2020年強(qiáng)基計(jì)劃備考物理模擬訓(xùn)練卷

1、何為強(qiáng)基計(jì)劃？1月15日，教育部發(fā)布關(guān)于在部分高校開展基礎(chǔ)學(xué)科招生改革試點(diǎn)工作的意見(jiàn)，正式官宣：自2020年起， 36所“雙一流A類”高校將試點(diǎn)實(shí)施“強(qiáng)基計(jì)劃”，原有高校自主招生方式不再使用。強(qiáng)基計(jì)劃主要選拔培養(yǎng)有志 于服務(wù)國(guó)家重大戰(zhàn)略需求且綜合素質(zhì)優(yōu)秀或基礎(chǔ)學(xué)科拔尖的學(xué)生。聚焦高端芯片與軟件、智能科技、新材料、先進(jìn)制造和國(guó)家安全等關(guān)鍵領(lǐng)域以及國(guó)家人才緊缺的人文社會(huì)科學(xué)領(lǐng) 域，由有關(guān)高校結(jié)合自身辦學(xué)特色，合理安排招生專業(yè)。要突出基礎(chǔ)學(xué)科的支撐引領(lǐng)作用，重點(diǎn)在數(shù)學(xué)、物理、 化學(xué)、生物及歷史、哲學(xué)、古文字學(xué)等相關(guān)專業(yè)招生。起步階段，在部分“一流大學(xué)”建設(shè)高校范圍內(nèi)遴選高校開 展試點(diǎn)。“強(qiáng)基計(jì)劃”將

2、積極探索基礎(chǔ)學(xué)科拔尖創(chuàng)新人才培養(yǎng)模式。單獨(dú)制定培養(yǎng)方案。高校對(duì)通過(guò)強(qiáng)基計(jì)劃錄取的學(xué)生可單獨(dú)編班，配備一流的師資，提供一流的學(xué)習(xí)條件，創(chuàng)造 一流的學(xué)術(shù)環(huán)境與氛圍，實(shí)行導(dǎo)師制、小班化培養(yǎng)。建立激勵(lì)機(jī)制，通過(guò)強(qiáng)基計(jì)劃錄取的學(xué)生入校后原則上不得 轉(zhuǎn)到相關(guān)學(xué)科之外的專業(yè)就讀。建立激勵(lì)機(jī)制，暢通成長(zhǎng)通道。對(duì)學(xué)業(yè)優(yōu)秀的學(xué)生，高校可在免試推薦研究生、直博、公派留學(xué)、獎(jiǎng)學(xué)金等方面 予以優(yōu)先安排，探索建立本-碩-博銜接的培養(yǎng)模式。推進(jìn)科教協(xié)同育人。鼓勵(lì)國(guó)家實(shí)驗(yàn)室、國(guó)家重點(diǎn)實(shí)驗(yàn)室、前沿科學(xué)中心、集成攻關(guān)大平臺(tái)和協(xié)同創(chuàng)新中心等吸納 這些學(xué)生參與項(xiàng)目研究，探索建立結(jié)合重大科研任務(wù)的人才培養(yǎng)機(jī)制。強(qiáng)化質(zhì)量保障。建立科學(xué)化

3、、多階段的動(dòng)態(tài)進(jìn)出機(jī)制，對(duì)進(jìn)入計(jì)劃的學(xué)生進(jìn)行綜合考查、科學(xué)分流。建立在校 生、畢業(yè)生跟蹤調(diào)查機(jī)制和人才成長(zhǎng)數(shù)據(jù)庫(kù)，根據(jù)質(zhì)量監(jiān)測(cè)和反饋信息不斷完善招生和人才培養(yǎng)方案。加強(qiáng)對(duì)學(xué) 生的就業(yè)教育和指導(dǎo)，積極輸送高素質(zhì)后備人才。強(qiáng)基備考物理模擬試題二一、選擇題許心 ”6pb + ev1.居里夫人發(fā)現(xiàn)了元家針（Po）,其衰變的核反應(yīng)方程式為一 +、其中，a、b、c、d、e、f的值依次為A.211、84、4、2、1、0B.210、84、4、2、0、0C.207、84、1、1、0、1D.207、83、1、1、0、0【答案】B 【解析】在反應(yīng)中，最后一個(gè)是Y射線，該射線是電磁波，不帶電，故e=0，氏0，故選項(xiàng)A

4、C均錯(cuò) 誤；生成物的第一項(xiàng)是a粒子，它是氦原子核，其質(zhì)量數(shù)是4,荷電荷數(shù)是2,故c=4, d=2，選項(xiàng)B 正確，D錯(cuò)誤；最后我們?cè)侔咽Ｏ碌膬身?xiàng)核對(duì)一下，看是否也成立，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和荷電荷數(shù)守 恒，故a=4+206=210，b=2+82=84，正好與B選項(xiàng)的對(duì)應(yīng)起來(lái)。2.如圖，O點(diǎn)是小球平拋運(yùn)動(dòng)拋出點(diǎn)；在O點(diǎn)有一頻閃點(diǎn)光源，閃光頻率為30Hz；在拋出點(diǎn)的正 前方，豎直放置一塊毛玻璃，小球初速度與毛玻璃平面垂直。在小球拋出時(shí)點(diǎn)光源開始閃光。當(dāng)點(diǎn) 光源閃光時(shí)，在毛玻璃上有小球的一個(gè)投影點(diǎn)。已知圖中O點(diǎn)與毛玻璃水平距離L=1.20m，測(cè)得第 一、二個(gè)投影點(diǎn)之間的距離為0.05m。取重力加速度g=10

5、m/s2。，下列說(shuō)法正確的是。,一-A.小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為4m/sB.小球平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，在相等時(shí)間內(nèi)的動(dòng)量變化不相等C.小球投影點(diǎn)的速度在相等時(shí)間內(nèi)的變化量越來(lái)越大D.小球第二、三個(gè)投影點(diǎn)之間的距離為0.15m?！敬鸢浮緼【解析】閃光周期T=1/30svT由12 g 2L005，解得小球平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為v=4m/s，選項(xiàng)A正確。小球平拋運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只受重力，Av A(mv)由mg=ma=，解得 (mv) =mgAt， 所以小球平拋運(yùn)AtAt動(dòng)過(guò)程中vt L在相等時(shí)間內(nèi)的動(dòng)量變化相等，選項(xiàng)B錯(cuò)誤。設(shè)投影點(diǎn)的位移為Y，由1一 =-2，解gLt，即投影點(diǎn)以速度:做勻速運(yùn)動(dòng)，小球投影點(diǎn)的速度不

6、變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤。小球第二、2v得Y= g2v三個(gè)投影點(diǎn)之間的距離為0.05m，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。3.一個(gè)運(yùn)動(dòng)員投籃，投射角為&出手點(diǎn)O與籃圈的高度差為h,水平距離為L(zhǎng).為了將球投入籃中,則出手 速度v0應(yīng)為().A L ； g. cos02(L tan0 - h)C. I，7L tan 0 一 hD.【答案】A【解析】：球從拋出點(diǎn)到籃的位移，平分量為七=v 0cos5 t，而s2為自由落體位移，即s2=5 gt2,由分位移s1和s2合成，S為沿v0方向勻速運(yùn)動(dòng)的位移，其水111s根據(jù)矢量圖和三角形函數(shù)關(guān)系，有h=AC- s2=Ltan- gLtan-g gLL)2, 2所以，出手速度為v0=v co

7、s000項(xiàng)A正確。cos 0 V 2(L ta； 0 - h )，選一 X C位置繞東西軸轉(zhuǎn)180 線框的電荷量為q2；，測(cè)得通過(guò)RA.SQ2B.某同學(xué)用電荷量計(jì)（能測(cè)出一段時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的電荷量）測(cè)量地磁場(chǎng)強(qiáng)度，完成了如下 實(shí)驗(yàn)：如圖，將面積為S、電阻為R的矩形導(dǎo)線框abcd沿圖示方位放置于地面上某處，將其從圖示 ，測(cè)得通過(guò)線框的電荷量為Qj；將其從圖示位置繞東西軸轉(zhuǎn)90 該處地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為D.【答案】C 【解析】設(shè)該處地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與豎直方向的夾角為。，將其從圖示位置繞東西軸轉(zhuǎn)180，磁通量變2BS sin 9化=2BSsin。,產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E二云 ，I=E/R,

8、Q1=：At，聯(lián)立解得：Q1=r.將其從圖示位置繞東西軸轉(zhuǎn)180 ，磁通量變化MSsin 0 -BScos。，同理可得 芝冒-竺罕吐.聯(lián)立解得：b= R耳+ QQ + 0，選項(xiàng)c正確。2 RRS 2 i 22一臺(tái)理想變壓器，開始時(shí)開關(guān)S接1，此時(shí)原、副線圈的匝數(shù)比是11 : 1，原線圈接入電壓為220 V 的正弦交流電.一只理想二極管和一個(gè)滑動(dòng)變阻器串聯(lián)接在副線圈上，如圖8所示.則下列判斷正確的是（）原、副線圈中的功率之比為11 : 1若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為10 Q，則1 min 動(dòng)變阻器產(chǎn)生的熱量為1 200 J若只將S從1撥到2，電流表示數(shù)增大D.若只將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則兩

9、電表示數(shù)均減小【答案】B【解析】 根據(jù)變壓器功率關(guān)系可知，原、副線圈中的功率之比為1 : 1，選項(xiàng)A錯(cuò)誤.根據(jù)焦 耳定律，若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為10 Q，由于二極管的單向?qū)щ娦裕? min內(nèi)滑動(dòng)變阻 器產(chǎn)生的熱量為1 200 J，選項(xiàng)B正確.若只將S從1撥到2，輸出電壓降低，輸出功率減小， 電流表示數(shù)減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤.若只將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，電壓表示數(shù)不變，電流表 示數(shù)減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.二、填空題先用波長(zhǎng)為的單色可見(jiàn)光照射楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置；再加上波長(zhǎng)為A2（A2A1）的單色可見(jiàn) 光照射同一個(gè)楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置。觀察到波長(zhǎng)為的光的干涉條紋的I、2級(jí)亮紋之間原本是暗 紋的位置出

10、現(xiàn)了波長(zhǎng)為A2的光的干涉條紋的1級(jí)亮紋，則兩種光的波長(zhǎng)之比A2: A1=?！敬鸢浮?： 2_ .一 .一、3,一，.【解析】?jī)墒獾竭_(dá)I位置的光程差記為d；對(duì)于波長(zhǎng)為入1的單色光而言，d=2入1 ；對(duì)于波長(zhǎng)為 入2的單色光而言，d=X2,故入2：入1=3： 2(12分)高中階段處理滑塊斜面類問(wèn)題時(shí)通常會(huì)忽略滑塊受到的空氣阻力這時(shí)把滑塊看成了一個(gè)質(zhì) 點(diǎn)，但當(dāng)滑塊體積相對(duì)較大時(shí)，空氣阻力就不能忽甲略不計(jì)了。如圖甲所示，在傾角為e的長(zhǎng)斜面上 有一木箱質(zhì)量為m ,它與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 R,木箱受到的空氣阻力與滑塊下滑的速度成正 比，即f=kv(k為空氣阻力與速度的比例系數(shù))，則:木箱下滑的加速度的

11、表達(dá)式為.(2)木箱下滑的最大速度的表達(dá)式vmax= (3)若m=2kg,e=37,g取10m/s2，木箱從靜止開始沿斜面下滑的速度圖象如圖乙所示,圖中直線是t=0時(shí)刻速度圖象的切線，由此求出|!=和k=.【答案】.mg sin 0 - |mg cos 0 - kv(1) a=mg (sin 0 - p cos 0)v =maxK(3) “=0.25 k=4N s/m (每空 3 分)【解析】由牛頓第二定律得mg sin算mg cos- kv= ma，解得。=mg sin 0 - pmg cos0 - kv當(dāng)木箱加速度為零時(shí)其速度達(dá)到最大值，。mg (sin 0 - p cos 0)得 Vma

12、x=k由圖像可知木箱剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，即速度為零時(shí)加速度為4 m/ s2，由式可得“ =0.25。由圖像可知木箱最大速度為2 m / s，由式可得k = 4Ns /m.指針式多用電表是實(shí)驗(yàn)室中常用的測(cè)量?jī)x器，請(qǐng)根據(jù)圖完成下列問(wèn)題：甲（1）在使用多用電表測(cè)量時(shí)，指針的位置如圖甲所示，若選擇開關(guān)撥至X10”擋，則測(cè)量的結(jié)果為Q;若選擇開關(guān)撥至“50mA”擋，則測(cè)量結(jié)果為 mA。（2）多用電表測(cè)未知電阻阻值的電路如圖乙所示，電池的電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，R0為調(diào)零電阻，R為表頭內(nèi)阻，電路中電流I與待測(cè)電阻的阻值A(chǔ)關(guān)系圖象如圖10-丙所示，則該圖象的函數(shù) 關(guān)系式為；（3）下列對(duì)圖丙中的I-Rx圖線的解釋或判

13、斷中正確的因?yàn)楹瘮?shù)圖線是非線性變化的，所以歐姆表的示數(shù)左小右大歐姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R0使Rx=。時(shí)電路中的電流I=Ig測(cè)量中，當(dāng)Rx的阻值為圖10-丙中的R2時(shí)，指針位于表盤中央位置的左側(cè)Rx越小，相同的電阻變化量對(duì)應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左疏右密【答案】（1） 140 （2分）；26.0 （2分）E（2）I=r+R0+Rg+Rx （2 分）（3）BC （3 分）【解析】（1）根據(jù)多用電表的讀數(shù)規(guī)則，若選擇開關(guān)撥至x10”擋，按照最上面歐姆表刻度讀數(shù)， 刻度讀數(shù)乘以檔上所標(biāo)的倍數(shù)，則測(cè)量的結(jié)果為140X10=1400；若選擇開關(guān)撥至“50mA”擋，按照 刻度盤上中間刻度讀數(shù)，

14、注意，凡是十分度的都要估讀一位，則測(cè)量結(jié)果為26.0mA。（2）根據(jù)圖乙的電路，由閉合電路歐姆定律，E=I（r+R+Rg+Rx），得到電路中電流/與待測(cè)電阻的阻值 Rx關(guān)系圖象如圖10-丙所示，則該圖象的函數(shù)關(guān)系式為/乙+R R +R。（3）由于歐姆表是利用電流表作為顯示電阻，由/=r+R +R +r可知，待測(cè)電阻最小為零時(shí)， 電流最大，電流表指針滿偏；待測(cè)電阻最大為無(wú)限大時(shí)（兩表筆斷非），電流為零，電流表指針在 最左側(cè)；，所以歐姆表的示數(shù)左大右小，最右端刻度為零，最左端刻度為無(wú)限大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤。歐 姆表調(diào)零的實(shí)質(zhì)是通過(guò)調(diào)節(jié)R0使R=0時(shí)電路中的電流/=/ （滿偏電流），選項(xiàng)B正確。測(cè)量中，

15、當(dāng)R的阻值為圖10-丙中的R2時(shí)，大于中值電阻. 指針位于表盤中央位置的左側(cè)，選項(xiàng)C正確。 Rx越小，相同的電阻變化量對(duì)應(yīng)的電流變化量越大，所以歐姆表的示數(shù)左密右疏，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。三、計(jì)算題（12分）如圖甲所示，水平光滑的桌面上靜止放置一條長(zhǎng)為/=1.6m的紙帶，紙帶上正中間位置 放置有一質(zhì)量為m=1.0kg的小鐵塊，紙帶的左邊恰好在桌面的左邊緣，小鐵塊與紙帶間的動(dòng)摩 擦因數(shù)為=0.1.現(xiàn)讓紙帶從t=0s時(shí)刻開始一直保持0=1m/s的速度向左勻速運(yùn)動(dòng).已知桌面高 度為H=0.8 m，g=10m/s2，小鐵塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不翻滾，不計(jì)空氣阻力.求：（1）小鐵塊從開始運(yùn)動(dòng)到桌面邊緣過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間并在

16、乙圖畫出此過(guò)程中小鐵塊的0t圖象；（2）小鐵塊拋出后落地點(diǎn)到拋出點(diǎn)的水平距離；【解析】（1）小鐵塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，由Rmg=ma （1分）得：a=1 m/s2速度達(dá)到紙帶v=1m/s的速度所用時(shí)間t =一 （1分） 得：t =1s1 a1若小鐵塊1s內(nèi)一直做勻加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的位移為&=1 at2 得：S=0.5m 11由以上可知：小鐵塊先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后以v=1m/s的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間-1 - s21t2=0.3s （1 分） 小鐵塊從開始運(yùn)動(dòng)到桌面邊緣過(guò)程所經(jīng)歷的時(shí)間$ = t1 +12 = 1.3s （1分） 圖象如圖所示：（2分）（2）水平方向：s=vt01豎直方向：H

17、f gt22 0得：s=0.4m（2 分）10 （20分）電子感應(yīng)加速器利用變化的磁場(chǎng)來(lái)加速電子。電子繞平均半徑為R的環(huán)形軌道（軌道位于 真空管道內(nèi)）運(yùn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與環(huán)形軌道平面垂直。電子被感應(yīng)電場(chǎng)加速，感應(yīng)電場(chǎng)的方向 與環(huán)形軌道相切。電子電荷量為e。NB（1）設(shè)電子做圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)形軌道上磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的增加率為折，求在環(huán)形軌道切線方向感應(yīng) 電場(chǎng)作用在電子上的力;（1）設(shè)環(huán)形軌道平面上的平均磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的增加率為A B，試導(dǎo)出在環(huán)形軌道切線方向感應(yīng)電場(chǎng)作用在電子上的AtA B力與亍的關(guān)系；At（3）為了使電子在不斷土增強(qiáng)的磁場(chǎng)中沿著半徑不變的圓軌 道加速運(yùn)動(dòng)，求*和段之間必須滿足的定量

18、關(guān)系。At At【解析】(1)設(shè)電子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓軌道上的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向與環(huán)面垂直。由牛頓第二定律和洛倫茲eE力公式得工設(shè)在圓軌道切線方向作用在電子上作用力為F,，按照動(dòng)量定理有仕 AB由式得F=eR A4At(2)按照法拉第電磁感應(yīng)定律，在電子運(yùn)動(dòng)的圓軌道上的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為式中圓軌道所張的面上的磁通量巾為 巾=n R2 B這里,B為圓軌道所張的面上的平均磁感應(yīng)強(qiáng)度。A B由式得 =nR2At考慮電子運(yùn)行一圈感應(yīng)電場(chǎng)所做的功，由電動(dòng)勢(shì)的定又可得 =2 n RE電子在圓軌道切向所受到的力為F=qE由式得 .-ABAt(3)和式所表示的是同樣的力的大小.AB 1A BAtABA B這就是為

19、了使電子在不斷增強(qiáng)的磁場(chǎng)中沿著半徑不變的圓軌道加速運(yùn)動(dòng)，丁 和丁 之間必須滿足AtAt的定量關(guān)系11. (16分)橫截面積為S和2S的兩圓柱形容器按圖示方式連接成一氣缸，每個(gè)圓筒中各置有一活 塞，兩活塞間的距離為/,用硬桿相連，形成“工”字形活塞，它把整個(gè)氣缸分隔成三個(gè)氣室，其中 I、m室密閉摩爾數(shù)分別為v和2 V的同種理想氣體，兩個(gè)氣室內(nèi)都有電加熱器；II室的缸壁上開有 一小孔，與大氣相通；1 mol該種氣體內(nèi)能為CT(C是氣體摩爾熱容量，T是氣體的絕對(duì)溫度)。當(dāng)三 個(gè)氣室中氣體的溫度均為T1時(shí)，“工字形活塞在氣缸中恰好在圖所示的位置處于平衡狀態(tài)，這時(shí)I3室內(nèi)氣柱長(zhǎng)亦為/，1室內(nèi)空氣的摩爾數(shù)

20、為2v0 .已知大氣壓不變，氣缸壁和活塞都是絕熱的，不計(jì)活塞與氣缸之間的摩擦?，F(xiàn)通過(guò)電熱器對(duì)i、m兩室中的氣體緩 慢加熱，直至I室內(nèi)氣體的溫度升為其初始狀態(tài)溫度的2倍時(shí)，活塞左移距離d.已知理想氣體常量為R.求m室內(nèi)氣體初態(tài)氣柱的長(zhǎng)度；(2)m室內(nèi)氣體末態(tài)的溫度；此過(guò)程中i、m室密閉氣體吸收的總熱量?！窘馕觥?i)設(shè)大氣壓強(qiáng)為p0.初態(tài)：i室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p1； iii室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p3，氣柱的長(zhǎng)度 為i3.末態(tài)：i室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為pi； iii室內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p3.由初態(tài)到末態(tài)：活塞左移距離為d.首先用整體法，力學(xué)平衡：p3(2S)= p1S+ p0(2S-S)l l 3然后對(duì)三部分氣體分別分析：

21、p1lS= v RT1；p0(xS+2x2S)=2 v 0RT1 ；p3l3(2S)=(2 v )RT1v RT1v 0RT1 Q v RT1/ 2 /聯(lián)立上述各式得：i s 2S = is S + is -S得：l3= v + v l(2)方法同第(1)小題：p3(2S)= p1S+ p0(2S-S)對(duì) I 室中氣體：p1(l-d)S= v RT2= v R2T1對(duì) iii 室中氣體：p3(l3+d)(2S)=(2 v )RT32 v /+( v + v 0)d土 、TT3 = (|-d)(v + v0) (1+2 v l )T1d大氣對(duì)密、閉氣體系統(tǒng)做的功為：W=p0(2S-S)(-d)=p0Sd=| v 0RT1系統(tǒng)密閉氣體內(nèi)能增加量為：腮=?-)+ 2v)C(T3-T3)且初態(tài)T3= T1故 AU=vC(2T3 -T1)2vl+(v+v )dvl-d將弓代去得：U=(/-d)(v + v00) . (2+寸.7)-1vCT1密閉氣體系統(tǒng)吸收的熱量為2 v l+( v + v Qdv n l-ddQ=AU-W=(|-d)(v + v00) -(2+寸丁)-1 v CT1+ J v 0RT112.如圖(a)所示，平行金屬板A、B間加有直流電