山東省日照市2019屆高三物理上學期期末考試試卷（含解析）.docx

山東省日照市2019屆高三物理上學期期末考試試卷（含解析）一、本題包括15小題，每小題3分，共45分。在每小題給出的四個選項中，第110小題只有一項符合題目要求，第1115小題有多項符合題目要求。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，選錯或不答的得0分。1.用光電管進行光電效應實驗中，分別用頻率不同的單色光照射到同種金屬上。下列說法正確的是A. 頻率較小的入射光，需要經(jīng)過足夠長的時間照射才能發(fā)生光電效應B. 入射光的頻率越大，極限頻率就越大C. 入射光的頻率越大，遏止電壓就越大D. 入射光的強度越大，光電子的最大初動能就越大【答案】C【解析】【分析】金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入射光的極限頻率；只有入射光的頻率大于金屬的極限頻率，才能發(fā)生光電效應；光電子的最大初動能與金屬的逸出功和入射光的頻率有關，與入射光的強度無關；光電流的大小與入射光的強度有關，與入射光的頻率無關。【詳解】A只要入射光的頻率低于金屬的極限頻率，無論時間多長，無論光的強度多大，都不會發(fā)生光電效應，故A錯誤；B金屬材料的性質(zhì)決定金屬的逸出功，而逸出功決定入射光的極限頻率，與入射光的頻率無關，故B錯誤；C根據(jù) 可知，入射光的頻率越大，遏止電壓就越大，故C正確；D根據(jù)愛因斯坦光電效應方程，可知光電子的最大初動能隨照射光的頻率增大而增大，與光照強度無關，故D錯誤。故選：C?！军c睛】本題考查光電效應的規(guī)律和特點，我們一定要熟記光電效應的現(xiàn)象和遵循的規(guī)律，只有這樣我們才能順利解決此類問題。2.豎直向上發(fā)射一物體(不計空氣阻力)，在物體上升的某一時刻突然炸裂為a、b兩塊，質(zhì)量較小的a塊速度方向與物體原來的速度方向相反，則A. a塊的速度一定比原來物體的速度小B. b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同C. b塊的速度一定比原來物體的速度小D. 炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定小于a塊的動量變化量大小【答案】B【解析】【分析】當物體的速度沿水平方向炸裂成a、b兩塊時，質(zhì)量較大的a的速度方向仍沿原來的方向，根據(jù)動量守恒定律判斷可知b運動方向一定沿水平方向?！驹斀狻緼BC在炸裂過程中，由于重力遠小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動量守恒。炸裂前物體的速度沿水平方向，炸裂后a的速度沿原來的水平方向，根據(jù)動量守恒定律有：；解得：；由題意可知，b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同，故A錯誤，B正確，C錯誤；D由動量守恒可知，炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定等于a塊的動量變化量大小，故D錯誤。故選：B?！军c睛】本題是動量守恒定律的應用，基礎題系統(tǒng)動量守恒，不僅作用前后總動量的大小保持不變，總動量的方向也保持不變，解題時要抓住這一點。3.下列核反應中，屬于原子核的衰變的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】衰變生成物為或粒子，原子核的人工轉(zhuǎn)變是由人為行為發(fā)生的和反應方程，不是自發(fā)的衰變、裂變和聚變等?！驹斀狻緼根據(jù)衰變的特點，該方程中有生成，屬于衰變，故A正確；B根據(jù)核反應的特點可知，屬于輕核的聚變，故B錯誤；C根據(jù)核反應的特點可知， 屬于重核的裂變，故C錯誤；D根據(jù)核反應的特點可知，屬于人工轉(zhuǎn)變，故D錯誤。故選：A。【點睛】本題較簡單，只要根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒判斷出生成物的成分，牢記常見的核反應方程的類型即可解決此類題目。4.一物體在外力作用下由靜止開始沿直線運動，其加速度隨時間變化的關系圖線如圖所示。下列說法正確的是A. 物體運動的最大速度是4 msB. t=4s時物體回到出發(fā)點C. t=4s時物體開始反向運動D. t=1s末和t=3s末物體的瞬時速度相同【答案】D【解析】【分析】本題考查根據(jù)加速度圖象分析物體運動情況的能力。要知道圖象與時間軸所圍的面積表示速度變化量，注意2-3s內(nèi)物體不是回頭向負方向運動，而是繼續(xù)向正方向運動?！驹斀狻緼圖象與時間軸所圍的面積表示速度變化量，由圖可知，物體運動的最大速度是為，故A錯誤；BC物體做加速度增大的加速運動，物體做加速度減小的加速運動，物體做加速度反向增大的減速運動，物體做加速度反向減小的減速運動，根據(jù)對稱性可知，物體在4s末時速度減為零，4s后物體又重復前面的運動，故B、C錯誤；D由B、C項分析可知，t=1s末和t=3s末物體的瞬時速度相同，故D正確。故選：D。5.在勻強磁場中，一個100匝的矩形金屬線圈，繞與磁感線垂直的固定軸勻速轉(zhuǎn)動，線圈外接定值電阻和電流表(如圖甲所示)。穿過該線圈的磁通量按正弦規(guī)律變化(如圖乙所示)。已知線圈的總電阻為2，定值電阻R=8(取=10)。下列說法正確的是A. 電動勢的瞬時值表達式B. 電流表的示數(shù)最小為0C. 一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為32JD. 0.5s1.5s的時間內(nèi)，通過線圈橫截面的電荷量為0【答案】C【解析】【分析】根據(jù)圖象得到t=0時穿過線圈平面的磁通量大小，計算此交流電的最大值和有效值，根據(jù)焦耳定律計算一個周期產(chǎn)生的熱?！驹斀狻緼感應電動勢的最大值為Em=NBS=Nm= 線圈電動勢的瞬時表達式為 ，故A錯誤；BC電流表的示數(shù)為交變電流的有效值，一個周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 ，故B錯誤，C正確；D0.5s1.5s的時間內(nèi)，通過線圈橫截面的電荷量為，故D錯誤。故選：C。【點睛】本題考查交變電流產(chǎn)生過程中，感應電動勢與磁通量、磁通量變化率的關系，關鍵抓住兩個特殊位置：一是線圈與磁場垂直位置是磁通量最大的位置，該位置是電流方向改變的轉(zhuǎn)換點；二是線圈與磁場平行位置，該位置磁通量為零，是電流強度增大與減小的轉(zhuǎn)換點。6.如圖所示，某段滑草坡傾角為，總質(zhì)量為m(包括滑草車在內(nèi))的小朋友從距底端高為h處的坡上由靜止開始勻加速下滑，經(jīng)過時間t到達滑草坡的底端。則小朋友從開始到滑到底端的過程中，下列說法正確的是(重力加速度用g表示)A. 滑草坡對小朋友的支持力的沖量為零B. 小朋友所受重力的沖量為mgsintC. 小朋友所受重力的最大功率為D. 小朋友的機械能減少了【答案】C【解析】【分析】由牛頓第二定律可求得合外力和運動員所受的阻力，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律分析能量是如何轉(zhuǎn)化的求得合外力所做的功，再由動能定理可求得動能的變化量由摩擦力做功可求得機械能的變化量。【詳解】A由沖量定義I=Ft可知，滑草坡對小朋友的支持力的沖量不為零，故A錯誤；B由沖量定義可知，小朋友所受重力的沖量為mgt，故B錯誤；C小朋友滑到最底端時，小朋友的速度最大，由勻變速直線運動規(guī)律可得：，解得：，所以此時重力的功率最大為：，故C正確；D小朋友的機械能減少了，故D錯誤。故選：C?！军c睛】在理解功能關系時，應抓住重力做功等于重力勢能的變化量，阻力做功等于機械能的改變量，而合力外力做功等于動能的變化量。7.如圖，一帶正電荷的油滴在勻強電場中運動，其軌跡在豎直面(紙面)內(nèi)，且相對于過軌跡最低點P的豎直線對稱，軌跡上兩點從M、N在同一水平面上。忽略空氣阻力，由此可知A. 油滴可能從M點由靜止釋放B. 油滴在從M、N兩點的加速度相同C. M點的電勢高于P點的電勢D. 油滴在M點的電勢能比它在P點的大【答案】B【解析】【分析】根據(jù)曲線運動的特點：合外力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可判斷油滴的受力情況，再根據(jù)電場力的性質(zhì)即可判斷電場線的方向，從而明確電勢高低；根據(jù)電場力做功情況可明確動能的變化以及電勢能的變化；根據(jù)力的性質(zhì)可明確加速度的關系?！驹斀狻緼根據(jù)油滴的彎曲方向和對稱性可知，粒子受到的合力一定豎直向上，所以油滴不可能從M點由靜止釋放，故A錯誤；B因小球在勻強電場中運動，受到電場力和重力都是恒力，合力也恒力，故P、Q兩點加速度相同，故B正確；C粒子帶正電，則電場方向必定豎直向上，由沿電場線方向電勢越來越低可知，M點的電勢低于P點的電勢，故C錯誤；D粒子帶正電，正電荷在電勢高處電勢能大，所以油滴在M點的電勢能比它在P點的小，故D錯誤。故選：B?！军c睛】本題考查帶電粒子在勻強電場中的運動，要注意分析知道油滴的受力情況，抓住對稱性分析合力方向，再去分析電場力的性質(zhì)；同時注意掌握物體做曲線運動的條件應用。8.如圖甲所示，線圈ab、cd繞在同一軟鐵芯上，若線圈ab中電流i與時間t的關系圖線如圖乙所示，則在這段時間內(nèi)，下列關于線圈cd中產(chǎn)生的感應電流icd與時間t的關系圖線，可能正確的是A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】在每個時間段內(nèi)電流隨時間做正弦式變化，則根據(jù)法拉第電磁感應定律，判斷線圈感應電動勢的大小，根據(jù)楞次定律判斷cd兩點間電動勢方向。【詳解】由圖乙可知，在t=0時刻，圖線的斜率最大，即電流變化最快，電流產(chǎn)生的磁場變化最快，cd線圈中的磁通量變化最快，所以此時在cd線圈中產(chǎn)生的感應電流最大，由于漏磁現(xiàn)象，此時的最大電流比ab中的電流更小綜上所述，對比各項可得：D正確。故選：D?！军c睛】解決本題的關鍵掌握法拉第電磁感應定律，知道磁場變化與電流變化的關系，還要掌握楞次定律判斷感應電動勢的方向，注意斜率與磁通量的變化率成正比。9.如圖所示，一輛有驅(qū)動力的小車上有一水平放置的彈簧，其左端固定在小車上，右端與一質(zhì)量為1Kg的物塊相連。物塊和小車一起向右勻速運動時，彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧彈力大小為2N。若小車開始向右加速運動，則A. 隨著小車的加速度增大，物塊受到的摩擦力逐漸減小B. 隨著小車的加速度增大，物塊受到的彈簧彈力逐漸增大C. 當小車的加速度大小為5ms2時，物塊一定與小車相對滑動D. 當小車的加速度大小為4ms2時，物塊一定與小車相對靜止【答案】D【解析】【分析】小球和小車具有相同的加速度，對小球運用牛頓第二定律，判斷出加速度的方向，得知小車的加速度方向，從而知道小車的運動情況。【詳解】A當小車與物塊相對滑動后，隨著小車的加速度增大，物塊受到的滑動摩擦力不變，故A錯誤；B當小車與物塊相對靜止時，彈簧彈力始終不變，故B錯誤；CD由題可知，物塊與小車間的最大靜摩擦力大于等于2N，當摩擦力等于2N時，方向向右，彈力等于2N，物塊的合力為4N，由牛頓第二定律可得，加速度為4m/s2，故C錯誤，D正確。故選：D?！军c睛】解決本題的關鍵抓住小球和小車具有相同的加速度，運用牛頓第二定律進行求解。10.平面OM和平面ON之間的夾角為60，其橫截面(紙面)如圖所示，平面OM上方存在勻強磁場，磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質(zhì)量為m、電荷量為q(q0)。粒子沿紙面以某一速度從OM的A點向左上方射入磁場，速度與MO成60角。已知OA=d，且粒子在磁場中的運動軌跡與ON只有一個交點，從OM上另一點射出磁場，不計重力。則粒子的入射速度大小為A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由幾何關系得出半徑，再由牛頓第二定律求解速度大小。【詳解】粒子進入磁場做順時針方向的勻速圓周運動，軌跡如圖所示，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，有： 根據(jù)軌跡圖知 ， 由幾何關系得： 解得： 聯(lián)立解得：故選：A?！军c睛】本題考查了帶電粒子在磁場中的運動，分析清楚粒子運動過程、作出粒子運動軌跡，由牛頓第二定律求出粒子的臨界軌道半徑即可正確解題。11.如圖，在斜面頂端以不同的初速度水平拋出幾個小球，所有小球均落在斜面上。忽略空氣阻力，下列說法正確的是A. 所有小球的豎直位移與水平位移之比都相等B. 小球的運動時間與初速度的平方成正比C. 所有小球落到斜面上時的速度方向都相同D. 小球從拋出到離斜面最遠的過程中，豎直位移為總豎直位移的一半【答案】AC【解析】【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)下降的高度之比求出平拋運動的時間之比，結(jié)合水平位移之比求出初速度之比平拋運動在某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍?！驹斀狻緼所有小球都落在斜面上，所以所有小球的位移方向相同，設斜面的傾角為，所有小球的豎直位移與水平位移之比都等于，故A正確；B小球水平方向做勻速直線運動， ；豎直方向做自由落體運動，；所以：；解得：，故B錯誤；C平拋運動在某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，可知，由于所有小球的位移方向相同，所以所有小球落到斜面上時的速度方向都相同，故C正確；D小球在豎直方向的總位移為，小球從拋出到離斜面最遠時，速度方向與斜面平行，此時豎直方向的速度，位移為，所以小球從拋出到離斜面最遠的過程中，豎直位移為總豎直位移的，故D錯誤。故選：AC?！军c睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結(jié)合運動學公式靈活求解，知道運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移。12.如圖所示，機車通過定滑輪用繩牽引水中的小船，若水的阻力不變，則船勻速靠岸的過程中，下列說法正確的是A. 機車向左行駛的速度不斷減小B. 繩對小船的拉力不斷減小C. 船受到的浮力保持不變D. 繩上拉力的功率保持不變【答案】AD【解析】【分析】將船的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，根據(jù)平行四邊形定則得出拉繩子的速度與船的速度關系，從而進行判斷對船受力分析，通過共點力平衡分析拉力、浮力的變化?！驹斀狻緼將船的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向，根據(jù)平行四邊形定則得，v1=vcos，在船勻速靠岸的過程中，增大，則拉繩的速度減小，故A正確；BC對船受力分析得，因為船做勻速直線運動，合力為零，則Tcos=f，因為阻力不變，則增大，T增大。在豎直方向上，Tsin+F浮=mg，T增大，sin增大，則浮力減小，故B、C錯誤；D由能量守恒可知，繩子拉力的功率等于船克服阻做功的功率，由于阻力恒定，船勻速運動，所以繩上拉力的功率保持不變，故D正確。故選：AD。【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用共點力平衡進行求解，同時掌握運動的合成與分解，注意畫出運動分解圖與受力圖是降低解題的難度的關鍵。13.2018年12月8日凌晨2時23分，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭成功發(fā)射嫦娥四號探測器，開啟了月球探測的新旅程。嫦娥四號探測器將經(jīng)歷地月轉(zhuǎn)移、近月制動、環(huán)月飛行，最終實現(xiàn)人類首次月球背面軟著陸，開展月球背面就位探測及巡視探測，并通過己在軌道運行的“鵲橋”中繼星，實現(xiàn)月球背面與地球之間的中繼通信。下列判斷正確的是A. 嫦娥四號在地球上的發(fā)射速度一定大于第二宇宙速度B. 嫦娥四號在P點進入環(huán)月軌道需要減速C. 已知嫦娥四號近月軌道的周期T和引力常量G，可求出月球的密度D. 已知嫦娥四號近月軌道的周期T和引力常量G，可求出月球第一宇宙速度【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合嫦娥三號的軌道半徑和周期，求出月球的質(zhì)量，由于月球的半徑未知，無法求出密度；根據(jù)萬有引力與向心力的大小關系判斷加速還是減速；根據(jù)萬有引力做功判斷引力勢能的變化；根據(jù)動能定理，通過引力做功判斷速度的變化，從而得出速度的大小關系。【詳解】A第二宇宙速度為物體逃脫太陽的引力，所以嫦娥四號在地球上的發(fā)射速度不可能大于第二宇宙速度，故A錯誤；B嫦娥四號在P點進入環(huán)月軌道做向心運動，所以要點火減速，故B正確；CD由公式，解得：，月球的體積為： ，所以密度為：，月球的第一宇宙速度，由于不知道月球的半徑，所以無法求出月球的第一宇宙速度，故C正確； D錯誤。故選：BC。14.一勻強電場的方向平行于xoy平面，平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示，三點的電勢分別為10V、16V、24V。下列說法正確的是A. 坐標原點的電勢為18VB. 電場強度的大小為1.25VcmC. 電場強度的方向從c點指向a點D. 電子從b運動到坐標原點，電場力做功2eV【答案】ABD【解析】【分析】根據(jù)勻強電場的電場強度公式，結(jié)合電勢差與場強間距，即可求解；依據(jù)電勢差等于電勢之差；根據(jù)電場力做功表達式W=qU，從而確定電場力做功，同時也能確定電勢能的變化情況?！驹斀狻緼根據(jù)，因a、b、c三點電勢分別為a=10V、b=16V、c=24V，解得：原點處的電勢為0=18V，故A正確；BCy軸上y=2點(M點)的電勢為16V，所以b點與y軸上y=2點的電勢相等，連接b點與y軸上y=2點的直線即為等勢線，過a點作Mb的垂線即為電場線，方向與y軸負方向成，垂足為N，由幾何關系得：，所以 ，故B正確，C錯誤；D電子從b運動到坐標原點，電場力做功，故D正確。故選：ABD。【點睛】本題主要是考查勻強電場中，電勢之間的關系，掌握電場強度公式的應用，理解幾何關系的運用，并理解W=qU中各量的正負值含義。15.某物體以一定的初速度沿著斜面向上運動，它所能達到的最大位移x與斜面傾角的關系如圖所示，已知x1、x2和重力加速度g，則可求出A. 物體的初速度B. 當物體位移為x2時對應的斜面傾角C. 物體在不同傾角的斜面上，減速到零時的位移最小值D. 當物體位移為最小值時，對應的滑動摩擦力大小【答案】ABC【解析】【分析】由圖象讀出斜面傾角為90時物體上升的高度，這種情況時，物塊做豎直上拋運動，由由速度位移公式求出初速度；由圖象讀出斜面傾角為0時物體的位移，然后由速度位移公式求出加速度，再由牛頓第二定律求出動摩擦因數(shù)；由牛頓第二定律和運動學公式結(jié)合得到x與的關系式，運用數(shù)學知識求解最小值及達到最小值的條件?！驹斀狻緼B由圖知，當=90時位移為，物體做豎直上拋運動，則有：解得：，故A、B正確；CD當為其他值時，對物塊受力分析，物體的加速度大小為a，由牛頓第二定律得：mgsin +mgcos =ma由運動學公式有：0-v02=-2ax由以上各式得： 由數(shù)學知識得：sin +cos = ，其中 當=0時位移為說明斜面粗糙，設物塊與斜面間摩擦因數(shù)為，則物體的加速度大小為a0，則有：mg=ma0且有：可解得，綜上所述可解得：物體在不同傾角的斜面上，減速到零時的位移最小值由于不知道，物體的質(zhì)量，所以無法確定摩擦力，故C正確，D錯誤。故選：ABC?！军c睛】本題關鍵是根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式求出位移的一般表達式，然后結(jié)合圖象求出初速度和動摩擦因數(shù)，再用解析法求出位移的最小值。二、本題包括2小題，共15分。根據(jù)題目要求將答案填寫在答題卡中指定的位置。16.圖為測試飛機滑跑階段動力性能的監(jiān)控屏幕截圖。飛機前端裝有d=6mm的擋光片，跑道上隔一段距離有一個感光裝置。圖中上方的兩個時間表示擋光片經(jīng)過感光裝置的擋光時間，圖中秒表表示飛機到達感光裝置的時刻。若飛機做勻加速直線運動，請根據(jù)圖中提供的信息，完成下列問題。(1)飛機的加速度大小a=_ms2(2)最后一個圖片是飛機起飛前的瞬間，則飛機起飛的瞬時速度v=_Km/h；(3)請結(jié)合所給圖片，估算飛機的長度l=_m(結(jié)果保留到個位數(shù))。【答案】 (1). 2 (2). 216 (3). 49（4955均可）【解析】【分析】根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出擋光片通過光電門過程中間時刻的瞬時速度，結(jié)合時間公式求加速度和速度。【詳解】(1)飛機經(jīng)過左邊擋光片的速度為 飛機經(jīng)過右邊擋光片的速度為飛機經(jīng)過兩擋光片所用時間為10s由加速度定義式；(2) 最后一個圖片是飛機速度為；(3)這段時間內(nèi)飛機的位移，這段距離大約是飛機身長的10倍，所以飛機的長度【點睛】解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，對于圖線問題，一般解題思路是得出物理量之間的關系式，結(jié)合圖線的斜率和截距進行求解。17.電阻溫度計是根據(jù)導體電阻隨溫度而變化的規(guī)律來測量溫度的溫度計。鉑電阻溫度計是最精確的溫度計，因為鉑的化學惰性，成為272.5至961.78范圍內(nèi)的首選材料，其電阻與溫度成一次函數(shù)關系。某實驗小組利用如圖甲所示的電路探究鉑金屬的溫度特性。所用器材有：鉑金絲Rpt；電源；電流表；滑動變阻器R1；電阻箱R2；單刀開關S1，單刀雙擲開關S2。實驗步驟如下：按電路圖甲，連好實物圖乙；將Rpt，置于冰水混合物中，開關S2與1接通，閉合S1，調(diào)節(jié)R1的滑片位置，使電流表的讀數(shù)為I0；保持R1的滑片位置不變，將R2置于最大值，開關S2與2接通，調(diào)節(jié)R2，使電流表的讀數(shù)仍為I0；斷開S2，記下此時R2的讀數(shù)100.0；再將Rpt置于標準大氣壓下沸水中，重復上述過程，此時R2的讀數(shù)為138.5?；卮鹣铝袉栴}：(1)在答題卡圖乙中，將實物連線補充完整_；(2)閉合S1前，圖乙中R1的滑片應移動到_(填“a”或“b”)端；(3)在答題卡的坐標紙上做出Rpt-t圖線_；(4)當測得R2的阻值為247.09時，Rpt處在_的環(huán)境中(保留到個位數(shù))；(5)實驗后，小明用螺旋測微器測得鉑金絲的直徑如圖丙所示，則鉑金絲的直徑_mm。【答案】 (1). ； (2). a； (3). ； (4). 382； (5). 0.706【解析】【分析】(1) 按電路圖連接實物圖；(2) 為了保護用電器，閉合開關前應將滑動變阻器的最大電阻接入電路中；(3)由題意將電阻放在冰水和沸水中的電阻和其電阻與溫度成一次函數(shù)關系得出圖象。【詳解】(1)按電路圖連接實物圖如圖；(2)為了保護用電器，閉合開關前應將滑動變阻器的最大電阻接入電路中即合S1前，圖乙中R1的滑片應移動到a端；(3) 將Rpt，置于冰水()混合物中,Rpt的電阻為100，將Rpt置于標準大氣壓下沸水()中，Rpt的電阻為138.5，其電阻與溫度成一次函數(shù)關系，所以Rpt-t圖線如圖(4)由圖象可得，電阻與溫度間的關系為： 當測得R2的阻值為247.09即的電阻為247.09，代入解得：；(5) 螺旋測微器的讀數(shù)：。三、本題包括3小題，共40分。解答時應寫出必要的文字說明、主要公式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的，不能得分，有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。18.如圖所示，光滑的水平桌面上放置一質(zhì)量M=4 kg、長L=0.6m的長木板B，質(zhì)量m=1kg的小木塊A(可看成質(zhì)點)放在長木板的左端，開始A、B均處于靜止狀態(tài)。現(xiàn)有一個與A完全相同的小木塊C從長木板右側(cè)以v0=6ms的初速度沖向長木板，碰后以v1=2ms的速度被反向彈回(碰撞時間極短)，最終小木塊A恰好不滑落長木板。重力加速度g=10rns2。求：(1)碰后瞬間長木板B的速度；(2)小木塊A與長木板間的動摩擦因數(shù)?！敬鸢浮?1) (2) 【解析】【分析】C與B碰撞過程滿足動量守恒定律；根據(jù)動量守恒求出ABC三者最后的共同速度，系統(tǒng)克服摩擦力做的功，等于A與BC作用過程減少的機械能?！驹斀狻?1)規(guī)定向左為正方向，對系統(tǒng)BC，由動量守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得：，方向向左；(2)A與B作用過程，由動量守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)解得： 由能量守恒定律有： 代入數(shù)據(jù)解得：。【點睛】本題考查了動量守恒定律和能量守恒定律的結(jié)合應用，第二問也可以根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式求解。19.如圖甲所示，MN和PQ是足夠長的平行光滑金屬導軌，其間距為d，電阻忽略不計。導軌平面與水平面的夾角為，在導軌的矩形區(qū)域內(nèi)有一垂直于導軌向下的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B。一根電阻為r且具有一定質(zhì)量的導體棒ef垂直放在導軌上，正方形金屬框abcd的質(zhì)量為m，邊長為L，每邊電阻均為r，用細線懸掛在豎直平面內(nèi)，ab邊水平，線框的a、b兩點通過導線與導軌相連，金屬框上半部分處在大小為B、方向垂直框面向里的勻強磁場中，金屬框下半部分處在大小也為B、方向垂直框面向外的勻強磁場中，不計其余電阻和細導線對a、b點的作用力。從導體棒ef自由下滑開始計時，懸掛線框的細線拉力FT隨時間的變化如圖乙所示。重力加速度用g表示。求：(1)導體棒ef剛進入磁場時ab邊的電流；(2)導體棒ef剛進入磁場時的速度以及所經(jīng)歷的時間；(3)導體棒ef的質(zhì)量?！敬鸢浮?1) (2) (3) 【解析】【分析】本題是電磁感應與力學知識的綜合，一方面要理解速度圖象斜率的物理意義，知道斜率等于加速度，