高考理綜物理——山東卷

1、2011年高考理綜物理（山東卷）16了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要。以下符合事實(shí)的是a焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律b庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律c楞次發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕d牛頓將斜面實(shí)驗(yàn)的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)是勻變速直線運(yùn)動(dòng)16、ab【解析】1840年英國科學(xué)家焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律；庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，拉開了研究電與磁關(guān)系的序幕；伽利略通過將斜面實(shí)驗(yàn)合力外推，間接證明了自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。17甲、乙為兩顆地球衛(wèi)星，其中甲為地球同步衛(wèi)星，乙的運(yùn)行高度低于

2、甲的運(yùn)行高度，兩衛(wèi)星軌道均可視為圓軌道。以下判斷正確的是a甲的周期大于乙的周期 b乙的速度大于第一宇宙速度c甲的加速度小于乙的加速度 d甲在運(yùn)行時(shí)能經(jīng)過北極的正上方17、ac【解析】對(duì)地球衛(wèi)星，萬有引力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則有，可知半徑越大速度越小，半徑越大加速度越小，同步衛(wèi)星的軌道與赤道共面，第一宇宙速度為最大環(huán)繞速度，可見 a正確、c正確。abv0hh/218如圖所示，將小球a從地面以初速度v0豎直上拋的同時(shí)，將另一相同質(zhì)量的小球b從距地面h處由靜止釋放，兩球恰在h/2處相遇（不計(jì)空氣阻力）。則a兩球同時(shí)落地 b相遇時(shí)兩球速度大小相等 c從開始運(yùn)動(dòng)到相遇，球a動(dòng)能的減少量等于球b動(dòng)能

3、的增加量 d相遇后的任意時(shí)刻，重力對(duì)球a做功功率和對(duì)球b做功功率相等 18、c【解析】相遇時(shí)間為t則有，兩式聯(lián)立得，相遇是甲的速度為，乙的速度為，故兩者速度不一定相等、也不能同時(shí)落地，相遇之后的速度不同，故重力的功率也不相同；根據(jù)動(dòng)能定律，兩球重力做功分別為、，故c正確。ab19如圖所示，將兩相同的木塊a、b置于粗糙的水平地面上，中間用一輕彈簧連接，兩側(cè)用細(xì)繩固定于墻壁。開始時(shí)a、b均靜止。彈簧處于伸長狀態(tài)，兩細(xì)繩均有拉力，a所受摩擦力ffa0，b所受摩擦力ffb=0，現(xiàn)將右側(cè)細(xì)繩剪斷，則剪斷瞬間 affa大小不變 bffa方向改變cffb仍然為零 dffb方向向右19、ad【解析】兩物塊相同

4、，由受力分析可知兩物體受到彈簧拉力大小相等，方向相反，繩子對(duì)b的拉力等于彈簧對(duì)b的拉力，若a平衡且有摩擦力，則繩對(duì)a拉力大小等于b受到得繩子拉力大小相等，此摩擦力小于最大靜摩擦力，故當(dāng)間斷右側(cè)細(xì)繩后，a受力情況不變，b受到的摩擦力與彈簧拉力平衡，大小與a受到的摩擦力相等。u1用戶p圖甲u(yù)2圖乙u2/vt/10-2so190-19012繩子剪斷后受力分析fffn fnmgmgffaffb繩子剪斷前受力分析fffn fnmgmgffafb20為保證用戶電壓穩(wěn)定在220v，變電所需適時(shí)進(jìn)行調(diào)壓，圖甲為調(diào)壓變壓器示意圖。保持輸入電壓u1不變，當(dāng)滑動(dòng)接頭p上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓。某次檢測(cè)得到用戶電壓u

5、2隨時(shí)間t變化的曲線如圖乙所示。以下正確的是 au2=190sin(50t)vbu2=190sin(100t)v c為使用戶電壓穩(wěn)定在220v，應(yīng)將p適當(dāng)下移d為使用戶電壓穩(wěn)定在220v，應(yīng)將p適當(dāng)上移20、bd【解析】根據(jù)圖像知周期為t=210-2s，電壓的最大值為v，故用戶得到電壓的瞬時(shí)值為，b正確；用戶獲得電壓為交流電的有效值，此時(shí)有效值為190v，根據(jù)變壓比，增大電壓則需要減少原線圈的匝數(shù)p要適當(dāng)上移，d正確。abcdmn+21如圖所示，在兩等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，mn為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點(diǎn)所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于mn對(duì)稱，b點(diǎn)位于mn上，d點(diǎn)位于兩電荷的

6、連線上。以下判斷正確的是 ab點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng) bb點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)ca、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差d試探電荷+q在a點(diǎn)的電勢(shì)能小于在c點(diǎn)的電勢(shì)能21、bc【解析】根據(jù)等量同種電荷的電場(chǎng)線分布可知b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，b正確，a錯(cuò)誤；由對(duì)稱性可知a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)差等于b、c兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，c正確；mn左側(cè)電勢(shì)大于零，而右側(cè)小于零所以試探電荷q在a點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，d錯(cuò)誤。c、dh3h圖甲22如圖甲所示，兩固定的豎直光滑金屬導(dǎo)軌足夠長且電阻不計(jì)。兩質(zhì)量、長度均相同的導(dǎo)體棒c、d，置于邊界水平的勻強(qiáng)磁場(chǎng)上方同一高度h處。磁場(chǎng)寬為3h，方向與導(dǎo)軌平面垂直。先由靜止釋放c

7、，c剛進(jìn)入磁場(chǎng)即勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)再由靜止釋放d，兩導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終保持良好接觸。用ac表示c的加速度，ekd表示d的動(dòng)能，xc、xd分別表示c、d相對(duì)釋放點(diǎn)的位移。圖乙中正確的是acoh2h3h4h5hxcacoh2h3h4h5hxcekdoh2h3h4h5hxdoh2h3h4h5hxdekd圖乙a b c d22、bd【解析】c導(dǎo)體棒落入磁場(chǎng)之前做自由落體運(yùn)動(dòng)，加速度恒為g,有，c棒進(jìn)入磁場(chǎng)以速度v做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，d棒開始做自由落體運(yùn)動(dòng)，與c棒做自由落體運(yùn)動(dòng)的過程相同，此時(shí)c棒在磁場(chǎng)中做勻速直線運(yùn)動(dòng)的路程為，d棒進(jìn)入磁場(chǎng)而c還沒有傳出磁場(chǎng)的過程，無電磁感應(yīng)，兩導(dǎo)體棒僅受到重力作用，加速度均為

8、g，知道c棒穿出磁場(chǎng)，b正確。c棒穿出磁場(chǎng)，d棒切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，在回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，因此時(shí)d棒速度大于c進(jìn)入磁場(chǎng)是切割磁感線的速度，故電動(dòng)勢(shì)、電流、安培力都大于c剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的大小，d棒減速，直到穿出磁場(chǎng)僅受重力，做勻加速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合勻變速直線運(yùn)動(dòng)，可知加速過程動(dòng)能與路程成正比，d正確。23.（12分）xhh擋板某探究小組設(shè)計(jì)了“用一把尺子測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)”的實(shí)驗(yàn)方案。如圖所示，將一個(gè)小球和一個(gè)滑塊用細(xì)繩連接，跨在斜面上端。開始時(shí)小球和滑塊均靜止，剪斷細(xì)繩后，小球自由下落，滑塊沿斜面下滑，可先后聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音。保持小球和滑塊釋放的位置不變，調(diào)整擋板位置，重復(fù)以上操作，直到

9、能同時(shí)聽到小球落地和滑塊撞擊擋板的聲音。用刻度尺測(cè)出小球下落的高度h、滑塊釋放點(diǎn)與擋板處的高度差h和沿斜面運(yùn)動(dòng)的位移x。（空氣阻力對(duì)本實(shí)驗(yàn)的影響可以忽略）滑塊沿斜面運(yùn)動(dòng)的加速度與重力加速度的比值為_?；瑝K與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_。以下能引起實(shí)驗(yàn)誤差的是_。a滑塊的質(zhì)量 b當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮vse，r圖甲c長度測(cè)量時(shí)的讀數(shù)誤差 d小球落地和滑塊撞擊擋板不同時(shí)某同學(xué)利用圖甲所示電路，探究了電源在不同負(fù)載下的輸出功率。所得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，請(qǐng)?jiān)诮o出的直角坐標(biāo)系上畫出u-i圖像。u/v1.961.861.801.841.641.56i/a0.050.150.250.350.450.55u/vi/a0

10、0.10.20.30.40.50.60.72.12.01.91.81.71.61.5根據(jù)所畫u-i圖像，可求得電流i=0.20a時(shí)電源的輸出功率為_w。（保留兩位有效數(shù)）實(shí)驗(yàn)完成后，該同學(xué)對(duì)實(shí)驗(yàn)方案進(jìn)行了反思，認(rèn)為按圖甲電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作的過程中存在安全隱患，并對(duì)電路重新設(shè)計(jì)。在圖乙所示的電路中，你認(rèn)為既能測(cè)出電源在不同負(fù)載下的輸出功率，又能消除安全隱患的是 。（rx阻值未知）avrxravrxravrxrs圖乙avrsrxssa b c d23、（1）；cd；（2）如圖所示；0.37（或0.36）；bc【解析】（1）滑動(dòng)沿斜面做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有，小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，有，所以。對(duì)滑

11、塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得.即解得由分析知,c、d能引起實(shí)驗(yàn)誤差。（2）如圖所示由ui圖象可知，當(dāng)i0.2a時(shí)，u1.84v。由pui得：p1.840.2w0.368w按圖甲電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)操作的過程中存在安全隱患是：滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到最右端時(shí)，相當(dāng)于把電流表直接接在電源兩極，會(huì)燒壞電流表。而圖乙中的a仍然出現(xiàn)圖甲的問題；b中的rx在滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)時(shí)起分流作用保護(hù)電流表；c中的rx在滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到最右端時(shí)起限流作用保護(hù)電流表；d中的rx在滑動(dòng)變阻器的滑片移動(dòng)到最右端時(shí)，rx與r串聯(lián)相當(dāng)于電源內(nèi)阻，等于直接把電流表接在電源兩極。b、c正確。abfl2l1xh24（15分）如圖所

12、示，在高出水平地面h=1.8m的光滑平臺(tái)上放置一質(zhì)量m=2kg、由兩種不同材料連接成一體的薄板a，其右段長度l1=0.2m且表面光滑，左段表面粗糙。在a最右端放有可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊b，其質(zhì)量m=1kg。b與a左段間動(dòng)摩擦因數(shù)=0.4。開始時(shí)二者均靜止，現(xiàn)對(duì)a施加f=20n水平向右的恒力，待b脫離a（a尚未露出平臺(tái)）后，將a取走。b離開平臺(tái)后的落地點(diǎn)與平臺(tái)右邊緣的水平距離x=1.2m。（取g=10m/s2）求：b離開平臺(tái)時(shí)的速度vb。b從開始運(yùn)動(dòng)到剛脫離a時(shí)，b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tb和位移xb。a左端的長度l2，24、【解析】（1）b離開平臺(tái)做平拋運(yùn)動(dòng)。豎直方向有 水平方向有 由式解得代入數(shù)據(jù)求得 （2）

13、設(shè)b的加速度為ab,由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)得 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得 （3）設(shè)b剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)a的速度為,由動(dòng)能定理得 設(shè)b運(yùn)動(dòng)時(shí)a的加速度為由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)有 聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)解得 25（18分）扭擺器是同步輻射裝置中的插入件，能使粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡發(fā)生扭擺。其簡(jiǎn)化模型如圖：、兩處的條形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)邊界豎直，相距為l，磁場(chǎng)方向相反且垂直紙面。一質(zhì)量為m、電量為-q、重力不計(jì)的粒子，從靠近平行板電容器mn板處由靜止釋放，極板間電壓為u，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后平行于紙面射入?yún)^(qū)，射入時(shí)速度與水平和方向夾角=30，當(dāng)區(qū)寬度l1=l、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小b1=b0時(shí)，粒子從區(qū)右邊界射出時(shí)速度與水平方向夾角也為

14、30，求b0及粒子在區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t。l1ll2b1b2m-qmnqp若區(qū)寬度l2=l1=l、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小b2=b1=b0，求粒子在區(qū)的最高點(diǎn)與區(qū)的最低點(diǎn)之間的高度差h。若l2=l1=l、b1=b0，為使粒子能返回區(qū)，求b2應(yīng)滿足的條件。若b1b2，l1l2，且已保證了粒子能從區(qū)右邊界射出。為使粒子從區(qū)右邊界射出的方向與從區(qū)左邊界射出的方向總相同，求b1、b2、l1、l2之間應(yīng)滿足的關(guān)系式。圖1b1b2l1l2liii25、【解析】（1）如圖1所示，設(shè)粒子射入磁場(chǎng)i區(qū)的速度為v，在磁場(chǎng)i區(qū)做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為，由動(dòng)能定理和牛頓第二定律得 由幾何關(guān)系得 聯(lián)立得 設(shè)粒子在i區(qū)做圓周運(yùn)動(dòng)周期為t，運(yùn)動(dòng)時(shí)

15、間為t 聯(lián)立式解得 （2）設(shè)粒子在磁場(chǎng)ii區(qū)做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為，由牛頓第二定律得 圖2b1b2l1l2liii 由幾何知識(shí)得 聯(lián)立式解得 （3）如圖2所示，為使粒子能再次返回到i區(qū)應(yīng)滿足 聯(lián)立式解得 （4）如圖3（或圖4）所示，設(shè)粒子射出磁場(chǎng)i區(qū)時(shí)速度與水平方向的夾角為，由幾何知識(shí)可得 聯(lián)立式解得 圖3b1b2l1l2liii 圖4b1b2l1l2liii36（8分）3-3人類對(duì)物質(zhì)屬性的認(rèn)識(shí)是從宏觀到微觀不斷深入的過程。以下說法正確的是 。a液體的分子勢(shì)能與體積有關(guān)b晶體的物理性質(zhì)都是各向異性的c溫度升高，每個(gè)分子的動(dòng)能都增大d露珠呈球狀是由于液體表面張力的作用oabcd軟膠管氣體溫度計(jì)結(jié)構(gòu)如

16、圖所示。玻璃測(cè)溫泡a內(nèi)充有理想氣體，通過細(xì)玻璃管b和水銀壓強(qiáng)計(jì)相連。開始時(shí)a處于冰水混合物中，左管c中水銀面在o點(diǎn)處，右管d中水銀面高出o點(diǎn)h1=14cm。后將a放入待測(cè)恒溫槽中，上下移動(dòng)d，使c中水銀面仍在o點(diǎn)處，測(cè)得d中水銀面高出o點(diǎn)h2=44cm。（已知外界大氣壓為1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓，1標(biāo)準(zhǔn)大氣壓相當(dāng)于76cmhg）求恒溫槽的溫度。此過程a內(nèi)氣體內(nèi)能 （填“增大”或“減小”），氣體不對(duì)外做功，氣體將 （填“吸熱”或“放熱”）。36、（1）a d（2）364k 增大；吸熱【解析】物體體積變化時(shí)，分子間的距離將發(fā)生改變，分子勢(shì)能隨之改變，所以分子勢(shì)能與體積有關(guān)，a正確。晶體分為單晶體和多晶體，單

17、晶體的物理性質(zhì)各向異性，多晶體的物理性質(zhì)各向同性，b錯(cuò)誤。溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，具有統(tǒng)計(jì)的意義，c錯(cuò)誤。液體表面的張力具有使液體表面收縮到最小的趨勢(shì)，d正確。abcdo橡膠管（2）設(shè)恒溫槽的溫度為，由題意知a內(nèi)氣體發(fā)生等容變化由查理定律得 聯(lián)立式解得理想氣體的內(nèi)能只由溫度決定，a氣體的溫度升高，所以內(nèi)能增大。由熱力學(xué)第一定律知，氣體不對(duì)外做功，氣體將吸熱。37（8分）3-4yx/moa-ap123456789如圖所示，一列簡(jiǎn)諧波沿x軸傳播，實(shí)線為t1=0時(shí)的波形圖，此時(shí)p質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，虛線為t2=0.01s時(shí)的波形圖。已知周期t 0.01s。波沿x軸_(填“正”或“負(fù)”)方向傳播。

18、ambo求波速。如圖所示，扇形aob為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角aob=60。一束平行于角平分線om的單色光由oa射入介質(zhì)，經(jīng)oa折射的光線恰平行于ob。求介質(zhì)的折射率。折射光線中恰好射到m點(diǎn)的光線_(填“能”或“不能”）發(fā)生全反射。37、（1）正；100m/s（2）；不能【解析】（1）t1=0時(shí)，p質(zhì)點(diǎn)向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，由波的形成與傳播知識(shí)可以判斷波沿x軸正向傳播。由題意知 聯(lián)立式代入數(shù)據(jù)求得i（2）解析：依題意作出光路圖，如圖所示。由幾何知識(shí)知入謝角i=600,折射角=300。根據(jù)折射定律代入數(shù)據(jù)求得。, ,而。，以不能發(fā)生全反射。38（8分）3-5碘131核不穩(wěn)定，會(huì)發(fā)生衰變，其半衰變期為8天。碘131核的衰變方程： _（衰變后的元素用x表示）。經(jīng)過_天有75%的碘131核發(fā)生了衰變。v02v0甲乙如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速度分別為2v0、v0