貴州省貴陽市2021屆高三物理下學(xué)期開學(xué)調(diào)研試題（含解析）

1、貴州省貴陽市2021屆高三物理下學(xué)期開學(xué)調(diào)研試題（含解析）一.選擇題（每小題6分，共8小題，1-5小題單選，6-8小題多選，少選3分；多選，錯(cuò)選0分，共計(jì)48分）1.一物體從靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)，其v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A. 0t1內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)B. t1t2內(nèi)物體處于靜止C. 0t1內(nèi)物體的位移一定比t2t3內(nèi)的小D. 0t1內(nèi)物體的平均速度比t2t3內(nèi)的小【答案】D【解析】【詳解】AB根據(jù)圖像可知，0t1內(nèi)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，t1t2內(nèi)物體的速度保持不變且不為0，處于勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)。故AB錯(cuò)誤；C圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，由圖線無法判斷面積大小，故C錯(cuò)誤；D

2、由勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度公式，可判斷則0t1內(nèi)物體的平均速度大小比t2t3內(nèi)的小，故D正確。故選D。2.如圖所示，物體A放在水平桌面上，通過定滑輪懸掛一個(gè)重為10N的物體B，且已知物體A與桌面間的最大靜摩擦力為4N。要使A靜止，需加一水平向左的力F1，則力F1的取值可以為（）A. 3NB. 7NC. 15ND. 17N【答案】B【解析】【詳解】對(duì)A受力分析，當(dāng)A受到的最大摩擦力往左時(shí)拉力F1最小。此時(shí)當(dāng)受到的最大摩擦力向右時(shí)，拉力F1最大。此時(shí)所以拉力F1取值范圍應(yīng)該是所以ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。3.甲乙兩衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)。衛(wèi)星甲做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道直徑為2R，C是軌道上任意一點(diǎn)；衛(wèi)星乙的

3、軌道是橢圓，橢圓的長軸為4R，A、B是軌道的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)，如圖所示。下列說法正確的是（）A. 衛(wèi)星甲的周期大于衛(wèi)星乙的周期B. 兩衛(wèi)星與地心的連線在相同的時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等C. 衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的線速度一定小于衛(wèi)星乙在A點(diǎn)的線速度D. 衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的角速度一定小于衛(wèi)星乙在B點(diǎn)的角速度【答案】C【解析】【詳解】A由開普勒第三定律得，由于衛(wèi)星甲的半徑（R）小于衛(wèi)星乙的半長軸（2R），所以衛(wèi)星甲的周期小于衛(wèi)星乙的周期，故A錯(cuò)誤；B由開普勒第二定律可知，每顆衛(wèi)星與地心的連線在相等時(shí)間內(nèi)掃過的面積相等，故B錯(cuò)誤；C設(shè)衛(wèi)星乙在過A點(diǎn)的近地圓軌道運(yùn)行時(shí)的速度比衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的速度更大，由于衛(wèi)星乙在A點(diǎn)要做離心

4、運(yùn)動(dòng)，所以在團(tuán)圓軌道的A點(diǎn)的速度比在過A點(diǎn)的近地圓軌道運(yùn)行時(shí)的速度更大，所以衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的線速度一定小于衛(wèi)星乙在A點(diǎn)的線速度，故C正確；D設(shè)衛(wèi)星乙在過B點(diǎn)的圓軌道運(yùn)行，此軌道的半徑比衛(wèi)星甲在C點(diǎn)軌道更大，由可得角速度更小，衛(wèi)星甲在C點(diǎn)的角速度一定大于衛(wèi)星乙在B點(diǎn)的角速度，故D錯(cuò)誤。故選C。4.空間有一沿x軸對(duì)稱分布的電場(chǎng)，其電場(chǎng)強(qiáng)度E隨x變化的圖像如圖所示。下列說法中正確的是（）A. x1和x1兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相等B. O點(diǎn)的電勢(shì)一定為0C. x1和x3兩點(diǎn)的電勢(shì)相等D. x1和x1兩點(diǎn)的電勢(shì)相等【答案】D【解析】【詳解】A根據(jù)圖像可知和兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，故A錯(cuò)誤；B電場(chǎng)中電勢(shì)的高低，數(shù)值與0電勢(shì)

5、參考點(diǎn)的選取有關(guān)，故O點(diǎn)的電勢(shì)不一定為0，故B錯(cuò)誤；C從到場(chǎng)強(qiáng)方向沿軸正方向，沿場(chǎng)強(qiáng)方向電勢(shì)逐漸降低，點(diǎn)的電勢(shì)高于點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)誤；D由于和兩點(diǎn)關(guān)于軸對(duì)稱，圖像的面積表示電勢(shì)差，從點(diǎn)到和從點(diǎn)到電勢(shì)差相等，故和兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，故D正確。故選D。5.如圖甲所示為一臺(tái)小型發(fā)電機(jī)構(gòu)造的示意圖，線圈逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的正弦規(guī)律圖像如圖乙所示，發(fā)電機(jī)線圈電阻為2，外接燈泡的電阻為。則（）A. 電壓表示數(shù)為B. 發(fā)電機(jī)的輸出功率為C. 在時(shí)，穿過線圈的磁通量最小D. 瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為【答案】D【解析】【詳解】A電壓表的示數(shù)為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B燈泡消耗的功率故發(fā)電機(jī)的輸出功率為，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

6、C在時(shí)，電動(dòng)勢(shì)為0，此時(shí)穿過線圈的磁通量最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D電動(dòng)勢(shì)的最大值為，周期為，則瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為選項(xiàng)D正確。故選D。6.如圖所示，在邊長ab=L，bc=L的矩形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在ad邊中點(diǎn)O處有一粒子源，可以垂直磁場(chǎng)向區(qū)域內(nèi)各方向發(fā)射速度大小相等的同種帶電粒子，若沿Od方向射入的粒子從磁場(chǎng)邊界cd離開磁場(chǎng)，該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0，圓周運(yùn)動(dòng)半徑為L，不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用，下列說法正確的是（）A. 粒子帶正電B. 粒子的比荷為C. 粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為4t0D. 粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為5t0【答案】A【解

7、析】【詳解】A由題設(shè)條件作出以O(shè)1為圓心的軌跡圓弧，如圖所示由左手定則，可知該粒子帶正電，選項(xiàng)A正確；BCD由圖中幾何關(guān)系可得解得，可得T=12t0，根據(jù)洛倫茲力公式和牛頓第二定律可得解得，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤。故選A。7.如圖所示為某種電流表的原理示意圖，質(zhì)量為m的均質(zhì)細(xì)金屬棒MN的中點(diǎn)處通過一掛鉤與一豎直懸掛的輕彈簧相連，絕緣彈簧勁度系數(shù)為k。在矩形區(qū)域abcd內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向外，與MN的右端N連接的一絕緣輕指針可指示標(biāo)尺上的讀數(shù)，MN的長度大于ab的長度。當(dāng)MN中沒有電流通過且處于平衡狀態(tài)時(shí)，MN與矩形區(qū)域的cd邊重合，當(dāng)MN中有電流通過時(shí)，指針示數(shù)可表示電流強(qiáng)

8、度。已知k2.0N/m，ab的長度為0.20m，bc的長度為0.05m，B0.20T，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A. 當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，彈簧的伸長量為B. 若要電流表正常工作，應(yīng)將MN的M端與電源正極相接C. 該電流表的量程是2.5AD. 若將量程擴(kuò)大到2倍，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)變?yōu)?.20T【答案】ABC【解析】【詳解】A設(shè)彈簧伸長量為x，則有由式得故當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，彈簧伸長量為，故A正確；B為使電流表正常工作，作用于通有電流的金屬棒MN的安培力必須向下。由左手定則可知金屬棒中電流從M端流向N端，因此M端應(yīng)接正極。故B正確；C設(shè)滿量程時(shí)通過MN的電流為Im，則有聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得Im2

9、.5 A故該電流表的量程是2.5 A，故C正確；D設(shè)量程擴(kuò)大后，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)锽，則有由解得B0.10 T故若將量程擴(kuò)大2倍，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)變?yōu)?.10 T，故D錯(cuò)誤。故選ABC。8.如圖甲所示，在光滑水平面上的兩小球發(fā)生正碰，小球的質(zhì)量分別為和圖乙為它們碰撞前后的圖象已知，規(guī)定水平向右為正方向由此可知A. m1=5kgB. 碰撞過程對(duì)的沖量為C. 兩小球碰撞過程損失的動(dòng)能為1.5JD. 碰后兩小球的動(dòng)量大小相等、方向相反【答案】C【解析】【詳解】A由圖知碰撞前m2位置不變，則m2靜止，vm1=4 m/s，碰撞后vm2= m/s=5 m/s，而vm1= m/s=2 m/s，由動(dòng)量守恒知m1vm1

10、=m1vm1+m2vm2，代入數(shù)據(jù)得m11.5 kg.故A錯(cuò)誤；B根據(jù)動(dòng)量定理，對(duì)的沖量I1= m1vm1- m1vm1=1.52-1.54=-3，故B錯(cuò)誤；C碰撞前后，系統(tǒng)損失的動(dòng)能 =1.5J，故C正確； D碰后兩小球的動(dòng)量方向都沿正方向，故D錯(cuò)誤故選：C點(diǎn)睛：由s-t圖像可知碰撞前后兩物體的速度根據(jù)碰撞過程動(dòng)量守恒定律可得m1的質(zhì)量根據(jù)動(dòng)量定理，可求對(duì)的沖量求出碰撞前后的動(dòng)能，可得系統(tǒng)損失的動(dòng)能碰后兩小球的速度都為正，動(dòng)量方向都沿正方向二.實(shí)驗(yàn)題（共計(jì)15分，9題6分，10題9分）9.某同學(xué)用圖1(a)所示的裝置測(cè)量木塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)?？邕^光滑定滑輪的細(xì)線兩端分別與木塊和彈簧秤相

11、連，滑輪和木塊間的細(xì)線保持水平，在木塊上方放置砝碼。緩慢向左拉動(dòng)水平放置的木板，當(dāng)木塊和砝碼相對(duì)桌面靜止且木板仍在繼續(xù)滑動(dòng)時(shí)，彈簧秤的示數(shù)即為木塊受到的滑動(dòng)摩擦力的大小。某次實(shí)驗(yàn)所得數(shù)據(jù)在下表中給出，其中f4的值可從圖(b)中彈簧秤的示數(shù)讀出?；卮鹣铝袉栴}：(1)f4_N；(2)在圖(c)的坐標(biāo)紙上補(bǔ)齊未畫出的數(shù)據(jù)點(diǎn)并繪出fm圖線_；(3)f與m、木塊質(zhì)量M、木板與木塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)及重力加速度大小g之間的關(guān)系式為f_，fm圖線(直線)的斜率的表達(dá)式為k_；(4)取g9.80 m/s2，由繪出的fm圖線求得_。(保留2位有效數(shù)字)【答案】 (1). 2.75 (2). 如圖所示： (3).

12、(Mm)g (4). g (5). 0.40【解析】【詳解】(1)1由圖b可讀出彈簧秤的示數(shù)f42.75N；(2)2fm圖線如圖所示：(3)34摩擦力表達(dá)式f(Mm)g其斜率kg；(4)5圖線的斜率k3.9解得0.40。10.一課外實(shí)驗(yàn)小組用如圖所示的電路測(cè)量某待測(cè)電阻Rx的阻值圖中R0為標(biāo)準(zhǔn)定值電阻(R0=20.0 )；電壓表可視為理想電壓表；S1為單刀開關(guān)，S2為單刀雙擲開關(guān)；E為電源；R為滑動(dòng)變阻器采用如下步驟完成實(shí)驗(yàn)：(1)按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖(a)，將圖(b)中實(shí)物連線_(2)將滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端置于適當(dāng)?shù)奈恢?，閉合S1.(3)將開關(guān)S2擲于1端，改變滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)端的位置，記下此時(shí)電壓

13、表的示數(shù)U1；然后將S2擲于2端，記下此時(shí)電壓表的示數(shù)U2.(4)待測(cè)電阻阻值的表達(dá)式Rx_(用R0、U1、U2表示)(5)重復(fù)步驟(3)，得到如下數(shù)據(jù).(6)利用上述5次測(cè)量所得的平均值，求得Rx_.(保留1位小數(shù))【答案】 (1). (2). (3). 48.2【解析】【詳解】(1)1按照實(shí)驗(yàn)原理線路圖實(shí)物連線如圖所示：(2)2根據(jù)部分電路歐姆定律和串聯(lián)電路特點(diǎn)可得：，解得：(3)3 的平均值為，代入得：三.計(jì)算題（11題12分，12題20分，共計(jì)32分）11.如圖所示，內(nèi)圓半徑為r、外圓半徑為3r的圓環(huán)區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。圓環(huán)左側(cè)的平行板電容器兩板間電壓為U，

14、靠近M板處靜止釋放質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子，經(jīng)過電場(chǎng)加速后從N板小孔射出，并沿圓環(huán)直徑方向射入磁場(chǎng)，不計(jì)離子的重力，忽略平行板外的電場(chǎng)。求：(1)離子從N板小孔射出時(shí)的速率及在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期；(2)要使離子不進(jìn)入小圓區(qū)域，電壓U的取值范圍?！敬鸢浮浚?），；（2）U【解析】【詳解】（1）設(shè)離子射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)的速率為v，由動(dòng)能定理得解得設(shè)離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，離子所受洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得運(yùn)動(dòng)周期聯(lián)立解得離子從N板小孔射出時(shí)的速率為，及在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為。（2）若離子恰好不進(jìn)入小圓區(qū)域，設(shè)離子與小圓相切時(shí)軌道半徑為R0，此時(shí)軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得

15、解得R04r需滿足的條件為RR0，又聯(lián)立解得電壓U的取值范圍。12.如圖甲所示，為一傾角37足夠長的斜面，將一質(zhì)量為m1kg的物體無初速度在斜面上釋放，同時(shí)施加一沿斜面向上的拉力，拉力隨時(shí)間變化關(guān)系圖像如圖乙所示，與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)0.25。取g10m/s2，sin370.6，cos370.8。求：(1)2s末物體的動(dòng)能；(2)前12s內(nèi)物體發(fā)生的位移；(3)前16s內(nèi)物體克服摩擦力做的功。【答案】（1）12.5J;（2）30 m；方向沿斜面向下；（3）60J【解析】【詳解】（1）分析可知物體在前2s內(nèi)沿斜面向下做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)可得v15 m/s故動(dòng)能（

16、2）設(shè)物體在前2 s內(nèi)發(fā)生的位移為x1，則當(dāng)拉力為F24.5 N時(shí)，由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)可得a20.5 m/s2物體經(jīng)過t2時(shí)間速度減為0，則t210 s設(shè)t2時(shí)間發(fā)生的位移為x2，則由于則物體在剩下4 s時(shí)間內(nèi)處于靜止?fàn)顟B(tài)，故物體在前12s內(nèi)發(fā)生位移方向沿斜面向下。（3）由（2）可知物體在12s末靜止，故克服摩擦力做的功為13.關(guān)于分子動(dòng)理論和物體的內(nèi)能，下列說法正確的是（）A. 某種物體的溫度為0，說明該物體中所有分子的動(dòng)能均為零B. 物體的溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能一定增大，但內(nèi)能不一定增大C. 當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力都減小，但斥力減小得更快，所以分子力表現(xiàn)為引力

17、D. 10g 100水的內(nèi)能小于10g 100水蒸氣的內(nèi)能E. 兩個(gè)鋁塊擠壓后能緊連在一起，說明分子間有引力【答案】BDE【解析】【詳解】A某種物體的溫度是0，內(nèi)能不為0，所以物體中分子的平均動(dòng)能不為零，故A錯(cuò)誤；B溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，故物體的溫度升高時(shí)，分子的平均動(dòng)能一定增大，內(nèi)能的大小還與物質(zhì)的多少有關(guān)，所以內(nèi)能不一定增大，故B正確；C當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子間的引力和斥力均減小，斥力減小得快，當(dāng)分子間距小于r0時(shí)，分子間的斥力大于引力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)分子間距大于r0時(shí)，分子間的斥力小于引力表現(xiàn)為引力，故C錯(cuò)誤；D溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，所以10g100的水的分子平均動(dòng)能等于10g

18、100的水蒸氣的分子平均動(dòng)能，同樣溫度的水變?yōu)橥瑯訙囟鹊乃魵庖諢崃?，所?0g100的水的內(nèi)能小于10g100相同質(zhì)量的水蒸氣的內(nèi)能，故D正確；E兩個(gè)鋁塊相互擠壓后，它們會(huì)緊連在一起，是分子運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，說明了分子間有引力，故E正確。故選BDE。14.如圖所示，開口向上豎直放置的內(nèi)壁光滑絕熱汽缸，汽缸下面有加熱裝置.開始時(shí)整個(gè)裝置處于平衡狀態(tài)，缸內(nèi)理想氣體I、II兩部分高度均為L0，溫度都為T0.已知活塞A導(dǎo)熱、B絕熱，A、B質(zhì)量均為m、橫截面積為S，外界大氣壓強(qiáng)為p0保持不變，環(huán)境溫度保持不變.現(xiàn)對(duì)氣體II緩慢加熱，當(dāng)A上升時(shí)停止加熱，已知p0S=mg，求：(1)此時(shí)氣體II的溫度；(2

19、)保持II中溫度不變，在活塞A上逐漸添加鐵砂，當(dāng)鐵砂質(zhì)量等于m時(shí)，活塞A下降的髙度.【答案】(1)(2)【解析】【詳解】(1)氣體II加熱過程為等壓變化，根據(jù)查理定律可得：解得：T=(2)氣體I做等溫變化，則：解得：氣體II發(fā)生等溫變化，則解得：所以，活塞A下降的髙度.15.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，t時(shí)刻波形圖如圖中的實(shí)線所示，此時(shí)波剛好傳到P點(diǎn)，t+0.6s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，a、b、c、P、Q是介質(zhì)中的質(zhì)點(diǎn)，則以下說法正確的是（ ）A. 這列波的波速可能為50m/sB. 質(zhì)點(diǎn)a在這段時(shí)間內(nèi)通過的路程一定小于30cmC. 若有另一周期為0.16s的簡(jiǎn)諧橫波與此波相遇，能產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象D. 若=0.8s，當(dāng)t+0.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b、P的位移相同E. 若=0.8s，從t+0.4s時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)c的振動(dòng)方程為y=0.1sin cm【答案】ACD【解析】由圖可知，波的波長為40m；兩列波相距，故周期 ； 波速為：，（n=0，1，2，） 當(dāng)n=0時(shí)，當(dāng)v=50m/s時(shí)，故A正確；質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置上下振動(dòng)，振動(dòng)的最少時(shí)間為T，故路程最小為3A即3