2019年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷(全國(guó)卷Ⅰ)(十四)

1、2019 年全國(guó)統(tǒng)一高考物理模擬試卷（全國(guó)卷）（十四）副標(biāo)題題號(hào)一二三四總分得分一、單選題（本大題共5 小題，共30.0 分）1. 一質(zhì)點(diǎn)在 0 10s 內(nèi)，其 v-t 圖象的圖線恰好是與兩坐標(biāo)軸相切的圓弧，則（）A. 0 時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的加速度等于0B. 10s 內(nèi)質(zhì)點(diǎn)的位移約為21.5mC. 質(zhì)點(diǎn)的加速度大小等于1m/s2 時(shí)的速度等于4.5m/sD. 質(zhì)點(diǎn)的加速度隨時(shí)間均勻減小2.如圖 1 所示，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m=0.2kg 的小球從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過(guò)程中（彈簧始終在彈性限度內(nèi)），其速度 v 和彈簧壓縮量x 的函數(shù)圖象如圖2 所示，

2、其中 A 為曲線的最高點(diǎn)，小球和彈簧接觸瞬間的機(jī)械能損失不計(jì)，取重力加速度g=10m/s2，則下列說(shuō)法中不正確的是（）A. 該彈簧的勁度系數(shù)為20N/mB. 當(dāng) x=0.3m 時(shí)，小球處于超重狀態(tài)C. 小球剛接觸彈簧時(shí)速度最大D. 從接觸彈簧到壓縮至最短的過(guò)程中，小球的加速度先減小后增大3. 如圖所示為一半徑為 R 的均勻帶電細(xì)環(huán)， 其上單位長(zhǎng)度帶電量為，取環(huán)面中心O 為原點(diǎn)，以垂直于環(huán)面的軸線為x 軸設(shè)軸上任意點(diǎn) P 到 O 點(diǎn)的距離為x，以無(wú)限遠(yuǎn)處為零電勢(shì)，P 點(diǎn)電勢(shì)的大小為 下面給出 的四個(gè)表達(dá)式 （式中 k為靜電力常量）（）A. =B. =C. =D. =x4.如圖所示， 足夠長(zhǎng)的寬度

3、為d 的條形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，直角三角形金屬線框ABC 的 BC 邊長(zhǎng)度為L(zhǎng) ，已知 L d現(xiàn)令線框在外力作用下以速度v0 勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，以 B 點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，規(guī)定線框中電流沿逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎较颍瑒t在線框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框中的電流i 隨時(shí)間 t 的變化情況可能是（）第1頁(yè)，共 20頁(yè)A.B.C.D.5.如圖所示， 有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)穿過(guò)水平放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌左端連有電阻 R質(zhì)量相等、長(zhǎng)度相同的鐵棒和鋁棒靜止在軌道上?，F(xiàn)給兩棒一個(gè)瞬時(shí)沖量，使它們以相同速度v0 向右運(yùn)動(dòng)， 兩棒滑行一段距離后靜止，已知兩棒始終與導(dǎo)軌垂直，在此過(guò)程中（）A. 在速度

4、為 v0 時(shí)，兩棒的端電壓Uab=UcdB. 鐵棒在中間時(shí)刻的加速度是速度為v0 時(shí)加速度的一半C. 鋁棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間小于鐵棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間D. 兩回路中磁通量的改變量相等二、多選題（本大題共5 小題，共28.0 分）6. 如圖所示，質(zhì)量為 0.5kg 的一塊橡皮泥自距小車(chē)上表面1.25m高處由靜止下落，恰好落入質(zhì)量為2kg、速度為2.5m/s 沿光滑水平地面運(yùn)動(dòng)的小車(chē)上，并與小車(chē)一起沿水平地面運(yùn)動(dòng)，取g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法不正確的是（）A. 橡皮泥下落的時(shí)間為0.3sB. 橡皮泥與小車(chē)一起在水平地面上運(yùn)動(dòng)的速度大小為3.5m/sC. 橡皮泥落入小車(chē)的過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)

5、動(dòng)量守恒D. 整個(gè)過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為7.5J7. 由于地球自轉(zhuǎn)的影響， 地球表面的重力加速度會(huì)隨緯度的變化而有所不同已知地球表面兩極處的重力加速度大小為g0，在赤道處的重力加速度大小為g，地球自轉(zhuǎn)第2頁(yè)，共 20頁(yè)的周期為T(mén)，引力常量為G假設(shè)地球可視為質(zhì)量均勻分布的球體下列說(shuō)法正確的是（）A.B.C.質(zhì)量為 m 的物體在地球北極受到的重力大小為mg質(zhì)量為 m 的物體在地球赤道上受到的萬(wàn)有引力大小為 mg0 地球的半徑為D. 地球的密度為8.如圖甲所示， 理想變壓器原線圈電路中接有理想電壓表和理想電流表，副線圈電路中接有理想二極管和兩電阻值均為6 的燈泡。當(dāng)原線圈中輸入

6、的交變電壓如圖乙所示時(shí)，電流表的示數(shù)為1A則（）A. 電壓表的示數(shù)為 70.7 VB. 變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為52：C. 燈泡 a 消耗的電功率為WD. 燈泡 6 消耗的電功率為W9. 關(guān)于熱力學(xué)基礎(chǔ)，下列說(shuō)法正確的是（）A. 氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子間存在斥力B. 對(duì)于同一理想氣體，溫度越高，分子平均動(dòng)能越大C. 熱量總是自發(fā)地從分子平均動(dòng)能大的物體傳遞到分子平均動(dòng)能小的物體D. 當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而增大E. 在陽(yáng)光照射下，可以觀察到教室空氣中飛舞的灰塵做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，灰塵的運(yùn)動(dòng)屬于布朗運(yùn)動(dòng)10.下列說(shuō)法中正確的是（）A. 做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，其振動(dòng)

7、能量與振幅無(wú)關(guān)B. 全息照相的拍攝利用了光的干涉原理C. 真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的運(yùn)動(dòng)無(wú)關(guān)D. 醫(yī)學(xué)上用激光做“光刀”來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點(diǎn)E. 機(jī)械波和電磁波都可以在真空中傳播三、實(shí)驗(yàn)題探究題（本大題共2 小題，共 15.0 分）11. 某實(shí)驗(yàn)小組探究彈簧的勁度系數(shù)k與其長(zhǎng)度（圈數(shù)）的關(guān)系實(shí)驗(yàn)裝置如圖（a）所示；一均勻長(zhǎng)彈簧豎直懸掛，7個(gè)指針 P0、 P1、 P2、 P3、 P4、P5、 P6 分別固定在彈簧上距懸點(diǎn)0、 10、20、30、40、 50、60 圈處；通過(guò)旁邊豎直放置的刻度尺，可以讀出指針的位置， P0 指同 0刻

8、度設(shè)彈簧下端未掛重物時(shí)，各指針的位置記為x0；掛有質(zhì)量為 0.100kg 的砝碼時(shí)， 各指針的位置記為x測(cè)量結(jié)果及部分計(jì)算結(jié)果如下表所示（ n 為彈簧的圈數(shù)，取重力加速度為9.80m/s2 ）已知實(shí)驗(yàn)所用彈簧總?cè)?shù)為 60，整個(gè)彈簧的自由長(zhǎng)度為11.88cmP1P2P3P4P5P6cm2.044.066.068.0510.0312.01x0（ ）第3頁(yè)，共 20頁(yè)x（ cm）2.645.267.8110.3012.9315.41n102030405060k（ N/m）16356.043.633.828.81/k（ m/N）0.00610.01790.02290.02960.0347（ 1）將表

9、中數(shù)據(jù)補(bǔ)充完整：_， _（ 2）以 n 為橫坐標(biāo)， 1/k 為縱坐標(biāo)，在圖（b）給出的坐標(biāo)紙上畫(huà)出1/k-n 圖象（ 3）圖（ b）中畫(huà)出的直線可以近似認(rèn)為通過(guò)原點(diǎn)，若從試驗(yàn)中所用的彈簧截取圈數(shù)為 n 的一段彈簧，該彈簧的勁度系數(shù)k與其圈數(shù) n 的關(guān)系表達(dá)式為k=_ N/m；該彈簧的勁度系數(shù)k 與其自由長(zhǎng)度l0（單位為m）的關(guān)系表達(dá)式為k=_N/m12. 某同學(xué)要測(cè)量由某種新材料制成的粗細(xì)均勻的圓柱形導(dǎo)體的電阻率步驟如下：（ 1）用 20 分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度如圖甲所示，由圖可知其長(zhǎng)度為_(kāi)cm；（ 2）用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑為_(kāi)mm；（ 3）用多用電表的電阻“ 1

10、0”擋， 按正確的操作步驟測(cè)此圓柱形導(dǎo)體的電阻，表盤(pán)的示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為_(kāi)。（ 4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測(cè)量其電阻 R，現(xiàn)有的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：待測(cè)圓柱形導(dǎo)體（電阻為 R）電流表 A1（量程 4mA，內(nèi)阻約為 50）電流表 A2（量程 10mA，內(nèi)阻約為30）電壓表 V1（量程 3V，內(nèi)阻約為10k）電壓表 V2（量程 15V，內(nèi)阻約為25k）直流電源E（電動(dòng)勢(shì)4V，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器R1 （阻值范圍0 15，額定電流2.0A）滑動(dòng)變阻器R2 （阻值范圍0 2k，額定電流0.5A）開(kāi)關(guān) S，導(dǎo)線若干。第4頁(yè)，共 20頁(yè)為減小實(shí)驗(yàn)誤差， 要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析， 請(qǐng)

11、在虛線框中畫(huà)出合理的測(cè)量電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號(hào)。四、計(jì)算題（本大題共4 小題，共52.0 分）13. 如圖所示， 在光滑的水平地面上， 相距 L=10m 的 A、B 兩個(gè)小球均以 v0=10m/s向右運(yùn)動(dòng)，隨后兩球相繼滑上傾角為30的足夠長(zhǎng)的光滑斜坡，地面與斜坡平滑連接，取 g=10m/s2求：（ 1） B 球剛要滑上斜坡時(shí) A、B 兩球的距離是多少；（ 2） A 球滑上斜坡后經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間兩球相遇。14. 如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中，第三象限里有一加速電場(chǎng)，一個(gè)電荷量為q、質(zhì)量為 m 的帶正電粒子（不計(jì)重力），從靜止開(kāi)始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，垂直x 軸從 A（ -4L，0）點(diǎn)進(jìn)入第二象限，

12、在第二象限的區(qū)域內(nèi)，存在著指向O 點(diǎn)的均勻輻射狀電場(chǎng)，距 O 點(diǎn) 4L 處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為 E=，粒子恰好能垂直y 軸從 C（0，4L）點(diǎn)進(jìn)入第一象限，如圖所示，在第一象限中有兩個(gè)全等的直角三角形區(qū)域和，均充滿了方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，區(qū)域 的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，區(qū)域 的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)， D 點(diǎn)坐標(biāo)為（ 3L，4L）， M 點(diǎn)為 CP 的中點(diǎn)。粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與磁場(chǎng)區(qū)域相切時(shí)認(rèn)為粒子能再次進(jìn)入磁場(chǎng)。從磁場(chǎng)區(qū)域 進(jìn)入第二象限的粒子可以被吸收掉。求：（ 1）加速電場(chǎng)的電壓 U ；（ 2）若粒子恰好不能從 OC 邊射出，求區(qū)域 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；（ 3）若粒子能到達(dá) M 點(diǎn)，求區(qū)域 磁場(chǎng)的磁感

13、應(yīng)強(qiáng)度大小的所有可能值。第5頁(yè)，共 20頁(yè)15. 一艘潛水艇位于水面下 h=200m 處，艇上有一個(gè)容積 V1=2m3 的鋼筒，筒內(nèi)貯有壓強(qiáng) p1=200p0 的壓縮氣體，其中 p0 為大氣壓強(qiáng)， p0=1105Pa已知海水的密度 =1310kg/m3，取重力加速度 g=10m/s2 ，設(shè)海水的溫度不變。有一個(gè)與海水相通的裝滿海水的水箱，現(xiàn)在通過(guò)細(xì)管道將鋼筒中部分氣體壓入該水箱，再關(guān)閉管道，水箱中排出海水的體積為 V2=10m3 ，此時(shí)鋼筒內(nèi)剩余氣體的壓強(qiáng)為多少？16.如圖所示，實(shí)線是一列簡(jiǎn)諧橫波在 t 1 時(shí)刻的波形圖，虛線是在 t2 =（ t1+0.2）s 時(shí)刻的波形圖。在 t 1 到 t

14、2 的時(shí)間內(nèi)。如果 M 通過(guò)的路程為 1m，那么波的傳播方向怎樣？波速多大？若波速為55m/s，求質(zhì)點(diǎn)M 在 t1 時(shí)刻的振動(dòng)方向。第6頁(yè)，共 20頁(yè)答案和解析1.【答案】 B【解析】解：A 、0 時(shí)刻，圖象切線斜率的絕對(duì)值不是 0，所以質(zhì)點(diǎn)的加速度不等于0故A 錯(cuò)誤 。B、質(zhì)點(diǎn)在 10s內(nèi)的位移等于四分之一 圓弧跟兩個(gè)坐 標(biāo)軸圍成的面積為2）m21.5 m，故B 正確。大小，即 ：x=（1010- 10C、質(zhì)點(diǎn)的加速度大小等于 1m/s2 時(shí)圖線切線的斜率大小等于 1，作出該切線如圖，由數(shù)學(xué)知識(shí)可得，質(zhì)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度為 2.5 m/s，故C 錯(cuò)誤 。D、0 時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的加速度 為無(wú)窮大，2.5s

15、時(shí)刻加速度大小 為 1m/s2，10s時(shí)刻加速度為 0，顯然，加速度隨時(shí)間不是均勻減小。故 D 錯(cuò)誤 。故選：B。由 v-t 圖象的斜率分析 質(zhì)點(diǎn)的加速度，根據(jù)圖象與時(shí)間軸的面積大小求位移。由數(shù)學(xué)知 識(shí)求解質(zhì)點(diǎn)的加速度大小等于 1m/s2 時(shí)的速度。本題的關(guān)鍵是抓住速度 圖象的斜率表示加速度、 “面積 ”表示位移來(lái)理解 圖象的物理意 義，并能結(jié)合幾何關(guān)系求解。2.【答案】 C【解析】解：A 、由小球的速度圖象知，開(kāi)始小球的速度增大，說(shuō)明小球的重力大于 彈簧對(duì)它的彈力，當(dāng)x 為 0.1m 時(shí)，小球的速度最大，然后減小，說(shuō)明當(dāng) x 為0.1m 時(shí)，小球的重力等于彈簧對(duì)它的彈力。所以可得：kx=mg

16、解得：k=20N/m，故A 正確C、當(dāng)x=0.1m時(shí)，小球的加速度為彈彈力大小等于重力大小，處于零， 簧的平衡狀態(tài)時(shí)速度最大，小球剛接觸彈簧時(shí)速度不是最大的，故 C 錯(cuò)誤；B、當(dāng)x=0.3m 時(shí)，小球向下做減速運(yùn) 動(dòng)，加速度方向向上，小球處于超重狀態(tài)，故B 正確；第7頁(yè)，共 20頁(yè)D、彈簧的最大 縮短量為：xm=0.61m，所以彈簧的最大 值為：Fm=20N/m0.61m=12.2N。彈力最大時(shí)的加速度 為：a=2剛彈簧=51m/s，小球 接觸時(shí)加速度為 10m/s2，當(dāng)x=0.1m 時(shí)，小球的加速度為零，所以壓縮到最短的 時(shí)候加速度最大，故加速度先減小后增大，故 D 正確；本題選擇錯(cuò)誤 的，

17、故選：C。根據(jù)圖象可知，當(dāng)x 為 0.1m 時(shí)，小球的速度最大，加速度為零，此時(shí)重力等于彈簧對(duì)它的彈力，根據(jù) kx=mg 求出 k，再求出最低點(diǎn)的彈力，根據(jù)牛頓第二定律求解在最低點(diǎn)的加速度，與剛開(kāi)始接觸 時(shí)比較得出什么 時(shí)候加速度最大，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。解答本題要求同學(xué) 們能正確分析小球的運(yùn) 動(dòng)情況，能根據(jù)機(jī)械能守恒的條件以及牛頓第二定律解 題，知道從接觸彈簧到壓縮至最短的 過(guò)程中，彈簧彈力一直做增大，彈簧的彈性勢(shì)能一直增大。注意本 題選擇錯(cuò)誤 。3.【答案】 A【解析】解：電勢(shì)的高低與 圓環(huán)帶電 量的大小 ?2R有關(guān)，B 表達(dá)式顯然與圓環(huán)的電量無(wú)關(guān)，因此 B 錯(cuò)誤；無(wú)論圓環(huán)帶

18、什么電荷，圓環(huán)中心處的電勢(shì)均不為零，因此 x=0 時(shí)，電勢(shì)不為零，故 D錯(cuò)誤；同理 x=R 處的電勢(shì)為無(wú)窮大，也不可能，故 C 錯(cuò)誤；故只有A 正確。故選：A。除點(diǎn)電荷的周?chē)妱?shì)的公式外，我們沒(méi)有學(xué)習(xí)其它帶電體周?chē)碾妱?shì)公式，本題看似無(wú)從下手，實(shí)際上我們可以采取 “特值法”，將一些特值如 x=0 等代入公式，從而得出正確 結(jié)果“特值法”、“代入法 ”是解答選擇題經(jīng) 常用到的方法，因此要熟 練掌握第8頁(yè)，共 20頁(yè)4.【答案】 C【解析】解：AD 、B 點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)后直至線框位移為 d 的過(guò)程中，線框的有效切割 長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增大，線框中電流隨時(shí)間均勻增大至 I 0，方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，已?L d

19、，線框位移大于 d 小于 L 的過(guò)程中，其有效切割 長(zhǎng)度不變，線框中的電流不變，仍為逆時(shí)針，線框出磁場(chǎng)的過(guò)程中，有效切割長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增大，電流隨時(shí)間均勻增大，故 AD 錯(cuò)誤；B、由 B 項(xiàng)的橫軸可知 L=2d，由幾何關(guān)系可知線框位移為 L 時(shí)的有效切割 長(zhǎng)度與位移 為 d 時(shí)的有效切割 長(zhǎng)度相等，故電流等大，但方向?yàn)轫槙r(shí)針 方向，位移為 L+d 時(shí)，有效長(zhǎng)度是位移 為 d 時(shí)的 2 倍，電流為 -2I0，故B 錯(cuò)誤；C、由 C 項(xiàng)的橫軸可知 L=3d，由幾何關(guān)系可知線框位移為 L 時(shí)的有效切割 長(zhǎng)度是位移 為 d 時(shí)的 2 倍，故電流為-2I 0，位移為 L+d 時(shí)，有效長(zhǎng)度是位移 為 d時(shí)

20、的 3 倍，電流為-3I0，故C 正確。故選：C。由電動(dòng)勢(shì)公式 E=Blv 求出電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出電流，應(yīng)用右手定 則判斷感應(yīng)電流的方向，然后分析答 題。本題為選擇題 ，而過(guò) 程比較 復(fù)雜，故可選用排除法解決，這樣 可以節(jié)約 一定的時(shí)間；根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件判斷是否有感 應(yīng)電流產(chǎn)生、由楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向是正確解 題的關(guān)鍵。5.【答案】 C【解析】解：A ：鐵棒和鋁棒的初速度均 為 v0，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，棒中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv 0，由閉合電路歐姆定律知回路中電流為 I=，而電阻R 兩端電壓為 U=IR=，由于鐵棒和鋁棒接入電路的電鐵棒和鋁棒的端電壓UU ，故阻 r

21、不同，故ab cd第9頁(yè)，共 20頁(yè)A 錯(cuò)誤；頓，B：根據(jù)牛 第二定律可知 a=鐵棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng) 鐵棒在中間時(shí)刻的速度小于，鐵棒在中間時(shí)刻的加速度小于速度 為 v0 時(shí)加速度的一半，故 B 錯(cuò)誤；C：由于鋁棒的電阻小于鐵棒的電阻，根據(jù)，可知鋁棒受到的平均安培力大于鐵棒受到的平均安培力，根據(jù)動(dòng)量定理鋁動(dòng)的時(shí)間小于鐵棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故C 正確；可知， 棒運(yùn)D：根據(jù)動(dòng)量定理可知，而，解得，兩回路中磁通量的 該變量不相等，故 D 錯(cuò)誤；故選：C。A ：要判斷兩導(dǎo)體棒的端 電壓，根據(jù)閉合電路的歐姆定律克表示出 電流，再根據(jù)法拉第 電磁感應(yīng)定律表示感 應(yīng)電動(dòng)勢(shì) ，最后表示出路端 電壓即可進(jìn)行比較；

22、B：判斷加速度可根據(jù)牛 頓第二定律將加速度表示出來(lái)，分析 鐵 棒的運(yùn) 動(dòng)情況，即可判斷；C：判斷時(shí)間可根據(jù)動(dòng)量定理列出等式，再將平均安培表示出來(lái)進(jìn)行分析；D：根據(jù)動(dòng)量定理和 閉合電路歐姆定律將磁通量的 變化量表示出來(lái)即可判斷。本題是對(duì)牛頓第二定律、閉合電路歐姆定律、動(dòng)量定理、電磁感應(yīng)定律的綜合考查，要求學(xué)生具有一定的 邏輯分析能力，要有將知 識(shí)綜合的思想。6.【答案】 ABC【解析】解：A 、橡皮泥做自由落體運(yùn) 動(dòng)，橡皮泥下落的時(shí)間為：t=0.5 s，故A 不正確；第10 頁(yè)，共 20頁(yè)B、橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向的 動(dòng)量守恒，選取小車(chē)初速度的方向?yàn)檎较?，則有：m1v0=（m1+m2

23、）v，代入數(shù)據(jù)解得：v=2 m/s，故B 不正確；C、橡皮泥落入小車(chē)的過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)在水平方向的 動(dòng)量守恒，但豎直方向的 動(dòng)量不守恒，故 C 不正確；D、整個(gè)過(guò)程中，橡皮泥與小車(chē)組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于橡皮泥的重力勢(shì)能與二者 損失的動(dòng)能，得：E=m2gh+，代入數(shù)據(jù)可得：E=7.5 J，故D 正確。本題選不正確的，故選：ABC 。根據(jù)自由落體運(yùn) 動(dòng)的公式求出下落的 時(shí)間；由水平方向的動(dòng)量守恒求出共同速度；由功能關(guān)系求出損失的機(jī)械能。本題考查了動(dòng)量守恒定律的 應(yīng)用，本題是多體、多過(guò)程問(wèn)題，分析清楚物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程與運(yùn)動(dòng)性質(zhì)是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律與 動(dòng)能定理即可

24、解 題。7.【答案】 BCD【解析】解：A 、質(zhì)量為 m 的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力。F=mg0，故 A錯(cuò)誤；B、質(zhì)量為 m 的物體在地球赤道上受到的萬(wàn)有引力大小等于在地球北極受到的萬(wàn)有引力，即為 mg0，故B 正確；C、設(shè)地球的質(zhì)量為 M，半徑為 R，在赤道處隨地球做 圓周運(yùn)動(dòng)物體的質(zhì)量為m。物體在赤道 處隨地球自 轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的周期等于地球自 轉(zhuǎn)的周期，軌道半徑等于地球半徑。根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛 頓第二定律有-mg=m在赤道的物體所受地球的引力等于其在兩極所受的重力即根據(jù)衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：越遠(yuǎn)越慢，知道在軌道上運(yùn) 動(dòng)的周期小于在 軌道上運(yùn) 動(dòng)的周期第11 頁(yè)，共 20頁(yè)=mg

25、0解得 R=，故 C 正確；D、因?yàn)橛忠虻厍虻捏w 積故選：BCD。，所以 M=3，故 D 正確。V= R，所以 =質(zhì)量為 m 的物體在兩極所受地球的引力等于其所受的重力根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律，在赤道的物體所受地球的引力等于其在兩極所受的重力聯(lián)立求半徑解答此題要清楚地球表面的物體受到的重力等于萬(wàn)有引力，根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律，地球近地 衛(wèi)星所受的萬(wàn)有引力提供向心力8.【答案】 BD【解析】圖輸入電壓的最大值為電壓表測(cè)的是有效值為50V，解：A 、由 乙知50 V，故 A錯(cuò)誤；B、變壓器輸入的功率：P1=U1I1=501=50W；由于變壓器的輸入功率等于 輸出功率，可知變壓器的輸出

26、功率也是 50W；設(shè)副線圈的電壓為 U2，燈泡a 兩端電壓有效值為 Ua，a 和 b 燈的電壓隨時(shí)間變化關(guān)系如 圖所示，根據(jù)有效 值的計(jì)算方法可得，對(duì) a燈：+=，解得 Ua=；設(shè)燈泡 b 兩端電壓有效值為則=，解得 Ub=；Ub， ：第12 頁(yè)，共 20頁(yè)根據(jù)功率關(guān)系可得： P1=+，解得 U2=20V，所以變壓線為：，故B 正確；器原、副 圈的匝數(shù)比C、燈泡 a 消耗的電功率為 Pa=W，故C 錯(cuò)誤；D、燈泡 b 消耗的電功率為 Pb=W，故D 正確；故選：BD。由圖乙知輸入電壓的最大值，電壓表測(cè)的是有效 值；畫(huà)出a 和 b 燈兩端電壓隨時(shí)間變化關(guān)系圖象，根據(jù)有效值的計(jì)算方法求解 a和 b

27、 燈的有效 值，再根據(jù)功率關(guān)系求解副 線圈兩端電壓，根據(jù)變壓器原理求解匝數(shù)比，根據(jù) 電功率的計(jì)算公式求解燈泡a、b 消耗的電功率。本題主要是考 查了變壓器的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副 線圈的情況下的 電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定 輸入功率且相等。9.【答案】 BCD【解析】解：A 、氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故 A 錯(cuò)誤；B、對(duì)于同一理想氣體，溫度越高，分子平均 動(dòng)能越大，故 B 正確；C、熱量 總是自 發(fā)地從高溫物體 傳到低溫物體，即從分子平均 動(dòng) 能大的物體傳遞到分子平均 動(dòng)能小的物體，故 C 正確；D

28、、當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力隨分子間距離的減小而增大，分子距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功，則分子勢(shì)能隨分子 間距離的減小而增大，故 D 正確；E、灰塵的運(yùn)動(dòng)不屬于布朗運(yùn) 動(dòng)，故E 錯(cuò)誤 。故選：BCD。氣體擴(kuò)散現(xiàn)象說(shuō)明氣體分子在做無(wú) 規(guī)則運(yùn)動(dòng)；同一理想氣體，溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大；熱量總是自發(fā)地溫度高的物體 傳遞到低溫物體；根據(jù)分子力做功情況判斷 勢(shì)能的變化；布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮在液體中的固體小 顆粒的無(wú)第13 頁(yè)，共 20頁(yè)規(guī)則運(yùn)動(dòng)。本題主要是考 查分子動(dòng)理論、熱力學(xué)定律等知 識(shí)，解答本題的關(guān)鍵是能夠熟練掌握熱學(xué)部分的基本知 識(shí)并能夠熟練應(yīng)用。10.【答案】 BCD【解析】解：A 、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的

29、物體，其振動(dòng)能量用振幅來(lái)反映，故 A 錯(cuò)誤；B、全息照相的拍攝利用了激光的干涉，可以 記錄光強(qiáng)、光頻、相位，有立體感，故 B 正確；C、根據(jù)狹義相對(duì)論，真空中的光速在不同的 慣性參考系中都是相同的，與光源和觀察者的運(yùn) 動(dòng)無(wú)關(guān)，故 C 正確；D、醫(yī)學(xué)上用激光做 “光刀 ”來(lái)進(jìn)行手術(shù)，主要是利用了激光的亮度高、能量大的特點(diǎn)，故 D 正確；E、機(jī)械波的傳播離不開(kāi)介 質(zhì)，電磁波可以在真空中 傳播，故 E 錯(cuò)誤；故選：BCD。振幅反映了振 動(dòng)的強(qiáng)弱；全息照相的拍攝利用了激光的干涉，可以 記錄光強(qiáng)、光頻、相位；機(jī)械波的產(chǎn)生條件是機(jī)械振 動(dòng)和介質(zhì)本題考查了簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)、光的干涉、狹義相對(duì)論、激光、機(jī)械波和電磁波

30、，知識(shí)點(diǎn)多，難度小，關(guān)鍵多看書(shū)，記住基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)11.【答案】 81.70.0122【解析】解：（1）根據(jù)P2 的示數(shù)可知，P2 部分的原 長(zhǎng)為 4.06cm，拉伸后的長(zhǎng)度為 5.26cm，根據(jù)胡克定律可得，k=81.7N/m，倒數(shù)為=0.0122；（2）根據(jù)表中的數(shù)據(jù)畫(huà)出圖象，如圖所示：第14 頁(yè)，共 20頁(yè)（3）根據(jù)得到的圖象可知，= ，解得，k=；從題中的數(shù)據(jù)可以發(fā)現(xiàn) 勁長(zhǎng)度的乘積近似相等， 度系數(shù)與自由即 kl 1=3.47，所以彈簧的勁度系數(shù) k 與其自由長(zhǎng)單為m）的關(guān)系的表達(dá)式為k=度 l 1（ 位故答案為：（1）81.7，0.0122，（2）如圖所示；（3）（在之間都可以）；（在之

31、間都可以）（1）彈簧的圈數(shù)相同的情況下， 勁度系數(shù)是相同的，根據(jù) P2 的示數(shù)，利用胡克定律即可以求得此 時(shí)的勁度系數(shù)的大??；（2）應(yīng)用描點(diǎn)法作出得出 對(duì)應(yīng)的圖象；（3）根據(jù)得出的圖象進(jìn)行分析，根據(jù)圖象的性質(zhì)可明確對(duì)應(yīng)的表達(dá)式本題關(guān)鍵 根據(jù)胡克定律得到 彈簧彈力和長(zhǎng)度的關(guān)系公式，分析得到 圖象的物理意義，最后結(jié)合圖象求解勁度系數(shù)12.【答案】 5.0154.700220【解析】第15 頁(yè)，共 20頁(yè)解：（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為 50 mm+0.053 mm=50.15 mm=5.015 cm。（2）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為 4.5 mm+0.0120.0 mm=4.700 mm。（3）多用電表的讀數(shù)為

32、 2210=220。（4）因電源的電動(dòng)勢(shì)為 4 V，故電壓表應(yīng)選 V 1；通過(guò)電流表的最大 電流約為 I=，則電流表選；因R電0.013A=100， 流表采用=AA 2外接法；要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，滑動(dòng)變阻器選 R1，采用分壓接法，如圖所示。故答案為：（1）5.015（2）4.700（3）220（4）如圖所示（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺 讀數(shù)加上游 標(biāo)讀數(shù)，不需估讀；（2）螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度 讀數(shù)加上可 動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀；（3）用歐姆表測(cè)電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率，當(dāng)指 針指在中央附近 時(shí)測(cè)量值較 準(zhǔn)確；應(yīng)明確：游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微器讀數(shù)時(shí)應(yīng)分成整數(shù)部分和

33、小數(shù)部分兩部分來(lái)讀標(biāo)卡尺的分度；應(yīng)根據(jù)電源電動(dòng)勢(shì)大小或待測(cè)電阻的額定電，注意游壓來(lái)選擇電壓表量程，根據(jù)通過(guò)待測(cè)電阻的最大 電流來(lái)選擇電流表的量程； 當(dāng)待測(cè)電阻滿足時(shí)電應(yīng)用外接法； 當(dāng)實(shí)驗(yàn)要求電流從零， 流表調(diào)或要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻時(shí) 變應(yīng)采用， 阻器分壓應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)。式接法，13.【答案】 解：（1）設(shè)A 球滑上斜坡后經(jīng)過(guò)t1 時(shí)間 B 球再滑上斜坡，則有：=1 sA 球滑上斜坡后加速度為：第16 頁(yè)，共 20頁(yè)a=。設(shè)此時(shí) A 球向上運(yùn)動(dòng)的位移為x，則有：m=7.5m。（ 2） B 球剛要滑上斜坡時(shí)A 球速度為：v1=v0-at1=10-5 1m/

34、s=5m/s。B 球滑上斜坡時(shí)， 加速度與 A 相同，以 A 為參考系， B 相對(duì)于 A 以 v=v0-v1=10-5 m/s=5m/s 做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)再經(jīng)過(guò)時(shí)間 t 2 它們相遇，有：，則相遇時(shí)間為：t=t1+ t2=1+1.5 s=2.5s。答：（ 1） B 球剛要滑上斜坡時(shí)A、B 兩球的距離是7.5m；（ 2） A 球滑上斜坡后經(jīng)過(guò) 2.5s 時(shí)間兩球相遇?！窘馕觥浚?）根據(jù)位移公式求出 B 球剛滑上斜坡 時(shí) A 球滑上斜坡的 時(shí)間，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn) 動(dòng)學(xué)公式求出 A 上滑的位移，從而得出 A 、B 兩球的距離。時(shí)間公式求出 B球滑上斜坡時(shí)A 球的速度，得出 B 相對(duì)A 的速（2）根

35、據(jù)速度結(jié)時(shí)間。度， 合位移公式求出相遇的本題考查了牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的 綜合運(yùn)用，知道加速度是 聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋?qū)?wèn)對(duì)速度求解比較簡(jiǎn)捷。梁， 于第二，運(yùn)用相14.【答案】 解：（1）粒子在加速電場(chǎng)中加速，根據(jù)動(dòng)能定理有：qU= mv2粒子在第二象限輻射狀電場(chǎng)中做半徑為R 的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力提供下向心力，由牛頓第二定律得：qE=m聯(lián)立解得： v=，U =（ 2）粒子在區(qū)域中運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，根據(jù)洛倫茲力提供粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有qB0v=m，解得半徑： r = ，若粒子在區(qū)域 中的運(yùn)動(dòng)半徑R 較小，則粒子會(huì)從OC 邊射出磁場(chǎng)。恰好不從OC 邊射出時(shí)，作出對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)

36、軌跡，如圖。滿足O2O1Q=2，sin 2 =2sin cos= ，又 sin 2=，解得： R=r=L第17 頁(yè)，共 20頁(yè)又 R=，代入 v=可得： B=（ 3）若粒子由區(qū)域 達(dá)到 M 點(diǎn)每次前進(jìn)CP 2=2（R-r） cos =（ R-r）由周期性得：CM =nCP2（ n=1、 2、 3 ），即：L= n（ R-r）R=r+L L，解得 n3n=1 時(shí)， R=L ， B=B0n=2 時(shí)， R=L ， B=B0n=3 時(shí)， R=L ， B=B0若粒子由區(qū)域 達(dá)到 M 點(diǎn)由周期性： CM =CP1+nCP2，（ n=0、 1、 2、3 ）即：L= R+ n（ R-r）解得： R L解得： nn=0 時(shí)， R=L ， B=B0n=1 時(shí)， R=L ， B=B0。答：（ 1）加速電場(chǎng)的電壓是；（ 2）若粒子恰好不能從OC 邊射出，區(qū)域 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是；（ 3）若粒子能到達(dá)M 點(diǎn)，區(qū)域 磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的所有可能值為B0、B0 、B0、B0、B0。