江西省百所重點中學(xué)聯(lián)考高考物理模擬試卷(含解析

1、江西省百所重點中學(xué)聯(lián)考高考物理模擬試卷一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分）1據(jù)國外某媒體報道，科學(xué)家發(fā)明了一種新型超級電容器，能讓手機幾分鐘內(nèi)充滿電，若某同學(xué)登山時用這種超級電容器給手機充電，下列說法正確的是（）A. 充電時，電容器的電容變小B. 充電時，電容器存儲的電能變小C. 充電時，電容器所帶的電荷量可能不變D. 充電結(jié)束后，電容器不帶電，電容器的電容為零2圖示電路中，理想變壓器原線圈接有穩(wěn)定的正弦交流電源，電壓表和電流表均為理想交流電表，當(dāng)副線圈上的滑片 P處于圖示位置時，燈泡 L能發(fā)光，現(xiàn)將滑片 P略下移，下列說30A. 畐U線圈中交流電流的頻率減小B. 電壓表的示數(shù)增大C

2、. 電流表的示數(shù)減小D. 燈泡變亮3. 一質(zhì)量為1kg的物體從高空由靜止下落，下落過程中所受空氣阻力恒定，在開始一段時 間內(nèi)其位移x隨時間t變化的關(guān)系圖象如圖所示.取g=10m/s2.物體下落過程中所受空氣阻力的大小為（A. 1N B. 2NC. 3ND. 4N4. 有一勻強電場，其電場線與坐標平面xOy平行，以原點 0為圓心，R為半徑的圓周上任意一點Q的電勢$ =0 iCOS 0 +0 2，其中已知量0 1、0 20, 0為O Q兩點連線與x軸間的夾角，如圖所示，該勻強電場的電場強度（）A. 方向沿x軸負方向，大小為 一RB. 方向沿x軸負方向，大小為 _Ri 1C. 方向沿y軸正方向，大小

3、為一RD. 方向沿y軸正方向，大小為R5. 2016年1月20日，美國加州理工學(xué)院的邁克？布朗和康斯坦丁 ？巴特金宣布發(fā)現(xiàn)太陽系 柯伊柏帶中有6顆天體的運行軌道異常，因此推測存在一顆未知的太陽系第九大行星.若某時刻該行星、太陽和地球在一條直線上，如圖所示，已知該行星和地球繞太陽運行的半徑是地球繞太陽運行半徑的 n倍，該行星和地球繞地球太陽同向做勻速圓周運動，則從此刻開始，該行星再次和太陽、地球在一條直線上需要的時間為（）3A. 1年B.年23C. 年D.年2n22（n2 -1）6高空滑索是一項勇敢者的運動，如圖所示，一質(zhì)量為m的運動員用輕繩通過輕質(zhì)滑環(huán)懸吊在足夠長、傾角為 30的傾斜角鋼索上下

4、滑，下滑過程中輕繩保持豎直狀態(tài)不計空氣阻力，重力加速度為 g,下列說法正確的是（）A. 運動員做勻速運動B. 運動員做加速度運動C. 鋼索對輕質(zhì)滑環(huán)的彈力大小為 于mgD. 鋼索對輕質(zhì)滑環(huán)沒有摩擦力7. 2015年12月26日，南昌市地鐵1號線正式載客運營，若地鐵開通后，一地鐵列車從甲 站由靜止啟動后做直線運動，先勻加速行駛10s速度達到54km/h，再勻速行駛100s，接著勻減速行駛12s到達乙站停止.已知列車在運行過程中所受的阻力大小恒為1 x 105N,列車在減速過程中發(fā)動機停止工作，下列判斷正確的是（）A. 甲、乙兩站間的距離為1830mB. 列車勻速行駛過程中阻力所做的功為1.5 x

5、 108JC. 列車的質(zhì)量為 8x 104kgD. 列車在勻加速行駛階段牽引力的平均功率為3.3 x 108W&如圖所示，在 xv 0與x0的區(qū)域中，存在磁反應(yīng)輕度大小分別為B與B2的勻強磁場，磁場方向均垂直于紙面向里，且B: Eb=3: 2在原點O處發(fā)射兩個質(zhì)量分別為 m和m的帶電粒子，已知粒子 a以速度va沿x軸正方向運動，粒子 b以速率Vb沿x軸負方向運動，已 知粒子a帶正電，粒子b帶負電，電荷量相等，且兩粒子的速率滿足mva=mvb,若在此后的運動中，當(dāng)粒子a第4次經(jīng)過y軸（出發(fā)時經(jīng)過y軸不算在內(nèi)）時，恰與粒子b相遇，粒子重力不計，下列說法正確的是（）A. 粒子a、b在磁場B中的偏轉(zhuǎn)半

6、徑之比為 3: 2B. 兩粒子在y正半軸相遇C. 粒子a、b相遇時的速度方向相同D. 粒子a、b的質(zhì)量之比為1: 5二、解答題（共4小題，滿分47分）9.小聰設(shè)計了圖示裝置， 來測定小滑塊與某材料間的動摩擦因數(shù)：可動斜面（傾角可調(diào)節(jié)）和水平面均由該種材料制成，且平滑連接（不計滑塊在連接處的能量損失）（1）為完成實驗，下列測量工具中必需的是 （填所選器材前的字母）A. 天平 B .彈簧秤 C .刻度尺（2 ）調(diào)節(jié)斜面的傾角，讓滑塊能沿斜面加速下滑并最終靜止在水平面上，測出滑塊由靜止釋放時的（同時寫出其符號）和釋放時滑塊在水平面上的投影點到靜止點間的水平距離X,則滑塊與該材料間的動摩擦因數(shù)卩= （

7、用測定的物理量的字母表示），改變釋放的位置，多次實驗，取平均值，作為滑塊與該材料間的動摩擦因數(shù).10某物理興趣小組想測定一電阻盡約為6Q的金屬絲的電阻率，除刻度尺和螺旋測微器外，實驗室可供選用的器材還有：A. 電流表（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.25 Q ）B. 電流表（量程為3A,內(nèi)阻約為0.05 Q ）C. 電壓表（量程為3V,內(nèi)阻約為3kQ ）D. 電壓表合（量程為15V,內(nèi)阻約為15k Q ）E. 滑動變阻器 R （ 015 Q,允許通過的最大電流為1A）F. 蓄電池（電動勢均為 4V,內(nèi)阻約為0.1 Q ）G開關(guān)一個，導(dǎo)線若干.（1） 為了減小實驗誤差，實驗時要求電表指針的偏轉(zhuǎn)均超過

8、其量程的，請完成圖甲中虛線框內(nèi)電路圖的設(shè)計，并用相應(yīng)的符號標注元件.（2） 某次測量時，電壓表的示數(shù)U和電流表示數(shù)I分別如圖乙、丙所示，貝U U=V,A.（3） 用刻度尺測出接入電路的金屬絲的長度L=0.300m，用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的示數(shù)如圖丁所示，則 d=mm（4） 根據(jù)以上時間，可得該金屬絲的電阻器p =Q ?m （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）.11.如圖所示，半徑 R=0.4m的圓軌道上固定有光滑斜面AB,半徑OB豎直，斜面 AB與水平面BC平滑連接，B C兩點間的距離 L=0.8m,在小球在以vo=1m/s的初速度從 C點正上方高 度h=1.8m處水平向左拋出的同時，小滑塊從斜面頂

9、端A由靜止開始沿斜面下滑，經(jīng)過B點后沿水平面做勻減速運動，在D點（圖中未畫出）剛停下恰好與小球相逢.小球和滑塊均可視為質(zhì)點，空氣阻力不計，取g=10m/s2.求:(1) D C兩點間的距離x和滑塊在斜面上運動的時間 ti；(2) 斜面AB的傾角0 .12如圖甲所示，固定軌道由傾角為0的斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌用極短的圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，兩導(dǎo)軌間距為 L,上端用阻值為R的電阻連接在沿斜導(dǎo)軌向下的拉力(圖中未畫出)作用下，一質(zhì)量為m電阻也為R的金屬桿MN從斜導(dǎo)軌上某一高度處由靜止開始(t=0 )沿光滑的斜導(dǎo)軌勻加速下滑，當(dāng)桿MN骨至斜軌道的最低

10、端 P2Q處時撤去拉力，桿MN在粗糙的水平導(dǎo)軌上減速運動直 至停止，其速率 V隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示(其中Vm和to為已知)桿MN始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持良好接觸，水平導(dǎo)軌和桿MN動摩擦因數(shù)為 卩.求：(1 )桿MN中通過的最大感應(yīng)電流 Im；(2) 桿MN&斜導(dǎo)軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量q;(3) 撤去拉力后，若 R上產(chǎn)生的熱量為 Q求桿MN在水平導(dǎo)軌上運動的路程 s .物理一一選修3-313. 下列說法正確的是()A. 質(zhì)量相同時，0C水的內(nèi)能比 0C冰的內(nèi)能大B. 熱量不可能由低溫物體傳遞到高溫物體C. 外界對物體做功，物體的內(nèi)能一定增加D. 第一類水動機違反了能量守恒定

11、律E. 第二類水動機不能制成，說明自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性14. 某同學(xué)涉及的簡易火災(zāi)報警裝置如圖所示，豎直固定、上端開口的試管中裝有高 h=20cm的水銀，其下方封閉有一段氣柱.當(dāng)環(huán)境溫度為57C時，電路恰好接通，電鈴D發(fā)出報警聲，取絕對零度為-273C. 若環(huán)境溫度緩慢降至 27C時，水銀柱下降了 L=5cm試求環(huán)境溫度為 57C時，試管內(nèi)封 閉氣柱的長度L; 若使環(huán)境溫度降低，并且往玻璃管內(nèi)注入高h=4cm的水銀時，報警裝置恰好再次報警，求此時的環(huán)境溫度 t （已知大氣壓強 p=76cmHg.物理一一選修3-4x軸傳播的一列橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線,15如圖所示，

12、該源在坐標原點、沿a先到達平衡位置該波的周期為0.04sB.C.從圖示時刻開始，經(jīng)0.01s質(zhì)點b通過的路程為0.1mD.E.該波傳播過程中遇到寬約3m的障礙物時，會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象若波源從原點沿 x軸正方向運動，則在 x= - 2m處接收到的波的頻率比實際頻率小 16半徑為R、折射率n= 一的透明四分之一圓柱體的橫截面如圖所示，一束足夠?qū)挼钠叫?單色光以入射角i從OA面射入圓柱體，其中一部分入射光能通過圓柱體從曲面射出，射出 點的縱坐標的最大值ym=.不考慮光線在透明圓柱體內(nèi)經(jīng)一次或多次反射后再射出圓柱體的復(fù)雜情形，已知sin （ a - B ） =sin a cos 3 - cos a

13、sin B .求入射角i的正弦值.（結(jié)果可用根式表示）物理一一選修3-517.日本大地震引發(fā)海嘯和核泄漏事故兩年后，福島第一核電場核輻射泄露的影響開始在食物上顯現(xiàn)，其中絕137 （ Cs）對核輻射的影響最大，絕137 （ Cs）發(fā)生3衰變的核反應(yīng)方程為 （衰變后的元素符號用 X表示），已知絕137 （二Cs）的半衰期為30年，則泄露出的絕137Cs）得經(jīng)過 年才會有87.5%的原子核發(fā)生衰變.18質(zhì)量為M的帶支架的平板小車固定在光滑水平面上，支架上用長為L的不可伸長的輕質(zhì)細繩懸掛一質(zhì)量為 m的小球，現(xiàn)將小球向右拉至輕繩處于水平伸直狀態(tài)并由靜止釋放，如圖所示.重力加速度為 g. 求小球從圖示位置

14、擺到最低點的過程中，其所受合力的沖量大??； 若解除固定裝置，求小球從圖示位置擺到最左端的過程中，小車的最大速度.參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分）1.據(jù)國外某媒體報道，科學(xué)家發(fā)明了一種新型超級電容器，能讓手機幾分鐘內(nèi)充滿電，若 某同學(xué)登山時用這種超級電容器給手機充電，下列說法正確的是（）A. 充電時，電容器的電容變小B. 充電時，電容器存儲的電能變小C. 充電時，電容器所帶的電荷量可能不變D. 充電結(jié)束后，電容器不帶電，電容器的電容為零【考點】AP電容.根據(jù)電容器的原理， 電【分析】超級電容器是一種電容量可達數(shù)千法拉的極大容量電容器.容量取決于電極間距離和電極表面

15、積，為了得到如此大的電容量， 要盡可能縮小超級電容器電極間距離、增加電極表面積.【解答】 解：A、電容器的電容是由電容器自身的因素決定的，故充電時，電容器的電容不變，故A錯誤；B充電時，手機電能增加，根據(jù)能量守恒定律，電容器存儲的電能減小，故B正確；C充電時，電容器所帶的電荷量減小，故C錯誤；D、電容器的電容是由電容器自身的因素決定的，故充電結(jié)束后，電容器的電容不可能為零；故D錯誤；故選：B2圖示電路中，理想變壓器原線圈接有穩(wěn)定的正弦交流電源，電壓表和電流表均為理想交流電表，當(dāng)副線圈上的滑片 P處于圖示位置時，燈泡 L能發(fā)光，現(xiàn)將滑片 P略下移，下列說 法正確的是（）A. 副線圈中交流電流的頻

16、率減小B. 電壓表的示數(shù)增大C. 電流表的示數(shù)減小D. 燈泡變亮【考點】E8:變壓器的構(gòu)造和原理.【分析】變壓器的匝數(shù)與電壓成正比，與電流成反比，輸入功率等于輸出功率，滑片P變化后，結(jié)合歐姆定律分析即可.【解答】 解：A、變壓器不改變電流的頻率，所以頻率不變，故A錯誤；B滑片P向下移，畐U線圈的匝數(shù)減小，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，知副線圈兩端的電壓減小， 電壓表的示數(shù)減小，故 B錯誤；C根據(jù)歐姆定律 -丄，電流表的示數(shù)減小，故 C正確；RD燈泡兩端的電壓變小，燈泡變暗，故D錯誤;故選：C3質(zhì)量為1kg的物體從高空由靜止下落，下落過程中所受空氣阻力恒定，在開始一段時間內(nèi)其位移x隨時間t變化的關(guān)系圖象

17、如圖所示.取g=10m/s2.物體下落過程中所受空氣阻力的大小為（）A. 1N B. 2N C. 3N D. 4N【考點】37:牛頓第二定律；11 :勻變速直線運動的圖像.【分析】根據(jù)x-t圖象求得物體下落的加速度，然后根據(jù)牛頓第二定律求得摩擦力【解答】解：根據(jù)圖象可知，十，代入數(shù)據(jù)（1, 4）可知a=8m/s2根據(jù)牛頓第二定律可知 mg- f=ma解得 f=mg - ma=2N故B正確故選：B4. 有一勻強電場，其電場線與坐標平面xOy平行，以原點 0為圓心，R為半徑的圓周上任意一點Q的電勢$珂icos 0 + 2，其中已知量 $ 1、$ 20, 0為O Q兩點連線與x軸間的夾角，如圖所示，

18、該勻強電場的電場強度（）A. 方向沿x軸負方向，大小為B. 方向沿x軸負方向，大小為C. 方向沿y軸正方向，大小為D. 方向沿y軸正方向，大小為R】R%R【考點】AD電勢差與電場強度的關(guān)系;AC:電勢.【分析】根據(jù)電勢的表達式確定出等勢線，從而得出電場強度的方向，根據(jù)電勢差與電場強 度的關(guān)系求出電場強度的大小.【解答】 解：半徑R的圓周上任意一點 Q的電勢$ = 0 icos 0 + 2,當(dāng)0 =90和0 =270 的電勢相等，可知電場的方向平行于x軸方向，而沿著x軸正方向，電勢增大，所以電場強度方向沿x軸負方向，圓周與x軸正方向的交點的電勢為$ i+$ 2,圓周與y軸正方向的交點的電勢為$

19、2,it I則勻強電場的電場強度為：E= .，即大小為 ，故A正確.R- RR故選：A5. 2016年1月20日，美國加州理工學(xué)院的邁克？布朗和康斯坦丁 ？巴特金宣布發(fā)現(xiàn)太陽系 柯伊柏帶中有6顆天體的運行軌道異常，因此推測存在一顆未知的太陽系第九大行星.若某時刻該行星、太陽和地球在一條直線上，如圖所示，已知該行星和地球繞太陽運行的半徑是地球繞太陽運行半徑的 n倍，該行星和地球繞地球太陽同向做勻速圓周運動，則從此刻開始，該行星再次和太陽、地球在一條直線上需要的時間為（3A. 1年B.年2 = 1C.年D.三年2nT2CnT-l)【考點】4F:萬有引力定律及其應(yīng)用.【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力，

20、結(jié)合周期與軌道半徑的關(guān)系，根據(jù)地球的周期求出行星 的周期，抓住經(jīng)過t時間，地球和行星轉(zhuǎn)過的角度相差n進行求解.【解答】解：根據(jù)得：T=切八丫 ，因為行星繞太陽運行的半徑是地球繞/ T2 V GH太陽運行半徑的n倍，則行星的周期是地球周期的3倍, n271 2JT根據(jù)，t=2 n 得:T地=1年,3解得：t=年.3_2(n2 -1)故選：D.6高空滑索是一項勇敢者的運動，如圖所示，一質(zhì)量為m的運動員用輕繩通過輕質(zhì)滑環(huán)懸吊在足夠長、傾角為 30的傾斜角鋼索上下滑，下滑過程中輕繩保持豎直狀態(tài)不計空氣阻力，重力加速度為 g,下列說法正確的是（）A. 運動員做勻速運動B. 運動員做加速度運動C. 鋼索對

21、輕質(zhì)滑環(huán)的彈力大小為竺mg2D. 鋼索對輕質(zhì)滑環(huán)沒有摩擦力【考點】2H:共點力平衡的條件及其應(yīng)用；29:物體的彈性和彈力.【分析】對人研究，分析其受力情況，人做直線運動，其合力為零或合力與運動方向在同一 直線上，判斷人做什么運動再對人與環(huán)組成的整體研究，根據(jù)狀態(tài)分析受力情況.【解答】解：AB以人為研究對象，人受到重力和繩子的拉力兩個作用，人沿桿的方向做直線運動，則知繩子拉力與人的重力二力平衡，否則下滑過程中輕繩不能始終保持豎直，與題矛盾所以人做勻速運動故 A正確，B錯誤.CD再以環(huán)和人整體為研究對象，由于輕環(huán)的重力不計，則根據(jù)平衡條件得，鋼索對輕環(huán)的作用力等于人的重力.鋼索對輕環(huán)的摩擦力等于人

22、的重力沿鋼索向下的分力，為mgsin30,不為零；鋼索對輕質(zhì)滑環(huán)的彈力等于重力的垂直分力，為mgcos30二爭mg故C正確，D錯誤.故選：AC72015年12月26日，南昌市地鐵1號線正式載客運營，若地鐵開通后，一地鐵列車從甲 站由靜止啟動后做直線運動，先勻加速行駛10s速度達到54km/h，再勻速行駛100s，接著勻減速行駛12s到達乙站停止.已知列車在運行過程中所受的阻力大小恒為1 x 105N,列車在減速過程中發(fā)動機停止工作，下列判斷正確的是（A. 甲、乙兩站間的距離為1830mB. 列車勻速行駛過程中阻力所做的功為1.5 X 108JC. 列車的質(zhì)量為 8X 104kgD. 列車在勻加

23、速行駛階段牽引力的平均功率為3.3 X 108W【考點】63:功率、平均功率和瞬時功率；62:功的計算.【分析】應(yīng)用勻變速直線運動的平均速度公式與勻速運動的速度公式求出各階段列車的位移，然后求出兩站間的距離.在減速階段有運動學(xué)公式求得加速度，根據(jù)牛頓第二定律求得質(zhì)量，在加速階段根據(jù)動能定理求得平均功率【解答】 解：A、根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知，地鐵列車勻加速運動的位移為：Si=11 :-勻減速運動的位移為：S3=t32根據(jù)勻速運動規(guī)律可知，地鐵列車勻速運動的位移為：S2=vt 2根據(jù)題意可知，甲站到乙站的距離為：S=Si+S2+S3 由式聯(lián)立，并代入數(shù)據(jù)解得：s=1665m；故A錯誤；B列車

24、勻速行駛過程中阻力所做的功為W=fs=1 X 105X 1665J=1.665 X 108J，故B錯誤；C在減速階段加速度為 a=_ 1二二1二-t 丄有牛頓第二定律可得 f=ma5解得m - ,.,故C正確；19D在加速階段根據(jù)動能定理可得Pt - fs 1= . . - 0解得 P=8.625 X 106W D錯誤故選：C&如圖所示，在 xv 0與x0的區(qū)域中，存在磁反應(yīng)輕度大小分別為B與B2的勻強磁場，磁場方向均垂直于紙面向里，且B: B2=3： 2在原點O處發(fā)射兩個質(zhì)量分別為 m和m的帶電粒子，已知粒子 a以速度va沿x軸正方向運動，粒子 b以速率Vb沿x軸負方向運動，已知粒子a帶正電

25、，粒子b帶負電，電荷量相等，且兩粒子的速率滿足 m2Va=mVb,若在此后的 運動中，當(dāng)粒子a第4次經(jīng)過y軸（出發(fā)時經(jīng)過y軸不算在內(nèi)）時，恰與粒子 b相遇，粒子 重力不計，下列說法正確的是（）A. 粒子a、b在磁場B中的偏轉(zhuǎn)半徑之比為 3： 2B. 兩粒子在y正半軸相遇C. 粒子a、b相遇時的速度方向相同D. 粒子a、b的質(zhì)量之比為1: 5【考點】CI :帶電粒子在勻強磁場中的運動.【分析】本題涉及到兩個粒子分別在兩個不同磁場中做勻速圓周運動問題，相遇問題既考慮到位移問題，又考慮到時間等時，比較復(fù)雜，所以要從簡單情況出發(fā)，由題意a粒子逆時針旋轉(zhuǎn)，b粒子順時針旋轉(zhuǎn)，由于兩粒子的動量（mwa=mv

26、b）和電量相同，則半徑之比就是磁感應(yīng)強度的反比，所以在 Bi磁場中的半徑小，則兩粒子在兩磁場旋轉(zhuǎn)兩個半周時，a粒子相對坐標原點上移，b粒子相對坐標原點下移，若b粒子在最初不相遇，則以后就不能相遇了.所 以只考慮b粒子旋轉(zhuǎn)半周就與 a粒子相遇的情況.【解答】解：A、由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式:1知道：ral qBi 1-一，所以選項 A錯誤.rbl 囚1B由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式-”-二知道，a粒子從0點出發(fā)沿x軸正方向射出向上逆時針轉(zhuǎn)半周在y軸上上移2ra2，穿過y軸后逆時針向下轉(zhuǎn)半周后下移2rai，由于Bv B,則第二次經(jīng)過y軸時在從標原點的上方（2

27、“- 2rai）處，同理第四次經(jīng) 過y軸時在坐標原點上方 2 （2ra2 - 2rai ）處，所以由題意知選項 B正確.C從最短時間的情況進行考慮，顯然是 b粒子向上轉(zhuǎn)半周后相遇的， a粒子第四次經(jīng)過 y 軸時是向右方向，而 b粒子轉(zhuǎn)半周也是向右的方向，所以兩者方向相同，所以選項C正確.D根據(jù)周期公式及題意，當(dāng)兩粒子在y軸上相遇時，時間上有： 丁卜Tj即:-2 qBjqB?，結(jié)合 Bi： B2=3: 2，得至U：所以選項D正確.故選：BCD二、解答題（共4小題，滿分47分）9小聰設(shè)計了圖示裝置， 來測定小滑塊與某材料間的動摩擦因數(shù)：可動斜面（傾角可調(diào)節(jié)）和水平面均由該種材料制成，且平滑連接（不

28、計滑塊在連接處的能量損失）（1）為完成實驗，下列測量工具中必需的是C （填所選器材前的字母）A.天平 B 彈簧秤 C 刻度尺（2 ）調(diào)節(jié)斜面的傾角，讓滑塊能沿斜面加速下滑并最終靜止在水平面上，測出滑塊由靜止釋放時的 高度h （同時寫出其符號）和釋放時滑塊在水平面上的投影點到靜止點間的水平距離x，則滑塊與該材料間的動摩擦因數(shù)卩=_ _ （用測定的物理量的字母表示），改變x釋放的位置，多次實驗，取平均值，作為滑塊與該材料間的動摩擦因數(shù).【考點】M9探究影響摩擦力的大小的因素.【分析】根據(jù)實驗原理，從而選定實驗器材；對全過程運用動能定理，動能的變化為零，通過動能定理可得摩擦因數(shù)表達式，進而由數(shù)學(xué)變化

29、可得結(jié)果.【解答】解：（1）為完成實驗，下列測量工具中必需的是刻度尺，故AB錯誤，C正確；（2）設(shè)斜面的傾角為 0 , A離地面高度為h,斜面長xi,而物體的末位置與初始位置的水平距離為x,根據(jù)動能定理得： mghr卩mgxcos 0 -卩mg%=0XiCOS 0 +X2=x解得：mghr 口 mgx=0解得：卩=-可知需要測量的物理量為：滑塊由靜止釋放時的高度h.故答案為：（1） C; （2）高度h,.10某物理興趣小組想測定一電阻R約為6Q的金屬絲的電阻率，除刻度尺和螺旋測微器外，實驗室可供選用的器材還有：A. 電流表（量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.25 Q ）B. 電流表（量程為3A,內(nèi)阻

30、約為0.05 Q ）C. 電壓表.（量程為3V,內(nèi)阻約為3kQ ）D. 電壓表（量程為15V,內(nèi)阻約為15k Q ）E. 滑動變阻器 R （ 015 Q,允許通過的最大電流為 1A）F. 蓄電池（電動勢均為 4V,內(nèi)阻約為0.1 Q ）G開關(guān)一個，導(dǎo)線若干.（1） 為了減小實驗誤差，實驗時要求電表指針的偏轉(zhuǎn)均超過其量程的請完成圖甲中虛3線框內(nèi)電路圖的設(shè)計，并用相應(yīng)的符號標注元件.（3）用刻度尺測出接入電路的金屬絲的長度0.40 A.（2） 某次測量時，電壓表的示數(shù)U和電流表示數(shù)I分別如圖乙、丙所示，貝UU= 2.50 V,L=0.300m，用螺旋測微器測得金屬絲直徑d的示數(shù)如圖丁所示，則d=

31、0.160 mm（4）根據(jù)以上時間，可得該金屬絲的電阻器P = 4.2 X 107 Q ?m （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）.【考點】N2:測定金屬的電阻率.【分析】（1）根據(jù)電動勢來確定電壓表量程,再依據(jù)最大電流來選取電流表，最后依據(jù)所測電阻的阻值大小來確定電流表內(nèi)接還是外接;0.1，則應(yīng)是“ J估讀，即應(yīng)估讀到（2 ）明確電流表和電壓表讀數(shù)時注意是“幾分之一估讀”：若每小格讀數(shù)是廠”估讀，即應(yīng)估讀到0.01 ;若每小格讀數(shù)為0.02，則應(yīng)是 0.01 .（3）掌握螺旋測微器的讀數(shù)原理和讀數(shù)方法即可.（4）根據(jù)電阻定律求解.【解答】 解：（1）根據(jù)電源選擇電壓表量程，即電壓表根據(jù)電路最大電流選擇電

32、流表，I= =0.5A，則選擇電流表 A ;6根據(jù)電流表與電壓表的阻值之積大于所測電阻值，因此所測電阻偏小，采用電流表外接法, 如下圖所示：(2) 因電壓表的每小格讀數(shù)為0.1V，所以應(yīng)估讀到0.01V，所以電壓表的讀數(shù)為：U=2.50V;同理，電流表的每小格讀數(shù)為0.02A，應(yīng)估讀到0.01A，所以電流表的讀數(shù)為：l=0.40A .(3) 螺旋測微器的讀數(shù)為：d=0.0mm+16.0 x 0.01mm=0.160mm(4)根據(jù)R=pRS=R-7T=(4) 4.2 X 10代入數(shù)據(jù)解得：P =4.2 X 107q ?m故答案為：(1)如上圖所示；(2) 2.50 , 0.40 ; (3) 0.

33、160 ;11.如圖所示，半徑 R=0.4m的圓軌道上固定有光滑斜面 AB,半徑OB豎直，斜面 AB與水平 面BC平滑連接，B C兩點間的距離 L=0.8m,在小球在以vo=1m/s的初速度從 C點正上方高 度h=1.8m處水平向左拋出的同時，小滑塊從斜面頂端A由靜止開始沿斜面下滑，經(jīng)過B點后沿水平面做勻減速運動，在D點(圖中未畫出)剛停下恰好與小球相逢小球和滑塊均可視為質(zhì)點，空氣阻力不計，取g=10m/s2.求：(1) D C兩點間的距離x和滑塊在斜面上運動的時間t1；(2) 斜面AB的傾角0 .【考點】43:平拋運動；1G:勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用.【分析】(1)小球做平拋運動，根據(jù)分

34、運動的規(guī)律求出D、C兩點間的距離x和平拋運動的tl;時間滑塊在斜面 AB上下滑時，根據(jù)牛頓第二定律求得加速度，由位移公式求出時間(2)根據(jù)運動學(xué)公式求出滑塊在斜面上下滑時的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出斜面AB的傾角0 【解答】 解：(1)小球做平拋運動，則有:h=x=v ot解得：x=0.6m, t=0.6s滑塊在斜面AB上做勻加速運動，加速度大小為:且有2Rsin 0 =2 1 1解得t i=0.4s(2)滑塊從B處運動到D點的時間t2=t - t i=0.2s設(shè)滑塊經(jīng)過B處的速度大小為 V,有Lv-X=二又 v=a it i=gsin 0 11聯(lián)立解得 0 =30答：(1) D C兩點間的

35、距離x是0.6m,滑塊在斜面上運動的時間 ti是0.4s .(2)斜面AB的傾角0是30.I2如圖甲所示，固定軌道由傾角為0的斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌用極短的圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場，兩導(dǎo)軌間距為 L,上端用阻值為R的電阻連接在沿斜導(dǎo)軌向下的拉力(圖中未畫出)作用下，一質(zhì)量為m電阻也為R的金屬桿MN從斜導(dǎo)軌上某一高度處由靜止開始(t=0 )沿光滑的斜導(dǎo)軌勻加速下滑，當(dāng)桿MN骨至斜軌道的最低端 P2Q處時撤去拉力，桿MN在粗糙的水平導(dǎo)軌上減速運動直 至停止，其速率 V隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示(其中Vm和t0為已知)桿MN始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保

36、持良好接觸，水平導(dǎo)軌和桿MN動摩擦因數(shù)為 卩求：(1 )桿MN中通過的最大感應(yīng)電流 Im；(2) 桿MN&斜導(dǎo)軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量q;(3) 撤去拉力后，若 R上產(chǎn)生的熱量為 Q求桿MN在水平導(dǎo)軌上運動的路程 s 【考點】D9:導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；BB:閉合電路的歐姆定律；BH焦耳定律.【分析】(1)判斷速度最大位置，由法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合閉合電路歐姆定律可求桿MN中通過的最大感應(yīng)電流 Im；(2 )由法拉第電磁感應(yīng)定律和電流的定義可求通過電阻R的電荷量q;(3)由功能關(guān)系和動能定理聯(lián)立可求桿MN在水平導(dǎo)軌上運動的路程.【解答】解：(1)經(jīng)分析可知，桿MNT滑到PzQ

37、處時的速度最大(設(shè)為 Vm),此時回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，且最大值為:Em=BL怖此時回路中通過的感應(yīng)電流最大，有:| = 2R(2)桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的距離為:x=- 2孔在桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過程中，穿過回路的磁通量的變化為：t0-0該過程，回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢為:=BLxcos 0回路中通過的平均感應(yīng)電流為：-=, 又根據(jù)電流定義可得：q= t0解得：q=：-(3)撤去拉力后，整個回路產(chǎn)生的熱量為:Q總由功能關(guān)系可知：W安克 =Q對桿由動能定理得:mgs- W安克=0 1 .mm9丘mv 4Q 聯(lián)立解得：s=2 k mg答：(1 )桿MN中通過的最大感應(yīng)電流為BLvtQCoge

38、4R2R(2)桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量為(3)桿MN在水平導(dǎo)軌上運動的路程為2卩mg物理一一選修3-313. 下列說法正確的是()A. 質(zhì)量相同時，0C水的內(nèi)能比 0C冰的內(nèi)能大B. 熱量不可能由低溫物體傳遞到高溫物體C. 外界對物體做功，物體的內(nèi)能一定增加D. 第一類水動機違反了能量守恒定律E. 第二類水動機不能制成，說明自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性【考點】8F:熱力學(xué)第一定律；8H:熱力學(xué)第二定律.【分析】0C水凝結(jié)成冰的過程要放出熱量，內(nèi)能減??；熱量可以由低溫物體傳遞到高溫物體，內(nèi)能少的物體若溫度高，則可以由內(nèi)能少的物體傳遞到內(nèi)能多的物體，第一類永動機不

39、消耗能量而對外做功；第二類永動機違背了熱力學(xué)第二定律因此不可能制成.【解答】解：A、質(zhì)量相同時，0C水凝結(jié)成冰的過程要放出熱量，內(nèi)能減小，所以0C水的內(nèi)能比0C冰的內(nèi)能大，故 A正確；B熱量在一定的條件下可以由低溫物體傳遞到高溫物體，比如電冰箱，故B錯誤；C由公式 U=W+Q知做功和熱傳遞都能改變物體內(nèi)能，外界對物體做功若同時放出熱量，物體的內(nèi)能一定增加，故 C錯誤；D第一類永動機不消耗能量而對外做功，違反了能量守恒定律.故D正確；E、第二類永動機違背了熱力學(xué)第二定律，說明自然界中涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程都具有方向性，故E正確；故選：ADE14. 某同學(xué)涉及的簡易火災(zāi)報警裝置如圖所示， 的水銀，其

40、下方封閉有一段氣柱.當(dāng)環(huán)境溫度為 聲，取絕對零度為-273C.豎直固定、上端開口的試管中裝有高h=20cm57C時，電路恰好接通，電鈴D發(fā)出報警 若環(huán)境溫度緩慢降至 27C時，水銀柱下降了 L=5cm試求環(huán)境溫度為 57C時，試管內(nèi)封 閉氣柱的長度L ； 若使環(huán)境溫度降低，并且往玻璃管內(nèi)注入高h=4cm的水銀時，報警裝置恰好再次報警，求此時的環(huán)境溫度 t (已知大氣壓強 po=76cmHg.D【考點】99:理想氣體的狀態(tài)方程.【分析】加入水銀柱后空氣柱下降，氣體做等壓變化；由蓋-呂薩克定律可求得氣柱的長度L;加入水銀柱的長度溫度升高，封閉氣體體積增大，水銀柱上升，當(dāng)電路恰好接通時，報警器開始報

41、警；此時空氣柱長度L1+L2，以封閉空氣柱為研究對象，根據(jù)等壓變化規(guī)律求出溫度.【解答】解：設(shè)試管的橫截面積為S,在溫度從57C緩慢至27C的過程中，封閉氣體做等壓變化，由蓋-呂薩克定律有：LS (L-AL)S=1 :上式中：T=57+273=330K; T2=27+273=300K;代入解得：L=55cm；當(dāng)環(huán)境溫度為 57C時，封閉氣體的壓強為：Pi=F0+p gh=76+20=96cmHg當(dāng)報警裝置再次恰好報警時，封閉氣柱的長度為：L =L-A h此時圭寸閉氣體的壓強為 P2=Pi+ p ghP1 Ls PL由理想氣體狀態(tài)方程有：=T t+273解得：t=45.75 C;答：環(huán)境溫度為

42、57C時，試管內(nèi)封閉氣柱的長度L為55cm；此時的環(huán)境溫度 t為45.75 C物理一一選修3-415如圖所示，該源在坐標原點、沿x軸傳播的一列橫波在某時刻的波形圖為一正弦曲線,其波速為100m/s，下列說法正確的是（）A. 從圖示時刻開始，質(zhì)點b比質(zhì)點a先到達平衡位置B. 該波的周期為0.04sC. 從圖示時刻開始，經(jīng)0.01s質(zhì)點b通過的路程為0.1mD. 該波傳播過程中遇到寬約 3m的障礙物時，會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象E. 若波源從原點沿 x軸正方向運動，則在 x= - 2m處接收到的波的頻率比實際頻率小【考點】F4:橫波的圖象；F5:波長、頻率和波速的關(guān)系.【分析】由于簡諧橫波的傳播方向未知

43、，不能確定出質(zhì)點b的振動方向，從而不能判斷 a、b兩質(zhì)點到達平衡位置的先后.讀出波長，由波速公式v=求出周期.根據(jù)簡諧運動質(zhì)點T一個周期內(nèi)的路程，求出經(jīng)過0.01s，分析質(zhì)點b通過的路程.對照條件，判斷能否發(fā)生明顯的衍射.根據(jù)多普勒效應(yīng)可確定波源運動時接收到的頻率如何變化.【解答】解：A、由于簡諧橫波的傳播方向未知，不能確定出質(zhì)點b的振動方向，所以不能判斷a、b兩質(zhì)點到達平衡位置的先后.故A錯誤.B 由圖 入=4m 則波的周期為 T= l=一s=0.04s，故B正確.V 100C t=0.01s=T,由于圖示時刻質(zhì)點 b不在平衡位置和位移最大位置，所以經(jīng) 0.01s質(zhì)點b4通過的路程S豐A=0.1m.故C錯誤.D入=4m3m,所以該波傳播過程中遇到寬約3m的障礙物時，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象.故D正確.E、若波源從原點沿x軸正方向運動，