吉林省長春市普通高中2018屆高三物理質(zhì)量監(jiān)測試題（一）（含解析）.doc

普通高中2018屆高三質(zhì)量監(jiān)測（一）物理試題卷一、選擇題：本題共12小題，每小題4分，共48分。在18小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，在912小題給出的四個選項中，有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1. 2017年1月9日，大亞灣反應(yīng)堆中微子實驗工程獲得國家自然科學(xué)一等獎。大多數(shù)原子核發(fā)生核反應(yīng)的過程中都伴著中微子的產(chǎn)生，例如核裂變、核聚變、衰變等。下列關(guān)于核反應(yīng)的說法正確的是A. Th衰變?yōu)镽n，經(jīng)過3次衰變，2次衰變B. H+HHe+n是衰變方程，ThPa+e是衰變方程C. U+nBa+Kr+3n是核裂變方程，也是氫彈的核反應(yīng)方程D. 高速運動的粒子轟擊氮核可從氮核中打出中子，其核反應(yīng)方程為He+NO+n【答案】A2. 如圖所示為一物體被吊車用鋼索豎直向上提升過程的簡化運動圖象。下列判斷正確的是A. 036s內(nèi)物體被吊起的高度為25mB. 010s內(nèi)的平均速度大于30s36s內(nèi)的平均速度C. 30s36s內(nèi)物體處于超重狀態(tài)D. 前10s內(nèi)鋼索最容易發(fā)生斷裂【答案】D【解析】在v-t圖象中，圖線下面所圍的面積表示位移，所以036s內(nèi)物體被吊起的高度為： ，故A錯誤；010s內(nèi)物體做勻變速直線運動，所以平均速度為：，同理30s36s內(nèi)的平均速度的大小為：，所以平均速度相等，故B錯誤；30s36s內(nèi)物體勻減速上升，加速度向下，拉力小于重力，處于失重狀態(tài)，故C錯誤；前10s內(nèi)物體做勻加速直線運動，加速度向上，由牛頓第二定律可知：，拉力最大，鋼索最容易發(fā)生斷裂，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。3. 如圖所示，MN是一正點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線，某一帶負(fù)電的粒子（不計重力）從a運動到b經(jīng)過這條電場線的軌跡如圖中虛線所示。下列判斷正確的是A. 粒子從a運動到b的過程中動能逐漸減小B. 粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能C. 正點電荷一定位于M的左側(cè)D. 粒子在a點的加速度大于在b點的加速度【答案】B【解析】粒子運動中受到的電場力指同曲線的凹處，可判斷出電場線從MN，負(fù)電荷在M點的右側(cè)，C錯誤；粒子從a到b過程中，電場力做正功，動能逐漸增大，A錯誤；電勢能減小，則粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能，B正確；由于a點離負(fù)點電荷距離較遠(yuǎn)，故粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，D錯誤。4. 如圖所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R3為定值電阻，R1、R2為滑動變阻器，A、B為電容器兩個水平放置的極板。當(dāng)滑動變阻器R1、R2的滑片處于圖示位置時，A、B兩板間的帶電油滴靜止不動。下列說法中正確的是A. 把R2的滑片向右緩慢移動時，油滴向下運動B. 把R1的滑片向右緩慢移動時，油滴向上運動C. 緩慢增大極板A、B間的距離，油滴靜止不動D. 緩慢減小極板A、B的正對面積，油滴向上運動【答案】B【解析】當(dāng)僅把R2的滑片向右緩慢移動時，兩極板間的電壓不變，由E=Ud可知，電場強度不變，即油滴靜止不動，故A錯誤；R1的滑片向右緩慢移動時R1的阻值變大，R1與R3串聯(lián)的總電阻變大，故電路中的總電流變小，路端電壓變大，電容器兩板間電壓增大，由E=Ud可知，極板間的電場強度增大，所以油滴受到的電場力增大，故油滴會向上運動，故B正確；當(dāng)緩慢增大極板A、B間的距離時，因為板間電壓不變，由E=Ud可知，極板間的電場強度減小，油滴向下運動，故C錯誤；當(dāng)兩極板A、B間正對面積緩慢減小時，由： C=S4kd，可知電容器電容減小，但極板間電壓不變，由E=Ud可知，電場強度不變，故油滴仍靜止在原處，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。5. 游樂場中有一種娛樂設(shè)施叫“魔盤”，人坐在轉(zhuǎn)動的大圓盤上，當(dāng)大圓盤轉(zhuǎn)速增加時，人就會自動滑向盤邊緣。圖中有a、b、c三人坐在圓盤上，a的質(zhì)量最大，b、c的質(zhì)量差不多，但c離圓盤中心最遠(yuǎn)，a、b離圓盤中心的距離相等。若三人與盤面的動摩擦因數(shù)相等，且假定最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則下列說法正確的是A. 當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增加時，三人同時開始滑動B. 當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增加時，b首先開始滑動C. 當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增加時，a和c首先同時開始滑動D. 當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增加時，c首先開始滑動【答案】D【解析】設(shè)轉(zhuǎn)盤的角速度為，則人所受的向心力F=mR2，且未滑動前圓盤上的人做共軸運動，角速度相同。圓盤上的人受到的最大靜摩擦力為Ff=mg。當(dāng)人剛要滑動時，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦，由牛頓第二定律可得： Ff=mg=mR2，解得臨界角速度為：=gR，當(dāng)轉(zhuǎn)盤的角速度：gR時，圓盤上的人開始滑動，由圖可知c離圓盤中心最遠(yuǎn)，a、b離圓盤中心的距離相等，當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增加時，c先開始滑動， a、b同時開始滑動，故D正確，ABC錯誤。6. 如圖所示為一種常見的身高體重測量儀。測量儀頂部向下發(fā)射波速為v的超聲波，超聲波經(jīng)反射后返回，被測量儀接收，測量儀記錄發(fā)射和接收的時間間隔。質(zhì)量為M0的測重臺置于壓力傳感器上，傳感器輸出電壓與作用在其上的壓力成正比。當(dāng)測重臺沒有站人時，測量儀記錄的時間間隔為t0，輸出電壓為U0，某同學(xué)站上測重臺，測量儀記錄的時間間隔為t，輸出電壓為U。該同學(xué)的身高和質(zhì)量分別為A. v(t0t)，M0U0UB. 12v(t0t)，M0U0UC. v(t0t)，M0U0(UU0)D. 12v(t0t)，M0U0(UU0)【答案】D【解析】試題分析：當(dāng)測重臺沒有站人時，則2x=vt0；站人時：2（x-h）=vt；解得h=v（t0-t）；無人站立時：U0=KM0g；有人時：U=k(M0g+mg)；解得：m=M0U0(UU0)；故選D考點：物體的平衡；速度7. 若某雙星系統(tǒng)A和B各自繞其連線上的O點做勻速圓周運動。已知A星和B星的質(zhì)量分別為m1和m2，相距為d。下列說法正確的是A. A星的軌道半徑為m1m1+m2dB. A星和B星的線速度之比為m1：m2C. 若在O點放一個質(zhì)點，它受到的合力一定為零D. 若A星所受B星的引力可等效為位于O點處質(zhì)量為m的【答案】D【解析】雙星系統(tǒng)是靠它們的角速度相等，他們之間的萬有引力來提供向心力：Gm1m2d2=m12r1=m22(d-r1)，距離關(guān)系為： r1+r2=d ，聯(lián)立解得： r1=m2dm1+m2、r2=m1dm1+m2，故A錯誤；根據(jù)v=r，可得v1v2=m2m1，故B錯誤；若在O點放一個質(zhì)點，此質(zhì)點受到兩顆星對它作用力大小不等，則受到的合力不為零，故C錯誤；若A星所受B星的引力可等效為位于O點處質(zhì)量為m的星體對它的引力，則Gm1m2d2=Gmm1r12得m=m23(m1+m2)2，故D正確。所以D正確，ABC錯誤。星體對它的引力，則m=m23(m1+m2)28. 如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電的粒子(不計重力)以初速度v0由小孔水平射入電場，當(dāng)M、N間的電壓為U時，粒子剛好能到達(dá)N板。如果要使這個帶電粒子到達(dá)M、N兩板中線位置處即返回，則下述措施能滿足要求的是A. 使初速度減小為原來的B. 使M、N間的電壓提高到原來的4倍C. 使M、N間的電壓加倍D. 使初速度減小為原來的，同時M、N間的電壓加倍【答案】C【解析】粒子從進(jìn)入到到達(dá)N板的過程中，板間的電場強度為：E=Ud，由動能定理得qEd=012mv02，解得：d=mv022qE，設(shè)帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x，則使初速度減為原來的，根據(jù)動能定理有：qEx=012mv022，解得：x=d4 ，故A錯誤；若電壓提高到原來的4倍，則場強也變?yōu)樵瓉淼?倍，設(shè)帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x1，根據(jù)動能定理有：q4Ex1=012mv02，解得：x1=d4，故B錯誤；同理，若電壓提高到原來的2倍，則場強也變?yōu)樵瓉淼?倍，設(shè)帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x2，根據(jù)動能定理有：q2Ex2=012mv02，解得：x2=d2，故C正確；若初速度減少一半，電壓加倍，則場強加倍，設(shè)帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x3，根據(jù)動能定理有：q2Ex3=012mv022，解得：x3=d8，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。9. 如圖甲為風(fēng)力發(fā)電的簡易模型。在風(fēng)力的作用下，風(fēng)葉帶動與其固定在一起的永磁鐵轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速與風(fēng)速成正比。若某一風(fēng)速時，線圈中產(chǎn)生的正弦式電流如圖乙所示。下列說法正確的是A. 電流的表達(dá)式為i=0.6sin10t（A）B. 磁鐵的轉(zhuǎn)速為10r/sC. 風(fēng)速加倍時電流的表達(dá)式為i=1.2sin10t（A）D. 風(fēng)速加倍時線圈中電流的有效值為0.62（A）【答案】AD【解析】試題分析：通過乙圖可知電流的最大值為0.6A，周期T=0.2s，故=2T=10rad/s，故電流的表達(dá)式為i=0.6sin10t（A），故A正確；電流的周期為T=0.2s，故磁體的轉(zhuǎn)速為n=1T=10.2r/s=5r/s，故B錯誤；風(fēng)速加倍時，角速度加倍，根據(jù)Em=nBS可知產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢加倍，形成的感應(yīng)電流加倍，故風(fēng)速加倍時電流的表達(dá)式為i=1.2sin20t（A），故C錯誤；根據(jù)C得分析，形成的感應(yīng)電流Im=1.2A，故有效值為I=Im2=1.22A=0.62A，故D正確?？键c：正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式、正弦式電流的最大值和有效值【名師點睛】根據(jù)相對性來分析與解決問題，同時掌握感應(yīng)電動勢與轉(zhuǎn)速關(guān)系，即可判斷出感應(yīng)電流的大小變化，及轉(zhuǎn)速與周期的關(guān)系。10. 如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點O的A點，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點，此過程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法中正確的是A. 半圓柱體對小物塊的支持力變大B. 地面對半圓柱體的摩擦力先增大后減小C. 外力F變大D. 地面對半圓柱體的支持力變大【答案】BC【解析】物塊緩慢下滑處于平衡狀態(tài)，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，受力分析如圖所示：因此總有F=mgsin,F1=mgcos，下滑過程中增大，因此F增大，F(xiàn)1減小，故A錯誤，C正確；對半圓柱體分析，地面對半圓柱體的摩擦力：Ff=F1sin=mgcossin=12mgsin2，地面對半圓柱體的支持力FN=Mg+F1cos=Mg+mgcos2，從接近0到90變化的過程中，摩擦力先增大后減小，支持力一直減小，故B正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。11. 如圖所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應(yīng)強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，PQ為兩個磁場的理想邊界，磁場范圍足夠大。一個邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的單匝正方形金屬線框，以速度v垂直磁場方向從如圖實線位置開始向右運動，當(dāng)線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中的位置時，線框的速度為。則下列說法正確的是A. 在位置時線框中的電功率為B2a2v2RB. 此過程中回路產(chǎn)生的電能為38mv2C. 在位置時線框的加速度為B2a2v2mRD. 此過程中通過導(dǎo)線橫截面的電荷量為Ba2R【答案】ABD【解析】線框經(jīng)過位置時，線框左右兩邊均切割磁感線，所以此時的感應(yīng)電動勢為E=2Bav2=Bav，故線框中的電功率為P=E2R=B2a2v2R，故A正確；線框從位置到位置的過程中，動能減少了EK=12mv212mv22=38mv2，根據(jù)能量守恒定律可知，此過程中回路產(chǎn)生的電能為38mv2，故B正確；線框在位置時，左右兩邊所受安培力大小均為：F=BERa=B2a2vR，根據(jù)左手定則可知，線框左右兩邊所受安培力的方向均向左，由牛頓第二定律得：2F=ma，故此時線框的加速度為a=2Fm=2B2a2vmR，故C錯誤；通過的電荷量為：q=It=ERt=Rtt=R，線框在位置時其磁通量為Ba2，而線框在位置時其磁通量為零，故q=Ba2R，故D正確。所以ABD正確，C錯誤。12. 如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體P接觸，但未拴接，彈簧水平且無形變。現(xiàn)對物體P施加一個水平向右的瞬間沖量，大小為I0，測得物體P向右運動的最大距離為x0，之后物體P被彈簧彈回最終停在距離初始位置左側(cè)2x0處。已知彈簧始終在彈性限度內(nèi)，物體P與水平面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。下列說法中正確的是 A. 物體P與彈簧作用的過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能Ep=I022mmgx0B. 彈簧被壓縮到最短之后的過程，物體P先做加速度減小的加速運動，再做加速度減小的減速運動，最后做勻減速運動C. 最初對物體P施加的瞬時沖量I0=2m2gx0D. 物體P整個運動過程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量大小相等、方向相反【答案】AC【解析】因物體整個的過程中的路程為4x0，由功能關(guān)系可得：mg4x012mv02I022m,可知，I02m2gx0，故C正確；當(dāng)彈簧的壓縮量最大時，物體的路程為x0，則壓縮的過程中由能量關(guān)系可知：12mv02mgx0EP ，所以：EPI022mmgx0（或EP=3mgx0）故A錯誤；彈簧被壓縮成最短之后的過程，P向左運動的過程中水平方向上受到彈簧的彈力和滑動摩擦力，滑動摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，可知物體先做加速度先減小的變加速運動，再做加速度增大的變減速運動，最后物體離開彈簧后做勻減速運動；故B錯誤；物體P整個運動過程，P在水平方向只受到彈力與摩擦力，根據(jù)動量定理可知，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量的和等于I0，故D錯誤故選C.點睛：本題分析物體的受力情況和運動情況是解答的關(guān)鍵，要抓住加速度與合外力成正比，即可得到加速度是變化的運用逆向思維研究勻減速運動過程，求解時間比較簡潔二、實驗題：本題共2小題，共15分。把答案填寫在答題卡相應(yīng)的橫線上。13. 某物理小組在一次探究活動中測量小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)。實驗裝置如圖甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，P為連接數(shù)字計時器的光電門且固定在B點。實驗時給帶有遮光條的小滑塊一個初速度，讓它沿木板從左側(cè)向右運動，小滑塊通過光電門P后最終停在木板上某點C。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。（1）用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d如圖乙所示，其讀數(shù)d=_ cm。（2）為了測量動摩擦因數(shù)，除遮光條寬度d及數(shù)字計時器顯示的時間t外，下列物理量中還需測量的有_。A木板的長度L1 B木板的質(zhì)量m1C小滑塊的質(zhì)量m2 D木板上BC間的距離L2（3）滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)=_（用題中所涉及的物理量的符號表示）?！敬鸢浮?(1). 0.375 (2). D (3). d22gL2t2【解析】（1）用游標(biāo)卡尺測量遮光條的寬度d=0.3cm+0.05mm15=0.375cm；（2）滑塊通過光電門的時間為t，則速度v=dt ，由運動公式v2=2aL2 ;由牛頓第二定律得：mg=ma，聯(lián)立解得：=d22gL2t2，要測動摩擦因數(shù)，還需要測出：木板上BC間的距離L2，故選D；（3）由（2）可知，動摩擦因數(shù)的表達(dá)式為：=d22gL2t2點睛; 解決實驗問題首先要掌握該實驗原理，了解實驗的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，同時要熟練應(yīng)用所學(xué)基本規(guī)律解決實驗問題.14. 為了測量某待測電阻Rx的阻值（約為30 ），有以下一些器材可供選擇：電流表A1（量程為050 mA，內(nèi)阻約為10 ）；電流表A2（量程為03 A，內(nèi)阻約為0.12 ）；電壓表V1（量程為03 V，內(nèi)阻很大）；電壓表V2（量程為015 V，內(nèi)阻很大）；電源E（電動勢約為3 V，內(nèi)阻約為0.2 ）；定值電阻R（20 ，允許最大電流為1.0 A）；滑動變阻器R1（010 ，允許最大電流為2.0 A）；滑動變阻器R2（01 k，允許最大電流為0.5 A）；單刀單擲開關(guān)S一個，導(dǎo)線若干。根據(jù)以上器材設(shè)計電路，要求測量范圍盡可能大、精確度高。（1）電流表應(yīng)選_，電壓表應(yīng)選_，滑動變阻器應(yīng)選_ (填寫器材符號) 。（2）請在答題卡虛線框內(nèi)畫出測量電阻Rx的實驗電路圖_（并在電路圖中標(biāo)出所用元件的對應(yīng)符號）。（3）若電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則待測電阻Rx的表達(dá)式為Rx=_?！敬鸢浮?(1). A1 (2). V1 (3). R1 (4). (5). UIR【解析】（1）因電源電壓為3V，故電壓表只能選擇03V，故選電壓表V1，因待測電阻約為30，則電路中的最大電流為100mA，只能選用量程為050mA的電流表，故選電流表A1；根據(jù)題意可知，電路應(yīng)采用分壓接法，滑動變阻器應(yīng)選用較小的電阻，故滑動變阻器選用R1。（2）要求所測量的范圍盡可能大些，故應(yīng)采用滑動變阻器分壓接法，為了提高實驗的精確程度，根據(jù)電壓表和電流表量程和待測電阻阻值分析可知，需將定值電阻接入與待測電阻串聯(lián)；電壓表的內(nèi)阻很大，由于RvRx+RRx+RRA，電壓表分流較小，故采用電流表外接法；電路如圖所示：（3）由歐姆定律可知R+Rx=UI，可得Rx=UIR。三、計算題：本題共2小題，共32分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。15. 在足球比賽中，經(jīng)常使用“邊路突破，下底傳中”的戰(zhàn)術(shù)取得勝利，即攻方隊員帶球沿邊線前進(jìn)，到底線附近進(jìn)行傳中。如圖所示，某足球場長90 m、寬60 m?，F(xiàn)一攻方前鋒在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為8 m/s的勻減速直線運動，加速度大小為m/s2。試求：（1）足球從開始做勻減速直線運動到底線需要多長時間；（2）足球開始做勻減速直線運動的同時，該前鋒隊員在邊線中點處沿邊線向前追趕足球，他的啟動過程可以視為從靜止出發(fā)的勻加速直線運動，所能達(dá)到的最大速度為6 m/s，并能以最大速度做勻速運動，若該前鋒隊員要在足球越過底線前追上足球，他加速時的加速度應(yīng)滿足什么條件?【答案】(1) 9 s （2）a2 m/s2【解析】(1)設(shè)所用時間為t,則v0=8 m/s；x=45 mx=v0t+at2，解得t=9 s。.設(shè)加速過程中用時為t1，則t1=vma勻加速運動的位移x1=vm2-022a解得x1=18a勻速運動的位移x2=vm(t-t1)，即x2=6(9-t1) m而x1+x2=45 m解得a=2 m/s2故該隊員要在球出底線前追上足球,加速度應(yīng)該大于或等于2 m/s2。點睛：解決本題的關(guān)鍵要注意分析運動過程，理清足球和運動員的位移關(guān)系，再結(jié)合運動學(xué)公式靈活求解即可解答.16. 如圖所示，在xOy平面的y軸左側(cè)存在沿y軸正方向的勻強電場，y軸右側(cè)區(qū)域I內(nèi)存在磁感應(yīng)強度大小為B1=mv0qL的勻強磁場，區(qū)域、區(qū)域的寬度均為L，高度均為3L。質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從坐標(biāo)為(2L，2L)的A點以速度v0沿x軸正方向射出，恰好經(jīng)過坐標(biāo)為(0，(21)L)的C點射入?yún)^(qū)域。粒子重力忽略不計。求：（1）勻強電場的電場強度大小E；（2）粒子離開區(qū)域時的位置坐標(biāo)；（3）要使粒子從區(qū)域的上邊界離開磁場，可在區(qū)域內(nèi)加垂直于紙面向里的勻強磁場。試確定磁感應(yīng)強度B的大小范圍，并說明粒子離開區(qū)域時的速度方向。【答案】（1）mv022qL （2）x=L，y=0 （3）2mv0qLB242mv03qL【解析】試題分析：（1）帶電粒子在勻強電場中做類平拋運動2L=v0t 2分L=2分解得E=1分 設(shè)帶電粒子經(jīng)C點時的豎直分速度為vy、速度為vvy=t= v02分v=v0，方向與x軸正向成45 斜向上 2分粒子進(jìn)入?yún)^(qū)域做勻速圓周運動，qB1v=m，R=，解得R=L 2分由幾何關(guān)系知，離開區(qū)域時的位置坐標(biāo)：x=L，y=0 2分（3）根據(jù)幾何關(guān)系知，帶電粒子從區(qū)域上邊界離開磁場的半徑滿足LrL 2分r=，得B22分根據(jù)幾何關(guān)系知，帶電粒子離開磁場時速度方向與y軸正方向夾角3090 2分考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動、帶電粒子在電場中的運動。17. 關(guān)于固體、液體和氣體，下列說法正確的是 （填正確答案標(biāo)號。選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分）。A. 固體中的分子是靜止的，液體、氣體中的分子是運動的B. 液體表面層中分子間的相互作用表現(xiàn)為引力C. 液體的蒸發(fā)現(xiàn)象在任何溫度下都能發(fā)生D. 汽化現(xiàn)象是液體分子間因相互排斥而發(fā)生的E. 有的物態(tài)變化中雖然吸收熱量但溫度卻不升高【答案】BCE【解析】無論固體、液體和氣體，分子都是在永不停息的做無規(guī)則運動，故A錯誤；當(dāng)分子間距離為r0時，分子引力和斥力相等，液體表面層的分子比較稀疏，分子間距大于r0，所以分子間作用力表現(xiàn)為引力，故B正確；蒸發(fā)是液體表面分子無規(guī)則運動的情況，故C正確；汽化是物質(zhì)從液態(tài)變成氣態(tài)的過程，汽化分蒸發(fā)和沸騰，而不是分子間的相互排斥而產(chǎn)生的，故D錯誤；冰在融化過程中吸收熱量但溫度不升高，故E正確。所以BCE正確，AD錯誤。18. 在一個密閉的氣缸內(nèi)有一定質(zhì)量的理想氣體，如圖所示是它從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的VT圖象，已知AB的反向延長線通過坐標(biāo)原點O，氣體在A狀態(tài)的壓強為p1.0105 Pa，在從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，氣體吸收的熱量Q7.0102 J，求此過程中氣體內(nèi)能的增量U?！敬鸢浮?.0102 J【解析】試題分析：由圖象可知氣體發(fā)生的是等壓變化，由蓋呂薩克定律求出氣體體積的變化，然后求出氣體所做的功，最后由熱力學(xué)第一定律求出氣體內(nèi)能的增