【物理】九年級物理電功率專項訓(xùn)練100(附答案)及解析(1)

1、【物理】九年級物理電功率專項訓(xùn)練100（附答案）及解析（1）一、電功率選擇題1.共享電動車不僅環(huán)保節(jié)能而且為人們的出行帶來了很大方便。已知某品牌共享電動車的電動機(jī)線圈內(nèi)阻一定，轉(zhuǎn)軸卡住不能轉(zhuǎn)動時，線圈兩端電壓為48V,電流為12A.當(dāng)電動車在水平地面上以 18km/h的速度勻速直線行駛時，線圈兩端電壓仍然為 48V,電流為2A,則下列說法正確的是（）A.電動機(jī)線圈電阻為 24 aEfe動機(jī)的機(jī)械功率為 96WC.電動機(jī)的效率是66.7%D.電動車前進(jìn)時受到的阻力為 16N【答案】D【解析】【解答】解：（1）因電動機(jī)轉(zhuǎn)軸卡住不能轉(zhuǎn)動時為純電阻用電器,1所以，由1=7可得，電動機(jī)線圈的電阻：9望R

2、=JEJ = 4Q A不符合題意；（2）當(dāng)在水平地面上以 v=18km/h =5m/s的速度勻速 直線行駛時，電動車為非純電阻，此時電動機(jī)消耗的電功率：Pm= UI = 48Vx 2A= 96W,電動機(jī)線圈電阻消耗的熱功率：Pr= （I）' 2R= （2A） 2X4野16W,電動機(jī)的機(jī)械功率：P機(jī)械=Pm - Pr= 96W - 16W= 80W, B不符合題意；電動機(jī)的效率：決 X 100% *公X 100險83.3% C不符合題意；因電動車在水平地面上勻速直線行駛時處于平衡狀態(tài)，受到的阻力和牽引力是一對平衡力，a Fs所以，由p=7=7 = fv可得，電動車前進(jìn)時的牽引力即受到的阻

3、力：麻覷 80Wf= F= F =%A = 16N, D符合題意。故答案為：Do【分析】結(jié)合題意，電動機(jī)轉(zhuǎn)軸卡住不能轉(zhuǎn)動時為純電阻用電器，根據(jù)歐姆定律1=力求出電動機(jī)線圈的電阻；當(dāng)在水平地面上勻速直線行駛時，電動車為非純電阻，根據(jù)p=ui求出F柄衣此時電動機(jī)消耗的電功率，根據(jù)P=Fr求出電動機(jī)線圈電阻消耗的熱功率，利用 nr='X 100噱出電動機(jī)的效率；電動車在水平地面上勻速直線行駛時處于平衡狀態(tài)，受到的阻n Fs力和牽引力是一對平衡力，二力大小相等，利用p= r =Fv求出電動車前進(jìn)時的牽引力即受到的阻力A.人騎自行車的平均速度約為0.5m/sB.中學(xué)生的質(zhì)量約為 200kgC.初

4、中物理課本的寬度約為18cmD.日光燈正常工作的電功率約為1000W【答案】C【解析】【解答】解：A、人步行的速度在 1.1m/s左右，騎自行車的速度在 5m/s左右，A 不符合實際；B、中學(xué)生的質(zhì)量在 50kg左右，B不符合實際；C、初中物理課本的寬度約為18cm, C符合實際；D、日光燈正常工作的電功率在40W左右，D不符合實際。故答案為：Co【分析】利用物理概念、規(guī)律、物理常數(shù)和常識對物理量的數(shù)值、數(shù)量級進(jìn)行快速計算以及對取值范圍合理估測的方法，叫估測法，不同物理量的估算，有的需要憑借生活經(jīng)驗，有的需要簡單的計算，有的要進(jìn)行單位的換算.3.某型號電飯鍋具有保溫與加熱兩種功能，其簡化電路如

5、圖所示，Ri、R2均為電熱絲.下列說法正確的是（）A. Si、8閉合時，電飯鍋處于加熱狀態(tài)| B. S S2閉合時，電飯鍋處于保溫狀態(tài)C. S閉合、S2斷開時，電飯鍋處于加熱狀態(tài)D. S斷開、&閉合時，電飯鍋處于保溫狀態(tài)【答案】A【解析】【解答】解：由電路圖可知，當(dāng)Si、S2閉合時，Ri短路，電路中只有 R2；當(dāng)&閉合、&斷開時，Ri ,及串聯(lián)，S斷開、S2閉合時，整個電路斷開，電飯鍋不工作；可見，當(dāng)S、S2閉合時，電路中電阻最小，當(dāng) S閉合、S2斷開時，電路中電阻較大，譽由p= N可知，當(dāng)Si、s2閉合時，電功率最大，處于加熱狀態(tài)；當(dāng)Si閉合、S2斷開時，電功率較小，

6、處于保溫狀態(tài).故A正確、BCD錯.故選A.心【分析】根據(jù) P=彳可知，在電源電壓不變時，電路中電阻越小，電功率越大，即為加熱狀態(tài)，反之為保溫狀態(tài).據(jù)此分析判斷.4.下列表述正確的是（）方牌/星米彩色電視機(jī) 型 號,TC297SGF：50Hz 220V額定功率：I40WA.電視機(jī)正常工作電流約為1.57AD.磁極間在不接觸時無法發(fā)生相互作用【答案】C【解析】【解答】A.電視機(jī)正常工作電流:故A錯誤;B.電水壺的電阻為:在3MR 二 二cam - 48. 4 QP 1000C.兩個帶有正電荷的小球之間的距離明顯增大, D.磁極間在不接觸時能夠發(fā)生相互作用，故 故選C。說明同種電荷相互排斥，故 D錯

7、誤。C正確;【分析】（1）已知額定功率和額定電壓根據(jù)計算正常工作電流;(2)(3)(4)已知額定功率和額定電壓根據(jù)計算電阻;同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；磁體之間的磁力不需要相互接觸就能發(fā)生力的作用。5.圖示電路中，電源為恒流源，能始終提供大小恒定的電流,R0為定值電阻，移動滑動變阻器R的滑片，則下列表示電壓表示數(shù)U、電路總功率 P隨電流表示數(shù)I變化的關(guān)系圖線中，可能正確的是（【解析】【解答】解：由圖B.Ro與R并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流.若電源提供的電流恒定為I總，AB、根據(jù)并聯(lián)電路特點可知：U=U0=bR0= （I 總I） R0=IRo+I 總R0 ,其中I總、R為

8、定值，由U=-R0I+I總R0 ,可知U與I的圖象為一次函數(shù)，且- RV0,故AB錯誤；CD、由電功率的計算公式：電路消耗總功率：P=U= （I總-I） Rxk= - I總R0I+I總2R0 ,其中I總、R0為定值，由P=-I總冏+I總2的,可知P與I的圖象為一次函數(shù)，-I總的0, 且I不能為0, P不會為0,故C正確，D錯誤.故選C.【分析】由圖R。與R并聯(lián)，電壓表測電源電壓，電流表測R支路的電流.電源提供電流一定，根據(jù)并聯(lián)電路特點分別表示出U與I和P與I的表達(dá)式，分析判斷即可6 . 2017?黃岡）下列關(guān)于電和磁的說法正確的是（）A.金屬導(dǎo)體中的電流方向與導(dǎo)體中自由電子定向移動方向相同B.

9、家庭電路中同時工作的用電器總功率越大，通過電能表的電流越大C.磁場中某點的磁場方向與該點小磁針靜止時南極的指向相同D.電動機(jī)是根據(jù)電磁感應(yīng)原理工作的【答案】B【解析】【解答】解：A、自由電子是負(fù)電荷，所以金屬導(dǎo)體中的電流方向與自由電子定向移動方向相反，故 A錯誤;B、接入電路的用電器總功率越大，由公式1= 心可知通過電能表的電流就越大，故B正確；C、小磁針靜止時N極所指的方向為該點磁場的方向，故C錯誤；A、電動機(jī)是利用通電線圈在磁場中受力轉(zhuǎn)動的原理制成的，故 D錯誤. 故選B.【分析】（1）物理學(xué)中規(guī)定正電荷定向移動的方向為電流方向；（2）家庭電路電流大的原因：總功率過大；（3）我們規(guī)定小磁針

10、 N極所指的方向為該點磁場的方向；（4）帶電磁鐵的儀器利用的是電流的磁效應(yīng)原理.4.5V,電壓表量程 “0-20魏A”，在不損壞7 .小芳同學(xué)在做電學(xué)實驗時，實物圖如圖所示，電源電壓恒為3V”，燈L標(biāo)有“2.5V1.25W”（設(shè)燈絲電阻不變），滑動變阻器規(guī)格為A.燈泡的最小功率是 0.162Wu BM電路的最大功率是 4.05WC.電路中電流變化的范圍是 0.3A-0.4AD滑動變阻器的阻值應(yīng)在 4Q- 10 之間變化【答案】D【解析】【解答】解：A燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，滑動變阻器接入電路中的電阻最大（電壓表的示數(shù)是3V時），電路中的電流最小，燈泡的功率最小，此時燈泡兩端的電壓：UlUVs （

11、2.5V）21 =-U滑大=4.5V3V= 1.5V, “2.5V1.25W產(chǎn) 上工藥/，電路中的最小電流：I小=|毆上次:阿尬 5G =0.3A, Pl最小=1.5V X 0.3A0.45W, A不符合題意；電路中的電流 I最大=?= 0.5A所以，電路中電流范圍是 0.3A0.5A, C不符合題意；P最大=UI最大= 4.5V X 0.5A =2.25A,B不符合題意；電路中電流最大時電阻最小R最小=。而=9 口，則R滑小=9巴口 U0 ,電路中電流最小時電阻最大R最大=。34 = 15。，則R滑大=15 口 6R=n,D符合題意。故答案為：D【分析】燈泡與滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測滑動變阻

12、器兩端的電壓；根據(jù)p=ui求出燈泡正常發(fā)光時的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點結(jié)合滑動變阻器允許通過最大電流確定電路中 的最大電流，根據(jù) p=ui求出電路的最大功率，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路中的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出變阻器接入電路中的最小阻值；當(dāng)電壓表的示數(shù)為3V時，電路中的電流最小，燈泡的功率最小，滑動變阻器接入電路中的電阻最大，利用串聯(lián)電路的 電壓特點求出燈泡兩端的電壓，利用歐姆定律求出電路中的電流，進(jìn)一步求出電路中電流變化的范圍，根據(jù) P=UI求出燈泡的最小功率，最后根據(jù)歐姆定律求出滑動變阻器接入電路 中的最大阻值即可得出滑動變阻器阻值變化的范圍8.如圖所示，電源電壓保持 18V

13、不變，小燈泡L上標(biāo)有“6V3W字樣，滑動變阻器最大電 阻值R=60Q.為保證各器件安全，不考慮燈絲電阻隨溫度的變化，下列說法正確的是( )A. S斷開時電壓表示數(shù)為 0VB. S閉合后，電壓表最大示數(shù)為15VC.小燈泡L正常發(fā)光時，變阻器 R消耗的電功率為6WD. S閉合后，小燈泡 L的最小實際電功率為 0.5W 【答案】C【解析】【解答】解：(1) S斷開時，電壓表測電源的電壓，則電壓表的示數(shù)為18V,故A錯誤；(2) S閉合后，燈泡L與滑動變阻器R串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，為保證各器件安全，電壓表的最大示數(shù)Uv=Ul=6V,故B錯誤；©由P=/可得，燈泡的電阻：g力二, Rl

14、=E=12 Q, 因串聯(lián)電路中各處的電流相等， 所以，燈泡正常發(fā)光時電路中的電流：值6VI=Mj'O=0.5A, 因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和， 所以，變阻器兩端的電壓：Uf=U- Ul=18V- 6V=12V, 變阻器R消耗的電功率：Pr=UrI=12V X 0.5A=6WV故 C 正確；(3)當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時燈泡L的功率最小，因為串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，此時電路中的電流： |18VI組=運12 a = -口=0.25A,燈泡的最小電功率：Pl=I2Rl= (0.25A) 2X 12 Q =0.75W D 錯誤.故選C.【分析】(1) S斷開時

15、，電壓表測電源的電壓，根據(jù)電源的電壓可知電壓表的示數(shù).(2) S閉合后，燈泡L與滑動變阻器 R串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，為保證各器件安全，電壓表的最大示數(shù)和燈泡的額定電壓相等，此時燈泡正常發(fā)光，根據(jù)p=/求出燈泡的電阻，根據(jù)歐姆定律求出電路中的電流，利用串聯(lián)電路的電壓特點求出滑動變阻器兩端的 電壓，再利用P=UI求出變阻器R消耗的電功率；(3)當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時燈泡L的功率最小，利用電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，最后利用P=2R求出燈泡的最小電功率.9.如圖所示電路，電源電壓保持不變，閉合開關(guān) S后，滑動變阻器滑片 P向左移動的過程 中(不考慮燈絲的電阻受溫度的影響

16、)，下列說法正確的是()OUx-0JA.電流表示數(shù)逐漸變小B.壓表示數(shù)逐漸變大C.滑動變阻器兩端的電壓逐漸變大i，D.小燈泡的亮度逐漸變暗【答案】B【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡 L與變阻器R串聯(lián)，電壓表測L兩端的電壓,電流表測電路中的電流.滑動變阻器滑片 P向左移動的過程中，接入電路中的電阻變小，電路中的總電阻變小， b由1=彳可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)逐漸變大，故 A錯誤；由U=IR可知，燈泡L兩端的電壓變大，即電壓表的示數(shù)逐漸變大，故 B正確；因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小，所以，由P=UI可知，燈泡的實際功率變大，小燈泡的亮度逐漸變亮，故 D錯誤；因串聯(lián)電路中總電

17、壓等于各分電壓之和，所以，滑動變阻器兩端的電壓逐漸變小，故C錯誤.故選B.【分析】由電路圖可知，燈泡L與變阻器R串聯(lián)，電壓表測 L兩端的電壓，電流表測電路中的電流.根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和燈泡兩端的電壓變化，根據(jù)P=UI可知燈泡實際功率的變化，進(jìn)一步判斷亮暗的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知變阻器兩端的電壓變化.10 .如圖所示電路，電源電壓恒定，R為光敏電阻，其阻值隨著光照的增強而減小，脫 為定值電阻，當(dāng)光照減弱時A. V與 由示數(shù)的比值減小C.乩與小示數(shù)之差變大【答案】DB. V與應(yīng)示數(shù)的比值不變i.D.電路消耗的總功率減小【解析】【解答】

18、A、由歐姆定律可知，V與月/示數(shù)的比值為光敏電阻 R的阻值，因R的阻值變大，則該比值變大，A不符合題意;B、電壓表示數(shù)不變， 上示數(shù)變小，則V與出示數(shù)的比值變大，B不符合題意；C、由并聯(lián)電路的特點可知，陽與出示數(shù)之差為通過 戊的電流，保持不變， C不符合題息；D、電源電壓不變，總電流變小，根據(jù) 忸二口可知，總功率減小，D符合題意。故答案為：Do【分析】光敏電阻 R與定值電阻 R并聯(lián)，電壓表測量的是 R兩端的電壓 （即電源的電壓），保持不變；電流表 Ai測量的是通過 R的電流，電流表 A2測量的是干路中的電流；已知光敏電阻 R的阻值隨著光照的增強而減小，則當(dāng)光照減弱時，R的阻值變大，根據(jù)歐姆定律

19、可知，通過 R的電流變小，即電流表 Ai示數(shù)變?。煌ㄟ^ Ro的電流不變，而通過 R 的電流變小，所以干路中的電流變小，即電流表A2示數(shù)變小，根據(jù) P=UI可知，總功率減小.11 .下列常見電器中不是利用電流熱效應(yīng)工作的是（）鍋D:. -電熨斗【答案】B【解析】 【解答】解：電爐、電飯鍋、電熨斗是根據(jù)電流的熱效應(yīng)工作的，它們把電能主 要轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；電動機(jī)是根據(jù)通電導(dǎo)線在磁場中受到磁場力的作用而工作的，電動機(jī)工作時主要把電能轉(zhuǎn) 化為機(jī)械能，B符合題意.故答案為：B.【分析】利用電熱工作的有電爐、電飯鍋、電熨斗等，電動機(jī)是把電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能12. 一燈泡標(biāo)有“3.8V?樣，額定功率模糊不清，某同學(xué)設(shè)

20、計了如圖甲所示的電路進(jìn)行測量，電源電壓恒為 6V,電壓表、電流表使用的量程分別為03V、00.6A,滑動變阻器的下判斷正確的是（）規(guī)格為“10Q1A”，他根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了電壓表、電流表示數(shù)的 U-I圖像如圖乙所示.則以M itLS 七二二二二二二二二二二二二二二 2/AULM <LBi 0 « （Ltt ILSU zA.小燈泡的額定功率為 0.88W1，B.滑片向左移時電壓表示數(shù)變大，小燈泡變亮C.變阻器允許連入電路的最大阻值約為8.82 Q iD.小燈泡正常發(fā)光 2s內(nèi)，變阻器產(chǎn)生的電熱為3.04J【答案】C【解析】【解答】A、如圖電路，電壓表與滑動變阻器并聯(lián)，當(dāng)滑動變阻器

21、兩端電壓為2.2V時，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點，此時燈泡兩端的電壓為：幾 行 "3-制，由乙圖得，此時電流為0.4A,故燈泡的功率為：尸二人7*我視二-外，A不符合題意；B、如圖滑片向左移時，接入電路的電阻變小，電流變大，小燈泡變亮，但根據(jù)串聯(lián)電路的分壓特點可知，電壓表示數(shù)變小，B不符合題意；C、由乙圖知，電壓表為3V時，電流為 0.34A,所以變阻器允許連入電路的最大阻值約為：。芮 戈=-7 =-= 8.電口了 " 3拼,c符合題意；D.小燈泡正常發(fā)光 2s 內(nèi)，變阻器產(chǎn)生的電熱為： 件;比管2f二？期""卦*內(nèi)=上MJ , d不符合題意.故答案為：C.

22、【分析】（1）根據(jù)圖像，燈泡正常發(fā)光時，變阻器兩端的電壓為2.2V,并確定此時電路中的電流，由公式 P=UI便可計算出燈泡的額定電功率；（ 2）滑片向左滑動，變阻器的阻 值變小，電路中電流變大，燈泡變亮，變阻器分壓變小，從而可判斷電流表和電壓表的示數(shù)變化；（3）變阻器的阻值越大，兩端的電壓越大，根據(jù)電壓表的量程確定電阻器兩端的最大電壓，根據(jù)圖像確定此時的電流，由公式Q=W=UIt可計算出變阻器產(chǎn)生的電熱 .RT可得變阻器的最大值；（4）根據(jù)13. 一臺額定電壓為 220V的電動機(jī)，正常工作時通過的電流為5A,發(fā)熱損失的功率為25W,則其線圈電阻是（）A. 1 Q歷 Q（4.4 QD1.100

23、Q【答案】A【解析】【解答】算線圈電阻時應(yīng)該通過發(fā)熱功率來計算，即由Q=I2R可得故答案為:A.【分析】知道正常工作時通過的電流和發(fā)熱損失的功率，根據(jù)P=2R的變形公式 R=P/I2電動機(jī)線圈的電阻.14. 在如圖所示電路中，電源電壓保持不變，閉合開關(guān)S,當(dāng)滑動變阻器的滑片 P向下滑動時，四個電表的示數(shù)都發(fā)生了變化，電表的示數(shù)分別用I、Ui、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用 M AUi. 4U2和表示，電阻 Ri、R2、R消耗的電功率分別用Pi、P2、P3表示，下列選項正確的是（A. Ui/I 不變，Ui/l 變小C. U3/I不變，AU/I不變 【答案】BB. U2/I 變大，U2

24、/4I 不變D. Pi變大，P2變小，P3變大【解析】【解答】電源電壓保持不變，閉合開關(guān) S, Ri、e、R3串聯(lián),A. Ui/I為Ri不變，Ui/I為Ri不變，A不符合題意；B.U2/I為滑動變阻器連入電路的阻值，阻值變大，&/1為Ri和R3的阻值，阻值不變，B符合題意；C.U3/I為Ri和R2的阻值變大，U3/I為R3不變，C不符合題意；D滑動變阻器的電阻變大，電路中電流變小，Pi變小，P2先變大后變小，P3變小.D不符合題意； 故答案為：B.【分析】學(xué)生首先要會分析電路圖，再要會根據(jù)滑片的移動情況，分析電路中電阻的變化，再分析各個 量的變化.15.如圖甲所示，電源電壓恒定不變，電

25、流表量程為“？ 0.6A'；電壓表量程為 “？ 3V”,滑動變阻器規(guī)格為 “20R 1A”，Ri為定值電阻。在保證各用電器安全的情況下，移動滑動 變阻器滑片的位置，記下電壓表和電流表的示數(shù)后，分別求出&對應(yīng)的電功率和電阻值，畫成圖象如圖乙，下列說法中正確的是()電源電壓為6VR i的阻值為5 a 電壓表的示數(shù)變化范圍是1V-3V整個電路消耗的最小功率為1.35WA.只有 正確舊.只有 正確iC.只有 正確D.只有正確【答案】C【解析】 【解答】解：(1)兩電阻串聯(lián)，電壓表測變阻器的電壓，電流表測電路中的電流，由圖知，變阻器連入電路最大電阻為10Q,根據(jù)分壓原理，此時電壓表示數(shù)最

26、大為3V；當(dāng)變阻器連入電阻最小為2.5 Q,根據(jù)電阻的規(guī)律和歐姆定律，此時電流表示數(shù)最大為0.6A。根據(jù)P= I2r,第一種情況下，電路中的電流 |1= 揚/=0.3A, 根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律，電源電壓：第1種情況下：U=IiX (R1+R21) = 0.3A X(R1 + 10Q) I第2種情況下：U=|2X (R1+R22) = 0.6A X(R1+2.5 Q ；n由1 n得：R1=5Q,故正確；電源電壓U = 4.5V,錯誤；由歐姆定律，第2種情況下，電壓表最小示數(shù)為:U小=I2X 及2=0.6A X 2.5=Q|.5V,電壓表的示數(shù)變化范圍是1.5V-3V,故 錯誤；整個電路消耗的

27、最小功率為：P=UIi= 4.5V X 0.3A1.35W. 正確。正確，故答案為：C【分析】由P-R圖知，當(dāng)變阻器連入電路最大電阻為10 Q,此時電壓表示數(shù)最大為3V;當(dāng)變阻器連入電阻最小為2.5 0,根據(jù)電阻的規(guī)律和歐姆定律，此時電流表示數(shù)最大為0.6A;根據(jù)P=l2R求出第一種情況下電路中的電流Ii ,根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律列方程求Ri和電源電壓 U;由歐姆定律求出第 2種情況下電壓表最小示數(shù)，得出電壓表的示數(shù)變化范 圍；根據(jù)P=UI求整個電路消耗的最小功率.16.如圖，電源電壓恒為4.5V, ?的量程為 “A 0.6A?的量程為“卜3V :燈泡上標(biāo)有“2.5V 1.25W （不考慮燈

28、絲電阻變化），滑動變阻器 R的規(guī)格為“20Q 1A閉合開關(guān)，在保 證電路安全的情況下，移動滑片 P的過程中（）A. ?的示數(shù)最大為0.6ABT泡消耗的最小功率為 0.12WC.電路消耗的最大總功率為 2.7WD骨動變阻器接入電路的最小電阻為4 a【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，燈泡與滑動變阻器R串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端的電壓，電流表測電路中的電流。（1）由P= UI可得，燈泡的額定電流：Pl L網(wǎng)Il= /上=F引=0.5A, A不符合題意；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且電流表的量程為00.6A,滑動變阻器允許通過的最大電流為1A,所以，電路中的最大電流I大= 0.5A,此時滑動變阻

29、器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，/由|= 口可得，燈泡的電阻和電路的總電阻分別為：R-= ' = $月=5 Q, R總=,另=也 5.4 = 9 q,因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，滑動變阻器接入電路中的最小阻值：R小= R總 Rl=9 5Q= 4Q, D符合題意；電路消耗的最大總功率：P大=5大=4.5VX0.5A= 2.25W, C不符合題意；（2）當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小電流：期金5VI 小=肥R大=5笈 + BOG =0.18A, 則燈泡消耗的最小功率

30、：Pl小=1 小2Rl= （0.18A） 2X50.162W, B 不符合題意。故答案為：D【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測量對象，根據(jù)P=UI求出燈泡的額定電流，然后與電流表的量程和滑動變阻器允許通過的最大電流相比較確定電路中的最大電流，此時滑動變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，根據(jù)歐姆定律1 =L7求出燈泡的電阻和電路的總電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動變阻器接入電路中的最小阻值，卞!據(jù)P=UI求出電路消耗的最大電功率；當(dāng)滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，電路L中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律1 =彳求出電路中的電流，再根據(jù)p=i2r

31、求出燈泡消耗的最小功率 .17 .如圖所示，滑動變阻器的滑片P處于中間位置，閉合開關(guān) S,兩個燈泡均能發(fā)光（假設(shè)燈絲電阻不變），此時，將滑動變阻器的滑片P向右移動，則（）A. Li和L2都變亮變暗B. L變暗，12變亮C. L變亮，L2變暗D. L和L2都【解析】【解答】解: 將滑動變阻器的滑片由電路圖可知，燈泡L2與滑動變阻器 R并聯(lián)后再與燈泡L1串聯(lián),P向右移動，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，并聯(lián)部分的電阻變大，電路的總電阻變大，由i= b可知，干路中的電流變小，由U= IR可知，Li兩端的電壓變小, 因燈泡的亮暗取決于實際功率的大小, 所以，由P=UI可知，燈泡Li的實際功率變小，Li

32、的亮度變暗，AC不符合題意; 因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和， 所以，并聯(lián)部分的電壓變大， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等, 所以，燈泡L2兩端的電壓變大，由P= A'可知，L2的實際功率變大，亮度變亮，B符合題意、D不符合題意。故答案為：Bo【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式，根據(jù)滑片的移動可知接入電路中電阻的變化L和并聯(lián)部分電阻的變化以及總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律1 = *7可知電路中電流的變化和 Li兩端的電壓變化情況，根據(jù)P=UI可知Li實際功率的變化，進(jìn)一步判斷其亮暗的變化；根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知并聯(lián)部分電壓的變化，根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點和P三/可知L2實際功率

33、的變化，進(jìn)一步判斷其亮暗的變化.18 .如圖所示是電阻甲和乙的U-I圖像，下列說法中正確的是()A.電阻甲和乙都是阻值不變的電阻B.當(dāng)乙兩端電壓為 2V時，R乙二50C.甲、乙串聯(lián)在電路中，當(dāng)電路電流為0.2A時，源電壓為2VD.甲、乙并聯(lián)在電路中，當(dāng)電源電壓為2V時，電路總功率為1.2W【答案】D【解析】 【解答】A、因為甲圖象為正比例函數(shù)，因此圖象中對應(yīng)電壓和電流值的比值不 變，故甲為定值電阻；而乙圖象中的電壓和電流值的比值時刻在發(fā)生變化，故電阻乙不是 定值電阻；B、從圖象中可以看出，當(dāng)乙電阻兩端電壓為2V時，對應(yīng)的電流為 0.2A,因此此時乙的阻值：R= / =，-*=10口；C、當(dāng)通過

34、甲、乙中的電流為 0.2A時，從圖形中可以看出，此時甲、乙兩端的電壓值分別為IV、2V,由于甲、乙為串聯(lián)，因此電源電壓為3V;D、當(dāng)甲、乙兩端的電壓為2V時，從圖象中可以看出，此時通過甲、乙的電流分別為0.4A、0.2A,由于甲、乙并聯(lián)，因此電路總功率：P=UI=2VX(0.4A+0.2A) =1.2W.故答案為：D.【分析】(1)根據(jù)圖中信息讀出對應(yīng)的電壓和電流，結(jié)合歐姆定律R=即可判斷出電阻甲和電阻乙的變化；(2)從圖象中讀出當(dāng)電阻乙兩端的電壓為2V時對應(yīng)的電流值，然后根據(jù)R=即可求出此時的電阻；（3）從圖象中讀出當(dāng)甲、乙電阻中的電流為0.2A時對應(yīng)的電壓值，再根據(jù)串聯(lián)電路兩端電壓等于各部

35、分電壓之和求出電源電壓；（4）從圖象中讀出當(dāng)甲、乙電阻兩端的電壓為2V時對應(yīng)的電流，然后根據(jù) P=UI即可求出電路中的總功率.19.某電飯鍋內(nèi)有 R0= 44R= 2156 的兩根電熱絲，它的工作簡化電路如圖所示，當(dāng) S置于“源時，下列分析正確的是（）A. R0和R并聯(lián)處于加熱狀態(tài)，加熱功率力1100WC.處于保溫狀態(tài)，保溫功率為22W D整個電路10min產(chǎn)生的熱量為1.32 X 40【答案】B【解析】【解答】解：（1）電源電壓為 220V不變，當(dāng)S接“1檔時，電路中 R與Ro串件聯(lián)，此時總電阻較大，由 P=月可知，電路消耗的功率較小，處于保溫狀態(tài)；（2）當(dāng)S接“2檔時，電路中只有 R0 ,此時總電阻較小，由 P= /可知電功率較大，處于加熱狀 態(tài)；則加熱功率：P加熱=凡=1100W, AC不符合題意，B符合題意；S置于“端時，整個電路10min產(chǎn)生的熱量：Q= W= P 加熱 t= 1100WX 10X60s6.6 X 5Q D 不符合題意。故答案為：Bo回【分析】結(jié)合電路圖，理清開關(guān)處于不同狀態(tài)時元件的連