新課標(biāo)Ⅰ卷)高考物理沖刺卷(8)(含解析

1、（新課標(biāo)I卷）高考物理沖刺卷 09第1卷（126分）二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分。14、“曹沖稱(chēng)象”是婦孺皆知的故事，當(dāng)眾人面對(duì)大象這樣的龐然大物，在缺少有效的稱(chēng)量工具而束手無(wú)策的時(shí)候，曹沖稱(chēng)量出大象的體重，體現(xiàn)了他的智慧，被世人稱(chēng)道。下列物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方法與“曹沖稱(chēng)象”的方法相同的是：（）A. “質(zhì)點(diǎn)”的概念B 合力與分力的關(guān)系C. “瞬時(shí)速度”的概念D .研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系【答案】B【解析】建立“馬刖 的銀念，采用

2、理想欖型注，不是尊效晉代，故A錯(cuò)謀；建立合力和分力辭的帆念，采用尊 效笞代的恩想，故B正確建立叫翩寸速度”的載念，臬用極值法，不屋等效晉代滬故C錯(cuò)誤j 研究加速度與合力、馬量的關(guān)系，采用揑制孌蚩法，不罡等效晉代，故D錯(cuò)謀,故選考點(diǎn)：物理問(wèn)題的研究方法【名師點(diǎn)睛】曹沖稱(chēng)象故事用等重量的石頭代替等重量的大象，是等效替代的思想；力的合成與分解、運(yùn)動(dòng)的合成與分解是等效替代思想；本題考查了等效替代法、理想模型法、極值 法等思想方法，是物理學(xué)的精髓所在，基礎(chǔ)問(wèn)題。15、某同學(xué)在學(xué)習(xí)了直線運(yùn)動(dòng)和牛頓運(yùn)動(dòng)定律知識(shí)后，繪出了沿直線運(yùn)動(dòng)的物體的位移 x、速度V、加速度a隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，若該物體在t=0時(shí)

3、刻，初速度為零，則下列圖像中該物體在0L|4s內(nèi)位移最大的是：（）【答案】C【解析】在0 -2s內(nèi)，位移先增大再減小，然后運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生改變，位移先增大再減小，在0LI 4s內(nèi)位移為零，故 A錯(cuò)誤；在0-2s內(nèi)速度為正值，向正方向運(yùn)動(dòng)，在2-4s內(nèi)速度為負(fù)值，向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，在 0LI 4s內(nèi)位移為零，故 B錯(cuò)誤；0-1s內(nèi)加速度不變，做勻 加速直線運(yùn)動(dòng)，1 -2s內(nèi)加速度方向，大小不變，向正方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)， 2s末速度為零， 在一個(gè)周期內(nèi)速度的方向不變，然后重復(fù)，故在 0LI 4s內(nèi)位移最大，故 C正確；在0-1s內(nèi)，向正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，1 -2s內(nèi)加速度方向，大

4、小不變，向正方向做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，2s末速度為零，2 3s內(nèi)向負(fù)方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生變化，故D錯(cuò)誤?？键c(diǎn)：加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系式；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道速度時(shí)間圖線和位移時(shí)間圖線的物理意義，以及知道它們 的區(qū)別，并且能很好運(yùn)用。16、如圖甲所示，物體受到水平推力F的作用，在粗糙水平面上做直線運(yùn)動(dòng)通過(guò)力傳感器和速度傳感器監(jiān)測(cè)到推力 F和物體速度v隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示. 重力加速度g= 10 m/s2.則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是：（）屮乙A. 物體的質(zhì)量 m= 0.5 kgB. 物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)I = 0.2C. 第2 s內(nèi)物體克服摩擦力做的

5、功 W= 2 JD. 前2 s內(nèi)推力F做功的平均功率 P = 1.5W【答案】B【解析】由速度時(shí)間圖象可以知道在2一充的時(shí)間內(nèi)，物體勻速運(yùn)動(dòng)，處于受力平衡狀態(tài)，所以滑動(dòng)摩撫力的大小為2N,在1么的時(shí)間內(nèi)，物體做勻抑速運(yùn)動(dòng)，直的斜率代表加速度的大小，所以口 = 亍加F “駅F, 由牛頓第二定律可得:F-fma,所以啊=05儀，A正確，由f = =,所以“二上=0.4,mgB錯(cuò)誤i第2s內(nèi)物體的位移是;x =摩揀力做的功W = fy = 2J = 2JfC正確在第一穢內(nèi)Ju物體沒(méi)有運(yùn)動(dòng)，只在第二秒運(yùn)動(dòng)，尸也只在第二秒做功,F的功為FF = /=x=3xlJ = V,所以前25內(nèi)推_ nr 3力F做

6、功的平均功率対:=護(hù)=1一5護(hù)小正確：t 2本題選錯(cuò)誤的，故選 B?？键c(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率、動(dòng)摩擦因數(shù)、功的計(jì)算、v-t圖象?！久麕燑c(diǎn)睛】對(duì)于速度圖象類(lèi)的題目，主要是要理解斜率的含義：斜率代表物體的加速度；速度正負(fù)的含義：速度的正負(fù)代表物體運(yùn)動(dòng)的方向；速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積的含義：面積代表物體的位移。17、如圖所示，圖甲中 M為一電動(dòng)機(jī)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的觸頭從一端滑到另一端的過(guò)程中，兩電壓表的讀數(shù)隨電流表讀數(shù)的變化情況如圖乙所示。已知電流表讀數(shù)在0.2A以下時(shí)，電動(dòng)機(jī)沒(méi)有發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)。不考慮電表對(duì)電路的影響，以下判斷正確的是:A. 電路中電源電動(dòng)勢(shì)為 3.4VB. 變阻器的觸頭向右滑動(dòng)

7、時(shí)，V2讀數(shù)逐漸減小C. 此電路中，電動(dòng)機(jī)的最大輸出功率為0.9WD. 變阻器的最大阻值為 30 Q【答案】D【解析】由電路圖甲知，電測(cè)量蹌錨電壓，電淀増大時(shí)*內(nèi)電壓增大，腔鋼電壓冠小所嘆最上面的圖線験 3 4-3 0示也的電壓與電渣的關(guān)系.此塾戔的斜率大可欝于電源的內(nèi)阻，為3UQ = 2Q當(dāng)電濤XJ.1A時(shí),02U-3 4V,則電源的電動(dòng)勢(shì)EV知故A錯(cuò)誤；變阻器冋右澧動(dòng)時(shí)，R阻值孌大，總電 渤Mb內(nèi)電圧Mds路鐫電壓即為卩瀆數(shù)大”故Biss；由圖可知，電動(dòng)機(jī)的電阻0 8-04=01Q=4Q當(dāng)17時(shí)U=3V,電動(dòng)機(jī)的輸入功率率最大，最大輸入功率為P-UI3xO.3W-0.9W,則最大的諭出功率

8、一定小于09W,故C錯(cuò)溟；當(dāng)1-0叭 電路中電潦最卜 變阻 E丁 X.署的電阻為最大值，=( -2-4) Q = 30Q,故D正覘故選DjT考點(diǎn)：電路的動(dòng)態(tài)分析【名師點(diǎn)睛】本題考查對(duì)物理圖象的理解能力，可以把本題看成動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，解題時(shí)首先理解圖線的物理意義；根據(jù)電路圖來(lái)選擇兩電表示對(duì)應(yīng)的圖線對(duì)于電動(dòng)機(jī)，理解并掌握功率的分配關(guān)系是關(guān)鍵。18、一個(gè)帶負(fù)電荷q，質(zhì)量為m的小球，從光滑絕緣的斜面軌道的A點(diǎn)由靜止下滑，小球恰能通過(guò)半徑為R的豎直圓形軌道的最高點(diǎn) B而做圓周運(yùn)動(dòng)，現(xiàn)在豎直方向上加如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)，若仍從 A點(diǎn)由靜止釋放該小球，則：()A、小球不能過(guò) B點(diǎn)B小球仍恰好能過(guò) B點(diǎn)C小球能過(guò)

9、B點(diǎn)，且在B點(diǎn)與軌道之間壓力不為零D以上說(shuō)法都不對(duì)【解析】沒(méi)有電場(chǎng)時(shí)3最高點(diǎn)速度設(shè)為J則噸二嗎又根1S機(jī)械能守恒定律：柝0 h-2R） = ；2，解得曲 R 抑上電場(chǎng)時(shí)，恰好過(guò)最高點(diǎn)需要的速度設(shè)為詁k y m而由動(dòng)能定理，得噸理-詢(xún)-哪4価赫f(shuō) * 噸-曲&27 fft說(shuō)明小球仍恰好能過(guò)B點(diǎn).故A錯(cuò)誤,B正確.考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、向心力【名師點(diǎn)睛】沒(méi)有電場(chǎng)時(shí)，小球恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)時(shí)恰好由重力提供向心力加上電場(chǎng) 時(shí)，運(yùn)用動(dòng)能定理分析到最高點(diǎn)時(shí)速度，研究向心力，判斷能否通過(guò)最高點(diǎn)；本題是動(dòng)能定 理和向心力知識(shí)的綜合，關(guān)鍵是分析小球過(guò)最高點(diǎn)的臨界速度。19、如圖，“嫦

10、娥三號(hào)”衛(wèi)星要經(jīng)過(guò)一系列的調(diào)控和變軌，才能最終順利降落在月球表面。它先在地月轉(zhuǎn)移軌道的 P點(diǎn)調(diào)整后進(jìn)入環(huán)月圓形軌道 1,進(jìn)一步調(diào)整后進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道 關(guān)“嫦娥三號(hào)”下列說(shuō)法正確的是：（）2 有A. 在地球上的發(fā)射速度一定大于第二宇宙速度B. 在P點(diǎn)由軌道1進(jìn)入軌道2需要減速C. 在軌道2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)速度大于Q點(diǎn)速度D. 分別由軌道1與軌道2經(jīng)P點(diǎn)時(shí)，向心加速度相同【答案】BD【解析】嫦娥三號(hào)發(fā)射出去后繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有離開(kāi)地球束縛，故嫦娥三號(hào)的發(fā)射速度大于7.9km/s ,小于11.2km/s， A錯(cuò)誤；衛(wèi)星在軌道1上的P點(diǎn)處減速，使萬(wàn)有引力大于向心力 做近心運(yùn)動(dòng)，才能進(jìn)入軌道 2，B正確；

11、衛(wèi)星做橢圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)，從遠(yuǎn)月點(diǎn)P向近月點(diǎn)Q運(yùn)動(dòng)中，月球?qū)πl(wèi)星的引力做正功，故速度增大，即在軌道2經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)速度小于 Q點(diǎn)速度，C錯(cuò)誤；在A點(diǎn)嫦娥三號(hào)衛(wèi)星產(chǎn)生的加速度都是由萬(wàn)有引力產(chǎn)生的，因?yàn)橥贏點(diǎn)萬(wàn)有引力大小相等，故不管在哪個(gè)軌道上運(yùn)動(dòng)，在A點(diǎn)時(shí)萬(wàn)有引力產(chǎn)生的加速度大小相等，D正確；故選BD。考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用?！久麕燑c(diǎn)睛】本題要理解衛(wèi)星變軌原理，嫦娥三號(hào)在軌道1上做圓周運(yùn)動(dòng)萬(wàn)有引力等于向心力，要進(jìn)入軌道2需要做近心運(yùn)動(dòng)，使得在P點(diǎn)所受萬(wàn)有引力大于圓周運(yùn)動(dòng)向心力，因?yàn)橥赑點(diǎn)萬(wàn)有引力不變，故嫦娥三號(hào)只有通過(guò)減速減小向心力而做近心運(yùn)動(dòng)進(jìn)入軌道2。20、如圖所示為糧袋的傳送帶裝置，已知

12、AB間的長(zhǎng)度為L(zhǎng),傳送帶與水平方向的夾角為 0 , 工作時(shí)運(yùn)行速度為 v，糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 卩，正常工作時(shí)工人在 A點(diǎn)將糧袋由 靜止放上，以下說(shuō)法正確的是 （設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力 ）：（）A. 糧袋到達(dá)B點(diǎn)的速度與v比較，可能大，也可能相等或小B. 若L足夠大，糧袋最終將一定以速度v做勻速運(yùn)動(dòng)C. 若卩tan 0，則糧袋從A到B 一定一直是做加速運(yùn)動(dòng)D. 糧袋剛放上傳送帶時(shí)的加速度av gsin 0【答案】AC【解析】糧袋在傳送芾上可能一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)成點(diǎn)時(shí)的速愛(ài)卜于vj可能先勻加遼運(yùn)動(dòng)I,當(dāng)速康與傳送芾相 同后，做勻速運(yùn)動(dòng).到達(dá)e點(diǎn)時(shí)速度與“相同j也可能先做加速度$

13、歡的勻加速運(yùn)3b當(dāng)速度與傳送帚相 同后做抑速度較小的勻扣速運(yùn)湖到達(dá)遲點(diǎn)時(shí)的速度大于力A正鬪糧袋開(kāi)始時(shí)受沿斜面向下的滑動(dòng)摩 撅力大小為呻辭站根據(jù)牛頓第二定律得到加速度也二也可能先做加速度 a =g（iia + cos?）的勻加速運(yùn)瑚，當(dāng)逾?與傳送帶相同后做加遠(yuǎn)度戲=奚五0 =牛的勻加遼運(yùn) 譏 到達(dá)貞點(diǎn)時(shí)的速度大于v, B鋸i吳；若糧袋從北到E可能一育是做加速運(yùn)幼，彌謹(jǐn)宸直為 岳=駅鈕B +衛(wèi)80）戒先為“二就!血& * 0外后為& =貞血&亠左3砒，C正端糧袋剛放上時(shí)的 加速度為a=g大于疋血& , Diis;故選AC.考點(diǎn)：牛頓第二定律、滑動(dòng)摩擦力?！久麕燑c(diǎn)睛】本題考查分析物體運(yùn)動(dòng)情況的能力，

14、而要分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，首先要具有物 體受力情況的能力；傳送帶問(wèn)題，物體的運(yùn)動(dòng)情況比較復(fù)雜，關(guān)鍵要考慮物體的速度能否與 傳送帶相同。21、如圖所示，同一豎直面內(nèi)的正方形導(dǎo)線框a、b的邊長(zhǎng)均為I，電阻均為R,質(zhì)量分別為2m和m它們分別系在一跨過(guò)兩個(gè)定滑輪的輕繩兩端，在兩導(dǎo)線框之間有一寬度為2I、磁感 應(yīng)強(qiáng)度大小為 B、方向垂直豎直面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。開(kāi)始時(shí)，線框 b的上邊與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的下邊b全部界重合，線框a的下邊到勻強(qiáng)磁場(chǎng)的上邊界的距離為I?，F(xiàn)將系統(tǒng)由靜止釋放，當(dāng)線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，a、b兩個(gè)線框開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)。不計(jì)摩擦和空氣阻力，則:-12 -A.a、b兩個(gè)線框勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為2mgRB2|2B

15、.線框a從下邊進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊離開(kāi)磁場(chǎng)所用時(shí)間為3B2I3mgRC.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框 a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，線框a所產(chǎn)生的焦耳熱為mglX X X X X X X | xxxxxxx/X 2L上上上蘭丄2mglD. 從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框 a全部進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，兩線框共克服安培力做功為【答案】BC【解析】當(dāng)線框b全咅譴入磁場(chǎng)時(shí)皿的下邊剛進(jìn)入盛場(chǎng)廁臨寸兩線圈勻速運(yùn)動(dòng)測(cè)叱+理=2驅(qū)而比二斗二 解得需，選項(xiàng)A諭劉線框口從下邊逬入昨止邊鳥(niǎo)開(kāi)蠱場(chǎng)的過(guò)程，兩線圈一直他勻速運(yùn)動(dòng)，則所用的吋間=故選項(xiàng)b正確；從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到線框込全部進(jìn)入備的過(guò)程中，因?yàn)閮删€圈勻速v mgR運(yùn)動(dòng),故線框a所產(chǎn)生的焦耳熱等于兩線圈的重力

16、勢(shì)能的減小量；Q = AEP = 2-mgI =mgl,選項(xiàng)C 正確.從幵紿運(yùn)動(dòng)到線樁込全卻進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中兩線框共克服安皓力俶功等于產(chǎn)生的電能即大小為 禍選項(xiàng)D錯(cuò)誤孑故選BC考點(diǎn)：電磁感應(yīng)的力及能量問(wèn)題第卷（174分）三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題第32題為題，每個(gè)考題考生都必須作答，第3340為選考題，考生格局要求作答。（一）必考題（共129分）22. （ 6分）在“測(cè)定圓柱形材料的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，（1）某同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)樣品直徑時(shí)，結(jié)果如圖所示，則該樣品的直徑為mm=_1! 1 10斗W（2）給樣品通電，用量程為 3V的電壓表和量程為 0.6A的電流表測(cè)樣品兩端的電

17、壓和通過(guò)樣品的電流時(shí)讀數(shù)如圖所示，則電流表的讀數(shù)為A.（3） 用米尺測(cè)量樣品的長(zhǎng)度L=0.810m 禾U用以上測(cè)量數(shù)據(jù)，可得這種材料的電阻率為 Q ?m （結(jié)果保留二位有效數(shù)字）【答案】（1） 2. 935（2 分）；（2） 0.52 （2 分）；（3） 4.2 X 10-5 Q ?m （2 分）【解析】（1 醴族測(cè)微器的讀數(shù)：2.5nun+43T5X0.01 mm-2,935mmj（2）電茨表讀數(shù)：0-S2A|（3由R = p =得：警代入數(shù)擔(dān)得： = 42x10（1S4IL考點(diǎn)：測(cè)金屬導(dǎo)體的電阻率、讀數(shù)。【名師點(diǎn)睛】測(cè)量電阻最基本的原理是伏安法，電路可分為測(cè)量電路和控制電路兩部分設(shè) 計(jì)測(cè)量

18、電路要求精確，誤差小，可根據(jù)電壓表、電流表與待測(cè)電阻阻值倍數(shù)關(guān)系，選擇電 流表內(nèi)、外接法控制電路關(guān)鍵是變阻器的分壓式接法或限流式接法在兩種方法都能用的 情況下，為了減小能耗，選擇限流式接法。23. （ 9分）用如圖所示裝置做“驗(yàn)證動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)中，小車(chē)碰到制動(dòng)擋板時(shí)，鉤 碼尚未到達(dá)地面。 為了保證細(xì)繩的拉力等于小車(chē)所受的合外力，以下操作必要的是 （選填選項(xiàng)前的字母）。鉤碼接電源打點(diǎn)計(jì)時(shí)器A. 在未掛鉤碼時(shí)，將木板的右端墊高以平衡摩擦力B. 在懸掛鉤碼后，將木板的右端墊高以平衡摩擦力C. 調(diào)節(jié)木板左端定滑輪的高度，使?fàn)恳≤?chē)的細(xì)繩與木板平行D. 所加鉤碼的質(zhì)量盡量大一些 如圖所示是某次實(shí)

19、驗(yàn)中打出紙帶的一部分。 O A、B、C為4個(gè)相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰的兩個(gè) 計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)打出的點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出，所用交流電源的頻率為50Hz。通過(guò)測(cè)量，可知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度大小為m/s 。DAEC 2.86 *6.21 10.06單位：cm 甲同學(xué)經(jīng)過(guò)認(rèn)真、規(guī)范地操作，得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶。他把小車(chē)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)打下的點(diǎn)記為O,再依次在紙帶上取等時(shí)間間隔的1、2、3、4、5、6等多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，可獲得各計(jì)數(shù)點(diǎn)到O的距離s及打下各計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車(chē)的瞬時(shí)速度v。如圖所示是根據(jù)這些實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的v2-s圖像。已知此次實(shí)驗(yàn)中鉤碼的總質(zhì)量為0.015 kg，小車(chē)中砝碼的總質(zhì)量為0.100kg，取重力2加速度

20、g= 9.8m/s ，則由圖像可知小車(chē)的質(zhì)量為kg （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。0400.0511104： 在鉤碼質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)質(zhì)量的情況下，乙同學(xué)認(rèn)為小車(chē)所受拉力大小等于鉤碼所受重力大小。但經(jīng)多次實(shí)驗(yàn)他發(fā)現(xiàn)拉力做的功總是要比小車(chē)動(dòng)能變化量小一些，造成這一情況的原因 可能是 （選填選項(xiàng)前的字母）。A. 滑輪的軸處有摩擦B. 小車(chē)釋放時(shí)離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太近C. 長(zhǎng)木板的右端墊起的高度過(guò)高D. 鉤碼做勻加速運(yùn)動(dòng)，鉤碼重力大于細(xì)繩拉力【答案】AC( 3分) 0.36 ( 2分) 0.18 0.19(2分)C(2分)【解析】1飯邈證動(dòng)能走理的實(shí)驗(yàn)中要平衡摩撫力，而必須在掛鉤碼之前平衡故A正確；且調(diào)節(jié)細(xì)繩的方

21、向?yàn)榱?確保拉力的方向與小車(chē)的合力方向在同 V直線上，故選擇C.由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，中間時(shí)刻的速度可以用此過(guò)程中的平均速度來(lái)表示，則可以用AC過(guò)程中的平均 速度來(lái)表示B點(diǎn)的平均速度。對(duì)彳陣，以及所掛的鉤碼合體分析可込系統(tǒng)的合力俶功即為重力對(duì)鉤碼所做的功，由系統(tǒng)列動(dòng)能定律 可知，皿毀攀珂皿計(jì)M詁M渤口2-0推導(dǎo)出 5= 2K仏測(cè)皿削心+皿 故得到傾斜直線的斜率 K=車(chē)+M+M渤代值計(jì)算可以得到車(chē)的質(zhì)童“在由于平衡了摩撫力，故繩子拉力所做的功應(yīng)為車(chē)子合力的功，但由于拉力的功要小于小車(chē)的動(dòng)能的變化， 說(shuō)明除去拉力做正功外，還有拉力做了正功，則這個(gè)力可能就是宙于木板過(guò)高所致的重力做的正功。故可 能

22、的是Co考點(diǎn)：動(dòng)能定理24. ( 14分)如圖所示，在某項(xiàng)娛樂(lè)活動(dòng)中，要求質(zhì)量為m的物體輕放到水平傳送帶上，當(dāng)物體離開(kāi)水平傳送帶后恰好落到斜面的頂端，且此時(shí)速度沿斜面向下.斜面長(zhǎng)度為I = 2.75m,傾角為0 = 37,物體與斜面動(dòng)摩擦因數(shù)卩1= 0.5傳送帶距地面高度為 h= 2.1 m，傳送帶的長(zhǎng)度為L(zhǎng)= 3m,物體與傳送帶表面的動(dòng)摩擦因數(shù)卩2= 0.4，傳送帶一直以速度 v傳=5m/s逆2時(shí)針運(yùn)動(dòng)，g= 10 m/s , sin37= 0.6 , cos37= 0.8.求：(1) 物體落到斜面頂端時(shí)的速度大?。?2) 物體從斜面的頂端運(yùn)動(dòng)到底端的時(shí)間；(3) 物體輕放在水平傳送帶的初位

23、置到傳送帶左端的距離應(yīng)該滿(mǎn)足的條件.【答案】(1) v = 5m/s (2) t = 0.5s(3) 2m 乞 x 乞 3m【解析】(1)物體離開(kāi)傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)落到斜面頂端的速度為Vo,沿斜面方向 Vy = 、2g(hI sin37 )=3m/s(2分)HVy而V（ 1分）sin 6得：v = 5m/s （1 分）（2）設(shè)物體從斜面的頂端運(yùn)動(dòng)到範(fàn)常的時(shí)間為根據(jù)牛頓第二定律/ =時(shí)+丄現(xiàn)F （2分2解得Z=0.5s（l分3設(shè)物體輕放在水平傳送帶的位置到傳送帝左端的距離為工vT = vv col 0 = 4mS （I 分）因?yàn)閂SV櫓曲噸二ma】（I分由vj二込x （I分）得尸2m （1分

24、故：2m xS3m （1 分考點(diǎn)：考查牛頓第二定律、勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律、平拋運(yùn)動(dòng).【名師點(diǎn)睛】小球做了多個(gè)不同的運(yùn)動(dòng)，根據(jù)相應(yīng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解，而轉(zhuǎn)折點(diǎn)的速度大小和方向是關(guān)鍵。25. （ 18分）如圖所示，以 O為圓心、半徑為 R的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直圓面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度 為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一粒子源位于圓周上的M點(diǎn)，可向磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)垂直磁場(chǎng)沿各個(gè)方向發(fā)射質(zhì)量為m電荷量為-q的粒子，不計(jì)粒子重力，為圓周上另一點(diǎn)，半徑OM和ON間的夾角0 , 且滿(mǎn)足tan =0.5。2 若某一粒子以速率vqBR，沿與MO成60。角斜向上方向射入磁場(chǎng)， 求此粒子在磁場(chǎng)中m運(yùn)動(dòng)的時(shí)間; 若某一粒子以速率 V2,沿M0方向

25、射人磁場(chǎng)，恰能從N點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，求此粒子的速率V2 ；（3）若由M點(diǎn)射人磁場(chǎng)各個(gè)方向的所有粒子速率均為V2,求磁場(chǎng)中有粒子通過(guò)的區(qū)域面積?！敬鸢浮浚?）匝（2）qBR（ 3）M 二 R2_R26qB2m244【解析】（I）粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力攝供向心力，設(shè)軌跡半徑為由牛頓第二定律可得粒子沿與與財(cái)口成飆T方向攝入磁場(chǎng)：設(shè)粒子從區(qū)域邊界P射出：其運(yùn)動(dòng)軌跡如團(tuán)所示4由團(tuán)中幾何關(guān)系可矩粒子軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為氐=15F,N點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng),其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖,ar ma: SmK f =丄=方法1:故粒子在確場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 旳購(gòu)礙方法4粒子運(yùn)動(dòng)周期 F-粒子在晞場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間/=T得二遊（

26、3分）360*6qB（2）粒子以速率V2沿mot向射入磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰好從日1r2 = Rta n = R設(shè)粒子軌跡半徑為2 ,由圖中幾何關(guān)系可得：2 2（ 2分）2mv2 qv2B-由牛頓第二定律可得r-（-分）qBr2 qBRv2 =解得：粒子的速度m -m （-分）（3）粒子沿各個(gè)方向以血進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周時(shí)的軌跡半徑都為甌，且不變中由圖可知.粒子在碣場(chǎng)中通過(guò)的面積$等于以.6為圓心的扇形GO的面積臥A/為圓心的扇形W0的面積場(chǎng)和以0點(diǎn)為圜|心的圓弧vg與直線mo圍成的面積禺之和亠-18 -（2分）（2分）雖=丄刃t2-逼於=丄聽(tīng)久一迺用36464則S亠叔（2分 244考

27、點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)33 .物理選修 3-3 （15分）（1） （5分）下列說(shuō)法正確的是 。（填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì) 1個(gè)給-分，選對(duì)-個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分0分）A、擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度都與溫度有關(guān)B溫度高的物體分子運(yùn)動(dòng)的平均速率大C 一定質(zhì)量的理想氣體，勻強(qiáng)不變，溫度升高，分子間的平均距離一定增大D熱力學(xué)第二定律可描述為“不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體”E、氣體分子單位時(shí)間內(nèi)單位面積器壁碰撞次數(shù)與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度有關(guān)【答案】ACE【解析】擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)都屬于分子熱運(yùn)動(dòng)，和溫度有關(guān)，A正確；分子的質(zhì)量沒(méi)有考慮進(jìn)去，平均動(dòng)

28、能大，但平均速率不一定大，B錯(cuò)誤；根據(jù)-PV=c，知一定質(zhì)量的理想氣體，壓強(qiáng)不變時(shí),T溫度升高時(shí)，體積增加，故分子間的平均距離一定增大，故C正確；熱力學(xué)第二定律的內(nèi)容可以表述為：熱量不能自發(fā)地由低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響，故D錯(cuò)誤；氣體分子單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)和溫度有關(guān)，單位體積內(nèi) 的分子數(shù)越多碰撞次數(shù)越多，分子的平均動(dòng)能越大，單位時(shí)間碰撞次數(shù)越多，而溫度又是分 子平均動(dòng)能的標(biāo)志，故 E正確.考點(diǎn)：考查了熱力學(xué)第二定律；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志.【名師點(diǎn)睛】擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)溫度是分子平均動(dòng)能的量度根 據(jù)氣態(tài)方程分析氣體體積的變化

29、，從而確定分子間平均距離的變化再結(jié)合熱力學(xué)第二定律 和壓強(qiáng)的微觀意義分析（2） （10分）如圖，導(dǎo)熱的圓柱形氣缸放置在水平桌面上，橫截面積為S、質(zhì)量為m的活塞封閉著一定質(zhì)量的氣體（可視為理想氣體） ，活塞與氣缸間無(wú)摩擦且不漏氣。總質(zhì)量為 m的砝 碼盤(pán)（含砝碼）通過(guò)左側(cè)豎直的細(xì)繩與活塞相連。 當(dāng)環(huán)境溫度為T(mén)時(shí)，活塞離缸底的高度為 ho 現(xiàn)使環(huán)境溫度緩慢降為 T/2 : 當(dāng)活塞再次平衡時(shí)，活塞離缸底的高度是多少？ 保持環(huán)境溫度為 T/2不變，在砝碼盤(pán)中添加質(zhì)量為Am的砝碼時(shí)，活塞返回到高度為h處,求大氣壓強(qiáng)po o【答案】gPo mg2s【解析】環(huán)境溫度緩慢降低過(guò)程中；氣缸中氣休壓強(qiáng)不變,初始時(shí)溫

30、度為丫日，（1分）體積為 =屆,變化后溫度為對(duì)=彳，體積為勺=b1S , （1分）.JLf解得% =與（2分設(shè)大氣壓強(qiáng)為初始時(shí)體枳理=啞，壓強(qiáng)馬二&十（的隔淫（1分）由玻意耳定律場(chǎng)兔=必嗎2分）解得：臥例+2S心（上分）考點(diǎn)：考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用34 .物理選修 3-4 （15分）（1）（ 5分）如圖所示為同一地點(diǎn)的兩單擺甲、乙的振動(dòng)圖象，下列說(shuō)法中正確的是 （填正確答案標(biāo)號(hào)，選對(duì) 1個(gè)給2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分，每選錯(cuò)1個(gè)扣3分， 最低得分0分）A. 甲、乙兩單擺的擺長(zhǎng)相等B. 甲擺的振幅比乙擺大C. 甲擺的機(jī)械能比乙擺大D. 在t = 0.5 s時(shí)有正向最大加速度的是乙

31、擺E. 由圖象可以求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取敬鸢浮緼BD【解折】由圏看出，兩單擺的周期相同，同一地點(diǎn)g相同，由單擺的周明公式j(luò)鈿得松甲、乙兩單擺的崔長(zhǎng) 相等，故A正勅 甲擺的抿幅為1T 乙擺的搞幅為叱g則甲擺的抿幅比乙擺大，故B正漏 盡管甲 擺的振幅比乙擺大，兩擺的擺長(zhǎng)也相竽，但由于兩擺的質(zhì)量未知無(wú)去比較機(jī)械能的大小，故C錯(cuò)誤在 “0加時(shí)，甲擺經(jīng)過(guò)平術(shù)位品 振動(dòng)的加速度対零，而乙擺的位移為員的最大，則乙擺具有正向最犬加速 度，故D正確；由埜擺的周期公武得竿，由于單擺的擺長(zhǎng)不知道，所以不能求得重力加 速度，故E錯(cuò)誤*考點(diǎn)：?jiǎn)螖[周期公式【名師點(diǎn)睛】由圖讀出兩單擺的周期，由單擺的周期公式分析擺長(zhǎng)關(guān)系；由

32、位移的最大值讀 出振幅；由于兩擺的質(zhì)量未知，無(wú)法比較機(jī)械能的大??；根據(jù)加速度與位移方向相反，確定 加速度的方向。（2）（ 10分）如圖所示， ABC為一直角三棱鏡的截面，其頂角為0 = 30. P為垂直于直線BCD的光屏，現(xiàn)一寬度等于 AB的單色平行光束垂直射向 AB面，在屏P上形成一條寬度等于2AB的光帶，試作出光路圖并求棱鏡的折射率.（其中AC的右方存在有折射率為 1的透明介3質(zhì)）【解析】作出光路圖如圖：（3分平行光束經(jīng)棱鏡折射后的出射光束仍是平行光束.團(tuán)中樂(lè)內(nèi)為M面上入射甬和折射角，根據(jù)折射定律, 有二 sin曲設(shè)出射光線與水平方向成*甬則論二存i+q （1分） 2宙于電二石，cq所以帝呂而（2分而 zfCj =BC = AB - tan B 30所以阪尊=專(zhuān)，d分（_23可得 =30? 62=60所以心勢(shì)=0 （2分）m占 1考點(diǎn)：考查光的折射定律.【名師點(diǎn)睛】本題的解題關(guān)鍵是正確作出光路圖，根據(jù)幾何知