湖北省北門中學(xué)2021學(xué)年高二物理期中試題

1、可修改湖北省荊州市北門中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理期中試題 一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）1. 甲、乙、丙、丁是四個(gè)長(zhǎng)度、橫截面積均相同的金屬導(dǎo)體，某同學(xué)對(duì)它們各進(jìn)行了一次測(cè)量，把每個(gè)導(dǎo)體中通過(guò)的電流和兩端的電壓在IU坐標(biāo)系中描點(diǎn)，如圖所示，四個(gè)導(dǎo)體中電阻率最大的是( )A. 甲 B. 乙 C. 丙 D. 丁2. 如圖所示為一塊手機(jī)電池的背面印有的一些符號(hào)，下列說(shuō)法正確的是（ ）A. 該電池儲(chǔ)存的最大電能為B. 該電池儲(chǔ)存的最大能量為C. 該電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流為500 mAD. 若電池以10 mA的電流工作,可用50小時(shí)3. 某種位移式傳感器的原理示意圖如圖所示，E

2、為電源，R為電阻，平行金屬板A、B和介質(zhì)P構(gòu)成電容器，在可移動(dòng)介質(zhì)P向右勻速移出的過(guò)程中（ ）A. 電容器的電容變大B. 電容器的電荷量保持不變C. M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)低D. 流過(guò)電阻R的電流方向從M到N4. 如圖所示是某個(gè)電路的一部分，其中，R1=6，R2=2，R3=1，I1=1A，I2=2A，則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A. R1兩端電壓為6V,B. R2兩端電壓為4V,C.R3兩端電壓為2V,D. R3兩端電壓為0V,5. 兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B，額定功率分別為100W和40W，為了使它們接到220V電源上能正常發(fā)光，同時(shí)電路消耗的電功率最小，如圖所示的四個(gè)電路中最合理的是

3、圖（）A. B. C. D. 6. 電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動(dòng)變阻器R連接成如圖所示的電路，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭由a端滑向b端時(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）A. 電壓表和電流表讀數(shù)都減小 B. 電壓表和電流表讀數(shù)都增大C. 電壓表讀數(shù)增大,電流表讀數(shù)減小 D. 電壓表讀數(shù)減小,電流表讀數(shù)增大7. 如圖甲所示，AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，若有一電子僅在電場(chǎng)力作用下，以某一初速度沿AB由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)所經(jīng)位置的電勢(shì)隨與A點(diǎn)距離的變化規(guī)律如圖乙所示以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是 A. A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度 B. 電子在A、B兩點(diǎn)的速度C. A、B兩點(diǎn)的電勢(shì) D. 電子在A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)能8. 如

4、圖所示，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，實(shí)線MN是一條方向未標(biāo)出的電場(chǎng)線，虛線AB是一個(gè)電子只在靜電力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡。設(shè)電子在A、B兩點(diǎn)的加速度大小分別為aA、aB，電勢(shì)能分別為EpA、EpB下列說(shuō)法正確的是（）A. 電子一定從A向B運(yùn)動(dòng)B. 若,則Q靠近M端且為負(fù)電荷C. 無(wú)論Q為正電荷還是負(fù)電荷一定有D. B點(diǎn)電勢(shì)可能高于A點(diǎn)電勢(shì)9. 如圖，平行板電容器兩極板的間距為d，極板與水平面成45角，上極板帶正電。一電荷量為q（q0）的粒子在電容器中靠近下極板處。以初動(dòng)能Ek0豎直向上射出。不計(jì)重力，極板尺寸足夠大，若粒子能打到上極板，則兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值為（ ）A. B. C. D. 二、多選題

5、（本大題共3小題，共12.0分）10. 用輕繩拴著一質(zhì)量為m、帶正電的小球在豎直面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，豎直面內(nèi)加有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，如圖甲所示，不計(jì)一切阻力，小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek與繩中張力F間的關(guān)系如圖乙所示，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，由圖可推知（） A. 輕繩的長(zhǎng)度為 B. 小球所帶電荷量為C. 小球在最高點(diǎn)的最小速度為 D. 小球在最高點(diǎn)的最小速度為11. 一勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向平行于xOy平面,平面內(nèi)a、b、c三點(diǎn)的位置如圖所示,三點(diǎn)的電勢(shì)分別為10 V、17 V、26 V。下列說(shuō)法正確的是( )A. 線段ac中點(diǎn)處電勢(shì)為18VB. 坐標(biāo)原點(diǎn)處的電勢(shì)為0VC. 電子在a點(diǎn)的

6、電勢(shì)能比在b點(diǎn)的低7 eVD. 電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn),電場(chǎng)力做功為9 eV12. 將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標(biāo)系中，如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是( )A. 圖線b表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I的變化關(guān)系B. M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的功率為最大輸出功率C. 在圖線上A、B、C三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系D. 兩個(gè)交點(diǎn)M與N的橫坐標(biāo)之比一定為,縱坐標(biāo)之比一定為三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共4小題，共20.0分）13. （1）下圖中是螺旋測(cè)微器和游標(biāo)卡尺的某次測(cè)量。其中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)mm。（2） 某表頭滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為982。為了將表頭改裝成量程為5

7、0mA的電流表，需要一個(gè)阻值約為_(kāi)的電阻與表頭并聯(lián)（計(jì)算結(jié)果取整數(shù)）14. 測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器時(shí)造成短路，電路中用一個(gè)定值電阻R0起保護(hù)作用除電池、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有： a電流表(量程0.6 A、3 A)；b電壓表(量程3 V、15 V)；c定值電阻(阻值1 、額定功率5 W)；d定值電阻(阻值10 、額定功率10 W)；e滑動(dòng)變阻器(阻值范圍010 、額定電流2 A)；f滑動(dòng)變阻器(阻值范圍0100 、額定電流1 A)那么：(1)要正確完成實(shí)驗(yàn)， R0應(yīng)選擇_ （填c或d）。(2)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的6組數(shù)據(jù)已在UI圖中標(biāo)出，如圖所示

8、，可由圖線求出該電池的內(nèi)阻r_ 。(結(jié)果保留兩位小數(shù))15. 某型號(hào)多用電表歐姆檔的電路原理圖如圖甲所示。微安表是歐姆表表頭，其滿偏電流，內(nèi)阻。電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻。電阻箱和電阻箱的阻值調(diào)節(jié)范圍均為。（1）甲圖中的端應(yīng)與_（紅或黑）表筆連接。 （2）某同學(xué)將圖甲中的、端短接，為使微安表滿偏，則應(yīng)調(diào)節(jié)_；然后在、端之間接入一電阻后發(fā)現(xiàn)微安表半偏，則接入的電阻阻值為_(kāi)。16. 某學(xué)習(xí)小組探究一標(biāo)有“3 V，1.5 W”小電珠在不同電壓下的電功率大小，實(shí)驗(yàn)器材如下：A電池組(電動(dòng)勢(shì)為4.5 V，內(nèi)阻約1 )； B直流電流表00.6A(內(nèi)阻約為0.125 ) E滑動(dòng)變阻器(10 ，5 A) C直流電壓表0

9、3 V(內(nèi)阻約3 k) F滑動(dòng)變阻器(1 k，300 mA)D直流電壓表015 V(內(nèi)阻約15 k) G開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干（1）本實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_(選填“E”或“F”)（ 2）如圖所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接實(shí)驗(yàn)要求滑動(dòng)變阻器的滑片從左到右移動(dòng)過(guò)程中，電流表的示數(shù)從零開(kāi)始逐漸增大，請(qǐng)按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實(shí)物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接；（3） 該小組描繪出的伏安特性曲線如圖所示，將這個(gè)小電珠與阻值為9的定值電阻R0串聯(lián)，接到電動(dòng)勢(shì)為4 V、內(nèi)阻為1的電源兩端，這個(gè)小電珠的實(shí)際功率為_(kāi)W.四、計(jì)算題（本大題共3小題，共32.0分）17. 如圖所示，M為一線圈電阻RM0.4 的電動(dòng)機(jī)，

10、R24 ，電源電動(dòng)勢(shì)E40 V當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，理想電流表的示數(shù)I11.6 A，當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，理想電流表的示數(shù)為I24.0 A求：(1)電源內(nèi)阻r；(2)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流及電動(dòng)機(jī)消耗的總功率18. 如圖所示，一帶電液滴的質(zhì)量為m、電荷量為，在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中剛好與水平面成角以速度向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)。重力加速度為g。求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。蝗綦妶?chǎng)方向改為垂直速度方向斜向下，耍使液滴仍做直線運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為多大？液滴前進(jìn)多少距離后可返回？19. 如圖所示，水平絕緣光滑的軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接，半圓形軌道的半徑在軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電

11、場(chǎng)，電場(chǎng)線與軌道所在的平面平行，電場(chǎng)強(qiáng)度現(xiàn)有一電荷量，質(zhì)量m=0.10kg的帶電體（可視為質(zhì)點(diǎn)），在水平軌道上的P點(diǎn)由靜止釋放，帶電體恰好能通過(guò)半圓形軌道的最高點(diǎn)C，然后落至水平軌道上的D點(diǎn)取試求：（1）帶電體在圓形軌道C點(diǎn)的速度大?。?）PB間的距離（3）D點(diǎn)到B點(diǎn)的距離（4）試確定帶電體在半圓軌道上動(dòng)能最大時(shí)的位置答案和解析1.【答案】A【解析】【分析】IU圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)。結(jié)合電阻率公式求解即可。本題考查電阻率，對(duì)的理解，且注意U-I圖線的應(yīng)用?！窘獯稹扛鶕?jù)電阻定律R可知，導(dǎo)體的電阻率.分別把甲、乙、丙、丁所在的位置與坐標(biāo)原點(diǎn)O連接，IU圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由題圖可知甲導(dǎo)體

12、的電阻最大，丁導(dǎo)體的電阻最小因甲、乙、丙、丁四個(gè)導(dǎo)體的長(zhǎng)度、橫截面積均相同，則甲的電阻率最大，A正確。故選A。2.【答案】D【解析】【分析】本題考查讀取電池銘牌信息的能力。要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量。根據(jù)銘牌讀出電池的容量和電動(dòng)勢(shì)，電池的容量是指電池能釋放的總電量，根據(jù)電流的定義式求出該電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流和以10mA的電流工作可用的時(shí)間?！窘獯稹緼.500mAh是電池的容量，不是電池儲(chǔ)存的最大電能，故A錯(cuò)誤；B.該電池儲(chǔ)存的最大能量，故B錯(cuò)誤；C.由電池的容量可知該電池在連續(xù)工作1小時(shí)時(shí)，電流為I500mA，不是電池在工作1小時(shí)后達(dá)到的電流為500mA，故C錯(cuò)誤；D.若

13、待機(jī)時(shí)的電流為10mA，理論上可待機(jī)，故D正確。故選D。3.【答案】D【解析】【分析】根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化，電容器板間電壓不變，由電容的定義式C=分析電荷量的變化，即可確定流過(guò)電阻R的電流方向。本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，在抓住電容器電壓不變的基礎(chǔ)上，根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合分析?！窘獯稹拷橘|(zhì)P向右勻速移出的過(guò)程中，介電常數(shù)減小，根據(jù)電容的決定式C=，分析可知電容變小，而電容器的電壓不變，由C=分析可知其電荷量變小，電容器處于放電狀態(tài)，由圖可和上極板帶正電，則流過(guò)電阻R的電流方向從M到N，M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高，故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.【答案】D【解析】【分析】

14、本題考查歐姆定律的應(yīng)用和電流方向的判斷，本題涉及電勢(shì)的概念，以及節(jié)點(diǎn)法判斷電流方向以及電流大小，要求大家掌握更多關(guān)于電學(xué)的知識(shí)。根據(jù)歐姆定律分別求出R1兩端的電壓和R2兩端的電壓，然后根據(jù)電勢(shì)確定R3兩端的電壓以及電流的方向，再根據(jù)歐姆定律求出通過(guò)R3的電流，最后根據(jù)節(jié)點(diǎn)法確定通過(guò)電流表電流的方向和大小。【解答】R1兩端的電壓U1=I1R1=16V=6V，R2兩端的電壓U2=I2R2=22V=4V，R1左端與R2的左端電勢(shì)相等，U1U2，則R1右端的電勢(shì)低于R2右端的電勢(shì)，故R3兩端的電壓U3=U1-U2=6V-4V=2V，通過(guò)R3的電流，R3上端電勢(shì)低，下端電勢(shì)高，電流方向由下向上，因I2=

15、I3，故通過(guò)電流表的電流為0，故選D。5.【答案】C【解析】【分析】由題可知，燈泡的電壓相等，但是燈泡的功率不同，由此可以知道兩種燈泡的電阻的大小不同，再由電路的串并聯(lián)的知識(shí)先逐個(gè)分析燈泡能否正常的發(fā)光，再判斷消耗的功率最小的電路解答本題是一定要注意題目要同時(shí)滿足兩個(gè)條件即燈泡能夠正常發(fā)光并且消耗的功率還要最小【解答】A.燈泡的額定電壓為110V，圖中，A燈泡的電壓等于220V，大于額定電壓，燒壞了，故A錯(cuò)誤；B.由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RBRA，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，會(huì)使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會(huì)平分，AB不會(huì)同時(shí)正常發(fā)光，故B

16、錯(cuò)誤；CD.由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RBRA，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時(shí)正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W；把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當(dāng)電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時(shí)，AB就可以正常發(fā)光，此時(shí)電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為280W；由CD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為C，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。6.【答案】B【解析】【分析】首先認(rèn)識(shí)電路的連接關(guān)系：R2與R并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電

17、壓表測(cè)路端電壓，電流表測(cè)量流過(guò)R2的電流；滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻增大，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯(lián)電路可得出電流表示數(shù)的變化。本題中R1也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓增大，流過(guò)R2的電流增大。【解答】當(dāng)滑片向b滑動(dòng)時(shí)，R接入電阻增大，總電阻增大；由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，由U=E-Ir可知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大；故B正確；故選B。7.【答案】B【解析】【分析】根據(jù)-x圖象的斜率

18、大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，分析場(chǎng)強(qiáng)的變化由圖看出，電勢(shì)逐漸降低，可判斷出電場(chǎng)線的方向，確定電勢(shì)的高低，由電場(chǎng)力做功正負(fù)，分析速度的大小并判斷電子電勢(shì)能的變化。本題關(guān)鍵要理解-t圖象的斜率等于場(chǎng)強(qiáng)，由電勢(shì)的高低判斷出電場(chǎng)線的方向，來(lái)判斷電場(chǎng)力方向做功情況，并確定電勢(shì)能的變化?！窘獯稹緼.-x圖象的斜率大小等于電場(chǎng)強(qiáng)度，由幾何知識(shí)得知，圖象的斜率減小，則從A到點(diǎn)B場(chǎng)強(qiáng)減小，則有EAEB，故A正確；BD.由圖看出，電勢(shì)逐漸降低，可判斷出電場(chǎng)線的方向從A到B，在移動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，電子的動(dòng)能減小，速度減小，而電子的電勢(shì)能增大。即有vAvB，故B錯(cuò)誤，D正確；C.電場(chǎng)線的方向從A到B，則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)A

19、B，故C正確。本題選錯(cuò)誤的，故選B。8.【答案】C【解析】解：A、由運(yùn)動(dòng)軌跡只能得到電子受力指向凹的一側(cè)，不能得到運(yùn)動(dòng)走向，故A錯(cuò)誤；B、由電場(chǎng)場(chǎng)源為點(diǎn)電荷，aAaB可得：點(diǎn)電荷Q靠近M端；又有電子受力指向凹的一側(cè)可得：MN上電場(chǎng)線方向向右，故點(diǎn)電荷Q為正電荷，故B錯(cuò)誤；C、電子受力指向凹的一側(cè)可得：根據(jù)電子只受電場(chǎng)力作用；電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減??；電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大可得：EpAEpB，故C正確；D、電子受力指向凹的一側(cè)可得：MN上電場(chǎng)線方向向右；根據(jù)沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低可得：B點(diǎn)電勢(shì)可能低于A點(diǎn)電勢(shì)，故D錯(cuò)誤；故選：C。根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡得到電場(chǎng)力方向，從而得到電場(chǎng)力做功及場(chǎng)強(qiáng)方向，即可由電場(chǎng)

20、力做功得到電勢(shì)能變化，由場(chǎng)強(qiáng)方向得到電勢(shì)變化；根據(jù)加速度得到場(chǎng)源，即可根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)方向得到場(chǎng)源電性。沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，但是電勢(shì)能和電荷電性相關(guān)，故我們一般根據(jù)電場(chǎng)力做功情況來(lái)判斷電勢(shì)能變化，以避免電性不同，電勢(shì)能變化趨勢(shì)不同的問(wèn)題。9.【答案】B【解析】【分析】粒子在電場(chǎng)中只受到電場(chǎng)力的作用，只有電場(chǎng)力做功，粒子恰好到達(dá)上極板時(shí)速度恰好與上極板平行，所以將粒子初速度分解為垂直極板和平行極板的分速度，再結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可求得E。本題關(guān)鍵是明確粒子的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和動(dòng)能定理計(jì)算電場(chǎng)強(qiáng)度的大小即可?！窘獯稹繐?jù)電荷的受力情況可知，粒子在電場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng)，如圖所示，將粒子的速度

21、v0分解為垂直于板的vy和平行于板的vx，由于極板與水平面夾角45，粒子的初速度方向豎直向上，所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度為vy=v0sin45=。當(dāng)電場(chǎng)足夠大時(shí)，粒子到達(dá)上極板時(shí)速度恰好與上極板平行，即粒子垂直于極板方向的速度vy=0。根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有-vy2=2d又知Ek0=m聯(lián)立以上各式求得E=故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。10.【答案】AC【解析】【分析】小球在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，到最高點(diǎn)時(shí)由繩對(duì)小球的拉力、重力和電場(chǎng)力的合力提供向心力，根據(jù)圖象、應(yīng)用向心力公式、牛頓第二定律分析答題寫出EK-F的表達(dá)式，找到斜率和截距代表的意義，即可解題。本題主要考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式和機(jī)械

22、能守恒定律的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要正確分析小球圓周運(yùn)動(dòng)的向心力。【解答】解：A、在最高點(diǎn)時(shí)，繩對(duì)小球的拉力、重力和電場(chǎng)力的合力提供向心力，則得：F+mg+Eq=m，即mv2（）=F+mg+Eq，由于EK=，故EK=F+（mg+Eq），由圖象可知，圖象斜率k=，即L=，故A正確；B、當(dāng)F=0時(shí)，由mg+Eq=m，=a，解得，q=，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)F=0時(shí)，重力和電場(chǎng)力提供向心力，此時(shí)為最小速度，=a，解得v=，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：AC。11.【答案】AD【解析】【分析】根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=，結(jié)合電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)間距，即可求解；依據(jù)電勢(shì)差等于電勢(shì)之差；根據(jù)電場(chǎng)力做功表達(dá)式W=qU，從而確定電場(chǎng)

23、力做功，同時(shí)也能確定電勢(shì)能的變化情況考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電勢(shì)之間的關(guān)系，掌握電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=的應(yīng)用，理解幾何關(guān)系的運(yùn)用，并理解W=qU中各量的正負(fù)值含義【解答】A、如圖所示，在ac連線上，確定一b點(diǎn)，電勢(shì)為17V，將bb連線，即為等勢(shì)線，那么垂直bb連線，則為電場(chǎng)線，再依據(jù)沿著電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，則電場(chǎng)線方向如下圖，因?yàn)閯驈?qiáng)電場(chǎng)，則有：E=，依據(jù)幾何關(guān)系，則d=3.6cm，因此電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E=2.5V/cm，故A正確；B、根據(jù)c-a=b-o，因a、b、c三點(diǎn)電勢(shì)分別為a=10V、b=17V、c=26V，解得：原點(diǎn)處的電勢(shì)為0=1 V，故B正確；C、因Uab=a-b=10-17V=-7V，電子從

24、a點(diǎn)到b點(diǎn)電場(chǎng)力做功為W=qUab=7 eV，因電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，那么電子在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的高7 eV，故C錯(cuò)誤；D、同理，Ubc=b-c=17-26V=-9V，電子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為W=qUbc=9 eV，故D正確；故選：ABD12.【答案】AB【解析】【分析】根據(jù)電源消耗的總功率的計(jì)算公式可得電源的總功率與電流的關(guān)系，根據(jù)電源內(nèi)部的發(fā)熱功率可得電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關(guān)系，從而可以判斷abc三條線代表的關(guān)系式，在由功率的公式可以分析功率之間的關(guān)系。本題考查電路中的功率問(wèn)題，并結(jié)合P-I圖像進(jìn)行分析，常規(guī)題目?！窘獯稹緼.由電源的總功率、輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱

25、功率表達(dá)式PEEI，PREII2r，PrI2r，可知，a表示的是電源的總功率隨電流I的變化關(guān)系；b表示的是電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I的變化關(guān)系；c表示輸出功率PR隨電流I的變化關(guān)系，A正確；B.當(dāng)Rr時(shí)，輸出功率最大，M點(diǎn)是輸出功率最大的位置，B正確；C.A、B、C為在a、b、c三條圖線上橫坐標(biāo)相同的三點(diǎn)，因?yàn)橹绷麟娫吹目偣β实扔谳敵龉β屎碗娫磧?nèi)部的發(fā)熱功率之和，所以這三點(diǎn)的縱坐標(biāo)一定滿足關(guān)系PAPBPC，C錯(cuò)誤；D.M點(diǎn)輸出功率最大，Rr，IM，IN，D錯(cuò)誤。故選AB。13.【答案】（1）0.900（2）20【解析】（1）【分析】游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測(cè)微器

26、的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀。解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀。螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀?！窘獯稹柯菪郎y(cè)微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.0140.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.400mm=0.900mm。故答案為：0.900；（2）【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，把電流表改裝成電流表需要并聯(lián)一個(gè)分流電阻，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)或并聯(lián)的電阻阻值。本題考查了電壓表

27、和電流表的改裝，知道電壓表，電流表的改裝原理、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題?！窘獯稹苛砍虨?0mA時(shí)有：；故答案為20。14.【答案】（1）c；（2）0.88；【解析】【分析】應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)是常用的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理方法，要掌握應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法，會(huì)根據(jù)圖象求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；會(huì)分析測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)的故障問(wèn)題。（1）常見(jiàn)的電路故障有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因；（2）電源的U-I圖象與縱軸的交點(diǎn)的縱坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值是電源內(nèi)阻；（3）把定值電阻與電源組成等效電源，求出等效電阻，然后求出定值電阻阻值。故答案為：（1）c；0.88

28、；15.【答案】（1）紅；（2）2049；3000；【解析】【分析】本題考查多用電表的原理及使用。多用電表是基礎(chǔ)實(shí)驗(yàn)儀器，應(yīng)熟練掌握?！窘獯稹浚?）根據(jù)多用電表的原理及電流應(yīng)從電流表的正接線柱流入，故甲圖中的端應(yīng)與紅表筆連接；（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得，代入數(shù)據(jù)得，R1=2049；，代入解得Rx=3000；（3）由題目可知，測(cè)得的電阻為Rx=1500，由閉合電路歐姆定律得，代入數(shù)據(jù)得R2=950；應(yīng)使得電流表指針指到中央刻度附近，由題知中值電阻為1500，而G與R2并聯(lián)電阻為475，故R1=1500-475-1=1024。故答案為：（1）紅；（2）2049；3000；（3）950； 10

29、24。16.【答案】（1）E；（2）；（3）0.3?！窘馕觥俊痉治觥扛鶕?jù)燈泡額定電壓，選擇電壓表，測(cè)不同電壓下的功率，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求滑動(dòng)變阻器的滑片從左到右移動(dòng)過(guò)程中，電流表的示數(shù)從零開(kāi)始逐漸增大，連接電路圖；按照電流表的讀數(shù)方法讀數(shù)；根據(jù)P=UI求這個(gè)小電珠的實(shí)際功率?！窘獯稹浚?）燈泡額定電壓為3v，則電壓表選擇C，測(cè)不同電壓下的功率，電壓與電流應(yīng)從零開(kāi)始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E。（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)要求滑動(dòng)變阻器的滑片從左到右移動(dòng)過(guò)程中，電流表的示數(shù)從零開(kāi)始逐漸增大，連接如圖；（3）根據(jù)電流表的讀數(shù)方法

30、讀數(shù)，電流表的示數(shù)為0.44A；（4）根據(jù)圖丙得出小電珠的電流電壓值，由P=UI與求出小電珠的實(shí)際功率P=UI=0.3W；故答案為：（1）CE；（2）；（3）0.44；（4）0.3。17.【答案】解：（1）S斷開(kāi)時(shí)，電源與定值電阻構(gòu)成串聯(lián)回路，EI1(Rr)電源內(nèi)阻rR1 ；（2）S閉合后，定值電阻與電動(dòng)機(jī)構(gòu)成并聯(lián)電路，電流表測(cè)干路電流路端電壓UEI2r36 V通過(guò)定值電阻的電流I21.5 A通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流I2I2I22.5 A電動(dòng)機(jī)消耗的總功率即電動(dòng)機(jī)的電功率，PUI290 W【解析】本題考查了功率問(wèn)題，對(duì)于電動(dòng)機(jī)電路，正常工作時(shí)是非電阻電路，根據(jù)能量守恒求解其輸出功率，要區(qū)分電動(dòng)機(jī)的輸出功率與輸入功率的不同，不能混淆。（1）當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的內(nèi)阻；（2）當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，已知電流表的示數(shù)，求出路端電壓，由歐