2019年山西省忻州市靜樂一中高考物理適應(yīng)性試卷

1、2019 年山西省忻州市靜樂一中高考物理適應(yīng)性試卷副標(biāo)題題號一二三四總分得分一、單選題（本大題共4 小題，共24.0 分）1. 2017 年 4 月 22 日，中國首艘貨運(yùn)飛船“天舟一號”與“天宮二號”空間實(shí)驗(yàn)室交會對接成功，組合體在軌正常運(yùn)行。關(guān)于在空間實(shí)驗(yàn)室內(nèi)的物理現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A. 置于液體中的物體，仍將受浮力作用B. 不能用彈簧秤測力的大小C. 天平和水銀氣壓計(jì)仍然能夠正常使用D. 泥水不會發(fā)生沉淀現(xiàn)象2. 如圖所示， 傾角為 =37的傳送帶以速度v1 =2m/s 順時針勻速轉(zhuǎn)動。將一物塊以v2=8m/s 的速度從傳送帶的底端滑上傳送帶。已知小物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)=0

2、.5，傳送帶足夠長，取 sin37 =0.6， cos37=0.8， g=10m/s2，下列說法正確的是（）A. 小物塊運(yùn)動的加速度大小恒為210m/sB. 小物塊向上運(yùn)動的時間為 0.6sC. 小物塊向上滑行的最遠(yuǎn)距離為4mD. 小物塊最終將隨傳送帶一起向上勻速運(yùn)動3.圖甲、乙、丙中除導(dǎo)體棒ab 可動外，其余部分均固定不動。甲圖中的電容器C 原來不帶電。所有導(dǎo)體棒、導(dǎo)軌電阻均可忽略，導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌間的摩擦也不計(jì)。導(dǎo)體棒 ab 的質(zhì)量為 m。圖中裝置均在水平面內(nèi)，且都處于方向垂直水平面（即紙面）向下的勻強(qiáng)磁場中， 磁感應(yīng)強(qiáng)變?yōu)?B，導(dǎo)軌足夠長， 間距為 L 今給導(dǎo)體棒 ab 一個向右的初速度 v

3、0 ，則（）A.B.C.三種情況下，導(dǎo)體棒ab 最終均靜止三種情形下，導(dǎo)體棒ab 最終都做勻速運(yùn)動圖甲、丙中ab 棒最終都向右做勻速運(yùn)動D. 圖乙中，流過電阻R 的總電荷量為4. 如圖所示，在圓形區(qū)域內(nèi)，存在著垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，ab 是圓的一條直徑。一帶電粒子從 a 點(diǎn)射入磁場，速度大小為v0，方向與 ab 成 30時，恰好從 b 點(diǎn)飛出磁場，粒子在磁場中運(yùn)動的時間為t?，F(xiàn)將粒子的速度大小減小為，方向不變，則粒子在磁場中運(yùn)動的時間為（不計(jì)帶電粒子的重力）（）A. 3tB. 2tC.D.第1頁，共 19頁二、多選題（本大題共6 小題，共33.0 分）5.我國利用“墨子號”量子通信衛(wèi)星在國際

4、上率先實(shí)現(xiàn)了高速星地量子通信，初步構(gòu)成量子通信網(wǎng)格。關(guān)于量子理論，下列說法正確的是（）A. 量子論是普朗克首先提出的，光量子理論則是愛因斯坦首先提出的B. 光的強(qiáng)度越大，則光子的能量也就越大C. 三種放射線 、 ，基本質(zhì)上都是高能光子D. 大量氫原子從高能級向低能級躍遷時，只能發(fā)射某些特定頻率的光子6.如圖所示，在矩形ABCD 的 AD 邊和 BC 邊的中點(diǎn)M和 N 各放一個點(diǎn)電荷，它們分別帶等量正電荷。E、F 是 AB 邊和 CD 邊的中點(diǎn)， P、Q 兩點(diǎn)在 MN 的連線上， MP =QN下列說法正確的是（）A. A、 C 兩點(diǎn)的場強(qiáng)相同B. P 點(diǎn)的電勢高于 E 點(diǎn)的電勢C. 將一電子沿

5、MN 連線從 P 點(diǎn)移到 Q 點(diǎn)，其電勢能先增大后減小D. 給電子一合適的初速度，電子可能在此電場中做勻速圓周運(yùn)動7. 在風(fēng)洞實(shí)驗(yàn)室內(nèi)的豎直粗糙墻面上放置一鋼板，風(fēng)垂直吹向鋼板，在鋼板由靜止開始下落的過程中，作用在鋼板上的風(fēng)力恒定。用EK 、 E、v、P 分別表示鋼板下落過程中的動能、機(jī)械能、速度和重力的功率，關(guān)于它們隨下落高度或下落時間的變化規(guī)律，下列四個圖象中正確的是（）A.B.C.D.第2頁，共 19頁8.如圖所示，水平地面上有一個半球形大坑，O 為球心， AB為沿水平方向的直徑。若在 A 點(diǎn)以初速度 v1 沿 AB 方向向右平拋一小球甲， 小球甲將擊中坑內(nèi)的最低點(diǎn)D；若在甲球拋出的同時

6、， 在 C 點(diǎn)以初速度 v2 沿平行 BA 方向向左平拋另一小球乙，也恰能擊中D 點(diǎn)。已知 COD =60，甲、乙兩小球的質(zhì)量相同，不計(jì)空氣阻力，則（）A. 甲、乙兩小球初速度的大小之比v1： v2=： 3B. 在擊中 D 點(diǎn)前的瞬間，重力對甲、乙兩小球做功的瞬時功率之比為： 1C. 甲、乙兩球在此過程中速度變化量的大小之比為2： 1D. 逐漸增大小球甲拋出速度v1 的大小，甲球可能垂直撞到坑內(nèi)BCD 上9.下列說法正確的是（）A. 液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對流形成的B. 雨水沒有透過傘布是因?yàn)橐后w存在表面張力C. 破鏡不能重圓，是因?yàn)榉肿娱g沒有引力D. 一定質(zhì)量 100的水變成 100的

7、水蒸氣，其分子勢能一定增加E. 從單一熱源吸收熱量使之全部變成機(jī)械功是可能的10.一簡諧橫波沿x 軸正方向傳播， t=0 時的波形如圖所示，此時波剛傳到x=4m 處的 P點(diǎn)。 t=0.09s 時， P 質(zhì)點(diǎn)第 3 次出現(xiàn)的波谷。則（）A. 該波的周期為0.08sB. t=0 時，質(zhì)點(diǎn) a 沿 y 軸正方向運(yùn)動C. 0-0.08s 的時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)a 通過的路程為16cmD. t=0.08s 時， x=8m 處的質(zhì)點(diǎn)第一次出現(xiàn)在波峰E. 若觀察者從O 點(diǎn)以 10m/s 的速度沿x 軸正方向運(yùn)動，接收到頻率小于25Hz三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共15.0 分）11. 近期，一種名為口袋彈弓

8、的玩具開始流行。 這種玩具由一個類似氣球的橡膠“袋”和一個塑料圓環(huán)組成。 但這不是普通玩具， 拉動橡膠部分， 就可以彈射鋼珠和弓箭，具有一定的“殺傷力”。某探究小組在口袋彈弓內(nèi)投放質(zhì)量為8.8g 的小鋼珠對其“殺傷力”進(jìn)行了測試：（不考慮空氣阻力）測試一：測試鋼珠的最大速度。 選擇無人的沙灘進(jìn)行測試，將射袋拉伸到最大長度，將鋼珠從 1.25m 高處水平射出， 測得落地點(diǎn)與出射點(diǎn)的水平距離為20.00m。則鋼珠射出的最大初速度值為 _；（取 g=l0m/s2）測試二：將一個玻璃瓶放在水平面上，在距離3m 遠(yuǎn)處用射袋將鋼珠以最大速度水平射出，鋼珠瞬間擊碎玻璃瓶并豎直下落。已知鋼珠與玻璃的碰撞時間為

9、0.001 s，則鋼珠對玻璃瓶的平均作用力約為_；測試三：取三個未開封的易拉罐雪碧并列固定在水平面上，在距離3m 遠(yuǎn)處用射袋將鋼珠以最大速度水平射出， 鋼珠恰好擊穿三個易拉罐，則鋼珠擊穿第二個易拉罐后的速率與擊穿第一個易拉罐后的速率之比約為_。（設(shè)阻力恒定）第3頁，共 19頁12. 被譽(yù)為“新四大發(fā)明”之一的共享單車，部分車型在車框內(nèi)安裝了太陽能電池為智能鎖和車燈供電。 某同學(xué)在探究該太陽能電池組件的特性時，用多用電阻粗測其電動勢為 5.4V為精確測量該電池組件的電動勢E 和內(nèi)電阻 r，可使用的器材有：電壓表 ? （量程2V1996.3 ? （量程0.6A，內(nèi)阻較?。?；，內(nèi)阻）；電流表滑動變阻

10、器 R（ 0 20）；電阻箱 R0（ 0 9999.9 ）；開關(guān) S，導(dǎo)線若干。該同學(xué)采用伏安法進(jìn)行測量。完成步驟中的填空：畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖，圖中R0 的值應(yīng)調(diào)為 _。正確設(shè)置、連接電路后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀得? 的示數(shù)為 1.72V、? 的示數(shù)為 0.300A；重新調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀得 ? 的示數(shù)為 1.60V、 ? 的示數(shù)為0.600A可知 E=_V、r =_ 。已知該電池板充滿電后電動勢和內(nèi)電阻分別為5.60V、 1.0 若用它通過圖1 的電路為 LED 車燈供電，已知車燈的伏安特性曲線如圖2 所示。要求車燈工作在3.2V-3.6V 的電壓下，則限流電阻R0 的最小值為 _；

11、最大值為 _。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 如圖所示， M、N 是直角坐標(biāo)系 xOy 坐標(biāo)軸上的兩點(diǎn)，其坐標(biāo)分別為 M（ 0， L）和 N（ 2L ， 0）。一質(zhì)量為 m、電荷量為 q（ q0）的帶電粒子，從 M 點(diǎn)以一定的初速度沿 x 軸正方向進(jìn)入第一象限。若第一象限內(nèi)只存在沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，當(dāng)電場強(qiáng)度大小為E 時，粒子恰好通過 N 點(diǎn)；若第一象限內(nèi)只存在垂直 xOy 平面向外的勻強(qiáng)磁場， 粒子也會通過 N 點(diǎn)。不計(jì)粒子的重力，求：（ 1）帶電粒子初速度的大??；（ 2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。第4頁，共 19頁14. 如圖所示， A 為內(nèi)表面光滑的薄壁金屬盒，其質(zhì)量m

12、A =0.5kg，底面長 L=2.0m。 A 的中央位置放有可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量 mB=1.0kg 的小球 B在 A 左側(cè)與 A 相距 s=0.61m處有一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為mc=0.5kg 的物塊 C，開始以 v0=6.2m/s的速度向右沿直線運(yùn)動，與 A 碰撞后粘在一起。已知A、 C 與水平面間的動摩擦因數(shù)均為=0.2，不考慮各物體相互碰撞的時間及B 與 A 碰撞時的機(jī)械能損失， 三物體始終在一條直線上運(yùn)動，取 g=10m/s2求：（ 1） C 與 A 碰撞時速度的大??；（ 2）從 C 與 A 結(jié)為一體到最后三物體都靜止所經(jīng)歷的時間。15.如圖所示，內(nèi)徑均勻的彎曲玻璃管abcdf 兩端開口，

13、ab、 cd 段豎直，bc、df 段水平， ab=100 cm，bc=50cm，cd=50cm，df=60cm。在水平段df 內(nèi)有一長l=10cm 的水銀柱，水銀柱左端位于d 點(diǎn)。已知大氣壓p0 為 75cmHg 且保持不變，不考慮彎管部分的體積。最初管內(nèi)氣體的溫度為 27現(xiàn)將玻璃管 a 端緩慢豎直向下插入大水銀槽中， 使 a 端恰好位于水銀面下 10cm 處。若緩慢升高氣體的溫度，求水銀柱右端到達(dá)f 點(diǎn)時氣體的溫度；若緩慢降低氣體的溫度，求水銀柱剛好全部進(jìn)入cd 段時氣體的溫度。16.一塊半圓柱形玻璃磚，其橫截面是半徑為R 的半圓， AB 為半圓的直徑， O 為圓心， 如圖所示。 現(xiàn)讓一細(xì)單

14、色光束垂直 AB 沿半徑 Oa 方向射到玻璃磚上，光沿 Oa 方向從玻璃磚的左側(cè)射出。若保持光的入射方向不變，將光沿 Oa 方向向上平移，求：（真空中的光速為 c，不考慮光在玻璃磚內(nèi)的多次反射）。當(dāng)細(xì)光束平移到距O 點(diǎn)的 M 點(diǎn)時，玻璃磚左側(cè)恰好不再有光線射出，求玻璃磚對該單色光的折射率；當(dāng)細(xì)光速平移到距O 點(diǎn)的 N 點(diǎn)時，出射光線與Oa 延長線的交點(diǎn)為f ，求光由第5頁，共 19頁N 點(diǎn)傳播到f 點(diǎn)的時間。第6頁，共 19頁答案和解析1.【答案】 D【解析】解：A 、飛船處于完全失重狀 態(tài)，完全失重下沒有浮力，沒有液 壓，沒有沉淀，故 AC 錯誤，D 選項(xiàng)正確；B、雖然彈簧秤不能 測重力，但

15、仍然可以測彈力的大小，故 B 錯誤；故選：D。明確超重與失重的性 質(zhì)，知道在完全失重狀 態(tài)下哪些儀表不能使用。本題考查完全失重的性 質(zhì)，要注意明確在完全失重狀 態(tài)下一切與重力有關(guān)的儀表均不能使用。2.【答案】 C【解析】解：ABD 、由于物塊的速度大于 傳送帶的速度，所以物塊相對傳送帶向上運(yùn)動，物塊受重力和沿斜面向下的滑動摩擦力，沿斜面方向有根據(jù)牛 頓第二定律：mgsin+mgcos=ma，1將 sin37 =0.6，cos37=0.8，=0.5，g=10m/s2 代入得：a1=10m/s2，方向：沿斜面向下。設(shè)物體減速到傳送帶速度需要的時間為t1，有：t；1=0.6s由于物體所受重力沿斜面方

16、向的分力大于滑動摩擦力，因此物體相 對傳送帶向下運(yùn)動，受到的滑動摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin - mgsos =ma，2速將 sin37 =0.6，cos37=0.8，=0.5，g=10m/s2 代入得：a2=2m/s2，方向沿斜面向下；最后減速到速度 為零的時間為：t2=1s，故小物塊向上運(yùn)動的時間為 1.6s，故 ABD 錯誤；塊遠(yuǎn)距離為：x=+=m+C、小物 向上滑行的最=4m，故C 正確。第7頁，共 19頁出加速度移。故選：C。根據(jù)物塊的速度大于 傳送帶的速度，所以物塊相對傳送帶向上運(yùn)動，物塊受重力和沿斜面向下的滑 動摩擦力，由牛頓第二定律可以求出加速度a

17、1，根據(jù)速度時間關(guān)系可以 計(jì)算物體減速到 傳送帶的速度需要的 時間；由于物體所受重力沿斜面方向的分力大于滑動摩擦力，因此物體相 對傳送帶向下運(yùn)動，受到的滑動摩擦力沿斜面向上，物體沿斜面 繼續(xù)減速，由牛頓第二定律可以求a2，可以計(jì)算物體減速到 傳送帶的速度需要的 時間，最后求解總位本題主要是考 查牛頓第二定律的 綜合應(yīng)用，對于牛頓第二定律的 綜合應(yīng)用問題，關(guān)鍵是弄清楚物體的運(yùn) 動過程和受力情況，利用牛 頓第二定律或運(yùn) 動學(xué)的計(jì)算公式求解加速度，再根據(jù) 題目要求進(jìn)行解答。3.【答案】 D【解析】解：ABC 、圖甲中，導(dǎo)體棒向右運(yùn) 動切割磁感 線產(chǎn)生感應(yīng)電流而使電容器充電，當(dāng)電容器 C 極板間電壓與

18、導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 相等時，電路中沒有 電流， ab 棒不受安培力，向右做勻速運(yùn) 動；圖乙中，導(dǎo)體棒向右運(yùn) 動切割磁感 線產(chǎn)生感應(yīng)電流，通過電阻 R 轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，ab 棒速度減小，當(dāng) ab 棒的動能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能時，ab 棒靜止；圖丙中，導(dǎo)體棒先受到向左的安培力作用向右做減速運(yùn) 動，速度減為零后再在安培力作用下向左做加速運(yùn) 動，當(dāng)導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢 與電源的電動勢相等時，電路中沒有 電流，ab 棒向左做勻速運(yùn) 動，故AB 錯誤，C 正確；D、設(shè)乙圖中導(dǎo)體棒切割磁感 線產(chǎn)生的平均 電流為，平均安培力=BL，整個過程據(jù)動量定理有：-t=0-mv0 ，代入得-BLt=-mv0，所以 t=q，

19、選項(xiàng) D 正確。故選：D。第8頁，共 19頁根據(jù)電路中的電動勢，分析通過 R 的電流關(guān)系。圖甲中，導(dǎo)體棒向右運(yùn) 動切割磁感 線產(chǎn)生感應(yīng)電流而使電容器充電，分析電路中電流的變化，即可判斷 ab棒所受的安培力，確定 ab 棒的運(yùn)動情況。圖乙中，導(dǎo)體棒向右運(yùn) 動切割磁感 線產(chǎn)生感應(yīng)電流，通過電阻 R 轉(zhuǎn)化為內(nèi)能， ab 棒將做減速運(yùn) 動；圖丙中，分析導(dǎo)體棒受到的安培力情況，判斷 ab 棒的運(yùn)動情況本題考查對電磁感應(yīng)現(xiàn)象動態(tài)變化分析的 問題，分析安培力的變化是關(guān)鍵，根據(jù)合力和速度方向的關(guān)系判斷導(dǎo)體棒的運(yùn) 動情況。4.【答案】 B【解析】解：設(shè)磁場圓的半徑為 R，當(dāng)速度大小為v0時時，粒子從 a 點(diǎn)與，

20、此 的半徑 R=直線ab 夾角 30射入勻 強(qiáng)磁場，根據(jù)對稱規(guī)律和題意，它必然從 b 點(diǎn)沿 ab直線斜向下 30射出，從圖和幾何關(guān)系可以看出：它旋轉(zhuǎn)的角度是 =60，可得此過程時間 t=；當(dāng)速度大小變?yōu)闀r時，此 的半徑 R1=由圖和幾何關(guān)系可知，粒子從 a 點(diǎn)與直線 ab夾角 30射入勻 強(qiáng)磁場，它必然從 o 點(diǎn)沿 ab 直線斜向下 30射出，它在磁場中旋轉(zhuǎn)的角度是 =120，可得此過程時間為 t；：1=由于粒子運(yùn) 動的周期與粒子的速度的大小無關(guān)，所以兩次運(yùn)動軌跡的周期相同，根據(jù)上邊兩個時間公式，可解得：t1=2t。故選：B。第9頁，共 19頁（1）粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速 圓周運(yùn)動時洛倫茲力提

21、供向心力，運(yùn)動的時間周期與粒子的速度的大小無關(guān)， 應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的 軌道半徑；（2）根據(jù)粒子的運(yùn)動的軌跡，判斷粒子旋轉(zhuǎn)的角度，可以判斷粒子的運(yùn) 動的時間。粒子在磁 場中做勻速 圓周運(yùn)動時洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子的 軌道半徑；根據(jù)粒子的運(yùn)動的軌跡的情況，根據(jù)幾何知 識找出粒子運(yùn)動軌跡所對應(yīng)的圓心角的大小，求得粒子的運(yùn) 動的時間。5.【答案】 AD【解析】解：A 、普朗克提出了量子 論，愛因斯坦提出了光子 說。故A 正確；B、根據(jù) E=hv 知，光子能量與光子 頻率有關(guān)，與光強(qiáng)度無關(guān)。故 B 錯誤；C、三種放射線 、中，射線是氦核流，射線是電子流，只有 射 線才是光子

22、流。故 C 錯誤；D、大量氫原子從高能 級向低能級躍遷時，根據(jù)公式 h =E-E 可知，輻射光mn的頻率大小由能 級差決定，只能發(fā)射某些特定 頻率的光子，種類可用公式計(jì)算得出。故 D 正確。故選：AD 。普朗克提出了量子 論，愛因斯坦提出了光子 說；光的強(qiáng)度決定光子的個數(shù)，與光子的能量無關(guān)；射線是光子流；大量氫原子在級躍遷時，發(fā)射或吸收光子的 頻率由相應(yīng)的兩個能級差決定。本題考查的知識點(diǎn)是：量子化和光子說的提出、決定光子能量的因數(shù)、射 線的性質(zhì)和躍遷理論，要在平時學(xué)習(xí)過程中及時積累、總結(jié)和記憶。6.【答案】 BCD【解析】第10 頁，共 19頁解：等量正電荷的電場線分布情況如 圖所示。A 、A

23、 、C 兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小，方向相反，所以電場強(qiáng)度不同，故 A 錯誤 。B、根據(jù)電場線的分布情況可知， P 點(diǎn)的電勢高于 E 點(diǎn)的電勢，故B 正確。C、將電子沿 MN 連線從 P 點(diǎn)移 Q 點(diǎn)，電場力先向左后向右，電場力對電子先做負(fù)功后做正功，所以電子的電勢能先增大后減小，故 C 正確。D、給電子一合適的初速度， 電子可以繞 PQ 連線的中點(diǎn)在垂直于PQ 連線的平面內(nèi)做勻速 圓周運(yùn)動，即：電子可以垂直于 PQ 連線且過 E、F 兩點(diǎn)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，圓心在 PQ 連線的中點(diǎn)，故 D 正確。故選：BCD。首先畫出根據(jù)等量正 電荷的電場線，然后根據(jù)等量同種 電荷的電場線的對稱性即可進(jìn)行判定；

24、電子在電場中受力的方向與 電場線的方向相反。分析電場力做功，判斷電勢能的變化。根據(jù)電子的受力情況，分析能否做勻速 圓周運(yùn)動。對于等量同種 電荷的電場線和等勢面的分布要熟悉，這是考試的熱點(diǎn)，關(guān)鍵要抓住對 稱性進(jìn) 行分析；本題 關(guān)鍵根據(jù)等量異種 電 荷的電場線圖 ，確定各點(diǎn)的場強(qiáng)方向和大小，還可以畫出等 勢面，同時要注意，沿著電場線，電勢降低。7.【答案】 AC【解析】解：由題：鋼板受到重力 mg、風(fēng)力 F、墻的支持力 N 和滑動摩擦力 f，由于風(fēng)力恒定，則由平衡條件得知，墻對鋼板的支持力恒定，鋼板所受的滑 動摩擦力恒定，故鋼板勻加速下滑。A 、設(shè)鋼板的質(zhì)量為 m，根據(jù)動能定理得：Ek=（mg-f

25、）h，可知Ek 與 h 成正比。故A 正確。B、設(shè)鋼板開始時機(jī)械能為 E0，鋼板克服滑 動摩擦力做功等于其機(jī)械能減小，第11 頁，共 19頁則 E=E0-fh=E0-f，則知 E 與 t 是非線性關(guān)系，圖象是曲線，故 B 錯誤。C、鋼板做勻加速運(yùn) 動，則有 v=at，v 與 t 成正比。故 C 正確。D、重力的功率 P=mgv=mg，則知 P 與 h 是非線性關(guān)系，圖象是曲線，故D 錯誤。故選：AC。根據(jù)鋼板的受力情況，分析其運(yùn) 動情況，分別得到動能、機(jī)械能、速度和重力功率的表達(dá)式，再選擇圖象。本題首先要正確分析 鋼板的運(yùn)動情況，其次要根據(jù)物理 規(guī)律得到動能、機(jī)械能、速度和重力功率的表達(dá)式，再

26、 選擇圖象。8.【答案】 AB【解析】解：A 、甲、乙兩小球的水平位移之比 為：，豎直高度之比 為：，下落的時間之比為：，所以甲、乙兩小球平拋初速度的大小之比，故A 正確。擊間對時功率之比為豎直分B、在 中 D 點(diǎn)前的瞬，重力 甲、乙兩小球做功的瞬速度之比，也即下落 時間之比，即，故B 正確。C、平拋小球速度的變化量即為豎直分速度，而豎直分速度與下落的 時間成正比，所以兩球速度 變化量的大小之比 應(yīng)為，故C 錯誤 。漸時速度的大小，甲球不可能垂直撞到球壁 BCD 上。D、逐 增大小球甲拋出因?yàn)楦鶕?jù)平拋速度的反向延 長線過水平位移的中點(diǎn) 這一推論，垂直到球壁的速度反向延 長線必定過圓心 O，而O

27、 點(diǎn)并不是水平位移的中點(diǎn)，故D 錯誤 。第12 頁，共 19頁故選：AB。平拋運(yùn)動的時間由高度決定，根據(jù)動能定理比 較動能的變化量，根據(jù)到達(dá) D點(diǎn)時的豎直分速度，結(jié)合瞬時功率的公式求出瞬 時功率之比。結(jié)合水平位移和時間之比求出初速度之比。解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn) 動在水平方向和 豎直方向上的運(yùn) 動規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動學(xué)公式靈活求解，求解瞬 時功率時，注意力與速度方向的 夾角。9.【答案】 BD【解析】解：A 、液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體分子的無 規(guī)則運(yùn)動形成的，不是因?yàn)閷α餍纬傻模?A 錯誤 。B、雨傘傘面上有許多細(xì)小的孔卻能遮雨，是因 為水的表面 張力的作用，故 B正確。C、分子之間同時存在引力

28、與斥力，破 鏡不能重 圓，是因?yàn)榉肿娱g的距離 較大，分子引力和斥力都 較小，可以忽略不計(jì)。故 C 錯誤 。D、一定質(zhì)量 100的水 變成 100的水蒸氣，需吸 熱，內(nèi)能增加，由于分子平均動能不變，則分子勢能增加，故 D 正確。E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，從 單一熱源吸收熱量使之全部 變成機(jī)械功是不可能的，故 E 錯誤 。故選：BD。液體中的 擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體分子的 熱運(yùn)動產(chǎn)生的。液體表面存在表面 張力。分子之間同時存在引力與斥力；根據(jù)內(nèi)能的 變化，結(jié)合分子平均 動能變化得出分子勢能的變化。根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析。本題考查分子動理論的知識和熱力學(xué)定律的理解和 記憶，此處知識點(diǎn)不多，但要注意理解

29、和 應(yīng)用，以及平時的積累。10.【答案】 BCE【解析】第13 頁，共 19頁解：AB 、根據(jù)波沿 x 軸正方向傳播可得：t=0 時，a 質(zhì)點(diǎn)沿 +y 方向振動，P 質(zhì)點(diǎn)在平衡位置沿 -y 方向振動；t=0.09s時，P 質(zhì)點(diǎn)第 3 次出現(xiàn)在波谷，所以，故周期 T=0.04s；故A錯誤，B 正確；C、0.08s=4T，質(zhì)點(diǎn)在一個周期內(nèi)通 過的路程是振幅的4 倍；故0-0.08s的時間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn) a通過的路程為 8A=16cm，故C 正確；D、一個周期內(nèi)波沿傳播方向傳播一個波 長的距離，由圖可得：波長為 4m，故t=0.04s時波傳播到 x=8m 處，質(zhì)點(diǎn)開始振 動，那么，t=0.08s時，x=8

30、m 處質(zhì)點(diǎn)完成一次全振 動，各質(zhì)點(diǎn)起振方向一 樣，故質(zhì)點(diǎn)處于平衡位置，故 D 錯誤；E、根據(jù)周期 T=0.04s，波長為 4m 可得：波速v=100m/s；觀察者速度小于波速；由多普勒效 應(yīng)可得：觀察者與波源接近 時接收的頻率增大，反之減小，故 E 正確；故選：BCE。根據(jù)波的 傳播方向得到 質(zhì)點(diǎn)振動方向，從而根據(jù)質(zhì)點(diǎn)振動求得周期，即可得到路程；再由圖得到波長，從而求得波速，即可得到質(zhì)點(diǎn)開始振 動的時間，從而根據(jù)起振方向得到 質(zhì)點(diǎn)振動；根據(jù)波速和觀察者速度關(guān)系，根據(jù)其相 對運(yùn)動，由多普勒效應(yīng)求得接受 頻率。機(jī)械振動問題中，一般根據(jù)振動圖或質(zhì)點(diǎn)振動得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動方向；再根據(jù)波形圖得到波長和波

31、的傳播方向，從而得到波速及 質(zhì)點(diǎn)振動，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。11.【答案】 40m/s352N1：【解析】解：（1）鋼珠做平拋運(yùn) 動，依據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律：h=gt2，x=v0t，得：t=0.5s，v0=40m/s；（2）以初速度方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動量定理可知：第14 頁，共 19頁-Ft=-mv 0，得：F=352N；（3）逆向觀察鋼珠可知，鋼珠可視為初速度為零的勻加速直 線運(yùn)動；根據(jù)動能定理可得：fx=mv2解得=。故答案為：40m/s，352N，1：。（1）鋼珠做平拋運(yùn) 動，根據(jù)平拋運(yùn)動的基本規(guī)律可求得水平速度；動擊力的大?。唬?）根據(jù) 量定理即可求得沖鋼動動飛行距離間的（3）逆向分析 珠的

32、運(yùn)，根據(jù) 能定理即可直接得出速度和關(guān)系，從而求出速度之比。本題利用生活中的現(xiàn)象考查了動動動，要注意掌量定理、 能定理以及平拋運(yùn)握這種應(yīng)用物理規(guī)律解決生活實(shí)際的問題。12.【答案】3992.65.521.205.59.9【解析】解： 伏安法測電源的電動勢和內(nèi)阻，電源內(nèi)電阻較小，電流表內(nèi)阻也 較小，宜采用如 圖電路的接法；電壓表與電阻箱串聯(lián)，擴(kuò)大量程應(yīng)為 6V ，電阻箱 R0取值應(yīng)該是電壓表內(nèi)阻的 2 倍；即為 3992.6 依據(jù) E=U+Ir ，其中 U1=1.732 3V，I 1=0.300A；U2=1.60 3V，I 2=0.600A解得：E=5.52V，r=1.2 ； 結(jié)合圖 2 可得 3

33、.2V 時，電流為 220mA；3.6V 時，電流為 310mA；根據(jù)代入數(shù)據(jù)可知：R0min =5.5 ，R0max=9.9 。故答案為： 3992.6； 5.52；1.2； 5.5；9.9。（1）明確實(shí)驗(yàn)原理，分析電路結(jié)構(gòu)，從而明確電阻箱的阻 值；第15 頁，共 19頁（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律 進(jìn)行列式，聯(lián)立即可確定 電動勢和內(nèi)電阻；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律列式，結(jié)合圖 2 即可求得 車燈工作在 3.2V-3.6V 的電壓下的最大 電阻和最小 電阻。本題考查閉合電路歐姆定律在 實(shí)驗(yàn)中的應(yīng)用，要注意明確實(shí)驗(yàn)原理，正確掌握數(shù)據(jù)處理的基本方法以及 圖象的準(zhǔn)確 應(yīng)用即可正確求解。13.【答案】

34、 解：（ 1）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，水平方向： 2L=v0t，豎直方向： L= at2=t2 ，解得：；（ 2）粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動軌跡如圖所示：222，由幾何知識得： r =（ 2L） +（ r-L ）洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qv0B=m解得：；答：（1）帶電粒子初速度的大小為；（ 2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為?！窘馕觥浚?）帶電粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，應(yīng)用類平拋運(yùn)動規(guī)律可以求出粒子的初速度。（2）帶電粒子在磁 場中做勻速 圓周運(yùn)動，根據(jù)題意作出粒子運(yùn) 動軌跡，應(yīng)用幾何知識求出粒子 軌道半徑，粒子做圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出磁感 應(yīng)強(qiáng)度。

35、本題考查了帶電粒子在電場與磁場中的運(yùn)動，根據(jù)題意分析清楚粒子運(yùn) 動過程、作出粒子運(yùn)動軌 跡是解題的前提，應(yīng)用類 平拋運(yùn)動規(guī) 律與牛頓第二定律即可解題。14.【答案】 解：（ 1）設(shè) C 與 A 碰撞前的速度大小為v1，由動能定理得：解得： v1=6m/s第16 頁，共 19頁（ 2）設(shè) C 與 A 碰撞后粘在一起的速度為v2，以向右為正方向，由動量守恒定律得： mCv1=（mA+mC） v2，解得： v2=3m/s，A 在運(yùn)動 過程中，小球 B 保持靜止，該過程時間為t1 ，設(shè) A 與 B 碰撞前的速度為v3，對 A、B、C 系統(tǒng)，由動能定理得：由動量定理得：-（ mA+mB+mC） gt1=

36、（ mA+mC） v3-（ mA+mC） v2解得： v3=1m/s，t1=0.5s，設(shè) A 第一次與 B 碰撞后 A 和 B 的速度分別為 v4 和 v5，以向右為正方向，由動量守恒定律定律得：（ mA+mC） v3=（ mA+mC） v4+mBv5由機(jī)械能守恒定律得：解得： v4=0，v5=1m/s，B 運(yùn)動過程中盒子保持靜止，設(shè)經(jīng)過時間t2， B 第二次與A 碰撞：第二次碰撞后 A 與 B 的速度分別為 v6 和 v7，以向右為正方向，由動量守恒定律得： mBv5=（ mA +mC） v6+mB v7由機(jī)械能守恒定律得：解得： v6=1m/s，v7=0，A 運(yùn)動中 B 保持靜止，設(shè)A 滑動距離為x、時間為 t3，由動能定理得：由動量定理得-（ mA+mB+mC） gt3=0- （ mA+mC） v6解得： x=0.125m L， t3=0.25 s，之后 A 與 B 均保持靜止，從C 開始運(yùn)動到最后靜止所經(jīng)歷的時間：t=t1+t2+t3=2.75s；答：（ 1） C 與 A 碰撞時速度的大小為6m/s；（ 2）從 C 與 A 結(jié)為一體到最后三物體都靜止所經(jīng)歷的時間為2.75s?！窘馕觥浚?）對 C，應(yīng)用動能定理可以求出 C 與 A 碰撞前