2普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試(四川卷)

1、高中物理學(xué)習(xí)材料金戈鐵騎整理制作2010年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試（四川卷）理科綜合能力測試第I卷14. 二、選擇題（本題包括8小題，每小題給出的四個選項中，有的只有一個是正確的，有的有多個選項正確，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分）下列現(xiàn)象中不能說明分子間存在分子力的是A.兩鉛塊能被壓合在一起B(yǎng).鋼繩不易被拉斷C. 水不容易被壓縮D.空氣容易被壓縮K答案DK解析氣體分子間距超過10R,作用力非常微弱。15. 下列說法正確的是A.a粒子大角度散射表明a粒子很難進(jìn)入原子內(nèi)部B. 氨原子躍遷發(fā)出的光從空氣射入水時可能發(fā)生全反射C.裂變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒D.丫射線是

2、一種波長很短的電磁波K答案DK解析a粒子大角度散射表明a粒子靠近原子核，故A錯誤。當(dāng)光從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)時，不滿足全反射的條件，故B錯誤。裂變反應(yīng)固然有質(zhì)量虧損，但質(zhì)量數(shù)仍守恒，故C錯誤。一列簡諧橫波沿直線由A向B傳播，A、B相距0.45m,下圖是A處質(zhì)點的振動圖像。當(dāng)A處質(zhì)點運動到波峰位置時，B處質(zhì)點剛好到達(dá)平衡位置且向y軸正方向運動，這列波的波速可能是A. 4.5m/sB.3.0m/sC.1.5m/sD.0.7m/sK答案A。1、K解析根據(jù)題意圓出AB間的最簡波形圖，寫出AB兩點間距離與波長的關(guān)系式：0.45=（n+）舄，445一，再由圖形知周期T=0.4s，得出波速公式v=一.m/s

3、,代入n值得A項正確。4n1a是地球赤道上一棟建筑，b是在赤道平面內(nèi)作勻速圓周運動、距地面9.6106m的衛(wèi)星，c是地球同步衛(wèi)星，某一時刻b、c剛好位于a的正上方（如圖甲所示），經(jīng)48h,a、b、c的大致位置是圖乙中的（取地球半徑R=6.4x106m，地球表面重力加速度g=10m/s2,jt=JT0）rCCC£i*；!$&信©誨:!*rABCD甲乙K答案DK解析經(jīng)過48小時后，ac仍然在一條線上，故A錯誤。2由公式GM=mr；和GMm=mg求b衛(wèi)星運行的周期T,然后再算b衛(wèi)星在48小時內(nèi)運r2<TJR2行的圈數(shù)n=48/T，代入數(shù)據(jù)得n=18.6圈，故選B。用

4、波長為2.0><10m的紫外線照射鴇的表面，釋放出來的光電子中最大的動能是4.7乂10勺。由此可知，鴇的極限頻率是（普朗克常量h=6.63X10'4Js）,光速c=3.0X108m/s,結(jié)果取兩位有效數(shù)字）14141415A.5.5勺0HzB.7.9勺0HzC.9.8尺10HzD.1.210HzK答案B。cK解析由光電效應(yīng)方程Ekm=hvW=h丁h»0得14=810Hz。Ekm=3108_4.71049-7_34h2106.6310圖甲所示電路中，AAA3為相同的電流表，C為電容器，電阻RR2、R3的阻值相同，線圈L的電阻不計。在某段時間內(nèi)理想變壓器原線圈內(nèi)磁場的

5、變化如圖乙所示，則在t2t2時間內(nèi)A. 電流表氣的示數(shù)比A2的?。籅.電流表入2的示數(shù)比A1的小電流表A1和入2的示數(shù)相同；D.電流表的示數(shù)都不為零答案Co解析原線圈中磁場如乙圖所示變化，則副線圈中的磁通量均勻變化，故副線圈中產(chǎn)生恒定的電流，無直流電阻的線圈L對恒定電流沒有阻礙作用，所以電流表Ai和A2的讀數(shù)相同，而電容器“通交隔直”，所以電流表A3的讀數(shù)為0。如圖所示，電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌固定在一絕緣斜面上，兩相同的金屬導(dǎo)體棒a、b垂直于導(dǎo)軌靜止放置，且與導(dǎo)軌接觸良好，勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面?，F(xiàn)用一平行于導(dǎo)軌的恒力F作用在a的中點，使其向上運動。若b始終保持靜止，則它所受摩擦力可能A.變

6、為0B.先減小后不變C.等于FD.先增大再減小K答案AB。BLv解析對a棒所受合力為Fa=FFfmcpin0BIL=FFfmgsin0=mA由于a棒加速速度增大合力減小，加速度減小至加速度為零后，速度恒定不變安培力先增大后不變。由于b最終受到的靜摩擦力有三種情況：一是摩擦力為零，貝UBIL=mgsin0，故A正確。二是摩擦力向上，則BIL+f=min0，由于最初是f=min0，故摩擦力先減小后不變，故B正確。在這種情況下f=mgsin0BIL;此時對a,F=mgsin0+BIL+f滑，故F才f。三是摩擦力向下，則BIL=mgsin0+f一f=BILmgsin0;由于最初是f=mgsin0；BI

7、Lmgsin0與mg>in。的大小有三種情況，故f的變化也有三種情況：一是先減小至零后反向增大至f（小于初值）不變，二是先減小至零后反向增大至f（等于初值）不變，三是先減小至零后反向增大至f（大于初值）不變。是而此時對a,F=mgsin0+BIL+f滑，故Ff。綜上所述，b棒所受摩擦力可能為零，不可能為F,故C錯誤。b棒D錯誤。21、如圖所示，圓弧虛線表示正點電荷電場的等勢面，相鄰兩等勢面間的電勢差相等。光滑絕緣直桿沿電場方向水平放置并固定不動，桿上套有一帶正電的小滑塊（可視為質(zhì)點），滑塊通過絕緣輕彈簧與固定點。相連，并以某一初速度從M點運動到N點，OMVON。若滑塊在M、N時彈簧的彈力

8、大小相等，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則A、滑塊從M到N的過程中，速度可能一直增大B、滑塊從位置1到2的過程中，電場力做的功比從位置3到4的小C、在M、N之間的范圍內(nèi)，可能存在滑塊速度相同的兩個位置D、在M、N之間可能存在只由電場力確定滑塊加速度大小的三個位置K答案AC。K解析隨著滑塊由M向N滑動，所受向右的電場力越來越小，如果在N點電場力大于彈簧彈力沿MN的分力，則滑塊一直加速，A正確。在N點如果電場力小于彈簧彈力沿MN的分力，則滑塊先加速后減速，就可能有兩個位置的速度相同，C正確。1、2與3、4間的電勢差相等，電場力做功相等，B錯誤。由題意“OMVON”和“滑塊在M、N時彈簧的彈力大小相等”知滑

9、塊在M點受彈簧的推力斜向左下，在N點受彈簧的拉力向左上方。即M點時彈簧是伸長的，N點時彈簧是拉伸的，在彈簧與水平桿垂直和彈簧恢復(fù)原長的兩個位置滑塊的加速度只由電場力決定，故在M、N之間可能存在只由電場力確定滑塊加速度大小的有兩個位置，故D錯誤。第II卷22. （17分）（1）用多用電表探測圖甲所示黑箱發(fā)現(xiàn)：用直流電壓擋測量，E、G兩點間和F、G兩點間均有電壓，E、F兩點間無電壓；用歐姆測量，黑表筆（與電表內(nèi)部電源的正極相連）接E點，紅表筆（表電表內(nèi)部電源的負(fù)極相連）接F點，阻值很小，但反接阻值很大。那么，該黑箱內(nèi)元件的接法可能是圖乙中甲6K答案B。K解析當(dāng)多用電表接調(diào)為電壓擋時，此時多用電表就

10、是一只內(nèi)阻很大的電壓表，當(dāng)接E、G兩點間時，在D圖中二極管反向截止，故D圖絕沒有電壓值。故D圖錯誤。當(dāng)接F、G兩點間時，在D圖中二極管反向截止，故D圖絕沒有電壓值；故D圖錯誤。當(dāng)紅表筆接F,電阻很小，此時二極管導(dǎo)通，電源電流從黑表筆流出通過二極管從紅表筆流進(jìn)，電流方向E到F,只有B正確。在物理興趣小組活動中，一同學(xué)利用下列器材設(shè)計并完成了“探究導(dǎo)體阻值與長度的關(guān)系”的實驗。電壓表*1量程3V內(nèi)阻約為900f1電壓表（V2量程10V內(nèi)阻約為3K電壓表®量程60mA內(nèi)阻約為5"電源El電動勢1.5V內(nèi)阻約為0.211電源E2電動勢4.5V內(nèi)阻約為04滑動變阻器（最大阻值為10Q

11、）。粗細(xì)均勻的同種電阻絲，開關(guān)、導(dǎo)線和刻度尺電阻絲其主要實驗步驟如下：A. 選取圖中器材，按示意圖連接電路用伏安法測定電阻絲的阻值R用刻度尺沒出電阻絲的長度L依次減小電阻絲的長度：保持甬路其他部分不變，重篡步驟B、Co處理數(shù)據(jù)，根據(jù)下列測量結(jié)果，找出電阻絲值與長度的關(guān)系L(m)0.99560.80490.59810.40210.1958R(Q)104.885.365.246.627.1為使實驗盡可能準(zhǔn)確，請你對上述步驟中畫線處加以改進(jìn)。(I)(II)K答案(I)將電源Ei改選E2。(n)隨著長度的減小，由伏特表和安培表的示數(shù)比值知電阻減小，當(dāng)減小到一定程度之后，應(yīng)該將電流表改為外接法。K解析根

12、據(jù)實驗的安全原則和誤差原則，電壓表V2的量程太大，故選擇Vi正確；選擇Ei時，電壓表偏轉(zhuǎn)較小，故應(yīng)將Ei改用為E2。從表格中的數(shù)據(jù)知，隨著導(dǎo)體長度的減小，其電阻也減小，其阻值大于臨界值J'RviRa=J900X5Q時，貝U應(yīng)用電流表的內(nèi)接法，其阻值小于臨界值JRviRa=/900k段時，則應(yīng)用電流表的外接法。故要對實驗電路適時調(diào)整。K解析此實驗就是教材上“測定金屬的電阻率”的變式，只是設(shè)問較新穎些。(2)有4條用打點計時器(所用交流電頻率為50Hz)打出的紙帶A、B、C、D,其中一條是做“驗證機(jī)械能守恒定律”實驗時打出的。為找出該紙帶，某同學(xué)在每條紙帶上取了點跡清晰的、連續(xù)的4個點,用

13、刻度尺測出相鄰兩個點間距離依次為S1、S2、S3。請你根據(jù)下列S1、S2、&的測量結(jié)果確定該紙帶。(已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹橐?2、9.791m/s)A.61.0mm65.8mm70.7mmB.41.2mm45.1mm53.0mmC.49.6mm53.5mm57.3mmD. 60.5mm61.0mm60.6mmK解析回想“驗證機(jī)械能守恒定律”的實驗，由重錘連著的紙帶做勻加速度直線運動，故在紙帶上相鄰點跡間距之差滿足s=常數(shù)，由上述選項立即確定B不正確。在忽略阻力的情況下，紙帶上相鄰點跡間距之差應(yīng)為s=g(T)2=9.791X0.022e3.9mm故計算ACC選項的s值，只有C項符合，故選

14、Co23.(16分)質(zhì)量為M的拖拉機(jī)拉著耙來耙地，由靜止開始做勻加速直線運動，在時間t內(nèi)前進(jìn)的距離為s。耙地時，拖拉機(jī)受到的牽引力恒為F,受到地面的阻力為自重的k倍，耙所受阻力恒定，連接桿質(zhì)量不計且與水平面的夾角0保持不變。求:(1)拖拉機(jī)的加速度大小。(2)拖拉機(jī)對連接桿的拉力大小。(3)時間t內(nèi)拖拉機(jī)對耙做的功。K解拖拉機(jī)在時間t內(nèi)勻加速前進(jìn)s,根據(jù)位移公式,s=Lt22解得2sa、設(shè)連接桿對拖拉機(jī)的拉力為T,由牛頓第二定律得，F(xiàn)-kMg-Tcosi-Mad由聯(lián)立得1T=F-Mcos根據(jù)牛頓第三定律知，拖拉機(jī)對連接桿的拉力大小為T=T=1FMikg2：cost2拖拉機(jī)對耙所做的功就是通過連

15、接桿的拉力對耙做功。故拖拉機(jī)對耙做的功,W=Tscos由兩式得W=F-M24.（19分）如圖所示，電源電動勢E°=15V內(nèi)阻r°=1Q，電阻R=30dR2=6S。間距d=0.2m的兩平行金屬板水平放置，板間分布有垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強度B=1T的勻強磁場。閉合開關(guān)S,板間電場視為勻強電場，將一帶正電的小球以初速度。=0.1m/s沿兩板間中線水平射入板間。設(shè)滑動變阻器接入電路的阻值為Rx,忽略空氣對小球的作用，取g=10m/s2。當(dāng)R1=2如時，電阻R2消耗的電功率是多大？若小球進(jìn)入板間做勻速度圓周運動并與板相碰，碰時速度與初速度的夾角為60。，則Rx是多少？閉合電路的外電

16、阻為R=RxR1R2RiR23060、29+O<30+60J49'.1根據(jù)閉合電路的歐姆定律E15I=A=0.3ARr0491R2兩端的電壓為U2=E-I(Rxr)=15-0.330V=6VR2消耗的功率為U；62P22W=0.6WR260小球進(jìn)入電磁場做勻速圓周運動，則重力和電場力等大反向，洛侖茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，得2VBqv=mRq=mg聯(lián)立化簡得UBRdgv小球做勻速圓周運動的初末速的夾角等于圓心角為60。，根據(jù)幾何關(guān)系得R=d聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)U22Bd2g10.0410V=4V0.1干路電流為I=U2U2R1R2'44、'、+A=0.2A<

17、;3060；則滑動變阻器的電阻DEo-U2Rx=-r=15-451p=54Q<0.2J25.（20分）如圖所示，空間有場強E=0.5N/C的豎直向下的勻強電場，長I=0.3j§m的不可伸長的輕繩一端固定于。點，另一端系一質(zhì)量m=0.01kg的不帶電小球A,拉起小球至繩水平后，無初速釋放。另一電荷量勺=扣.1。、質(zhì)量與A相同的小球P,以速度u0=3j3m/s水平拋出，經(jīng)時間t=0.2s與小球A在D點迎面正碰并粘在一起成為小球C,碰后瞬間斷開輕繩，同時對小球C施加一恒力，此后小球C與D點下方一足夠大的平板相遇。不計空氣阻力，小球均可視為質(zhì)點，取g=10m/s2。求碰撞前瞬間小球P的

18、速度。若小球C經(jīng)過路程s=0.09m到達(dá)平板，此時速度恰好為0,求所加的恒力。若施加恒力后，保持平板垂直于紙面且與水平面的夾角不變，在D點下方面任意改變平板位置，小球C均能與平板正碰，求出所有滿足條件的恒力。2K解小球P在碰撞前做類平拋運動，豎直方向的加速度mgqE0.01100.10.5,2“，20.01a=m/s=15m/s小球P在碰撞瞬間豎直向下的速度為vy=at=150.2m/s=3m/s所以小球P碰撞瞬間的速度vP=v2v2=3332m/s=6m/s小球P與A在D點正碰，小球P此時的速度與水平方向的夾角為e,連接小球A的繩子與豎直方向的夾角也為e。taz上3*v°3、33則e=30°對A球從開始運動至D點的過程，由動能定理得mglcos-；mvA解得va=2glcosr-3m/sP與A球迎面正碰并粘在一起成為小球C,根據(jù)動量守恒定律有mvPmvA=2mvC解得vC=15m/s小球C經(jīng)過路程s后到達(dá)夾板，此時速度變?yōu)?,表明小球C一定做勻減速直線運動，其運動速度與受力示意圖如下。由運動學(xué)公式得a=工=12.52sm/s2設(shè)恒力F與豎直方向的夾角為a,建立如圖所示的坐標(biāo)系，根據(jù)牛頓第二定律在x軸上（沿加速度方向）：Fco9。'ae）（2mg+qERinB=2ma在y軸上：Fsin（9。"-a-e）（2mg+qECos=0由以上