江蘇省東臺市創(chuàng)新學(xué)校2020學(xué)年高二物理11月月考試題（必修）

1、江蘇省東臺市創(chuàng)新學(xué)校2020學(xué)年高二物理11月月考試題（必修） （考試時間：60分鐘 滿分：100分）一、單項(xiàng)選擇題：本題共23小題，每小題3分，共計(jì)69分每小題只有一個選項(xiàng)符合題意1明代詩人曾寫下這樣一首詩：空手把鋤頭，步行騎水牛；人在橋上走，橋流水不流其“橋流水不流”中的“橋流”應(yīng)理解成其選擇的參考系是（）A人B橋C水D地面2如圖是“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)示意圖圖甲表示在兩個拉力F1、F2的共同作用下，將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉長到O點(diǎn)；圖乙表示準(zhǔn)備用一個拉力F拉橡皮條下列說法正確的是（）A甲實(shí)驗(yàn)時，兩個拉力的大小應(yīng)相等B甲實(shí)驗(yàn)時，兩個拉力的方向應(yīng)互相垂直C乙實(shí)驗(yàn)時，只須使橡皮條的伸長量與甲實(shí)驗(yàn)相等

2、D乙實(shí)驗(yàn)時，仍須將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)3伽利略在研究力和運(yùn)動的關(guān)系的時候，用兩個對接的斜面，一個斜面固定，讓小球從斜面上滾下，又滾上另一個傾角可以改變的斜面，斜面傾角逐漸改變至零，如圖所示伽利略設(shè)計(jì)這個實(shí)驗(yàn)的目的是為了說明（）A如果沒有摩擦，小球?qū)⑦\(yùn)動到與釋放時相同的高度B如果沒有摩擦，物體運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒C維持物體做勻速直線運(yùn)動并不需要力D如果物體不受到力，就不會運(yùn)動4如圖所示是某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動的速度v隨時間t變化的關(guān)系圖線對于該圖線的認(rèn)識正確的是（）A02s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動B2s4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)C02s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動D3s時，質(zhì)點(diǎn)的速度為2m/s5如圖所示，木塊放置在

3、木板上，與木板始終保持相對靜止在緩慢抬高木板右端的過程中，木塊受到木板支持力與摩擦力的合力（）A豎直向上，大小不變B豎直向上，逐漸增大C垂直于木板向上，逐漸變小D平行于木板向上，逐漸増大6關(guān)于功是否是矢量，下列說法中正確的是（）A因?yàn)榱κ鞘噶?，所以功也可能是矢量B因?yàn)楣]有方向性，所以功一定是標(biāo)量C因?yàn)榱臀灰贫际鞘噶?，所以功一定是矢量D因?yàn)楣τ姓拓?fù)功，所以功一定是矢量7A、B兩個質(zhì)點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動，在相等時間內(nèi)，所通過的弧長之比SA：SB=4：3，所轉(zhuǎn)過的圓心角之比A：B=3：2，則下列說法中正確的是（）A它們的線速度之比VA：VB=3：4B它們的角速度之比A：B=4：3C它們的周期

4、之比TA：TB=3：2D它們的向心加速度之比aA：aB=2：18下列表述中符合實(shí)際情況的是（）A小球從教室二樓窗戶外自由下落到地面，時間約為1sB小明將一個雞蛋舉過頭頂，克服重力做功約為10JC小華正常步行的速度約為10m/sD小強(qiáng)正常上樓時的功率約為10kW9下列對能的轉(zhuǎn)化和守恒定律的認(rèn)識錯誤的是（）A某種形式的能減少，一定存在其他形式的能增加B某個物體的能減少，必然有其他物體的能增加C不需要任何外界的動力而持續(xù)對外做功的機(jī)器永動機(jī)是不可能制成的D石子從空中落下，最后靜止在地面上，說明能量消失了10小文同學(xué)在探究物體做曲線運(yùn)動的條件時，將一條形磁鐵放在桌面的A位置，讓小鋼珠在水平桌面上以初速

5、度v0運(yùn)動，得到小鋼珠的運(yùn)動軌跡圖中a、b、c、d哪一條為其運(yùn)動軌跡（）AaBbCcDd11質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法中正確的是（）A物體重力勢能減少mghB物體的機(jī)械能減少mghC物體的動能增加mghD重力做功mgh12關(guān)于電場強(qiáng)度E的說法正確的是（）A電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向跟正電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相同B電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向跟負(fù)電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相同C根據(jù)E=可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與電場力F成正比，與電量q成反比D一個正電荷激發(fā)的電場的電場強(qiáng)度處處相同，是一個勻強(qiáng)電場13靜電現(xiàn)象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已

6、有對靜電現(xiàn)象的記載，春秋緯考異郵中有“玳瑁吸衣若”之說，但下列不屬于靜電現(xiàn)象的是（）A梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B帶電小球移至不帶電金屬球附近，兩者相互吸引C通電導(dǎo)線放人磁場中受到力的作用D從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有坡電擊的感覺14下列說法正確的是（）A牛頓通過扭秤實(shí)驗(yàn)，較準(zhǔn)確地測出了萬有引力常量B安培通過實(shí)驗(yàn)，首先發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場C法拉第通過實(shí)驗(yàn)研究，總結(jié)出了電磁感應(yīng)的規(guī)律D赫茲預(yù)言了電磁波的存在15下列各圖中，已標(biāo)出電流及電流的磁場方向，（B圖表示通電環(huán)形導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向里，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向外）其中正確的是（）A

7、BCD16如圖所示，在“研究影響通電導(dǎo)體所受磁場力的因素”的實(shí)驗(yàn)中，要使導(dǎo)體棒的懸線向右的擺角增大，以下操作中可行的是（）A增大導(dǎo)體棒中的電流B減少磁鐵的數(shù)量C顛倒磁鐵磁極的上下位置D改變導(dǎo)體棒中的電流方向17洛倫茲力使帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，下列各圖中均標(biāo)有帶正電荷粒子的運(yùn)動速度v，洛倫茲力F及磁場B的方向，虛線圓表示粒子的軌跡，其中可能出現(xiàn)的情況是（）ABCD18關(guān)于安培力和洛倫茲力，說法中正確的是（）A帶電粒子在磁場中運(yùn)動時，一定受到洛倫茲力作用B放置在磁場中的通電導(dǎo)線，一定受到安培力作用C因洛倫茲力總垂直于電荷運(yùn)動方向，故洛倫茲力對運(yùn)動電荷一定不做功D因安培力垂直通電導(dǎo)線，

8、故安培力對通電導(dǎo)線一定不做功19輕質(zhì)彈簧的一端固定于豎直墻壁，另一端與一木塊連接在一起，木塊放在粗糙的水平地面上在外力作用下，木塊將彈簧壓縮了一段距離后靜止于A點(diǎn)，如圖所示現(xiàn)撤去外力，木塊向右運(yùn)動，當(dāng)它運(yùn)動到O點(diǎn)時彈簧恰好恢復(fù)原長在此過程中（）A木塊的速度先增大后減小B木塊的加速度先增大后減小C彈簧的彈性勢能先減小后增大D彈簧減小的彈性勢能等于木塊增加的動能請閱讀短文，結(jié)合圖示的情景，完成第2023題2020年9月15日，“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室在我國酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，10月17日7時30分，“神舟11號”飛船載著兩名宇航員飛向太空，并于10月19日凌晨與“天宮二號”交會對接，如圖是交會

9、對接時的示意圖，交會時“天宮二號”在前，“神舟11號”在后20“天宮二號”在發(fā)射過程中伴隨著軌道修正和姿態(tài)調(diào)整，下列過程中，地面控制人員能夠?qū)ⅰ疤鞂m二號”看成質(zhì)點(diǎn)的是（）A整流罩分離的過程B太陽帆板展開的過程C姿態(tài)調(diào)整的過程D環(huán)繞地球飛行的過程21“神舟11號”發(fā)射后首先進(jìn)入橢圓形軌道繞地球運(yùn)行，其發(fā)射速度為（）A7.9km/s B11.2km/sC16.7km/s D大于7.9km/s，小于11.2km/s22“神舟11號”飛船與“天宮二號”交會對接是十分復(fù)雜的過程，在該過程中（）A宇航員看“天宮二號”是向前運(yùn)動的B飛船應(yīng)該直接發(fā)射到“天宮二號”運(yùn)行的軌道上，然后慢慢加速追上并對接C飛船應(yīng)該

10、從低軌道加速度追上“天宮二號”D對接過程中，飛船對“天宮二號”的作用力大于“天宮二號”對飛船的作用力23宇航員進(jìn)入“天宮二號”后處于失重狀態(tài)，此時宇航員（）A可以用彈簧秤測出體重B受到地球的吸引力等于繞地球做圓周運(yùn)動的向心力C受到地球的吸引力且等于在地面上時的重力D不受地球的吸引力二、本題1小題，共10分把答案填在答卷紙相應(yīng)的橫線上或按題目要求作答。24. 某次“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，用6V、50Hz的打點(diǎn)計(jì)時器打出的一條無漏點(diǎn)的紙帶，如圖5所示，O點(diǎn)為重錘下落的起點(diǎn)，選取的計(jì)數(shù)點(diǎn)為A、B、C、D，各計(jì)數(shù)點(diǎn)到O點(diǎn)的長度已在圖上標(biāo)出，單位為毫米，重力加速度取9.8m/s2，若重錘質(zhì)量為1

11、kg。（保留3位小數(shù)）（1）打點(diǎn)計(jì)時器打出B點(diǎn)時，重錘下落的速度VB= m/s，重錘的動能EkB= J。(2)從開始下落算起，打點(diǎn)計(jì)時器打B點(diǎn)時，重錘的重力勢能減小量為 J。(3)根據(jù)紙帶提供的數(shù)據(jù)，在誤差允許的范圍內(nèi)，重錘從靜止開始到打出B點(diǎn)的過程中，得到的結(jié)論是 。（4）如果以為縱軸，以h為橫軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的圖象能驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，則圖線的斜率表示 。三、解答題：本大題共 3 小題，共 21 分解答時要求寫出必要的文字說明、方程式和主要的演算步驟，若只有最后答案而無演算過程的不得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位25（6分）在5m 高處以10m / s的速度水平拋出一小

12、球，不計(jì)空氣阻力，g 取 10 m /s2 ，求：（1）小球在空中運(yùn)動的時間；（2）小球落地時的位移； （3）小球落地時的速度26. （7分）游樂場的大型摩天輪勻速旋轉(zhuǎn)，其半徑為R60m，旋轉(zhuǎn)一周需要12min，最底部車廂離地面高h(yuǎn)10.5m.質(zhì)量m40kg的小明乘坐的車廂處于摩天輪的最底部，以此刻開始計(jì)時取地面為零勢能面，3.0.求：(1) 摩天輪旋轉(zhuǎn)的周期；(2) 摩天輪旋轉(zhuǎn)的角速度；(3) t2min時，小明具有的機(jī)械能.27.（8分）滑板運(yùn)動是一種陸地上的“沖浪運(yùn)動”,滑板運(yùn)動員可在不同的滑坡上滑行,做出各種動作,給人以美的享受.如圖是模擬的滑板組合滑行軌道,該軌道由足夠長的斜直軌道、

13、半徑R1=1m的凹形圓弧軌道和半徑R2=1.6m的凸形圓弧軌道組成,這三部分軌道處于同一豎直平面內(nèi)且依次平滑連接,其中M點(diǎn)為凹形圓弧軌道的最低點(diǎn),N點(diǎn)為凸形圓弧軌道的最高點(diǎn),凸形圓弧軌道的圓心O點(diǎn)與M點(diǎn)處在同一水平面上,一質(zhì)量為m=1kg可看作質(zhì)點(diǎn)的滑板,從斜直軌道上的P點(diǎn)無初速滑下,經(jīng)過M點(diǎn)滑向N點(diǎn),P點(diǎn)距M點(diǎn)所在水平面的高度h=1.8m,不計(jì)一切阻力,g取10m/s2.（1）滑板滑到M點(diǎn)時的速度多大?（2）滑板滑到M點(diǎn)時, 滑板對軌道的壓力多大?（3）改變滑板無初速下滑時距M點(diǎn)所在水平面的高度h,用壓力傳感器測出滑板滑至N點(diǎn)時對軌道的壓力大小F,請寫出F-h的關(guān)系式并給出h的取值范圍。東臺

14、創(chuàng)新高級中學(xué)2020學(xué)年度第一學(xué)期高二物理（必修）11月份月考答案一、單項(xiàng)選擇題（每小題只有一個選項(xiàng)符合題意，共23題，每小題3分，共69分）1明代詩人曾寫下這樣一首詩：空手把鋤頭，步行騎水牛；人在橋上走，橋流水不流其“橋流水不流”中的“橋流”應(yīng)理解成其選擇的參考系是（）A人B橋C水D地面【考點(diǎn)】參考系和坐標(biāo)系【分析】研究物體的運(yùn)動情況時，需要先選取一個標(biāo)準(zhǔn)做為參照物，物體與參照物的位置發(fā)生了變化，物體就是運(yùn)動的；物體與參照物的位置沒有發(fā)生變化，物體就是靜止的【解答】解：“橋流水不流”可以理解為“橋動水不動”，意思就是說橋在運(yùn)動，研究對象應(yīng)該是橋以水的參照物，橋的位置發(fā)生了變化，則橋是運(yùn)動的故

15、C正確，ABD錯誤故選：C2如圖是“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)示意圖圖甲表示在兩個拉力F1、F2的共同作用下，將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉長到O點(diǎn)；圖乙表示準(zhǔn)備用一個拉力F拉橡皮條下列說法正確的是（）A甲實(shí)驗(yàn)時，兩個拉力的大小應(yīng)相等B甲實(shí)驗(yàn)時，兩個拉力的方向應(yīng)互相垂直C乙實(shí)驗(yàn)時，只須使橡皮條的伸長量與甲實(shí)驗(yàn)相等D乙實(shí)驗(yàn)時，仍須將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則【分析】在實(shí)驗(yàn)過程中，需要根據(jù)力的大小和方向做平行四邊形，由此可知需要記錄力的大小和方向，同時該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”方法，要求兩次拉橡皮筋時橡皮筋的伸長量大小和方向相同【解答】解：A、圖甲實(shí)驗(yàn)時，兩個拉力的大小適當(dāng)，將橡皮筋拉倒O點(diǎn)，

16、并非要求它們的大小一定相等，故A錯誤；B、實(shí)驗(yàn)時兩個分力的夾角大小適當(dāng)即可，并非要求一定垂直，故B錯誤；C、圖乙實(shí)驗(yàn)時，要求橡皮條的伸長量和形變方向與甲實(shí)驗(yàn)相等，即將橡皮筋拉到同一點(diǎn)，故C錯誤；D、為了保證兩次拉橡皮筋效果相同，圖2實(shí)驗(yàn)時，仍須將橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到O點(diǎn)，故D正確故選：D3伽利略在研究力和運(yùn)動的關(guān)系的時候，用兩個對接的斜面，一個斜面固定，讓小球從斜面上滾下，又滾上另一個傾角可以改變的斜面，斜面傾角逐漸改變至零，如圖所示伽利略設(shè)計(jì)這個實(shí)驗(yàn)的目的是為了說明（）A如果沒有摩擦，小球?qū)⑦\(yùn)動到與釋放時相同的高度B如果沒有摩擦，物體運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒C維持物體做勻速直線運(yùn)動并不需要力D如果物

17、體不受到力，就不會運(yùn)動【考點(diǎn)】伽利略研究自由落體運(yùn)動的實(shí)驗(yàn)和推理方法【分析】本題考查了伽利略斜面實(shí)驗(yàn)的物理意義，伽利略通過“理想斜面實(shí)驗(yàn)”推翻了力是維持運(yùn)動的原因的錯誤觀點(diǎn)【解答】解：伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)證明了：運(yùn)動不需力來維持，物體不受外力作用時，總保持原來的勻速直線運(yùn)動狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，故ABD錯誤，C正確故選：C4如圖所示是某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動的速度v隨時間t變化的關(guān)系圖線對于該圖線的認(rèn)識正確的是（）A02s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動B2s4s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)C02s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動D3s時，質(zhì)點(diǎn)的速度為2m/s【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系【分析】vt圖象中

18、，與時間軸平行的直線表示做勻速直線運(yùn)動，傾斜的直線表示勻變速直線運(yùn)動，斜率表示加速度，圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移【解答】解：AC、由圖象可知02s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動，故A錯誤C正確；B、由圖象可知24s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動，故B錯誤；D、3s時，質(zhì)點(diǎn)的速度為4m/s，故D錯誤；故選：C5如圖所示，木塊放置在木板上，與木板始終保持相對靜止在緩慢抬高木板右端的過程中，木塊受到木板支持力與摩擦力的合力（）A豎直向上，大小不變B豎直向上，逐漸增大C垂直于木板向上，逐漸變小D平行于木板向上，逐漸増大【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力【分析】對滑塊受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力

19、，根據(jù)平衡條件確定木塊受到木板支持力與摩擦力的合力【解答】解：滑塊受重力、支持力和靜摩擦力，三力的合力為零；根據(jù)平衡條件，支持力與摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上，大小不變，等于mg；故A正確，BCD錯誤；故選：A6關(guān)于功是否是矢量，下列說法中正確的是（）A因?yàn)榱κ鞘噶?，所以功也可能是矢量B因?yàn)楣]有方向性，所以功一定是標(biāo)量C因?yàn)榱臀灰贫际鞘噶?，所以功一定是矢量D因?yàn)楣τ姓拓?fù)功，所以功一定是矢量【考點(diǎn)】功的計(jì)算；矢量和標(biāo)量【分析】力和力方向上的位移的乘積表示力對物體做的功的大小，功是標(biāo)量【解答】解：功無方向，是標(biāo)量，但是有正負(fù)，力做負(fù)功表示物體克服該力做功故ACD錯誤，B正確；故選：B7

20、A、B兩個質(zhì)點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動，在相等時間內(nèi)，所通過的弧長之比SA：SB=4：3，所轉(zhuǎn)過的圓心角之比A：B=3：2，則下列說法中正確的是（）A它們的線速度之比vA：vB=3：4B它們的角速度之比A：B=4：3C它們的周期之比TA：TB=3：2D它們的向心加速度之比aA：aB=2：1【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速【分析】根據(jù)公式v=求解線速度之比，根據(jù)公式=求解角速度之比，根據(jù)公式T= 求周期之比，根據(jù)an=v，即可求解加速度之比【解答】解：A、兩質(zhì)點(diǎn)分別做勻速圓周運(yùn)動，若在相等時間內(nèi)它們通過的弧長之比為SA：SB=4：3，根據(jù)公式公式v=，線速度之比為vA：vB=4：3，故A錯誤；B、通

21、過的圓心角之比A：B=3：2，根據(jù)公式=，角速度之比為3：2，故B錯誤；C、由根據(jù)公式T=，周期之比為TA：TB=2：3；故C錯誤；D、根據(jù)an=v，可知aA：aB=2：1，故D正確；故選：D8下列表述中符合實(shí)際情況的是（）A小球從教室二樓窗戶外自由下落到地面，時間約為1sB小明將一個雞蛋舉過頭頂，克服重力做功約為10JC小華正常步行的速度約為10m/sD小強(qiáng)正常上樓時的功率約為10kW【考點(diǎn)】功率、平均功率和瞬時功率；功的計(jì)算【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動的位移時間公式求出下落1s下降的高度，從而判斷是否符合實(shí)際根據(jù)雞蛋的大約質(zhì)量，結(jié)合W=mgh求出克服重力做功的大小；人正常步行的速度大約在1m/

22、s；根據(jù)正常上樓的功率等于克服重力做功的功率求出上樓的功率大小【解答】解：A、小球在1s內(nèi)下落的高度大約h=，與二樓窗戶的高度接近，故A正確B、雞蛋的質(zhì)量大約0.05kg，舉過頭頂，克服重力做功大約W=mgh=0.05100.5=0.25J，故B錯誤C、小華步行的速度不可能達(dá)到10m/s，故C錯誤D、小強(qiáng)正常上樓的功率等于克服重力做功的功率，根據(jù)P=mgv知，P=5002=1000W，故D錯誤故選：A9下列對能的轉(zhuǎn)化和守恒定律的認(rèn)識錯誤的是（）A某種形式的能減少，一定存在其他形式的能增加B某個物體的能減少，必然有其他物體的能增加C不需要任何外界的動力而持續(xù)對外做功的機(jī)器永動機(jī)是不可能制成的D石

23、子從空中落下，最后靜止在地面上，說明能量消失了【考點(diǎn)】能量守恒定律；功能關(guān)系【分析】能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律是指能量在轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移中總量保持不變；但能量會從一種形式轉(zhuǎn)化為其他形式【解答】解：A、根據(jù)能量守恒定律得知，某種形式的能減少，其它形式的能一定增大故A正確B、某個物體的總能量減少，根據(jù)能量守恒定律得知，必然有其它物體的能量增加故B正確C、不需要任何外界的動力而持續(xù)對外做功的機(jī)器永動機(jī)，違反了能量的轉(zhuǎn)化和守恒定律，不可能制成的故C正確D、石子在運(yùn)動和碰撞中機(jī)械能轉(zhuǎn)化為了物體及周圍物體的內(nèi)能，能量并沒有消失；故D錯誤；本題選錯誤的，故選：D10小文同學(xué)在探究物體做曲線運(yùn)動的條件時，將一條形磁鐵放在

24、桌面的A位置，讓小鋼珠在水平桌面上以初速度v0運(yùn)動，得到小鋼珠的運(yùn)動軌跡圖中a、b、c、d哪一條為其運(yùn)動軌跡（）AaBbCcDd【考點(diǎn)】物體做曲線運(yùn)動的條件【分析】首先知道磁體對鋼珠有相互吸引力，然后利用曲線運(yùn)動的條件判斷其運(yùn)動情況即可【解答】解：磁體對鋼珠有相互吸引力，當(dāng)磁鐵放在位置A時，先鋼珠運(yùn)動過程中有受到磁體的吸引，小鋼珠逐漸接近磁體，所以其的運(yùn)動軌跡是c故選：C11質(zhì)量為m的物體，在距地面h高處以的加速度由靜止豎直下落到地面，下列說法中正確的是（）A物體重力勢能減少mghB物體的機(jī)械能減少mghC物體的動能增加mghD重力做功mgh【考點(diǎn)】功能關(guān)系；動能和勢能的相互轉(zhuǎn)化【分析】物體距

25、地面一定高度以的加速度由靜止豎直下落到地面，則說明物體下落受到一定阻力那么重力勢能的變化是由重力做功多少決定的，而動能定理變化由合力做功決定的，那么機(jī)械能是否守恒是由只有重力做功決定的【解答】解：A、物體在下落過程中，重力做正功為mgh，則重力勢能減小也為mgh故A錯誤；B、物體除重力做功，阻力做負(fù)功，導(dǎo)致機(jī)械能減少由物體的合力為，則阻力做功為，機(jī)械能減少為，故B正確；C、物體的合力為，則合力做功為，所以物體的動能增加為，故C錯誤；D、物體在下落過程中，重力做正功為mgh，故D錯誤；故選：B12關(guān)于電場強(qiáng)度E的說法正確的是（）A電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向跟正電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相同B電

26、場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向跟負(fù)電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相同C根據(jù)E=可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與電場力F成正比，與電量q成反比D一個正電荷激發(fā)的電場的電場強(qiáng)度處處相同，是一個勻強(qiáng)電場【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度【分析】電場強(qiáng)度是描述電場本身的性質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān)場強(qiáng)方向是放在該點(diǎn)的正電荷所受電場力方向相同勻強(qiáng)電場中場強(qiáng)處處相同據(jù)此分析【解答】解：A、根據(jù)物理學(xué)上的規(guī)定可知，電場強(qiáng)度方向跟正電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相同，故A正確B、電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向跟負(fù)電荷在該點(diǎn)所受到的電場力的方向相反，故B錯誤C、E=是電場強(qiáng)度的定義式，運(yùn)用比值法定義，E由電場本身決定，與試探電荷無關(guān)，故C錯誤D、

27、正電荷激發(fā)的電場的電場強(qiáng)度處處不同，不是勻強(qiáng)電場，故D錯誤故選：A13靜電現(xiàn)象在自然界中普遍存在，我國早在西漢末年已有對靜電現(xiàn)象的記載，春秋緯考異郵中有“玳瑁吸衣若”之說，但下列不屬于靜電現(xiàn)象的是（）A梳過頭發(fā)的塑料梳子吸起紙屑B帶電小球移至不帶電金屬球附近，兩者相互吸引C通電導(dǎo)線放人磁場中受到力的作用D從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有坡電擊的感覺【考點(diǎn)】靜電現(xiàn)象的解釋【分析】分析各現(xiàn)象的形成原因，然后判斷各現(xiàn)象的成因是否與靜電現(xiàn)象有關(guān)，然后答題【解答】解：A、梳子與頭發(fā)摩擦?xí)a(chǎn)生靜電，吸起紙屑，是靜電現(xiàn)象，不符合題意故A錯誤；B、帶電小球移至不帶電金屬附近，金屬球?qū)l(fā)生靜電感應(yīng)，靠近帶

28、電小球的一側(cè)將帶上與帶電體相反的電荷，所以兩者相互吸引這屬于靜電感應(yīng)現(xiàn)象，是靜電現(xiàn)象，不符合題意故B錯誤；C、通電導(dǎo)線放入磁場中受到力的作用，屬于電流在磁場中的受力，不屬于靜電現(xiàn)象故C正確D、從干燥的地毯上走過，手碰到金屬把手時有被電擊的感覺是由于摩擦?xí)a(chǎn)生靜電，也是靜電現(xiàn)象，不符合題意故D錯誤；本題選不屬于靜電現(xiàn)象的，故選：C14下列說法正確的是（）A牛頓通過扭秤實(shí)驗(yàn)，較準(zhǔn)確地測出了萬有引力常量B安培通過實(shí)驗(yàn)，首先發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場C法拉第通過實(shí)驗(yàn)研究，總結(jié)出了電磁感應(yīng)的規(guī)律D赫茲預(yù)言了電磁波的存在【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【解答】解：

29、A、卡文迪許通過扭秤實(shí)驗(yàn)，較準(zhǔn)確地測出了萬有引力常量，故A錯誤；B、奧斯特通過實(shí)驗(yàn)，首先發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，故B錯誤；C、法拉第通過實(shí)驗(yàn)研究，總結(jié)出了電磁感應(yīng)的規(guī)律，故C正確；D、麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲證實(shí)了電磁波的存在，故D錯誤；故選：C15下列各圖中，已標(biāo)出電流及電流的磁場方向，（B圖表示通電環(huán)形導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向里，“”表示導(dǎo)線中電流I的方向垂直于紙面向外）其中正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場的方向【分析】根據(jù)安培定則判斷電流周圍磁場的方向，直導(dǎo)線大拇指指向?yàn)殡娏鞣较?，而環(huán)導(dǎo)線四指指向即為電流方向，從而進(jìn)行判斷正誤

30、【解答】解：A、根據(jù)安培定則，螺線管內(nèi)部的磁場方向向右故A錯誤B、從上往下看，線框的電流方向?yàn)槟鏁r針方向，根據(jù)安培定則知，磁場的方向向上故B正確C、直線電流的方向豎直向上，根據(jù)安培定則知，直線電流右邊的磁場方向（從上向下看）逆時針方向故C錯誤D、由于電流的方向豎直向上，根據(jù)安培定則知，磁場方向應(yīng)該逆時針故D錯誤故選：B16如圖所示，在“研究影響通電導(dǎo)體所受磁場力的因素”的實(shí)驗(yàn)中，要使導(dǎo)體棒的懸線向右的擺角增大，以下操作中可行的是（）A增大導(dǎo)體棒中的電流B減少磁鐵的數(shù)量C顛倒磁鐵磁極的上下位置D改變導(dǎo)體棒中的電流方向【考點(diǎn)】磁場對電流的作用；安培力【分析】要使導(dǎo)體擺動的幅度增大，只要增大安培力即

31、可，根據(jù)安培力的公式F=BIL，知安培力大小與哪些因素有關(guān)【解答】解：增大安培力即可使導(dǎo)體擺動的幅度增大，根據(jù)安培力的公式F=BIL可知，A、增大導(dǎo)體棒中的電流強(qiáng)度，安培力增大；故A正確，B、減小磁鐵的數(shù)量，在磁場中有效長度減小，安培力減小，故B錯誤；C、顛倒磁鐵磁極的上下位置，只會改變安培力的方向，不會改變安培力的大小，故C錯誤；D、改變導(dǎo)體棒中的電流方向，只會改變安培力的方向，不會改變安培力的大小；故D錯誤故選：A17洛倫茲力使帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，下列各圖中均標(biāo)有帶正電荷粒子的運(yùn)動速度v，洛倫茲力F及磁場B的方向，虛線圓表示粒子的軌跡，其中可能出現(xiàn)的情況是（）ABCD【考點(diǎn)

32、】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動【分析】洛倫茲力要使帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力根據(jù)左手定則，將各項(xiàng)逐一代入，選擇符合題意的選項(xiàng)【解答】解：A、由粒子的速度和磁場方向，根據(jù)左手定則判斷得知，洛倫茲力指向圓心，提供向心力故A正確B、由粒子的速度和磁場方向，根據(jù)左手定則判斷得知，洛倫茲力向上背離圓心，粒子不可能沿圖示軌跡做勻速圓周運(yùn)動故B錯誤C、由粒子的速度和磁場方向，根據(jù)左手定則判斷得知，洛倫茲力向左背離圓心，粒子不可能沿圖示軌跡做勻速圓周運(yùn)動故C錯誤D、洛倫茲力方向不指向圓心力，粒子不可能沿圖示軌跡做勻速圓周運(yùn)動故D錯誤故選A18關(guān)于安培力和洛倫茲力，說法中正確的是（）A

33、帶電粒子在磁場中運(yùn)動時，一定受到洛倫茲力作用B放置在磁場中的通電導(dǎo)線，一定受到安培力作用C因洛倫茲力總垂直于電荷運(yùn)動方向，故洛倫茲力對運(yùn)動電荷一定不做功D因安培力垂直通電導(dǎo)線，故安培力對通電導(dǎo)線一定不做功【考點(diǎn)】安培力；洛侖茲力【分析】根據(jù)安培力公式F=BILsin與洛倫茲力公式f=qvBsin及做功的條件分析答題【解答】解：A、當(dāng)帶電粒子運(yùn)動方向與磁場反向在同一直線上時，帶電粒子不受洛倫茲力，故A錯誤；B、當(dāng)電流方向與磁場方向平行時，通電導(dǎo)線不受安培力作用，故B錯誤；C、洛倫茲力總垂直于電荷運(yùn)動方向，在洛倫茲力方向上，粒子位移為零，因此洛倫茲力對運(yùn)動電荷不做功，故C正確；D、安培力與通電導(dǎo)線

34、垂直，只要通電導(dǎo)線在安培力方向上有位移，則安培力對通電導(dǎo)線做功，故D錯誤；故選C19輕質(zhì)彈簧的一端固定于豎直墻壁，另一端與一木塊連接在一起，木塊放在粗糙的水平地面上在外力作用下，木塊將彈簧壓縮了一段距離后靜止于A點(diǎn)，如圖所示現(xiàn)撤去外力，木塊向右運(yùn)動，當(dāng)它運(yùn)動到O點(diǎn)時彈簧恰好恢復(fù)原長在此過程中AO（）A木塊的速度先增大后減小B木塊的加速度先增大后減小C彈簧的彈性勢能先減小后增大D彈簧減小的彈性勢能等于木塊增加的動能【考點(diǎn)】功能關(guān)系；牛頓第二定律【分析】分析木塊的受力情況，由牛頓第二定律分析木塊的運(yùn)動情況，判斷速度和加速度如何變化彈簧的彈性勢能隨形變量的減小而減小根據(jù)能量守恒分析彈簧減小的彈性勢能

35、與木塊增加的動能的關(guān)系【解答】解：AB、撤去外力木塊向右運(yùn)動過程中，開始階段，木塊所受的彈簧的彈力大于滑動摩擦力，速度增大隨著彈力的減小，合力減小，加速度減小后來彈簧的彈力小于滑動摩擦力，隨著彈力的減小，合力反向增大，則加速度反向增大，所以木塊的速度先增大后減小，加速度先減小后增大，故A正確，B錯誤C、彈簧的壓縮量逐漸減小，彈性勢能一直減小故C錯誤D、彈簧減小的彈性勢能轉(zhuǎn)化為木塊的動能和內(nèi)能，根據(jù)能量守恒定律彈簧減小的彈性勢能大于木塊增加的動能故D錯誤故選：A請閱讀短文，結(jié)合圖示的情景，完成第2023題2020年9月15日，“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室在我國酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，10月17日7時

36、30分，“神舟11號”飛船載著兩名宇航員飛向太空，并于10月19日凌晨與“天宮二號”交會對接，如圖是交會對接時的示意圖，交會時“天宮二號”在前，“神舟11號”在后20“天宮二號”在發(fā)射過程中伴隨著軌道修正和姿態(tài)調(diào)整，下列過程中，地面控制人員能夠?qū)ⅰ疤鞂m二號”看成質(zhì)點(diǎn)的是（）A整流罩分離的過程B太陽帆板展開的過程C姿態(tài)調(diào)整的過程D環(huán)繞地球飛行的過程【考點(diǎn)】質(zhì)點(diǎn)的認(rèn)識【分析】當(dāng)物體的大小和形狀在研究的問題中能忽略，物體可以看成質(zhì)點(diǎn)由此分析即可【解答】解：A、研究整流罩分離過程時，天宮二號的大小和形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)故A錯誤B、研究太陽帆板展開過程時天宮二號的大小和形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)故

37、B錯誤C、在調(diào)整姿態(tài)的過程中，要考慮到飛船的形狀，天宮二號的大小和形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點(diǎn)故C錯誤D、研究天宮二號繞地球飛行時，天宮二號的大小和形狀能夠忽略，可以看成質(zhì)點(diǎn)故D正確故選：D21“神舟11號”發(fā)射后首先進(jìn)入橢圓形軌道繞地球運(yùn)行，其發(fā)射速度為（）A7.9km/sB11.2km/sC16.7km/sD大于7.9km/s，小于11.2km/s【考點(diǎn)】第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【分析】解第一宇宙速度、第二宇宙速度的含義7.9km/s即第一宇宙速度是衛(wèi)星發(fā)射的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度【解答】解：7.9km/s即第一宇宙速度是衛(wèi)星發(fā)射

38、的最小速度，11.2km/s即第二宇宙速度是衛(wèi)星脫離地球束縛的發(fā)射速度“神舟11號”發(fā)射后直接進(jìn)入橢圓形軌道，由此可知神舟11號從地面發(fā)射的速度介于7.9km/s和11.2km/s之間，故ABC錯誤，D正確故選：D22“神舟11號”飛船與“天宮二號”交會對接是十分復(fù)雜的過程，在該過程中（）A宇航員看“天宮二號”是向前運(yùn)動的B飛船應(yīng)該直接發(fā)射到“天宮二號”運(yùn)行的軌道上，然后慢慢加速追上并對接C飛船應(yīng)該從低軌道加速度追上“天宮二號”D對接過程中，飛船對“天宮二號”的作用力大于“天宮二號”對飛船的作用力【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，以及近心運(yùn)動和離心運(yùn)動的

39、相關(guān)知識即可分析【解答】解：A、宇航員看“天宮二號”，是以宇航員為參考系，宇航員看“天宮二號”是向后運(yùn)動的，故A錯誤；B、先讓飛船發(fā)射到與“天宮二號”在同一軌道上，此時飛船受到的萬有引力等于向心力，若讓飛船加速，所需要的向心力變大，而萬有引力不變，所以飛船做離心運(yùn)動，不能實(shí)現(xiàn)對接，故B錯誤；C、先讓飛船進(jìn)入較低的軌道，若讓飛船加速，所需要的向心力變大，萬有引力不變，所以飛船做離心運(yùn)動，軌道半徑變大，可以實(shí)現(xiàn)對接，故C正確；D、對接過程中，根據(jù)牛頓第三定律，飛船對“天宮二號”的作用力與“天宮二號”對飛船的作用力大小相等，故D錯誤；故選：C23宇航員進(jìn)入“天宮二號”后處于失重狀態(tài)，此時宇航員（）A

40、可以用彈簧秤測出體重B受到地球的吸引力等于繞地球做圓周運(yùn)動的向心力C受到地球的吸引力且等于在地面上時的重力D不受地球的吸引力【考點(diǎn)】牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用-超重和失重【分析】完全失重是指宇航員對支撐物的壓力為零，不是不受重力；宇航員受到的萬有引力提供其做勻速圓周運(yùn)動的向心力【解答】解：A、用彈簧秤測體重的原理是二力平衡，完全失重時物體相當(dāng)于不受重力，無法測量，故A錯誤；B、此時宇航員受到地球的吸引力，完全充當(dāng)繞地球做圓周運(yùn)動的向心力，故B正確；C、此時宇航員受地球的吸引力，在地面時重力等于萬有引力，地面的萬有引力大于空中的萬有引力，故在空中宇航員受到地球的吸引力小于在地面上時的重力，故C錯誤；D、

41、完全失重時物體受地球的吸引力是不改變的，故D錯誤；故選：B二、填空題（24題4分，25題6分，共10分）24如圖所示的電路中，當(dāng)開關(guān)S閉合時，小燈泡A1立刻（填“逐漸”或“立刻”）亮；然后當(dāng)開關(guān)斷開時，小燈泡中的電流方向是向右（選填“向左”或“向右”）【考點(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)【分析】開關(guān)閉合后瞬間，A燈立刻亮，由于線圈自感電動勢的阻礙，電流逐漸增大，B燈逐漸變亮正常工作后，A燈、B燈一樣亮開關(guān)由閉合到斷開瞬間，由于兩燈原來電流相等，A、B兩燈不會閃亮一下熄滅根據(jù)楞次定律分析流過A燈的電流方向【解答】解：開關(guān)閉合后瞬間，線圈自感電動勢對燈A1沒有阻礙作用，燈A1立刻亮開關(guān)由閉合到斷開瞬間，A1

42、燈原來的電流立即減為零，線圈產(chǎn)生自感電動勢阻礙電流減小，使線圈中電流只能逐漸減小根據(jù)楞次定律可知，開關(guān)由閉合到斷開瞬間，流過線圈的電流方向是電流自右向左，則通過A燈的電流自左向右故答案為：立刻，向右25如圖1所示為用電火花打點(diǎn)計(jì)時器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置（1）若已知打點(diǎn)計(jì)時器的電源頻率為50Hz，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，重物質(zhì)量為0.2kg實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖2所示，打P點(diǎn)時，重物的速度為零，A、B、C為另外3個連續(xù)點(diǎn)，根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)，可知重物由P點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，重力勢能少量Ep=9.82102J（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）（2）若PB的距離用h表示，打B點(diǎn)時重物

43、的速度為vB，當(dāng)兩者間的關(guān)系式滿足vB2=2gh時，說明下落過程中重錘的機(jī)械能守恒（已知重力加速度為g）（3）實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)重物增加的動能略小于減少的重力勢能，其主要原因是DA重物的質(zhì)量過大B重物的體積過小C電源的電壓偏低D重物及紙帶在下落時受到阻力【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【分析】重力勢能減小量：Ep=mgh；根據(jù)功能關(guān)系可得出正確表達(dá)式；書本上的實(shí)驗(yàn)，我們要從實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)步驟、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)這幾點(diǎn)去搞清楚重物帶動紙帶下落過程中，除了重力還受到阻力，從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能【解答】解：（1）重力勢能減小量：

44、Ep=mgh=0.29.80.0501J=9.82102m（2）要驗(yàn)證物體從P到B的過程中機(jī)械能是否守恒，則需滿足mvB2=mgh，即vB2=2gh，說明下落過程中重錘的機(jī)械能守恒；（3）A、重物的質(zhì)量過大，重物和紙帶受到的阻力相對較小，所以有利于減小誤差，故A錯誤B、重物的體積過小，有利于較小阻力，所以有利于減小誤差，故B錯誤C、電源的電壓偏低，電磁鐵產(chǎn)生的吸力就會減小，吸力不夠，打出的點(diǎn)也就不清晰了，與誤差的產(chǎn)生沒有關(guān)系，故C錯誤D、重物及紙帶在下落時受到阻力，從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重物增加的動能略小于減少的重力勢能

45、，故D正確故選：D故答案為：（1）9.82102；（2）vB2=2gh；（3）D三、計(jì)算題（本大題共三小題，其中26題6分，27題7分，28題8分，共21分）26在海濱游樂場里有一種滑沙的游樂活動如圖所示，人坐在滑板上從斜坡的高處A點(diǎn)由靜止開始滑下，滑到斜坡底端B點(diǎn)后沿水平的滑道再滑行一段距離到C點(diǎn)停下來，已知AB長為L=50.0m若某人和滑板的總質(zhì)量m=60.0kg，滑板與斜坡滑道和水平滑道的動摩擦因數(shù)均為=0.50，斜坡的傾角=37（sin37=0.6，cos37=0.8），斜坡與水平滑道間是平滑連接的，整個運(yùn)動過程中空氣阻力忽略不計(jì)，重力加速度g取10m/s2求：（1）人和滑板從斜坡滑下的加速度為多大？（2）到達(dá)B點(diǎn)時，人和滑板的總動能是多少？（3）BC長是多少？【考點(diǎn)】動能定理的應(yīng)用；勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的綜合運(yùn)用；牛頓第二定律【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求出人從斜坡滑下的加速度大??；（2）根據(jù)速度位移公式求出人滑動斜坡底端時的速度大小，由動能的表達(dá)式求出動能；（3）根據(jù)牛頓第二定律求出在水平滑道上的加速度大小，結(jié)合速度位移公式確定人停止的位置，即BC的長度【解答】解：（1