物理高二人教大綱第八章第一節(jié)沖量和動量課時活頁練習(xí)

1、物理高二人教大綱第八章第一節(jié)沖量和動量課時活頁練習(xí)1、以下說法正確的選項是()A、動能變化的物體，動量一定變化B、動能不變的物體，動量一定不變C、動量變化的物體，動能一定變化D、動量不變的物體，動能一定不變解析：選 AD.動能變化，那么速度大小一定變化，故動量也一定變化；動量是矢量，能夠只改變速度的方向，故動能不一定變、2、放在水平地面上的物體質(zhì)量為m，用一水平恒力F 推物體，持續(xù)作用時間t ，物體始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，那么在這段時間內(nèi)()A、 F 對物體的沖量為零B、重力對物體的沖量為零C、合力對物體的沖量為零D、摩擦力對物體的沖量為零解析：選 C. F 的沖量為 Ft ，重力的沖量為mgt，摩

2、擦力的沖量為Ff t ，但因物體靜止，那么合力為零，合力的沖量為零、3、關(guān)于動量變化p，以下說法正確的選項是 ()A、p 越大，那么末動量越大B、p0，說明動量增加C、 0，那么物體的動量不變pD、p 0，那么物體的動量大小發(fā)生變化解析：選 C. 動量的變化p p p，p 大，末動量p未必大， A 錯；p 是矢量，p0 說明了變化量方向與選定的正方向一致，B 錯；p 0，可能是物體的動量方向發(fā)生改變，大小能夠不變，D 錯、4、(2017 年洛陽高二檢測) 如圖 8 1 5 所示，固定的光滑斜面傾角為，質(zhì)量為 m的物體，由靜止開始，從斜面頂端滑至底端，所用時間為t ，在這一過程中()圖 8 1

3、5A、物體所受支持力的沖量為零B、物體所受支持力的沖量為mgcos tC、物體所受重力的沖量為mgtD、物體動量的變化大小為mgsin t解析：選 BCD.如右圖所示，物體所受支持力Ncos ，合力 sin ，故IFNcos ， A 錯， B 對；IGFmgFmgmgtmg t ，C 對；由p F t 得pmgsin t ， D 對、5、如圖 8 1 6 所示，是固定于豎直平面內(nèi)的光滑的1圓周軌道，圓心O在S點的4PQS正上方、在 O和 P 兩點各有一質(zhì)量為m的小物塊 a 和 b，從同一時刻開始，a 自由下落， b沿圓弧下滑、以下說法正確的選項是()圖 8 1 6A、 a 比 b 先到達(dá) S，

4、它們在 S 點的動量不相等B、 a 與 b 同時到達(dá) S，它們在 S 點的動量不相等C、 a 比 b 先到達(dá) S，它們在 S 點的動量相等D、 b 比 a 先到達(dá) S，它們在 S 點的動量相等解析：選 A. a 自由下落， b 沿圓弧下滑， a 比 b 先到達(dá) S，兩者下落高度相同，由機械能守恒定律可知，兩者到達(dá)S 時速度大小相同，但方向不同，故動量不同，A 項正確、6、(2017 年玉溪高二檢測) 從同一高度的平臺上，拋出三個完全相同的小球，甲球豎直上拋，乙球豎直下拋，丙球平拋，假設(shè)不計空氣阻力，那么()A、拋出時三球動量都相同B、落地時三球的動量相同C、從拋出到落地過程，重力做的功都相同D

5、、從拋出到落地過程，三球受到的沖量都相同解析：選 C.拋出時速度方向不同，故動量不同，落地時速度大小相等，但丙球速度方向與甲、乙不同，故7、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力8 1 7 所示，那么 ()A 錯、依照機械能守恒定律可知，三球B、D 錯、F 的作用，拉力F 隨時間 t 的變化如圖圖 8 1 7A、 4s 內(nèi)物體的位移為零B、 4s 內(nèi)拉力對物體做功不為零C、 4s 末物體的速度為零D、 4s 內(nèi)拉力對物體沖量不為零解析：選 C.前 2s 物體做勻加速直線運動，后 2s 是加速度大小相等的勻減速直線運動，一直向前運動，位移不為零， A 錯、拉力先做正功，后做負(fù)功，前 2s 與后

6、2s 的位移相同、因此功為零， B 錯， C對、由沖量是矢量知：前 2s 與后 2s 沖量等值反向，因此 4s 內(nèi)沖量為零， D錯、8、(2017 年臨汾高三調(diào)研) 豎直向上拋出一個物體、假設(shè)不計阻力，取豎直向上為正方向，那么該物體動量隨時間變化的圖線是()圖 8 1 8解析：選C. 物體的速度先向上減小到零，后反向向下增大，故動量先為正方向減小，后反向增大， C 項正確、9. 質(zhì)量為 m 0.10kg 的小鋼球以 v010m/s 的水平速度拋出，如圖81 9 所示、下落 5.0m 時撞擊一鋼板，撞后速度恰好反向，那么鋼板與水平面的夾角 _，剛要hp _.撞擊鋼板時小球動量的大小為_、平拋運動

7、過程中小球動量的增量飛行過程中小鋼球所受的合外力的沖量I _.( g 取 10m/s 2)圖 8 1 91解析：由平拋運動公式可知，豎直方向h 2gt 2，代入數(shù)據(jù)得t 1.0s ，那么 vygt v010 1.0m/s 10m/s. 因此 tan vy 1， 45 .而撞擊鋼板速度v2v222m/s10 2m/s，因此動量 0.1010 2010 10vypmvkgm/s 2kg m/s. 小鋼球的動量變化量ppy mvy0.10 10kgm/s 1.0kg m/s.小鋼球飛行過程中所受的合外力的沖量I mgt 0.10 10 1N s 1.0N s.答案： 45 2kg m/s1.0kg

8、m/s1.0N s10、如圖 8 1 10 所示，圖中、分別代表F1 和 F2 隨時間的變化關(guān)系，求出F1 在第2s 末到第 4s 末時間段內(nèi)的沖量，并比較前4s 內(nèi)二力沖量的大小、圖 8 1 10解析：沖量即力在時間上的積存效果、某段時間內(nèi)的沖量可在初末時刻作時間軸的垂線、那么力的變化圖線和時間軸圍成的右圖中梯形F t 圖象上過該段時間“面積” 即該段時間內(nèi)的沖量、1ABCD的面積，即F1 在第 2s 末到第 4s 末時間段內(nèi)的沖量的大小I 1 2 (2 4) 2N s6N s.前 4s 內(nèi) F1 的沖量等于內(nèi) F1 的沖量小于F2 的沖量、OAB的“面積”顯然小于F2 的沖量( 類似扇形面

9、積) ，那么前4s答案： 6N s 前 4s 內(nèi) F1 的沖量小于F2 的沖量11、火箭和飛船在起飛的一小段時間內(nèi)能夠認(rèn)為是勻加速豎直上升的，某火箭總質(zhì)量為100t ，點火起飛后 2s 上升 2m的高度，求火箭推力在這 2s 內(nèi)的沖量以及火箭動量的變化、 ( 忽略空氣阻力， g 10m/s2)解析：以豎直向上為正方向，火箭做初速度為零的勻加速直線運動、12s2 2 1m/s2據(jù) s at 2，得 at222m/s22由 vt at 得 vt 12m/s 2m/s，火箭動量的變化p p p mvt 0 100 1000 2kg m/s 2 105 kg m/s ，方向豎直向上、由牛頓第二定律F

10、合 ma得 FG ma因此 F G ma.F m( g a) 100 103 (10 1)N 1.1 106N.火箭推力的沖量I Ft 1.1 106 2Ns 2.2 106N s，方向豎直向上、答案： 2.2 106Ns 豎直向上2 105kg m/s 豎直向上12、(2017 年運城抽樣測試) 有一質(zhì)量為0.1kg 的小鋼球從5m高處自由下落，與水平鋼板碰撞后又反彈跳起、假設(shè)規(guī)定豎直向下的方向為正方向，碰撞過程中鋼球動量的變化為21.8kg m/s，求鋼球反彈跳起的最大高度、( g 取 10m/s ，不計空氣阻力)解析：小鋼球與水平鋼板碰前速度大小為v2gh2 10 5m/s 10m/s，方向豎直向下如今其動量為