2010年高考物理 機(jī)械能試卷匯編 新人教版

1、2010年高考物理試卷匯編（必修二-機(jī)械能）機(jī)械能1、（全國(guó)卷）24如圖，MNP 為整直面內(nèi)一固定軌道，其圓弧段MN與水平段NP相切于N、P端固定一豎直擋板。M相對(duì)于N的高度為h，NP長(zhǎng)度為s.一木塊自M端從靜止開(kāi)始沿軌道下滑，與擋板發(fā)生一次完全彈性碰撞后停止在水平軌道上某處。若在MN段的摩擦可忽略不計(jì)，物塊與NP段軌道間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為，求物塊停止的地方與N點(diǎn)距離的可能值。【答案】物塊停止的位置距N的距離可能為或【解析】根據(jù)功能原理，在物塊從開(kāi)始下滑到停止在水平軌道上的過(guò)程中，物塊的重力勢(shì)能的減少EP與物塊克服摩擦力所做功的數(shù)值相等。 設(shè)物塊的質(zhì)量為m，在水平軌道上滑行的總路程為s，則 連立

2、化簡(jiǎn)得 第一種可能是：物塊與彈性擋板碰撞后，在N前停止，則物塊停止的位置距N的距離為 第一種可能是：物塊與彈性擋板碰撞后，可再一次滑上光滑圓弧軌道，滑下后在水平軌道上停止，則物塊停止的位置距N的距離為 所以物塊停止的位置距N的距離可能為或2、（全國(guó)卷）25小球A和B的質(zhì)量分別為mA 和 mB 且mAmB 在某高度處將A和B先后從靜止釋放。小球A與水平地面碰撞后向上彈回，在釋放處的下方與釋放初距離為H的地方恰好與正在下落的小球B發(fā)生正幢，設(shè)所有碰撞都是彈性的，碰撞事件極短。求小球A、B碰撞后B上升的最大高度。【答案】【解析】根據(jù)題意，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可知，小球A與B碰撞前的速度大小相等，設(shè)均為，由機(jī)

3、械能守恒有 ks5u ks5u設(shè)小球A與B碰撞后的速度分別為和，以豎直向上方向?yàn)檎蓜?dòng)量守恒有 ks5u ks5u由于兩球碰撞過(guò)程中能量守恒，故 聯(lián)立ks5uks5u式得： ks5u ks5u設(shè)小球B能上升的最大高度為h，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有ks5u 由式得ks5u 3、（北京卷）21如圖，跳臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)一段加速滑行后從O點(diǎn)水平飛出，經(jīng)過(guò)3.0 s落到斜坡上的A點(diǎn)。已知O點(diǎn)是斜坡的起點(diǎn)，斜坡與水平面的夾角37°，運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量m50 kg。不計(jì)空氣阻力。（取sin37°0.60，cos37°0.80;g取10 m/s2）求（1）A點(diǎn)與O點(diǎn)的距離L;（2）運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)O

4、點(diǎn)時(shí)的速度大小; （3）運(yùn)動(dòng)員落到A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能?！敬鸢浮浚?）75m （2）20m/s （3）32500J【解析】（1）運(yùn)動(dòng)員在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有 A點(diǎn)與O點(diǎn)的距離 （2）設(shè)運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)O點(diǎn)的速度為v0，運(yùn)動(dòng)員在水平方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)， 即 解得：（3）由機(jī)械能守恒，取A點(diǎn)為重力勢(shì)能零點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員落到A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為4、（新課標(biāo)卷）16如圖所示，在外力作用下某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的圖象為正弦曲線(xiàn)。從圖中可以判斷A在0t1時(shí)間內(nèi)，外力做正功B在0t1時(shí)間內(nèi)，外力的功率逐漸增大C在t2時(shí)刻，外力的功率最大D在t1t2時(shí)間內(nèi)，外力做的總功為零【答案】AD【解析】根據(jù)P=Fv和圖象斜率表示加速度，加速度對(duì)應(yīng)合外

5、力，外力的功率先減小后增大，B錯(cuò)誤。t2時(shí)刻外力的功率為零，C錯(cuò)誤MNEF··5、（安徽卷）14伽利略曾設(shè)計(jì)如圖所示的一個(gè)實(shí)驗(yàn)，將擺球拉至M點(diǎn)放開(kāi)，擺球會(huì)達(dá)到同一水平高度上的N點(diǎn)。如果在E或F處釘子，擺球?qū)⒀夭煌膱A弧達(dá)到同一高度的對(duì)應(yīng)點(diǎn)；反過(guò)來(lái)，如果讓擺球從這些點(diǎn)下落，它同樣會(huì)達(dá)到原水平高度上的M點(diǎn)。這個(gè)實(shí)驗(yàn)可以說(shuō)明，物體由靜止開(kāi)始沿不同傾角的光滑斜面（或弧線(xiàn)）下滑時(shí)，其末速度的大小A只與斜面的傾角有關(guān)B只與斜面的長(zhǎng)度有關(guān)C只與下滑的高度有關(guān)D只與物體的質(zhì)量有關(guān)【答案】C【解析】伽利略的理想斜面和擺球?qū)嶒?yàn)，斜面上的小球和擺線(xiàn)上的小球好像“記得”起自己的起始高度，實(shí)質(zhì)是動(dòng)能

6、與勢(shì)能的轉(zhuǎn)化過(guò)程中，總能量不變。物體由靜止開(kāi)始沿不同傾角的光滑斜面（或弧線(xiàn)）下滑時(shí)，高度越大，初始的勢(shì)能越大轉(zhuǎn)化后的末動(dòng)能也就越大，速度越大。選項(xiàng)C正確。6、（安徽卷）24如圖，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R=0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點(diǎn)，整個(gè)軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，場(chǎng)強(qiáng)大小E=5.0×103V/m。一不帶電的絕緣小球甲，以速度0沿水平軌道向右運(yùn)動(dòng)，與靜止在B點(diǎn)帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞。已知甲、乙兩球的質(zhì)量均為m=1.0×10-2kg，乙所帶電荷量q=2.0×10-5C，g取10m/s2。(水平軌道足夠長(zhǎng)，甲、乙

7、兩球可視為質(zhì)點(diǎn)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程無(wú)電荷轉(zhuǎn)移)（1）甲乙兩球碰撞后，乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離；（2）在滿(mǎn)足(1)的條件下。求的甲的速度0；（3）若甲仍以速度0向右運(yùn)動(dòng)，增大甲的質(zhì)量，保持乙的質(zhì)量不變，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離范圍。AEBRDv0甲乙【答案】（1）0.4m （2） （3）【解析】（1）在乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)的情況下，設(shè)乙到達(dá)最高點(diǎn)的速度為vD，乙離開(kāi)D點(diǎn)到達(dá)水平軌道的時(shí)間為t，乙的落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為x，則 聯(lián)立得： （2）設(shè)碰撞后甲、乙的速度分別為v甲、v乙，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有： 聯(lián)立得：v乙= v0 由動(dòng)能定理得： 聯(lián)立得：

8、 （3）設(shè)甲的質(zhì)量為M，碰撞后甲、乙的速度分別為vM、vm，根據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有： 聯(lián)立得： 由和，可得： 設(shè)乙球過(guò)D點(diǎn)的速度為，由動(dòng)能定理得 聯(lián)立得： 設(shè)乙在水平軌道上的落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離為，則有： 聯(lián)立得：7、（上海理綜）5高臺(tái)滑雪運(yùn)動(dòng)員騰空躍下，如果不考慮空氣阻力，則下落過(guò)程中該運(yùn)動(dòng)員機(jī)械能的轉(zhuǎn)換關(guān)系是（ ）。A動(dòng)能減少，重力勢(shì)能減少 B動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加C動(dòng)能增加，重力勢(shì)能減少 D動(dòng)能增加，重力勢(shì)能增加【答案】C【解析】高度降低，重力做功，重力勢(shì)能減少，動(dòng)能增大。C正確。8、（上海理綜）8如圖是位于錦江樂(lè)園的摩天輪，高度為108m，直徑是98m。一質(zhì)量為50kg的游客乘坐該

9、摩天輪做勻速圓周運(yùn)動(dòng)旋轉(zhuǎn)一圈需25min。如果以地面為零勢(shì)能面，則他到達(dá)最高處時(shí)的（取g=10m/s2）（ ）。A重力勢(shì)能為5.4×104J，角速度為0.2rad/sB重力勢(shì)能為4.9×104J，角速度為0.2rad/sC重力勢(shì)能為5.4×104J，角速度為4.2×10-3rad/sD重力勢(shì)能為4.9×104J，角速度為4.2×10-3rad/s【答案】C【解析】以地面為零勢(shì)能面，Ep=mgh=50×10×108J=5.4×104J，角速度=2/T且T=1/(25×60)s,所以角速度=4.2&

10、#215;10-3rad/s，C正確。9、（上海理綜）40太陽(yáng)能是清潔的新能源，為了環(huán)保，我們要減少使用像煤炭這樣的常規(guī)能源而大力開(kāi)發(fā)新能源。劃分下列能源的類(lèi)別，把編號(hào)填入相應(yīng)的表格。石油 地?zé)崮?核能 天然氣 風(fēng)能 潮汐能類(lèi)別編號(hào)新能源常規(guī)能源【答案】；【解析】新能源有地?zé)崮?、核能、風(fēng)能、潮汐能；常規(guī)能源：石油、天然氣。10、（上海理綜）43純電動(dòng)概念車(chē)E1是中國(guó)館的鎮(zhèn)館之寶之一。若E1概念車(chē)的總質(zhì)量為920kg，在16s內(nèi)從靜止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力為1500N，假設(shè)它做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)力系統(tǒng)提供的牽引力為 N。當(dāng)E1概念車(chē)以最高時(shí)速120km/h（即

11、33.3m/s）做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)力系統(tǒng)輸出的功率為 kW?！敬鸢浮?.1×103；50【解析】純電動(dòng)概念車(chē)E1的加速度a=27.8/16=1.73m/s2，動(dòng)力系統(tǒng)提供的牽引力F=ma+Ff=920×1.73N+1500N=3.1×103N。動(dòng)力系統(tǒng)輸出的功率P=F牽v=Ffv=1500×33.3W=5×104W=50kW。11、（上海物理）18如圖為質(zhì)量相等的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)A、B在同一直線(xiàn)上運(yùn)動(dòng)的v-t圖像。由圖可知（）（A）在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)在同一位置（B）在t時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)速度相等（C）在0-t時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B比質(zhì)點(diǎn)A位移大（D）在0-t時(shí)間內(nèi)合

12、外力對(duì)兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)做功相等【答案】BCD【解析】首先，B正確；根據(jù)位移由v-t圖像中面積表示，在時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B比質(zhì)點(diǎn)A位移大，C正確而A錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，合外力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做功等于動(dòng)能的變化，D正確；正確選項(xiàng)BCD。F30012、（上海物理）25如圖，固定于豎直面內(nèi)的粗糙斜桿，與水平方向夾角為30°，質(zhì)量為m的小球套在桿上，在大小不變的拉力作用下，小球沿桿由底端勻速運(yùn)動(dòng)到頂端。為使拉力做功最小，拉力F與桿的夾角a_，拉力大小F_?！敬鸢浮?00 【解析】，。因?yàn)闆](méi)有摩擦力，拉力做功最小。13、（上海物理）30如圖，ABC和ABD為兩個(gè)光滑固定軌道，A、B、E在同一水平面上，C、D、E在同一豎直

13、線(xiàn)上，D點(diǎn)距水平面的高度為h，C點(diǎn)的高度為2h，一滑塊從A點(diǎn)以初速度v0分別沿兩軌道滑行到C或D處后水平拋出。（1）求滑塊落到水平面時(shí)，落點(diǎn)與E點(diǎn)間的距離sC和sD；（2）為實(shí)現(xiàn)sCsD，v0應(yīng)滿(mǎn)足什么條件？【答案】（1） （2）【解析】(1)根據(jù)機(jī)械能守恒，, 根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律：, , 綜合得，.(2) 為實(shí)現(xiàn)<，即,得，但滑塊從A點(diǎn)以初速度分別沿兩軌道滑行到C或D處后水平拋出，要求，所以。14、（江蘇卷）8如圖所示，平直木板AB傾斜放置，板上的P點(diǎn)距A端較近，小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)由A到B逐漸減小，先讓物塊從A由靜止開(kāi)始滑到B。然后，將A著地，抬高B，使木板的傾角與前一過(guò)程相同，

14、再讓物塊從B由靜止開(kāi)始滑到A。上述兩過(guò)程相比較，下列說(shuō)法中一定正確的有（A）物塊經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的動(dòng)能，前一過(guò)程較?。˙）物塊從頂端滑到P點(diǎn)的過(guò)程中因摩擦產(chǎn)生的熱量，前一過(guò)程較少（C）物塊滑到底端的速度，前一過(guò)程較大（D）物塊從頂端滑到底端的時(shí)間，前一過(guò)程較長(zhǎng)【答案】AD【解析】由于，動(dòng)摩擦因數(shù)由A到B逐漸減小，兩過(guò)程傾角相同，前一過(guò)程加速度a1逐漸增大，后一過(guò)程加速度a2逐漸減小，即a1< a2。根據(jù)，P點(diǎn)距A端較近，所以 ，選項(xiàng)A正確。由于,且，P點(diǎn)距A端較近，無(wú)法確定兩過(guò)程中Q的大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。因，動(dòng)摩擦因數(shù)由A到B或由B到A變化相同，Wf相同，由動(dòng)能定理：，所以物塊滑到底端的速度相同。

15、C錯(cuò)誤。由于前一過(guò)程加速度a1逐漸增大，后一過(guò)程加速度a2逐漸減小，物塊從頂端滑到底端的時(shí)間，前一過(guò)程較長(zhǎng)，選項(xiàng)D正確。15、（江蘇卷）14在游樂(lè)節(jié)目中，選手需要借助懸掛在高處的繩飛越到水面的浮臺(tái)上，小明和小陽(yáng)觀(guān)看后對(duì)此進(jìn)行了討論。如圖所示，他們將選手簡(jiǎn)化為質(zhì)量m=60kg的指點(diǎn)， 選手抓住繩由靜止開(kāi)始擺動(dòng)，此事繩與豎直方向夾角=300，繩的懸掛點(diǎn)O距水面的高度為H=3m.不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，浮臺(tái)露出水面的高度不計(jì)，水足夠深。取中立加速度g=10m/s2，sin530=0.8，cos530=0.6（1）求選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)對(duì)繩拉力的大小F；（2）若繩長(zhǎng)l=2m, 選手?jǐn)[到最高點(diǎn)時(shí)松手落入手

16、中。設(shè)水碓選手的平均浮力f1=800N，平均阻力f2=700N，求選手落入水中的深度d；（3）若選手?jǐn)[到最低點(diǎn)時(shí)松手， 小明認(rèn)為繩越長(zhǎng)，在浮臺(tái)上的落點(diǎn)距岸邊越遠(yuǎn)；小陽(yáng)認(rèn)為繩越短，落點(diǎn)距岸邊越遠(yuǎn)，請(qǐng)通過(guò)推算說(shuō)明你的觀(guān)點(diǎn)。【答案】（1）1080N （2）1.2m （3）見(jiàn)解析【解析】（1）機(jī)械能守恒 圓周運(yùn)動(dòng)Fmgm解得F（32cos）mg人對(duì)繩的拉力FF則F1080N（2）動(dòng)能定理 則d= 解得d=1.2m （3）選手從最低點(diǎn)開(kāi)始做平拋運(yùn)動(dòng) 且由式解得：當(dāng) 時(shí)，x有最大值 解得因此，兩人的看法均不正確當(dāng)繩長(zhǎng)越接近1 . 5m 時(shí)，落點(diǎn)距岸邊越遠(yuǎn)。16、（重慶卷）25某興趣小組用如題25所示的裝置

17、進(jìn)行實(shí)驗(yàn)研究。他們?cè)谒阶烂嫔瞎潭ㄒ粌?nèi)徑為d的圓柱形玻璃杯，杯口上放置一直徑為d,質(zhì)量為m的勻質(zhì)薄原板，板上放一質(zhì)量為2m的小物體。板中心、物塊均在杯的軸線(xiàn)上，物塊與板間動(dòng)摩擦因數(shù)為，不計(jì)板與杯口之間的摩擦力，重力加速度為g，不考慮板翻轉(zhuǎn)。（1）對(duì)板施加指向圓心的水平外力，設(shè)物塊與板間最大靜摩擦力為，若物塊能在板上滑動(dòng)，求應(yīng)滿(mǎn)足的條件。（2）如果對(duì)板施加的指向圓心的水平外力是作用時(shí)間極短的較大沖擊力，沖量為，應(yīng)滿(mǎn)足什么條件才能使物塊從板上掉下？物塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到掉下時(shí)的位移為多少？ 根據(jù)與的關(guān)系式說(shuō)明要使更小，沖量應(yīng)如何改變。.【答案】（1）（2）；I越大【解析】（1）設(shè)圓板與物塊相對(duì)靜止時(shí)，它

18、們之間的靜摩擦力為f，共同加速度為a由牛頓運(yùn)動(dòng)定律，有 對(duì)物塊 f2ma 對(duì)圓板Ffma兩物相對(duì)靜止，有 ffmax 得Ffmax相對(duì)滑動(dòng)條件 （2）設(shè)沖擊剛結(jié)束時(shí)圓板獲得的速度大小為v0，物塊掉下時(shí)，圓板和物塊速度大小分別為v1和v2。由動(dòng)量定理，有 由動(dòng)能定理，由 對(duì)圓板 對(duì)物塊 有動(dòng)量守恒定律，有 要使物塊落下，必須：由以上各式得：s分子有理化得s根據(jù)上式結(jié)果知：I越大，s越小17、（四川卷）25如圖所示，空間有場(chǎng)強(qiáng)的豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，長(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的輕繩一端固定于點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量的不帶電小球，拉起小球至繩水平后，無(wú)初速釋放。另一電荷量、質(zhì)量與相同的小球，以速度水平拋出，經(jīng)時(shí)間與小球與

19、點(diǎn)下方一足夠大的平板相遇。不計(jì)空氣阻力，小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，取。（1）求碰撞前瞬間小球的速度。（2）若小球經(jīng)過(guò)路到達(dá)平板，此時(shí)速度恰好為O，求所加的恒力。v1O（3）若施加恒力后，保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變，在點(diǎn)下方面任意改變平板位置，小球均能與平板正碰，求出所有滿(mǎn)足條件的恒力。【答案】【解析】（1）設(shè)P的加速度為a0、到D點(diǎn)的豎直速度為vy，合速度大小為v1,與水平方向的夾角為，有 聯(lián)立上述方程，代入數(shù)據(jù)解得：v1=6m/s =300 （2）設(shè)A碰前速度為v2，此時(shí)輕繩與豎直線(xiàn)的夾角為，由動(dòng)能定理得： 設(shè)A、P碰撞后小球C的速度為v，由動(dòng)量守恒定律得： 小球C到達(dá)平板時(shí)速度為0，應(yīng)

20、做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度的大小為a 有xyqE2mgF 設(shè)恒力大小為，F(xiàn)與豎直方向的夾角為，如圖，根據(jù)牛頓第二定律，得： 代入相關(guān)數(shù)據(jù)解得： （3）由于平板可距D點(diǎn)無(wú)限遠(yuǎn)，小球C必做勻速或勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，恒力F1的方向可從豎直方向順時(shí)針轉(zhuǎn)向無(wú)限接近速度方向，設(shè)恒力與速度方向夾角為，有：vqE2mgF1在垂直于速度方向上，有： 則F1的大小滿(mǎn)足條件為 （式中）18、（福建卷）17如圖（甲）所示，質(zhì)量不計(jì)的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時(shí)刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點(diǎn)，然后又被彈起離開(kāi)彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復(fù)。通過(guò)安裝在彈簧下端的壓

21、力傳感器，測(cè)出這一過(guò)程彈簧彈力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖（乙）所示，則 KS*5U.C#OA時(shí)刻小球動(dòng)能最大B時(shí)刻小球動(dòng)能最大C這段時(shí)間內(nèi)，小球的動(dòng)能先增加后減少D這段時(shí)間內(nèi)，小球增加的動(dòng)能等于彈簧減少的彈性勢(shì)能【答案】C【解析】小球在接觸彈簧之前做自由落體。碰到彈簧后先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為0即重力等于彈簧彈力時(shí)加速度達(dá)到最大值，而后往下做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，與彈簧接觸的整個(gè)下降過(guò)程，小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能。上升過(guò)程恰好與下降過(guò)程互逆。由乙圖可知t1時(shí)刻開(kāi)始接觸彈簧；t2時(shí)刻彈力最大，小球處在最低點(diǎn)，動(dòng)能最??；t3時(shí)刻小球往上運(yùn)動(dòng)恰好要離開(kāi)彈簧；t2t3

22、這段時(shí)間內(nèi)，小球的先加速后減速，動(dòng)能先增加后減少，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能和重力勢(shì)能。19、（福建卷）22如圖所示，物體A放在足夠長(zhǎng)的木板B上，木板B靜止于水平面。t=0時(shí)，電動(dòng)機(jī)通過(guò)水平細(xì)繩以恒力F拉木板B，使它做初速度為零，加速度aB=10m/s2的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。已知A的質(zhì)量mA和B的質(zhì)量mg均為2.0kg,A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.05，B與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.1，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小視為相等，重力加速度g取10m/s2。求（1）物體A剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度aA（2）t=1.0s時(shí)，電動(dòng)機(jī)的輸出功率P；（3）若t=1.0s時(shí)，將電動(dòng)機(jī)的輸出功率立即調(diào)整為P=5W，并在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終保持這一功率不變，t=3.8s時(shí)物體A的速度為1.2m/s。則在t=1.0s到t=3.8s這段時(shí)間內(nèi)木板B的位移為多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】（1）物體A在水平方向上受到向右的摩擦力，由牛頓第二定律得，KS*5U.C#代入數(shù)據(jù)解得（2）時(shí)，木板B的速度大小為，KS*5U.C#木板B所受拉力F，由牛頓第二定律有，KS*5U.C#解得：F=7N，電動(dòng)機(jī)輸出功率 。（3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率調(diào)整為5W時(shí)，設(shè)細(xì)繩對(duì)