2019屆高三物理考前圍題卷(含解析).doc

2019屆高三物理考前圍題卷(含解析)二、選擇題1. 圖示為一個(gè)均勻帶正電的細(xì)圓環(huán)，半徑為R。取環(huán)面中心O為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x軸。設(shè)軸上某點(diǎn)P到O點(diǎn)的的距離為x，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，點(diǎn)的電勢(shì)為，真空中靜電力常量為。下面判斷正確的是（ ）A. 圖中P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸正方向, O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E為零B. 圖中P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸負(fù)方向, O點(diǎn)勢(shì)為零C. 從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E一定逐漸增大，電勢(shì)一定逐漸增大D. 從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E一定逐漸減小，電勢(shì)一定逐漸減小【答案】A【解析】將圓環(huán)看成若干個(gè)點(diǎn)電荷，則由電場(chǎng)強(qiáng)度相互疊加可知，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E的方向是沿x軸正方向，O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度E為零，設(shè)無(wú)窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，因沿著電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，則P點(diǎn)的電勢(shì)大于零，O點(diǎn)電勢(shì)不為零，A正確B錯(cuò)誤；從O點(diǎn)到P點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E可能一直逐漸增大，也可能先增大后減小，而電勢(shì)卻是一直減小，CD錯(cuò)誤2. 沿軸正方向傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t = 0時(shí)刻的波形曲線如圖所示，其波速為10ms，該時(shí)刻波恰好傳播到x = 6m的位置。介質(zhì)中有a、b兩質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的是 （ ）A. 時(shí)刻，b質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向向上B. 時(shí)刻，b質(zhì)點(diǎn)的速度大于a質(zhì)點(diǎn)的速度C. 時(shí)刻，b質(zhì)點(diǎn)的加速度大于a質(zhì)點(diǎn)的加速度D. 時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)位于波谷【答案】B【解析】試題分析：簡(jiǎn)諧波沿x軸正方向傳播，由波形的平移法判斷t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b的運(yùn)動(dòng)方向；質(zhì)點(diǎn)位于波峰時(shí)速度為零；根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的特征，分析加速度的關(guān)系；讀出波長(zhǎng)，求出周期，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，確定時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)位置3. 如圖為學(xué)校配電房向各個(gè)教室的供電示意圖,T為理想變壓器， V1、A1為監(jiān)控市電供電端的電壓表和電流表，V2、A2為監(jiān)控校內(nèi)變壓器的輸出電壓表和電流表，R1、R2為教室的負(fù)載電阻，V3、A3為教室內(nèi)的監(jiān)控電壓表和電流表,配電房和教室間有相當(dāng)長(zhǎng)的一段距離，則當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)（ ）A. 電流表A1、A2和A3的示數(shù)都變大B. 只有電流表A1的示數(shù)變大C. 電壓表V3的示數(shù)變小D. 電壓表V2和V3的示數(shù)都變小【答案】C【解析】試題分析：市電供電端的電壓不變，即V1示數(shù)不變，由，可判斷知V2不變，D錯(cuò)；當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，負(fù)載增加，功率增大，由能量守恒知,知I1、I2變大，B錯(cuò)；由于I2變大，導(dǎo)線分得的電壓增加，故負(fù)載兩端的電壓減小，V3減小，C對(duì)；,V3減小，R1不變，知A3示數(shù)變小，A錯(cuò)?？键c(diǎn)：遠(yuǎn)距離輸電。【名師點(diǎn)睛】解遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題的思路：(1)正確畫出輸電過(guò)程示意圖并在圖上標(biāo)出各物理量(2)抓住變壓器變壓前后各量間關(guān)系，求出輸電線上的電流(3)計(jì)算電路功率問(wèn)題時(shí)常用關(guān)系式：P損IR線，注意輸電線上的功率損失和電壓損失(4)電網(wǎng)送電遵循“用多少送多少”的原則說(shuō)明原線圈電流由副線圈電流決定4. 如圖為嫦娥三號(hào)登月軌跡示意圖。圖中M點(diǎn)為環(huán)地球運(yùn)動(dòng)的近地點(diǎn)，N為環(huán)月球運(yùn)動(dòng)的近月點(diǎn)。a為環(huán)月運(yùn)行的圓軌道,b為環(huán)月球運(yùn)動(dòng)的橢圓軌道，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A. 嫦娥三號(hào)在環(huán)地球軌道上的運(yùn)行速度大于11.2km/sB. 嫦娥三號(hào)在M點(diǎn)進(jìn)入地月轉(zhuǎn)移軌道時(shí)應(yīng)點(diǎn)火減速C. 設(shè)嫦娥三號(hào)在圓軌道a上經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的加速度為a1，在橢圓軌道b上經(jīng)過(guò)N點(diǎn)時(shí)的加速度為a2，則a1a2D. 嫦娥三號(hào)在圓軌道a上的機(jī)械能小于在橢圓軌道b上的機(jī)械能【答案】D5. 如圖所示，傾斜的傳動(dòng)帶以恒定的速度v2向上運(yùn)動(dòng)，一個(gè)小物塊以初速度v1從底端沖上傳動(dòng)帶，且v1大于v2，小物塊從傳動(dòng)帶底端到達(dá)頂端的過(guò)程中一直做減速運(yùn)動(dòng)，則（ ）A. 小物塊到達(dá)頂端的速度不可能等于零B. 小物塊到達(dá)頂端的速度不可能等于v2C. 小物塊的機(jī)械能一直在減小D. 小物塊所受的合外力一直做負(fù)功【答案】D【解析】試題分析：小物塊以初速度從底端沖上傳動(dòng)帶，且大于，所以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物體繼續(xù)減速，摩擦力方向上，（也可以一直減到頂端時(shí)速度剛好為），根據(jù)除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，判斷機(jī)械能的變化情況，根據(jù)動(dòng)能定理可知，判斷合力做功情況小物塊以初速度從底端沖上傳動(dòng)帶，且大于，所以物塊在重力沿斜面的分量及摩擦力作用下做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減為后，重力沿斜面的分量大于向上的摩擦力，物體繼續(xù)減速，到達(dá)頂端時(shí)，速度正好減為零，故A錯(cuò)誤；小物塊從傳動(dòng)帶底端到達(dá)頂端的過(guò)程中一直做減速運(yùn)動(dòng)，減到頂端時(shí)速度剛好與傳送帶速度相等，故B錯(cuò)誤；除重力以外的力做的功等于機(jī)械能的變化量，剛開始大于，摩擦力方向向下，做負(fù)功，機(jī)械能減小，當(dāng)速度減為后，再減速時(shí)，摩擦力方向向上，做正功，機(jī)械能增大，故C錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可知，因?yàn)槲矬w一直做減速運(yùn)動(dòng)，速度動(dòng)能一直減小，合外力一直做負(fù)功，故D正確6. 如圖所示，兩個(gè)垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向相反,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場(chǎng)區(qū)域的寬度均為a。高度為a的正三角形導(dǎo)線框ABC從圖示位置沿x軸正向勻速穿過(guò)兩磁場(chǎng)區(qū)域，以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏鞯恼较?，在下列圖形中能正確描述感應(yīng)電流I與線框移動(dòng)距離x關(guān)系的是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】x在0-a內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正方向；有效切割的長(zhǎng)度為 ，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv，感應(yīng)電流為 ，隨著x的增大，I均勻減小，當(dāng)x=0時(shí)， ；當(dāng)x=a時(shí)，I=0；x在a-2a內(nèi)，線框的AB邊和其他兩邊都切割磁感線，由楞次定律可知，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，為負(fù)方向；有效切割的長(zhǎng)度為 ，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv，感應(yīng)電流大小為 ，隨著x的增大，I均勻減小，當(dāng)x=a時(shí)， ；當(dāng)x=2a時(shí)，I=0；x在2a-3a內(nèi)，由楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，為正方向；有效切割的長(zhǎng)度為 ，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv，感應(yīng)電流為 ，隨著x的增大，I均勻減小，當(dāng)x=2a時(shí)， ；當(dāng)x=3a時(shí)，I=0；故根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知B正確故選：B三、非選擇題7. 在一次課外活動(dòng)中，某同學(xué)用圖甲所示裝置測(cè)量放在水平光滑桌面上鐵塊A與金屬板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)。已知鐵塊A的質(zhì)量mA=1 kg，金屬板B的質(zhì)量mB=0.5 kg。用水平力F向左拉金屬板B，使其一直向左運(yùn)動(dòng)，穩(wěn)定后彈簧秤示數(shù)的放大情況如圖甲所示，則A、B間的摩擦力Ff=_N，A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)=_。（g取10 m/s2）。該同學(xué)還將紙帶連接在金屬板B的后面，通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下一系列的點(diǎn)，測(cè)量結(jié)果如圖乙所示，圖中各計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為0.1 s，可求得拉金屬板的水平力F= _N.【答案】 (1). 2.50 (2). 0.25 (3). 3.50【解析】試題分析：A受到B的摩擦力與彈簧對(duì)A的彈力等大反向，可讀得摩擦力為2.50N，由可知，動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25，由打點(diǎn)計(jì)時(shí)器可求出B的加速度為，再由牛頓第二定律可知?？键c(diǎn)：共點(diǎn)力平衡、牛頓第二定律8. 某科研小組要用伏安法測(cè)量磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，所用器材如圖所示，其中，長(zhǎng)方體表示磁流體發(fā)電機(jī)的發(fā)電導(dǎo)管，其前后兩個(gè)側(cè)面是絕緣體，上下兩表面是電阻不計(jì)的導(dǎo)體薄片，薄片上分別焊接一個(gè)接線柱勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于前后兩個(gè)側(cè)面，含有正、負(fù)離子的高速流體在發(fā)電導(dǎo)管內(nèi)向右勻速流動(dòng)，兩個(gè)接線柱間形成穩(wěn)定的電勢(shì)差 發(fā)電導(dǎo)管的_接線柱電勢(shì)高(選填“上”或“下”)在圖中用筆連線代替導(dǎo)線，把電路元件連接起來(lái)以達(dá)實(shí)驗(yàn)?zāi)康腳連接好電路后，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄多組電流表示數(shù)I和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U的數(shù)據(jù)，在UI坐標(biāo)系中描點(diǎn)如圖所示根據(jù)描出的點(diǎn)作出UI圖線_，并由圖線求出磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E= _V；內(nèi)阻r=_該小組利用求出的內(nèi)阻r來(lái)研究流體的導(dǎo)電特性，首先測(cè)量了長(zhǎng)方體發(fā)電導(dǎo)管的各邊長(zhǎng)度分別為d1、d2、d3，如上圖所示，然后根據(jù)電阻定律r=求流體的電阻率，則公式中的電阻長(zhǎng)度l=_，S=_.(用d1、d2、d3表示)【答案】 (1). 下 (2). (3). (4). 3.5 (5). 2.5 (6). (7). 【解析】試題分析：由左手定則可知，正電荷受到的洛倫茲力向下，下極板聚集正電荷，上極板聚集負(fù)電荷，下極板電勢(shì)高伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，電壓表測(cè)路端電壓，電流表測(cè)電路電流，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示：根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，圖象如圖所示：由圖象可知，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是3.5，則電源電動(dòng)勢(shì)E=3.5V，電源內(nèi)阻r=2.5由圖1所示可知，電阻率公式中的電阻長(zhǎng)度l=d1，橫截面積S=d2d3考點(diǎn)：本題考查伏安法測(cè)電阻。9. 質(zhì)量為2kg的木板B靜止在水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊A從木板的左側(cè)沿木板上表面水平?jīng)_上木板，如圖甲所示。A和B經(jīng)過(guò)ls達(dá)到同一速度，之后共同減速直至靜止，A和B的圖象如圖乙所示，重力加速度，求：（1）A與B上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）A的質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）0.2（2）0.1（3）6kg【解析】試題分析：A滑上B做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度時(shí)間圖線得出勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，根據(jù)牛頓第二定律求出A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)；A、B速度相同后，一起做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度時(shí)間圖線求出勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，結(jié)合牛頓第二定律求出與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；隔離對(duì)M分析，根據(jù)速度時(shí)間圖線得出M的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出A的質(zhì)量。（1）由圖象可知，A在0-1s內(nèi)的加速度，對(duì)A由牛頓第二定律得，解得。（2）由圖象知，AB在1-3s內(nèi)的加速度，對(duì)AB由牛頓第二定律得，解得；（3）由圖象可知B在0-1s內(nèi)的加速度；對(duì)B由牛頓第二定律得，代入數(shù)據(jù)解得10. xx2月8日第22屆冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)在俄羅斯聯(lián)邦索契市勝利開幕，設(shè)一個(gè)質(zhì)量m=50kg的跳臺(tái)花樣滑雪運(yùn)動(dòng)員（可看成質(zhì)點(diǎn)），從靜止開始沿斜面雪道從A點(diǎn)滑下，沿切線從B點(diǎn)進(jìn)入半徑R=15m的光滑豎直冰面圓軌道BPC，通過(guò)軌道最高點(diǎn)C水平飛出，經(jīng)t=2s落到斜面雪道上的D點(diǎn)，其速度方向與斜面垂直，斜面與水平面的夾角=37，運(yùn)動(dòng)員與雪道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0075，不計(jì)空氣阻力，取當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=l0m/s2，（ sin37=060，cos37=080）。試求：（1）運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的速度大小VC;（2）運(yùn)動(dòng)員在圓軌道最低點(diǎn)P受到軌道支持力的大小FN；（3）A點(diǎn)離過(guò)P點(diǎn)的水平地面的高度h；【答案】（1）15m/s（2）3250N（3）45.5m【解析】（1）運(yùn)動(dòng)員從C點(diǎn)到D點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，在D點(diǎn)對(duì)速度進(jìn)行分解，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解得：得：，代入數(shù)據(jù)解得（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)員運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：，根據(jù)牛頓第二定律得，聯(lián)立解得（3）根據(jù)動(dòng)能定理研究從A點(diǎn)到P點(diǎn)有聯(lián)立解得：11. 如圖，水平地面上方有一底部帶有小孔的絕緣彈性豎直擋板，擋板高h(yuǎn)=9m，與擋板等高處有一水平放置的籃筐，筐口的中心離擋板s=3m，擋板的左側(cè)以及擋板上端與筐口的連線上方存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=lT，質(zhì)量m=ll03kg、電荷量q= -1103C、直徑略小于小孔寬度的帶電小球（視為質(zhì)點(diǎn)），以某一速度水平射入場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若小球與擋板相碰會(huì)以原速率彈回，且碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞時(shí)電荷量不變，小球最后都能從筐口的中心處落入筐中，g=l0m/s2，求： （1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小與方向：（2）小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期及最大半徑（3）小球運(yùn)動(dòng)的最小速率；【答案】（1）10N/C（2）；（3）3m/s【解析】（1）因小球能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以有，解得，方向豎直向下；（2）小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛侖茲力提供向心力，有，周期小球不與擋板相碰直接飛入框中，其運(yùn)動(dòng)半徑最大，如圖1所示，由幾何知識(shí)可得：，求得最大半徑（3）因?yàn)樗俣确较蚺c半徑方向垂直，圓心必在檔板的豎直線上設(shè)小球與檔板碰撞n次，其最大半徑為 要擊中目標(biāo)必有：，代入解得n1.5n只能取0，1，當(dāng)n=0，即為（2）問(wèn)中的解當(dāng)n=1，時(shí)可得：，解得時(shí)半徑最小，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖2中的軌跡所示，有可得最小速率12. 人們發(fā)現(xiàn)，不同的原子核，其核子的平均質(zhì)量（原子核的質(zhì)量除以核子數(shù)）與原子序數(shù)有如圖所示的關(guān)系。下列關(guān)于原子結(jié)構(gòu)和核反應(yīng)的說(shuō)法正確的是_A. 由圖可知，原子核D和E聚變成原子核F時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要吸收能量B. 由圖可知，原子核A裂變成原子核B和C時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要放出核能C. 已知原子核A裂變成原子核B和C時(shí)放出的射線能使某金屬板逸出光電子，若增加射線強(qiáng)度，則逸出光電子的最大初動(dòng)能增大。D. 盧瑟福提出的原子核式結(jié)構(gòu)模型，可以解釋原子的穩(wěn)定性和原子光譜的分立特征【答案】B【解析】由圖象可知，D和E核子的平均質(zhì)量大于F核子的平均質(zhì)量，原子核D和E聚變成原子核F時(shí)，核子總質(zhì)量減小，存在質(zhì)量虧損，根據(jù)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程可知要釋放出核能，A錯(cuò)誤；由圖象可知，A的核子平均質(zhì)量大于B與C核子的平均質(zhì)量，原子核A裂變成原子核B和C時(shí)會(huì)有質(zhì)量虧損，要放出核能，B正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程，則知光電子的最大初動(dòng)能是由入射光的頻率決定的，與入射光的強(qiáng)度無(wú)關(guān)，增加射線強(qiáng)度，逸出的光電子的最大初動(dòng)能不變，C錯(cuò)誤；玻爾提出的原子模型，可以解釋原子的穩(wěn)定性和原子光譜的分