2018-2019學(xué)年江蘇宿遷高三下第一次調(diào)研物理試卷解析版

1、2018-2019學(xué)年江蘇省宿遷市高三（下）第一次調(diào)研物理試卷、單選題（本大題共 5小題，共20.0分）1.如圖所示，豎直墻面上有一只壁虎沿水平直線加速運動，此過程中壁虎受到摩擦力的方向是（）8.如圖，某質(zhì)點沿直線運動的v-t圖象為余弦曲線，從圖中可以判斷（A.在時間內(nèi)，合力逐漸減小B.在時間內(nèi)，合力做正功C.在 時間內(nèi)，合力的功率先增大后減小D.在 時間內(nèi)，合力做的總功為零2.3.4.A,斜向右上方B.斜向左上方C.水平向左如圖所示，小燈泡的規(guī)格為“ 6V3W“，R3=4 Q ,電源內(nèi)阻r=1Q,閉合開關(guān)S,燈泡L正常發(fā)光，電壓表示數(shù)為 0,電流表示數(shù)為1A,電表均為理想電 表，則電源電動勢

2、 E和電源輸出功率 P分別為（）A.B.C.D.豎直向上如圖所示，斜面上從 A點水平拋出的小球落在 B點，球到達(dá)B點時速度大 小為V,方向與斜面夾角為 a.現(xiàn)將小球從圖中斜面上 C點拋出，恰能水平 擊中A點，球在C點拋出時的速度大小為 vi方向與斜面夾角為 3.則（ ）A. ,B. ,C. ,利用圖示裝置研究自感現(xiàn)象，L為自感系數(shù)較大的線圈，兩導(dǎo)軌相互平行，處于勻強磁場中。導(dǎo)體棒 ab以速度vo沿導(dǎo)軌勻速運動時，燈泡的電功率為Pi；棒ab沿導(dǎo)軌加速運動至速度為 vo時，燈泡的電功率為 P2.則 （ ）9.圖示空間有一靜電場，y軸上各點的場強方向沿 y軸正方向豎直向下，兩小球 P、Q用長i為L的

3、絕緣細(xì)線連接，靜止在軸上A、B兩點。兩球質(zhì)量均為 m, Q球帶負(fù)電，電荷量為: Lid-q, A點距坐標(biāo)原點 O的距離為L, y軸上靜電場場強大小 E=一，剪斷細(xì)線后，Q球運動p f L到達(dá)的最低點C與B點的距離為h,不計兩球間的靜電力作用。則（）“ 中A. P球帶正電SB. P球所帶電荷量為:IC.兩點間電勢差為一:D.剪斷細(xì)線后，Q球與O點相距3L時速度最大C fv10.下列說法中正確的有（）A.氫核的半衰期為天，20個氫原子核經(jīng)天后剩下5個氫原子核B.由質(zhì)能方程可知，物體的能量發(fā)生變化時，物體的質(zhì)量也相應(yīng)變化C.鐳核發(fā)生一次a衰變時，產(chǎn)生的新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了4D.社核發(fā)

4、生 衰變后，產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來社核的比結(jié)合能11.下列說法中正確的有（）A.液面上方的蒸汽達(dá)到飽和時就不會有液體分子從液面飛出A.B.C.D.無法比較和的大小5.如圖所示，半徑為R的半球形容器固定在水平轉(zhuǎn)臺上，轉(zhuǎn)臺繞過容器球心 O的豎直軸線以角速度勻速轉(zhuǎn)動。質(zhì)量不同的小物塊A、B隨容器轉(zhuǎn)動且相對器壁靜止，A、B和球心。點連線與豎直方向的夾角分別為“和3, .則（ ）A. A的質(zhì)量一定小于 B的質(zhì)量B. A、B受到的摩擦力可能同時為零C.若A不受摩擦力，則B受沿容器壁向上的摩擦力D.若 增大，A、B受到的摩擦力可能都增大二、多選題（本大題共 6小題，共24.0分）B.液體表面層分子間的平

5、均距離等于液體內(nèi)部分子間的平均距離C.用磁子壓緊土壤，可以把地下的水引上來，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象D.在完全失重的情況下，熔化的金屬能夠收縮成球形三、填空題（本大題共 2小題，共8.0分）12.真空中有不帶電的金屬鉗板和鉀板，其極限波長分別為方和 機 用波長為 入（入1入v %）的單色光持續(xù)照射兩板面，則帶上正電的金屬板是 （選填"鉗板”或”鉀板“）。已知真空中光速為 c,普朗克常量為h,從金屬板表面飛出的電子的最大初動能為 13.如圖所示，密閉絕熱容器內(nèi)有一活塞，活塞的上部封閉著氣體，下部為真空。真空 區(qū)域輕彈簧的一端固定在容器的底部，另一端固定在活塞上，彈簧被壓縮后用繩扎 緊。繩突然繃斷

6、，活塞上升過程中，氣體的內(nèi)能 （選填“增加” “減少”或“不變“），氣體分子的平均速率 （選填"變大“、"變小”或“不變”）四、實驗題探究題（本大題共 2小題，共18.0分）JQ6.2018年6月14日。承擔(dān)嫦娥四號中繼通信任務(wù)的“鵲橋”中繼星抵達(dá)繞地月第二拉格朗日點的軌道， 第二拉格朗日點是地月連線延長線上的一點，處于該位置上的衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的（）A.向心力僅來自于地球引力 B.線速度大于月球的線速度 C.角速度大于月球的角速度14.某探究小組險證機械能守恒定律的裝置如圖1所示，細(xì)線端拴一個球，另一端連接力傳感器，固定在天花板上，傳感器可記錄球在擺動過

7、程中細(xì)線拉力大小，用量角器量出釋放球時細(xì)線與豎直方向的夾 角，用天平測出球的質(zhì)量為m。重力加速度為g。D.向心加速度大于月球的向心加速度7 .科考人員在北極乘車行進，由于地磁場的作用，汽車后輪輪軸（如圖所示） 的左、右兩端電勢高低情況是（）A.從東向西運動，左端電勢較高8 .從東向西運動，右端電勢較高C.從西向東運動，左端電勢較高D.從西向東運動，右端電勢較高后輪粕軸左（1）用游標(biāo)卡尺測出小球直徑如圖 2所示，讀數(shù)為 mm；（2）將球拉至圖示位置，細(xì)線與豎直方向夾角為 0,靜止釋放球，發(fā)現(xiàn)細(xì)線拉力在球擺動過程中作周 期性變化。為求出球在最低點的速度大小，應(yīng)讀取拉力的 （選填“最大值”或“最小值

8、”）， 其值為F。（3）球從靜止釋放運動到最低點過程中，滿足機械能守恒的關(guān)系式為 （用測定物理量的符號表示)。(4)關(guān)于該實驗，下列說法中正確的有 A.細(xì)線要選擇伸縮性小的B.球盡量選擇密度大的C.不必測出球的質(zhì)量和細(xì)線的長度15.待駕電源圖1圖2圖?D.可以直接用彈簧測力計代替力傳感器進行實驗?zāi)惩瑢W(xué)設(shè)計了如圖1所示電路，測量定值電阻的阻值、電源的電動勢和內(nèi)阻，使用的器材有：待測定 值電阻R1(約幾歐)、待測電源E、電流表A、電阻箱R2( 0-999.9 0)、開關(guān)兩個及導(dǎo)線若干。(1)請用筆畫線代替導(dǎo)線在圖2中完成實物電路的連接 ;18.如圖，兩足夠長的光滑平行導(dǎo)軌水平放置，處于磁感應(yīng)強度為

9、B、方向f豎直向上的勻強磁場中，導(dǎo)軌間距為L, 一端連接阻值為 R的電阻。-7金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為m,接入電路的電阻為r。水平放置的輕/R盧卜沙彈簧左端固定，右端與金屬桿中點鏈接，彈簧勁度系數(shù)為ko裝置處于'/靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒一個水平向右的初速度V。，第一次運動到最右端時，棒的加速度為 a,棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計，彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g,求：(1)金屬棒開始運動時受到的安培力F的大小和方向；(2)金屬棒從開始運動到第一次運動到最右端時，通過R的電荷量q；(3)金屬棒從開始運動到最終停止的整個過程中，R上產(chǎn)生的熱量 Q。五、16.(2)測量R的值時，閉合開

10、關(guān) S前，調(diào)節(jié)R2至 (選填“最大值”或“最小值")，然后閉合 開關(guān)6和調(diào)節(jié)R2使電流表示數(shù)為I,此時R2的值為7.8 0;再斷開S2,將R2調(diào)到5.8 時，電流表 示數(shù)也為I,則R的值為 Q。(3)測量電源電動勢 E和內(nèi)阻r時，閉合開關(guān) $、斷開S2,調(diào)節(jié)R2,得到R2和對應(yīng)電流I的多組數(shù) 據(jù)，作出-R2圖象如圖3所示，則電源電動勢 E=V,內(nèi)阻r= (計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)，若電流表 A內(nèi)阻不可忽略，則r的測量值 (選填“大于”、“等于”或“小于”)真 實值。計算題(本大題共 5小題，共50.0分)如圖所示，質(zhì)量為 M的木塊位于光滑水平面上，木塊與墻間用輕彈簧連接，開始時木

11、塊靜止在 A位置?，F(xiàn)有一質(zhì)量為 m的子彈以旦 產(chǎn)l7K平速度vo射向木塊并嵌人其中，經(jīng)過一段時間，木塊第一次回二到A位置，彈簧在彈性限度內(nèi)。求：木塊第一次回到 A位置時速度大小 v;此過程中墻對彈簧沖量大小I。19.如圖，光滑固定斜面上有一楔形物體 A. A的上表面水平，A上放置一物塊B.已知斜面足夠長、傾角為 0, A的質(zhì)量為M, B的質(zhì)量為m, A、B B 口、r .,生、e工，r »間動摩擦因數(shù)為W(3)，最大靜擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。現(xiàn)對A施加一水平推力。求：(1)物體A、B保持靜止時，水平推力的大小 F1；(2)水平推力大小為 F2時，物體A、B 一起沿斜面向上

12、運動，運動距離x后撒去推力，A、B一起沿斜面上滑，整個過程中物體上滑的最大距離L；(3)為使A、B在推力作用下能一起沿斜面上滑，推力F應(yīng)滿足的條件。17.如圖所示，空的飲料罐中插人一根粗細(xì)均勻的透明吸管，接口處密封，吸 管內(nèi)注人一小段油柱(長度可以忽略)，制成簡易氣溫計，已知飲料罐的 容積為V,吸管內(nèi)部橫截面積為 S,接口外吸管長度為 Lo.當(dāng)溫度為時, 油柱與接口相距L1，不計大氣壓的變化。簡要說明吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是否均勻；求氣溫計能測量的最高溫度 To20.如圖，真空中一對平行金屬板長為L,兩板間有垂直板面向上的勻強電場，質(zhì)量為 m、電荷量為q的帶正電粒子從兩板中央沿中線進人電場，粒子

13、射出平行板時速度大小為v,方向與中線夾角為 a,板右側(cè)有一上、下范圍足夠大的有界勻強磁場區(qū)，磁場方向與紙面垂直，磁場邊界與兩板中線垂直，不計 粒子重力，忽略板外空間的電場。(1)求勻強電場的場強大小 E；(2)若磁場區(qū)寬度為 出，欲使粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后從左邊界穿出，求磁感應(yīng)強度 B滿足的條件；(3)在兩板中線右側(cè)延長線上有一點P, P點與板右端的距離為 L,若磁場區(qū)的位置可左右平移，磁場寬度可以改變。粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后能到達(dá)P點，且速度方向與中線夾角仍為求磁感應(yīng)強度的最小值Bmin。答案和解析故A正確，BCD 錯誤;1 .【答案】B【解析】解：由于壁虎向左做勻加速直線運動，即壁虎所受合力水平向左，

14、在豎直平面內(nèi)壁虎受重力、摩擦力，由平行四邊形定則可知，摩擦力方向斜向左上方，故ACD錯誤，B正確。故選：Bo根據(jù)運動情況來判定加速度方向，依據(jù)牛 頓第二定律，判定合力方向，再結(jié)合受力分析，與力的合成法則，從而判定摩擦力方向?？疾橛蛇\動情況來分析受力情況，掌握牛 頓第二定律與矢量的合成法 則的內(nèi)容，注意靜摩擦力與滑動摩擦力的區(qū)別。2 .【答案】C【解析】解：根據(jù)用并聯(lián)電路規(guī)律可知：路端電壓 U=IlR3+Ul+，M+6)=8V;由公式 E=U+卜=8+lXl=9V電源的輸出功率為P出=UI=8X1=8W.故C正確ABD錯誤。故選:C。明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)路的規(guī)律即可確定路端電壓，再根據(jù)閉合電

15、路歐姆定律即可求出電 動勢，根據(jù)功率公式求出輸出功率。本題考查串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點以及歐姆定律的 應(yīng)用，關(guān)鍵是明確電路圖，弄清電壓表示 數(shù)為零表示上下兩點電勢相等。3 .【答案】A【解析】解：由逆向思維可知，從A點水平拋出的小球 剛好落在C點，由于物體在斜面上做平拋運 動落在斜面上，任一時刻速度與水平方向 夾角的正切值是位移與水平方向 夾角正切值的2倍，故B = ,品設(shè)末速度與水平方向的夾角為9,末速度的豎直分速度尾=2叭,而tan 9= , v=V七,故丫1 < Vo故選:A。小球從斜面上拋出又落到斜面上，位移偏角的正切 值為定值tan。故其速度偏角的正切 值tan a為定值，即t

16、an 8=2tan,也可判斷a與B關(guān)系；根據(jù)動能定理可直接判斷落點速度的大小關(guān)系。物體在斜面上做平拋運 動落在斜面上，豎直方向的位移與水平方向上的位移比 值是一定值。以及知道在任一時刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向 夾角正切值的2倍。4 .【答案】B【解析】解：導(dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻速運動時，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，線圈沒有自感電動勢產(chǎn)生，則燈泡的電功率Pi噴=二鋁 °棒ab沿導(dǎo)軌加速運動時，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電流，線圈要產(chǎn)生自感電動勢，阻礙電流的增大,Sr %?則燈泡的電壓小于BLv0,則燈泡的電功率P2V.所以P1>P2。故選：B。導(dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻

17、速運動時，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，線圈沒有自感電動勢產(chǎn)生。棒ab沿導(dǎo)軌加速運動時，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電流，線圈要產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化情況分 析。解決本題時要知道：線圈中電流不變時，不產(chǎn)生自感電動勢，當(dāng)線圈中電流變化時要產(chǎn)生自感 電動勢，阻礙電流的變化。5 .【答案】D【解析】解:A、根據(jù)題目條件無法確定A的質(zhì)量和B的質(zhì)量的大小，故A錯誤；B、以A為研究對象，假設(shè)不受摩擦力，A受到重力和支持力，合力提供向心力，如圖所示，設(shè)此時對應(yīng)的角速度為 限,根據(jù)牛頓第二定律可得mAgtan a而以a；其中A=Rsin4則3 = 瓦為I同理可得當(dāng)B的摩擦力為零時，角速度為：q=(；及?；由于a> B

18、,故A、B受到的摩擦力不可能同 時為零，故B錯誤;AB.從東向西運動時，根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流的方向從右向左，則可知左端電勢較高，故C、若A不受摩擦力，整體轉(zhuǎn)動的角速度為：八二.五*一；則B有向上的運動趨V Ret雙、丫吊巾3勢，故B受沿容器壁向下的摩擦力，故C錯誤；D、若轉(zhuǎn)動的角速度> %, A和B受沿容器壁向下的摩擦力，如果角速度增大，則A、B受到 的摩擦力都增大，故D正確。故選：D。分別求出A和B受到的摩擦力為零時對應(yīng)的角速度大小，比較二者相對運動情況，由此分析摩擦力的方向和變化情況。本題主要是考查圓周運動的向心力來源，弄清楚受力情況和 臨界條件的分析是關(guān) 鍵。6 .【答案】BD

19、【解析】解:AB .對 鵲橋”中繼星受力分析，知衛(wèi)星受地球與月球的共同作用的引力提供向心力，兩個 力都在一條直線上，故鵲橋號”的向心力由月球及地球 對它的引力的合力提供，故A錯誤，B 正確。C、衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉(zhuǎn)，角速度相同，鵲橋”中繼星的軌道半徑比月球繞地球的軌道半徑大，根據(jù)V=CD1知 鵲橋”中繼星的線速度大于月球的線速度，故C錯誤；D、鵠橋”中繼星和月球的角速度相同，鵲橋”中繼星的軌道半徑比月球繞地球的軌道半徑大,由a= dr分析知，鵲橋”中繼星的向心加速度大于月球的向心加速度，故 D錯誤。故選：BD。向心力僅來自于地球和月球的共同作用。衛(wèi)星與月球同步 繞地球公轉(zhuǎn)，角速度相同，根據(jù)

20、v=cor分析線速度關(guān)系，由2=2r分析向心加速度的關(guān)系。本題的關(guān)鍵是審清題意，通過受力分析找出 鵲橋號”的向心力來源，得出隱含條件：鵠橋號” 與月球的角速度相等。7 .【答案】AC 【解析】解：地球的北極是地磁場的南極，磁場方向從上到下，題中沒有閉合回路，可假設(shè)后輪輪軸與 其他導(dǎo)線構(gòu)成回路，則A正確，B錯誤；CD.從西向東運動時，根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流的方向從右向左，則可知左端電勢較高，故C正確，D錯誤。故選:AC。地球的北極是地磁 場的南極，根據(jù)右手定則判斷電勢的高低。本題首先要了解地磁場的分布情況，其次要有空間想象能力，運用右手定則判斷電勢的高低。8 .【答案】CD【解析】解:A、根據(jù)

21、v-t圖象的斜率表示加速度，在0時間內(nèi)，圖線切線的斜率在增大，則加速度增大，根據(jù)牛頓第二定律可知，合力逐漸增大，故A錯誤；B、在0t2時間內(nèi)，動能的增量為0,由動能定理可知合力做功 為0,故B錯誤；C、h時刻，合力F最大，速度v=0,可知合力的功率為0, t2時刻，圖線的斜率為0,即加速度a=0,由牛頓第二定律可知合力F=0,故合力的功率為0,所以在匕12時間內(nèi)，合力的功率先增大后 減小，故C正確；D、t2時刻速度大小為V0,t4時刻速度大小也 為V0,則在t2t4時間內(nèi)，動能的變化量為0,由動能定理可知合力做的 總功為0,故D正確。故選:CD。由速度-時間圖象的斜率表示加速度，可判定加速度的

22、 變化情況，根據(jù)牛頓第二定律即可分析合力的變化情況；由圖象讀出速度大小的變化情況，根據(jù)動能定理即可分析合力做功的正 負(fù)；取兩個特殊位置可以判定外力功率的變化。本題關(guān)鍵在于C項的判定上所采用的方法，這種特殊位置法在判斷某個物理量的 變化規(guī)律的時候比較有用。本題還要掌握v-t圖象的物理意義，知道斜率表示加速度。9 .【答案】BCD【解析】解:A、兩球靜止時，整體分析，由平衡得:2mg=Fp+FQ,又FQ=出攀一半，則FpJ,故P 球受電場力向上，也帶負(fù)電，故A錯誤；_. 一八一乙 _ Amu , Fp, I一一 ,AB、由A項分析知FP= ',故片=%T=切，且P市負(fù)電，故qP=-4q,故

23、B正確；MLIHOitC、對Q從B到C過程根據(jù)動能定理得：mgh-qU=0-0,解得:U=一工，故C正確；qUi ffUD、當(dāng)加速度為零時速度最大，則有加5,解得:y=3L,即剪斷細(xì)線后，Q球與O點相距3L時速度最大，故D正確；故選：BCD。選取AB組成的整體為研究的對象，寫出平衡方程，即可求得A的電量；剪解田線后，B球的先 向下做加速運動，B球受到的重力與 電場力相等時，速度最大，由平衡條件求解A球或B球到 O點的距離，根據(jù)功能關(guān)系分析 電勢能的變化。本題主要是考查帶電粒子在復(fù)合場中的運動，兩個小球受到的力是變力，要根據(jù)它們受力變化 的規(guī)律，正確分析得出它們運動的規(guī)律，然后才能做出正確的結(jié)論

24、。10 .【答案】BD【解析】解:A、半衰期具有統(tǒng)計意義，對大量的原子核適用，故A錯誤；B、根據(jù)質(zhì)能方程E=mc2,物體的能量發(fā)生變化時，物體的質(zhì)量也會相應(yīng)變化，故B正確；C、鐳核發(fā)生一次a衰變時，產(chǎn)生的新核與原來的原子核相比，質(zhì)量數(shù)減小4,質(zhì)子數(shù)減小2,所 以中子數(shù)減少2個，故C錯誤；D、社核發(fā)生B衰變后，要釋放能量，則產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來社核的比結(jié)合能，故D正 確；故選：BD。半衰期具有統(tǒng)計意義，對大量的原子核適用；根據(jù)質(zhì)能方程E=mc2,即可得出能量與質(zhì)量對應(yīng)的關(guān)系；a衰變生成氯原子核，質(zhì)量數(shù)少4,質(zhì)子數(shù)少2;釋放能量，導(dǎo)致比結(jié)合能增大。本題考查了衰變的實質(zhì)以及半衰期的適用條件，對

25、愛因斯坦質(zhì)能方程的理解，及理解比結(jié)合能11 .【答案】CD 【解析】解:A、液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)，故A錯誤B、液體表面層分子間的平均距離大于液體內(nèi)部分子 間的平均距離，故B錯誤C、磁子壓緊土壤，可以把地下的水引上來，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象，故C正確D、完全失重的情況下，熔化的金屬由于表面 張力能夠收縮成球形，故D正確故選:CD。液面上部的蒸汽達(dá)到 飽和時，液體分子從液面飛出，同時有蒸汽分子進入液體中；從宏觀上看, 液體不再蒸發(fā)；液體表面1分子間的平均距離大于液體內(nèi)部分子 間的平均距離；僚子壓緊土壤, 可以把地下的水引上來，這屬

26、于毛細(xì)現(xiàn)象；完全失重的情況下，熔化的金屬由于表面 張力能夠 收縮成球形。本題考查蒸發(fā)、毛細(xì)現(xiàn)象、表面張力等，關(guān)鍵是理解并能用來分析實際問題。屬于基礎(chǔ)題目。12 .【答案】鉀板【解析】解：因"（束£則%> >攵，艮唧板發(fā)生了光電效應(yīng)，鉀板帶正電。金屬板表面飛出的電子的最大初動能為：EK=hrh 片h &、）=一八 八工AA2故答案為:鉀板，極限波長大的極限頻率?。焕霉怆娦?yīng)方程求出電子的初動能考查光電效應(yīng)的應(yīng)用，熟記光電效應(yīng)方程即可輕松解題，解答本題也可以使用排除法。13 .【答案】增加變大【解析】解：活塞向上壓縮氣體的過程中對氣體做正功，同時，由于是絕

27、熱的氣缸，氣體與外界之間沒 有熱交換，根據(jù)力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能一定增大，所以氣體的溫度升高。溫度升高， 分子的平均動能增大，分子的平均速率變大。與結(jié)合能的區(qū)別故答案為：增加,變大。查圓周運動的處理規(guī)律，掌握牛頓第二定律與向心力表達(dá)式，理解 驗證機械能守恒定律的原理,根據(jù)理想氣體的狀 態(tài)方程分析氣體的狀 態(tài)參量的變化；輕彈簧推動活塞上升的過程中對氣體做功，結(jié)合熱力學(xué)第一定律即可判定氣體內(nèi)能的 變化與溫度的變化。知道溫度是分子平均動能 的標(biāo)志。解決此類題目的關(guān)鍵是抓住密閉容器絕熱，然后通過做功結(jié)合熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能 變化情況，在分析溫度變化，從而分析分子平均速率變化情況。14 .【答案

28、】18.50 最大值 2mg （1-cos > =F-mg AB 【解析】解：10 小球的直徑 d=18mm+10 0.05=18.50mm2）球在最低點的速度最大，對應(yīng)的拉力最大，為求出球在最低點的速度大小，應(yīng)讀取拉力的最大值。3）在最低點:F-mg=mv 球從靜止釋放運動到最低點過程中，滿足機械能守的關(guān)系式：mgr 1-cos 9）= ： mv2由 解彳4：2mg Q-cos切=F-mg4）A.細(xì)線要選擇伸縮性小的，則A正確B.球盡量選擇密度大的，則B正確C.要M出球的質(zhì)量，不必測出細(xì)線的長度，則C錯誤D,心簧測力計不能準(zhǔn)確讀數(shù)力的最大值，則D錯誤故選:AB故答案為：1018.50

29、（ 2）最加 3）2mg 1-cos 9 =F-mg 4）AB1）游標(biāo)卡尺的讀法，先確定分度數(shù)，從而確定精確度，進行讀數(shù)。2）球在最低點的速度最大，對應(yīng)的拉力最大，為求出球在最低點的速度大小，應(yīng)讀取拉力的 最大值3）膿驗原理，結(jié)合減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為動能，及球在最低點，則繩子的拉力與重力的合 力提供向心力，從而即可求解；4）由各因素產(chǎn)生的誤差情況進行分析各項。知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，注意沒有估計值。15 .【答案】如圖所示 最大值 2.0 6.0 1.0大于【解析】解：10根金甲所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示:2）為保護電路，閉合開關(guān)S1前，調(diào)節(jié)r2至最大值；電路電流不變，電路總電阻

30、不變，弓的值為:7.8-5.8=2.0 83）根陋示電路圖可知，電源電動勢：E=I r+R1+R2）整理得：1二廠R2+7T2 ,由圖示;-R2圖象可知，=0.5,：=如 J'；""=：解得：E=6.0V, r=1.0 只考慮電流表內(nèi)阻，電源電動勢：E=I r+RA+R1+R2）b/口 I -鳳+/?4+斤|+/?什整理得：=£ R2+-E-E- =0.5,考慮電流表內(nèi)阻，電源內(nèi)阻測量值偏大，測量值大于真實值。故答案為：10實物電路圖如圖所示；2）最及值，2.0； 306.0.1.0,大于1）根據(jù)E路圖連接實物電路圖。2）為保護電路閉合開關(guān)前電阻箱應(yīng)調(diào)到最

31、大阻值，根據(jù)題意求出電阻阻值。3）根陋示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達(dá)式，然后求出電源電動勢與內(nèi) 阻。本題考查了實驗數(shù)據(jù)處理與實驗誤差分析，根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達(dá)式是解 題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)圖示圖線可以求出電源電動勢與內(nèi)阻。16 .【答案】解：木塊第一次回到 A位置時的速度與木塊和子彈開始共同運動的速度大小相等，子彈進入木塊過程滿足動量守恒定律，取向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0= （M + m） v,解得：v= V0；此過程中彈簧對木塊和子彈整體的沖量等于墻對彈簧的沖量，由動量定理有：I= (M+m) v- (M + m) v解得：I=2mv

32、0答：木塊第一次回到 A位置時速度大小v是vo；此過程中墻對彈簧沖量大小 I是2mv0?！窘馕觥孔訌椛淙肽緣K過程，由于時間極短，子彈與木塊間相互作用的內(nèi)力 遠(yuǎn)大于系統(tǒng)的外力，故系 統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律列式求出子 彈和木塊的共同速度；然后系統(tǒng)在彈簧彈力的作用 下先做減速運動，后做加速運動，回到A位置時速度大小不變。此過程中彈簧對木塊和子彈整體的沖量等于 墻對彈簧的沖量，根據(jù)動量定理求解。子彈射入木塊是一種常見的物理模型，由于時間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故系統(tǒng)的動量守恒。要知道動量定理是求沖量的基本方法之一。17 .【答案】解：罐內(nèi)氣體壓強保持不變，則根據(jù)蓋？呂薩克定律得：=可得：一二一解得

33、： T= V=lS L由于T與L成正比，故刻度是均勻的。罐內(nèi)氣體壓強保持不變，同理有：解得：Tm =。答：吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是均勻的。氣溫計能測量的最高溫度 Tm是。【解析】根據(jù)氣體方程找出體 積的變化量與溫度的變化量的函數(shù)關(guān)系，來判斷氣溫刻度是否均勻。罐內(nèi)氣體壓強保持不變，根據(jù)蓋?呂薩克定律求解氣溫 計能測量的最高溫度Tmo解決該題關(guān)鍵要正確判定氣體作何種變化，掌握理想氣體方程狀態(tài)的應(yīng)用，注意物理量的變化 范圍。18 .【答案】解：(1)金屬棒開始運動時，感應(yīng)電流,安培力F=BIoL=，方向水平向左;(2)設(shè)金屬棒向右運動的最大距離為x,則 ，此過程回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動勢，通過電阻R的

34、電荷量，聯(lián)立解得： ；(3)從開始運動到最終停止的整個過程，由能量守恒定律可知回路產(chǎn)生的總熱量總-，由于一，故 ；答：(1)金屬棒開始運動時受到的安培力F的大小為，方向水平向左；(2)金屬棒從開始運動到第一次運動到最右端時，通過R的電荷量q為；(3)金屬棒從開始運動到最終停止的整個過程中，R上產(chǎn)生的熱量 Q為?！窘馕觥?)根據(jù)金屬棒的速度求出電動勢，根據(jù)閉合電路歐姆定律求電流，從而求安培力；2)根據(jù)fe荷量的推論公式片/色即可解題；3)根據(jù)能量守恒，結(jié)合串聯(lián)電路知識，求解R上的焦耳熱；本題考查了求速度、電功率，分析清楚金屬棒的運 動過程、應(yīng)用E=BLv、歐姆定律、安培力公式、平衡條件即可正確解題。19 .【答案】 解：(1)物體A、B保持靜止時，以 A和B組成的整體為研究對象，由平衡條件得：Ficos 0 =( M+m)