2020年高三上學(xué)期期末考試物理試題含解析(1)

1、高三期末考試物理試卷一、選擇題：本題共10 小題每小題4 分，共 40 分。在每小題給出的四個選項中，第16 小題只有一個選項正確，第710 小題有多個選項正確；全部選對的得4 分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0 分。1. 許多物理學(xué)家為人類科技的發(fā)展作出了重大的貢獻。下列說法正確的是A. 法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了電生磁的規(guī)律B. 愛因斯坦提出了光子說，成功地解釋了光電效應(yīng)的實驗規(guī)律C. 牛頓利用扭秤首先測定了引力常量D. 楞次首先引入了電場概念，并提出用電場線表示電場【答案】B【解析】【詳解】A、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，但是是奧斯特發(fā)現(xiàn)電流的磁效應(yīng)，揭示了電生磁的規(guī)律，故A

2、錯誤日愛因斯坦提出了光子說，用光電效應(yīng)方程成功地解釋了光電效應(yīng)的實驗規(guī)律，故B正確C牛頓發(fā)現(xiàn)了萬有引力，卡文軸許用實驗測出了引力常量，故 C錯誤D法拉第首先引入了電場概念，并提出用電場線表示電場，故 D錯誤2. 變壓器線圈中的電流越大，所用的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)越粗。街頭見到的變壓器是降壓變壓器，假設(shè)它只有一個原線圈和一個副線圈，則A. 副線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且副線圈的匝數(shù)少B. 副線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且副線圈的匝數(shù)多C. 原線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且原線圈的匝數(shù)少D. 原線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且原線圈的匝數(shù)多【答案】A【解析】【分析】變壓器原副線圈電流與匝數(shù)成反比【詳解】由于是降壓變壓器所以副線圈匝數(shù)少。由變

3、壓器原線圈和副線圈匝數(shù)比與電流之比的關(guān)系可知，在降壓變壓器的副線圈，電流較大，熱功率較大，應(yīng)利用粗導(dǎo)線，這樣電阻較小，熱功率較小，故 A正確BCD昔誤。3.如圖所示，質(zhì)量分別為 2m和3m的兩個小球置于光滑水平面上，且固定在勁度系數(shù)為輕質(zhì)彈簧的兩端?，F(xiàn)在質(zhì)量為 2m的小球上沿彈簧軸線方向施加大小為F的水平拉力，使兩球一起做勻加速直線運動，則此時彈簧的伸長量為【答案】C【解析】【詳解】對整體分析，整體的加速度a=：,隔離對m的小球分析，根據(jù)牛頓第二定律得,5m3FF彈=3ma=,故ABD音誤,C正確。5 k故選：C.【點睛】對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律求出整體的加速度，隔離分析，結(jié)合牛頓第二定律

4、求出彈簧的彈力.4.如圖所示，兩小球從斜面的頂點先后以不同的初速度向右水平拋出，在斜面上的落點分別是a和b,不計空氣阻力。關(guān)于兩小球的判斷正確的是A.落在b點的小球飛行過程中速度變化快B.落在a點的小球飛行過程中速度變化大C.小球落在a點和b點時的速度方向不同D.兩小球的飛行時間均與初速度 V0成正比【答案】D【解析】【分析】兩個小球做的都是平拋運動，平拋運動可以分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上 的自由落體運動，物體的運動的時間是由豎直方向上下落的高度決定的.落地速度由高度和 初速度共同決定，可列式進行分析.【詳解】AR平拋運動是加速度為 g的勻變速曲線運動，速度變化一樣快，b球運動

5、時間長所以速度變化大，故 AB錯誤C落在a點和b點的小球，由而速度偏轉(zhuǎn)角 Q 應(yīng)有kuiH = -由于/值一定所以0確定，所以他們速度方向相同，故C錯誤J ,2vflLanaDK落在a點和b點的小球，由 y 2 ,得t = ,所以運動時間t與V0成正比，DInna = - = k %占正確5.2018年7月10日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心使用長征三號甲運載火箭，成功發(fā)射北斗衛(wèi)星 導(dǎo)航系統(tǒng)的第32顆衛(wèi)星。作為北斗二號衛(wèi)星的“替補”星，這名北斗“隊員”將馳騁天疆,全力維護北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)的連續(xù)穩(wěn)定運行。若這顆衛(wèi)星在軌運行的周期為T,軌道半徑為r ,地球的半徑為R,則地球表面的重力加速度為【答案】A【

6、解析】【分析】 利用萬有引力等于向心力計算地球質(zhì)量，再算 g g一,舊八，一、， Kimg 4五寸Mm,【詳解】根據(jù)萬有引力提供向心力 GI,得%一 ,根據(jù)G1 】咤得&二 ,故E T2 GT3 %T-R2A正確，B、C、D錯誤6.圖示是在平直公路上檢測某新能源動力車的剎車性能時，動力車剎車過程中的位移x和時間t的比值£與t之間的關(guān)系圖象。下列說法正確的是 tA.剛剎車時動力車的速度大小為10m/sB.剎車過程動力車的加速度大小為2m/s2C.剎車過程持續(xù)的時間為5sD.整個剎車過程動力車經(jīng)過的路程為40m【答案】C【解析】由圖像可以把x與t關(guān)系找出來，就可以判斷物體做什么運

7、動【詳解】由圖得:kt / b整理后x-kr + bt，由勻變速直線運動的位移時間公式對比，可得質(zhì)點做勻減速直線運動，質(zhì)點的初速度2V0=b=20m/s,加速度為：a=4m/s ,所以剎X - vfll -50m , ABD昔誤 C 正確車時間1 =女=依，剎車位移為 t7.下列說法正確的是A. 一個中子和一個質(zhì)子結(jié)合生成笊核時，會發(fā)生質(zhì)量虧損B. 一個處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷，可能產(chǎn)生6種不同頻率的光子C.氫（舒；）衰變的半衰期為3.8天，升高溫度后其半衰期將小于3.8天D.核反應(yīng):日十:十M是裂變【答案】A【解析】【詳解】A、一個中子和一個質(zhì)子結(jié)合成笊核時，釋放出核能，由質(zhì)能方程

8、可知，此過程中有質(zhì)量虧損，故A正確；日一個處于n=4能級的氫原子向較低能級躍遷，最終躍遷到基態(tài)，躍遷情況可能是：4一 1,釋放1種頻率的光子。4一3一 1, 4一2一 1,釋放 2種頻率的光子。4一3一2一 1,釋放 3種頻率的光子，可能最多產(chǎn)生 3種不同頻率的光子，故 B錯誤；C原子核衰變的半衰期由原子核自身性質(zhì)決定，是不變的，與核外的壓強、溫度等因素均無關(guān)，故選項C錯誤；D核反應(yīng) 論汨-4Ik卜健是輕核的聚變，故選項 D錯誤。8.某帶電金屬棒所帶電荷均勻分布，其周圍的電場線分布如圖所示，在金屬棒的中垂線上的兩條電場線上有 A、B兩點，電場中另有一點 Co已知A點到金屬棒的距離大于 B點到金

9、屬棒的距離，C點到金屬棒的距離大于 A點到金屬棒的距離，則A. A點的電勢高于 B點的電勢B. B點的電場強度小于 C點的電場強度C.負電荷在A點的電勢能大于其在 B點的電勢能D.將正電荷沿 AC方向從A點移動到C點，電場力做正功【答案】CD【解析】【分析】根據(jù)電場分布情況，電勢能大小表達式就可做出判斷【詳解】沿電場線電勢越低，由圖像對稱性可知B電勢高于A點,A錯誤電場線疏密表示場的強弱，B點強與C點，B錯誤由Ep知負電荷電勢越低電勢能越大，A點電勢較低，電勢能大，C正確把正電荷從A移到C電勢能減少，電場力做正功，D正確9 .圖示為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)，彼此平行且共軸的一對勵磁圓形線圈能夠在兩

10、線圈間產(chǎn)生勻強磁場；電子槍發(fā)射出的電子經(jīng)加速電壓U作用后通過玻璃泡內(nèi)稀薄氣體時能夠顯示出電子運動的徑跡。現(xiàn)讓電子槍垂直磁場方向發(fā)射電子（初速度較小，可以不計），勵磁線圈通入電流I后，可以看到圓形的電子的徑跡，則下列說法正確的是勵磁線圖（前后各一個）電子槍玻璃泡洛倫茲力演示儀A.若保持U不變，增大I ,則圓形徑跡的半徑變大B.若保持U不變，增大1,則圓形徑跡的半徑變小C.若同時減小I和UI,則電子運動的周期減小D.若保持I不變，減小 U,則電子運動的周期將不變【答案】BD【分析】由r 和史就可以判斷R和T怎么變化qB qB【詳解】若增大勵磁線圈中的電流，也就是增加了磁場的磁感強度B,根據(jù)艮?,可

11、知，電子qB 一一人, 、一”.、，一 束的軌道半徑變小， A錯誤B正確；由T,知增加U不改變周期，減小I, B就減小，T第則變大，C錯誤，D正確10 .如圖所示，不可伸長的輕繩跨過光滑小定滑輪，一端連接質(zhì)量為2m的小球（視為質(zhì)點），另一端連接質(zhì)量為 m的物塊，小球套在光滑的水平桿上。開始時輕繩與桿的夾角為0 ,現(xiàn)將小球從圖示位置由靜止釋放，小球到達豎直虛線位置時的速度大小為v,此時物塊尚未落地。重力加速度大小為 go下列說法正確的是2mA.小球到達虛線位置之前，向右先做加速運動后做減速運動B.小球到達虛線位置之前，輕繩的拉力始終小于mgC.小球到達虛線位置時，其所受重力做功的功率為mgvD.

12、定滑輪與桿間的距離為g（l-sinO）【答案】D【解析】【分析】將速度分解，根據(jù)牛頓第二定律分析力的情況，根據(jù)功率的公式分析重力的功率，根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒來求解距離；【詳解】A、小球到達虛線位置之前， 只有輕繩對小球做功且一直做正功，根據(jù)動能定理可知，小球的速度一直增大，故選項A錯誤；B繩輕繩與桿的夾角為 U時物塊和小球的速度大小分別為 V.和匕，則有Y,當(dāng)小球運動到虛線位置時卜.90支故、口，可見在小球運動到虛線位置的過程在中，物塊向下先做加速運動后做減速運動，即先失重后超重，輕繩的拉力先小于mg后大于mg,故選項B錯誤；C小球達到虛線位置時，其所受重力的方向與速度方向垂直，重力做功的功率為

13、零，故選項C錯誤；D對小球和物塊，由機械能守恒定律有：21m 2,解得卜一 ¥飛皿,故選項D飛J 2g（l suiG）正確?！军c睛】本題主要考查運動的分解，主要將速度進行分解，然后根據(jù)牛頓第二定律和機械能 守恒間求解即可。二、非選擇題：本題包括必考題和選考題部分。第1114題為必考題，每個試題考生都必須作答。第1516題為選考題，考生根據(jù)要求作答。11 .圖示為利用拉力傳感器和位移傳感器探究“加速度與力的關(guān)系”的實驗裝置，可以通過改變鉤碼的數(shù)量來改變小車所受的拉力。拉力傳感器可以測量輕繩的拉力，位移傳感器通過DIS（數(shù)字化信息系統(tǒng)）可以測小車的加速度。請回答下列問題:位移傳感器（接收

14、器）位移侍感器（發(fā)射器）拉力傳感器小車軌道亡I鉤碼g,（i）若小車在水平軌道上，通過改變鉤碼的數(shù)量，可以得到多組實驗數(shù)據(jù)，重力加速度為則下列能正確反映小車運動的加速度a和所受拉力F的關(guān)系圖象是 （填圖象下方的字 母）ABCD（2）正確選擇（1）問中的圖象，可求得小車、拉力傳感器和位移傳感器發(fā)射部分的總質(zhì)量為，小車在水平軌道上運動時受到的摩擦力大小為 。【答案】 （1）.（1） C （2）.（2）（3）. F 0【解析】【分析】根據(jù)a-F圖象的特點結(jié)合牛頓第二定律分析求解，理解該實驗的實驗原理和數(shù)據(jù)處理以及注意事項，知道實驗誤差的來源；【詳解】（1）在水平軌道上，由于受到摩擦力，拉力不為零時，加

15、速度仍然為零，故選項C正確，選項ABD昔誤；（2）根據(jù)牛頓第二定律得，a,圖線的斜率表木質(zhì)量的倒數(shù)，則 一 =T，解m mbn FoI Fo.li得m 因為F-匕時，加速度為零，解得摩擦力大小為：pFCo【點睛】對于圖象問題，通常的方法是得出兩個物理量的表達式，結(jié)合圖線的斜率和截距進行求解。12 .某物理興趣小組利用圖甲所示電路測定干電池的電動勢和內(nèi)阻?？晒┻x擇的器材有：A.待測干電池（電動勢約為1.5V,內(nèi)阻約為0.5 ）B.電壓表V（量程為03V,內(nèi)阻約為3kQ）C.電壓表V2（量程為015V,內(nèi)阻約為15k ）D.電阻箱R（調(diào)節(jié)范圍0999.9Q）E.定值電阻R）=5QF.開關(guān)S一個，導(dǎo)

16、線若干甲乙(1)為了盡可能減小測量誤差，電壓表應(yīng)選用 (填“B"或"C')。(2)請完成下列主要實驗步驟：按圖甲所示電路，先將開關(guān)S(填“閉合”或“斷開”)，然后將電路連接好；調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其阻值R,閉合開關(guān)S,讀出電壓表的示數(shù) U;斷開開關(guān)S,調(diào)節(jié)電阻箱，讀出其阻值R,閉合開關(guān)S,讀出電壓表的示數(shù) 廿；如此反復(fù)多次實驗，測得多組正確的數(shù)據(jù)R和U, R4和U利用測得的數(shù)據(jù)，在坐標(biāo)紙上作出電壓表示數(shù)的倒數(shù)廠與電阻箱的阻值 R的關(guān)系圖線如圖乙所示，則干電池的電動勢 E=,內(nèi)阻r=。(結(jié)果用a、b和R表示)b【答案】(1). B (2).斷開(3).(4). b %出口

17、【解析】(2)對電路用閉電路誤差是由電表不理想帶來的，所以電壓表越理想越好，即阻值大了好。合電路歐姆再化簡即可。【詳解】電源電動勢才1.5V,所以電壓表選B斷開開關(guān)，再連好電路。對電路用閉合電路歐姆定律有(Rr),整理成以'為縱軸,%十縱截距為ERo, I / I ,以R為橫軸的形式為一二十R,由圖像可以讀出斜率U ER0 E 網(wǎng)13 .如圖所示，豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓弧軌道 BC靜止放在光滑水平地面上，圓弧 BC與地面相切?；瑝KA(視為質(zhì)點)從到B端高度為R處由靜止釋放，恰好從B端沿圓弧切線方向 進入軌道，離開 C端后沿地面運動。已知圓弧軌道 BC的質(zhì)量為滑塊 A的質(zhì)量的兩倍，重

18、力加 速度大小為g,求：(1)滑塊到達B端時的速度大小 v；(2)圓弧軌道的最大速度 Vm；【答案】版i (2)浮【解析】整個過程符合系統(tǒng)水平動量守恒，能量守恒?！驹斀狻?l)滑塊做白由落體運動，有：解得：(2)滑塊與圓弧軌道相互作用的過程，水平方向動量守恒，經(jīng)分析可知，滑塊滑到圓弧軌道的c端時圓弧軌道的速度最大，設(shè)滑塊的質(zhì)量為m滑塊滑到圓弧軌道的 c端時速度大小為V1,有：2mvtu 0根據(jù)機械能守恒定律有：D2dqIII解得:丁明飛書14 .如圖所示，間距為 d的平行導(dǎo)軌 AA、GG所在平面與水平面的夾角 0 =30° ,其下端連接 阻值為R的電阻，處于磁感應(yīng)強度大小為日方向垂直

19、導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，水平臺面所在區(qū)域無磁場。長為 d、質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒靜止在光滑水平臺面ACCA1上，在大小為 mg(g為重力加速度大小)、方向水平向左的恒力作用下做勻加速運動，經(jīng)時間 t后撤去恒力，導(dǎo)體 棒恰好運動至左邊緣 A1C1,然后從左邊緣 A1C1飛出臺面，并恰好沿 AA方向落到A2G處，沿導(dǎo) 軌下滑時間t后開始做勻速運動。導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上運動時始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，除了 電阻R外的其他電阻、一切摩擦均不計。求:BC導(dǎo)體棒到達 AG處時的速度大小 V0以及A2c2與臺面ACCAi間的高度差h;(2)導(dǎo)體棒勻速運動的速度大小v以及導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上變速滑行的過程中通過導(dǎo)體棒某一橫截

20、面的總電荷量q?！窘馕觥?1)根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合平拋運動進行求解即可;(2)安培力和重力的分力平衡，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)與閉合電路歐姆定律求解出速度，然后利用動量定理進行求解即可；【詳解】(1)導(dǎo)體棒在臺面上做勻加速直線運動，則有： ”凱根據(jù)牛頓第二定律有：解得：導(dǎo)體棒離開臺面后做平拋運動，則有：k , v? = 2gh-J聯(lián)立解得：(2)導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上做勻速運動時，由受力平衡有：根據(jù)閉合電路的歐姆定律有：RtngR解得：2B二導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌上滑行的過程中，根據(jù)動量定理有：mgsinG - t-BIdt = mv-m ,-,而且：qmg/3 - mR 解得：q一闔丁|菽蕾【點睛】在電磁感應(yīng)結(jié)合電

21、路問題中經(jīng)常出現(xiàn)求解電量的問題，這類問題經(jīng)常利用動量定理求解，同時注意這類問題還要用到q II。15 .下列說法正確的是（）A.液晶的光學(xué)性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性B.絕熱條件下壓縮氣體，氣體內(nèi)能增加C.擴散現(xiàn)象表明物體分子間存在斥力D.溫度、壓力等因素可以改變液晶的光學(xué)性質(zhì)E.氣體放出熱量時，其分子的平均動能一定減小【答案】ABD【解析】【詳解】液晶屬于晶體具有各向異性，A正確在絕熱條件下壓縮氣體，外界對氣體做功，由 buQ4W,知Q=0, w、W為正值，氣體內(nèi)能一定增加；故B正確擴散現(xiàn)象說明分子在做無規(guī)則運動，C錯誤溫度、壓力、電磁作用等可以改變液晶的光學(xué)性質(zhì)；故D正確氣體放出熱量溫度不一定降低，

22、所以平均動能不一定減少，E錯誤16 .某熱氣球的球囊體積 V=2.3 X103m3o在熱氣球下方開口處燃燒液化氣，使球囊內(nèi)空氣溫度由Ti=270K開始逐漸升高，熱氣球離地后，徐徐升空，當(dāng)球囊內(nèi)空氣溫度T2=300K時熱氣球停在空中。假設(shè)地面附近的大氣壓恒為p°,球囊體積始終不變。求熱氣球停在空中時球囊內(nèi)剩余空氣與升空前球囊內(nèi)空氣的質(zhì)量之比k;若熱氣球停在空中時停止加熱，同時將熱氣球下方開口處封住，求球囊內(nèi)空氣溫度降為T3=280K時球囊內(nèi)的空氣壓強 p（結(jié)果可用分式表示）?！敬鸢浮?.9 、一-15【解析】【詳解】假設(shè)升溫后氣體（包括跑掉的空氣）的總體積為V2,根據(jù)蓋-呂薩克定律有：Ti T;又：k=聯(lián)立解得：k=0.9根據(jù)查理定律有： h n解得：1517 .下列說法正確的是（）A.機械波可在真空中傳播B.當(dāng)一列聲波從空氣中傳入水中時，波長變長C.站在鐵道邊的人在火車向他開來的過程中會聽到火車鳴笛的頻率變大D.當(dāng)機械波從一端傳播到另一端時，途中的質(zhì)點不會沿著波的傳播方向而遷移E.在機械橫波傳播方向上的某個質(zhì)點