河北省安平中學(xué)2019屆高三物理上學(xué)期第一次月考試題（含解析）_1

1、河北省安平中學(xué)2019屆高三物理上學(xué)期第一次月考試題（含解析）河北省安平中學(xué)2018-2019學(xué)年高三第一學(xué)期高三第一次月考物理試題一(本題有17小題，每小題4分，共68分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。)1.1.在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家總結(jié)出了許多物理學(xué)方法，如：理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學(xué)假說法和建立理想模型法等，以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述不正確的是（)A.根據(jù)速度的定義式，當(dāng)t非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法B.引入平均速度重心合力與分力

2、的槪念運用了等效替代法C.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里運用了微元法D.用比值法定義了速度加速度位移這三個物理量【答案】D【解析】根據(jù)速度的定義式，當(dāng)t非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法，選項A正確；引入平均速度重心合力與分力的槪念運用了等效替代法，選項B正確；在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段的位移相加，這里運用了微元法，選項C正確；用比值法定義了速度加速度這兩個物理量，位移不是比值定義法定義的，選項D

3、錯誤；此題選擇錯誤的選項，故選D.2.2.下列關(guān)于牛頓運動定律的說法中正確的是()A.慣性就是物體保持靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)B.力的國際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的C.物體運動狀態(tài)改變的難易程度就是加速度D.一對作用力與反作用力的作用效果總相同【答案】B【解析】試題分析：慣性就是物體保持靜止或勻速直線運動狀態(tài)的性質(zhì)，選項A錯誤；力的國際制單位“牛頓”是根據(jù)牛頓第二定律定義的，即使質(zhì)量是1kg的物體產(chǎn)生1m/s2的加速度的力就是1N,選項B正確；物體運動狀態(tài)改變的難易程度取決于物體慣性大小，故C錯誤；作用力和反作用力作用在不同的物體上，作用效果不同，故D錯誤，故選B.考點：牛頓運動定律.3.3

4、.如圖，重量為G的物體A在大小為F的水平向左恒力作用下，靜止在傾角為的光滑斜面上。下列關(guān)于物體對斜面壓力N大小的表達(dá)式，正確的是（）A.B.C.D.【答案】ACD【解析】試題分析：如圖對A進(jìn)行受力分析A、由勾股定理可得；正確B、由三角函數(shù)關(guān)系得，；正確C、根據(jù)正交分解法可得；錯誤D、以F為已知量，；正確故選ABD考點：共點力平衡點評：中等難度。共點力平衡問題可以用力的合成法求解，也可以用力的分解法求解，還可以用正交分解法求解4.4.一個靜止的物體，在04s時間內(nèi)受到力F的作用，力的方向始終在同一直線上，物體的加速度a隨時間的變化如圖所示，則物體在（）A.04s時間內(nèi)做勻變速運動B.第2s末速度

5、改變方向C.04s時間內(nèi)位移的方向不變D.02s時間內(nèi)位移最大【答案】C【解析】試題分析：04s時間內(nèi)，加速度不恒定，不是勻變速直線運動，A錯；第2s末，加速度改變方向、速度最大；02s物體做加速度方向與速度方向相同，做加速度變化的加速直線運動，速度增加量為02s內(nèi)圖象與橫軸圍成的面積；24s，速度變化量與02s速度變化量大小相等方向相反，即第4s末的速度減小為0，方向不變，即04s內(nèi)位移方向不變。第4s末位移最大。C正確、D錯誤?？键c：本題考查牛頓運動定律、勻變速運動特點、微元法在物理中的應(yīng)用。5.5.在光滑水平面上，、兩小球沿水平面相向運動.當(dāng)小球間距小于或等于時，受到大小相等、方向相反的

6、相互排斥恒力作用，小球間距大于時，相互間的排斥力為零，小球在相互作用區(qū)間運動時始終未接觸，兩小球運動時速度隨時間的變化關(guān)系圖象如圖所示，由圖可知（）A.球質(zhì)量大于球質(zhì)量B.在時刻兩小球間距最小C.在時間內(nèi)兩小球間距逐漸減小D.在時間內(nèi)球所受排斥力方向始終與運動方面相反【答案】AC【解析】試題分析：從速度時間圖象可以看出b小球速度時間圖象的斜率絕對值較大，所以b小球的加速度較大，兩小球之間的排斥力為相互作用力大小相等，根據(jù)知，加速度大的質(zhì)量小，所以b小球質(zhì)量較小，故A正確；二者做相向運動，所以當(dāng)速度相等時距離最近，即時刻兩小球最近，之后距離又開始逐漸變大，所以B錯誤C正確；b球0-t1時間內(nèi)勻減

7、速，所以時間內(nèi)排斥力與運動方向相反，D錯誤考點：考查牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系6.6.“疊羅漢”是一種高難度的雜技由六人疊成的三層靜態(tài)造型如圖所示，假設(shè)每個人的質(zhì)量均為m，下面五人彎腰后背部呈水平狀態(tài)，則最底層正中間的人的一只腳對水平地面的壓力約為(重力加速度為g)()A.mgB.mgC.mgD.mg【答案】C【解析】試題分析：最底層正中間的人承受了上面三個人重力的，即,所以他的兩只腳承受的力為：2F=G+，解得：，選項D正確.考點：物體的平衡.7.7.在斜面上等高處，靜止著兩個相同的物塊A和B.兩物塊之間連接著一個輕質(zhì)彈簧，勁度系數(shù)為K，斜面的傾角為，兩物塊和斜面間的摩擦

8、因數(shù)均為，則彈簧的最大伸長量是：()A.B.C.D.【答案】D【解析】試題分析：物塊靜止在斜面上，在斜面這個平面內(nèi)共有三個力作用在物體上，一個是重力沿斜面向下的分力，靜摩擦力，方向不確定，彈簧彈力水平方向，則彈力等于和靜摩擦力f的合力，當(dāng)靜摩擦力最大時，合力最大，此時：，故，故D正確考點：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用【名師點睛】在處理共點力平衡問題時，關(guān)鍵是對物體進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)正交分解法將各個力分解成兩個方向上的力，然后列式求解，如果物體受到三力處于平衡狀態(tài)，則可根據(jù)矢量三角形法，將三個力移動到一個三角形中，然后根據(jù)角度列式求解，8.8.如圖2所示，水平地面上的物體A，在斜向上的拉力F作

9、用下，向右作勻速直線運動，則（）A.物體A可能不受地面支持力的作用B.物體A可能受到三個力的作用C.物體A受到滑動摩擦力的大小為FcosD.水平地面對A的作用力一定是豎直向上【答案】C【解析】【詳解】物體A若不受支持力作用，則不受摩擦力作用，只受重力和拉力，不可能平衡。故A錯誤。物體受重力、支持力、摩擦力和拉力處于平衡。故B錯誤。在水平方向上有：Fcos=f故C正確。物體所受重力和拉力的合力與支持力與摩擦力的合力等值反向，因為拉力和重力的合力不可能為豎直方向，則水平地面對A的作用力一定不是豎直方向。故D錯誤。故選C。9.9.如圖所示，頂端裝有光滑定滑輪的斜面體放在粗糙水平地面上，A、B兩物體通

10、過輕質(zhì)細(xì)繩連接，并處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平向右的力F將物體B緩慢拉動一定的距離（斜面體與物體A始終保持靜止）。在此過程中，下列判斷正確的是（）A.水平力F逐漸變大B.物體A所受斜面體的摩擦力逐漸變大C.斜面體所受地面的支持力逐漸變大D.斜面體所受地面的摩擦力逐漸變大【答案】AD【解析】取物體B為研究對象分析其受力，則有F=mgtan，增大，則水平力F隨之變大對A、B兩物體與斜面體這個整體而言，由于斜面體與物體A仍然保持靜止，拉力F增大，則地面對斜面體的摩擦力一定變大，但是因為整體豎直方向并沒有其它力，故斜面體所受地面的支持力應(yīng)該沒有變；在這個過程中盡管繩子張力變大，但是由于物體A所受斜面體的摩擦

11、力開始并不知道其方向，故物體A所受斜面體的摩擦力的情況無法確定故D正確，ABC錯誤故選D點睛：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地進(jìn)行受力分析，運用共點力平衡進(jìn)行求解，注意整體法和隔離法的運用.10.10.用細(xì)線將籃球拴在升降機光滑的側(cè)壁上，當(dāng)升降機加速下降時，出現(xiàn)如圖所示的情形四位同學(xué)對此現(xiàn)象做出了分析與判斷，其中可能正確的是()A.升降機的加速度大于g，側(cè)壁對球無擠壓B.升降機的加速度小于g，側(cè)壁對球有擠壓C.升降機的加速度等于g，側(cè)壁對球無擠壓D.升降機的加速度等于g，側(cè)壁對球有擠壓【答案】C【解析】試題分析：當(dāng)升降機加速下降時，加速度等于g，則小球在豎直方向上僅受重力，拉力為零，由于小球在水平方向

12、上平衡，可知側(cè)壁對小球無擠壓，故C正確，D錯誤當(dāng)升降機加速下降時，加速度大于g，小球受重力、繩子的拉力，由于水平方向上平衡，則側(cè)壁對小球有彈力，即側(cè)壁對球有擠壓，故A錯誤當(dāng)升降機加速下降是，加速度小于g，不會出現(xiàn)如圖所示的情況，球會在懸點下方，故B錯誤故選C?？键c：牛頓第二定律的應(yīng)用【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵知道小球和升降機具有相同的加速度，通過隔離對小球分析，合力在豎直下降，抓住水平方向平衡進(jìn)行求解。11.11.在足夠高的空中某點豎直上拋一物體，拋出后第5s內(nèi)物體的位移大小是4m，設(shè)物體拋出時的速度方向為正方向，忽略空氣阻力的影響，g取10ms2。則關(guān)于物體的運動下列說法正確的是（）A.物體

13、的上升時間可能是4.9sB.第5S內(nèi)的平均速度一定是4msC.4S末的瞬時速度可能是10msD.10S內(nèi)位移可能為100m【答案】A【解析】試題分析：A、若位移的方向向上，根據(jù)得，4=v05，解得第5s內(nèi)的初速度為9m/s，上升到最高點還需的時間，則物體上升的時間可能為4.9s若物體的位移向下，則4=v05，解得第5s內(nèi)初速度為1m/s故A正確B、第5s內(nèi)的位移可能向上，可能向下，則平均速度可能為4m/s，可能為4m/s故B錯誤C、由A選項解析可知，4s末的速度可能為9m/s，可能為1m/s故C錯誤D、當(dāng)物體第5s初的速度為9m/s時，則物體豎直上拋的初速度v=v0+gt=49m/s，當(dāng)物體第

14、5s初的速度為1m/s時，則物體的初速度v=v0+gt=41m/s可知10s末的速度可能為51m/s，可能為59m/s，根據(jù)x=得，10s內(nèi)的位移可能為10m，可能為90m故D錯誤故選：A12.12.如圖所示，木板P下端通過光滑鉸鏈固定于水平地面上的O點，物體A、B疊放在木板上且處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時物體B的上表面水平。現(xiàn)使木板p繞O點緩慢旋轉(zhuǎn)到虛線所示位置，物體A、B仍保持靜止，與原位置的情況相比A.B對A的作用力不變B.A對B的壓力增大C.木板對B的支持力增大D.木板對B的摩擦力不變【答案】A【解析】A、當(dāng)將P繞O點緩慢旋轉(zhuǎn)到虛線所示位置，B的上表面不再水平，A受力情況如圖1，A受到重力和B的

15、支持力、摩擦力三個力的作用，其中B對A的支持力、摩擦力的和仍然與A的重力大小相等，方向相反，則A受到B對A的作用力保持不變，故A正確，B、根據(jù)平衡可知A原來只受到重力和支持力而處于平衡狀態(tài)，所以B對A的作用力與A的重力大小相等，方向相反，而現(xiàn)在，所以B對A的支持力變小，根據(jù)牛頓第三定律可知A對B的壓力也變小，故B錯誤；CD、以AB整體為研究對象，分析受力情況如圖2：受總重力GAB、板的支持力N2和摩擦力f2，由平衡條件分析可知：；由于逐漸增大，所以N2減小，f2增大，故CD錯誤故選A點睛：采用整體隔離的方式對研究對象正確受力分析，建立平衡公式求解待求量即可。13.13.如圖所示，兩根等長且不可

16、伸長的細(xì)線結(jié)于O點，A端固定在水平桿上，B端系在輕質(zhì)圓環(huán)（不計重力）上，圓環(huán)套在豎直光滑桿上，C端掛一重物，重物質(zhì)量為m。開始時用手握住輕圓環(huán)，使其緊靠D端，當(dāng)重物靜止時如圖所示?，F(xiàn)釋放圓環(huán)，圓環(huán)在豎直光滑桿上自由滑動，當(dāng)重物再次靜止時OA繩拉力為FA，OB繩拉力為FB，則下列可能正確的是（）A.FA<mg；FB<mgB.FA=mg；FB0C.FAmg；FB<mgD.FAmg；FBmg【答案】BCD【解析】【詳解】據(jù)題分析可知，圓環(huán)的重力不計，受到豎直桿的支持力和繩OB的拉力兩個力作用，豎直桿對圓環(huán)的支持力與桿垂直向左，二力平衡時，這兩個力必定在同一直線上，則當(dāng)讓圓環(huán)在豎直光

17、滑桿上自由滑動，重物再次靜止時，OB繩也與豎直桿垂直。設(shè)此時OA與水平桿的夾角為，二個細(xì)線的長度均為L，若AD=L，則當(dāng)平衡時COA共線且豎直，此時FA=mg，F(xiàn)B=0，選項B正確；若平衡時OA與水平方向夾角為450，則FBmg，F(xiàn)A=mgmg；選項D正確；若平衡時OA與水平方向夾角大于450，則FB<mg，F(xiàn)Amg；選項C正確；若平衡時OA與水平方向夾角小于450，則FB>mg，F(xiàn)Amg；則A錯誤；故選BCD.【點睛】此題關(guān)鍵是知道與小環(huán)連接的細(xì)繩是水平的，可根據(jù)OA與水平桿的夾角關(guān)系來討論兩條細(xì)繩的拉力關(guān)系.14.14.水平面上靜止放置一質(zhì)量為M的木箱，箱頂部和底部用細(xì)線分別拴

18、住質(zhì)量均為m的小球，兩球間有一根處于拉伸狀態(tài)的輕彈簧，使兩根細(xì)線均處于拉緊狀態(tài)，如圖所示?，F(xiàn)在突然剪斷下端的細(xì)線，則從剪斷細(xì)線開始到彈簧恢復(fù)原長以前，箱對地面的壓力變化情況。下列判斷正確的是()A.剛剪斷細(xì)線瞬間，壓力突然變大，以后箱對地面壓力逐漸增大B.剛剪斷細(xì)線瞬間，壓力突然變大，以后箱對地面壓力逐漸減小C.剛剪斷細(xì)線瞬間，壓力突然變小，以后箱對地面壓力逐漸減小D.剛剪斷細(xì)線瞬間，壓力突然變小，以后箱對地面壓力逐漸增大【答案】B【解析】【詳解】細(xì)線剪斷前，箱子受重力、地面的支持力，箱內(nèi)上面繩子向下的拉力，下面繩子向上的拉力四個力作用處于平衡，當(dāng)剪斷細(xì)線的瞬間，下面繩子的拉力突然消失，彈簧來

19、不及發(fā)生形變，瞬間彈力不變，對上面球分析，根據(jù)平衡知，上面繩子拉力不變，則在此瞬間地面的支持力變大。然后彈簧的彈力逐漸減小，上面繩子的拉力減小，所以地面對箱子支持力逐漸減小。故B正確，ACD錯誤。故選B。【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道剪斷繩子的瞬間，彈簧的彈力不變通過隔離分析，抓住箱子合力為零，判斷支持力的變化15.15.如圖所示是滑梯簡化圖，一小孩從滑梯上A點開始無初速度下滑，在AB段勻加速下滑，在BC段勻減速下滑，滑到C點恰好靜止，整個過程中滑梯保持靜止?fàn)顟B(tài)。假設(shè)小孩在AB段和BC段滑動時的動摩擦因數(shù)分別為1和2，AB與BC長度相等，則()A.整個過程中地面對滑梯始終無摩擦力作用B.動摩擦因數(shù)

20、122tanC.小孩從滑梯上A點滑到C點先超重后失重D.整個過程中地面對滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的總重力后大于小孩和滑梯的總重力【答案】BD【解析】小朋友在AB段做勻加速直線運動，將小朋友的加速度a1分解為水平和豎直兩個方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根據(jù)牛頓定律知，地面對滑梯的摩擦力方向先水平向右；有豎直向下的分加速度，則由牛頓第二定律分析得知：小孩處于失重，地面對滑梯的支持力FN小于小朋友和滑梯的總重力同理，小朋友在BC段做勻減速直線運動時，小孩處于超重，地面對滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的總重力，地面對滑梯的摩擦力方向水平向左故AC錯誤，D正確設(shè)AB的長度為L，AB

21、間的高度為h，則sin=，小孩在B點的速度為v小孩從A到B為研究對象，由動能定理得：-1mgLcoos+mgh=mv2-0;小孩從B到C為研究過程，由動能定理得：-2mgLcos+mgh=0-mv2；聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：1+2=2tan，故B正確故選BD點睛：本題主要考查了牛頓定律即動能定理的直接應(yīng)用，注意當(dāng)物體加速度有向下分量時處于失重狀態(tài)，加速度有向上分量時處于超重狀態(tài).可以結(jié)合整體及隔離法分析.16.16.小車中部的豎直桿頂部有一定滑輪。跨過定滑輪的繩子一端系一重球，另一端系在彈簧秤上，彈簧秤下端固定在小車上。小車在水平拉力作用下在水平面上向左勻速運動時的情況如圖所示。若突然撤去拉力，小車

22、向左做勻減速運動階段，穩(wěn)定后下列判斷正確的是（）A.彈簧秤讀數(shù)及小車對地面壓力均增大B.彈簧秤讀數(shù)變大，小車對地面的壓力不變C.彈簧秤讀數(shù)及小車對地面壓力均變小D.彈簧秤讀數(shù)不變，小車對地面的壓力變大【答案】B【解析】開始時小車處于靜止?fàn)顟B(tài)，小球受重力mg、繩的拉力F繩1，由于小球靜止，所以F繩1=mg，當(dāng)小車勻加速向右運動穩(wěn)定時，小球也向右勻加速運動小球受力如圖：由于小球向右做勻加速運動，所以小球的加速度水平向右，根據(jù)牛頓第二定律小球的合力也水平向右，根據(jù)力圖幾何關(guān)系得出：此時繩子的拉力F繩2mg，所以繩中拉力變大，彈簧秤讀數(shù)變大對整體進(jìn)行受力分析：開始時小車處于靜止?fàn)顟B(tài)，整體所受地面的支持

23、力等于本身重力當(dāng)小車勻加速向右運動穩(wěn)定時，整體在豎直方向無加速度，也就是整體在豎直方向出于平衡狀態(tài)，所以整體所受地面的支持力仍然等于本身重力故B正確，ACD錯誤故選B17.17.如圖所示，完全相同的磁鐵A、B分別位于鐵質(zhì)車廂豎直面和水平面上，A、B與車廂間的動摩擦因數(shù)均為，小車靜止時，A恰好不下滑，現(xiàn)使小車加速運動，為保證磁鐵A、B與車廂無相對滑動，則()A.速度可以向左，加速度可以小于gB.加速度一定向右，不能超過(1)gC.加速度一定向左，不能超過gD.加速度一定向左，不能超過(1)g【答案】AD【解析】小車靜止時，A恰好不下滑，可知，水平方向上車壁對磁鐵的彈力和吸引力相等，當(dāng)小車做加速運

24、動時，車壁對物塊的彈力不能減小，只能增加，可知加速度的方向一定水平向左，對B分析，根據(jù)牛頓第二定律得，解得，即加速度不能超過，故CD正確，AB錯誤；故選CD。二、實驗題（18題8分）18.18.物理小組在一次探究活動中測量滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)，實驗裝置如圖甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端裝有定滑輪；木板上有一滑塊，其一端與穿過電磁打點計時器的紙帶相連，另一端通過跨過定滑輪的細(xì)線與托盤連接。打點計時器使用的交流電源的頻率為50Hz。開始實驗時，在托盤中放入適量砝碼，滑塊開始做勻加速運動，在紙帶上打出一系列點。圖乙給出的是實驗中獲取的一條紙帶的一部分：0、1、2、3、4、5、6

25、、7是計數(shù)點，每相鄰兩計數(shù)點間還有4個計時點(圖中未標(biāo)出)，計數(shù)點間的距離如圖所示。根據(jù)圖中數(shù)據(jù)計算的加速度a=_ms2(保留兩位有效數(shù)字)為了測量動摩擦因數(shù)，下列物理量中還應(yīng)測量的是_。A.木板的長度LB木板的質(zhì)量m1C.滑塊的質(zhì)量m2D.托盤和砝碼的總質(zhì)量m3E.滑塊運動的時間t滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)=_(用被測物理量的字母表示，重力加速度為g)【答案】(1).0.49(2).CD(3).【解析】(1)每相鄰兩計數(shù)點間還有4個計時點，；加速度(2)設(shè)滑塊的質(zhì)量m2，托盤和砝碼的總質(zhì)量m3對托盤和砝碼受力分析，據(jù)牛頓第二定律得：對滑塊受力分析，據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：，故CD兩項正確。

26、(2)由第二問解答知：三、計算題（本題共3小題，共34分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計算的，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。19.19.如圖所示，水平面上有一個傾角為30的斜劈，質(zhì)量為m。一個光滑小球，質(zhì)量也為m，用繩子懸掛起來，繩子與斜面的夾角為a30，整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。（1）求出繩子的拉力T；（2）若地面對斜劈的最大靜摩擦力fm等于地面對斜劈的支持力的k倍，為了使整個系統(tǒng)始終保持靜止，k值必須滿足什么條件？【答案】(1)(2)【解析】（1）對小球：受到重力mg、斜面的支持力和繩子的拉力T三個力作用，受力分析如圖所示：由平衡條件得：，解

27、得：；（2）對整體：受到總重力2mg、地面的支持力和摩擦力f，繩子的拉力T，如圖所示：則由平衡條件得：依題意，有：解得：點睛：本題涉及多個物體的平衡問題，考查靈活選擇研究對象的能力，關(guān)鍵是分析受力情況，作出受力分析圖；首先以小球為研究對象，根據(jù)平衡條件應(yīng)用正交分解法求解繩子的拉力，然后對整體研究，根據(jù)平衡條件求出地面對斜劈的靜摩擦力f，當(dāng)時，整個系統(tǒng)能始終保持靜止。20.20.汽車前方120m有一自行車正以6m/s的速度勻速前進(jìn)，汽車以18m/s的速度追趕自行車，若兩車在同一條公路不同車道上作同方向的直線運動，求：（1）經(jīng)多長時間，兩車第一次相遇；（2）若汽車追上自行車后立即剎車，汽車剎車過程

28、中的加速度大小為2m/s2，則再經(jīng)多長時間兩車第二次相遇。【答案】（1）10s（2）13.5s【解析】試題分析：（1）抓住汽車和自行車的位移關(guān)系，運用運動學(xué)公式求出第一次相遇的時間（2）抓住位移相等，運用運動學(xué)公式求出第二次相遇的時間，需討論汽車剎車到停止的時間，若經(jīng)歷的時間大于汽車到停止的時間，則汽車停在某處讓自行車追趕，再根據(jù)運動學(xué)公式求出追及的時間解：（1）設(shè)經(jīng)t1秒，汽車追上自行車2t1=1t1+St1=8s故經(jīng)過8s兩車第一次相遇（2）相遇時汽車的速度為v=at1=32m/s相遇后2s內(nèi)的速度為v=v+at=32+42m/s=40m/s2s內(nèi)通過的位移為汽車減速到零所需時間為5s汽車前進(jìn)的位移為自行車前進(jìn)的位移為x自=vt2=30m，故汽車停止前未追上故再次追上所需時間為答：（1）經(jīng)8s，兩車第一次相遇，（2）若汽車追上自行車后保持加速度不變繼續(xù)行駛