【2019-2020】高考物理總復(fù)習(xí)選擇題增分練(四)

1、1 / 6【2019-2020】高考物理總復(fù)習(xí)選擇題增分練（四）（滿分 48 分 24 分鐘）說明：共 8 小題，每小題 6 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第15 題只有一項(xiàng)符合題目要求，第 68 題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6 分，選對(duì)但不全的得 3 分，有選錯(cuò)的得 0 分.1 某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路來研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，結(jié)點(diǎn)Q位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)，初始狀態(tài)時(shí)，滑動(dòng)觸頭P也恰好位于滑動(dòng)變阻器的中點(diǎn)實(shí)驗(yàn)過程中，當(dāng)該同學(xué)用綠光照射光電管時(shí)，靈敏電流計(jì)有示 數(shù)，下列說法正確的是（）A.若換用紫光照射光電管，則電流計(jì)的示數(shù)一定增大B.若增大綠光的光照強(qiáng)度，則電流計(jì)的示數(shù)一定增大C.若將滑動(dòng)觸頭

2、 P 向右滑動(dòng)，則電流計(jì)的示數(shù)一定不斷增大D.若將滑動(dòng)觸頭P向左滑動(dòng)，則電流計(jì)的示數(shù)一定能減小為0解析：選 B.用綠光照射光電管時(shí)，靈敏電流計(jì)有示數(shù)，說明綠光的頻率大于該光電管的極限頻率，若換用紫光照射，則一定可發(fā)生光電效應(yīng)， 但光電流大小與光強(qiáng)有關(guān)，所以光電流大小變化情況不能確定， A 錯(cuò)誤；增大綠光的光照強(qiáng)度，則單位時(shí)間從陰極逸出的光電子數(shù)一定增多，光電流變大，電流計(jì)的示數(shù)一定增大，B 正確；此時(shí)加在光電管兩端電壓為0,若將滑動(dòng)觸頭P向右滑動(dòng)，加在光電管兩端的電壓為正向電壓，則在電場力作用下，到 達(dá)陽極的光電子數(shù)會(huì)增多，而達(dá)到飽和光電流后，光電流大小不會(huì)隨著正向電壓的增大而增 大，C 錯(cuò)誤

3、；若將滑動(dòng)觸頭P向左滑動(dòng)，加在光電管兩端的電壓為反向電壓，則在電場力作 用下，到達(dá)陽極的光電子數(shù)會(huì)減少，電流計(jì)的示數(shù)不斷減小， 若最大反向電壓小于遏止電壓,則電流計(jì)的示數(shù)不能減為 0, D 錯(cuò)誤.2如圖所示，斜面AC與水平方向的夾角為a，在底端A正上 方與頂端等高處的E點(diǎn)以速度V。水平拋出一小球，小球垂直于斜面 落到D點(diǎn)，重力加速度為g,則（）A.小球在空中飛行時(shí)間為 V2 / 6g3 / 6B.小球落到斜面上時(shí)的速度大小為V0cosaC.小球的位移方向垂直于AC12ta na3圖（甲）為手機(jī)及無線充電板圖（乙）為充電原理示意圖充電板接交流電源，對(duì)充電板供電，充電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，

4、從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流，再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)變成直流電后對(duì)手機(jī)電池充電.為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化： 設(shè)送電線圈的匝數(shù)為n1,受電線圈的匝數(shù)為n2,面積為S,若在t1到t2時(shí)間內(nèi)，磁場（垂直于線圈平面向上、可視為勻強(qiáng)磁場）的磁感應(yīng)強(qiáng)度由 B 均勻增加到 B2.下列說法正確的是（）A.受電線圈中感應(yīng)電流方向由d到cB. c點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)D. CD與DA的比值為12tana解析：選 D.將小球在D點(diǎn)的速度進(jìn)行分解，水平方向的分速度V1等于平拋運(yùn)動(dòng)的初速度V0,即Vi=Vo,落到斜面上時(shí)的速度V=匚，豎直方向的分速度V2=J，則小球在空中飛行時(shí)間tsinatanaV2Vo=一=.由

5、圖可知平拋運(yùn)動(dòng)的位移方向不垂直ACD A間水g gta na平距離為X水平=Vot,故DA=col ；CD間豎直距離為1 +x豎直二 2V2t，故CD=V2t2sinaCDDAB4 / 6C. c、d之間的電勢(shì)差為n1（B2一B）St2一t1D. c、d之間的電勢(shì)差為n2（B2一Bi）S12115 / 6解析：選 D.根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內(nèi)部產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向俯視為順時(shí)針，受電線圈中感應(yīng)電流方向由c到d,所以c點(diǎn)的電勢(shì)低于d點(diǎn)的電勢(shì)， 故 AB 錯(cuò)誤； 根據(jù)法拉 n2（B2Bi）S第電磁感應(yīng)定律可得c、d之間的電勢(shì)差為Utd=E=-=一 -,故 C 錯(cuò)誤，D 正確;t1211故選 D.4

6、如圖所示，質(zhì)量為M= 3kg 的足夠長的木板放在光滑水平地面上，質(zhì)量為 mi= 1 kg 的物塊放在木板上，物塊與木板之間有摩擦，兩者都以大小為 4 m/s 的初速度向相反方向運(yùn)動(dòng).當(dāng)木板的速度為 3 m/s 時(shí)，物塊處于（）A.勻速運(yùn)動(dòng)階段B.減速運(yùn)動(dòng)階段C.加速運(yùn)動(dòng)階段D.速度為零的時(shí)刻解析：選 B.開始階段，m向左減速，M向右減速，根據(jù)系統(tǒng)的動(dòng)量守恒定律得：當(dāng)物塊的速度為零時(shí)，設(shè)此時(shí)木板的速度為vi,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：（M- m）v=Mv,解得：vi=m/s 時(shí)，m處于減速運(yùn)動(dòng)階段；故選 B.5.已知半徑一定的小球在空中下落過程中受到的空氣阻力f正比于運(yùn)動(dòng)速率v，即滿足f=kv.比例系

7、數(shù)k只與小球半徑和空氣密度有 關(guān).現(xiàn)將半徑相同的實(shí)心鐵球和實(shí)心塑料球在空中由靜止開始下落， 小球下落過程中的加速度與速度關(guān)系圖象如圖所示，已知空氣密度均勻.則下列說法中正確的是（）A. 鐵球在圖中的 Vm值較大B.鐵球?qū)?yīng)于圖中的a。值較大C. 兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時(shí)間較長D.鐵球從開始下落至速度達(dá)到鐵球所對(duì)應(yīng)的 Vm-，m.M.-(31)X4 =2.67 m/s；此后m將向右加速,M繼續(xù)向右減速；當(dāng)兩者速度達(dá)到相同時(shí),設(shè)共同速度為v2，由動(dòng)量守恒定律得:（3 一 1）X4- :-=2 m/s,兩者相對(duì)靜止后, 3+1(M- m v= (M+ m v2，解得：V2起向右勻速直

8、線運(yùn)動(dòng).由此可知當(dāng)(M- m)vM mM的速度為 36 / 6位移較小解析：選 A.當(dāng)小球受力平衡時(shí)，達(dá)到最大速度，由于鐵球的質(zhì)量大于塑料球，而阻力與速率成正比，所以鐵球在圖中的最大速度較大，故 A 正確；由于開始下落時(shí)空氣阻力可以7 / 6忽略，因此開始下落時(shí)兩球的加速度相同，故ao相同，故 B 錯(cuò)誤；由于鐵球下落時(shí)受到的阻力影響較小，所以鐵球的加速度始終大于塑料球的加速度，兩球均由靜止開始運(yùn)動(dòng)，故鐵球的速度始終大于塑料球，故兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時(shí)間較短，故C錯(cuò)誤；由 C 的分析可知，鐵球的平均加速度要大于塑料球，并且最大速度也要大于塑料球， 所以鐵球從開始下落至速度達(dá)到鐵

9、球所對(duì)應(yīng)的Vm位移較大，故 D 錯(cuò)誤.故選 A.6.如圖 所示為示波管的原理圖.如果在電極XX 之間所加的電壓按圖（b）所示的規(guī)律變化，在電極 YY 之間所加的電壓按圖（c）所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上不可能出現(xiàn)的圖形是（）解析：選 ABD.因Y偏轉(zhuǎn)電極接入的是鋸齒形電壓，即掃描電壓，且周期與XX 偏轉(zhuǎn)電極上加的待顯示信號(hào)電壓的周期相同，則可以在熒光屏上得到一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象如圖C 所示，故 A、B、D 項(xiàng)不可能出現(xiàn).7. （2018 衡水中學(xué)押題卷）如圖所示，正六邊形ABCDE區(qū)域內(nèi) 存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,大量質(zhì)量為m重力及電荷間的相互作用下列說法正確的是（nm3

10、qB圖（a8 / 6電荷量為+q的電荷從A點(diǎn)沿AF方向以不同速率射入磁場， 不計(jì)電荷A.從EF邊射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間不可能大于B.從AB邊射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為3qB9 / 6C.從E、B兩點(diǎn)射出磁場的電荷的速率之比為，3：1D.從B C、D E點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為解析：選 AD.從EF邊射出磁場的電荷中，恰好從E點(diǎn)射出的電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長，其圓周運(yùn)動(dòng)的圓心恰好在C點(diǎn)，設(shè)正六邊形邊長為I,則軌跡半徑rE= 2|cos 30 =31，對(duì)應(yīng)圓心角為 60,運(yùn)動(dòng)時(shí)間tE=6 冷晉=3qmA 正確；從AB邊射出磁場的電荷，22nm4nm在磁場中做圓

11、周運(yùn)動(dòng)對(duì)應(yīng)的圓心角均為240,運(yùn)動(dòng)時(shí)間t= =, B 錯(cuò)誤；從B3qB3qB點(diǎn)射出磁場的電荷，軌道半徑rB=2cos3o =i尹，由r= 得v=m，故從E、B兩點(diǎn)射出磁場的電荷，速率之比等于半徑之比，為3 ： 1, C 錯(cuò)誤；從C點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為 180，從D點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為120，故從BC D E點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比等于在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角之比，即240： 180： 120： 60= 4 : 3 : 2 ： 1， D 正確.&如圖（a）所示，兩個(gè)帶正電的小球A氏均可視為點(diǎn)電荷）套在一根傾斜的光滑絕緣直桿上，其中A球固定，電

12、荷量QA= 2.0 x10一4C，B球的質(zhì)量 m= 0.1 kg.以A為坐標(biāo)原點(diǎn)， 沿桿向上建立直角坐標(biāo)系，B球的總勢(shì)能（重力勢(shì)能與電勢(shì)能之和）隨位置x的變化規(guī)律如圖 （b）中曲線I所示，直線n為曲線I的漸近線.圖中M點(diǎn)離A點(diǎn)距離為 6 m.令A(yù)所在平面 為參考平面，無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，重力加速度g取 10 m/s2,靜電力恒量k= 9.0 x109N-m2/c2. 下列說法正確的是（）A.桿與水平面的夾角0= 60B.B球的電荷量QB= 1.0 x10一CC.若B球以 4 J 的初動(dòng)能從M點(diǎn)沿桿向上運(yùn)動(dòng)，到最高點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能減小2 J4:3:2：1圖(a)M2 14 16 IS 202 4 6H I圖(b)10 / 6D. 若B球從離A球 2 m 處靜止釋放，則向上運(yùn)動(dòng)過程中加速度先減小后增大解析：選 BCD.漸近線n表示B的重力勢(shì)能隨位置的變化關(guān)系，即：EP= mgxsin0=kx，k得：sin0= 0.5，即B= 30, A 項(xiàng)錯(cuò)誤；由圖（b）中的曲線I可知，在x= 6 m 處總mgQQ_5勢(shì)能最小，動(dòng)能最大，該位置B受力平衡，則有min0=k-r，解得：Q= 1x10 C, B項(xiàng)正確；在M點(diǎn)時(shí)，B的重力勢(shì)能 曰=mgxin 30= 3 J，電勢(shì)能