全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷

1、1997年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷一本題共5小題；每小題3分，共15分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一項(xiàng)是正確的1（3分）（2006朝陽(yáng)區(qū)一模）在粒子散射實(shí)驗(yàn)中，絕大多數(shù)粒子都沿直線運(yùn)動(dòng)，但有少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，其原因是（）A原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量集中在一個(gè)很小的核上B正電荷在原子中是均勻分布的C原子中存在著帶負(fù)電的電子D原子只能處在一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中2（3分）質(zhì)量為m的鋼球自高處落下，以速率v1碰地，豎直向上彈回，碰撞時(shí)間極短，離地的速率為v2在碰撞過(guò)程中，鋼球受到合力的沖量的方向和大小為（）A向下，m（v1v2）B向上，m（v1v2）C向下，m（v1+v2）D向上，m（v1+v

2、2）3（3分）質(zhì)量為M的木塊位于粗糙水平桌面上，若用大小為F的水平恒力拉木塊，其加速度為a，當(dāng)拉力方向不變，大小變?yōu)?F時(shí)，木塊的加速度為a，則（）Aa=aBa2aCa2aDa=2a4（3分）圖（1）、（2）兩電路中，當(dāng)ab兩端與ef兩端分別加上110V的交流電壓時(shí)，測(cè)得cd間與gh間的電壓均為55V若分別在cd兩端與gh兩端加上110V的交流電壓，則ab間與ef間的電壓分別為（）A220V，220VB220V，110VC110V，110VD220V，05（3分）在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，以白光為光源，在屏幕上觀察到了彩色干涉條紋，若在雙縫中的一縫前放一 紅色濾光片（只能透過(guò)紅光），另一縫前放一綠色濾

3、光片（只能透過(guò)綠光），這時(shí)（）A只有紅色和綠色的雙縫干涉條紋，其它顏色的雙縫干涉條紋消失B紅色和綠色的雙縫干涉條紋消失，其它顏色的雙縫干涉條紋依然存在C任何顏色的雙縫干涉條紋都不存在，但屏上仍有光亮D屏上無(wú)任何光亮二本題共9小題；每小題5分，共45分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確全部選對(duì)的得5分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分6（5分）（2009安徽模擬）在下列反應(yīng)方程中，x代表質(zhì)子的方程是（）ABCD7（5分）光線在玻璃和空氣的分界面上發(fā)生全反射的條件是（）A光從玻璃射到分界面上，入射角足夠小B光從玻璃射到分界面上，入射角足夠大C光從空氣射到

4、分界面上，入射角足夠小D光從空氣射到分界面上，入射角足大8（5分）（2007福建模擬）在下列敘述中，正確的是（）A物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大B布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)C分子之間的引力總是大于斥力D分子間的距離r0存在某一值r=r0，當(dāng)rr0時(shí)，斥力大于引力，當(dāng)rr0時(shí)，斥力小于引力9（5分）圖中重物的質(zhì)量為m，輕細(xì)線AO和BO的A、B端是固定的平衡時(shí)AO是水平的，BO與水平面的夾角為AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是（）AF1=mgcosBF1=mgcotCF2=mgsinDF2=10（5分）為了增大LC振蕩電路的固有頻率，下列辦法中可采取的是（）A增大電容器兩

5、極板的正對(duì)面積并在線圈中放入鐵芯B減小電容器兩極板的距離并增加線圈的匝數(shù)C減小電容器的兩極板的距離并在線圈中放入鐵芯D減小電容器兩極板的正對(duì)面積并減少線圈的匝數(shù)11（5分）簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻的波形圖線如圖所示由此圖可知（）A若質(zhì)點(diǎn)a向下運(yùn)動(dòng)，則波是從左向右傳播的B若質(zhì)點(diǎn)b向上運(yùn)動(dòng)，則波是從左向右傳播的C若波從右向左傳播，則質(zhì)點(diǎn)c向下運(yùn)動(dòng)D若波從右向左傳播，則質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動(dòng)12（5分）如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)恒定，要想使燈變暗，可以（）A增大R1B減小R1C增大R2D減小R213（5分）（2012南充二模）如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略下列說(shuō)法中正確的是（）

6、A合上開關(guān)K接通電路時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B合上開關(guān)K接通電路時(shí)，A1和A2始終一樣亮C斷開開關(guān)K切斷電路時(shí)，A2立刻熄滅，A1過(guò)一會(huì)兒才熄滅D斷開開關(guān)K切斷電路時(shí)，A1和A2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅14（5分）（2009寶山區(qū)二模）在圖示電路的三根導(dǎo)線中，有一根是斷的，電源、電阻器R1、R2及另外兩根導(dǎo)線都是好的，為了查出斷導(dǎo)線，某學(xué)生想先將萬(wàn)用表的紅表筆連接在電源的正極a，再將黑表筆分別連電阻器R1的b端和R2的c端，并觀察萬(wàn)用表指針的示數(shù)，在下列選檔中，符合操作規(guī)程的是（）A直流10V擋B直流0.5A擋C直流2.5V擋D歐姆擋三、本題共3小題；其中第15題5分，其余的每題6分，共1

7、7分把答案填在題中的橫線上或按題目要求作圖15（5分）（2012豐臺(tái)區(qū)模擬）一游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有10個(gè)小等分間隔，現(xiàn)用此卡尺來(lái)測(cè)量工件的直徑，游標(biāo)部分放大圖如圖所示該工件的直徑為_mm16（6分）下列給出的器材中，哪些是“驗(yàn)證玻一馬定律實(shí)驗(yàn)“所必需的，把這些器材前面的字母填在橫線上A帶有刻度的注射器 B刻度尺 C彈簧秤 D鉤碼若干個(gè)答：_實(shí)驗(yàn)讀數(shù)過(guò)程中，不能用手握住注射器，這是為了_用橡皮帽封住注射器小孔，這是為了_17（6分）某電壓表的內(nèi)阻在20千歐50千歐之間，現(xiàn)要測(cè)量其內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供下列可選用的器材：待測(cè)電壓表V（量程3V）電流表A1（量程200A ）電流表A2（

8、量程5mA）電流表A3（量程0.6A）滑動(dòng)變阻器R（最大阻值1K）電源（電動(dòng)勢(shì)4V）電鍵K（1）所提供的電流表中，應(yīng)選用_（填寫字母代號(hào)）（2）為了盡量減小誤差，要求測(cè)多組數(shù)據(jù)試在方框中畫出符合要求的實(shí)驗(yàn)電路圖（其中電源和電鍵及其連線已畫出）四本題共4小題；每小題5分，共20分把答案填在題中橫線上18（5分）如圖，在x軸的上方（y0）存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B在原點(diǎn)O有一個(gè)離子源向x軸上方的各個(gè)方向發(fā)射出質(zhì)量為m、電量為q的正離子，速率都為v對(duì)哪些在xy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)的離子，在磁場(chǎng)中可能到達(dá)的最大x=_，最大y=_19（5分）質(zhì)量為m、電量為q的質(zhì)點(diǎn)，在靜電力作用下以恒定的速率

9、v沿圓弧從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度方向改變的角度為（弧度），AB弧長(zhǎng)為s，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差A(yù)B=_，AB弧中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=_20（5分）已知地球半徑為6.4×106m，又知月球繞地球的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則可估算出月球到地球的距離約為_m（結(jié)果只保留一位有效數(shù)字）21（5分）內(nèi)壁光滑的環(huán)形細(xì)圓管，位于豎直平面內(nèi)，環(huán)的半徑為R（比細(xì)管的半徑大得多）在細(xì)圓管中有兩個(gè)直徑略小于細(xì)圓管管徑的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）A和B，質(zhì)量分別為m1和m2，它們沿環(huán)形圓管（在豎直平面內(nèi)）順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度都是v0；設(shè)A球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)B球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，此時(shí)兩球作用于環(huán)形圓管的合力為

10、零，那么m1、m2、R和v0應(yīng)滿足的關(guān)系式是_五本題共5小題，53分解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位22（9分）有一個(gè)焦距為36厘米的凸透鏡，在主軸上垂直放置一支蠟燭，得到一個(gè)放大率為4的虛像如果想得到放大率為4的實(shí)像，蠟燭應(yīng)向哪個(gè)方向移動(dòng)？移動(dòng)多少？23（9分）（2013楚雄州二模）圖中豎直圓筒是固定不動(dòng)的，粗筒橫截面積是細(xì)筒的4倍，細(xì)筒足夠長(zhǎng)，粗筒中A、B兩輕活塞間封有空氣，氣柱長(zhǎng)L=20cm，活塞A上方的水銀深H=10cm，兩活塞與筒壁間的摩擦不計(jì)，用外力向上托住活塞B，使之處于平衡狀態(tài)，水銀面與粗筒上端相

11、平，現(xiàn)使活塞B緩慢上移，直至水銀的一半被推入細(xì)管中，求活塞B上移的距離，設(shè)在整個(gè)過(guò)程中氣柱的溫度不變，大氣壓強(qiáng)p0相當(dāng)于75cm高的水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)24（11分）（2012昆明模擬）如圖所示，在方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)不可伸長(zhǎng)的不導(dǎo)電輕細(xì)線的一端連著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)，把小球拉直至細(xì)線與電場(chǎng)方向平行，然后無(wú)初速釋放，已知小球擺到最低點(diǎn)的另一側(cè)，線與豎直方向的最大夾角為求小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力25（12分）質(zhì)量為m的鋼板與直立輕彈簧的上端連接，彈簧下端固定在地上，平衡時(shí)，彈簧的壓縮量為x0，如圖所示，一物塊從鋼板正上方距離為3x0的A處自由落下，打在鋼板上并立刻

12、與鋼板一起向下運(yùn)動(dòng)，但不粘連，它們到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動(dòng)，已知物塊質(zhì)量也為m時(shí)，它們恰能回到O點(diǎn)，若物塊質(zhì)量為2m，仍從A處自由落下，則物塊與鋼板回到O點(diǎn)時(shí)，還具有向上的速度，求物塊向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)O點(diǎn)的距離26（12分）如圖1所示，真空室中電極K發(fā)出的電子（初速不計(jì)）經(jīng)過(guò)U0=1000V的加速電場(chǎng)后，由小孔S沿兩水平金屬板A、B間的中心線射入A、B板長(zhǎng)l=0.20m，相距d=0.020m，加在A、B兩板間的電壓u隨時(shí)間t變化的ut圖線如圖2所示設(shè)A、B間的電場(chǎng)可看作是均勻的，且兩板外無(wú)電場(chǎng)在每個(gè)電子通過(guò)電場(chǎng)區(qū)域的極短時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)可視作恒定的兩板右側(cè)放一記錄圓筒，筒在左側(cè)邊緣與極板右端距離b

13、=0.15m，筒繞其豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，周期T=0.20s，筒的周長(zhǎng)s=0.20m，筒能接收到通過(guò)A、B板的全部電子（1）以t=0時(shí)（見圖2，此時(shí)u=0）電子打到圓筒記錄紙上的點(diǎn)作為xy坐標(biāo)系的原點(diǎn)，并取y軸豎直向上試計(jì)算電子打到記錄紙上的最高點(diǎn)的y坐標(biāo)和x坐標(biāo)（不計(jì)重力作用）（2）在給出的坐標(biāo)紙（圖3）上定量地畫出電子打到記錄紙上的點(diǎn)形成的圖線1997年全國(guó)統(tǒng)一高考物理試卷參考答案與試題解析一本題共5小題；每小題3分，共15分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一項(xiàng)是正確的1（3分）（2006朝陽(yáng)區(qū)一模）在粒子散射實(shí)驗(yàn)中，絕大多數(shù)粒子都沿直線運(yùn)動(dòng)，但有少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，其原因是（）A原子的全部正電

14、荷和幾乎全部質(zhì)量集中在一個(gè)很小的核上B正電荷在原子中是均勻分布的C原子中存在著帶負(fù)電的電子D原子只能處在一系列不連續(xù)的能量狀態(tài)中考點(diǎn)：粒子散射實(shí)驗(yàn)分析：這是因?yàn)樵雍藥д姾汕屹|(zhì)量很大，阿爾法粒子也帶正電荷，由于同種電荷相互排斥和阿爾法粒子被質(zhì)量較大的原子核彈回解答：解：粒子和電子之間有相互作用力，它們接近時(shí)就有庫(kù)侖引力作用，但由于電子的質(zhì)量只有粒子質(zhì)量的1/7300，粒子與電子碰撞就像一顆子彈與一個(gè)灰塵碰撞一樣，粒子質(zhì)量大，其運(yùn)動(dòng)方向幾乎不改變粒子散射實(shí)驗(yàn)中，有少數(shù)粒子發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)說(shuō)明三點(diǎn)：一是原子內(nèi)有一質(zhì)量很大的粒子存在；二是這一粒子帶有較大的正電荷；三是這一粒子的體積很小，A正確故選A

15、點(diǎn)評(píng)：本題考查的是粒子散射實(shí)驗(yàn)對(duì)這個(gè)實(shí)驗(yàn)要清楚兩點(diǎn)：一是粒子散射實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象；二是對(duì)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的微觀解釋原子的核式結(jié)構(gòu)2（3分）質(zhì)量為m的鋼球自高處落下，以速率v1碰地，豎直向上彈回，碰撞時(shí)間極短，離地的速率為v2在碰撞過(guò)程中，鋼球受到合力的沖量的方向和大小為（）A向下，m（v1v2）B向上，m（v1v2）C向下，m（v1+v2）D向上，m（v1+v2）考點(diǎn)：動(dòng)量定理專題：動(dòng)量定理應(yīng)用專題分析：由于碰撞時(shí)間極短，鋼球的重力相對(duì)于地面對(duì)鋼球的沖力可忽略不計(jì)根據(jù)動(dòng)量定理求解在碰撞過(guò)程中地面對(duì)鋼球的沖量的方向和大小解答：解：選取豎直向下方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理得 地面對(duì)鋼球的沖量I=mv2mv1=

16、m（v1+v2），則地面對(duì)鋼球的沖量的方向向上，大小為m（v1+v2）故選：D點(diǎn)評(píng)：應(yīng)用動(dòng)量定理求解沖量是常用的方法，要注意選取正方向，用帶正號(hào)的量值表示矢量如重力不能忽略，還要考慮重力的沖量3（3分）質(zhì)量為M的木塊位于粗糙水平桌面上，若用大小為F的水平恒力拉木塊，其加速度為a，當(dāng)拉力方向不變，大小變?yōu)?F時(shí)，木塊的加速度為a，則（）Aa=aBa2aCa2aDa=2a考點(diǎn)：牛頓第二定律專題：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題分析：木塊在水平恒力作用做勻加速運(yùn)動(dòng)，水平方向受到恒力和滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律分別列方程，然后再比較加速度大小解答：解：由牛頓第二定律得：FFf=ma2FFf=ma由于物體所受的摩

17、擦力：Ff=FN=mg即Ff不變，所以有：a=2a+2a故選C點(diǎn)評(píng)：本題考查對(duì)牛頓第二定律F=ma的理解能力，F(xiàn)是物體受到的合力，不能簡(jiǎn)單認(rèn)為加速度與水平恒力F成正比而選擇D4（3分）圖（1）、（2）兩電路中，當(dāng)ab兩端與ef兩端分別加上110V的交流電壓時(shí)，測(cè)得cd間與gh間的電壓均為55V若分別在cd兩端與gh兩端加上110V的交流電壓，則ab間與ef間的電壓分別為（）A220V，220VB220V，110VC110V，110VD220V，0考點(diǎn)：變壓器的構(gòu)造和原理專題：交流電專題分析：左圖是變壓器，右圖是直流電路中的部分電路，變壓器的原副線圈電壓之比等于線圈匝數(shù)比解答：解：當(dāng)a、b兩端接

18、110V的交變電壓時(shí)，測(cè)得c、d兩端的電壓為55V，則原副線圈匝數(shù)比為2：1，所以當(dāng)c、d兩端加上110V交變電壓，a、b兩端電壓為220V；當(dāng)g、h兩端加上110V交變電壓時(shí)，e與滑片間無(wú)電流，電壓為零，故e、f兩端電壓與g、h兩端電壓相同，也為110V故選：B點(diǎn)評(píng)：本題主要考查變壓器的工作原理和原副線圈的變壓比公式，要能和直流電路的分壓原理相區(qū)別5（3分）在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，以白光為光源，在屏幕上觀察到了彩色干涉條紋，若在雙縫中的一縫前放一 紅色濾光片（只能透過(guò)紅光），另一縫前放一綠色濾光片（只能透過(guò)綠光），這時(shí)（）A只有紅色和綠色的雙縫干涉條紋，其它顏色的雙縫干涉條紋消失B紅色和綠色的雙縫

19、干涉條紋消失，其它顏色的雙縫干涉條紋依然存在C任何顏色的雙縫干涉條紋都不存在，但屏上仍有光亮D屏上無(wú)任何光亮考點(diǎn)：光的干涉專題：光的干涉專題分析：發(fā)生干涉的條件是兩列光的頻率相同白光通過(guò)紅色濾光片剩下紅光，通過(guò)綠色濾光片剩下綠光，紅光和綠光不能發(fā)生干涉解答：解：在雙縫中的一縫前放一紅色濾光片（只能透過(guò)紅光），另一縫前放一綠色濾光片（只能透過(guò)綠光），由于綠光和紅光的頻率不同，則不能發(fā)生干涉，但屏上仍有光亮故C正確，A、B、D錯(cuò)誤故選C點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道光發(fā)生干涉的條件，兩列光的頻率需相同二本題共9小題；每小題5分，共45分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選

20、項(xiàng)正確全部選對(duì)的得5分，選不全的得2分，有選錯(cuò)或不答的得0分6（5分）（2009安徽模擬）在下列反應(yīng)方程中，x代表質(zhì)子的方程是（）ABCD考點(diǎn)：原子核衰變及半衰期、衰變速度；原子核的人工轉(zhuǎn)變專題：衰變和半衰期專題分析：根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定X的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而判斷是否是質(zhì)子解答：解：A、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的電荷數(shù)為0，質(zhì)量數(shù)為1，為中子故A錯(cuò)誤B、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，為質(zhì)子故B正確C、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為1，為質(zhì)子故C正確D、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，X的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為2，為氘核故D錯(cuò)誤故選BC

21、點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵知道在核反應(yīng)中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒7（5分）光線在玻璃和空氣的分界面上發(fā)生全反射的條件是（）A光從玻璃射到分界面上，入射角足夠小B光從玻璃射到分界面上，入射角足夠大C光從空氣射到分界面上，入射角足夠小D光從空氣射到分界面上，入射角足大考點(diǎn)：全反射；光的折射定律專題：全反射和臨界角專題分析：玻璃的折射率大于空氣的，所以一定是從玻璃射向空氣的光，入射角足夠大時(shí)能發(fā)生全反射解答：解：發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于臨界角，玻璃的折射率大于空氣，所以B正確故選B點(diǎn)評(píng)：本題較簡(jiǎn)單，只要知道發(fā)生全反射的兩個(gè)條件：光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)，入射角大于臨界角8（5分）（

22、2007福建模擬）在下列敘述中，正確的是（）A物體的溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)能越大B布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的熱運(yùn)動(dòng)C分子之間的引力總是大于斥力D分子間的距離r0存在某一值r=r0，當(dāng)rr0時(shí)，斥力大于引力，當(dāng)rr0時(shí)，斥力小于引力考點(diǎn)：布朗運(yùn)動(dòng)；分子間的相互作用力專題：布朗運(yùn)動(dòng)專題分析：布朗運(yùn)動(dòng)是固體微粒的運(yùn)動(dòng)，是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，與溫度和壓強(qiáng)有關(guān)分子間的距離r0存在某一值r=r0，此時(shí)引力等于斥力，分子力為零，當(dāng)rr0時(shí)，斥力大于引力，當(dāng)rr0時(shí)，斥力小于引力解答：解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，與溫度和壓強(qiáng)有關(guān)，溫度越高，壓強(qiáng)越大，運(yùn)動(dòng)越劇烈，分子平均動(dòng)

23、能越大，故A正確B、布朗運(yùn)動(dòng)是固體微粒的運(yùn)動(dòng)，是液體分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的反映，故B錯(cuò)誤CD、分子間的距離r0存在某一值r=r0，此時(shí)引力等于斥力，分子力為零，當(dāng)rr0時(shí)，斥力大于引力，當(dāng)rr0時(shí)，斥力小于引力故C錯(cuò)誤，D正確故選：AD點(diǎn)評(píng)：本題考查學(xué)生對(duì)分子動(dòng)理論等基本概念和基本規(guī)律的識(shí)記能力，做對(duì)題的前提是熟記這些知識(shí)點(diǎn)，并靈活運(yùn)用9（5分）圖中重物的質(zhì)量為m，輕細(xì)線AO和BO的A、B端是固定的平衡時(shí)AO是水平的，BO與水平面的夾角為AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是（）AF1=mgcosBF1=mgcotCF2=mgsinDF2=考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力專題：共點(diǎn)

24、力作用下物體平衡專題分析：以結(jié)點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況：三根細(xì)線的拉力重物對(duì)O點(diǎn)的拉力等于mg作出力圖求解解答：解：以結(jié)點(diǎn)為研究對(duì)象，分析受力情況：三根細(xì)線的拉力重物對(duì)O點(diǎn)的拉力等于mg根據(jù)平衡條件得知，mg與F1的合力與F2大小相等、方向相反，作出力的合成圖如圖則有：F1=mgcotF2=故選：BD點(diǎn)評(píng)：本題是常見的繩子懸掛物體的類型，常常選擇結(jié)點(diǎn)為研究對(duì)象，根據(jù)平衡條件研究比較容易10（5分）為了增大LC振蕩電路的固有頻率，下列辦法中可采取的是（）A增大電容器兩極板的正對(duì)面積并在線圈中放入鐵芯B減小電容器兩極板的距離并增加線圈的匝數(shù)C減小電容器的兩極板的距離并在線圈中放入鐵芯D減小電容器

25、兩極板的正對(duì)面積并減少線圈的匝數(shù)考點(diǎn)：電磁波的產(chǎn)生分析：振蕩電路產(chǎn)生的振蕩電流頻率平方與線圈L及電容器C成反比解答：解：LC振蕩電路的固有頻率：，若要增大LC振蕩電路的固有頻率，就要減小電容器的電容，或減小線圈中的自感系數(shù)A、增大電容器兩極板間的正對(duì)面積，使得電容器的電容變大，而在線圈中放入鐵芯，使得線圈的自感系數(shù)增大則頻率變小，故A錯(cuò)誤；B、減小電容器兩極板的距離，使得電容器的電容變大，而增加線圈的匝數(shù)，使得線圈的自感系數(shù)增大則頻率變小，故B錯(cuò)誤；C、減小電容器兩極板的距離，使得電容器的電容變大，而在線圈中放入鐵芯，使得線圈的自感系數(shù)增大則頻率變小，故C錯(cuò)誤；D、減小電容器兩極板的正對(duì)面積，

26、使得電容器的電容變小，而減小線圈的匝數(shù)，使得線圈的自感系數(shù)變小則頻率變大，故D正確；故選：D點(diǎn)評(píng)：該題考查L(zhǎng)C回路的固有頻率和平行板電容器的電容的決定式、線圈的自感系數(shù)的有關(guān)因素，屬于對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的考查基礎(chǔ)題目11（5分）簡(jiǎn)諧橫波某時(shí)刻的波形圖線如圖所示由此圖可知（）A若質(zhì)點(diǎn)a向下運(yùn)動(dòng)，則波是從左向右傳播的B若質(zhì)點(diǎn)b向上運(yùn)動(dòng)，則波是從左向右傳播的C若波從右向左傳播，則質(zhì)點(diǎn)c向下運(yùn)動(dòng)D若波從右向左傳播，則質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動(dòng)考點(diǎn)：波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：若質(zhì)點(diǎn)上下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)波形的平移法判斷波的傳播的方向同理，也可以根據(jù)波的傳播方向來(lái)確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向解答：解：A、若質(zhì)點(diǎn)a向下運(yùn)動(dòng)，波形向

27、左平移，則波是從右向左傳播的故A錯(cuò)誤B、若質(zhì)點(diǎn)b向上運(yùn)動(dòng)，波形向右平移，則波是從左向右傳播的故B正確C、若波從右向左傳播，根據(jù)平移法，波形向左平移，則質(zhì)點(diǎn)c向上運(yùn)動(dòng)故C錯(cuò)誤D、若波從右向左傳播，根據(jù)平移法，波形向左平移，則質(zhì)點(diǎn)d向上運(yùn)動(dòng)故D正確故選BD點(diǎn)評(píng)：根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的速度方向判斷波的傳播方向是基本功，要熟練掌握本題要抓住簡(jiǎn)諧波的特點(diǎn)“前帶后，后跟前”12（5分）如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)恒定，要想使燈變暗，可以（）A增大R1B減小R1C增大R2D減小R2考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：恒定電流專題分析：由圖可知，燈泡與R2并聯(lián)后與R1串聯(lián)；要使燈泡變暗，應(yīng)使流過(guò)燈泡的電流減??；則可分別由閉合

28、電路歐姆定律分析各項(xiàng)，可得出正確答案解答：解：A、R1增大，總電阻增大，總電流減小，燈泡和R2并聯(lián)的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，A正確，B錯(cuò)誤；D、R2減小，總電阻減小，總電流增大，R1的電壓增大，所以燈泡和R2并聯(lián)的電壓就減小，所以燈泡的電流減小，燈泡變暗，D正確，C錯(cuò)誤；故選AD點(diǎn)評(píng)：在電路中，若部分電阻發(fā)生了變化，則對(duì)該部分的處理不能直接根據(jù)歐姆定律求解，應(yīng)靈活應(yīng)用串并聯(lián)電路的性質(zhì)進(jìn)行分析判斷13（5分）（2012南充二模）如圖所示的電路中，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略下列說(shuō)法中正確的是（）A合上開關(guān)K接通電路時(shí)，A2先亮，A1后亮，最后一樣亮B合上開關(guān)

29、K接通電路時(shí)，A1和A2始終一樣亮C斷開開關(guān)K切斷電路時(shí)，A2立刻熄滅，A1過(guò)一會(huì)兒才熄滅D斷開開關(guān)K切斷電路時(shí)，A1和A2都要過(guò)一會(huì)兒才熄滅考點(diǎn)：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)分析：當(dāng)開關(guān)接通和斷開的瞬間，流過(guò)線圈的電流發(fā)生變化，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原來(lái)電流的變化，根據(jù)楞次定律及串聯(lián)電路的特點(diǎn)來(lái)分析解答：解：A、B，合上開關(guān)K接通電路時(shí)，A2立即正常發(fā)光，線圈中電流要增大，由于自感電動(dòng)勢(shì)的阻礙，燈泡A1中電流只能逐漸增大，則A2先亮，A1后亮，最后一樣亮故A正確，B錯(cuò)誤 C、D，A2原來(lái)的電流立即減小為零，線圈中產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，兩燈泡串聯(lián)和線圈組成回路，回路中電流從原來(lái)值逐漸減小到零，則A1和A2都要過(guò)

30、一會(huì)兒才熄滅故C錯(cuò)誤，D正確故選AD點(diǎn)評(píng)：自感現(xiàn)象是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，同樣遵守電磁感應(yīng)的普遍規(guī)律楞次定律，對(duì)本題這種類型問(wèn)題就是利用楞次定律來(lái)分析14（5分）（2009寶山區(qū)二模）在圖示電路的三根導(dǎo)線中，有一根是斷的，電源、電阻器R1、R2及另外兩根導(dǎo)線都是好的，為了查出斷導(dǎo)線，某學(xué)生想先將萬(wàn)用表的紅表筆連接在電源的正極a，再將黑表筆分別連電阻器R1的b端和R2的c端，并觀察萬(wàn)用表指針的示數(shù)，在下列選檔中，符合操作規(guī)程的是（）A直流10V擋B直流0.5A擋C直流2.5V擋D歐姆擋考點(diǎn)：用多用電表測(cè)電阻專題：實(shí)驗(yàn)題分析：有多用表檢測(cè)故障若使用電壓檔或電流檔，將其連入電路要注意量程，用歐姆檔要把

31、待檢測(cè)電路從電源斷開解答：解：用電壓檔檢測(cè)其量程要大于6V，故A正確，C錯(cuò)誤 用電流檔要用較大量程，所給B中的0.5A太小，故B錯(cuò)誤 用歐姆檔要把電源斷開，本題操作沒(méi)有，故D錯(cuò)誤故選：A點(diǎn)評(píng)：考查多用電表的使用，明確利用其檢測(cè)故障要注意量程三、本題共3小題；其中第15題5分，其余的每題6分，共17分把答案填在題中的橫線上或按題目要求作圖15（5分）（2012豐臺(tái)區(qū)模擬）一游標(biāo)卡尺的主尺最小分度為1mm，游標(biāo)上有10個(gè)小等分間隔，現(xiàn)用此卡尺來(lái)測(cè)量工件的直徑，游標(biāo)部分放大圖如圖所示該工件的直徑為29.8mm考點(diǎn)：刻度尺、游標(biāo)卡尺的使用專題：實(shí)驗(yàn)題分析：游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需

32、估讀解答：解：游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為29mm，游標(biāo)尺上第3個(gè)刻度與主尺上某一刻度對(duì)齊，故其讀數(shù)為0.1×8mm=0.8mm，所以最終讀數(shù)為：29mm+0.8mm=29.8mm；故答案為：29.8點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法，游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)16（6分）下列給出的器材中，哪些是“驗(yàn)證玻一馬定律實(shí)驗(yàn)“所必需的，把這些器材前面的字母填在橫線上A帶有刻度的注射器 B刻度尺 C彈簧秤 D鉤碼若干個(gè)答：ABCD實(shí)驗(yàn)讀數(shù)過(guò)程中，不能用手握住注射器，這是為了保持氣體的溫度恒定用橡皮帽封住注射器小孔，這是為了保持氣體的質(zhì)量不變考點(diǎn)：氣體的等溫變化專題：理想氣體狀態(tài)方

33、程專題分析：驗(yàn)證玻馬定律實(shí)驗(yàn)，即等溫變化，必須確保氣體的質(zhì)量不變，同時(shí)保證溫度也不變，從而研究氣體的體積與壓強(qiáng)的關(guān)系由于橫截面積相同，所以體積通過(guò)氣體的長(zhǎng)度來(lái)表示，對(duì)于壓強(qiáng)則通過(guò)鉤碼的個(gè)數(shù)來(lái)體現(xiàn)解答：解：在一定質(zhì)量的氣體，在溫度保持不變的情況下，通過(guò)掛鉤碼的個(gè)數(shù)，來(lái)實(shí)現(xiàn)增加壓強(qiáng)，通過(guò)彈簧秤豎直向上拉，來(lái)減小壓強(qiáng)由刻度尺來(lái)測(cè)出注射器全部長(zhǎng)度，算出氣體的橫截面，從而觀察注射器氣體的刻度來(lái)得出體積的變化；故選：ABCD實(shí)驗(yàn)讀數(shù)過(guò)程中，不能用手握住注射器，這是為了保持氣體溫度恒定；用橡皮帽封住注射小孔，保持氣體質(zhì)量不變故答案為：ABCD；保持氣體溫度恒定；保持氣體質(zhì)量不變點(diǎn)評(píng)：考查學(xué)生對(duì)驗(yàn)證玻馬定律實(shí)

34、驗(yàn)中，需要掌握哪些步驟，注意事項(xiàng)，實(shí)驗(yàn)器材，如何驗(yàn)證17（6分）某電壓表的內(nèi)阻在20千歐50千歐之間，現(xiàn)要測(cè)量其內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供下列可選用的器材：待測(cè)電壓表V（量程3V）電流表A1（量程200A ）電流表A2（量程5mA）電流表A3（量程0.6A）滑動(dòng)變阻器R（最大阻值1K）電源（電動(dòng)勢(shì)4V）電鍵K（1）所提供的電流表中，應(yīng)選用（填寫字母代號(hào)）（2）為了盡量減小誤差，要求測(cè)多組數(shù)據(jù)試在方框中畫出符合要求的實(shí)驗(yàn)電路圖（其中電源和電鍵及其連線已畫出）考點(diǎn)：伏安法測(cè)電阻專題：實(shí)驗(yàn)題分析：本題（1）的關(guān)鍵是根據(jù)歐姆定律求出待測(cè)電壓表的最大電流來(lái)選擇電流表的量程；題（2）的關(guān)鍵是通過(guò)求出待測(cè)電壓表的最大

35、電流可知應(yīng)將待測(cè)2電壓表與電流表串聯(lián)完成測(cè)量，再根據(jù)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電壓表的內(nèi)阻可知變阻器應(yīng)采用分壓式接法解答：解：（1）：根據(jù)歐姆定律可求出通過(guò)待測(cè)電壓表的最大電流為：=，所以電流表應(yīng)選；（2）：根據(jù)歐姆定律可知，應(yīng)將待測(cè)電壓表與電流表串聯(lián)成為測(cè)量電路；由于滑動(dòng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電壓表的內(nèi)阻，所以變阻器應(yīng)采用分壓式接法，電路圖如圖所示：故答案為：（1）（2）如圖點(diǎn)評(píng)：應(yīng)明確：電壓表的反常規(guī)接法，即當(dāng)電壓表的最大電流與某電流表量程接近時(shí)，可將電壓表與該電流表串聯(lián)完成測(cè)量；當(dāng)變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻或要求電流從零調(diào)時(shí)，變阻器應(yīng)采用分壓式接法四本題共4小題；每小題5分，共20分把

36、答案填在題中橫線上18（5分）如圖，在x軸的上方（y0）存在著垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B在原點(diǎn)O有一個(gè)離子源向x軸上方的各個(gè)方向發(fā)射出質(zhì)量為m、電量為q的正離子，速率都為v對(duì)哪些在xy平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)的離子，在磁場(chǎng)中可能到達(dá)的最大x=，最大y=考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題分析：由題意可知粒子的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑相同，由牛頓第二定律可求得粒子的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑；由幾何關(guān)系可得出粒子能在x軸與y軸上能到達(dá)的最遠(yuǎn)距離解答：解：由Bqv=m可得：R=； 沿x軸方向射出的粒子圓心在y軸上，由下圖利用幾何關(guān)系可知，所有粒子運(yùn)動(dòng)的圓心在以O(shè)為圓心，R為半徑的圓中的第一象限部分，則可

37、知，粒子在x軸和y軸上達(dá)到的最遠(yuǎn)距離為均2R=；故答案為：，點(diǎn)評(píng)：本題解決的關(guān)鍵在于能通過(guò)分析找出所有粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡間的關(guān)系，這種有無(wú)數(shù)粒子的問(wèn)題要注意重點(diǎn)觀測(cè)邊界點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況19（5分）質(zhì)量為m、電量為q的質(zhì)點(diǎn)，在靜電力作用下以恒定的速率v沿圓弧從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度方向改變的角度為（弧度），AB弧長(zhǎng)為s，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差A(yù)B=0，AB弧中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小E=考點(diǎn)：電勢(shì)差；電場(chǎng)強(qiáng)度專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：由題意知電荷在靜電力作用下做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜電力做的功是零得出A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差靜電力是質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力列出等式和點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式結(jié)合求解AB弧中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小解答：

38、解：由題意知電荷在靜電力作用下做的是勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理知，靜電力做的功是零，所以A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UAB=0設(shè)場(chǎng)源電荷的電荷量為Q，質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，則弧長(zhǎng)s=r 靜電力是質(zhì)點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即= 弧AB中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小E= 解組成的方程組得E=故答案為：0；點(diǎn)評(píng)：涉及到電勢(shì)差的問(wèn)題，常常要用到動(dòng)能定理要掌握電場(chǎng)強(qiáng)度，電勢(shì)差，電場(chǎng)力做功等物理量間的關(guān)系20（5分）已知地球半徑為6.4×106m，又知月球繞地球的運(yùn)動(dòng)可近似看作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則可估算出月球到地球的距離約為4×108m（結(jié)果只保留一位有效數(shù)字）考點(diǎn)：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用專題

39、：萬(wàn)有引力定律在天體運(yùn)動(dòng)中的應(yīng)用專題分析：根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力提供向心力，以及萬(wàn)有引力等于重力求出月地距離解答：解：根據(jù)，解得r=又GM=gR2則r=4×108m故答案為：4×108點(diǎn)評(píng)：解決本題的關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向心力和萬(wàn)有引力等于重力這兩個(gè)理論，并能靈活運(yùn)用21（5分）內(nèi)壁光滑的環(huán)形細(xì)圓管，位于豎直平面內(nèi)，環(huán)的半徑為R（比細(xì)管的半徑大得多）在細(xì)圓管中有兩個(gè)直徑略小于細(xì)圓管管徑的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）A和B，質(zhì)量分別為m1和m2，它們沿環(huán)形圓管（在豎直平面內(nèi)）順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度都是v0；設(shè)A球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)B球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，此時(shí)兩球作用于環(huán)形圓管的合力為

40、零，那么m1、m2、R和v0應(yīng)滿足的關(guān)系式是考點(diǎn)：向心力；機(jī)械能守恒定律專題：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題分析：根據(jù)牛頓第二定律，結(jié)合徑向的合力提供向心力，求出最高點(diǎn)和最低點(diǎn)小球?qū)壍赖淖饔昧?，抓住作用力相等，結(jié)合機(jī)械能守恒定律得出各個(gè)物理量之間的關(guān)系解答：解：（1）A球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，作用于環(huán)形圓管的壓力豎直向下，根據(jù)牛頓第三定律，A球受到豎直向上的支持力N1，由牛頓第二定律，有：由題意知，A球通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，B球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，而且該時(shí)刻A、B兩球作用于圓管的合力為零；可見B球作用于圓管的壓力肯定豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，圓管對(duì)B球的反作用力N2豎直向下；假設(shè)B球通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度為v，則B球在該時(shí)刻的

41、運(yùn)動(dòng)方程為： 由題意有：N1=N2得：對(duì)B球運(yùn)用機(jī)械能守恒定律有： 解得：式代入式可得：故答案為：點(diǎn)評(píng)：本題考查了牛頓第二定律和機(jī)械能守恒的綜合，知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源是解決本題的關(guān)鍵五本題共5小題，53分解答應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位22（9分）有一個(gè)焦距為36厘米的凸透鏡，在主軸上垂直放置一支蠟燭，得到一個(gè)放大率為4的虛像如果想得到放大率為4的實(shí)像，蠟燭應(yīng)向哪個(gè)方向移動(dòng)？移動(dòng)多少？考點(diǎn)：透鏡成像規(guī)律分析：根據(jù)凸透鏡成像公式、物距與像的關(guān)系和兩次物距的關(guān)系列式求解解題時(shí)抓住放大倍數(shù)等于像距與物距大小之比解答

42、：解：先求蠟燭的原位置由放大率公式：=4得 v1=4u1 由透鏡成像公式 解得：再求蠟燭移動(dòng)后的位置，由放大率公式得v2=4u2由透鏡成像公式解得：u2=所以蠟燭應(yīng)向遠(yuǎn)離透鏡的方向移動(dòng)，移動(dòng)的距離為u2u1=（）f=f=18厘米答：蠟燭應(yīng)向遠(yuǎn)離透鏡方向移動(dòng)，移動(dòng)18厘米點(diǎn)評(píng)：解答本題的關(guān)鍵是掌握透鏡成像公式，知道放大率與物距、像距的關(guān)系，即可進(jìn)行解答23（9分）（2013楚雄州二模）圖中豎直圓筒是固定不動(dòng)的，粗筒橫截面積是細(xì)筒的4倍，細(xì)筒足夠長(zhǎng)，粗筒中A、B兩輕活塞間封有空氣，氣柱長(zhǎng)L=20cm，活塞A上方的水銀深H=10cm，兩活塞與筒壁間的摩擦不計(jì)，用外力向上托住活塞B，使之處于平衡狀態(tài)，

43、水銀面與粗筒上端相平，現(xiàn)使活塞B緩慢上移，直至水銀的一半被推入細(xì)管中，求活塞B上移的距離，設(shè)在整個(gè)過(guò)程中氣柱的溫度不變，大氣壓強(qiáng)p0相當(dāng)于75cm高的水銀柱產(chǎn)生的壓強(qiáng)考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)題意求出封閉氣體初末狀態(tài)的壓強(qiáng)，然后由玻意耳定律求出氣體末狀態(tài)的體積，最后求出活塞B向上移動(dòng)的距離解答：解：設(shè)粗筒的橫截面積是S，開始時(shí)，氣體壓：P1=P0+PH=85cmHg，體積V1=LS=20S，水銀的一半被推入細(xì)管中，即粗筒中水銀的深度是5cm，由于粗筒橫截面積是細(xì)筒的4倍，則細(xì)筒中水銀的深度是20cm，此時(shí)筒內(nèi)氣體的壓強(qiáng)P2=P0

44、+Ph=75+5+20=100cmHg，氣體溫度不變，由玻意耳定律得：P1V1=P2V2，即：85×20S=100×LS，解得L=17cm，活塞B向上移動(dòng)的距離s=2017+5=8cm；答：活塞B上移的距離是8cm點(diǎn)評(píng)：在向上推活塞的過(guò)程中，水銀的體積不變，根據(jù)題意求出氣體初末狀態(tài)的壓強(qiáng)、應(yīng)用玻意耳定律、幾何關(guān)系即可正確解題24（11分）（2012昆明模擬）如圖所示，在方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一個(gè)不可伸長(zhǎng)的不導(dǎo)電輕細(xì)線的一端連著一個(gè)質(zhì)量為m的帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)，把小球拉直至細(xì)線與電場(chǎng)方向平行，然后無(wú)初速釋放，已知小球擺到最低點(diǎn)的另一側(cè)，線與豎直方向的最大夾角為求小球經(jīng)

45、過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力考點(diǎn)：電勢(shì)能；牛頓第二定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用；電場(chǎng)強(qiáng)度專題：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題分析：從釋放點(diǎn)到左側(cè)最高點(diǎn)，根據(jù)重力勢(shì)能的減小等于電勢(shì)能的增加可知，電場(chǎng)力與重力的關(guān)系小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，電場(chǎng)做負(fù)功，重力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理求出小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的速度小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，牛頓第二定律求解拉力解答：解：設(shè)細(xì)線長(zhǎng)為L(zhǎng)，球的電荷量為q，場(chǎng)強(qiáng)為E若電荷量q為正，則場(chǎng)強(qiáng)方向在題圖中向右，反之向左即帶電小球受到的電場(chǎng)力F=qE，方向水平向右，從釋放點(diǎn)到左側(cè)最高點(diǎn)，根據(jù)能量守恒定律得知：重力勢(shì)能的減小等于電勢(shì)能的增加 mgLcos=qEL（1+sin

46、） 若小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度為v，由動(dòng)能定理得 mgLqEL= 此時(shí)線的拉力為T，由牛頓第二定律得 Tmg= 由以上各式解得答：小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)細(xì)線對(duì)小球的拉力為點(diǎn)評(píng)：本題是高考真題，考查動(dòng)能定理和牛頓第二定律綜合應(yīng)用的能力，動(dòng)能定理和向心力的關(guān)聯(lián)點(diǎn)是速度25（12分）質(zhì)量為m的鋼板與直立輕彈簧的上端連接，彈簧下端固定在地上，平衡時(shí)，彈簧的壓縮量為x0，如圖所示，一物塊從鋼板正上方距離為3x0的A處自由落下，打在鋼板上并立刻與鋼板一起向下運(yùn)動(dòng)，但不粘連，它們到達(dá)最低點(diǎn)后又向上運(yùn)動(dòng)，已知物塊質(zhì)量也為m時(shí)，它們恰能回到O點(diǎn)，若物塊質(zhì)量為2m，仍從A處自由落下，則物塊與鋼板回到O點(diǎn)時(shí)，還具有向上的

47、速度，求物塊向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)O點(diǎn)的距離考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；自由落體運(yùn)動(dòng)；機(jī)械能守恒定律專題：與彈簧相關(guān)的動(dòng)量、能量綜合專題分析：分析物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程：物塊先自由下落，機(jī)械能守恒物塊與鋼板碰撞時(shí)，因碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)所受外力遠(yuǎn)小于相互作用的內(nèi)力，遵守動(dòng)量守恒定律碰撞后，彈簧、物塊與鋼板組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒由題碰撞后，物塊與鋼板回到O點(diǎn)時(shí)，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能與未碰撞時(shí)相等根據(jù)動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律和相等的條件分別研究物塊質(zhì)量為m和2m的情況，再求解物塊向上運(yùn)動(dòng)到達(dá)最高點(diǎn)O點(diǎn)的距離解答：解：物塊與鋼板碰撞時(shí)的速度由機(jī)械能守恒，得 設(shè)v1表示質(zhì)量為m的物塊鋼板碰撞后一起向下運(yùn)動(dòng)的速度，因碰撞時(shí)間極短，系統(tǒng)所受外力遠(yuǎn)小于相互作用的內(nèi)力，符合動(dòng)量守恒，故有mv0=2mv1 設(shè)剛碰完