云南省楚雄州2019-2020學(xué)年高二上學(xué)期期末考試物理試題(解析版)

1、絕密啟用前楚雄州2021-2021學(xué)年上學(xué)期高二期末考試物理試題老生注意：I-圾試紙僉第1感選擇建和第|基非選擇魁】網(wǎng)翱分共HK分°拓試時聞劣錄粧.2請將各1B莽寶填罵祖務(wù)駆卡上"3.本試垂主老*試內(nèi)幕：人裁値選修3-l,ii3-E耀四辛m第丨卷選擇題共佔分-、選擇趣:此題共【2小題I毎小題4分。在毎小題結(jié)岀的四個選項中，第丨-，題只有一項符 合題且要求，第9-1?題有莠項符舍題目要求全都選對的得i分，選對但不全前得？分， 有選錯或不管的得0分口1. 以下說法正確的選項是A. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，實現(xiàn)了磁生電的設(shè)想B. 楞次定律說明，感應(yīng)電流的方向一定與原來的電流方向

2、相反C. 磁與電緊密聯(lián)系，有磁必有電，有電必有磁D. 電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，感應(yīng)電流的磁場總是跟原來的磁場方向相反2. 關(guān)于靜電場中的電場強度和磁場中的磁感應(yīng)強度，以下說法正確的選項是A. 電場強度是矢量，真空中點電荷的電場強度定義式為E=T丁UB. 電場強度的公式E=，適用于任何靜電場£C. 磁感應(yīng)強度B是矢量，其定義式為 B=£D. 由磁感應(yīng)強度公式 B=，磁感應(yīng)強度的方向與放入磁場中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向相同3將一電荷量為+Q的小球放在不帶電的金屬球附近，所形成的電場線分布如下圖，金屬球外表的電勢處處相等。假設(shè)a、b為電場中的兩點，那么以下判斷正確的選項是A. a點的

3、電場強度比b點的大B. a點的電勢比b點的低C.檢驗電荷+q在a點的電勢能比在 b點的小D 將電子從a點移到b點的過程中，電場力全程不做功 4兩個較大的平行金屬板A、B相距為d,分別接在電壓為 U的電源正、負(fù)極上，這時質(zhì)量為m帶電量為-q的油滴恰好靜止在兩板之間，如下圖，在其他條件不變的情況下，如果將兩板非常緩慢地水平錯開一 些，那么在錯開的過程中A.油滴將向上加速運動，電流計中的電流從 b流向B.油滴將向下加速運動，電流計中的電流從a流向abC.油滴靜止不動，電流計中的電流從 b流向a D.油滴靜止不動，電流計中的電流從a流向b5如下圖，某一用同一材料制成的導(dǎo)體的形狀為長方體，其長、寬、高之

4、比為a： b: c=5 : 3: 2 在此導(dǎo)體的上、下、左、右四個面上分別通過導(dǎo)線引出四個接線柱1、2、3、4 電流通過1、2接線柱時導(dǎo)體的電阻為Ri,電流通過3、4接線柱時導(dǎo)體的電阻為貝U Ri： R2等于A. 5: 2B. 2: 5C. 25: 4D. 4: 256真空中靜電場的電勢 $在x正半軸隨x的變化關(guān)系如下圖，xi、X2、X3為x軸上的三個點，以下判斷 正確的選項是 A.將一負(fù)電荷從xi移到X2,電場力不做功B.C.負(fù)電荷在Xi處的電勢能小于在 X2處的電勢能D. 7如下圖，Li和L2為直流電阻可忽略的電感線圈。 的是該電場可能是勻強電場X3處的電場強度方向沿 X軸正方向Ai、A和

5、A3分別為三個相同的小燈泡。以下說法正確A.圖甲中，閉合B.圖甲中，閉合C.圖乙中，斷開D.圖乙中，斷開Si瞬間和斷開Si瞬間，通過Ai的電流方向不同Si,隨著電路穩(wěn)定后，Ai會再次亮起S2瞬間，燈A立刻熄滅S2瞬間，燈A立刻熄滅該盤旋加速器是我國目前自主研制的能8.20i9年我國研制出了世界上最大的緊湊型強流質(zhì)子盤旋加速器,量最高的質(zhì)子盤旋加速器。圖示為盤旋加速器原理示意圖，現(xiàn)將兩個相同的盤旋加速器置于相同的勻強磁場中，接入高頻電源。分別加速氘核和氦核，以下說法正確的選項是A.它們在磁場中運動的周期相同B.它們的最大速度不相等C.兩次所接高頻電源的頻率不相同D.僅增大高頻電源的頻率可增大粒子

6、的最大動能9.如下圖，電源電動勢為 E、內(nèi)阻為r，電流表、電壓表均為理想電表，當(dāng)開關(guān)閉合后，三個小燈泡均能 正常發(fā)光，當(dāng)滑動變阻器的觸頭P向右移動時，關(guān)于燈泡的亮度和電表示數(shù)變化情況，以下說法正確的選項是小燈泡不會燒壞6 代7 其 k-4Aa/jL *XA<JU：.1 J Mf WA. Li變亮，L2變暗，L3變暗B. Li變暗，L2變暗，L3變亮C.電流表A的示數(shù)變大，電壓表 V的示數(shù)變小D 電流表A的示數(shù)變小，電壓表 V的示數(shù)變大10.如下圖的正方形區(qū)域存在垂直紙面向里的磁場，兩個質(zhì)量相等、電荷量相等的異種電荷1、2，以不同速率垂直于磁感線方向從0點垂直ad射入磁場中，0點為ad的中

7、點，兩粒子運動的軌跡如下圖，取sin53 ° =0.8， cos53° =0.6.不計粒子受到的重力。以下關(guān)于兩粒子的運動速率v、在磁場中的運動時間 t、圓周運動周期T及角速度3的關(guān)系正確的選項是A. V1: V2=5: 2 B. 11: 12=53: 180 C. T1: T2=1: 1 D. 3 1 ：3 2=180: 5311如下圖，AB CD是兩根平行的導(dǎo)線，AB通過螺線管連接，當(dāng)一條形磁鐵從右側(cè)靠近螺線管時，以下 說法正確的選項是A.導(dǎo)線AB的電流方向向左B.導(dǎo)線AB和導(dǎo)線CD相互吸引C.螺線管產(chǎn)生的磁場，右端為 N極D 假設(shè)條形磁鐵上下移動，導(dǎo)線AB中沒有感應(yīng)電

8、流12如圖甲所示，足夠長的水平光滑平行金屬導(dǎo)軌 MN PQ兩導(dǎo)軌間距為1m范圍足夠大的勻強磁場方向 豎直向上，導(dǎo)軌 M P之間連接一個阻值為 3Q的電阻R,金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置并用細(xì)線通過光滑的定滑輪與重物相連，細(xì)線對導(dǎo)軌的拉力平行于導(dǎo)軌，金屬棒ab的質(zhì)量為0.2kg、有效電阻為0.5 Q,重物的質(zhì)量為0.4kg。將重物和金屬棒由靜止釋放，金屬棒的位移與時間的關(guān)系如圖乙所示，其中0.4s0.6s內(nèi)的圖線為直線，導(dǎo)軌的電阻不計，g=10m/s2 以下說法正確的選項是A. t=0時刻金屬棒的加速度大小為10m/s2 B.磁場的磁感應(yīng)強度大小為2TC. 在00.6s內(nèi)通過電阻 R的電荷量為 0.

9、8C D 在00.6s內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量為 1.925J_第11卷非選擇題共52分一舅E選擇爛題共&小尊，共；？分°把答案填住答題卡中的橫銭上或按腿目要求作答 解 ；答題應(yīng)頁出必要的文字說明=方程式和氏要的演算步驟*只寫出最后答案的不能跆分。有數(shù) 值計釁的題，答案中必須陰觸寫出數(shù)值和單位。13. 4分如圖甲所示，當(dāng)使用 00.6A量程的電流表時，其示數(shù)為 A。如圖乙所示，當(dāng)使用 0-15V量程的電壓表時，其示數(shù)為 V。3根據(jù)實驗電路圖以及測量得到的電壓表和電流表的示數(shù)繪制出如下圖的14. 9分實驗小組要測量一個純電阻元件R的電阻，用多用電表粗測其阻值約為5Q.為了測量該電阻的

10、精確值，除待測元件外，實驗小組還準(zhǔn)備了以下實驗器材：A. 電流表 A:量程0200mA內(nèi)阻為2Q;B. 電壓表 V:量程03V,內(nèi)阻約為10000Q;C. 定值電阻Ri：阻值為1Q;D. 滑動變阻器 R2： 020Q,額定電流為 2A;E. 滑動變阻器 R3： 02000Q，額定電流為 1A;F. 電源：電動勢為 4V,內(nèi)阻約為0.3 Q;G開關(guān)，導(dǎo)線假設(shè)干。要求該元件兩端電壓能從零開始變化。1 滑動變阻器應(yīng)選 選填“D'或“ E。2請在虛線框中畫出電路圖并對所用器材進(jìn)行標(biāo)注。U-I圖象，那么該電阻元件的阻值為Q 結(jié)果保存三位有效數(shù)字15. 6分如下圖，在傾角為0的固定光滑斜面上， 放

11、置一根長為L、質(zhì)量為m通有電流I的導(dǎo)體棒, 為了使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，現(xiàn)施加一個豎直向上的勻強磁場，求該勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小重力加 速度為g 。16. 6分如下圖，在豎直面內(nèi)有一質(zhì)量為m的帶電小球，用長為 L的絕緣細(xì)線懸掛于 0點，處在水平向右的勻強電場中， 小球靜止在B點，且細(xì)線與豎直方向夾角為0 .突然在豎直面內(nèi)給小球一垂直細(xì)繩0B斜向下的初速度，測得小球在A點A B兩點關(guān)于0點對稱時繩子的拉力大小等于 心。g為重力加速度。求：1該勻強電場的電場強度的大小;2小球在A點的速度大小。17 12分如下圖，R=F3=2F2=2F4，電鍵S閉合時，間距為d的平行板電容器 C的正中間有一質(zhì)量為

12、m 帶電量為q的小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將電鍵S斷開，小球?qū)⑾螂娙萜髂骋粋€極板運動。假設(shè)不計電源內(nèi)阻，求：1電源的電動勢大??；2小球第一次與極板碰撞前瞬間的速度大小。18 15分如下圖，豎直直角坐標(biāo)平面 xOy內(nèi)有一條過原點的射線 OA 0A與x、y軸正半軸夾角都為 45°, 0A與 y軸正半軸形成的區(qū)域存在豎直向下的電場，0A與 x軸水平正半軸形成的區(qū)域與第四象限存在垂直紙面向外的勻強磁場，其他區(qū)域無電場和磁場?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m電荷量為q的帶正電粒子以速度 vo色L從P點0,2 平行x軸正方向進(jìn)入電場，恰好從 0點L, L進(jìn)入磁場，粒子最后恰好垂直y軸進(jìn)入第三象限，粒子的重力不計，求

13、：''水：/*f*L(1) 帶電粒子進(jìn)入磁場時的速度；(2) 磁場的磁感應(yīng)強度的大?。?3) 從帶電粒子剛進(jìn)入電場到剛離開磁場的時間。1. 【答案】A【解析】解：A、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，實現(xiàn)了磁生電的設(shè)想，使人類社會進(jìn)入電氣時代，故A正確；B楞次定律“增反減同可知，感應(yīng)電流的方向可能與原來的電流方向相反，也可能與原來的電流方向相同，故B錯誤；C磁與電緊密聯(lián)系，有磁不一定有電，但有電必有磁，故C錯誤；D電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，楞次定律“增反減同可知，感應(yīng)電流的磁場總是阻礙原來磁通量的變化，那么可能跟 原來的磁場方向相反，也可能與原來的磁場方向相同，故D錯誤。應(yīng)選：A。根據(jù)物理學(xué)史和

14、常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要奉獻(xiàn)即可解答。此題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、創(chuàng)造、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi) 容之一。2. 【答案】C【解析】解：A、電場強度是受力，其定義式為EM ，公式k-為點電荷場強的決定式，故 A錯誤；1-1B電場強度的公式 E=d，僅適用于任何勻強電場，故 B錯誤；C磁感應(yīng)強度是矢量，公式 B的磁感應(yīng)強度的定義式，該定義式的條件是電流的方向垂直于磁場的方向，電流元IL在磁場中受力為 F,故C正確；D磁感應(yīng)強度的方向和該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直，故D錯誤；應(yīng)選：C。電場強度是反映電場力的性質(zhì)的物理量，大小用比值法定義，方向與正的試探

15、電荷受到的電場力的方向相l(xiāng)kQl同；電場中某點的場強可以通過電場線形象地表示；點電荷場強的決定式為k沁。在磁場中磁感應(yīng)強度有強弱，那么由磁感應(yīng)強度來描述強弱。將通電導(dǎo)線垂直放入勻強磁場中，即確保電流 方向與磁場方向相互垂直，那么所受的磁場力與通電導(dǎo)線的電流與長度乘積之比。此題考查對電場強度兩公式的理解能力，首先要理解公式中各個量的含義，其次要理解公式的適用條件。3. 【答案】A【解析】解：A、電場線的疏密表示場強的大小，由圖象知a點的電場強度比b點大，故A正確；B a點所在的電場線從 Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以 a點的電勢高于金屬球的電勢，而 b點所在處 的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所

16、以金屬球的電勢高于b點的電勢，即a點的電勢比b點的高。故B錯誤；C電勢越高的地方，正電荷具有的電勢能越大，即正電荷在a點的電勢能較b點大，故C錯誤；D由上知，-q在a點的電勢能較b點小，那么把-q電荷從電勢能小的a點移動到電勢能大的 b點，電勢能 增大，電場力做負(fù)功。故 D錯誤。應(yīng)選：A。電場線的疏密表示場強的大小； a點所在的電場線從 Q出發(fā)到不帶電的金屬球終止，所以 a點的電勢高于 金屬球的電勢，而 b點所在處的電場線從金屬球發(fā)出到無窮遠(yuǎn)，所以金屬球的電勢高于b點的電勢；電勢越高的地方，負(fù)電荷具有的電勢能越小。該題考查電場線的特點與電場力做功的特點，解題的關(guān)鍵是電場力做正功，電勢能減小；電

17、場力做負(fù)功， 電勢能增加。同時明確電場線的疏密與場強間的關(guān)系。4. 【答案】B【解析】解：將兩板緩慢地錯開一些，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式C-i得知，電容減小，而電壓不變，那么由C可 知，電容器帶電量減小，電容器處于放電狀態(tài)，電路中產(chǎn)生順時針方向的電流，那么電流計中 有at b的電流。由于電容器板間電壓和距離不變，那么由E-d，知板間場強不變，油滴所受電場力不變，仍處于靜止?fàn)顟B(tài)。故D正確。ABC錯誤。應(yīng)選：B。帶電油滴原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，電場力與重力平衡，將兩板緩慢地錯開一些后，分析板間場強有無變化，判 斷油滴是否仍保持靜止。根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，由電容的定義式分析電量的變化

18、，確定電 路中電流的方向。“ ：Q此題是電容器動態(tài)變化問題，要抓住電壓不變，根據(jù)電容的決定式C-譏“和電容的定義式 C-結(jié)合進(jìn)行分析。5. 【答案】D【解析】解：根據(jù)電阻定律 R=悴，當(dāng)在1、2兩端加上恒定電壓 U時：在在土 4兩揣加上恒走的電壓時：ca所以：Ri: R2=p兒：Pr =4 : 25 ,故D正確r ABC錯誤口應(yīng)選：Dop£直接根據(jù)電阻定律公式 R-p 判斷在1、2兩端加上恒定電壓、 在3、4兩端加上恒定的電壓時的電阻之 比即可。解決此題的關(guān)鍵掌握電阻定律，明確導(dǎo)體的電阻與導(dǎo)體的長度、橫截面積和材料電阻率有關(guān)，根底問題。6. 【答案】C【解析】解：A、從X1移到X2，

19、電勢在降低，將一負(fù)電荷從高電勢到低電勢，其電勢能增加，那么電場力做負(fù)功，故A錯誤；B由于電勢0與x的圖象斜率表示電場強度， 而圖象的斜率是變化，因此電場強度是變化， 不是勻強電場， 故B錯誤；C由A選項分析，可知，負(fù)電荷在 xi處的電勢能小于在 X2處的電勢能，故 C正確；D從X3到X3的電勢升高，那么逆著電場線方向， 因此X3處的電場強度方向電場強度方向沿x軸負(fù)方向，故D錯誤；應(yīng)選：C。依據(jù)電勢0與X的圖象斜率表示電場強度， 且順著電場線方向電勢是降低的，電場力做正功，電勢能減小，而電場力做負(fù)功，電勢能增加，從而即可求解?？疾殡妱?與X的圖象斜率的含義，理解電勢變化的判定依據(jù)，掌握電場力做功

20、與電勢能變化的關(guān)系。7. 【答案】A【解析】解：A、圖甲中，閉合電鍵的瞬間，流過燈泡A的電流的方向向右；Li的為自感系數(shù)很大的自感線圈，那么斷開電鍵的瞬間，自感電動勢將阻礙其電流的減小，所以流過Li的電流方向不變，所以流過燈泡A的電流的方向與開始時是相反的，故 A正確；B圖甲中，閉合 S,電路穩(wěn)定后，燈泡 A短路，無電流，故 B錯誤；C D、圖乙中，閉合 S電路中的電流穩(wěn)定后兩個燈泡都亮，斷開S瞬間，L2對電流減小有阻礙作用，此時L2與兩個燈泡以及滑動變阻器組成閉合回路，所以A、A電流都逐漸減小，燈泡逐漸變暗，故C錯誤，D錯誤。應(yīng)選：A。閉合開關(guān)的瞬間，通過 L的電流增大，產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)

21、楞次定律分析電流的變化，判斷通過兩燈電 流的關(guān)系。待電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈產(chǎn)生自感電動勢，分析通過兩燈的電流關(guān)系，判斷兩燈是否同時 熄滅。此題考查了自感現(xiàn)象和自感系數(shù)。線圈的自感系數(shù)越大，頻率越高時，感抗越高。同時線圈有阻礙電流的 變化，注意的是燈泡會更亮的原因是電流變大的緣故。8. 【答案】A【解析】解：A、粒子在磁場中，洛倫茲力提供向心力，周期T"，氘核和氦核的比荷相等，那么兩粒子在磁場中運動的周期相同，故 A正確；C根據(jù)盤旋加速器的工作原理可知，粒子在磁場中運動的頻率等于高頻電源的頻率，故兩次頻率相同，故C錯誤；m 匕廠B根據(jù)qvB= 斤，可得最大速度v=川，由于氘核和氦核比

22、荷相同，因此它們的最大速度也相同，故B錯誤；D最大動能"IN宀斗，高頻電源的頻率與粒子最大動能無關(guān)，故D錯誤。 應(yīng)選：A。氘核和氦核的比荷相等，在盤旋加速器中的周期T胡，根據(jù)周期的公式判斷兩粒子的周期是否相同,頻率是否相同。帶電粒子最后從盤旋加速器中出來時的速度最大，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，比擬粒子的速度。求出粒子的最大速度后，根據(jù)動能公式求解最大動能，最大動能與頻率無關(guān)。解決此題的關(guān)鍵知道盤旋加速器是利用電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)來加速粒子。以及知道粒子在磁場中運動的周 期和交流電的周期相同。9. 【答案】BD【解析】解：分析電路結(jié)構(gòu)，電阻 R2與滑動變阻器串聯(lián)后與電阻 R3并聯(lián)，再與電阻

23、 R串聯(lián)，CD滑動變阻器滑片 P向右移動，阻值增大，總阻值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小， 路端電壓增大，故電流表示數(shù)變小，電壓表示數(shù)變大，故C錯誤，D正確。AB干路電流減小，那么燈泡 Li兩端電壓減小，變暗；路端電壓增大，那么并聯(lián)電路電壓增大，燈泡La兩端電壓增大，變亮；流過燈泡 L2的電流減小，變暗，故 A錯誤，B正確。應(yīng)選：BD。分析電路結(jié)構(gòu)，電阻 R2與滑動變阻器串聯(lián)后與電阻 R并聯(lián)，再與電阻 R串聯(lián)，電流表測量干路電流，電壓 表測量路端電壓。根據(jù)滑片的移動，確定阻值變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電表變化，確定燈泡的明 暗程度。此題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識，解題的

24、關(guān)鍵是分析電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)阻值變化，確定電壓表和電 流表示數(shù)的變化。10. 【答案】BC【解析】解：設(shè)正方形的邊長為 L, 'w由幾何知去得：l ,rf- Crr| 2 + L2 f sinQ- .WW : Fi= 5 L, 0i=53' :4g 檢子?TES場申憫園周運鬲r就恰玆力毘供向心力,由疔頓第二偉得:qv8-m，解得："回，那么與T!機v-riiQ-S ; L故A錯誤.OSrroiC藝于枉翻才樹司司運動的削S；T=訶，由于g q、BgF相等兩粒子在ig場中做圓周運動的周期T相等，幾：口=1 : 1 p故C正瓠磴子在邏場中在1S功時問t=T田于兩粧子在磁境中郵周

25、運血的周期科那么殮子是(E場中的泄幻時閭之比：Ti : 詬L ；匪巧于：1HOd = 53 : ISO ,故RTifi*粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)題意求出粒子做圓周運到達(dá)軌道半徑與粒子轉(zhuǎn)過的圓心角，然后應(yīng)用牛頓第二定律與粒子做圓周運動的周期公式分析答題。此題考查了帶電粒子在磁場中的運動，粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子運動軌跡，應(yīng)用牛頓第二定律與幾何知識可以解題。應(yīng)選：BG匚、妝子做國周巨動的鳧睦度刁=學(xué)=譽,由于q. B, e都昭.那么切：bLl 故D摺曉11. 【答案】AC【解析】解：AC由題意可知，當(dāng)磁鐵 N極從右側(cè)靠近螺線管時，導(dǎo)致穿過的磁通量向左變大

26、，因此根據(jù)楞次定律， 那么感應(yīng)電流的磁場向右， 感應(yīng)電流的方向為盤旋而向右，那么流過AB的電流方向向左，故A正確，C正確;B由圖可知，CD局部為直流電路，電流的方向向右，與AB電流的方向相反，根據(jù)電流之間相互作用的特點可知，導(dǎo)線 AB與CD之間的排斥力，故 B錯誤；D假設(shè)將條形磁鐵上下移動， 那么穿過螺線管的磁場向右且發(fā)生變化，所以導(dǎo)線AB中有感應(yīng)電流，故D錯誤;應(yīng)選：AG當(dāng)磁鐵的運動時，穿過線圈的磁通量變化，由楞次定律判斷出感應(yīng)電流的方向；根據(jù)電流之間相互作用的特點判斷導(dǎo)線 AB與CD之間的相互作用。楞次定律是高中物理的一個重點，也是?？純?nèi)容，一定要正確、全面理解楞次定律含義，掌握應(yīng)用楞次定

27、 律解題的思路與方法。12. 【答案】BC【解析】解：A、據(jù)系統(tǒng)牛頓第定律得 Mg=(M+m a，解得:a_ W .J J + rn=U-1 X 10 mf? = 2l m/s2 f 故A錯誤；1)衛(wèi)+(MJfL.41I - 0.7U- 1).4據(jù)平衡祭件得-B/L = B 黑 L r： B- J地護(hù)門-七 :J尹 W"2T r故3正確；:根據(jù)電磁感應(yīng)過程的電荷最推論公式g = 墮-如 -1/丄 7= ).sc r故(:正隔；/?+ r R±r 3 + 0,5D、根據(jù)莖統(tǒng)能量守恒可得Mgx 1 (A7 +阿V - Q驛得:回賂中的焦耳熱Q二M9x - |(A/ +機=皿2

28、r 電阻R與導(dǎo)體棒電阻串舉,那么有= J- Q = 丄乍x 1.925J - 1.6SJ ,故D錯誤；/T + r 3 + II.5應(yīng)選：BG根據(jù)系統(tǒng)牛頓第二定律求解導(dǎo)體棒加速度；求解電荷量;根據(jù)x-t圖象求出導(dǎo)體棒的勻速速度，再根據(jù)導(dǎo)體棒處于平衡條件平衡條件求解磁感應(yīng)強度的大小;根據(jù)能量守恒求解回路的焦耳熱，根據(jù)電路特征求解電阻R的焦耳熱即可；此題電磁感應(yīng)與力學(xué)、電路知識的綜合，抓住位移圖象的意義:斜率等于速度，根據(jù)平衡條件和法拉第定律、歐姆定律等等規(guī)律結(jié)合進(jìn)行求解，常用的方法和思路。根據(jù)電荷量的推論公式13. 【答案】0.405.5【解析】解：電流表量程為 0.6A，最小分度為0.02A，

29、那么指針示數(shù)為：0.40A ； 電壓表量程為15V,故最小分度為0.5V，故讀數(shù)為5.5V。故答案為：0.40 ； 5.5。根據(jù)兩表的量程可得出最小分度，再由指針的位置可求得兩表的示數(shù)。對電表讀數(shù)時要先確定其量程與分度值，然后再讀數(shù)，讀數(shù)時視線要與電表刻度線垂直；注意在讀數(shù)時最 小分度為1時需要估讀；而最小分度為2或5時不需要估讀。14. 【答案】D 4.46【解析】解：(1)因為待測電阻的阻值約為 5Q,為保證測量過程中誤差小，所以滑動變阻器選擇D。(2)由于器材中的電流表量程太小，所以需要在原電流表的根底上并聯(lián)上定值電阻R,從而改裝成大量程的電流表。由于電流表自身分得的電壓可精確計算出，所

30、以電流表采用內(nèi)接法，實驗過程中要求該元件兩端電壓能從零開始變化，所以滑動變阻器采用分壓式，電路圖如下圖。(3)根據(jù)歐姆定律可知，待測電阻的阻值為:上叱島*皿0.195 x 3故答案為：(1) D;( 2)如解析所示；(3) 4.46。(1) 根據(jù)待測電阻的阻值來選擇滑動變阻器，在選擇過程中需要保證實驗平安、精確。(2) 由于電流表的內(nèi)阻是的，所以電流表分得的電壓可以計算出，電流表因此采用內(nèi)接法，根據(jù)題意分析滑動變阻器的接法，從而作出電路圖。(3) 根據(jù)歐姆定律求解待測電阻的阻值。解決該題需要掌握電學(xué)實驗中器材的選擇原那么，知道電流表內(nèi)接和外接的判斷方法以及滑動變阻器的分壓 式和限流式接法的原那

31、么。15. 【答案】解：導(dǎo)體棒受重力、支持力和水平向右的安培力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得：mgtan 0 =BIL0屮m皿解得：B="答：所加磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為【解析】導(dǎo)體棒受重力、支持力和安培力處于平衡，根據(jù)共點力平衡求出安培力的大小，再根據(jù)Fa=BIL求出磁感應(yīng)強度的大小。正確受力分析、根據(jù)共點力平衡條件列式是解決此題的關(guān)鍵。16. 【答案】解：(1)小球靜止在B點時，如下圖，小球受到的重力、電場力和繩子拉力的合力為零, 有qE=mgta n0解潯E二竺凹(2 )小球所受的重力和電場力均為恒力f二力的臺力為F= 磊 ,重力場和電場的疊加場沏等效重力坂，F(xiàn)為等效重力&quo

32、t;球在査加場中的等效重力加速度滬爲(wèi)冥方向與F同 向，因此瞞為等效最低點r幾京為等效最髙點，小球在A點速度最小設(shè)知a r此時細(xì)韁的拉力為:爲(wèi)那么2mg -m f1=4(1) 該勻睜電場的電場強度的;q(2) 小球在久點的速度大小是-1-.V畑詢【解析】1小球靜止在 B點時，對小球受力分析，求出小球受到的電場力，從而求得電場強度的大小。2重力場和電場的疊加場為等效重力場，電場力和重力的合力為F= ，F(xiàn)為等效重力，B點為等效最低點，A點為等效最高點，根據(jù)向心力公式求解小球在A點的速度大小。此題的關(guān)鍵要分析清楚小球的受力情況，要熟練運用等效法，確定向心力的來源，應(yīng)用牛頓第二定律與平 衡條件即可正確解

33、題。17. 【答案】解：1電鍵S閉合時，R、R3并聯(lián)與R4串聯(lián)，R中沒有電流通過比=5=歸環(huán)囲： mg=gTr2 電鍵S斷開后，%串聯(lián)F那么有：3 :如小球向下運動與下極板拒砸前瞬間f田動能走理得: 如幾Uc _ I殳塀得:切二2答：昨電5為警:2 小球第一次與極板碰撞前黑間的1$度大忖屛【解析】1 開關(guān)S閉合時，R、R并聯(lián)與R4串聯(lián)，R中沒有電流通過。電容器的電壓等于R4兩端的電壓。對小球 研究，根據(jù)平衡條件求出電容器的電壓，再根據(jù)歐姆定律求出電動勢。2 開關(guān)S斷開后，R、R串聯(lián)，求出電容器的電壓。對全過程，運用動能定理，求出小球與極板碰撞前 的速度大小。此題考查綜合運用物理知識解決問題的能

34、力。對于帶電小球在電場中運動的問題，電勢差電壓與電場 力做功有關(guān)，電壓是聯(lián)系電場與電路的橋梁。解：1粒子從P到Q做類平拋運動，水平方向的位移為L,豎直方向的位移為水平方向上L=vot，2 叫豎直方向上了 ",粒子的合速度為v屮+ *時,=設(shè)速度與水平方向d夾角為心，解得g ,合速度與水平方向的夾角為9 =45°。(2)粒子在磁場中的運動軌跡如圖，根據(jù)幾何關(guān)系有圓心在0處，丁 =,因為洛倫茲力提供向心力，那么qvB= |,那么磁感應(yīng)強度為 B=;C 3 )在電場中的運動時間為h = - t粒子在趣中運動的時間為鮎巳空：,所以粒？剛進(jìn)入電場到離開逼場的時間t=tX+t2= ( 丁4 口 )答：芾電粒子進(jìn)入磁場時的速度大小污辰與水平方向的夾角為4?。?(2 )磁場的磁慝應(yīng)卷度的大小為罟：IT(3 )從帶電粒子剛進(jìn)入電場到剛離開磁圾的時間為(+ n4珂【解析】(1) 粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)水平方向的勻速運動求解運動時間，再根據(jù)豎直方向的勻加