海淀區(qū)高三年級(jí)第一學(xué)期期末練習(xí)答案定稿上交

1、海淀區(qū)高三年級(jí)20092010學(xué)年第一學(xué)期期末練習(xí)物理參考答案一、題號(hào)12345678910答案DCABDBDA DBC DBD DAC二、本題共2小題，共14分。把答案填在題中的橫線上。11（共7分）（1）D（2分）（2）B（2分）（3）變大（3分）12（共7分）（1）斷路（2分）（2）10（2分，結(jié)果在9.510.5之間均可得分），50（3分，結(jié)果在5055之間均可得分）三、本題包括6小題，共56分。解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟。只寫(xiě)出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。13（共9分）（1）設(shè)離子經(jīng)S1、S2間電壓為U的電場(chǎng)加速后動(dòng)能為Ek

2、，根據(jù)動(dòng)能定理 Ek=qU2分（2）設(shè)離子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)速率為v，半徑為R，離子質(zhì)量為m。洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律 1分又因 R=x 1分由兩式解得離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)的動(dòng)量大小 p=mv=xBq2分（3）對(duì)于離子經(jīng)電壓U加速過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理 1分聯(lián)立，解得m=2分14（共9分）（1）設(shè)滑塊沿軌道向左做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為a，此過(guò)程滑塊所受合外力F=qE=2.0×10-2N2分根據(jù)牛頓第二定律F=ma，解得a=0.20 m/s22分（2）滑塊從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到擋板處的過(guò)程中，電場(chǎng)力所做的功W1= qEx1=4.0×10-3J2分 （3）滑塊第一次與擋板碰撞過(guò)

3、程中損失的機(jī)械能等于滑塊由P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力所做的功，即E= qE（x1x2）= 2.0×10-3 J3分15（共9分）（1）線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值 Em=nBS=3.1×102 V 3分（說(shuō)明：314V，100也同樣得分）（2）設(shè)從線圈平面通過(guò)中性面時(shí)開(kāi)始，線圈轉(zhuǎn)過(guò)90º角所用時(shí)間為t，線圈中的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)n1分通過(guò)電阻R的平均電流 1分在t時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻橫截面的電荷量Q=1.0×10-2C 1分（3）矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生正弦交變電流，電阻兩端電壓的有效值1分經(jīng)過(guò)t=10s電流通過(guò)電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q熱1分解得Q熱=4.9

4、15;103J1分16（共9分）（1）電子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)重疊的空間不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，必是電場(chǎng)力與洛侖茲力大小相等，方向相反 1分而電場(chǎng)力方向豎直向下，洛倫茲力方向一定豎直向上，由左手定則可判定磁場(chǎng)方向垂直紙面向外。2分（說(shuō)明：沒(méi)有分析過(guò)程，直接回答結(jié)果，且正確的得3分）（2）電子穿過(guò)電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域沿直線運(yùn)動(dòng)，必受力平衡0，1分電子經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速 1分聯(lián)立解得電子的比荷 1分（3）電子通過(guò)M、N兩極板間的過(guò)程中，在豎直方向做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)。電子在兩極板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1=，加速度，所以電子在兩極板間豎直方向的位移 =1分電子離開(kāi)兩極板間后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2=，

5、電子從極板右端射出時(shí)其沿豎直方向的速度vy =。電子離開(kāi)兩極板間后，豎直方向的位移 =1分電子打到熒光屏上的位置與O點(diǎn)的距離1分17（共10分）（1）設(shè)所加電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為E1，由于帶電小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O射出在電場(chǎng)和磁場(chǎng)共存的區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以帶電小球受到的電場(chǎng)力必定與重力平衡，有 qE1=mg。解得 2分設(shè)帶電小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式 ，解得 1分帶電小球第一次通過(guò)z軸的z坐標(biāo)z=2R=1分（2）設(shè)所加電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為E2，帶電小球做勻速直線運(yùn)動(dòng)，它所受重力mg、洛倫茲力qv0B以及電場(chǎng)力qE2三力合力為零。1分因洛倫茲力沿z軸的負(fù)方向，重力沿y軸的負(fù)方向，

6、所以電場(chǎng)力 1分解得1分（3）當(dāng)撤去磁場(chǎng)后，帶電小球只受電場(chǎng)力和重力作用，這兩個(gè)力的合力大小為qv0B，方向指向Oz正方向，所以小球在xOz平面做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)。帶電小球沿Ox軸正方向以v0做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O射出，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)所用時(shí)間t=1分帶電小球沿Oz軸正方向做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小帶電小球到A點(diǎn)時(shí)沿Oz正方向的分速度大小為vz=azt1分因重力在這個(gè)過(guò)程中不做功，小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)，電場(chǎng)力做功的功率等于合外力在此時(shí)的瞬時(shí)功率，解得PA=qv0Bvz=1分18（1）當(dāng)U型框以速度v運(yùn)動(dòng)時(shí)，在與方框分離之前，方框ab邊和cd邊為外電路，PQ邊為電源，它產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)1分內(nèi)電路電阻為r，外電路電阻為0.5r， 1分解得1分（2）由于兩金屬框在斜面上恰能勻速下滑，所以沿斜面方向兩個(gè)金屬框所受合力為零，因此兩個(gè)金屬框組成的系統(tǒng)沿斜面方向動(dòng)量守恒。 1分設(shè)二兩個(gè)金屬框一起運(yùn)動(dòng)的共同速度為v1，則 mv0=2mv1，解得 兩個(gè)框產(chǎn)生的焦耳熱 1分設(shè)方框產(chǎn)生的焦耳為， 則1分解得 1分（3）設(shè)U型框速度為2v0時(shí)，方框的速度為v