高考物理選擇題專練(詳解)

1、專練1物理學(xué)史1牛頓曾經(jīng)說(shuō)過(guò)一句名言：“我之所以比別人看得遠(yuǎn)一些，是因?yàn)檎驹诰奕说募绨蛏稀保?qǐng)你猜想一下牛頓所指的巨人可能是()A愛(ài)因斯坦 B愛(ài)迪生 C伽利略 D錢學(xué)森答案C2(2014·山東濰坊市一模)許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列敘述中符合史實(shí)的是()A伽利略研究了天體的運(yùn)動(dòng)，并提出了行星運(yùn)動(dòng)的三定律B牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)測(cè)出了引力常量C庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷間的作用規(guī)律，并提出了電場(chǎng)的概念D法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并制造了世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)法拉第圓盤發(fā)電機(jī)答案D3在物理學(xué)發(fā)展的過(guò)程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史的進(jìn)步對(duì)以下幾位物理學(xué)家所

2、作科學(xué)貢獻(xiàn)的表述中，與事實(shí)相符的是()A哥白尼提出了日心說(shuō)并發(fā)現(xiàn)了行星沿橢圓軌道運(yùn)行的規(guī)律B開普勒通過(guò)研究行星觀測(cè)記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三大定律C笛卡爾根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因D牛頓首先將實(shí)驗(yàn)事實(shí)和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)推演)和諧地結(jié)合起來(lái)解析哥白尼提出了日心說(shuō)，開普勒發(fā)現(xiàn)了行星沿橢圓軌道運(yùn)行的規(guī)律，選項(xiàng)A錯(cuò)誤開普勒通過(guò)研究行星觀測(cè)記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動(dòng)三大定律，選項(xiàng)B正確伽利略根據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，選項(xiàng)C錯(cuò)誤伽利略首先將實(shí)驗(yàn)事實(shí)和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)推演)和諧地結(jié)合起來(lái)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案B4在物理學(xué)建立、發(fā)展的過(guò)程，許多物理學(xué)家的科學(xué)發(fā)現(xiàn)推動(dòng)了人類歷史

3、的進(jìn)步，關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是()A古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為物體下落的快慢由它們的重量決定，伽利略在他的兩種新科學(xué)的對(duì)話中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境B德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行了多年研究，得出了萬(wàn)有引力定律C英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準(zhǔn)確的測(cè)定了靜電力常量D楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，并研究提出了判斷感應(yīng)電流方向的方法楞次定律解析古希臘學(xué)者亞里士多德認(rèn)為物體下落的快慢由它們的重量決定，伽利略在他的兩種新科學(xué)的對(duì)話中利用邏輯推斷，使亞里士多德的理論陷入了困境，選項(xiàng)A正確德國(guó)天文學(xué)家開普勒對(duì)他導(dǎo)師第谷觀測(cè)的行星數(shù)據(jù)進(jìn)行了多年研

4、究，得出了開普勒定律，選項(xiàng)B錯(cuò)誤英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用“卡文迪許扭秤”首先較準(zhǔn)確的測(cè)定了萬(wàn)有引力常量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次研究得出了判斷感應(yīng)電流方向的方法楞次定律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案A5伽利略根據(jù)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和理想實(shí)驗(yàn)，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學(xué)的基礎(chǔ)早期物理學(xué)家關(guān)于慣性有下列說(shuō)法，其中正確的是()A物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性B沒(méi)有力的作用，物體只能處于靜止?fàn)顟B(tài)C行星在圓周軌道上保持勻速率運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)是慣性D運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)解析物體的慣性指物體本身要保持原來(lái)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)不變的性質(zhì)，或者說(shuō)是物體抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的性

5、質(zhì)，選項(xiàng)A正確；沒(méi)有力的作用，物體將保持靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；行星在圓周軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而慣性是指物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的狀態(tài)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)物體如果沒(méi)有受到力的作用，根據(jù)牛頓第一定律可知，物體將繼續(xù)以同一速度沿同一直線一直運(yùn)動(dòng)下去，選項(xiàng)D正確答案AD6在物理學(xué)理論建立的過(guò)程中，有許多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法中正確的是()A開普勒進(jìn)行了“月地檢驗(yàn)”，說(shuō)明天上和地下的物體都遵從萬(wàn)有引力定律B哥白尼提出日心說(shuō)并發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系中行星沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)的規(guī)律C伽利略不畏權(quán)威，通過(guò)“理想斜面實(shí)驗(yàn)”，科學(xué)地推理出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”D奧斯特發(fā)現(xiàn)

6、了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，使人類從蒸汽機(jī)時(shí)代步入了電氣化時(shí)代解析牛頓進(jìn)行了“月地檢驗(yàn)”，說(shuō)明天上和地下的物體都遵從萬(wàn)有引力定律，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；哥白尼提出日心說(shuō)，開普勒發(fā)現(xiàn)了太陽(yáng)系中行星沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，使人類從蒸汽機(jī)時(shí)代步入電氣化時(shí)代，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案C7(2014·山東煙臺(tái)3月模擬)許多科學(xué)家在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中做出了重要貢獻(xiàn)，下列表述正確的是()A庫(kù)侖通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了元電荷的數(shù)值B安培發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律C牛頓提出的萬(wàn)有引力定律奠定了天體力學(xué)的基礎(chǔ)D奧斯特對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的研究，將人類帶入了電氣化時(shí)代解析密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)測(cè)定了元電荷的數(shù)值，故A錯(cuò)

7、誤；庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了點(diǎn)電荷的相互作用規(guī)律，故B錯(cuò)誤；牛頓提出的萬(wàn)有引力定律奠定了天體力學(xué)的基礎(chǔ)，故C正確；法拉第對(duì)電磁感應(yīng)現(xiàn)象的研究，將人類帶入了電氣化時(shí)代，故D錯(cuò)誤答案C8以下說(shuō)法符合物理史實(shí)的是()A奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并且用扭秤裝置測(cè)出了引力常量C開普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的描述為萬(wàn)有引力定律的發(fā)現(xiàn)奠定了基礎(chǔ)D庫(kù)侖認(rèn)為在電荷的周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)，并提出用電場(chǎng)線簡(jiǎn)潔地描述電場(chǎng)解析奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)A正確牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，卡文迪許用扭秤裝置測(cè)出了引力常量，選項(xiàng)B錯(cuò)誤開普勒關(guān)于行星運(yùn)動(dòng)的描述為萬(wàn)有引力定

8、律的發(fā)現(xiàn)奠定了基礎(chǔ)，選項(xiàng)C正確法拉第認(rèn)為在電荷的周圍存在著由它產(chǎn)生的電場(chǎng)，并提出用電場(chǎng)線簡(jiǎn)潔地描述電場(chǎng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案AC專練2物理思想方法1以下是力學(xué)中的三個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置，由圖1可知這三個(gè)實(shí)驗(yàn)共同的物理思想方法是()圖1A極限的思想方法 B放大的思想方法C控制變量的方法 D猜想的思想方法解析這三個(gè)實(shí)驗(yàn)共同的物理思想方法是把微小量進(jìn)行放大，使之能夠觀察和測(cè)量，即放大的思想方法，選項(xiàng)B正確答案B2在建立物理概念過(guò)程中，學(xué)會(huì)象科學(xué)家那樣運(yùn)用物理思想，使用科學(xué)方法，往往比記住物理概念的詞句或公式更重要在高中物理學(xué)習(xí)內(nèi)容中，速度、加速度、電場(chǎng)強(qiáng)度這三者所體現(xiàn)的共同的物理思想方法是()A比值定義 B微小量放

9、大C等效替代 D理想模型解析速度、加速度、電場(chǎng)強(qiáng)度這三者所體現(xiàn)的共同的物理思想方法是比值定義，選項(xiàng)A正確答案A3物理學(xué)中用到大量的科學(xué)研究方法，在建立下列物理概念時(shí)，都用到“等效替代”方法的是()A質(zhì)點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度B平均速度，點(diǎn)電荷C彈力，電勢(shì)D合力與分力，合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)解析等效替代方法是在保證某種效果(特性和關(guān)系)相同的前提下，將實(shí)際的、復(fù)雜的物理問(wèn)題和物理過(guò)程轉(zhuǎn)化為等效的、簡(jiǎn)單的、易于研究的物理問(wèn)題和物理過(guò)程來(lái)研究和處理的方法即兩概念對(duì)比， 產(chǎn)生的某種效果相同，才是等效替代法，故只有選項(xiàng)D正確答案D4在物理學(xué)的發(fā)展過(guò)程中，許多物理學(xué)家都做出了重要的貢獻(xiàn)，他們也創(chuàng)造出了許多的物理學(xué)研究方法，下

10、列關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是()A理想化模型是把實(shí)際問(wèn)題理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如質(zhì)點(diǎn)、位移等是理想化模型B重力、合力和交變電流的有效值等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想C用比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，例如場(chǎng)強(qiáng)E，電容C，加速度a都是采用比值法定義的D根據(jù)速度定義式v知，當(dāng)t非常小時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義應(yīng)用了極限思想方法答案BD5(2014·高考沖刺卷七)在物理學(xué)的探索和發(fā)現(xiàn)過(guò)程中，科學(xué)家們運(yùn)用了許多研究方法以下關(guān)于物理學(xué)研究方法的敘述中正確的是()A在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法是微元法B根

11、據(jù)速度定義式v，當(dāng)t0時(shí)，就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度，該定義運(yùn)用了極限思維法C在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，這里運(yùn)用了假設(shè)法D在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，再把各小段位移相加，這里運(yùn)用了理想模型法解析用質(zhì)點(diǎn)代替物體采用的科學(xué)方法為建立理想化的物理模型的方法，故A錯(cuò)誤；以時(shí)間趨向無(wú)窮小時(shí)的平均速度作為瞬時(shí)速度，采用了極限思維法，故B正確；在研究加速度與質(zhì)量和合外力的關(guān)系時(shí)，采用了控制變量法，故C錯(cuò)誤；在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，采用微元法將變

12、速運(yùn)動(dòng)等效近似為很多小段的勻速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤答案B6人類在探索自然規(guī)律的進(jìn)程中總結(jié)出了許多科學(xué)方法，如分析歸納法、等效替代法、控制變量法、理想實(shí)驗(yàn)法等在下列研究中，運(yùn)用理想實(shí)驗(yàn)方法的是()A牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律B卡文迪許測(cè)定引力常量C伽利略得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的結(jié)論D密立根測(cè)得電荷量e的數(shù)值解析牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律是采用演繹法，卡文迪許測(cè)定引力常量采用放大法，伽利略得出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的結(jié)論采用理想實(shí)驗(yàn)法，密立根測(cè)得電荷量e的數(shù)值采用實(shí)驗(yàn)測(cè)量選項(xiàng)C正確答案C7某人通過(guò)以下步驟測(cè)出了從一定高度落下的排球?qū)Φ孛孀畲鬀_擊力：(1)將一張白紙鋪在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)

13、定的高度自由落下，并在白紙上留下球的水印(2)再將印有水印的白紙鋪 在臺(tái)秤上，將球放在紙下的水印中心，緩慢地向下壓球，使排球與紙接觸部分逐漸發(fā)生形變直至剛好遮住水印，記下此時(shí)臺(tái)秤的示數(shù)，即為沖擊力最大值下列物理學(xué)習(xí)或研究中用到的方法與該同學(xué)的方法相同的是()A研究加速芳與合力、質(zhì)量的關(guān)系B建立“點(diǎn)電荷”的概念C建立“瞬時(shí)速度”的概念D建立“合力與分力”的概念解析該同學(xué)測(cè)出從一定高度落下的排球?qū)Φ孛娴淖畲鬀_擊力的方法是等效法，物理學(xué)習(xí)中研究加速度與合力、質(zhì)量的關(guān)系應(yīng)用的是控制變量法：建立“點(diǎn)荷法”的概念應(yīng)用的質(zhì)量理想模型法；建立“瞬時(shí)速度”的概念應(yīng)用的極限法；建立“合力與分力”的概念應(yīng)用的是等效

14、法；選效D正確答案D8關(guān)于物理學(xué)的研究方法，以下說(shuō)法正確的是()A伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法B卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了放大法C電場(chǎng)強(qiáng)度是用比值法定義的，因而電場(chǎng)強(qiáng)度與電場(chǎng)力成正比，與試探電荷的荷電荷量成反比D“平均速度”、“總電阻”、“交流電的有效值”用的是“等效替代”的方法解析伽利略的理想斜面實(shí)驗(yàn)得出不受力物體將永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去，就是邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合的科學(xué)研究方法，伽利略開創(chuàng)了運(yùn)用邏輯推理和實(shí)驗(yàn)相結(jié)合進(jìn)行科學(xué)研究的方法，選項(xiàng)A正確卡文迪許在利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量是運(yùn)用了放大法，選項(xiàng)B正確電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)強(qiáng)弱屬性的，與檢驗(yàn)電荷

15、所受的電場(chǎng)力F和電荷量q的大小無(wú)關(guān)，選項(xiàng)C錯(cuò)“平均速度”、“總電阻”、“交流電的有效值”用的是“等效替代”的方法，選項(xiàng)D正確答案ABD9理想化模型是簡(jiǎn)化物理研究的重要手段，它抓住問(wèn)題的主要因素，忽略次要因素，促進(jìn)了物理學(xué)的發(fā)展，下列理想化模型建立的表述正確的是()A質(zhì)點(diǎn)作為理想化模型忽略了物體的質(zhì)量B點(diǎn)電荷作為理想化模型忽略了物體的電荷量C理想變壓器沒(méi)有能量損失D理想電壓表忽略了電壓表的內(nèi)阻解析質(zhì)點(diǎn)作為理想化模型忽略了物體的體積和形狀，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；點(diǎn)電荷作為理想化模型忽略了物體的形狀和大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；理想電壓表的內(nèi)阻可視為無(wú)限大，其分流電流很小，可以忽略分流電流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案C專練3受力分

16、析物體的平衡1如圖1所示，質(zhì)量為2 kg的物體B和質(zhì)量為1 kg的物體C用輕彈簧連接并豎直地靜置于水平地面上再將一個(gè)質(zhì)量為3 kg的物體A輕放在B上的一瞬間，彈簧的彈力大小為(取g10 m/s2)()圖1A30 N B0C20 N D12 N答案C2(2014·上海單科，9)如圖2，光滑的四分之一圓弧軌道AB固定在豎直平面內(nèi)，A端與水平面相切，穿在軌道上的小球在拉力F作用下，緩慢地由A向B運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)始終沿軌道的切線方向，軌道對(duì)球的彈力為FN，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中()圖2AF增大，F(xiàn)N減小 BF減小，F(xiàn)N減小CF增大，F(xiàn)N增大 DF減小，F(xiàn)N增大解析對(duì)球受力分析，受重力、支持力和拉力，根據(jù)共點(diǎn)力

17、平衡條件，有：FNmgcos 和Fmgsin ，其中為支持力FN與豎直方向的夾角；當(dāng)物體向上移動(dòng)時(shí)，變大，故FN變小，F(xiàn)變大；故A正確，B、C、D錯(cuò)誤答案A3(2014·貴州六校聯(lián)考，15)如圖3所示，放在粗糙水平面上的物體A上疊圖3放著物體B.A和B之間有一根處于壓縮狀態(tài)的彈簧，物體A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)下列說(shuō)法中正確的是()AB受到向左的摩擦力BB對(duì)A的摩擦力向右C地面對(duì)A的摩擦力向右D地面對(duì)A沒(méi)有摩擦力解析彈簧被壓縮，則彈簧給物體B的彈力水平向左，因此物體B平衡時(shí)必受到A對(duì)B水平向右的摩擦力，則B對(duì)A的摩擦力水平向左，故A、B均錯(cuò)誤；取A、B為一整體，因其水平方向不受外力，則地面

18、對(duì)A沒(méi)有摩擦力作用，故D正確，C錯(cuò)誤答案D4(2014·山東煙臺(tái)5月適應(yīng)性考試)如圖4所示，質(zhì)量均為m的a、b兩物體，放在兩固定的水平擋板之間，物體間用一豎直放置的輕彈簧連接，在b物體上施加水平拉力F后，兩物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，已知重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是()圖4Aa物體對(duì)水平面的壓力大小可能為2mgBa物體所受摩擦力的大小為FCb物體所受摩擦力的大小為FD彈簧對(duì)b物體的彈力大小可能等于mg解析隔離a物體，對(duì)其受力分析時(shí)結(jié)合a物體保持靜止?fàn)顟B(tài)可知a與地面間沒(méi)有摩擦力(可以用假設(shè)法判斷)，故B錯(cuò)誤；在b物體上施加水平拉力F后，兩物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，則物體b受到接觸面的靜摩擦

19、力且大小為F，故C正確；由物體b受到接觸面的靜摩擦力可知它們之間一定存在彈力，且彈簧的彈力大于物體b的重力，故D錯(cuò)誤；由整體法可知，a物體對(duì)水平面的壓力大小大于2mg，故A錯(cuò)誤答案C5如圖5所示，小車M在恒力F的作用下，沿水平地面做直線運(yùn)動(dòng)，由此可判斷()圖5A若地面光滑，則小車一定受三個(gè)力的作用B若地面粗糙，則小車一定受四個(gè)力的作用C若小車做勻速運(yùn)動(dòng)，則小車一定受四個(gè)力的作用D若小車做加速運(yùn)動(dòng)，則小車可能受三個(gè)力的作用解析先分析重力和已知力F，再分析彈力由于F的豎直分力可能等于重力，因此地面可能對(duì)小車無(wú)彈力作用，無(wú)彈力也就無(wú)摩擦力，A、B錯(cuò)誤；若小車勻速運(yùn)動(dòng)，那么水平方向所受摩擦力和F的水平

20、分力平衡，這時(shí)小車一定受重力、恒力F、地面的彈力、摩擦力四個(gè)力的作用，C正確；若小車做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)?shù)孛婀饣瑫r(shí)，小車可能受重力、恒力F、地面的彈力三個(gè)力作用，D正確答案CD6(2014·廣州綜合測(cè)試)如圖6所示，兩梯形木塊A、B疊放在水平地面上，A、B之間的接觸面傾斜A的左側(cè)靠在光滑的豎直墻面上，關(guān)于兩木塊的受力，下列說(shuō)法正確的是()圖6AA、B之間一定存在摩擦力作用B木塊A可能受三個(gè)力作用C木塊A一定受四個(gè)力作用D木塊B受到地面的摩擦力作用方向向右解析A、B之間可能不存在摩擦力作用，木塊A可能受三個(gè)力作用，選項(xiàng)A、C錯(cuò)誤，B正確；木塊B也可能不受地面的摩擦力作用，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案B7一

21、件行李重為G，被繩OA和OB吊在空中，OA繩和OB繩的拉力分別為F1、F2，如圖7所示，則()圖7AF1、F2的合力是GBF1、F2的合力是FC行李對(duì)繩OA的拉力方向與F1方向相反，大小相等D行李受到重力G、OA繩拉力F1、OB的拉力F2，還有F共四個(gè)力解析合力與分力具有等效替代的關(guān)系所謂等效是指力F的作用效果與其分力F1、F2共同作用產(chǎn)生的效果相同F(xiàn)1和F2的合力的作用效果是把行李提起來(lái)，而G的作用效果是使行李下落，另外產(chǎn)生的原因(即性質(zhì))也不相同，故A錯(cuò)誤；F1和F2的作用效果和F的作用效果相同，故B正確；行李對(duì)繩OA的拉力與拉行李的力F1是相互作用力，等大、反向，不是一個(gè)力，故C正確；合

22、力F是為研究問(wèn)題方便而假想出來(lái)的力，實(shí)際上不存在，應(yīng)與實(shí)際受力區(qū)別開來(lái)，故D錯(cuò)誤答案BC8(2014·佛山調(diào)研考試)如圖8所示是人們短途出行、購(gòu)物的簡(jiǎn)便雙輪小車，若小車在勻速行駛的過(guò)程中支架與水平方向的夾角保持不變，不計(jì)貨物與小車間的摩擦力，則貨物對(duì)桿A、B的壓力大小之比FAFB為()圖8A1 B.1C21 D12解析以貨物為研究對(duì)象進(jìn)行受力分析，如圖所示，利用力的合成法可得tan 30°，根據(jù)牛頓第三定律可知FBFB、FAFA，解得FAFB1，選項(xiàng)B正確答案B9. (2014·昆明市質(zhì)量檢測(cè))如圖9所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球用輕質(zhì)細(xì)桿連接靜止于內(nèi)壁光滑的半球形碗

23、內(nèi)，桿及碗口平面均水平、碗的半徑及兩小球之間的距離均為R，不計(jì)小球半徑，則碗對(duì)每個(gè)小球的支持力大小為()圖9A.mg B.mg C.mg D2mg解析以其中一小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力情況如圖所示根據(jù)題意可知30°，根據(jù)平衡條件可知：FN1mg，選項(xiàng)B正確答案B10.傾角為、質(zhì)量為M的斜面體靜止在水平桌面上，質(zhì)量為m的木塊靜止在斜面體上下列結(jié)論正確的是()圖10A木塊受到的摩擦力大小是mgcos B木塊對(duì)斜面體的壓力大小是mgcos C桌面對(duì)斜面體的摩擦力大小是mgsin cos D桌面對(duì)斜面體的支持力大小是(Mm)g解析以木塊為研究對(duì)象有Ffmgsin ，F(xiàn)Nmg cos ，所以A錯(cuò)、B

24、對(duì)，以整體為研究對(duì)象有：FN(Mm)g，F(xiàn)f0，所以C錯(cuò)、D對(duì)答案BD11(2014·湖北黃岡質(zhì)檢)如圖11所示，用一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線將小球懸掛在天花板上，現(xiàn)對(duì)小球施加一個(gè)方向始終垂直細(xì)線的拉力F將小球緩慢拉起，在小球拉起的過(guò)程中，下列判斷正確的是()圖11A拉力F一直增大B拉力F先增大后減小C細(xì)線的拉力一直減小D細(xì)線的拉力先增大后減小解析小球在拉起的過(guò)程中，設(shè)線與豎直方向的夾角為，由于F與細(xì)線垂直，將重力分解可得Fmgsin ，逐漸增大，F(xiàn)逐漸增大，A正確細(xì)線的拉力FTmgcos ，逐漸增大，cos 逐漸減小，C正確答案AC12.在機(jī)械設(shè)計(jì)中常用到下面的力學(xué)原理，如圖12所示，

25、只要使連桿AB與滑塊m所在平面間的夾角大于某個(gè)值，那么，無(wú)論連桿AB對(duì)滑塊施加多大的作用力，都不可能使之滑動(dòng)，且連桿AB對(duì)滑塊施加的作用力越大，滑塊就越穩(wěn)定，工程力學(xué)上稱為“自鎖”現(xiàn)象設(shè)滑塊與所在平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，為使滑塊能“自鎖”應(yīng)滿足的條件是()圖12Atan Bcot Csin Dcos 解析滑塊m的受力如圖所示，建立直角坐標(biāo)系，將力F正交分解，由物體的平衡條件可知：豎直方向有FNmgFsin ，水平方向有Fcos FfFN.由以上兩式解得Fcos mgFsin .因?yàn)榱很大，所以上式可以寫成Fcos Fsin 故應(yīng)滿足的條件為cot ，B對(duì)答案B13(2014·四川成都

26、六校檢測(cè))如圖13所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m，帶電荷量均為q的小球A、B，一個(gè)固定在O點(diǎn)的正下方L處，另一個(gè)用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，靜止時(shí)，細(xì)線與豎直方向的夾角為60°，以下說(shuō)法正確的是()圖13AO點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為BA在B處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度為C細(xì)線上的拉力為DB球所受A球的庫(kù)侖力和線的拉力的合力方向豎直向上解析由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式，A在O處或B處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小均為E1k，O點(diǎn)處的電場(chǎng)為A、B分別在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)的疊加，即E22E1cos 30°k，則A、B正確；對(duì)B球，由平衡條件得，B球所受A球的庫(kù)侖力和線的拉力的合力方向豎直向上，且細(xì)線上的拉力FT，則D正確，C錯(cuò)誤答

27、案ABD14如圖14所示，傾角為的斜劈放置在粗糙水平面上，斜面粗糙，物體a放在斜面上一根輕質(zhì)細(xì)線一端固定在物體a上，細(xì)線繞過(guò)兩個(gè)光滑小滑輪，滑輪1固定在斜劈上、滑輪2下吊一物體b，細(xì)線另一端固定在c上，c穿在水平橫桿上，物體a和滑輪1間的細(xì)線平行于斜面，系統(tǒng)靜止物體a受到斜劈的摩擦力大小為Ff1，c受到橫桿的摩擦力大小為Ff2，若將c向右移動(dòng)少許，a始終靜止，系統(tǒng)仍靜止，則()圖14AFf1由沿斜面向下改為沿斜面向上，F(xiàn)f2始終沿橫桿向右B細(xì)線對(duì)a和c的拉力都將變大CFf1和Ff2都將變大D斜劈受到地面的摩擦力和橫桿受到物體c的摩擦力都將變大解析將c向右移動(dòng)少許，a位置不變，則夾角將變大，根據(jù)

28、力的合成可知細(xì)線上的張力將變大，B正確；對(duì)c，細(xì)線與橫桿的夾角減小，又細(xì)線對(duì)c的拉力增大，細(xì)線沿桿向左的分力增大，則c受到桿的摩擦力Ff2將增大，對(duì)a、b、c、斜劈和兩個(gè)小滑輪整體，可知斜劈受到地面的摩擦力和物體c受到橫桿的摩擦力等大反向，則斜劈受到地面的摩擦力和橫桿受到物體c的摩擦力都將變大，D正確；對(duì)a，不能確定重力沿斜面向下的分力和細(xì)線拉力的大小關(guān)系，則不能確定a受到斜面的摩擦力的大小和方向，A、C均錯(cuò)答案BD15如圖15甲、乙所示，傾角為的斜面上放置一滑塊M，在滑塊M上放置一個(gè)質(zhì)量為m的物塊，M和m相對(duì)靜止，一起沿斜面勻速下滑，下列說(shuō)法正確的是()圖15A圖甲中物塊m受到摩擦力B圖乙中

29、物塊m受到摩擦力C圖甲中物塊m受到水平向左的摩擦力D圖乙中物塊m受到與斜面平行向上的摩擦力解析對(duì)圖甲：設(shè)m受到摩擦力，則物塊m受到重力、支持力、摩擦力，而重力、支持力平衡若物體受摩擦力作用，其方向與接觸面相切，方向水平，則物體m受力將不平衡，與題中條件矛盾故假設(shè)不成立，A、C錯(cuò)誤對(duì)圖乙：設(shè)物塊m不受摩擦力，由于m勻速下滑，m必受力平衡，若m只受重力、支持力作用，由于支持力與接觸面垂直，故重力、支持力不可能平衡，則假設(shè)不成立由受力分析知：m受到與斜面平行向上的摩擦力，B、D正確答案BD方法技巧計(jì)算推理法本專題的題目為受力分析和共點(diǎn)力的平衡問(wèn)題，結(jié)合平衡條件進(jìn)行分析和推理，即“計(jì)算推理法”.根據(jù)題

30、給條件，利用有關(guān)的物理規(guī)律、物理公式或物理原理通過(guò)邏輯推理或計(jì)算得出正確答案，然后再與備選答案對(duì)照做出選擇.專練4動(dòng)力學(xué)綜合問(wèn)題1(2014·北京卷，18)應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，直至將物體拋出對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是()A手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于超重狀態(tài)B手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于失重狀態(tài)C在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D在物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度解析手掌平托物體由靜止開始豎直向上運(yùn)動(dòng)直至將物體拋出前的過(guò)程中，物體與手掌相對(duì)靜止，先向上加速運(yùn)動(dòng)

31、后減速運(yùn)動(dòng)，即物體先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)，故A、B均錯(cuò)；物體離開手的瞬間，手的加速度必須向下且大于重力加速度，故C錯(cuò)、D對(duì)答案D2(2014·湖南五市十校聯(lián)合檢測(cè))物體的運(yùn)動(dòng)情況或所受合外力的情況如圖所示，四幅圖的圖線都是直線，從圖中可以判斷這四個(gè)質(zhì)量一定的物體的某些運(yùn)動(dòng)特征下列說(shuō)法正確的是()A甲物體受到不為零且恒定的合外力B乙物體受到的合外力越來(lái)越大C丙物體受到的合外力為零D丁物體的加速度越來(lái)越大解析甲物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，合外力為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；乙物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，合外力恒定，且不為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；丙物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，合外力恒定且不為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；丁物體所受合外力越來(lái)越大

32、，加速度越來(lái)越大，選項(xiàng)D正確答案D3(2014·北京卷，19)伽利略創(chuàng)造的把實(shí)驗(yàn)、假設(shè)和邏輯推理相結(jié)合的科學(xué)方法，有力地促進(jìn)了人類科學(xué)認(rèn)識(shí)的發(fā)展利用如圖1所示的裝置做如下實(shí)驗(yàn)：小球從左側(cè)斜面上的O點(diǎn)由靜止釋放后沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，并沿右側(cè)斜面上升斜面上先后鋪墊三種粗糙程度逐漸降低的材料時(shí)，小球沿右側(cè)斜面上升到的最高位置依次為1、2、3.根據(jù)三次實(shí)驗(yàn)結(jié)果的對(duì)比，可以得到的最直接的結(jié)論是()圖1A如果斜面光滑，小球?qū)⑸仙脚cO點(diǎn)等高的位置B如果小球不受力，它將一直保持勻速運(yùn)動(dòng)或靜止?fàn)顟B(tài) C如果小球受到力的作用，它的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)將發(fā)生改變 D小球受到的力一定時(shí)，質(zhì)量越大，它的加速度越小解析由圖可知

33、，斜面的粗糙程度越低，物體沿右側(cè)斜面上升的越接近與O點(diǎn)等高的位置，故當(dāng)斜面光滑時(shí)，小球會(huì)上升到與O點(diǎn)等高的位置，故A對(duì)，B、C、D均錯(cuò)答案A42013年6月20日中國(guó)載人航天史上的首堂太空授課開講，“天宮一號(hào)”中的質(zhì)量測(cè)量?jī)x上的彈簧能夠產(chǎn)生一個(gè)恒定的力F，航天員把一個(gè)物體固定在質(zhì)量測(cè)量?jī)x支架一端，然后輕輕拉開支架，一放手，支架便在彈簧的作用下回到原位，若測(cè)速裝置測(cè)量出支架復(fù)位的速度v和時(shí)間t，則待測(cè)物體的質(zhì)量為()A. B. C. D.解析設(shè)待測(cè)物體的質(zhì)量為m，根據(jù)題意，放手后待測(cè)物體在恒力F作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，其加速度a，由牛頓第二定律Fma可得待測(cè)物體的質(zhì)量為m，選項(xiàng)B正確答案B5(201

34、4·陜西省高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè))如圖2所示，運(yùn)動(dòng)員手持網(wǎng)球拍托球沿水平面勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)球拍和球的質(zhì)量分別為M、m，球拍平面和水平面之間的夾角為，球拍與球保持相對(duì)靜止，它們之間的摩擦及空氣阻力不計(jì)，則()圖2A運(yùn)動(dòng)員的加速度大小為gtan B球拍對(duì)球的作用力為C運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力為Mgcos D若運(yùn)動(dòng)員的加速度大于gsin ，則球一定沿球拍向上運(yùn)動(dòng)解析球拍對(duì)球的支持力與球的重力的合力等于ma，由此可得運(yùn)動(dòng)員的加速度大小為agtan ，球拍對(duì)球的作用力為F，選項(xiàng)A、B正確；運(yùn)動(dòng)員對(duì)球拍的作用力為，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若運(yùn)動(dòng)員的加速度大于gtan ，球一定沿球拍向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案AB6(201

35、4·皖北協(xié)作區(qū)聯(lián)考)一足夠長(zhǎng)的傾角為的斜面固定在水平面上，在斜面頂端放置一長(zhǎng)木板，木板與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，木板上固定一力傳感器，連接傳感器和光滑小球間是一平行于斜面的輕桿，如圖3所示，當(dāng)木板固定時(shí)，傳感器的示數(shù)為F1.現(xiàn)由靜止釋放木板，木板沿斜面下滑，穩(wěn)定時(shí)傳感器的示數(shù)為F2.則下列說(shuō)法正確的是()圖3A穩(wěn)定后傳感器的示數(shù)一定為零Btan Ctan Dtan 解析木板與球的質(zhì)量分別為M和m，對(duì)球由平衡條件和牛頓第二定律得：F1mgsin 0，mgsin F2ma，對(duì)木板和球整體得：(Mm)gsin (Mm)gcos (Mm)a，則agsin ，解得F2mgsin ma0，A項(xiàng)錯(cuò)

36、；tan ，B項(xiàng)對(duì)，C、D項(xiàng)錯(cuò)答案B7.如圖4所示，A、B兩小球分別連在輕線兩端，B球另一端與彈簧相連，彈簧固定在傾角為30°的光滑斜面頂端A、B兩小球的質(zhì)量分別為mA、mB，重力加速度為g，若不計(jì)彈簧質(zhì)量，在線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度大小分別為()圖4A都等于 B.和0C.和· D.·和解析由整體法知，F(xiàn)彈(mAmB)gsin 30°剪斷線瞬間，由牛頓第二定律：對(duì)B：F彈mBgsin 30°mBaB，得aB·.對(duì)A：mAgsin 30°mAaA，得aAg.所以C項(xiàng)正確答案C8(2014·安徽省級(jí)示范高中聯(lián)考

37、，17)高空跳傘運(yùn)動(dòng)是跳傘者乘飛機(jī)、氣球等航空器或其他器械升至高空后跳下，或者從陡峭的山頂、高地上跳下，如圖5所示，在張開降落傘之前可看做是自由落體運(yùn)動(dòng)，開傘后受到的空氣阻力與速度成正比，運(yùn)動(dòng)員減速下降，最后勻速下降，在指定區(qū)域安全著陸，從下落時(shí)開始計(jì)時(shí)，在整個(gè)過(guò)程中，用v表示運(yùn)動(dòng)員下落的速度，h表示運(yùn)動(dòng)員從初位置開始下落的高度，F(xiàn)表示運(yùn)動(dòng)員受到的合力，Ep表示運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能(選地面為零勢(shì)能面)下列圖象正確的是()圖5解析跳傘運(yùn)動(dòng)員先做自由落體運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最后所受合外力為零，做勻速運(yùn)動(dòng)，A、B錯(cuò)；打開降落傘后做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，所受合外力向上，與開始時(shí)的合外力方向

38、相反，為負(fù)值且逐漸減?。蛔詈髣蛩傧陆?，合外力為零，C錯(cuò)；運(yùn)動(dòng)員的重力勢(shì)能Epmg(Hh)，D正確答案D9(2014·云南第一次檢測(cè)，15)物塊A放置在與水平地面成30°角傾斜的木板上時(shí)，剛好可以沿斜面勻速下滑；若該木板與水平面成60°角傾斜，取g10 m/s2，則物塊A沿此斜面下滑的加速度大小為()A5 m/s2 B3 m/s2C(5) m/s2 D. m/s2解析由物塊在傾角為30°的木板上勻速下滑，得Ffmgsin ，又FN1mgcos 30°，F(xiàn)fFN1，求得動(dòng)摩擦因數(shù)；在傾角為60°的木板上物塊加速下滑，有FN2mgcos 6

39、0°，mgsin 60°FN2ma，求得a m/s2，D對(duì)答案D10.一皮帶傳送裝置如圖6所示，皮帶的速度v足夠大，輕彈簧一端固定，另一端連接一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊，已知滑塊與皮帶之間存在摩擦，當(dāng)滑塊放在皮帶上時(shí)，彈簧的軸線恰好水平，若滑塊放在皮帶的瞬間，滑塊的速度為零，且彈簧正好處于自然長(zhǎng)度，則當(dāng)彈簧從自然長(zhǎng)度到第一次達(dá)最長(zhǎng)這一過(guò)程中，滑塊的速度和加速度變化的情況是()圖6A速度增大，加速度增大B速度增大，加速度減小C速度先增大后減小，加速度先增大后減小D速度先增大后減小，加速度先減小后增大解析滑塊在水平方向受向左的滑動(dòng)摩擦力Ff和彈簧向右的拉力F拉kx，合力F合FfF拉ma

40、，當(dāng)彈簧從自然長(zhǎng)度到第一次達(dá)最長(zhǎng)這一過(guò)程中，x逐漸增大，拉力F拉逐漸增大，因?yàn)槠У乃俣葀足夠大，所以合力F合先減小后反向增大，從而加速度a先減小后反向增大；滑動(dòng)摩擦力與彈簧彈力相等之前，加速度與速度同向，滑動(dòng)摩擦力與彈簧拉力相等之后，加速度便與速度方向相反，故滑塊的速度先增大，后減小答案D11(2014·江西南昌調(diào)研)如圖7甲所示，在電梯箱內(nèi)輕繩AO、BO、CO連接吊著質(zhì)量為m的物體，輕繩AO、BO、CO對(duì)輕質(zhì)結(jié)點(diǎn)O的拉力分別為F1、F2、F3.現(xiàn)電梯箱豎直向下運(yùn)動(dòng)，其速度v隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，重力加速度為g，則()圖7A在0t1時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力等于F3B在0t1

41、時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力大于mgC在t1t2時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力小于F3D在t1t2時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)1與F2的合力大于mg解析對(duì)輕質(zhì)結(jié)點(diǎn)O，因沒(méi)質(zhì)量，故其無(wú)論在何狀態(tài)下，F(xiàn)1、F2、F3三個(gè)力的合力都為零，即F1與F2的合力與F3等大、反向，選項(xiàng)A正確，C錯(cuò)誤；對(duì)物體進(jìn)行受力分析，其受到豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子的拉力F3，在0t1時(shí)間內(nèi)，電梯加速向下運(yùn)動(dòng)，物體處于失重狀態(tài)，F(xiàn)3mg，即F1與F2的合力小于mg，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在t1t2時(shí)間內(nèi)，電梯減速向下運(yùn)動(dòng)，物體處于超重狀態(tài)，F(xiàn)3mg，即F1與F2的合力大于mg，選項(xiàng)D正確答案AD12(2014·江西師大附中、臨川一中聯(lián)考)如

42、圖8甲所示，物塊的質(zhì)量m1 kg，初速度v010 m/s，在一水平向左的恒力F作用下從O點(diǎn)沿粗糙的水平面向右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻后恒力F突然反向，整個(gè)過(guò)程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，g10 m/s2.下列說(shuō)法中正確的是()圖8A05 s內(nèi)物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)B在t1 s時(shí)刻，恒力F反向C恒力F大小為10 ND物塊與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3解析由圖象得物塊在前5 m位移內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，在513 m位移內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，且由圖象斜率得勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a1 m/s210 m/s2，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a2 m/s24 m/s2，勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1 s，又由牛頓第二定律得，F(xiàn)mg

43、ma1和Fmgma2，聯(lián)立解得F7 N，動(dòng)摩擦因數(shù)0.3.選項(xiàng)B、D正確答案BD13.如圖9所示，在傾角為的光滑絕緣斜面上放兩個(gè)質(zhì)量分別為m1和m2的帶電小球A、B(均可視為質(zhì)點(diǎn))，m12m2，相距為L(zhǎng).兩球同時(shí)由靜止開始釋放時(shí)，B球的初始加速度恰好等于零經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，當(dāng)兩球距離為L(zhǎng)時(shí)A、B的加速度大小之比為a1a232，則LL等于()圖9A32 B21 C.5 D5解析由B球初始加速度恰好等于零得初始時(shí)刻A對(duì)B的庫(kù)侖力Fm2gsin ，當(dāng)兩球距離為L(zhǎng)時(shí)，A球的加速度a1，初始時(shí)B球受力平衡，兩球相互排斥運(yùn)動(dòng)一段距離后，兩球間距增大，庫(kù)侖力一定減小，當(dāng)兩球距離為L(zhǎng)時(shí)庫(kù)侖力小于m2gsin ，

44、所以加速度a2的方向應(yīng)該沿斜面向下，a2.由a1a232得F0.25m2gsin ，由庫(kù)侖力公式Fk，F(xiàn)k可求得LL21.答案B14(2014·遼寧沈陽(yáng)質(zhì)檢)如圖10甲所示，為測(cè)定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角的關(guān)系，將某一物體每次以不變的初速率v0沿足夠長(zhǎng)的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角，實(shí)驗(yàn)測(cè)得x與斜面傾角的關(guān)系如圖乙所示，g取10 m/s2，根據(jù)圖象可求出()圖10A物體的初速率v03 m/sB物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.75C取不同的傾角，物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值xmin1.44 mD當(dāng)某次30° 時(shí)，物體達(dá)到最大位移后將沿斜面下滑解

45、析當(dāng)90° ，物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，v06 m/s，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)0° 時(shí)，物體在水平面上運(yùn)動(dòng)，由mgma，x得，0.75，B項(xiàng)正確；當(dāng)傾角為時(shí)，有mgsin mgcos ma和x得x1.44，故C項(xiàng)正確；當(dāng)30° 時(shí)，mgsin mgcos ，故達(dá)到最大位移后不會(huì)下滑，D項(xiàng)錯(cuò)誤答案BC15(2014·河北省衡水中學(xué)調(diào)研)如圖11甲所示，A、B兩長(zhǎng)方體疊放在一起，放在光滑的水平面上，B物體從靜止開始受到一個(gè)水平變力的作用，該力與時(shí)間的關(guān)系如圖乙所示，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B始終保持相對(duì)靜止則在02t0時(shí)間內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是()圖11At0時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力

46、最大，加速度最小Bt0時(shí)刻，A、B的速度最大C0時(shí)刻和2t0時(shí)刻，A、B間的靜摩擦力最大D2t0時(shí)刻，A、B離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，速度為0解析t0時(shí)刻，A、B受力F為0，A、B加速度為0，A、B間靜摩擦力為0，加速度最小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在0至t0過(guò)程中，A、B所受合外力逐漸減小，即加速度減小，但是加速度與速度方向相同，速度一直增加，t0時(shí)刻A、B速度最大，選項(xiàng)B正確；0時(shí)刻和2t0時(shí)刻A、B所受合外力F最大，故A、B在這兩個(gè)時(shí)刻加速度最大，為A提供加速度的A、B間靜摩擦力也最大，選項(xiàng)C正確；A、B先在F的作用下加速，t0后F反向，A、B繼而做減速運(yùn)動(dòng)，到2t0時(shí)刻，A、B速度減小到0，位移最大，選項(xiàng)D正

47、確答案BCD專練5圖象問(wèn)題(一)力學(xué)部分1. (2014·天津卷，1)質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖象如圖1所示，該質(zhì)點(diǎn)()圖1A在第1秒末速度方向發(fā)生了改變 B在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變 C在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零 D第3秒末和第5秒末的位置相同解析圖象的正、負(fù)表示速度的方向，故A錯(cuò)；圖象的斜率表示加速度，第2秒末斜率不變，故B錯(cuò)；前兩秒內(nèi)圖象都在時(shí)間軸上方，故質(zhì)點(diǎn)位移為圖線與坐標(biāo)軸所圍成的“面積”，C錯(cuò)；第4秒內(nèi)和第5秒內(nèi)的位移大小相同、方向相反，故D正確答案D2如圖2所示為某物體運(yùn)動(dòng)的vt圖線，則在015 s內(nèi)，下列說(shuō)法正確的有()圖2A物體在第3 s末、第12 s末運(yùn)動(dòng)方向發(fā)

48、生改變B物體在第4 s內(nèi)與第6 s內(nèi)加速度方向相反C物體在15 s內(nèi)的平均速度為2 m/sD物體在14 s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)解析物體在第3 s末、12 s末的運(yùn)動(dòng)速度均為正值，說(shuō)明運(yùn)動(dòng)方向沒(méi)有改變，A錯(cuò)；由圖象知在第4 s內(nèi)與第6 s內(nèi)圖象的斜率沒(méi)變，即加速度相同，B錯(cuò)；由vt圖線與t軸所圍面積表示位移可得015 s內(nèi)的位移為x×5×2×2 m×4×1 m×1×1 m7.5 m，所以物體在15 s內(nèi)的平均速度為0.5 m/s.C錯(cuò)；同理可得物體在14 s末離出發(fā)點(diǎn)最遠(yuǎn)，D對(duì)答案D3一個(gè)物體沿一條直線運(yùn)動(dòng)，其位移x隨時(shí)間t變化規(guī)律

49、圖線為如圖3所示拋物線，c和d已知，由此可知()圖3A物體的初速度為0B物體做加速度越來(lái)越大的加速運(yùn)動(dòng)C物體在c時(shí)刻的速度為D物體經(jīng)過(guò)1.5c時(shí)的速度為解析由圖象結(jié)合位移公式xv0tat2可知物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由dv0cac2和3dv0(2c)a(2c)2，解得v0、a，A、B均錯(cuò)誤；應(yīng)用速度公式可知物體在c時(shí)刻的速度為v0ac，C正確；應(yīng)用速度公式可知物體在1.5c時(shí)刻的速度為v01.5ac，D錯(cuò)誤答案C4.一個(gè)物體沿直線運(yùn)動(dòng)，從t0時(shí)刻開始，物體的t的圖象如圖4所示，圖線與縱、橫坐標(biāo)軸的交點(diǎn)坐標(biāo)分別為0.5 m/s和1 s，由此可知()圖4A物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)C

50、物體的初速度大小為0.5 m/sD物體的初速度大小為1 m/s解析圖線的斜率為0.5 m/s2，縱截距為0.5 m/s.由位移公式xv0tat2兩邊除以對(duì)應(yīng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間t為v0at，可得縱截距的物理意義為物體運(yùn)動(dòng)的初速度，斜率的物理意義為物體加速度的一半(a)所以物體做初速度為v00.5 m/s，加速度大小為a1 m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)答案AC5(2014·安徽蕪湖二模)如圖5所示，連同裝備總重力為G的滑雪愛(ài)好者從滑雪坡道上由靜止開始沿坡道ABC向下滑行，滑到B點(diǎn)時(shí)滑雪者通過(guò)改變滑雪板角度的方式來(lái)增大摩擦力的大小，使其到底端C點(diǎn)速度剛好減為零已知AB>BC，設(shè)兩段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力

51、均為定值下列分別為滑雪者位移、速度、加速度、摩擦力隨時(shí)間變化的圖象，其中正確的是()圖5解析對(duì)滑雪者分析，受重力、支持力和摩擦力三個(gè)恒力作用，在AB和BC兩段的合力均為恒定值，由牛頓第二定律，Gsin fABmaAB，fBCGsin maBC，加速度也分別恒定，且AB段aAB的方向沿斜面向下，BC段aBC的方向沿斜面向上，則選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤；滑雪者先勻加速運(yùn)動(dòng)到B，再勻減速運(yùn)動(dòng)到C，則選項(xiàng)B正確；xt圖象的斜率表示速度，則選項(xiàng)A錯(cuò)誤答案B6(2014·衡水中學(xué)第四次調(diào)研考試)如圖6所示，水平木板上有質(zhì)量m1.0 kg的物塊，受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用(圖7甲)，用力傳感器測(cè)出相應(yīng)

52、時(shí)刻物塊所受摩擦力Ff的大小(圖乙)重力加速度g取10 m/s2.下列判斷正確的是()圖6圖7A5 s內(nèi)拉力對(duì)物塊做功為零B4 s末物塊所受合力大小為4.0 NC物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4D69 s內(nèi)物塊的加速度的大小為2.0 m/s2解析物塊在隨時(shí)間變化的力F的作用下，靜摩擦力也逐漸變大，到4 s末，力F與Ff平衡，合力為0，B錯(cuò)；之后物塊所受的力F大于摩擦力使之運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力變?yōu)榛瑒?dòng)摩擦力，物塊在第5 s內(nèi)運(yùn)動(dòng)起來(lái)，所以5 s內(nèi)拉力對(duì)物塊做正功，A錯(cuò)；由滑動(dòng)摩擦力公式得Ff/mg0.3，C錯(cuò)；69 s內(nèi)物塊的加速度a(FFf)/m2.0 m/s2，D對(duì)答案D7如圖8甲所示，靜止在光

53、滑水平面上的長(zhǎng)木板B(長(zhǎng)木板足夠長(zhǎng))的左端放著小物塊A，某時(shí)刻，B受到水平向左的外力F的作用，F(xiàn)隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，即Fkt，其中k為已知常數(shù)若A、B之間的滑動(dòng)摩擦力Ff的大小等于最大靜摩擦力，且A、B的質(zhì)量相等，則下列圖中可以定性地描述物塊A的vt圖象的是()圖8解析剛開始，外力F較小，A、B保持相對(duì)靜止，加速度大小為a，可見，加速度a的大小隨著時(shí)間t逐漸增大，對(duì)應(yīng)的vt圖線的斜率逐漸增大，C、D錯(cuò)誤；隨著時(shí)間t的增大，外力F增大，當(dāng)物塊和木板之間的摩擦力大小達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，物塊A與木板B發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，此時(shí)有Ffma，F(xiàn)Ffma，解得F2Ff，即kt2Ff，可見t后物塊將在大小

54、恒定的摩擦力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其對(duì)應(yīng)的vt圖線是傾斜的直線，A錯(cuò)誤，B正確答案B8(2014·高考沖刺試卷三)水平面上兩個(gè)物體A、B分別在水平拉力FA、FB的作用下做勻加速運(yùn)動(dòng)，兩力分別作用一段時(shí)間后撤去兩物體A、B運(yùn)動(dòng)的vt圖線分別如圖9中的圖線a、b所示已知拉力FA、FB撤去后，物體做減速運(yùn)動(dòng)的vt圖線彼此平行，A、B的質(zhì)量分別為mA和mB.由圖中信息可知()圖9A若FAFB，則mAmBB若mAmB，則拉力FA對(duì)物體A做的功比拉力FB對(duì)物體B做的功多C若mAmB，則整個(gè)過(guò)程中摩擦力對(duì)兩物體A、B做的功相等D若mAmB，則拉力FA的最大瞬時(shí)功率一定是拉力FB的最大瞬時(shí)功率的2倍解析由于拉力FA、FB撤去后，物體做減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程的vt圖線彼此平行，所以兩個(gè)物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1相同，根據(jù)牛頓第二定律Fmgma得：ag，由vt圖