【名師解析】2015屆山東省濟(jì)寧市泗水縣第一中學(xué)高三4月模擬物理試題

1、2015年山東省濟(jì)寧市泗水一中高考物理模擬試卷（4月份）一、選擇題（本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15題只有一項(xiàng)符合題目要求，第68題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全者得3分，有選錯(cuò)的得0分）1（6分）烤鴨的烤制過(guò)程沒有添加任何調(diào)料，只是在烤制過(guò)程之前，把烤鴨放在腌制湯中腌制一定時(shí)間，鹽就會(huì)進(jìn)入肉里則下列說(shuō)法正確的是（） A 如果讓腌制湯溫度升高，鹽進(jìn)入鴨肉的速度就會(huì)加快 B 烤鴨的腌制過(guò)程說(shuō)明分子之間有引力，把鹽分子吸進(jìn)鴨肉里 C 在腌制湯中，只有鹽分子進(jìn)入鴨肉，不會(huì)有鹽分子從鴨肉里面出來(lái) D 把鴨肉放入腌制湯后立刻冷凍，將不會(huì)有鹽分子進(jìn)入鴨肉【考點(diǎn)】：

2、分子的熱運(yùn)動(dòng)【專題】： 分子運(yùn)動(dòng)論專題【分析】： 鹽進(jìn)入肉里屬于擴(kuò)散現(xiàn)象，是分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果，溫度越高，根子運(yùn)動(dòng)越劇烈【解析】： 解：A、如果讓腌制湯溫度升高，分子運(yùn)動(dòng)更劇烈，則鹽進(jìn)入鴨肉的速度就會(huì)加快，故A正確；B、烤鴨的腌制過(guò)程鹽會(huì)進(jìn)入肉里說(shuō)明分子之間有間隙，以及說(shuō)明分子不聽的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是因?yàn)榉肿又g有引力，故B錯(cuò)誤；C、在腌制湯中，有鹽分子進(jìn)入鴨肉，分子運(yùn)動(dòng)是無(wú)規(guī)則的，同樣會(huì)有鹽分子從鴨肉里面出來(lái)，故C錯(cuò)誤；D、把鴨肉放入腌制湯后立刻冷凍，仍然會(huì)有鹽分子進(jìn)入鴨肉，因?yàn)榉肿舆\(yùn)動(dòng)是永不停息的，故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查了分子熱運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)：分子熱運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)

3、；分子一直永不停息在做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)2（6分）某汽車后備箱內(nèi)安裝有撐起箱蓋的裝置，它主要由汽缸和活塞組成開箱時(shí)，密閉于汽缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹，將箱蓋頂起，如圖所示在此過(guò)程中，若缸內(nèi)氣體與外界無(wú)熱交換，忽略氣體分子間相互作用，則缸內(nèi)氣體（） A 對(duì)外做正功，分子的平均動(dòng)能減小 B 對(duì)外做正功，內(nèi)能增大 C 對(duì)外做負(fù)功，分子的平均動(dòng)能增大 D 對(duì)外做負(fù)功，內(nèi)能減小【考點(diǎn)】： 熱力學(xué)第一定律【專題】： 計(jì)算題【分析】： 根據(jù)熱力學(xué)第一定律公式U=W+Q，公式中U表示系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，W表示外界對(duì)系統(tǒng)做的功，Q表示系統(tǒng)吸收的熱量，題中氣體膨脹對(duì)外界做功，即氣體對(duì)外界做負(fù)功，故W0，氣體與外界無(wú)熱交換，故Q=

4、0，從而判斷出氣體內(nèi)能的變化，也就得到分子的平均動(dòng)能的變化情況【解析】： 解：密閉于氣缸內(nèi)的壓縮氣體膨脹對(duì)外做正功，即外界對(duì)氣體做負(fù)功，因而W0，缸內(nèi)氣體與外界無(wú)熱交換說(shuō)明Q=0，忽略氣體分子間相互作用，說(shuō)明內(nèi)能是所有分子動(dòng)能的總和根據(jù)熱力學(xué)第一定律U=W+Q，可知內(nèi)能增加量U0，故內(nèi)能減小，分子平均動(dòng)能減小，溫度降低所以只有A正確；故選A【點(diǎn)評(píng)】： 熱力學(xué)第一定律的公式U=W+Q中，U表示系統(tǒng)內(nèi)能的增加量，W表示外界對(duì)系統(tǒng)做的功，當(dāng)系統(tǒng)對(duì)外界做功時(shí)，W取負(fù)值，Q表示系統(tǒng)吸收的熱量，當(dāng)系統(tǒng)放出熱量時(shí)，Q取負(fù)值3（6分）在街頭的理發(fā)店門口，?？梢钥吹接羞@樣的標(biāo)志：一個(gè)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓筒，外表有彩色螺旋斜

5、條紋，我們感覺條紋在沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，但實(shí)際上條紋在豎直方向并沒有升降，這是由于圓筒的轉(zhuǎn)動(dòng)而使我們的眼睛產(chǎn)生的錯(cuò)覺如圖所示，假設(shè)圓筒上的條紋是圍繞圓筒的一條寬帶，相鄰兩圈條紋在沿圓筒軸線方向的距離（即螺距）為L(zhǎng)=10cm，圓筒沿逆時(shí)針方向（從俯視方向看），以2轉(zhuǎn)/秒的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，我們感覺到的升降方向和速度大小分別為（） A 向上 10cm/s B 向上 20cm/s C 向下 10cm/s D 向下 20cm/s【考點(diǎn)】： 線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；運(yùn)動(dòng)的合成和分解【專題】： 勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題【分析】： 觀察某一個(gè)空間位置處的彩色條紋，由于圓筒在轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)很小的時(shí)間間隔后，同一位置處不是彩色

6、條紋，由于人眼的視覺暫留現(xiàn)原因，人眼錯(cuò)認(rèn)為原來(lái)的點(diǎn)向下移動(dòng)了一小段，故會(huì)從整體上產(chǎn)生條紋向下移動(dòng)的錯(cuò)覺從題境獲取T和螺距移動(dòng)的距離即可求解【解析】： 解：由于每秒轉(zhuǎn)2圈，則T=0.5s，而螺距為10cm，所以每秒沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的距離為20cm，即速度大小為20cm/s；據(jù)圖知：彩色螺旋斜條紋是從左下到右上，且圓筒沿逆時(shí)針方向（從俯視方向看），根據(jù)人眼的視覺暫留現(xiàn)象，就會(huì)感覺條紋的運(yùn)動(dòng)方向向下，故ABC錯(cuò)誤，D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】： 從題境獲取有用信息，遷移到學(xué)過(guò)的知識(shí)求解；人眼的視覺暫留現(xiàn)象，造成假象，最好親身去體驗(yàn)4（6分）如圖所示，無(wú)限大均勻帶正電薄板豎直放置，其周圍空間的電場(chǎng)可認(rèn)為是勻強(qiáng)

7、電場(chǎng)光滑絕緣細(xì)管垂直穿過(guò)板中間小孔，一個(gè)視為質(zhì)點(diǎn)的帶負(fù)電小球在細(xì)管內(nèi)運(yùn)動(dòng)以小孔為原點(diǎn)建立x軸，規(guī)定x軸正方向?yàn)榧铀俣萢和速度v的正方向，下圖分別表示x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)，小球的加速度a、速度v和動(dòng)能Ek隨x的變化圖象，其中正確的是（） A B C D 【考點(diǎn)】： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【專題】： 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】： 根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系公式U=Ed，分析電勢(shì)與x的關(guān)系；根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的大小和方向；根據(jù)動(dòng)能定理分析速度和動(dòng)能與x的關(guān)系【解析】： 解：A、在x0范圍內(nèi)，當(dāng)x增大時(shí)，由U=Ed=Ex，可知，電勢(shì)差均勻增大，x

8、應(yīng)為向上傾斜的直線；在x0范圍內(nèi)，當(dāng)x增大時(shí)，由U=Ed=Ex，可知，電勢(shì)差均勻減小，x也應(yīng)為向下傾斜的直線，故A錯(cuò)誤；B、在x0范圍內(nèi)，電場(chǎng)力向右，加速度向右，為正值；在x0范圍內(nèi)，電場(chǎng)力向左，加速度向左，為負(fù)值；故B錯(cuò)誤；C、在x0范圍內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理得：qEx=，vx圖象應(yīng)是曲線；同理，在x0范圍內(nèi)，圖線也為曲線，故C錯(cuò)誤；D、在x0范圍內(nèi)，根據(jù)動(dòng)能定理得：qEx=Ek，Ekx圖象應(yīng)是傾斜的直線；同理，在x0范圍內(nèi)，圖線也為傾斜的直線，故D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】： 對(duì)于物理圖象，往往要根據(jù)物理規(guī)律，寫出解析式，再加以分析5（6分）圖甲所示的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1，圖乙是該變壓器cd

9、輸入端交變電壓u的圖象，L1、L2、L3、L4為四只規(guī)格均為“9V 6W”的相同燈泡，各電表均為理想交流電表以下說(shuō)法正確的是（） A ab輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為uab=27sin100t（V） B 電流表的示數(shù)為2A，且四只燈泡均能正常發(fā)光 C 流過(guò)燈L2的電流每秒鐘方向改變50次 D ab輸入端輸入功率Pab=18W【考點(diǎn)】： 變壓器的構(gòu)造和原理；電功、電功率；正弦式電流的最大值和有效值、周期和頻率【專題】： 交流電專題【分析】： 閉合電路動(dòng)態(tài)分析中，電源部分是由變壓器提供，其它仍用閉合電路毆姆定律當(dāng)斷開開關(guān)S時(shí)，導(dǎo)致總電阻發(fā)生變化，而電壓不變，則可判斷出電路中的電流及電壓如何變化同時(shí)當(dāng)

10、電路中有變壓器時(shí)，只要將變壓器的有效值求出，則就相當(dāng)于一個(gè)新的恒定電源，其值就是剛才的有效值【解析】： 解：A、由輸入端交變電壓u的圖象，可求出有效值27V，副線圈電壓為9V，副線圈三只燈泡均能正常發(fā)光電流表的讀數(shù)為I=3×A=2A，原線圈電流為=A，所以原線圈的燈泡也能正常發(fā)光，ab輸入端電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式為uab=36sin100t（V）A錯(cuò)誤B正確C、由圖象知交流電的周期為0.02s，交流電的頻率為50Hz，流過(guò)燈L2的電流每秒鐘方向改變100次，C錯(cuò)誤；D、ab輸入端輸入功率Pab=4×6=24W，故D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】： 理想變壓器是理想化模型，一是不計(jì)線圈內(nèi)

11、阻；二是沒有出現(xiàn)漏磁現(xiàn)象同時(shí)運(yùn)用閉合電路毆姆定律來(lái)分析隨著電阻變化時(shí)電流、電壓如何變化分析的思路先干路后支路，以不變應(yīng)萬(wàn)變最后值得注意的是變壓器的原線圈與燈泡串聯(lián)后接入交流中，所以圖象的有效值不是原線圈的有效值6（6分）實(shí)驗(yàn)室經(jīng)常使用的電流表是磁電式儀表這種電流表的構(gòu)造如圖甲所示蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場(chǎng)是均勻地輻向分布的當(dāng)線圈通以如圖乙所示的穩(wěn)恒電流（b端電流流向垂直紙面向內(nèi)），下列說(shuō)法正確的是（） A 當(dāng)線圈在如圖乙所示的位置時(shí)，b端受到的安培力方向向上 B 線圈轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，螺旋彈簧被扭動(dòng)，阻礙線圈轉(zhuǎn)動(dòng) C 線圈的框架選擇鋁質(zhì)材料，不僅考慮鋁的密度小、強(qiáng)度高，更主要的是因?yàn)殇X框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生渦流，阻礙

12、線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)，這樣有利于指針很快地穩(wěn)定指到讀數(shù)位置上 D 由于這種儀表是一種比較精密、容易損壞的儀器，所以在搬動(dòng)運(yùn)輸這種電流表過(guò)程中，應(yīng)該用導(dǎo)線將圖中兩接線柱直接連接，這樣可以有效的減小線圈產(chǎn)生的擺動(dòng)，以防止電表受損【考點(diǎn)】： 磁電式電表原理；* 渦流現(xiàn)象及其應(yīng)用【分析】： 首先利用圖示的裝置分析出其制成原理，即通電線圈在磁場(chǎng)中受力轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)可以帶動(dòng)指針的偏轉(zhuǎn)；然后找出與電流表的原理相同的選項(xiàng)即可同時(shí)由左手定則來(lái)確定安培力的方向【解析】： 解：A、由左手定則可判定：當(dāng)線圈轉(zhuǎn)到如圖乙所示的位置，b端受到的安培力方向向下，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)通電后，處于磁場(chǎng)中的線圈受到安培力作用，使其轉(zhuǎn)動(dòng)，螺旋彈

13、簧被扭動(dòng)，則受到彈簧的阻力，從而阻礙線圈轉(zhuǎn)動(dòng)，故B正確C、線圈的框架選擇鋁質(zhì)材料，不僅考慮鋁的密度小、強(qiáng)度高，更主要的是因?yàn)殇X框轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生渦流，阻礙線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)，這樣有利于指針很快地穩(wěn)定指到讀數(shù)位置上；故C正確；D、用導(dǎo)線將圖中兩接線柱直接連接，在線圈擺動(dòng)時(shí)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流阻礙其擺動(dòng)，這樣可以有效的減小線圈產(chǎn)生的擺動(dòng)，以防止電表受損故D正確故選：BCD【點(diǎn)評(píng)】： 在學(xué)過(guò)的測(cè)量工具或設(shè)備中，每個(gè)工具或設(shè)備都有自己的制成原理；對(duì)不同測(cè)量工具的制成原理，是一個(gè)熱點(diǎn)題型，需要重點(diǎn)掌握7（6分） “嫦娥三號(hào)”任務(wù)是我國(guó)探月工程“繞、落、回”三步走中的第二步，“嫦娥三號(hào)”分三步實(shí)現(xiàn)了在月球表面平穩(wěn)著陸一、從1

14、00公里×100公里的繞月圓軌道上，通過(guò)變軌進(jìn)入100公里×15公里的繞月橢圓軌道；二、著陸器在15公里高度開啟發(fā)動(dòng)機(jī)反推減速，進(jìn)入緩慢的下降狀態(tài)，到100米左右著陸器懸停，著陸器自動(dòng)判斷合適的著陸點(diǎn)；三、緩慢下降到距離月面4米高度時(shí)無(wú)初速自由下落著陸下圖是“嫦娥三號(hào)”飛行軌道示意圖（懸停階段示意圖未畫出）下列說(shuō)法正確的是（） A “嫦娥三號(hào)”在橢圓軌道上的周期小于圓軌道上的周期 B “嫦娥三號(hào)”在圓軌道和橢圓軌道經(jīng)過(guò)相切點(diǎn)時(shí)的加速度不相等 C 著陸器在100米左右懸停時(shí)處于失重狀態(tài) D 著陸瞬間的速度一定小于9m/s【考點(diǎn)】： 萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用【專題】： 萬(wàn)有引力定律

15、的應(yīng)用專題【分析】： 衛(wèi)星越高越慢，越低越快；根據(jù)牛頓第二定律確定加速度；月球表面的重力加速度比地球小，約為地球表面的【解析】： 解：A、衛(wèi)星越高越慢，越低越快，故“嫦娥三號(hào)”在橢圓軌道上的周期小于圓軌道上的周期，故A正確；B、“嫦娥三號(hào)”在圓軌道和橢圓軌道經(jīng)過(guò)相切點(diǎn)時(shí)萬(wàn)有引力是一定的，根據(jù)牛頓第二定律，其加速度相等，故B錯(cuò)誤；C、著陸器在100米左右懸停時(shí)處于平衡狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D、距離月面4米高度時(shí)無(wú)初速自由下落著陸，下落速度：v=m/s3.65m/s；故D正確；故選：AD【點(diǎn)評(píng)】： 本題關(guān)鍵是讀懂題意，明確衛(wèi)星的著落流程，然后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和牛頓第二定律分析8（6分）有一半徑r=m的圓柱

16、體繞豎直軸OO´以角速度=8 rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，今用水平力F把質(zhì)量m=l.2kg的物體A壓在圓柱體的側(cè)面，由于受擋板上豎直光滑槽的作用，物體A在水平方向上不能隨圓柱體轉(zhuǎn)動(dòng)，而以v0=1.8m/s的速率勻速下滑，如圖所示已知物體A與圓柱體間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.25，g取l0m/s2下列說(shuō)法中正確的是（） A A相對(duì)于圓柱體的軌跡為等間距螺旋線 B 水平力F大小為48N C 圓柱體對(duì)A的摩擦力大小為20N D 圓柱體轉(zhuǎn)動(dòng)一周過(guò)程中A克服摩擦力做功為15J【考點(diǎn)】： 功的計(jì)算；摩擦力的判斷與計(jì)算【專題】： 功的計(jì)算專題【分析】： 物體A勻速下降，受力平衡，物體受到重力、外力F、圓柱體的支持

17、力和滑動(dòng)摩擦力，而滑動(dòng)摩擦力方向與物體相對(duì)于圓柱體的速度方向相反物體A既以v0=1.8m/s的速度豎直下降，又相對(duì)圓柱體轉(zhuǎn)動(dòng)，先由 v=r求出A相對(duì)圓柱體垂直紙面向外的速度v，得到合速度v，由cos=，求出合速度與豎直方向的夾角，即可確定出滑動(dòng)摩擦力的方向，再根據(jù)平衡條件和摩擦力公式Ff=FN，求解F的大小【解析】： 解：A、相對(duì)于圓柱體向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，而圓柱體勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，所以A相對(duì)于圓柱體的軌跡為等間距螺旋線，故A正確；B、在水平方向圓柱體有垂直紙面向里的速度，A相對(duì)圓柱體有垂直紙面向外的速度為v， 則v=r=8×=2.4m/s；在豎直方向有向下的速度 v0=1.8m/s合速度的

18、大小為v=3m/s設(shè)合速度與豎直方向的夾角為，則有；cos=所以A所受的滑動(dòng)摩擦力方向與豎直方向的夾角也為A做勻速運(yùn)動(dòng)，豎直方向平衡，則有 Ffcos=mg，得 Ff=N另Ff=FN，F(xiàn)N=F，所以有：F=N，故B錯(cuò)誤，C正確；D、圓柱體轉(zhuǎn)動(dòng)一周過(guò)程中，物體A克服摩擦力做功為：W=f（v0×）cos53°=5.4J，故D錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評(píng)】： 本題關(guān)鍵是運(yùn)用運(yùn)動(dòng)的合成法確定合速度的方向，得到滑動(dòng)摩擦力的方向，要有空間想象能力二.非選擇題9（6分）用如圖1所示的裝置探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，帶滑輪的長(zhǎng)木板和彈簧測(cè)力計(jì)均水平固定實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是aba小車靠近打點(diǎn)計(jì)

19、時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)b改變砂和砂桶質(zhì)量，打出幾條紙帶c用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量d為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，以加速度a為縱坐標(biāo)，圖2畫出的aF圖象可能正確的是a若測(cè)出aF圖象的斜率為k后，則小車的質(zhì)量為【考點(diǎn)】： 探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【專題】： 實(shí)驗(yàn)題【分析】： 解決實(shí)驗(yàn)問題首先要掌握該實(shí)驗(yàn)原理，了解實(shí)驗(yàn)的操作步驟和數(shù)據(jù)處理以及注意事項(xiàng)，小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，對(duì)aF圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)【解析】： 解：（1）a、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源

20、，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，故a正確；b、改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨F變化關(guān)系，故b正確；c、本題拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶（包括砂）的質(zhì)量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，故cd錯(cuò)誤故選：ab（2）小車質(zhì)量不變時(shí)，加速度與拉力成正比，所以aF圖象是一條傾斜的直線，由實(shí)驗(yàn)裝置可知，實(shí)驗(yàn)前沒有平衡摩擦力，則畫出的aF圖象在F軸上有截距，故a正確故選：a（3）對(duì)aF圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，此題，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F=，故小車質(zhì)量為故答案為：（1）ab；（2）a；（

21、3）【點(diǎn)評(píng)】： 本題考察的比較綜合，需要學(xué)生對(duì)這一實(shí)驗(yàn)掌握的非常熟，理解的比較深刻才不會(huì)出錯(cuò)，知道aF圖的斜率等于小車質(zhì)量的倒數(shù)，難度適中10（9分）（1）用DIS測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻電路如圖（a）所示，R0為定值電阻調(diào)節(jié)電阻箱R，記錄電阻箱的阻值R和相應(yīng)的電流值I，通過(guò)變換坐標(biāo)，經(jīng)計(jì)算機(jī)擬合得到如圖（b）所示圖線，則該圖線選取了為縱坐標(biāo)，由圖線可得該電源電動(dòng)勢(shì)為4.5V（2）現(xiàn)有三個(gè)標(biāo)有“2.5V，0.6A”相同規(guī)格的小燈泡，其IU特性曲線如圖（c）所示，將它們與圖（a）中電源按圖（d）所示電路相連，A燈恰好正常發(fā)光，則電源內(nèi)阻r=2.5，圖（a）中定值電阻R0=2（3）若將圖（a）中定值電

22、阻R0換成圖（d）中小燈泡A，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電阻箱R消耗的電功率是小燈泡A的兩倍，則此時(shí)電阻箱阻值應(yīng)調(diào)到4.80【考點(diǎn)】： 測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【專題】： 實(shí)驗(yàn)題【分析】： （1）由閉合電路歐姆定律可得出I與R的關(guān)系，結(jié)合圖象可知縱坐標(biāo)的意義；（2）由A燈可知流過(guò)電源的電流，由串并聯(lián)電路的規(guī)律可得出路端電壓；再由閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)阻；再由（1）中數(shù)據(jù)可求出定值電阻的阻值；（3）由功率公式可明確電阻箱的阻值；并由內(nèi)外電阻功率關(guān)系可知能否使電功率相同【解析】： 解：（1）由閉合電路歐姆定律可知：I=；要形成與電阻成一次函數(shù)關(guān)系，則縱坐標(biāo)只能?。粍t有：=+；則圖象的斜率為：k=；則有

23、：E=4.5V；=1，則有：R0+r=4.5（2）A燈正常發(fā)光的電流為：I=0.6A；則BC兩燈的電流為0.3A，由圖象可知，BC兩燈的電壓為0.5V；路端電壓為：U=2.5V+0.5V=3V；則內(nèi)壓為：U內(nèi)=4.53=1.5V；則內(nèi)阻為：r=2.5；則定值電阻為：R0=4.52.5=2；（3）燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，故燈泡與電阻中流過(guò)的電流相等，而滑動(dòng)變阻器阻值約為燈泡電阻的兩倍；則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為燈泡兩端電壓的兩倍，設(shè)燈泡兩端電壓為U，則滑動(dòng)變阻器兩端電壓為2U，則由閉合電路歐姆定律可知：3U+2.5I=4.5變形得I=1.81.2U；在上圖中作出對(duì)應(yīng)的IU圖象，則與原圖象的交點(diǎn)為符合

24、條件點(diǎn)；由圖可知，I=0.48A，U=1.15V；則滑動(dòng)變阻器阻值為：R=4.80（4.64.9均可）；故答案為：（1），4.5；（2）2.5；2；（3）4.80；【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的測(cè)量方法及數(shù)據(jù)處理；解題的難點(diǎn)在于第三問中的數(shù)據(jù)處理；要注意圖象法的應(yīng)用，此題對(duì)學(xué)生數(shù)學(xué)知識(shí)的應(yīng)用能力要求較高，應(yīng)注意訓(xùn)練11（13分）如圖所示，在光滑絕緣水平面放置一帶正電的長(zhǎng)直細(xì)棒，其周圍產(chǎn)生垂直于帶電細(xì)棒的輻射狀電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小E與距細(xì)棒的垂直距離r成反比，即E=在帶電長(zhǎng)直細(xì)棒右側(cè)，有一長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線連接了兩個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B，小球A、B所帶電荷量分別為+q和+4q，A球距直

25、棒的距離也為l，兩個(gè)球在外力F=2mg的作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)不計(jì)兩小球之間的靜電力作用（1）求k的值；（2）若撤去外力F，求在撤去外力瞬時(shí)A、B小球的加速度和A、B小球間絕緣細(xì)線的拉力；（3）若剪斷A、B間的絕緣細(xì)線，保持外力F=2mg不變，A球向左運(yùn)動(dòng)的最大速度為vm，求從剪斷絕緣細(xì)線到A球向左運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度，A球所處位置電勢(shì)怎樣變化？變化了多少？【考點(diǎn)】： 庫(kù)侖定律；牛頓第二定律【專題】： 電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】： （1）根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的公式E=，結(jié)合適量合成法則與受力平衡條件，即可求解；（2）根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的公式E=，結(jié)合牛頓第二定律內(nèi)容，依據(jù)整體法與隔離法，即可求解；（3）根據(jù)最大

26、速度時(shí)，加速度為零，及動(dòng)能定理，即可求解電場(chǎng)力做功，從而求解電勢(shì)的變化【解析】： 解：（1）對(duì)小球A、B及細(xì)線構(gòu)成的整體，受力平衡，有：q+4q=2mg得：k=（2）若撤去外力瞬時(shí)，A、B間細(xì)線拉力突然變?yōu)榱?，則：對(duì)A球：q=maA；得：aA=，方向向右對(duì)B球：4q=maB；得：aB=，方向向右因?yàn)閍AaB，所以在撤去外力瞬時(shí)A、B將以相同的加速度a一起向右運(yùn)動(dòng)，A、B間絕緣細(xì)線張緊，有拉力T因此，對(duì)A、B整體，由牛頓第二定律，有：q+4q即：2mg=2ma得a=g對(duì)A：q+T=ma解得：T=故撤去外力瞬時(shí)，A、B的加速度a=g；A、B小球間絕緣細(xì)線的拉力：T=（3）當(dāng)A向左運(yùn)動(dòng)達(dá)到速度最大時(shí)

27、有：q=2mg代入k，得：r=設(shè)從剪斷絕緣細(xì)線到A球向左運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度，電場(chǎng)力做功為W，由動(dòng)能定理有：2mg（lr）+W=解得：W=（），負(fù)號(hào)表示電場(chǎng)力做負(fù)功又由電場(chǎng)力做功可知：W=qU因此：U=在A球向左運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度的過(guò)程中，所在處電勢(shì)升高了變化量為：；答：（1）k的值；（2）撤去外力瞬時(shí)，A、B的加速度a=g；A、B小球間絕緣細(xì)線的拉力：T=；（3）在A球向左運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度的過(guò)程中，所在處電勢(shì)升高了變化量為：【點(diǎn)評(píng)】： 考查牛頓第二定律與動(dòng)能定理的應(yīng)用，掌握整體法與隔離法的方法，理解矢量合成法則的內(nèi)容，注意力做功的正負(fù)，及當(dāng)加速度為零時(shí)，速度達(dá)到最大12（19分）如圖所示，兩水平放

28、置的平行金屬板a、b，板長(zhǎng)L=0.2m，板間距d=0.2m兩金屬板間加可調(diào)控的電壓U，且保證a板帶負(fù)電，b板帶正電，忽略電場(chǎng)的邊緣效應(yīng)在金屬板右側(cè)有一磁場(chǎng)區(qū)域，其左右總寬度s=0.4m，上下范圍足夠大，磁場(chǎng)邊界MN和PQ均與金屬板垂直，磁場(chǎng)區(qū)域被等寬地劃分為n（正整數(shù)）個(gè)豎直區(qū)間，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=5×103T，方向從左向右為垂直紙面向外、向內(nèi)、向外在極板左端有一粒子源，不斷地向右沿著與兩板等距的水平線OO發(fā)射比荷=1×108C/kg、初速度為v0=2×105m/s的帶正電粒子忽略粒子重力以及它們之間的相互作用（1）當(dāng)取U何值時(shí)，帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度偏向角

29、最大；（2）若n=1，即只有一個(gè)磁場(chǎng)區(qū)間，其方向垂直紙面向外，則當(dāng)電壓由0連續(xù)增大到U過(guò)程中帶電粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與邊界PQ相交的區(qū)域的寬度；（3）若n趨向無(wú)窮大，則偏離電場(chǎng)的帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t為多少？【考點(diǎn)】： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力【專題】： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】： （1）當(dāng)粒子從邊緣射出時(shí)，速度偏向角最大；根據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式列式求解即可；（2）逐漸增大偏轉(zhuǎn)電壓U，速度偏向角變大，磁偏轉(zhuǎn)半徑變大，與PQ交點(diǎn)逐漸上移；找出兩個(gè)臨界情況，根據(jù)洛倫茲力提供向心力列式求解半徑，由幾何關(guān)系得到離開磁場(chǎng)的位置；（3）考慮粒子以一般情況入射到磁場(chǎng)，速度為v，偏向

30、角為，當(dāng)n趨于無(wú)窮大時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡趨于一條沿入射速度方向的直線（漸近線）；根據(jù)分運(yùn)動(dòng)公式列式求解即可【解析】： 解：（1）設(shè)速度偏向角為，則tan=，顯然當(dāng)vy最大時(shí)，tan最大當(dāng)粒子恰好從極板右邊緣出射時(shí)，速度偏向角最大 豎直方程：y=，a=； 水平方程：x=L=v0t 解得：U=400V （2）由幾何關(guān)系知，逐漸增大Uba，速度偏向角變大，磁偏轉(zhuǎn)半徑變大，與PQ交點(diǎn)逐漸上移 當(dāng)U=0時(shí)，交點(diǎn)位置最低（如圖中D點(diǎn)）：由Bqv0=m得：r1=；此時(shí)交點(diǎn)D位于OO正下方0.4m處 當(dāng)U=400V時(shí)，交點(diǎn)位置最高（如圖中C點(diǎn)）：由vy=at=2×105m/s得：v=由Bqv=m，得：r2=

31、由tan=1，得入射方向?yàn)榕c水平方向成45°角；由幾何關(guān)系得，此時(shí)交點(diǎn)位于OO正上方r2處所以交點(diǎn)范圍寬度為：CD=0.4+0.40.3=0.1+0.4（m）（3）考慮粒子以一般情況入射到磁場(chǎng)，速度為v，偏向角為，當(dāng)n趨于無(wú)窮大時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡趨于一條沿入射速度方向的直線（漸近線） 又因?yàn)樗俣却笮〔蛔?，因此磁?chǎng)中運(yùn)動(dòng)可以等效視為勻速直線運(yùn)動(dòng) 軌跡長(zhǎng)度為：S=，運(yùn)動(dòng)速率為：v=時(shí)間wei：t=代入數(shù)據(jù)解得：t=2×106s 答：（1）當(dāng)U取400V時(shí)，帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)的速度偏向角最大；（2）當(dāng)電壓由0連續(xù)增大到U過(guò)程中帶電粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與邊界PQ相交的區(qū)域的寬度為0.1+0.4

32、（m）；（3）若n趨向無(wú)窮大，則偏離電場(chǎng)的帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t為2×106s【點(diǎn)評(píng)】： 本題關(guān)鍵明確粒子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在電場(chǎng)中是類似平拋運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，第三問關(guān)鍵是n趨向無(wú)窮大時(shí)將粒子的運(yùn)動(dòng)簡(jiǎn)化為勻速直線運(yùn)動(dòng)，難在運(yùn)動(dòng)模型的轉(zhuǎn)化二.選考題：共45分請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選一題作答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號(hào)涂黑注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡上選答區(qū)域指定位置答題如果多做，則按所做的第一題計(jì)分13（6分）兩列簡(jiǎn)諧橫波的振幅都是20cm，傳播速度大小相同實(shí)線波的頻率為2Hz，沿x軸正方向傳播；虛線波沿x軸負(fù)方向傳播某時(shí)刻兩列波在

33、如圖所示區(qū)域相遇則該時(shí)刻在x=012m范圍內(nèi)，速度最大的是平衡位置為x=6m的質(zhì)點(diǎn)；從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過(guò)1.5s，平衡位置為x=6m處的質(zhì)點(diǎn)的位移y=0m【考點(diǎn)】： 橫波的圖象；波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系【專題】： 振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題【分析】： 兩列簡(jiǎn)諧橫波波速相同，波長(zhǎng)不同，則周期不同，不能產(chǎn)生干涉根據(jù)疊加原理分析質(zhì)點(diǎn)的速度和位移由波長(zhǎng)關(guān)系求出虛線波的周期，根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，分析從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過(guò)1.5s，平衡位置為x=6m處的質(zhì)點(diǎn)的位置，確定其位移【解析】： 解：質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)速度，圖示時(shí)刻x=6m處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置，而且兩列波單獨(dú)傳播時(shí)都使得x=6m處的質(zhì)點(diǎn)速度向上，疊加后該質(zhì)點(diǎn)

34、的速度最大實(shí)線波的頻率為2Hz，周期為0.5s；由波速公式v=分析得到，虛線波的周期為0.75s，從圖示時(shí)刻起再經(jīng)過(guò)1.5s，實(shí)線波單獨(dú)傳播時(shí)x=6m處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置，虛線波單獨(dú)傳播時(shí)x=6m處的質(zhì)點(diǎn)也位于平衡位置，故此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P的位移y=0故答案為：6，0【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查對(duì)波的疊加原理的理解和應(yīng)用能力，可運(yùn)用波形平移法分析一列波單獨(dú)傳播時(shí)質(zhì)點(diǎn)的狀態(tài)14（9分）一玻璃三棱柱豎直放在水平桌面上，其底面A1B1C1是邊長(zhǎng)a=12cm的等邊三角形，柱高L=12cm現(xiàn)在底面的中心O處放置一點(diǎn)光源，不考慮三棱柱內(nèi)的反射光，玻璃的折射率為，求三個(gè)側(cè)面的發(fā)光的總面積【考點(diǎn)】： 光的折射定律【專題】：

35、光的折射專題【分析】： 據(jù)題意點(diǎn)光源在底面的中點(diǎn)，可知光源到三個(gè)側(cè)面的距離相等，根據(jù)幾何知識(shí)求出光源到三個(gè)側(cè)面的距離，由公式sinC=，求出全反射臨界角，再由幾何知識(shí)求出三個(gè)側(cè)面的發(fā)光的總面積【解析】： 解：因點(diǎn)光源在底面的中點(diǎn)，可知光源到三個(gè)側(cè)面的距離相等，根據(jù)幾何知識(shí)可知光源到三個(gè)側(cè)面的距離為a根據(jù)折射定律，sin C=求得臨界角 C=45°根據(jù)幾何知識(shí)可求每個(gè)側(cè)面的發(fā)光的面積為半徑為 r=a的圓面積的一半所以三個(gè)側(cè)面的發(fā)光面積為S=答：三個(gè)側(cè)面的發(fā)光的總面積為18cm2【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題關(guān)鍵要掌握全反射臨界角的含義及公式，靈活運(yùn)用幾何知識(shí)進(jìn)行解答選修題15氫原子光譜在可見光部

36、分只有四條譜線，它們分別是從n為3、4、5、6的能級(jí)直接向n=2能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的四條譜線中，一條紅色、一條藍(lán)色、兩條紫色，則下列說(shuō)法正確的是 （） A 紅色光譜是氫原子從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的 B 藍(lán)色光譜是氫原子從n=6能級(jí)或n=5能級(jí)直接向n=2能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的 C 若氫原子從n=6能級(jí)直接向n=1能級(jí)躍遷，則能夠產(chǎn)生紫外線 D 若氫原子從n=6能級(jí)直接向n=1能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的輻射不能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級(jí)直接向n=2能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的輻射將可能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng) E 若氫原子從n=3能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的輻射能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則氫原子從n=6能級(jí)直接向n=2能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的輻射一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)【考點(diǎn)】： 氫原子的能級(jí)公式和躍遷【專題】： 原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)專題【分析】： 能級(jí)間躍遷時(shí)輻射的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，根據(jù)能量的大小確定頻率的大小，從而確定是哪一種顏色的光譜【解析】： 解：A、四條譜線中，紅色光譜的頻率最小，知紅色光譜是氫原子從 n=3 能級(jí)向 n=2 能級(jí)躍遷時(shí)產(chǎn)生的故A正確B、藍(lán)色譜線的頻率大于紅色譜線，小于紫色譜線，而且有兩條紫色譜線，知藍(lán)色光譜是氫原子從n=4