牛頓第二定律解決圖像專題

1、2013-2014學年度?學校3月月考卷1一物塊以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直線滑行，到達最高點后自行向下滑動，不計空氣阻力，設物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)處處相同，下列哪個圖像能正確地表示物塊在這一過程中的速率與時間的關系( )0 0 0 0 t t t t v v v v A B C D 【答案】C【解析】分析物體上滑和下滑的受力即可。物體上升時的加速度為 a上(mgsinumgcos)/m=gsinugcos，物體下滑時的加速度為 a下(mgsin-umgcos)/m =gsin-ugcos。而上升的最大距離和物體下滑的距離相等，所以，上升時間要小于下劃時間。并且，由于物體與斜面之間存在摩

2、擦，所以物體滑回到出發(fā)位置時的速度大小肯定小于上滑的初速度，所以，在四個圖中只有C圖符合要求。故本題選C。2在無風的情況下，跳傘運動員從水平飛行的飛機上跳傘，下落過程中受到空氣阻力，下列描繪下落速度的水平分量大小、豎直分量大小與時間的圖像，可能正確的是 【答案】B【解析】跳傘運動員水平方向初速度為飛機的速度，水平方向受到空氣阻力作用，必定減速運動，由于空氣阻力與速度有關，加速度越來越小，故運動員做加速度減小的減速運動，B對。3放在水平地面上的物體，受到水平拉力作用，在06s內其速度時間圖象和力F的功率時間圖象如圖所示，則物體的質量為:（g=10m/s2）（ ）v/ ms-1 t/ s 0 2

3、4 6 8 3 69 p/ w t/ s 0 2 4 6 8 10 20 30A B C D【答案】B【解析】分析速度圖像知道，0-2s內的做勻加速的加速度大小a=3m/s2，設牽引力為F1；2-6s內做勻速的速度v=6m/s，設牽引力為F2，由牛頓第二定律得F1-f=ma，F(xiàn)2-f=0；F1=P1/v，F(xiàn)2=P2/v，(P1=30W，P2=10W)，解得m=10/9kg4如圖所示，繪出一輛電動汽車沿平直公路由靜止啟動后，在行駛過程中速度v與牽引力的倒數(shù)的關系圖像，若電動汽車的質量為，額定功率為，最大速度為v2，運動中汽車所受阻力恒定，則以下說法正確的是（ ）AAB段圖像說明汽車做勻加速直線運

4、動BBC段圖像說明汽車做勻加速直線運動Cv2的大小為15m/sD汽車運動過程中的最大加速度為2m/s2【答案】AD【解析】略5如圖，一物體以某一初速度沿固定的粗糙斜面向上沿直線滑行，到達最高點后，又自行向下滑行，不計空氣阻力，物體與斜面間的摩擦因數(shù)處處相同，下列圖像能正確表示這一過程速率與時間關系的是：【答案】C【解析】略6物體A、B、C靜止在同一水平地面上，它們的質量分別為ma、mb、mc，與水平地面的動摩擦因數(shù)分別為a、b、c，用平行于水平面的拉力F分別拉動物體A、B、C，所得的加速度a與拉力F之間的關系如圖對應的直線甲、乙、丙所示，其中甲、乙兩直線平行。則下列關系正確的是（ ）、a>

5、;b ，a>c 、a<b ， a<c 、ma=mb，mc <ma、ma=mb，ma<mcA B C D【答案】B【解析】本題考查了考生提取圖象信息、處理圖象信息的能力，是高考的重點和熱點。分析由二力平衡得，圖象橫軸截距表示此時拉力等于對應的摩擦力，即有Fa=amagFb=bmbgFC=cmcg，且有Fa <Fb <FC ，由牛頓第二定律得，即有縱軸截距（F=0）表示物體受到的摩擦力產生的加速度，斜率k=1/m，易得：ma=mb、ma <mc 、a<b=c，因此選擇B。7如圖甲所示，物體原來靜止在水平面上，用一水平力F拉物體，在F從0開始逐漸

6、增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖乙所示.根據(jù)圖乙中所標出的數(shù)據(jù)可計算出（ ）A物體的質量B物體與水平面間的滑動摩擦力C物體與水平面間的最大靜摩擦力D在F為14N時，物體的速度最小【答案】A B C【解析】由圖可知，當F=7N時物體開始滑動，所以最大靜摩擦力為7N；根據(jù)牛頓第二定律，由圖中可讀出外力F和加速度a的值，因此代入兩組數(shù)據(jù)即可求出物體的質量和物體受到的滑動摩擦力.8在某星球A表面，宇航員把一質量為mA的重物放地面上(該處的重力加速度設為gA)，現(xiàn)用一輕繩豎直向上提拉重物，讓繩中的拉力T由零逐漸增大，可以得到加速度a與拉力T的圖象OAB；換到另一

7、個星球C表面重復上述實驗，也能得到一個相似的圖線OCD，下面關于OCD所描述的物體的質量mc與該地表面的重力加速度gc說法正確的是( )Amc>mA，gcgABmc<mA，gcgACmc>mA，gc=gADmc<mA，gc=gA【答案】C【解析】本題涉及平衡條件等知識內容，考查了考生提取圖象信息、處理圖象信息的能力，是高考的重點和熱點。由圖象得橫軸截距表示此時拉力等于重力：TA=mAgA，TC=mcgc，縱軸截距表示該處的重力加速度即有gA=gc。從圖中看出TA<Tc，所以得mc>mA，應選擇C。(另法對質量的判斷也可以應用斜率k，由牛頓第二定律T-mg=m

8、a得，即斜率表示物體質量的倒數(shù)，而kA>kc，所以也得mc>mA)9某物體做直線運動的v-t圖象如圖甲所示，據(jù)此判斷圖乙（F表示物體所受合力）四個選項中正確的是（ ） 【答案】B【解析】在v-t圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運動，加速度恒定，受力恒定速度-時間圖象特點：因速度是矢量，故速度-時間圖象上只能表示物體運動的兩個方向，t軸上方代表的“正方向”，t軸下方代表的是“負方向”，所以“速度-時間”圖象只能描述物體做“直線運動”的情況，如果做曲線運動，則畫不出物體的“位移-時間”圖象；“速度-時間”圖象沒有時間t的“負軸”，因時間沒有負值，畫圖要注意這一點；“速度-時間”圖象

9、上圖線上每一點的斜率代表的該點的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正負表示加速度的方向；“速度-時間”圖象上表示速度的圖線與時間軸所夾的“面積”表示物體的位移本題中物體先勻加速前進，然后勻減速前進，再勻加速后退，最后勻加減速后退，根據(jù)運動情況先求出加速度，再求出合力解：由圖可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運動，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻加速直線運動，所以受力為負，且恒定，4s-6s做負方向勻加速直線運動，所以受力為負，恒定，6s-8s做負方向勻減速直線運動，所以受力為正，恒定，綜上分析B正確故選B10如圖所示，表示某物體所受的合力隨時間變化的關系圖象，設物體的初速度

10、為零，則下列說法中正確的是（ ）A物體時而向前運動，時而向后運動，2s末在初始位置的前邊B物體時而向前運動，時而向后運動，2s末在初始位置處C物體一直向前運動，2s末物體的速度為零D若物體在第1s內的位移為L，則在前4s內的位移為4L【答案】CD【解析】物體第一秒內加速運動，第二秒內減速運動，由于加速度一樣大，所以2s末物體的速度為零；物體一直向前運動；每一秒內位移相同，物體在第1s內的位移為L，則在前4s內的位移為4L。11一個質量為30kg的小孩在蹦床上做游戲，他從高處落到蹦床上后又被彈起到原高度，小孩從高處開始下落到彈回的整個過程中，他的運動速度隨時間變化的圖像如圖所示，圖中只有段和段為

11、直線則根據(jù)此圖像可知，小孩和蹦床相接觸的時間內，蹦床對小孩的平均作用力為(空氣阻力不計，g取10ms2) A400NB700NC1000ND1300N【答案】B【解析】考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像；動量定理專題：運動學中的圖像專題；牛頓運動定律綜合專題分析：從圖象可以看出，從0.8s到2.0s時間段內，網(wǎng)對小孩有向上的彈力，根據(jù)動量定理列式求解解答：解：小孩與網(wǎng)接觸1.2s的時間段內（0.8s-2.0s），以向下為正方向，根據(jù)動量定理，有：-Ft+mgt=mv2-mv1代入數(shù)據(jù)解得F=700N故選B點評：本題關鍵根據(jù)圖象得到運動員的運動規(guī)律，然后根據(jù)動量定理列式求解12在光滑水平面

12、上有一個物體同時受到兩個水平力F1與F2的作用，在第1s內保持靜止，若兩力F1、F2隨時間的變化如圖所示，則下列說法正確的是（ ）A、在第2s內，物體做加速運動，加速度的大小恒定，速度均勻增大B、在第5s內，物體做變加速運動，加速度的大小均勻減小，速度逐漸增大C、在第3s內，物體做變加速運動，加速度均勻減小，速度均勻減小D、在第6s末，物體的加速度和速度均為零【答案】B【解析】略13一物體放在水平桌面上處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)使物體受到一個方向不變、大小按圖示規(guī)律變化的合外力作用，則02s這段時間內A物體做勻減速運動B物體做變減速運動C物體的加速度逐漸減小，速度逐漸增大D物體的加速度和速度都在逐漸減小

13、【答案】C【解析】略14將重為50N的物體放在某直升電梯的地板上。該電梯在經過某一樓層地面前后運動過程中，物體受到電梯地板的支持力隨時間變化的圖象如圖所示。由此可以判斷 A. t=1s時刻電梯的加速度方向豎直向下B. t=6s時刻電梯的加速度為零C. t=8s時刻電梯處于失重狀態(tài)D. t=11s時刻電梯的加速度方向豎直向上【答案】B 【解析】據(jù)圖可知02s物體處于超重狀態(tài)，210s內加速度為零，1012s處于失重狀態(tài)，則t=1s時刻電梯的加速度方向豎直向上，A錯，t=6s時刻電梯的加速度為零，B對。t=8s時刻電梯加速度為零，所以不是失重狀態(tài)，C錯，t=11s時刻電梯的加速度方向豎直向下，D錯

14、。15如圖甲所示，靜止在水平地面上的物塊A，受到水平拉力F的作用，F(xiàn)與時間t的關系如圖乙所示，設物塊與地面之間的最大靜摩擦力fm大小與滑動摩擦力大小相等，則下列說法中錯誤的是At0時間內加速度最小Bt0時間內F做的功為零Ct1時刻物塊的速度最大Dt2時刻物塊的速度最大【答案】C【解析】由圖可知因為拉力小于最大靜摩擦力，所以0t0這段時間內物體保持靜止狀態(tài)，t2-t0這段時間物體做加速運動，t2以后做減速運動，依此判斷t0時刻加速度最小為零A對0t0這段時間內物體保持靜止狀態(tài)F做的功為零，B對t2時刻物塊的速度達到最大值，其后減速，C錯，D對選C16一質量為m1 kg的物體在水平恒力F作用下水平

15、運動，1 s末撤去恒力F，其vt圖象如圖所示，則恒力F和物體所受阻力f的大小是( ) AF8 N BF9 N Cf3 N Df2 N【答案】BC【解析】根據(jù)受力分析由圖象可知：，1 s末撤去恒力F：，解得：F=9N, f3 N,選擇BC.17玩具彈簧槍等彈射裝置的工作原理可簡化為如下模型：光滑水平面有一輕質彈簧一端固定在豎直墻壁上，另一自由端位于O點，用一滑塊將彈簧的自由端（與滑塊未拴接）從O點壓縮至A點后由靜止釋放，如圖所示。則滑塊自A點釋放后運動的vt圖象可能是下圖中的（ ） A B C D【答案】C【解析】開始釋放物體時隨著物體不斷向右運動，彈簧的壓縮量逐漸減小，因此物體合外力減小，加速

16、度逐漸減小，當彈簧恢復原長時，加速度為零，物體開始勻速運動，明確了物體的運動形式，根據(jù)v-t圖象的特點可正確解答解：開始釋放時，根據(jù)牛頓第二定律有：kx=ma，隨著彈簧壓縮量的減小，物體加速度減小，因此物體開始做加速度逐漸減小的加速運動，彈簧恢復原長后，物體開始勻速運動，在v-t圖象中圖象的斜率表示物體的加速度，因此圖象開始階段斜率逐漸減小，故ABD錯誤，C正確故選C18有一質量為1kg的物體正沿傾角為30°足夠長的光滑固定斜面下滑，從t=0時刻起物體受到一個沿斜面向上的力F作用，F(xiàn)隨時間變化如圖所示，重力加速度g=10m/s2。則 A第1秒內物體的機械能減小B第2秒內物體的加速度逐

17、漸變大C第3秒內物體速度逐漸減小D第4秒末與第1秒末物體的速度大小相等【答案】AB【解析】分析：除了重力和彈力之外的力對物體做了負功，物體的機械能就減小，外力對物體做正功，物體的機械能就增加；求出合力的大小，根據(jù)牛頓第二定律可以知道物體加速度的變化解答：解：A、物體受到一個沿斜面向上的力F作用，F(xiàn)對問題做負功，物體的機械能減小，所以A正確B、第2秒外力F逐漸減小，物體受到的合力增加，加速度變大，所以B正確C、第3秒內外力逐漸變大，但是外力一直小于物體沿斜面向下的分力，物體受到的合力仍然向下，物體速度仍在變大，所以C錯誤D、重力沿斜面的分力是5N，始終大于外力F的大小，所以整個過程中物體一直在向

18、下加速運動，速度越來越大，所以D錯誤故選：A、B點評：本題就是應用牛頓第二定律判斷物體的加速度的變化，找出合力的變化規(guī)律就能判斷加速度如何變化了19質量為m1的物體放在A地的地面上，用豎直向上的力F拉物體，物體在豎直方向運動時產生的加速度與拉力的關系如圖4中直線A所示；質量為m2的物體在B地的地面上做類似的實驗，得到加速度與拉力的關系如圖4中直線B所示，A、B兩直線相交縱軸于同一點，設A、B兩地的重力加速度分別為g1和g2，由圖可知 （ ）ABCD【答案】B【解析】分析：根據(jù)牛頓第二定律求出加速度a與拉力F的關系式，通過圖線的斜率以及截距比較物體的質量和當?shù)氐闹亓铀俣冉獯穑航猓焊鶕?jù)牛頓第二定

19、律得，F(xiàn)-mg=ma，則a=-g知圖線的斜率表示質量的倒數(shù)，縱軸截距的大小表示重力加速度從圖象上看，甲圖線的斜率大于乙圖線的斜率，則m2m1，縱軸截距相等，則g1=g2故B正確故選B點評：解決本題的關鍵通過牛頓第二定律求出加速度a與拉力F的關系式，根據(jù)圖線的斜率和截距進行比較20如圖甲所示，光滑水平面上，木板m1向左勻速運動t=0時刻，木塊從木板的左端向右以與木板相同大小的速度滑上木板，t1時刻，木塊和木板相對靜止，共同向左勻速運動以v1和a1，表示木板的速度和加速度；以v2和a2表示木塊的速度和加速度，以向左為正方向，則圖乙中正確的是【答案】BD【解析】：t=0時刻，木塊從木板的左端向右以與

20、木板相同大小的速度滑上木板，在摩擦力作用下，二者均做勻減速直線運動。根據(jù)題述“t1時刻，木塊和木板相對靜止，共同向左勻速運動”木塊加速度大小大于木板，圖象BD正確。21（2012年湖北黃岡期末） 物體在x軸上做直線運動，則上下兩圖對應關系正確的是(圖中F表示物體所受的合外力，a表示物體的加速度，v表示物體的速度，x表示物體的位移，C、D圖中曲線為拋物線)【答案】BD 【解析】：由牛頓第二定律，F(xiàn)=ma，F(xiàn)-t圖象與a-t圖象應該類似，選項A錯誤；根據(jù)位移圖象的斜率表示速度，選項C錯誤。22在由靜止開始向上運動的電梯里，某同學把一測量加速度的裝置(重力不計)固定在一個質量為1 kg的手提包上進入

21、電梯，到達某一樓層后停止該同學將采集到 的數(shù)據(jù)分析處理后列在下表中，為此，該同學在計算機上畫出了如圖8所示的圖象，請你根據(jù)表中數(shù)據(jù)和所學知識判斷下列圖象正確的是(設F為手提包受到的拉力，取g9.8 m/s2)【答案】AC【解析】3 s末物體的速度，vat0.4×3 m/s1.2 m/s，然后以1.2 m/s做了8 s的勻速直線運動，最后3 s做勻減速運動，末速度vvat1.20.4×3 m/s0，由此可得A正確，B錯誤；根據(jù)牛頓第二定律在前3 s有F1mgma，得F110.2 N；緊接著的8 s，F(xiàn)2mg0，F(xiàn)29.8 N；最后3 s，F(xiàn)3mgma，F(xiàn)39.2 N所以C項正

22、確；手提包一直在運動，D項錯誤23如圖所示，一質量為m的滑塊，以初速度v0從傾角為的斜面底端滑上斜面，當其速度減為0后又沿斜面返回底端已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為，若滑塊所受的摩擦力為f、所受的合外力為F合、加速度為a、速度為v，選沿斜面向上為正方向，在滑塊沿斜面運動的整個過程中，這些物理量隨時間變化的圖像大致正確的是()圖3511圖3512【答案】AD.【解析】.滑塊在上滑過程中滑動摩擦力方向向下，大小恒定為mgcos，物塊下滑時滑動摩擦力方向向上，大小仍為mgcos，A答案正確；在物體上滑下滑過程中，加速度始終沿斜面向下，為負，所受合力也為負，所以B、C錯；上滑過程做正向的勻減速，減速的

23、加速度a(gsingcos)，vt圖像斜率大，下滑過程做負向的勻加速，加速度agsingcos，小于a，vt圖像斜率減小D答案正確24放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，力F的大小與時間t的關系如甲圖所示；物塊的運動速度v與時間t的關系如乙圖所示，6s后的速度圖象沒有畫出，g取10m/s2。下列說法正確的是（ ） A滑動時受的摩擦力大小是3NB物塊的質量為1.5kgC物塊在69s內的加速度大小是2m/s2D物塊前6s內的平均速度大小是4.5m/s【答案】BCD【解析】物體在3-6s內做勻速直線運動，所以拉力F等于摩擦力f，即物體滑動時受到的摩擦力大小為6N.A錯誤。根據(jù)圖像

24、可知物體在0-3s內的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得，所以物體的質量m=1.5kg，B正確。物體在6-9s內的加速度大小為，C正確。V-t圖像中圖線圍成的面積表示物體的位移，所以物體在前6s內的位移是，所用時間為t=6s，所以平均速度為，D正確。25質量為10kg的物體置于水平地面上，它與地面間的動摩擦因數(shù)µ=0.2。從t=0開始，物體以一定的初速度向右運動，同時受到一個水平向左的恒力F=10N的作用。則反映物體受到的摩擦力Ff隨時間t變化的圖象是下列圖示中的（取水平向右為正方向，g取10m/s2）（ ）t/sFf /N10-30t1t20Ff /N10-20t1t20t/st/sFf

25、 /N-30t1t20Ff /N-20t1t20t/sABCD【答案】B【解析】當物體向右運動時， 摩擦力為滑動摩擦力µmg=20N 方向向左，當物體速度減小到零時，拉力F不能克服最大靜摩擦力，物體靜止，摩擦力大小等于拉力F，方向與F相反，B對；26如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時間t的關系如圖乙所示，設物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動摩擦力大小相等，則A0t1時間內F的功率逐漸增大Bt2時刻物塊A的加速度最大Ct2時刻后物塊A做反向運動Dt3時刻物塊A的動能最大【答案】BD【解析】0t1時間內F<fm，物體沒有運動，A錯誤。t2時刻F最

26、大，物塊A所受合力最大，加速度最大，B錯誤。t2時刻后F>fm，物體A仍做加速運動，運動方向沒變。t3時刻后F<fm，物塊A將做減速運動，所以t3時刻物塊A的動能最大，D正確。27如圖所示為一質點從靜止開始運動的加速度時間變化的圖像，關于該質點的運動，下列說法中正確的是A.質點在起點附近往復運動B.質點始終在起點一側往復運動C.質點在第6s末的速度大小是4m/sD.質點在前4s內的位移為0【答案】CD【解析】根據(jù)a-t圖像畫出的速度圖像可見質點不是往復運動，A錯；在2s末質點總在負位移運動，B錯；根據(jù)4s后質點加速度為2m/s2，在6s末的速度為4m/s，C對；速度時間圖像橫軸以上

27、位移為正，橫軸以下位移為負，D對；28一滑塊以初速度v0從固定斜面底端沿斜面（其足夠長）向上滑，該滑塊的速度-時間圖象不可能是 t v O（A）v0 v0 t v O（C）v0 t v O（D）t v O（B）v0 【答案】D【解析】上滑過程中，物塊做勻加速度直線運動，下滑過程中物塊做勻加速度直線運動，加速度減小了，C對；還有可能上升到最高點，重力的分力不足以克服最大靜摩擦力而靜止，B對；如果斜面光滑，則選A，D不可能；29壓敏電阻的阻值隨所受壓力的增大而減小，某研究性學習小組利用壓敏電阻判斷升降機運動狀態(tài)的裝置，其工作原理如圖甲所示，將壓敏電阻和兩塊擋板固定在升降機內，中間放一個絕緣重球，當

28、升降機靜止時，電流表的示數(shù)為I0，在升降機做直線運動的過程中，電流表的示數(shù)如圖乙所示，下列判斷正確的是A從0到t1時間內，升降機做勻加速直線運動B從t1到t2時間內，升降機做勻加速直線運動C從t1到t2時間內，重球處于失重狀態(tài)D從t2到t3時間內，升降機可能靜止【答案】AD【解析】試題分析：當升降機靜止時，電流表的示數(shù)為I0，所以從0到t1時間內，故過程中壓敏電阻的阻值減小，所以受到的壓力增大，即小球處于超重狀態(tài)，所以升降機做勻加速直線運動，A正確，從t1到t2時間內，并且隨時間在減小，所以升降機仍在向上做加速運動，處于超重狀態(tài)，但是加速度在減小，BC錯誤，從t2到t3時間內，即小球處于平衡狀

29、態(tài)，升降機可能靜止，也可能做勻速運動，所以D正確考點：本題結合電學知識考查了牛頓運動定律點評：本題的關鍵是清楚壓敏電阻電路的工作原理，然后結合牛頓第二定律解題30物體放在水平地面上，在水平拉力的作用下，沿水平方向運動，運動過程中阻力保持恒定，在06s內其速度與時間關系的圖象和拉力的功率與時間關系的圖象如圖所示，由圖象可以求得物體的質量為（取g10m/s2）（ ）A、kg B、kg C、kg D、kg【答案】B【解析】試題分析：在2s時刻汽車的功率增大到最大，由P=Fv可知此時牽引力F=P/v=5N，之后以10W的功率，6m/s的速度勻速運動，此時牽引力等于阻力，由P=Fv和F=f可知阻力為，在

30、勻加速階段加速度為3m/s2，由牛頓第二定律，B對；考點：考查機車啟動問題點評：明確本題的考查對象，結合兩個圖判斷加速階段和勻速階段牽引力和阻力的關系是本題的重點依據(jù)31如右圖，在光滑水平面上有一質量為的足夠長的木板，其上疊放一質量為的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等?，F(xiàn)給木塊施加一隨時間增大的水平力（是常數(shù)），木板和木塊加速度的大小分別為和，下列反映和變化的圖線中正確的是( ) 【答案】A【解析】木塊和木板之間相對靜止時，所受的摩擦力為靜摩擦力。在達到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運動，根據(jù)牛頓第二定律，木塊和木板相對運動時，恒定不變，。所以正確答案是A3220

31、08年8月18日，在北京奧運會上，何雯娜為我國奪得了奧運歷史上首枚蹦床金牌假設在比賽時她僅在豎直方向運動，通過傳感器繪制出蹦床面與運動員間的彈力隨時間變化規(guī)律的曲線如圖所示重力加速度g已知，依據(jù)圖像給出的信息，能求出何雯娜在蹦床運動中的物理量有(忽略空氣阻力)A質量B最大加速度C運動穩(wěn)定后，離開蹦床后上升的最大高度D運動穩(wěn)定后，最低點到最高點的距離 【答案】ABC【解析】本題考查的是根據(jù)力與時間圖計算相關物理量，由圖可知開始力為500N，則質量為50Kg，力最大為2500N，則最大加速度為40m/s2,運動穩(wěn)定后，從9.5s到11.5s有2s的時間為上升和下落過程，如果上升和下落時間相等，則即

32、為上升的最大高度，而最低點無法求出，故運動穩(wěn)定后，最低點到最高點的距離無法計算，ABC正確；33如圖（甲）所示，物體原來靜止在水平地面上，用一水平力F拉物體，在F從0開始逐漸增大的過程中，物體先靜止后又做變加速運動，其加速度a隨外力F變化的圖象如圖（乙）所示。設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等，重力加速度g取10m/s2。根據(jù)題目提供的信息，下列判斷正確的是( )A物體的質量m=2kgB物體與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.6C物體與水平面的最大靜摩擦力fmax=12ND在F為10N時，物體的加速度a=2.5m/s2【答案】A【解析】試題分析：此題找到圖中兩個特殊點，列牛頓第二定律表達式，代入數(shù)據(jù)就可得

33、出結果。AB、當時，由牛頓第二定律可得；當時，由牛頓第二定律可得兩式聯(lián)立解得m=2kg，=0.3；A對B錯C、物體與水平面的最大靜摩擦力；錯誤D、當時，由牛頓第二定律可得，；錯誤故選A考點：牛頓第二定律點評：本題關鍵是根據(jù)受力列出牛頓第二定律表達式，然后帶入圖像中對應的特殊值求解。34某物體同時受到兩個在同一直線上的力F1、F2的作用，物體由靜止開始做直線運動，其位移與力F1、F2的關系圖像如圖所示，在這4m內，物體具有最大動能時的位移是A. 1mB. 2mC. 3mD. 4m【答案】B【解析】試卷分析：在（01m），物體加速度為正，物體加速運動，在（12m）內，物體F1>F2，加速度在

34、減小，但物體加速度為正，所以物體速度繼續(xù)增加。此后F1<F2，物體開始減速運動，因此B答案正確?？键c：加速度a與速度v的關系點評：此類題型考察物體合外力求加速度，并通過加速度與速度方向判斷物體的運動速度變化規(guī)律。35如圖所示，在足夠大的光滑水平面上放有兩質量相等的物塊A和B，其中A物塊連接一個輕彈簧并處于靜止狀態(tài)，B物體以初速度向著A物塊運動。當物塊與彈簧作用時，兩物塊在同一條直線上運動。請識別關于B物塊與彈簧作用過程中，兩物塊的圖象正確的是( ) 【答案】D【解析】試題分析：以兩物體及彈簧作為整體分析，對整體由動量守恒及彈簧狀態(tài)的變化可知兩物體的速度變化及加速度的變化，即可得出速度圖象

35、解答：解：碰后時B速度減小，A的速度增大，而由于彈力增大，故A、B的加速度均增大；而在彈簧到達原長以后，B開始減速而A繼續(xù)加速，因彈簧開始伸長，故兩物體受力減小，故加速度減??；由圖可知，正確圖象應為D故選D考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像點評：本題解題的關鍵在于分析在碰撞過程中彈簧彈力的變化，從而找出加速度的變化；結合速度變化即可得出正確的圖象36用水平拉力F拉著一物體在一水平地面上做勻速直線運動，某時刻起力F隨時間均勻減小，方向不變，物體所受的摩擦力f隨時間變化的圖像如右圖中實線所示。則該過程對應的v-t圖像是（ ）【答案】B【解析】試題分析：在過程中，拉力等于摩擦力，物體做勻速直線

36、運動，在過程中，拉力逐漸減小，但由于物體仍是運動的，所以摩擦力仍為滑動摩擦力，大小不變，此時小球受到的拉力小于摩擦力，所以做減速運動，并且，加速度越來越大，所以圖像的斜率越來越大，當過程中，小球速度為零時，滑動摩擦力變?yōu)殪o摩擦力，隨著F的減小而減小，所以B正確，考點：考查了牛頓第二定律的應用以及對v-t圖像的理解點評：做變力題目的時候，一定要根據(jù)力的變化通過牛頓第二定律判斷出加速度的變化，然后再推導出速度的變化情況37某人在地面上用體重秤稱得自己的體重為500N，他將體重秤移至電梯內稱其體重，t0至t3時間內，體重秤的示數(shù)變化如圖所示，則電梯運行的v-t圖可能是（取電梯向上運動的方向為正）（

37、）【答案】B【解析】試題分析：升降機內的彈簧秤的讀數(shù)是人對彈簧秤的拉力的大小，也就是人受到的拉力的大小，通過圖象的讀數(shù)，和人的真實的重力相對比，可以判斷人處于超重還是失重狀態(tài)，從而可以判斷升降機的運動狀態(tài)由于電梯是從靜止開始運動的，初速度是零，速度-時間圖象應該從0開始，所以AC錯誤，人的體重為500N，在第一段時間內讀數(shù)是450N，小于人的真實的體重，此時人處于失重狀態(tài)，應該有向下的加速度，即加速度應該是負的，所以第一段時間 的圖象應該是向下傾斜的，所以D錯誤，選項A正確之后的第二段時間內彈簧秤的示數(shù)和人的真實的體重相等，說明此時應該處于平衡狀態(tài)，所以電梯是勻速運 動，在速度-時間圖象中應該

38、是水平的直線，在第三段時間內彈簧秤的示數(shù)大于人的真實的體重，此時人處于超重狀態(tài)，應該有向上的加速度，即加速度應該是正 的，所以第三段時間的圖象應該是向上傾斜的考點：考查了牛頓第二定律的應用點評：本題是判斷物體的運動的狀態(tài)，通過牛頓第二定律求得物體的加速度的大小，根據(jù)加速度就可以判斷物體做的是什么運動38靜止在光滑水平面上的物體受到一個水平拉力的作用，該力隨時間變化的圖象如圖所示，則下列說法中正確的是A物體在20s內平均速度為零B物體在10s末的速度為零C物體在20s末的速度為零D物體在20s末時離出發(fā)點最遠【答案】CD【解析】試題分析：A、物體在圖示力作用下，先做勻加速運動，后做勻減速運動，加

39、速度大小相等，物體速度方向沒有變化，平均速度不為零；錯誤B、由圖知物體前10s做勻加速直線運動，10s末的速度最大；錯誤C、據(jù)運動的對稱性可知20s末速度為零；正確D、因物體速度方向沒有變化，一直同一方向運動，所以物體在20s末時離出發(fā)點最遠；正確故選CD考點：勻變速直線運動的圖象點評：本題運用牛頓第二定律分析物體的受力情況及運動情況，要注意加速度方向變化，速度方向不一定變化。39在光滑的水平面上有一物體同時受到兩個水平力F1和F2的作用，在第一秒內保持靜止狀態(tài)，兩力F1和F2隨時間的變化如圖所示，則（ ）A在第2s內，物體做加速運動，加速度減小，速度增大B在第3s內，物體做加速運動，加速度增

40、大，速度增大C在第4s內，物體做加速運動，加速度減小，速度增大D在第6s內，物體又保持靜止狀態(tài)【答案】BC【解析】試題分析：在第一秒內保持靜止狀態(tài)，說明一開始兩個力等大方向，合力。AB、在13s內，減小則合力增大，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度增大，做加速度運動，速度增大；A錯誤B正確C、在35s內，增大則合力減小，合力方向沒有變化，根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度減小，做加速度運動，速度增大；正確D、物體一直加速，5s后合力為零，物體做勻速運動，第6s內物體仍做勻速運動；錯誤故選BC考點：牛頓第二定律的應用點評：會根據(jù)圖像分析物體的合力變化情況，應用牛頓第二定律求出加速度分析物體運動情

41、況。40如圖甲所示，兩物體A、B疊放在光滑水平面上，對物體A施加一水平力F， Ft關系圖象如圖乙所示兩物體在力F作用下由靜止開始運動，且始終相對靜止，則（ ）AA對B的摩擦力方向始終與力F的方向相同B01s時間內兩物體間的摩擦力大小不變C兩物體做勻變速直線運動D兩物體沿直線做往復運動【答案】A【解析】試題分析：A、對整體分析，整體的加速度與F的方向相同，B物體所受的合力為摩擦力，故摩擦力的方向與加速度方向相同，即與F的方向相同；正確B、這段時間內，F(xiàn)逐漸增大，整體加速度逐漸增大，隔離對B分析，B的合力逐漸增大，即B所受的摩擦力逐漸增大，兩物體間的摩擦力逐漸增大；錯誤C、整體所受的合力方向改變，

42、加速度方向隨之改變，兩物體不是勻變速直線運動；錯誤D、在02s內整體向右做加速運動，加速度先增大后減?。?4s內加速度反向，做減速運動，因為兩段時間內受力是對稱的，所以4s末速度變?yōu)榱?，?4s內一直向前運動，然后又重復以前的運動；錯誤故選A考點：牛頓第二定律點評：學會根據(jù)物體的受力情況判斷物體的運動情況，熟練掌握整體法和隔離法的運用。41如圖（a）所示，O為水平直線MN上的一點，質量為m的小球在O點的左方時受到水平恒力F1作用，運動到O點的右方時，同時還受到水平恒力F2的作用，設質點從圖示位置由靜止開始運動，其v-t圖像如圖（b）所示，由圖可知（）（b）tvv1v1t1t30mt2t4mOM

43、N（a）A質點在O點右方運動的時間為B質點在O點的左方加速度大小為CF2的大小為D質點在0t4這段時間內的最大位移為【答案】BD【解析】試題分析：由v-t圖像知，小球在O點的左方時受到水平恒力F1作用時，小球向右做勻加速運動，在t1時刻運動到O點，在O點的右方時，同時還受到水平恒力F2的作用，小球的加速度向左，做勻減速運動，在t2時刻小球減速到零，然后反向做勻加速運動，在t3時刻運動到O點，經過O點向左做勻減速運動，在t4時刻小球減速到零，知質點在O點右方運動的時間為，A錯；質點在O點的左方加速度大小為，B對；由牛頓第二定律得到，聯(lián)立得到，C錯；質點在0t4這段時間內的最大位移在t2時刻，最大

44、位移為圖線與橫軸圍成的面積，即是，D對?？键c：v-t圖像，加速度的定義式，牛頓第二定律點評：學生能根據(jù)v-t圖像分析物體的運動情況，清楚圖線的斜率表示加速度，圖線與橫軸圍成的面積表示位移。42在電梯的地板上放置一個壓力傳感器，在傳感器上放一個重量為20N的物塊，如圖甲所示，計算機顯示出傳感器所受物塊的壓力大小隨時間變化的關系，如圖乙.根據(jù)圖象分析得出的結論中正確的是：甲 乙 A從時刻t1到t2，物塊處于失重狀態(tài) B從時刻t3到t4，物塊處于失重狀態(tài) C電梯可能開始停在低樓層，先加速向上，接著勻速向上，再減速向上，最后停在高樓層D電梯可能開始停在高樓層，先加速向下，接著勻速向下，再減速向下，最后

45、停在低樓層【答案】BC【解析】試題分析：由圖知，從時刻t1到t2，物塊受到的支持力大于物塊的重力，所以物塊處于超重狀態(tài)，A錯；從時刻t3到t4，物塊受到的支持力小于物塊的重力，所以物塊處于失重狀態(tài)，B對；電梯可能開始停在低樓層，先加速向上物塊處于超重狀態(tài)，接著勻速向上，再減速向上物塊處于失重狀態(tài)，最后停在高樓層，C對，D錯?？键c：F-t圖像，超重和失重點評：學生要明確物塊受到的支持力大于物塊的重力是超重現(xiàn)象，物塊受到的支持力小于物塊的重力是失重現(xiàn)象。43放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時間t的關系和物塊速度v與時間t 的關系如圖所示。取重力加速度g10m/s2

46、。由此兩圖線可以求得物塊的質量m和物塊與地面之間的動摩擦因數(shù)分別為2130246810FNNts202468104tsvm/sA.m0.5kg，0.4 Bm1.5kg，Cm0.5kg，0.2 Dm1kg，0.2【答案】A【解析】試題分析：根據(jù)力與運動的關系及牛頓第二定律，物體受合力等于零時，物體處于平衡狀態(tài)，即靜止或勻速運動結合圖象4-6s段，可求物塊在運動過程中受到的滑動摩擦力大小；根據(jù)第2s到4s內的速度圖象斜率，可求這一階段的加速度；在24s內，由牛頓第二定律和滑動摩擦力公式即可求得動摩擦因素.由v-t圖象可知，物塊在46 s內做勻速運動，由F-t圖象知，46s，故，由v-t圖象可知，2

47、4s內做勻加速運動，由，在24s內由牛頓第二定律有，可得m=0.5kg；由滑動摩擦定律有，可得。故選A考點：牛頓第二定律與圖像問題點評：利用F-t圖象和V-t圖象的不同時段的受力和運動情況，結合牛頓運動定律，可以分析求解物體的速度、加速度、位移、質量等物理量。44如圖是空中軌道列車（簡稱空軌）懸掛式單軌交通系統(tǒng)，無人駕駛空軌行程由計算機自動控制。在某次研究制動效果的試驗中，計算機觀測到制動力逐漸增大，下列各圖中能反映其速度v隨時間t變化關系的是A B C DtOvtOvtOvtOv【答案】D【解析】試題分析：在列車運動方向上，只受到制動力作用，所以根據(jù)牛頓第二定律可得，制動力越來越大，所以加速

48、度越來越大，故列車做加速度增大的減速運動，而v-t圖像的斜率表示加速度，A中加速度恒定，不符合題意；B中加速度減小，不符合題意；C中加速度先增大后減小，不符合題意；D中加速度逐漸增大，符合題意；故選D考點：考查了牛頓第二定律以及v-t圖像點評：做本題的關鍵是理解v-t圖像中斜率代表的物理含義45如圖所示，粗糙的斜面與光滑的水平面相連接，滑塊沿水平面以速度v0運動。設滑塊運動到A點的時刻為t=0，滑塊離開A點運動過程中距A點的水平距離為x，水平速度為vx。由于v0不同，從A點到B點的幾種可能的運動圖象如下列選項所示，其中表示摩擦力做功最大的是【答案】D【解析】試題分析：A、從水平位移與時間的正比

49、關系可知，滑塊做平拋運動，摩擦力必定為零故A錯誤    B、開始階段水平位移與時間成正比，滑塊先平拋后在斜面上再反彈還是平拋，水平速度突然增大，摩擦力依然為零故B錯誤    C、水平速度不變，為平拋運動，摩擦力為零故C錯誤    D、水平速度與時間成正比，說明滑塊在斜面上做勻加速直線運動，有摩擦力，摩擦力做功最大故D正確考點：勻變速直線運動的圖像；牛頓第二定律點評：分析討論滑塊的運動情況：當v0很大時，滑塊做平拋運動；當v0較大時，滑塊先做平拋運動，落到斜面上后反彈再平拋；當v0較小時，滑塊在斜面上做勻加

50、速直線運動根據(jù)水平位移、速度與時間的關系分情況判斷46一塊物和傳送帶間摩擦因數(shù)為，傳送帶與水平面間傾角為，傳送帶沿逆時針方向轉動，將物塊輕放在傳送帶頂端，在以后的運動過程中，下面關于物塊的速度時間圖象不可能的是：VtVtVtVtABCD【答案】D【解析】試題分析：物體初速度小于皮帶速度，所以物體重力，支持力，沿斜面向下的滑動摩擦力，所以物體先勻加速看，加速度為。若物體的重力分量小于最大靜摩擦力，則物體加速到與皮帶速度相同就會勻速，即B正確。或者一直到底還未加速到與皮帶速度一樣，即A正確。若重力大于最大靜摩擦力，則當物體加速到與皮帶速度一樣厚，滑動摩擦力向上，則物體加速度，因此加速度應小于第一階

51、段，C正確?？键c：受力分析點評：本題考查了經典的傳送帶專題，通過相對運動判斷滑動摩擦力的方向決定物體第一階段運動，然后根據(jù)重力分量與滑動摩擦力的關系，決定第二階段的運動規(guī)律47地面上有一個質量為M的重物，用力F向上提它，力F的變化將引起物體加速度的變化已知物體的加速度a隨力F變化的函數(shù)圖像如圖所示，則（ ）A當F小于F0時，物體的重力Mg大于作用力FB當FF0時，作用力F與重力Mg大小相等C物體向上運動的加速度與作用力F成正比DA的絕對值等于該地的重力加速度g的大小【答案】ABD【解析】試題分析：由圖可得：在力F小于F0時，加速度為0，所以物體的重力大于F，在F=F0時是臨界點，之后物體有加速

52、度，F(xiàn)大于物體的重力，所以在臨界點，F(xiàn)=F0，物體向上運動的加速度與F-F0成正比，A的絕對值為g，因為此時物體只受重力。所以選ABD考點：考查牛頓第二定律的應用點評：本題難度較小，主要是列出加速度a與F的關系式，根據(jù)式子與圖像的截距、斜率對比進行判斷48一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時其速度為2.0m/s。從此刻開始在滑塊運動方向上再施加一水平拉力F，力F和滑塊的速度v隨時間t的變化規(guī)律分別如圖甲和乙所示。取g=10m/s2。則（ ）1F/Nt/s甲0331221.0 v/ms-1t/s乙03122.0 A滑塊的質量為0.5kgB滑塊與地面的動摩擦因數(shù)為0.4C13s內，力F對滑塊做功

53、為8JD13s內，摩擦力對滑塊做功為-8J【答案】AB【解析】試題分析：根據(jù)v-t圖像可以求出加速度根據(jù)牛頓第二定律可以求出物體的質量和加速度，根據(jù)功的公式W=FL可知，知道F的大小，再求得各自時間段內物體的位移即可求得力F做功的多少由速度圖象可知，第1s、2s、3s內的加速度大小分別為，設第1s、2s、3s內的水平拉力分別為：，則，解得：滑塊的質量為0.5kg，滑塊與地面的動摩擦因數(shù)為0.4，AB正確；第1s、2s、3s內的位移分別為1m、1m、2m，由F-t圖象及功的公式，可求知：，13s內，力F對滑塊做功為7J；2s3s內物體做勻速運動，摩擦力等于外力，摩擦力對滑塊做功為故CD錯故選AB考點：功的計算；勻變速直線運動的圖像點評：本題考查的是學生對功的理解，根據(jù)功的定義可以分析做功的情況49“蹦極” 是一項刺激的極限運動，一個重為F0的運動 員將一端固定的長彈性繩綁在踝關節(jié)處，從高處跳下，測得彈性繩的彈力F的大小隨時間t 的變化規(guī)律如圖所示。若將蹦極過程視為豎直方向上的運動，且空氣阻力不計。下列說法正確的是 F04F0 At1-t2時間內運動員處于超重狀態(tài) Bt1-t3時間內重力對運動員做功的功率越來越大Ct1-