高二物理期末押題卷

1、高二物理期末押題卷選擇題（不定項(xiàng)選擇題每題4分共40分）1下列關(guān)于電源電動勢的說法，正確的是（）電動勢實(shí)質(zhì)上就是電壓B .電動勢在數(shù)值上等于在電源內(nèi)部移動單位電荷非靜電力所做的功電動勢是指電源內(nèi)部非靜電力所做的功電動勢越大，表明電源把電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的本領(lǐng)越大2.如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,平行板電容器兩金屬板水平放置，開關(guān)S是閉 合的，兩板間一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，G為靈敏電流計(jì).則以下 說法不正確的是（）在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運(yùn)動，G中有從b到a的電流在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，油滴向下加速運(yùn)動，G中有從a到b的電

2、流在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，G中有從a到b的電流在將S斷開后，油滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，G中無電流通過3用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖所示）設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為0實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（ ）保持S不變，增大d,貝舊變大 B.保持S不變，增大d,貝舊變小C.保持d不變，減小S,貝舊變小 D.保持d不變，減小S,貝舊不變?nèi)鐖D所示，電燈A上標(biāo)有10V, 10W的字樣，電燈B上標(biāo)有8V，20W的字樣,滑動變阻器的總電阻為6Q,當(dāng)滑動觸頭由a端向b端滑動的過程中（不考慮電燈電阻的變 化），則（）電流表示數(shù)一直減小，電

3、壓表示數(shù)一直增大電流表示數(shù)一直增大，電壓表示數(shù)一直減小電流表示數(shù)先增大后減小，電壓表示數(shù)先減小后增大電流表示數(shù)先減小后增大，電壓表示數(shù)先增大后減小在如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器滑片P向上移動時，則（）A燈變亮、B燈變亮、C燈變亮 B. A燈變暗、B燈變亮、C燈變暗C. A燈變亮、B燈變暗、C燈變暗 D. A燈變暗、B燈變暗、C燈變亮根據(jù)R=p令可以導(dǎo)出電阻率的表達(dá)式p=y-，對溫度一定的某種金屬導(dǎo)線來說，它的電阻率（）A.跟導(dǎo)線的電阻只成正比B.跟導(dǎo)線的橫截面積S成正比C.跟導(dǎo)線的長度L成反t匕D.只由其材料的性質(zhì)決定帶電粒子P所帶的電荷量是帶電粒子Q的3倍，它們以相等的速度Vo從同一點(diǎn)出發(fā)，

4、沿著跟電場強(qiáng)度垂直的方向射入勻強(qiáng)電場，分別打在M、N點(diǎn)，若OM = MN,則P和Q的質(zhì)量之比為（不計(jì)重力為（）0M NA3：4 B4：3 C3：2 D2：3平行板電容器C與三個可變電阻器Ri、R2、R3以及電源連成如圖所示的電路.閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷.要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是（）只增大Ri,其他不變只增大R2，其他不變只減小R3，其他不變只增大a、b兩極板間的距離，其他不變?nèi)鐖D所示，Ki、閉合時，一質(zhì)量為m、帶電量為q的液滴，靜止在電容器的A、B兩平行金屬板間.現(xiàn)保持Ki閉合，將斷開，然后將B板向下平移一段距離，則下列說法正確 的是（）A.電

5、容器的電容變小B. A板電勢比電路中Q點(diǎn)電勢高C.液滴仍保持靜止 D.液滴的電勢能增大如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等, 即Uab=Ubc,實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R、 Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，R同時在等勢面b上，據(jù)此可知（）三個等勢面中，c的電勢最低帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的電勢能比在Q點(diǎn)的小帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的動能與電勢能之和比在Q點(diǎn)的小帶電質(zhì)點(diǎn)在R點(diǎn)的加速度方向垂直于等勢面b實(shí)驗(yàn)題（每題8分共32分）一靈敏電流計(jì)，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為Ig=50pA，表頭電阻Rg=1kQ，若改裝成量程為Im=10mA的電流表，

6、應(yīng)聯(lián)的電阻阻值為Q.若將此電流計(jì)改裝成量程為Um=15V的電壓表，應(yīng)再聯(lián)一個阻值為Q的電阻.某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量一圓柱體的長度I，用螺旋測微器測量圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖所示.由圖可讀出1=cm，d=mm.要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開 關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A、電源E （電動勢3.0V，內(nèi)阻可不計(jì)）B、電壓表W （量程為03.0V，內(nèi)阻約2kQ）C、電壓表V2 （015.0V,內(nèi)阻約6kQD、電流表A1 （00.6A，內(nèi)阻約10）E、電流表A2 （0 100mA，內(nèi)阻約20）F、滑動變阻器R1 （最大值100）G、滑動變阻器R2 （最大

7、值2k0）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇電流表應(yīng)選擇 ，滑動變阻器應(yīng)選擇.（填各器材的序號）3）實(shí)驗(yàn)中測得一組數(shù)據(jù)如表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/A00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.004)該小電珠的額定功率是在測量一節(jié)干電池電動勢E和內(nèi)阻r的實(shí)驗(yàn)中，小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路.根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路，請?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路的連接實(shí)驗(yàn)開始前，應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P調(diào)到傾a或b)端(3)小明測得有關(guān)數(shù)據(jù)后，以電流

8、表讀數(shù)I為橫坐標(biāo)，以電壓表讀數(shù)U為縱坐標(biāo)作出了如圖丙所示的圖象，根據(jù)圖象求得電的電動勢E=_V,電的內(nèi)阻匸Q (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).計(jì)算題(要寫出必要的文字說明和必要的方程，共28分)如圖所示，電路中接電動勢為4V,內(nèi)電阻為2Q的直流電源，電阻Ri、R2、R3、R4的 阻值均為4Q 電容器的電容為30pF，電流表的內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)電路穩(wěn)定后.(1 )求電流表的讀數(shù)；求電容器所帶的電荷量；如果斷開電源，求通過R2的電荷量.如圖所示，質(zhì)量為0.2Kg的物體帶電量為+4x10-4C，從半徑為0.3m的光滑的魯圓弧的絕緣滑軌上端靜止下滑到底端，然后繼續(xù)沿水平面滑動物體與水平面間的滑動摩 擦系數(shù)為0.4

9、,整個裝置處于E=103N/C的勻強(qiáng)電場中，求下列兩種情況下物體在水平面上滑行的最大距離：17.如圖所示，水平放置的平行板電容器，原來AB兩板不帶電，B極板接地，它的極板長L=0.1m,兩板間距離d=0.4cm，現(xiàn)有一微粒質(zhì)量m=2.0 x10，kg，帶電量q = + 1.0 x10- 8C，以一定初速度從兩板中央平行于極板射入，由于重力作用微粒恰好能落到A板上中點(diǎn)O處，取g = 10m/s2.試求:1 )帶電粒子入射初速度的大小;現(xiàn)使電容器帶上電荷，使帶電微粒能從平行板電容器的右側(cè)射出，貝帰電后A板的電參考答案與試題解析選擇題（不定項(xiàng)選擇題每題4分共40分）1下列關(guān)于電源電動勢的說法，正確的

10、是（）A、電動勢實(shí)質(zhì)上就是電壓B .電動勢在數(shù)值上等于在電源內(nèi)部移動單位電荷非靜電力所做的功電動勢是指電源內(nèi)部非靜電力所做的功電動勢越大，表明電源把電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能的本領(lǐng)越大【考點(diǎn)】電源的電動勢和內(nèi)阻【分析】電源沒有接入電路時兩極間的電壓在數(shù)值上等于電源的電動勢但電壓和電動勢 的物理意義不同；電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱【解答】解：A、電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱；而電壓是反映靜電力做功情況；二者意義不同；故電動勢與電壓不同；故A錯誤；B、由W=E q可知，電動勢在數(shù)值上等于在電源內(nèi)部移動單位電荷非靜電力所做的功；故B 正確；C

11、、電動勢是指電源內(nèi)部非靜電力所做的功與流過電荷量之間的比值；故C錯誤；D、電動勢的物理意義是表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)強(qiáng)弱，電動勢越大，把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大.故D錯誤； 故選： B2.如圖所示，電源電動勢為E,內(nèi)電阻為r,平行板電容器兩金屬板水平放置，開關(guān)S是閉 合的，兩板間一質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，G為靈敏電流計(jì).則以下 說法不正確的是（）在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向上加速運(yùn)動，G中有從b到a的電流在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程中，油滴向下加速運(yùn)動，G中有從a到b的電流在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴仍然靜止，G中有從

12、a到b的電流在將S斷開后，油滴仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，G中無電流通過【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電容【分析】質(zhì)量為m、電荷量為q的油滴開始處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡.滑動觸頭移動的過 程中，判斷出電容器兩端電壓的變化，從而判斷電容器極板所帶電荷量變化、通過靈敏電 流計(jì)的電流以及油滴的運(yùn)動情況.再通過電路的動態(tài)分析得出經(jīng)過R2的電流變化.【解答】解：A、B、C、在滑動變阻器R的觸頭P向上移動的過程中，R曾大，總電阻增大 ，電動勢和內(nèi)阻不變，可知總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，外電壓等于Ri上的電 壓和R2與R并聯(lián)電壓之和，而Ri上的電壓減小，所以R2與R的并聯(lián)電壓增大，通過R2的電流 增大.根據(jù)Q=CU

13、，電容器所帶的電量增大，上極板帶正電，電容器充電，所以流過電流 計(jì)的電流方向是b-a.電容器兩端電壓增大，電場強(qiáng)度增大，電場力增大，開始電場力與 重力平衡，所以油滴會向上加速.故A正確、C錯誤；反之下移，則油滴向下加速運(yùn)動，G 中有從a到b的電流，則B正確D、將S斷開，則C放電，G中有電流，油滴下落.則D錯誤.本題選錯誤的，故選： CD3用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖所示）設(shè)兩極板正對面積為s,極板間的距離為d,靜電計(jì)指針偏角為e.實(shí)驗(yàn)中，極板所帶電荷量不變，若（保持S不變，增大d,貝舊變大B.保持S不變，增大d,貝舊變小C.保持d不變，減小S,貝舊變小 D.保持d不變

14、，減小S,貝舊不變【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析.【分析】靜電計(jì)測定電容器極板間的電勢差，電勢差越大，指針的偏角越大.根據(jù)電容的 決定式C= 分析極板間距離、正對面積變化時電容的變化情況，由于極板所帶電荷量不變，再由電容 的定義式C二普分析板間電勢差的變化，即可再確定靜電計(jì)指針的偏角變化情況.【解答】解：A B、根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時，電容減小，電容器的電量Q不 變，由電容的定義式C=|分析可知板間電勢差增大，則靜電計(jì)指針的偏角8變大；反之，保持S不變，減小d,貝舊減 小.故A正確，B錯誤.c、D、根據(jù)電容的決定式C=jL：J得知，電容與極板的正對面積成

15、正比，當(dāng)保持d不變，減小S時，電容減小，電容器極板所 帶的電荷量q不變，貝g由電容的定義式c=- 分析可知板間電勢差增大，靜電計(jì)指針的偏角e變大；反之，保持d不變，增大s,貝歸減小，故 C 錯誤， D 錯誤故選：A.如圖所示，電燈A上標(biāo)有10V, 10W的字樣，電燈B上標(biāo)有8V, 20W的字樣，滑動變阻器的總電阻為6Q,當(dāng)滑動觸頭由a端向b端滑動的過程中（不考慮電燈電阻的變 化），則（）電流表示數(shù)一直減小，電壓表示數(shù)一直增大電流表示數(shù)一直增大，電壓表示數(shù)一直減小電流表示數(shù)先增大后減小，電壓表示數(shù)先減小后增大電流表示數(shù)先減小后增大，電壓表示數(shù)先增大后減小 【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律.【分析】先兩

16、燈的額定電壓和功率，求出其電阻大小.再分析當(dāng)滑動觸頭P由a端向b端滑 動的過程中，變阻器總電阻的變化，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析路端電壓和總電流的變化 ，再據(jù)滑動變阻器的觸頭判斷兩燈的電流的變化.【解答】解：電燈A的電阻為Ra=，電燈B的電阻為Rb=3.20，貝g知 RaRb 所以當(dāng)滑動觸頭P由a端向b端滑動的過程中，變阻器兩側(cè)并聯(lián)的總電阻一直減小，根據(jù)閉 合電路歐姆定律電路中總電流一直增大，路端電壓一直減小，則電流表的示數(shù)一直增大， 電壓表的示數(shù)一直減小.故B正確.故選：B在如圖所示電路中，當(dāng)滑動變阻器滑片P向上移動時，則（）A燈變亮、B燈變亮、C燈變亮 B. A燈變暗、B燈變亮、C燈變暗C.

17、 A燈變亮、B燈變暗、C燈變暗 D. A燈變暗、B燈變暗、C燈變亮 【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律.【分析】當(dāng)變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻 減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道A燈亮度的變化.由歐姆定律 分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷B燈亮度的變化由通過B的電流與總電流的變化，分析通 過C燈電流的變化，判斷其亮度的變化.【解答】解：當(dāng)變阻器的滑動觸頭P向上移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總 電阻增大，總電流I減小，A燈變暗.A燈和電源的內(nèi)電壓都減小，由閉合電路歐姆定律得知并聯(lián)部分電壓增大，B燈變亮. 由總電流減小，而通過B燈的電流增大，

18、可知通過C燈的電流減小，貝9C燈變暗.故ACD錯 誤，B正確.故選： B.根據(jù)R=p當(dāng)可以導(dǎo)出電阻率的表達(dá)式p=y-，對溫度一定的某種金屬導(dǎo)線來說，它的電阻率（）跟導(dǎo)線的電阻只成正比B.跟導(dǎo)線的橫截面積S成正比C.跟導(dǎo)線的長度L成反t匕D.只由其材料的性質(zhì)決定【考點(diǎn)】電阻定律【分析】在溫度一定的條件下，電阻率的大小與材料有關(guān)，與導(dǎo)線的長度以及橫截面積無 關(guān)【解答】解：電阻率的大小與材料的性質(zhì)決定，與電阻的大小、導(dǎo)線的長度、橫截面積無 關(guān).故D正確，A、B、C錯誤.故選：D.帶電粒子P所帶的電荷量是帶電粒子Q的3倍，它們以相等的速度V。從同一點(diǎn)出發(fā)，沿著 跟電場強(qiáng)度垂直的方向射入勻強(qiáng)電場，分別打

19、在M、N點(diǎn)，若OM = MN,則P和Q的質(zhì)量之 比為（不計(jì)重力為（）0M N3： 4 B. 4： 3 C. 3： 2 D. 2： 3【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動.【分析】帶電粒子垂直進(jìn)入電場，做類平拋運(yùn)動，根據(jù)水平位移之比得出運(yùn)動的時間之比，再通過豎直位移關(guān)系得出加速度的關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律以及電荷量之比得出它們的 質(zhì)量比.解答】解：粒子在水平方向做勻速直線運(yùn)動，在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn) 動，兩個粒子的初速度相等，P和Q的水平位移比為1： 2,由x=vt知，運(yùn)動時間比為1: 2根據(jù)y-at2，得加速度之比為4: 1，根據(jù)牛頓第二定律得，a=罟，因?yàn)镻和Q的電量比為3： 1,

20、則P和Q的質(zhì)量比為3: 4.故A正確,B、C、D錯誤.故選： A平行板電容器C與三個可變電阻器R1、R2、R3以及電源連成如圖所示的電路.閉合開關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器C兩極板帶有一定的電荷.要使電容器所帶電荷量增加，以下方法中可行的是（）只增大其他不變只增大R2，其他不變只減小R3，其他不變只增大a、b兩極板間的距離，其他不變 【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析；閉合電路的歐姆定律【分析】電容器與R3串聯(lián)，與R2并聯(lián)，電容器兩端間的電勢差等于R2兩端間的電勢差，電 阻R3相當(dāng)于導(dǎo)線.判斷出R2兩端電壓的變化，根據(jù)Q=CU2得出電容器電量的變化.【解答】解: A、只增大R1，其他不變，電路中的電流變小，

21、R2兩端的電壓減小，根據(jù)Q= CU2，知電容器所帶的電量減小.故A錯誤.B、只增大R2，其他不變，電路中的電流變小，內(nèi)電壓和Ri上的電壓減小，電動勢不變， 所以R2兩端的電壓增大，根據(jù)Q=CU2,知電容器所帶的電量增大.故B正確.C、只減小R3，其他不變，R3在整個電路中相當(dāng)于導(dǎo)線，所以電容器的電量不變.故C錯誤D、增大ab間的距離，根據(jù)C=，知電容C減小，而兩端間的電勢差不變，所以所帶的電量減小.故D錯誤.故選B.如圖所示，Ki、閉合時，一質(zhì)量為m、帶電量為q的液滴，靜止在電容器的A、B兩平 行金屬板間.現(xiàn)保持Ki閉合，將斷開，然后將B板向下平移一段距離，則下列說法正確 的是（）A.電容器的

22、電容變小B. A板電勢比電路中Q點(diǎn)電勢高C.液滴仍保持靜止 D.液滴的電勢能增大【考點(diǎn)】電容；電勢能；閉合電路的歐姆定律.【分析】在電容器的電量不變的情況下，將B析下移，則導(dǎo)致電容變化，電壓變化，根據(jù)E相結(jié)合可得E=4KkQEs.，從而確定電場強(qiáng)度是否變化.再根據(jù)電荷帶電性可確定電勢能增加與否.【解答】解：A、根據(jù)q肓，當(dāng)間距d增大時，其它條件不變，則導(dǎo)致電容變小，故A正確；B、斷開后A板帶正電，電場線從A到B,由于沿著電場線的方向電勢降低，所以A板電勢比電路中Q點(diǎn)電勢高，故B正確；C根據(jù)E#與F兀屈相結(jié)合可得E=也-，由于電量、正對面積不變，從而確定電場強(qiáng)度也不變，所以液滴仍保持靜止，故C正

23、確ID、根據(jù)電場力與重力平衡可知，液滴帶負(fù)電，由于B板的移動，導(dǎo)致液滴的電勢升高，所以其電勢能減小，故D錯誤；故選ABC如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等, 即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶負(fù)電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R、 Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，R同時在等勢面b上，據(jù)此可知（）三個等勢面中，c的電勢最低帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的電勢能比在Q點(diǎn)的小帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的動能與電勢能之和比在Q點(diǎn)的小帶電質(zhì)點(diǎn)在R點(diǎn)的加速度方向垂直于等勢面b【考點(diǎn)】等勢面；電勢；電勢能【分析】作出電場線，根據(jù)軌跡彎曲的方向可知，電場線向上故C點(diǎn)電勢最高；根據(jù)推論 ，負(fù)電荷

24、在電勢高處電勢能小，可知電荷在P點(diǎn)的電勢能大；總能量守恒；由電場線疏密 確定出，P點(diǎn)場強(qiáng)小，電場力小，加速度小.【解答】解：A、負(fù)電荷做曲線運(yùn)動，電場力指向曲線的內(nèi)側(cè)；作出電場線，根據(jù)軌跡彎 曲的方向和負(fù)電荷可知，電場線向上.故c點(diǎn)電勢最高，故A錯誤；B、利用推論：負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，知道P點(diǎn)電勢能大，故B錯誤；C、只有電場力做功，電勢能和動能之和守恒，故帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)的動能與電勢能之和等于 在Q點(diǎn)的動能與電勢能吐和，故C錯誤；D、帶電質(zhì)點(diǎn)在R點(diǎn)的受力方向沿著電場線的切線方向，電場線與等勢面垂直，故質(zhì)點(diǎn)在R 點(diǎn)的加速度方向與等勢面垂直，故D正確；故選D.實(shí)驗(yàn)題（每題8分共32分）一靈敏電

25、流計(jì)，允許通過的最大電流（滿刻度電流）為Ig=50pA，表頭電阻Rg=1kQ ，若改裝成量程為Im=10mA的電流表，應(yīng)并聯(lián)的電阻阻值為5Q.若將此電流計(jì)改裝成量程為U m=15V的電壓表，應(yīng)再 串 聯(lián)一個阻值為2.99x105 Q的電阻.【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表. 【分析】改裝成電流表應(yīng)并聯(lián)小電阻分流，并聯(lián)電阻與表頭的電壓相等； 改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)大電阻分壓，串聯(lián)電阻與表頭的電流相等.【解答】解：表頭兩端的滿偏電壓為Ug=IgRg = 5x10-5x1000Q=0.05V;改裝大量程的電流表時，表頭的滿偏電流仍為50pA，此時流過并聯(lián)電路部分的總電流為10mA，則流過并聯(lián)電阻的電流I =

26、 Im - Ig=10mA - 50pA=9950pA;0-.：05：則并聯(lián)電阻r=；若改裝成電壓表，則達(dá)最大量程時，串聯(lián)電阻兩端的電壓U = Um-Ug = 15V-0.05V=14.95V；14.臨曠則應(yīng)串聯(lián)的電阻R=2.99x105Q故答案為：并；5;串；2.99x105.某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量一圓柱體的長度I，用螺旋測微器測量圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖所示.由圖可讀出1= 2.25 cm, d= 6.860 mm.【考點(diǎn)】螺旋測微器的使用【分析】游標(biāo)卡尺的讀數(shù)方法是主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù).不需要估讀.螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，讀可動刻度讀數(shù)時需要估讀.【解答】解：游

27、標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為22mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.1x5=0.5mm,所以最后讀數(shù) 為： 22.5mm=2.25cm.螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5mm，可動刻度讀數(shù)為36.0 x0.01=0.360mm （0為估讀），所以最后讀數(shù)為6.860mm.故答案為：2.25 cm，6.860 mm要測繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A、電源E （電動勢3.0V，內(nèi)阻可不計(jì)）B、電壓表W （量程為03.0V，內(nèi)阻約2kQ）C、電壓表V2 （015.0V,內(nèi)阻約6kQD、電流表A1 （00.6A，內(nèi)阻約10）E、電流表A2 （0 100m

28、A，內(nèi)阻約20）F、滑動變阻器R1 （最大值100）G、滑動變阻器R2 （最大值2k0）（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選擇B ，電流表應(yīng)選擇D ，滑動變阻器應(yīng)選擇_F.（填各器材的序號）3）實(shí)驗(yàn)中測得一組數(shù)據(jù)如表所示，根據(jù)表格中的數(shù)據(jù)在方格紙上作出該電珠的伏安特性曲線I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/A00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（4）該小電珠的額定功率是1.00W【考點(diǎn)】測定電源的電動勢和內(nèi)阻【分析】（1 ）根據(jù)燈泡額定電壓選擇電壓表，根據(jù)燈泡額定電流選擇電流表，在保證電 路

29、安全的情況下，為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器（2）描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓 接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后作出電路圖（3）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)的點(diǎn)，然后作出圖象根據(jù)圖象可明確電壓為2V時的電流，由功率公式可求得功率.【解答】解：（1）燈泡額定電壓是2V,電壓表應(yīng)選B;由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，最大電流為0.5A，電流表選D;為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選F;（ 2）描繪小燈泡伏安特性曲線，電壓與電流要從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法；由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，燈泡最大電阻約為3.7Q，電壓表內(nèi)阻約為2

30、kQ，燈泡電阻阻值 遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖甲所示;（3）應(yīng)用描點(diǎn)法作圖，根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系內(nèi)描出對應(yīng)的點(diǎn)，然后用平滑的曲線 把各點(diǎn)連接起來，作出燈泡的I - U圖象，圖象如圖乙所示.（4）由圖可知，當(dāng)電壓為2V,電流為0.5A;貝助率P=UI=2x0.5 = 1.00W;故答案為：B; D; F;（2）如圖所示；（3）如圖所示；（4） 1.00W.在測量一節(jié)干電池電動勢E和內(nèi)阻r的實(shí)驗(yàn)中，小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路.根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路，請?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路的連接實(shí)驗(yàn)開始前，應(yīng)先將滑動變阻器的滑片P調(diào)到_a_ 傾a或b)端(3)小明測得有關(guān)數(shù)

31、據(jù)后，以電流表讀數(shù)I為橫坐標(biāo)，以電壓表讀數(shù)U為縱坐標(biāo)作出了如 圖丙所示的圖象，根據(jù)圖象求得電的電動勢E= 1.5 V，電的內(nèi)阻r= 1.0Q (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字).【考點(diǎn)】測定電源的電動勢和內(nèi)阻【分析】(1 )根據(jù)原理圖明確對應(yīng)的實(shí)物圖；實(shí)驗(yàn)開始應(yīng)使滑動變阻器的接入阻值最大；根據(jù)滑動變阻器的接入方法明確滑片的 位置；根據(jù)圖象的性質(zhì)可求得電源的電動勢和內(nèi)阻；注意圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電 動勢；圖象的斜率表示內(nèi)阻解答】解：(1 )根據(jù)原理圖可明確實(shí)物圖，如圖所示；為了實(shí)驗(yàn)的安全，開始時滑動變阻器接入電阻應(yīng)為最大值，故滑片應(yīng)滑到a端;由圖可知，電源的電動勢E=1.5V; r= =1.00;故

32、答案為：(1 )如圖所示;(2) a (3) 1.5 1.0計(jì)算題（要寫出必要的文字說明和必要的方程，共28分）如圖所示，電路中接電動勢為4V,內(nèi)電阻為2Q的直流電源，電阻Ri、R2、R3、R4的 阻值均為4Q 電容器的電容為30pF,電流表的內(nèi)阻不計(jì)，當(dāng)電路穩(wěn)定后.（1 ）求電流表的讀數(shù)；（2）求電容器所帶的電荷量；（3）如果斷開電源，求通過R2的電荷量.【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；電容；電流、電壓概念【分析】 在該電路中，Ri和R2被電流表短路，即該電路由R3、R4、和電流表構(gòu)成串 聯(lián)電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律去求電流表的讀數(shù)（2）電容器并聯(lián)在R3的兩端，電容器兩端的電壓等于R3兩端的電壓，根據(jù)Q=CU3求電容 器所帶的電荷量（3）斷開電源，電容器會出現(xiàn)放電，因Ri、R2并聯(lián)，且Ri = R2，所以流過兩個電阻的電荷 量相等【解答】解：（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律：I盞+；嚴(yán) 盲缶產(chǎn)必 故電流表的讀數(shù)為0.4A.U3=IR3=0.4x4V=1.6VQ=CU3=4.8x10-5C故電容器所帶的電荷量為4.8x10 - 5C因Ri、R2并聯(lián)，且Ri=R2，所以在放電回路中通過R2的電