山東省淄博六中-學高二(上)自主訓練物理試卷(解析版).doc

1、2022-2022學年山東省淄博六中高二上自主訓練物理試一、選擇題：1-5題為單項選擇，6-10題不定項選擇，每題 4分1.一帶負電絕緣金屬小球被放在潮濕的空氣中經(jīng)過一段時間后，發(fā)現(xiàn)該小球上帶有的負 電荷幾乎不存在了，這說明A 小球上原有的負電荷逐漸消失了B .在此現(xiàn)象中，電荷不守恒C.小球上負電荷減少的主要原因是潮濕的空氣將電子導走了D 該現(xiàn)象不遵循電荷守恒定律2兩個分別帶有電荷量- Q和+3Q的相同金屬小球均可視為點電荷，固定在相距為r的 兩處，它們間庫侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)榭?，那么兩球間庫侖力的大小為134A 遼FB .尹C.胡D . 12F3. 對于由點電荷

2、Q產(chǎn)生的電場，以下說法正確的選項是A 電場強度的定義式仍成立，即E=_，式中的Q就是產(chǎn)生電場的點電荷kQB. 在真空中，電場強度的表達式為E= 一，式中Q就是產(chǎn)生電場的點電荷翌rC. 在真空中，E=，式中Q是檢驗電荷D .以上說法都不對4. 如下列圖，AB是某點電荷電場中一條電場線，在電場線上P處自由釋放一個負試探電荷時，它沿直線向 B點處運動，對此現(xiàn)象以下判斷正確的選項是A. 電荷向B做勻加速運動B. 電荷向B做加速度越來越小的運動C. 電荷向B做加速度越來越大的運動D .電荷向B做加速運動，加速度的變化情況不能確定5. 如圖，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為I的正三

3、角形的三個頂點上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負電.整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中.已知靜電力常量為k.假設 三個小球均處于靜止狀態(tài)，那么勻強電場場強的大小為P Cc.0'7. 帶電粒于從電場中的 A點運動到B點.那么 軌跡如圖中虛線所示，不計粒子所受的重力,A .粒子帶負電B . A點的場強小于B點的場強C.粒子的加速度逐漸增加D .粒子的速度不斷減小6. 兩個帶有同種電荷的小球A、B,放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，小球 B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運動，在運動過程中小球B的加速度a和速度的變化v是 A. a一直在增大B . a一直在減小C. v 一直在增大D

4、 . v 一直在減小8 帶電量為q的檢驗電荷在電場中某點受到的電場力大小為F,該點場強大小為 E,那么F面能正確反映這三者關(guān)系的是9. 如下列圖，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為0,半徑為R,將等電量的兩正點電荷Q放在圓周上，它們的位置關(guān)于 AC對稱，與0點的連線和0C間夾角為30°以下 說法正確的選項是A. 電荷q從A點運動到C點，電場力做功為零B. 電荷q從B點運動到D點，電場力做功為零kQc. o點的場強大小為_R 亦QD . O點的場強大小為'10. 一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)B、C點運動到D點，其v - t圖象如下列圖,那么以下說法中正確的選項

5、是A . A點的電場強度一定大于 B點的電場強度B .粒子在A點的電勢能一定大于在 B點的電勢能C. CD間各點電場強度和電勢都為零D . AB兩點間的電勢差大于 CB兩點間的電勢差二、填空題：共12分，每空2分11. 1勻變速直線運動的瞬時速度公式是 ;2求解位移公式和方法五種 ;3求解平均速度的方法三種 .12. 1自由落體運動的定義是 ，所適用的公式2初速度為零的勻加速直線運動五個比值關(guān)系：3逐差法公式以六段為例_.三、計算題共48分，要寫出必要步驟，只寫答案不得分13根長為I的絲線吊著一質(zhì)量為 m,帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強電場中, 如下列圖，絲線與豎直方向成37°

6、;角，先突然將該電場方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔儯豢紤]因電場的改變而帶來的其它影響重力加速度為g，sin37 °0.6，cos37°=0.8求：1勻強電場的電場強度的大小2求小球經(jīng)過最低點時絲線的拉力大小.14.如下列圖，絕緣水平面上靜止著兩個質(zhì)量均為m、電量均為+Q的物體A和BA、B均可視為質(zhì)點，它們間的距離為r，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為仏求：1A受到的摩擦力.2如果將A的電量增至+4Q，那么兩物體將開始運動，當它們的加速度第一次為零時，A、B各運動了多遠的距離？15.圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個質(zhì)量為m=0.2kg，帶電荷量為q=+X 106C的小物塊處

7、于靜止狀態(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數(shù)卩=0.1從t=0時該開始，空間上加一個如圖乙所示的電場.取水平向右的方向為正方向,g 取 10m/s2求:14秒內(nèi)小物塊的位移大小;24秒內(nèi)電場力對小物塊所做的功.A點，自由釋放一個帶正16.如下列圖，在 0點放置一個正電荷，在過0點的豎直平面內(nèi)的電的小球，小球的質(zhì)量為 m電荷量為q .小球落下的軌跡如圖中虛線所示，它與以 O為圓 心、R為半徑的圓圖中實線表示相交于B、C兩點，0、C在同一水平線上，/ BOC=30 ,A距離0C的豎直高度為h.假設小球通過 B點的速度為v,試求:1小球通過C點的速度大小.2022-2022學年山東省淄博六中高二上自主訓練物

8、理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：1-5題為單項選擇，6-10題不定項選擇，每題 4分1一帶負電絕緣金屬小球被放在潮濕的空氣中經(jīng)過一段時間后，發(fā)現(xiàn)該小球上帶有的負 電荷幾乎不存在了，這說明A 小球上原有的負電荷逐漸消失了B .在此現(xiàn)象中，電荷不守恒C.小球上負電荷減少的主要原因是潮濕的空氣將電子導走了D 該現(xiàn)象不遵循電荷守恒定律【考點】電荷守恒定律.【分析】明確電荷守恒定律的內(nèi)容，知道：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，或者從物體的一局部轉(zhuǎn)移到另一局部；在轉(zhuǎn)移的過程中，電荷的總量保存不變.【解答】解：A、根據(jù)電荷守恒定律，電荷不能消滅，也不能創(chuàng)生，只會發(fā)生轉(zhuǎn)移故

9、A錯誤.B、此過程中電荷仍然守恒，電荷沒有消失，只是被潮濕的空氣導走而已，仍然遵循電荷守 恒定律.故B錯誤.C、 金屬小球上的負電荷減少是由于潮濕的空氣將電子導走了故C正確.D、 該現(xiàn)象是潮濕的空氣將電子導走了，是電子的轉(zhuǎn)移引起，仍遵守電荷守恒定律.故D錯 誤.應選：C.2兩個分別帶有電荷量- Q和+3Q的相同金屬小球均可視為點電荷，固定在相距為r的 兩處，它們間庫侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?#39;,那么兩球間庫侖力的大小為 -Ljr£尸jrA 12 B 4C. 3 D . 12F【考點】庫侖定律；電荷守恒定律.【分析】清楚兩小球相互接觸后，其所帶電量先中和后

10、均分.根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題.【解答】解：接觸前兩個點電荷之間的庫侖力大小為F=k，兩個相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開后各自帶電為+Q，距離又變?yōu)樵瓉淼亩?，庫侖力為所以兩球間庫侖力的大小為3. 對于由點電荷 Q產(chǎn)生的電場，以下說法正確的選項是FA .電場強度的定義式仍成立，即，式中的Q就是產(chǎn)生電場的點電荷kQB .在真空中，電場強度的表達式為E=，式中Q就是產(chǎn)生電場的點電荷rkQC.在真空中，E=，式中Q是檢驗電荷D .以上說法都不對【考點】點電荷的場強.F【分析】電場強度公式E=，適用于所有的電場，E為場源電荷產(chǎn)生的場強，q為

11、試探電荷;點電荷的場強公式 E= _ ，其中E就是式中Q產(chǎn)生的場強.F【解答】 解：A、電場強度的定義式 E=，適用于任何電場，對點電荷 Q產(chǎn)生的電場仍成 立，式中q就是此題中所指的試探電荷，故A錯誤；BCD、在真空中，電場強度的表達式為：E=丁 ，式中Q就是產(chǎn)生電場的電荷即場源電荷，該公式適用點電荷電場，故 B正確，CD錯誤.應選：B.4. 如下列圖，AB是某點電荷電場中一條電場線，在電場線上P處自由釋放一個負試探電荷時，它沿直線向 B點處運動，對此現(xiàn)象以下判斷正確的選項是A. 電荷向B做勻加速運動B .電荷向B做加速度越來越小的運動C.電荷向B做加速度越來越大的運動D 電荷向B做加速運動，

12、加速度的變化情況不能確定【考點】電勢差與電場強度的關(guān)系；電場強度.【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠出發(fā)出，到負電荷或無窮遠處為止， 沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小.【解答】 解：在電場線上 P處自由釋放一個負試探電荷時，它沿直線向B點處運動，電荷受到的電場力向右， 所以電場線的方向向左，但是只有一條電場線， 不能判斷電場線的疏密的情況，不能判斷電荷的受力的變化的情況，不能判斷加速度的變化的情況，所以D正確,ABC錯誤.應選：D.5. 如圖，在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球a、b和c分別位于邊長為I的正三角形的三個頂點上；a、b帶正電，電荷量均

13、為q, c帶負電.整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中.已知靜電力常量為k.假設 三個小球均處于靜止狀態(tài)，那么勻強電場場強的大小為3kqA.：.'B .一C.'D .【考點】庫侖定律.【分析】三個小球均處于靜止狀態(tài)，以整個系統(tǒng)為研究對象根據(jù)平衡條件得出c的電荷量,再以c電荷為研究對象受力分析求解.【解答】解：設c電荷帶電量為 Q,以c電荷為研究對象受力分析,根據(jù)平衡條件得a、b對c的合力與勻強電場對 c的力等值反向，即:kQ*q22X ； X COS30 ° =E?Q所以勻強電場場強的大小為應選B 6兩個帶有同種電荷的小球 A、B，放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，

14、小球 B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運動，在運動過程中小球B的加速度a和速度的變化v是 A a 一直在增大B a 一直在減小C. v 一直在增大D . v 一直在減小【考點】庫侖定律；動能定理的應用.【分析】對小球B進行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的變化，根據(jù)速度方向和加速度方向的關(guān)系確定速度大小變化.【解答】解：A、對小球B進行受力分析，小球B的合力就是小球 A對它的庫侖斥力，由于小球A、B之間的距離越來越遠，根據(jù)庫侖定律知道，小球A對小球B的庫侖斥力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律得小球 B的加速度越來越小故 A錯誤，B正確.C、由于小球B只在庫侖力作用下由靜止開始沿水平面運動，所

15、以小球B的加速度方向和速度方向相同，所以小球 B的速度一直增大.故 C正確，D錯誤.應選BC.7.那么A .粒子帶負電B點.軌跡如圖中虛線所示，不計粒子所受的重力,B . A點的場強小于 B點的場強C.粒子的加速度逐漸增加【考點】電場線.D .粒子的速度不斷減小【分析】根據(jù)帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據(jù)電性和電場線的疏密程度，判斷 電場力方向，根據(jù)電場力做功判斷動能的變化，從而判斷速度變化.【解答】解：A、由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下 方，與電場強度方向相反，故粒子帶負電，故A正確.B、A點電場線密集，故電場強度大，電場力大， 故加速度大，所以粒子

16、的加速度一直減小， 故BC錯誤.D、由于帶電粒子是從 A到B ,帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，故電場力做負功,帶電粒子的速度減小，故 D正確.F,該點場強大小為E,那么應選：AD&一帶電量為q的檢驗電荷在電場中某點受到的電場力大小為F面能正確反映這三者關(guān)系的是【考點】電場強度.【分析】電場中的電場強度與放入電場中檢驗電荷的電量無關(guān)，由場源電荷決定.【解答】解：A、因為電場中的電場強度與放入電場中檢驗電荷的電量q無關(guān)，由場源電荷決定.所以電場強度不隨 q、F的變化而變化.故 A錯誤，B正確，D錯誤.C、由E=知，某點的電場強度一定，F(xiàn)與q成正比.故C正確.應選：BC.9. 如下列

17、圖，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為0,半徑為R,將等電量的兩正點電荷Q放在圓周上，它們的位置關(guān)于 AC對稱，與0點的連線和0C間夾角為30°以下A. 電荷q從A點運動到C點，電場力做功為零B .電荷q從B點運動到D點，電場力做功為零C. 0點的場強大小為D . 0點的場強大小為【考點】電勢能；電場強度.【分析】兩個等電量正點電荷 Q產(chǎn)生 的電場等勢線與電場線具有對稱性，B與D的電勢相A與C電勢的上下，E=k和平行四邊等作出AC間的電場線，根據(jù)順著電場線電勢降低和對稱性，分析判斷電場力做功情況. 0點的場強是兩個電荷產(chǎn)生的電場的疊加，根據(jù) 形定那么求解0點的場強大小.【解答

18、】解：A、作出AC間的電場線，如下列圖，根據(jù)對稱性可知， C點與E點的電勢相等， 而E點的電勢高于 A點的電勢，那么C點的電勢高于 A點的電勢，所以電荷q從A點運動到 C點，電場力做功不為零.故 A錯誤.B、根據(jù)對稱性可知，B點與D點的電勢相等，其電勢差為零，那么電荷 q從B點運動到D點，電場力做功為零.故C、D、0點的場強大小B正確.E=Eicos30 +E2cos30=r.'故c錯誤,D正確.應選BD10. 一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)B、C點運動到D點，其v - t圖象如下列圖,那么以下說法中正確的選項是A . A點的電場強度一定大于 B點的電場強度B. 粒子在A點的電

19、勢能一定大于在 B點的電勢能C. CD間各點電場強度和電勢都為零D . AB兩點間的電勢差大于 CB兩點間的電勢差【考點】電勢差；電場強度.【分析】從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運動，可得出受到的電場力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場力作用，有圖線斜率代表加速度， 有牛頓第二定律得知電場力的大小關(guān)系，從而得到電場強度德大小關(guān)系.由運動過程中，動能增加，勢能減少，所以可判斷出 粒子在AB兩點的電勢能大小，有電場力做功的公式可得AB兩點間的電勢差與 CB兩點間的電勢差的大小關(guān)系.【解答】解：A、 由運動的速度-時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在 A點時較大，有牛頓第二 定律得知在A點的電

20、場力大，故 A點的電場強度一定大于 B點的電場強度，故 A正確；B、由A到B的過程中，速度越來越大，說明是電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由功能關(guān)系可知，此過程中電勢能減少，正電荷在A點是電勢能大于在 B時的電勢能，所以 A點的電勢能高于 B點的電勢能，故 B正確.C、 從C到D，粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但 電勢不一定為零，故 C錯誤；D、 A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的 絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于 CB兩點間的電勢差，故 D錯誤.應選：AB二、填空題：共12分，每空2分11. 1勻變速直線運動的瞬時速

21、度公式是v=v o+at2求解位移公式和方法五種;v - t 圖象中與時間軸所圍面積；位移圖象中坐標位置的變化；3求解平均速度的方法三種一宀；圖象法.【考點】勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系.【分析】對于勻變速直線運動，需要熟練掌握公式和具體的解題方法2求解位移公式和方法為:【解答】 解：1勻變速直線運動瞬時速度公式為：v=vo+atV2 -¥戶一： ；'7； v - t圖象中與時間軸所圍面積；位移圖象中坐標位置的變化3求解平均速度的方法為:故答案為：1v=vo+atv - t圖象中與時間軸所圍面積；位移圖象中坐標位置的變化12. 1自由落體運動的定義是物體只受重力作用從靜止

22、開始豎直下落的運動叫做自由落體運動 ，所適用的公式v=gt, h= 1 , 2gh=v2,；2初速度為零的勻加速直線運動五個比值關(guān)系：初速度為零的勻加速直線運動五個比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時速度之比為：V1： v2： V3：vn=1 ： 2：3:：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：X1：X2：X3：xn=12:22:32:：n2.第一個T內(nèi)、第二個T內(nèi)、第三個T內(nèi)、第n個T內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3： xn=1 : 3： 5:：2n- 1.通過前 X、前2x、前3x的位移所用時間之比 切 t2： t3：tn=1：j'： 3 tn,通過連續(xù)相同的

23、位移所用時間之比為：t： t2' t3'：tn' =：伍-1： 近-叮勺：鬥 I .；3逐差法公式以六段為例牝+盂五+呵-七X1a=9【考點】自由落體運動.【分析】1根據(jù)自由落體運動的定義和根本公式分析；2根據(jù)勻變速直線運動根本公式推出初速度為零的勻加速直線運動五個比值關(guān)系；3根據(jù)相鄰相等時間內(nèi)的位移差是個定值推出即可.【解答】解；1物體只受重力作用從靜止開始豎直下落的運動叫做自由落體運動，根本公1 2式為：v=gt, h=- ,2gh=v2,2初速度為零的勻加速直線運動五個比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時速度之比為：Vi： V2： V3 :：Vn=1 :

24、 2： 3 :：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：xi:X2：X3：xn=12：22：32:：n2.第一個T內(nèi)、第二個T內(nèi)、第三個T內(nèi)、第n個T內(nèi)的位移之比為：X1： x2： X3：: xn=1 : 3: 5:：2n - 1.通過前X、前2X、前3X的位移所用時間之比t1： t2： t3： - : tn=1 : ： 出通過連續(xù)相同的位移所用時間之比為：W： t2'： t3'：tn'=：伍-1：丹-丘：:：！ 一故答案為：1丨物體只受重力作用從靜止開始豎直下落的運動叫做自由落體運動；v=gt,h= 2 呂 T , 2gh=v2,2初速度為零的勻加速直線運動五個

25、比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時速度之比為：V1： V2： V3 :：Vn=1 : 2： 3 :：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3：Xn=12: 22： 32：n2.第一個T內(nèi)、第二個T內(nèi)、第三個T內(nèi)、第n個T內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3： Xn=1 : 3: 5:：2n - 1.通過前X、前2x、前3x的位移所用時間之比通過連續(xù)相同的位移所用時間之比為:如：t2： t3：tn屮皿3a=七+工計丸-左弓_ *2 一垃19T2三、計算題共48分，要寫出必要步驟，只寫答案不得分13. 一根長為I的絲線吊著一質(zhì)量為 m,帶電荷量為q的小球靜止在

26、水平向右的勻強電場中,如下列圖，絲線與豎直方向成37°角，先突然將該電場方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔?，不考慮因電場的改變而帶來的其它影響重力加速度為g，sin37°0.6，cos37°0.8求：衡條件分析電場力的方向，求解電場強度大??；2當電場方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電場力豎直向下，向下做圓周運動，根據(jù)動能定理求解小球經(jīng)過最低點時的瞬時速度；小球經(jīng)過最低點時，由重力、電場力和絲線的拉力的合力提供了向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解絲線對小球的拉力.【解答】 解：1小球靜止在電場中受力如以下列圖所示，顯然小球帶正電，由平衡條件得：mgtan37 ° =qE_3隅故有

27、：E=-2電場方向變成向下后，小球開始擺動做圓周運動，重力、電場力對小球做正功由動能定理得：ymv2=mg+qEl 1 - cos37 ° 由圓周運動知識，在最低點時，小球受力情況如以下列圖所示，由牛頓第二定律有:Ft- mg+qE=m 49 由解得：Ft=mg.答：3ni旨1勻強電場的電場強度的大小為-4q2小球經(jīng)過最低點時絲線的拉力為.mg.14. 如下列圖，絕緣水平面上靜止著兩個質(zhì)量均為m、電量均為+Q的物體A和BA、B均可視為質(zhì)點，它們間的距離為r，與水平面間的動摩擦因數(shù)均為仏求：1A受到的摩擦力.2如果將A的電量增至+4Q，那么兩物體將開始運動，當它們的加速度第一次為零時，

28、A、B各運動了多遠的距離？【考點】庫侖定律；牛頓第二定律.【分析】1兩個物體水平方向均是受靜電斥力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解靜摩擦力；2當增加A電荷的電量后，兩電荷受到庫侖斥力運動，當所受的庫侖斥力與摩擦力相等時，加速度為零，根據(jù)這一關(guān)系求出兩電荷的距離.【解答】 解：1對A受力分析如下列圖，因 A處于靜止狀態(tài)，故有庫侖力 F大小等于靜摩 擦力f大小，庫倫力為：2當加速度為0時，有庫侖力大小 F'等于滑動摩擦力大小 f；即:F' =f ； = 口 N=y mg答:又有:解得:F '=所以A、B各運動的距離為:1A受的摩擦力為2當它們的加速度第一次為零時,A、B各運動的距離為15圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個質(zhì)量為 X 106C的小物塊處于靜止狀態(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數(shù) 間上加一個如圖乙所示的電場.取水平向右的方向為正方向,m=0.2kg，帶電荷量為q=+卩=0.1從t=0時該開始，空g 取 10m/s2求：14秒內(nèi)小物塊的位移大小;24秒內(nèi)電場力對小物塊所做的功.勻變速直線運動的位移與時【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關(guān)系;間的關(guān)系.【分析】1