2020屆高三模擬考試卷-理綜-學(xué)生版

1、此卷只裝訂不密封班級 姓名 準考證號 考場號 座位號 此卷只裝訂不密封班級 姓名 準考證號 考場號 座位號 2020屆高三模擬測試卷理科綜合能力測試（二）注意事項：1答題前，先將自己的姓名、準考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交?？赡苡玫降南鄬υ淤|(zhì)量：H 1 Li 7 C 12 N

2、14 O 16 P 31 S 32 Cl 35.5 Fe 56 第卷（選擇題，共126分）一、選擇題：本大題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1下列有關(guān)細胞的結(jié)構(gòu)和功能的敘述，正確的是A一個動物細胞中只含有一個中心體，高等植物細胞中沒有中心體B用胰蛋白酶處理生物膜，生物膜的組成成分及通透性都會發(fā)生改變C線粒體是有氧呼吸的主要場所，外膜上有運輸葡萄糖和氧氣的載體蛋白D溶酶體內(nèi)含有多種呼吸氧化酶，能分解衰老、損傷的細胞器2用高濃度的尿素作為溶劑處理從細胞中分離純化的蛋白質(zhì)，可使其失去天然構(gòu)象變?yōu)樗缮㈦逆?稱為“變性”)；除去尿素后，蛋白質(zhì)又可以恢復(fù)原來的空

3、間結(jié)構(gòu)(稱為“復(fù)性”)，且蛋白質(zhì)分子越小復(fù)性效果越好。這說明A尿素與蛋白酶的作用效果相似B氨基酸數(shù)量會影響蛋白質(zhì)的空間結(jié)構(gòu)C過氧化氫酶經(jīng)高濃度尿素溶液處理后活性不變D雙縮脲試劑可以鑒定上述“變性”的發(fā)生3紫外線對DNA分子的主要損傷方式是形成胸腺嘧啶二聚體，下圖表示細胞中DNA分子發(fā)生這種損傷后的自動修復(fù)過程。下列敘述錯誤的是A胸腺嘧啶二聚體形成后可能會影響DNA的復(fù)制和轉(zhuǎn)錄B圖示DNA分子損傷后的修復(fù)過程可能需要多種酶參與CDNA修復(fù)功能缺陷可能會引發(fā)基因突變導(dǎo)致惡性腫瘤DDNA損傷引起的生物變異不能成為生物進化的原材料4T細胞表面的受體可以識別抗原引起免疫反應(yīng)，同時還有很多輔助分子來幫助完

4、成這一過程。此外，T細胞表面還存在負向調(diào)控的受體分子，如PD-1。當(dāng)PD-1與某些特定分子PDL1結(jié)合后，能迫使免疫細胞“自殺”，從而終止正在進行的免疫反應(yīng)。一些腫瘤細胞進化出了一種防御機制，它們的表面也帶有PDL1，從而誘導(dǎo)T細胞過早地進入自我破壞程序。科學(xué)家研制出PD-1單克隆抗體，作為免疫負調(diào)控抑制劑，通過阻斷PD-1與PDL1的相互作用，從而降低免疫抑制反應(yīng)，進而治療甚至治愈腫瘤。下列敘述錯誤的是A正常情況下，PD-1有助于防止免疫反應(yīng)過度，避免發(fā)生自身免疫病B部分T細胞會在PD-1的作用下發(fā)生細胞凋亡CPD-1單克隆抗體不是直接作用于腫瘤，而是對免疫細胞起作用，達到抗腫瘤的目的D人體

5、細胞中含有控制合成PD-1和PDL1的基因5某調(diào)查小組欲調(diào)查某地區(qū)針毛鼠的種群密度，在該地區(qū)相同面積的旱地和水田里均放置了數(shù)量相同的捕鼠夾，結(jié)果發(fā)現(xiàn)旱地中被捕針毛鼠數(shù)占捕鼠總數(shù)的12.8%，而水田中被捕針毛鼠數(shù)占捕鼠總數(shù)的2.2%，據(jù)此，下列敘述錯誤的是A針毛鼠對當(dāng)?shù)睾档胤N植的農(nóng)作物的危害可能大于水田B在旱地種植少量高大樹木，為貓頭鷹提供棲居地，有利于控制針毛鼠害C若捕獲后的針毛鼠難以再次被捕獲，則會導(dǎo)致調(diào)查的針毛鼠的種群密度偏小D出生率和死亡率、遷入率和遷出率都是影響針毛鼠種群密度的直接因素6在一個自然種群的小鼠中，體色有黃色（Y）和灰色（y），尾巴有短尾（D）和長尾（d），兩對相對性狀的遺

6、傳符合基因的自由組合定律。任取一對黃色短尾個體經(jīng)多次交配，F(xiàn)1的表現(xiàn)型為黃色短尾黃色長尾灰色短尾灰色長尾4221。實驗中發(fā)現(xiàn)有些基因型有致死現(xiàn)象（胚胎致死）。以下說法錯誤的是A黃色短尾親本能產(chǎn)生4種正常配子BF1中致死個體的基因型共有4種C表現(xiàn)型為黃色短尾的小鼠的基因型只有1種D若讓F1中的灰色短尾雌雄鼠自由交配，則F2中灰色短尾鼠占2/37化學(xué)與生產(chǎn)、生活密切相關(guān)。下列有關(guān)物質(zhì)的用途、性質(zhì)都正確且有相關(guān)性的是8設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是A1mol Mg在空氣中完全燃燒生成MgO和Mg3N2，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NAB14g分子式為CnH2n的鏈烴中含有的CH鍵的數(shù)目為2NAC室溫

7、時，1.0L pH=13的Ba(OH)2溶液中含有OH的數(shù)目為0.2NADFe與水蒸汽反應(yīng)生成22.4L氫氣，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2NA9R是合成某高分子材料的單體，其結(jié)構(gòu)簡式如圖所示。下列說法錯誤的是AR與HOCH2COOH分子中所含官能團完全相同B用NaHCO3溶液可檢驗R中是否含有羧基CR能發(fā)生加成反應(yīng)和取代反應(yīng)DR苯環(huán)上的一溴代物有4種10元素X、Y、Z和Q在周期表中的位置如圖所示，其中元素Q位于第四周期，X的最高正價和最低負價之和為0，下列說法不正確的是XYZQA原子半徑（r）：r（Y）r（Z）r（X）B分別含Y元素和Z元素的兩種弱酸可以反應(yīng)生成兩種強酸C推測Q的單質(zhì)可以和氫氣、氧氣、活潑金

8、屬等反應(yīng)DZ的簡單陰離子失電子能力比Y的強11利用小粒徑零價鐵（ZVI）的電化學(xué)腐蝕處理三氯乙烯，進行水體修復(fù)的過程如圖所示。H+，O2，NO等共存物的存在會影響水體修復(fù)效果，定義單位時間內(nèi)ZVI釋放電子的物質(zhì)的量為nt，其中用于有效腐蝕的電子的物質(zhì)的量為ne。下列說法錯誤的是A反應(yīng)均在正極發(fā)生B單位時間內(nèi)，三氯乙烯脫去a mol Cl時ne=a molC的電極反應(yīng)式為NO+10H+8e=NH+3H2OD增大單位體積水體中小粒徑ZVI的投入量，可使nt增大12由下列實驗操作和現(xiàn)象得出的結(jié)論正確的是選項實驗操作實驗現(xiàn)象結(jié)論A向Co2O3中滴加濃鹽酸產(chǎn)生黃綠色氣體氧化性：Cl2Co2O3B白鐵皮（

9、鍍鋅鐵）出現(xiàn)刮痕后浸泡在飽和食鹽水中，一段時間后滴加幾滴K3Fe(CN)6溶液無明顯現(xiàn)象該過程未發(fā)生氧化還原反應(yīng)C將鐵片投入濃硫酸中無明顯變化常溫下鐵不與濃硫酸反應(yīng)D將10mL 2mol/L的KI溶液與1mL 1mol/L FeCl3溶液混合充分反應(yīng)后滴加KSCN溶液溶液顏色變紅KI與FeCl3的反應(yīng)具有可逆性13已知AG=lg，電離度=100%。常溫下，向10mL 0.1mol/L HX溶液中滴加0.1mol/L NaOH溶液，混合溶液中AG與滴加NaOH溶液體積的關(guān)系如圖所示。下列說法錯誤的是AF點溶液pHc(H+)=c(OH)CV=10時，溶液中c(OH)c(OH)，pHc(H+)=c(

10、OH)，故B正確；CV=10時溶液為NaX溶液，由于水解和水的電離c(OH)c(HX)，故C錯誤；DE點為0.1mol/L HX溶液，AG=lg=8，則=108，水的離子積KW=10-14， ，則電離度=，故D正確；故答案選：C。14. 【答案】B【解析】逸出的光電子最大速度之比為12，光電子最大的動能：Ekm12mvm2，則兩次逸出的光電子的動能的之比為14；故A錯誤；光子能量分別為：Ehv和E2hv，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動能為：Ekhv-W，4Ek2hv-W，聯(lián)立可得逸出功：W2hv3，故B正確；逸出功為2hv3，那么金屬的截止頻率為2v3，故C錯誤；用頻率為12v的

11、單色光照射，因12v2v3，不滿足光電效應(yīng)發(fā)生條件，因此不能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯誤。15. 【答案】C【解析】兩球穩(wěn)定時均做勻速直線運動，則有kvmg，得，所以有，由圖知v1v2，故m1m2，A正確；vt圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移，由圖可知，0t2時間內(nèi)，乙球下降的高度較大，而t2時刻兩球第二次相遇，所以乙球釋放的位置高，故B正確；兩球釋放瞬間v0，此時空氣阻力f0，兩球均只受重力，加速度均為重力加速度g，故C錯誤；在t1t2時間內(nèi)，甲球下落的高度較大，而t2時刻兩球第二次相遇，所以兩球第一次相遇的時刻在t1時刻之前，故D正確。本題選錯誤的，故選C。16. 【答案】C【解析】根據(jù)

12、電場線的指向知E帶正電，F(xiàn)帶負電；N點的場強是由E、F兩電荷在N點產(chǎn)生場強的疊加，電荷E在N點電場方向沿EN向上，電荷F在N點產(chǎn)生的場強沿NF向下，合場強水平向右，可知F電荷在N點產(chǎn)生的場強大于E電荷在N點產(chǎn)生的場強，而NFNE，所以由點電荷場強公式Ek知QEQF，A錯誤；只有電場線是直線，且初速度為0或初速度的方向與電場平行時，帶電粒子的運動軌跡才與電場線重合。而該電場線是一條曲線，所以運動軌跡與電場線不重合。故在M點由靜止釋放一帶正電的檢驗電荷，不可能沿電場線運動到N點，B錯誤；因為電場線和等勢面垂直，所以過N點的等勢面與過N點的切線垂直，C正確；沿電場線方向電勢逐漸降低，MN，再根據(jù)EP

13、q，q為負電荷，知EPMEPN，D錯誤。17. 【答案】A【解析】因為原線圈上接有理想二極管，原線圈只有半個周期有電流，副線圈也只有半個周期有電流U1mU2mn1n2，所以副線圈電壓的最大值U2m110 V，設(shè)副線圈電壓的有效值為U2，則，解得U255 V，副線圈的輸出功率110 W，原線圈的輸入功率P1P2110 W，故A正確，B錯誤；電流表讀數(shù)A，故C錯誤；因為原線圈上接有理想二極管，原線圈中電流方向不變，原線圈中電流增大和減小時在副線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反，副線圈輸出的電流方向改變，故D錯誤。18. 【答案】ABC【解析】地球繞太陽運動的周期為一年，飛船從D到Q所用的時間為三個月，則

14、地球從D到Q的時間為三個月，即四分之一個周期，轉(zhuǎn)動的角度為90度，根據(jù)幾何關(guān)系知，DQ的距離為R，故A正確；因為P到D的時間為一年，D到Q的時間為三個月，可知P到D的時間和P到Q的時間之比為45，根據(jù)xat2得，PD和PQ距離之比為1625，則PD和DQ的距離之比為169，DQR，則PD，B正確；地球與太陽的萬有引力等于地球做圓周運動的向心力，對PD段，根據(jù)位移公式有，因為P到D的時間和D到Q的時間之比為41，則，即Tt，向心力，聯(lián)立解得地球與太陽之間的引力，故C正確D錯誤。19. 【答案】B【解析】根據(jù)右手定則可知，第一次時線框中的感應(yīng)電流方向順時針方向；若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，根

15、據(jù)楞次定律，則第二次時磁感應(yīng)強度大小必須逐漸減小，故A錯誤；根據(jù)切割感應(yīng)電動勢公式及閉合電路歐姆定律可得第一次時感應(yīng)電流大小，若要使兩次產(chǎn)生的感應(yīng)強度電流大小相同，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律則有，則第二次時磁感應(yīng)強度大小隨時間必須均勻變化，且變化率為，故B正確；第一次時，在線圈離開磁場的過程中，水平拉力做的功為，故C錯誤；第一次時，在線圈離開磁場的過程中，通過線圈某一橫截面的電荷量為，故D錯誤。20. 【答案】ABC【解析】開始時彈簧壓縮的長度為xB得kxBmg，當(dāng)A剛離開地面時，彈簧處于拉伸狀態(tài)，對A有kxAmg，物體A剛離開地面時，物體B獲得最大速度，B、C的加速度為0，對B

16、有TmgkxA0，對C有Mgsin T0，解得30，故A正確；由于xAxB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，即此過程中彈簧的彈性勢能先減小后增加；而由A、B、C以及彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，可知A、B、C組成的系統(tǒng)機械能先增加后減小，故B正確；當(dāng)物體A剛離開地面時，物體B上升的距離以及物體C沿斜面下滑的距離為，由于xAxB，彈簧處于壓縮狀態(tài)和伸長狀態(tài)時的彈性勢能相等，彈簧彈力做功為零，且物體A剛剛離開地面時，B、C兩物體的速度相等，設(shè)為vB，由動能定理得Mghsin mgh(Mm)vB2，解得vB2 m/s，故C正確；當(dāng)B的速度最大時，C的速度也是最大的，此時彈簧處于伸長狀態(tài)，故D

17、錯誤。21. 【答案】ABD【解析】對小球分析可知，在豎直方向kxsinNmg，由與xsinBC，故支持力為恒力，即Nmg，故摩擦力也為恒力大小為fNmg，從C到E，由動能定理可得，由幾何關(guān)系可知，代入上式可得kLmg，在D點時，由牛頓第二定律可得，由，將kLmg可得，D點時小球的加速度為，故小球在D點時的速度最大，A正確；從E到C，由動能定理可得，解得v，故B正確；由于彈力的水平分力為kxcos，cos和kx均越來越大，故彈力水平分力越來越大，故彈性繩在小球從C到D階段做的功小于在小球從D到E階段做的功，C錯誤；將小球電荷量變?yōu)?q，由動能定理可得，解得vE，故D正確。22. 【答案】(1)

18、m1g (2) m1gx1 【解析】(1)小車勻速下滑時受到重力、支持力、摩擦力和拉力，合力為零；撤去拉力后，其余力不變，故合力等于撤去的拉力。(2)勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻瞬時速度，故vC，動能增量為m1vc2，合力的功Wm1gx1，需要驗證的關(guān)系式為：m1gx1。23. 【答案】(1)0 12.0 12.0 (2)1530 1.8 (3)12.6 1.5【解析】(1)當(dāng)電流計示數(shù)為0時，A、B兩點電勢相等，即UAB0；電壓表示數(shù)即為A、C兩點電勢差，即UAC12.0 V；由閉合電路歐姆定律可知，D、A和A、C之間的電勢差相等，故UAD12.0 V。(2)由歐姆定律可得，解得RV1530 ，由UDAI1(R2RA)可得RA1.8 。(3)由步驟可得2E24 V2I1r，由步驟可得2E211.7 V2I2r，聯(lián)立可解得E12.6 V，r1.5 。24. 【解析】(1)設(shè)磁感應(yīng)強度的大小為B，粒子質(zhì)量與所帶電荷量分別為m和q，粒子進入磁場后做勻速圓周運動，并設(shè)其圓周運動的半徑為r，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式有：qv0B 由題設(shè)條件和圖中幾何關(guān)系可知：rd 設(shè)電場強度大小為E，粒子進入電場后沿x軸負方向運動的速度大小為vx，由牛頓第二定律有：qEmax 根據(jù)運動學(xué)公式有：vx