，位移為x1a2ab，選項C正確；平均速度為，選項D錯誤3(2017河南鄭州預(yù)測)(多選)如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面間的最大靜摩擦力Ffm與滑動摩擦力大小相等，則(BC)At2t5時間內(nèi)物塊A的加速度逐漸減小Bt2時刻物塊A的加速度最大Ct3和t5時刻物塊A的速度相等D0t5時間內(nèi)物塊A一直做加速

3、運動解析 開始物塊A靜止，到t1后拉力F大于摩擦阻力，物塊A開始加速運動，到t4時加速度為0，加速運動結(jié)束，之后摩擦阻力大于拉力F，物塊A做減速運動，選項D錯誤；從t1到t2，拉力F越來越大，加速度越來越大；從t2到t4，拉力F越來越小，加速度越來越??；從t4到t5，拉力F小于摩擦阻力且越來越小，加速度反向越來越大；由圖可知，在t2時刻加速度最大，選項A錯誤，B正確；根據(jù)拉力和摩擦阻力的大小關(guān)系，應(yīng)用對稱性可知，t3和t5兩個時刻的加速度等大反向，同理從t3到t4和從t5到t4各對稱時刻的加速度都等大反向，可知物塊A先加速后減速，t3和t5兩時刻速度相等，選項C正確4(2017遼寧三校聯(lián)考)(

4、多選)如圖所示，質(zhì)量分別為mA、mB的兩個物體A、B在水平拉力F的作用下，沿光滑水平面一起向右運動，已知mAmB，光滑動滑輪及細繩質(zhì)量不計，物體A、B間的動摩擦因數(shù)為，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g，則下列說法正確的是(AD)AA對B的摩擦力向左BB對A的摩擦力向左CA，B間的摩擦力大小為FD若A、B間的動摩擦因數(shù)為，要使A、B之間不發(fā)生相對滑動，則F的最大值為解析 因為mAmB，且A、B的加速度相等，故A的合外力大于B的合外力，所以A受到的摩擦力向右，B受到的摩擦力向左，選項A正確，選項B錯誤；將A、B看成整體可得F(mAmB)a，對A，B分別由牛頓第二定律可得FfmAa，F(xiàn)fm

5、Ba可得FfF，選項C錯誤；當(dāng)FfFfmaxmAg時，A、B將要發(fā)生相對滑動，此時可得Fmax，選項D正確5(2017河南洛陽統(tǒng)考)如圖所示，A、B兩物體的質(zhì)量分別為2 kg和1 kg，靜止疊放在水平地面上A、B間的動摩擦因數(shù)為0.8，B與地面間的動摩擦因數(shù)為0.4.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為10 m/s2.現(xiàn)對A施加一水平拉力F，不計空氣阻力，則(B)A當(dāng)F17 N時，物體A的加速度大小為0.5 m/s2B當(dāng)F21 N時，物體A的加速度大小為3 m/s2C當(dāng)F22 N時，A相對B滑動D當(dāng)F39 N時，B的加速度為9 m/s2解析 當(dāng)水平拉力F17 N時，大于B與地面之間的滑動摩

6、擦力FfBB(mAmB)g0.4(21)10 N12 N，若A、B之間不發(fā)生相對滑動，由牛頓第二定律，F(xiàn)FfB(mAmB)a，解得它們的加速度a m/s2，對A，設(shè)B對A的摩擦力為Ff，由牛頓第二定律，F(xiàn)FfmAa，解得Ff N，A，B之間的滑動摩擦力FfAAmAg0.8210 N16 N，大于A、B之間的摩擦力Ff，則A、B之間不發(fā)生相對滑動，物體A的加速度為a m/s2，選項A錯誤；要使A、B之間發(fā)生相對滑動，A對B向右的摩擦力FfA使B加速運動，由牛頓第二定律，F(xiàn)fAFfBmBaB，解得aB4 m/s2；對A，由牛頓第二定律，F(xiàn)FfAmAaA，且aAaB，解得F24 N當(dāng)F21 N時，A

7、、B未發(fā)生相對滑動，可解得A的加速度a3 m/s2，選項B正確；當(dāng)F22 N時，A相對B未發(fā)生滑動，選項C錯誤；只要A、B發(fā)生相對滑動，無論F多大，B的加速度都為aB4 m/s2，選項D錯誤6(2017福建質(zhì)檢)(多選)我國高鐵技術(shù)處于世界領(lǐng)先水平和諧號動車組由動車和拖車編組而成，提供動力的車廂為動車，不提供動力的車廂為拖車某列動車組由8節(jié)車廂組成，其中2車和7車為動車，其余為拖車假設(shè)該動車組各車廂質(zhì)量均相等，相同運行狀態(tài)下2車和7車提供的動力相同，運行過程中每節(jié)車廂受到的阻力相等如圖，該動車組以1車在前、8車在后的方向沿水平直軌道運行，則(AB)A啟動時，7車對6車的作用力為推力B關(guān)閉動力滑

8、行時，6、7車之間既無推力也無拉力C勻速運動時，6、7車之間既無推力也無拉力D勻速運動時，6、7車之間的作用力小于2、3車之間的作用力解析 動車組啟動時，假設(shè)每節(jié)動車提供的動力為F、每節(jié)車廂所受的阻力為Ff、每節(jié)車廂的質(zhì)量均為m，以整體為研究對象，由牛頓第二定律2F8Ff8ma1，假設(shè)6車對7車的作用力為拉力T1，以7、8節(jié)車廂為研究對象，則由牛頓第二定律T1F2Ff2ma1，解得T1，因此6車對7車的作用力與運動方向相反，由牛頓第三定律可知7車對6車的作用力與運動方向相同，為推力，選項A正確；關(guān)閉動力后，列車做勻減速直線運動，對整體8Ff8ma2，假設(shè)6、7車之間的作用力為T，對7、8車整體

9、，有2FfT22ma2，解得T20，選項B正確；列車勻速運動時，假設(shè)每節(jié)動車提供的動力為F，則由2F8Ff，設(shè)6、7車之間的作用力為T3，對7、8車整體，有T3F2Ff，T32Ff，選項C錯誤；設(shè)2、3車之間的作用力為T4，對3、4、5、6、7、8節(jié)車廂整體，有T4F6Ff，解得T42Ff，顯然T3、T4大小相等，選項D錯誤7(2016四川資陽一模)如圖所示，在粗糙的水平面上有一個質(zhì)量為M的三角形木塊，兩底角分別為1、2.在兩個粗糙斜面上有兩個質(zhì)量分別為m1、m2的物體，分別以a1、a2的加速度沿斜面下滑，木塊始終相對于地面靜止，求地面對三角形木塊的摩擦力和支持力解析 以M、m1、m2整體為研

10、究對象，此整體受三個力，即總重力、地面的支持力、地面的摩擦以向右為正方向，在水平方向上FfMaxm1a1xm2a2x，其中ax0，a1xa1cos 1，a2xa2cos 2，故Ffm2a2cos 2m1a1cos 1.Ff的正負表示方向，如Ff為正，表示向右在豎直方向上FN(Mm1m2)g(Maym1a1ym2a2y)，其中ay0，a1ya1sin 1，a2ya2sin 2，得FN(Mm1m2)gm1a1sin 1m2a2sin 2.答案 摩擦力Ffm2a2cos 2m1a1cos 1支持力FN(Mm1m2)gm1a1sin 1m2a2sin 28(2017西寧四校聯(lián)考)如圖所示，一長為l的木

11、板Q放置在傾角為37的足夠長斜面上，一小物塊P(可看成質(zhì)點)放在木板Q的最上端，小物塊P和木板Q的質(zhì)量相等小物塊P與木板Q間的動摩擦因數(shù)1，木板Q與斜面間的動摩擦因數(shù)20.5，剛開始在外力作用下小物塊P和木板Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)某時刻外力撤離，小物塊P和木板Q開始運動并從此刻開始計時，在2 s時小物塊P與木板Q間的動摩擦因數(shù)由于特殊情況發(fā)生了突變，動摩擦因數(shù)1變?yōu)榱?，其他條件均不變，且小物塊P在木板Q上共運動4 s便滑離木板Q.設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度大小g 10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)在2 s時刻小物塊P和木板Q的速度大??；(2)木板Q的長

12、度l.解析 (1)假設(shè)開始時，小物塊P和木板Q未發(fā)生相對滑動，則2mgsin 22mgcos 2ma，解得a2 m/s2.對小物塊P：mgsin Ffma，解得Ff4m1mgm，所以假設(shè)不成立，小物塊P和木板Q發(fā)生滑動在02 s內(nèi)，規(guī)定沿斜面向下為正方向，設(shè)小物塊P和木板Q的質(zhì)量均為m，加速度分別為a1和a2.對小物塊P：由牛頓第二定律有mgsin 1mgcos ma1，解得a13 m/s2.對木板Q：由牛頓第二定律有mgsin 22mgcos 1mgcos ma2，解得a21 m/s2.在t12 s時刻，設(shè)小物塊P和木板Q的速度分別為v1和v2，則v1a1t16 m/s，v2a2t12 m/s.(2)2 s后，設(shè)小物塊P和木板Q的加速度分別為a1和a2，小物塊P與木板Q之間摩擦力為零，由牛頓第二定律得mgsin ma1，mgsin 22mgcos ma2，解得a16 m/s2，a22 m/s2.由于a20，