2022-2023學(xué)年廣東省佛山市莘村中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中經(jīng)典試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、由庫(kù)侖定律可知，真空中兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，當(dāng)所帶電荷量分別q1和q2，其間距為r 時(shí)，它們之間靜電力的大小為，式中k為靜電力常量。在國(guó)際單位制中，k的單位是（ ）A

2、Nm2/C2BC2/ (Nm2)CNm2/CDNC2/m22、從同一點(diǎn)沿不同方向拋出質(zhì)量相同的A、B兩球，返回同一高度時(shí)，兩球再次經(jīng)過(guò)同一點(diǎn)，如圖所示。如果不計(jì)空氣阻力，關(guān)于兩球的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是A在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)小球A速度的變化率大于小球B速度的變化率B小球A在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大于小球B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間CA、B兩球落地時(shí)速度一定相等D兩球落地時(shí)重力做功的功率可能相等3、如圖所示,將一個(gè)半圓形軌道固定在豎直面內(nèi),一滑塊從左側(cè)軌道的最高點(diǎn)沿軌道的切線進(jìn)入軌道,之后沿軌道滑到最低點(diǎn)的過(guò)程中其速率不變,則（ ）A滑塊下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒B滑塊下滑過(guò)程中所受合外力大小不變C滑塊下滑過(guò)程中重力的功率不變

3、D滑塊沿右側(cè)軌道上升過(guò)程中速率也不變4、如圖所示，輕桿的一端與一小球相連，可繞過(guò)O點(diǎn)的水平軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)現(xiàn)給小球一初速度，使它在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，圖中a、b分別表示小球軌道的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)關(guān)于桿對(duì)球的作用力，下列說(shuō)法正確的是Aa處一定為拉力Ba處一定為推力Cb處一定為拉力Db處一定為推力5、如圖所示，在點(diǎn)電荷+Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中，引入一個(gè)帶電量較小的電荷-q當(dāng)將-q移近+Q的過(guò)程中Aa點(diǎn)的電場(chǎng)不會(huì)改變Bb點(diǎn)的電場(chǎng)不會(huì)改變C+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)會(huì)改變D+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)不會(huì)改變6、如圖所示為兩電源的圖象，則下列說(shuō)法正確的是A電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均比電源小B當(dāng)外接相同的電阻時(shí)，兩電源的輸出功率可能相等

4、C當(dāng)外接同樣的電阻時(shí)，兩電源的效率可能相等D不論外接多大的相同電阻，電源的輸出功率總比電源的輸出功率大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，質(zhì)量相同的兩物體a、b，用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在一光滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，a在水平桌面的上方，b在水平粗糙桌面上，初始時(shí)用力壓住b使a、b靜止，撤去此壓力后，a開(kāi)始運(yùn)動(dòng)在a下降的過(guò)程中，b始終未離開(kāi)桌面在此過(guò)程中Aa的動(dòng)能小于b的動(dòng)能B兩物體機(jī)械能的變化量相等Ca的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量D繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)

5、b所做的功的代數(shù)和為零8、如圖所示的裝置叫做阿特伍德機(jī)，是阿特伍德創(chuàng)制的一種著名力學(xué)實(shí)驗(yàn)裝置，用來(lái)研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律繩子兩端的物體下落（或上升）的加速度總是小于自由落體的加速度g已知物體A、B的質(zhì)量相等均為4m，物體C的質(zhì)量為m，一切摩擦不計(jì)，輕繩不可伸長(zhǎng)且足夠長(zhǎng)， 現(xiàn)將裝置從靜止釋放下列說(shuō)法正確的是 A物體C的加速度為B物體C的加速度為C物體C對(duì)B的拉力為D物體C對(duì)B的拉力為9、在某一高度處將A球以大小為的初速度水平拋出同時(shí)在A球正下方地面處將B球以大小為的初速度斜向上拋出結(jié)果在B球上升至最高點(diǎn)時(shí)兩球恰在空中相遇，相遇時(shí)兩球的速度大小分別為、，不計(jì)空氣阻力則ABCD10、如圖所示，質(zhì)量

6、為 m 的物體放在光滑的水平面上，現(xiàn)有一與水平方向成角的恒力 F 作用于物體上，恒力 F在物體上作用了一段時(shí)間(作用過(guò)程中物體始終未離開(kāi)水平面)，則在此過(guò)程中A力 F對(duì)物體做的功大于物體動(dòng)能的變化B力 F對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的變化C力 F對(duì)物體的沖量大小大于物體動(dòng)量變化的大小D力 F對(duì)物體的沖量等于物體動(dòng)量的變化三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）為了探究物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，向心力與哪些因素有關(guān)？某同學(xué)進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：如圖甲所示，繩子的一端拴一個(gè)小沙袋，繩上離小沙袋L處打一個(gè)繩結(jié)A，2L處打另一個(gè)繩結(jié)B請(qǐng)一位同學(xué)幫助用秒表計(jì)

7、時(shí)如圖乙所示，做了四次體驗(yàn)性操作操作1：手握繩結(jié)A，使沙袋在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每秒運(yùn)動(dòng)1周體驗(yàn)此時(shí)繩子拉力的大小操作2：手握繩結(jié)B，使沙袋在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每秒運(yùn)動(dòng)1周體驗(yàn)此時(shí)繩子拉力的大小操作3：手握繩結(jié)A，使沙袋在水平平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每秒運(yùn)動(dòng)2周體驗(yàn)此時(shí)繩子拉力的大小操作4：手握繩結(jié)A，增大沙袋的質(zhì)量到原來(lái)的2倍，使沙袋在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，每秒運(yùn)動(dòng)1周體驗(yàn)此時(shí)繩子拉力的大?。?）操作2與操作1中，體驗(yàn)到繩子拉力較大的是_；（2）操作3與操作1中，體驗(yàn)到繩子拉力較大的是_；（3）操作4與操作1中，體驗(yàn)到繩子拉力較大的是_；（4）總結(jié)以上四次體驗(yàn)性操作，可知物體做勻速

8、圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，向心力大小與_有關(guān)A半徑 B質(zhì)量 C周期 D線速度的方向（5）實(shí)驗(yàn)中，人體驗(yàn)到的繩子的拉力是否是沙袋做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力_（“是”或“不是”）12（12分）為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)實(shí)驗(yàn)，裝置如圖1所示，物塊A的質(zhì)量為m1，物塊B和遮光片的總質(zhì)量為m2，用通過(guò)定滑輪的輕細(xì)線連接，m1m2，開(kāi)始用于托著B(niǎo)靜止，細(xì)線伸直。此時(shí)遮光片到光電門(mén)的距離為H，然后釋放物塊B，當(dāng)遮光片通過(guò)光電門(mén)時(shí)，光電門(mén)記錄的遮光時(shí)間是2.1110-3s已知遮光片的寬度為d，且dH，在測(cè)遮光片的寬度d時(shí)，使用20分度的游標(biāo)卡尺來(lái)測(cè)量，準(zhǔn)確操作后，部分刻線如圖2所示，重力加速度為g。（1）遮光片的寬度

9、d為_(kāi)cm。（2）物塊B經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度為_(kāi)m/s。（保留兩位有效數(shù)字）（3）在誤差允許的范圍內(nèi)，需要滿足關(guān)系式_，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。（用題中所給的字母表示）（4）在實(shí)際運(yùn)算驗(yàn)證時(shí)，第（3）中的關(guān)系式兩邊的數(shù)值總是有些差異，你認(rèn)為原因可能是_（答對(duì)一條即可給分）。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑固定軌道ABCD上有兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊，滑塊中間有一壓縮彈簧且與兩物體不拴連，左側(cè)物體質(zhì)量m1未知，右側(cè)物體質(zhì)量，軌道右側(cè)為半徑的半圓弧AB，A為圓弧最高點(diǎn)，B為最低點(diǎn)和水平面相切，左側(cè)軌道C

10、D為一半徑為且圓心角的圓弧，轉(zhuǎn)輪大小可忽略不計(jì)的粗糙的傳送帶EF長(zhǎng)L=3m與水平面也成角，傳送帶沿斜面向上始終以勻速運(yùn)動(dòng)，傳送帶上表面與左端圓弧末端D點(diǎn)相切且剛好無(wú)彈力接觸。現(xiàn)將兩物體同時(shí)在水平軌道上由靜止釋放，若彈簧的彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為兩物體的動(dòng)能，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)前兩物體并未進(jìn)入圓弧軌道，最終m2恰好能通過(guò)右側(cè)半圓弧A點(diǎn)，m1通過(guò)圓弧軌道CD滑上傳送帶，在傳送帶上一直做勻變速運(yùn)動(dòng)且到達(dá)F點(diǎn)時(shí)速度大小，m1通過(guò)傳送帶EF的過(guò)程中，系統(tǒng)摩擦生熱量Q與m1的機(jī)械能變化量E剛好相等，g=10m/s，sin=0.6，cos=0.8.求：(1)m2到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB；(2)彈簧初始狀態(tài)具有的彈性勢(shì)能

11、Ep；(3)m1通過(guò)傳送帶EF的過(guò)程中，電動(dòng)機(jī)額外消耗的電能上為多少。14（16分）如圖所示，在粗糙的水平面上一木板B正向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)其速度為時(shí)，將一小木塊A無(wú)初速度地放在其右端，從此時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，A、B的的速度隨時(shí)間變化的部分圖象如圖所示.已知A、B的質(zhì)量分別為，重力加速度，木塊始終沒(méi)有離開(kāi)木板.求：（1）木板的初速度；（2）木板的最小長(zhǎng)度.15（12分）如圖所示輕彈簧一端固定在水平面上的豎直擋板上,處于原長(zhǎng)時(shí)另一端位于水平面上B點(diǎn)處,B點(diǎn)左側(cè)光滑,右側(cè)粗糙。水平面的右側(cè)C點(diǎn)處有一足夠長(zhǎng)的斜面與水平面平滑連接,斜面傾角為37,斜面上有一半徑為R=1m的光滑半圓軌道與斜面切于D點(diǎn),半圓軌道的最高點(diǎn)

12、為E,G為半圓軌道的另一端點(diǎn),LBC=2.5m,A、B、C、D、E、G均在同一豎直面內(nèi)。使質(zhì)量為m=0.5kg的小物塊P擠壓彈簧右端至A點(diǎn),然后由靜止釋放P,P到達(dá)B點(diǎn)時(shí)立即受到斜向右上方,與水平方向的夾角為37,大小為F=5N的恒力,一直保持F對(duì)物塊P的作用,結(jié)果P通過(guò)半圓軌道的最高點(diǎn)E時(shí)的速度為vE=10m/s。已知P與水平面斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.5,g取10m/s2.sin37=0.6,(1)P運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小;(2)彈簧的最大彈性勢(shì)能;(3)若其它條件不變,增大B、C間的距離使P過(guò)G點(diǎn)后恰好能垂直落在斜面上,求P在斜面上的落點(diǎn)距D點(diǎn)的距離。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題

13、共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】本題考查國(guó)際單位制的轉(zhuǎn)化?！驹斀狻緼BCD.由庫(kù)侖力公式可知：則k的單位為Nm2/C2，故A正確BCD錯(cuò)誤。故選A。2、B【解析】A.兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，只受重力，加速度為都為g，所以兩球在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)速度的變化率相等.故A錯(cuò)誤.B.由圖可知，兩球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，A球上升的高度大，即A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以A球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng).故B正確.C.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，則A球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng)。根據(jù)題意可知兩球水平方向距離相等，則A球的水平分速度小于B球的水

14、平分速度，兩球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成可知，兩球落地時(shí)速度不一定相等.故C錯(cuò)誤.D. 由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以兩球落地時(shí)重力做功的功率A球的大于B球的.故D錯(cuò)誤.3、B【解析】滑塊下滑的過(guò)程中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，機(jī)械能減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；滑塊下滑的過(guò)程中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，可知合力的大小不變，方向時(shí)刻改變，故B正確重力不變，勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小不變，速度在豎直方向上的分速度逐漸減小，則重力的功率減小，故C錯(cuò)誤在右側(cè)軌道,滑塊所受合力沿切線方向的分力與瞬時(shí)速度相反,故滑塊做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.4、A【解

15、析】a處合外力向上，重力向下，所以在a處桿對(duì)球的作用力為拉力b處合外力向下，重力向下，但b處速度未知，所需向心力大小未知，因此合力的大小也未知，所以在b處可能為拉力，也可能為推力，故A正確；BCD錯(cuò)故選A5、D【解析】A a點(diǎn)的電場(chǎng)為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在a點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過(guò)程中，電荷-q到a點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)發(fā)生變化。所以a點(diǎn)的電場(chǎng)發(fā)生改變，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B b點(diǎn)的電場(chǎng)為點(diǎn)電荷+Q和電荷-q在b點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)的疊加，將-q移近點(diǎn)電荷+Q的過(guò)程中，電荷-q到b點(diǎn)的距離發(fā)生變化，在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)發(fā)生變化。所以b點(diǎn)的電場(chǎng)發(fā)生改變，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C 點(diǎn)電荷+Q到b點(diǎn)的

16、距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)不會(huì)改變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D 點(diǎn)電荷+Q到a點(diǎn)的距離及電量不變，所以點(diǎn)電荷+Q在a點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)不會(huì)改變，故D項(xiàng)正確。6、D【解析】A、根據(jù)閉合電路歐姆定律得，UEIr，當(dāng)I0時(shí)，UE，即圖線與縱軸交點(diǎn)表示斷路狀態(tài)，交點(diǎn)的縱坐標(biāo)等于電源的電動(dòng)勢(shì)大小，圖線的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，由圖看出，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻均比電源大，故A錯(cuò)誤；BD、過(guò)原點(diǎn)O作出一條傾斜的直線（3），該直線與圖線、的交點(diǎn)就表示一個(gè)相同的電阻與兩電源連接時(shí)的工作狀態(tài)，如圖所示：由圖看出，直線（3）與圖線交點(diǎn)的兩坐標(biāo)的乘積大于直線（3）與圖線交點(diǎn)的兩坐標(biāo)的乘積，說(shuō)明不論外接多大的相同電阻，電

17、源的輸出功率總比電源的輸出功率大，故B錯(cuò)誤，D正確;C、電源的效率，當(dāng)外接同樣的電阻，由于內(nèi)阻r不等，電源的效率不可能相等，電源的效率總大于電源的效率，故C錯(cuò)誤二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】將b的實(shí)際速度進(jìn)行分解如圖：由圖可知，即a的速度小于b的速度，故a的動(dòng)能小于b的動(dòng)能，故A正確；由于有摩擦力做功，故ab系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，則二者機(jī)械能的變化量不相等，故B錯(cuò)誤；a的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量與產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故a的重力勢(shì)能的減小量大于

18、兩物體總動(dòng)能的增加量，故C錯(cuò)誤；在這段時(shí)間t內(nèi)，繩子對(duì)a的拉力和對(duì)b的拉力大小相等，繩子對(duì)a做的功等于，繩子對(duì)b的功等于拉力與拉力方向上b的位移的乘積，即，又，所以繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的絕對(duì)值相等，二者代數(shù)和為零，故D正確。故選AD。8、BD【解析】設(shè)物體C下落的加速度為a，繩子的張力為T(mén)，以物體A作為研究對(duì)象有：T-4mg=4ma，以BC作為整體為研究對(duì)象有：（4m+m）g-T=（4m+m）a，聯(lián)立以上兩式可解得：，故A錯(cuò)誤，B正確；對(duì)物體C，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-F=ma，解得：，故C錯(cuò)誤，D正確所以BD正確，AC錯(cuò)誤9、BC【解析】A球做平拋運(yùn)動(dòng)，B球做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方

19、向都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因?yàn)閮汕蛟诳罩邢嘤?，則有水平位移相等，根據(jù)x=vxt知，水平分速度相等，有v2=v2cos，是B球的初速度與水平的夾角，則得v2v2故A錯(cuò)誤，B正確；相遇時(shí)，A球的速度大小為：，在B球上升至最高點(diǎn)時(shí)，vB=v2cos=v2可得，vAvB，故C正確，D錯(cuò)誤所以BC正確，AD錯(cuò)誤10、BC【解析】對(duì)物體受力分析，受重力、支持力、拉力，合力為Fcos；重力和支持力都與位移垂直，不做功，故拉力的功等于總功，也等于動(dòng)能的增加量，故A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)動(dòng)量定理，動(dòng)量增加量等于合力的沖量；合力為Fcos，小于拉力，故拉力的沖量大于動(dòng)量增加量，故C正確，D錯(cuò)誤；故選BC【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵理解

20、和掌握動(dòng)能定理和動(dòng)量定理，明確總功是動(dòng)能變化量度，總沖量是動(dòng)量變化量度三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、操作2操作3操作4ABC不是【解析】(1)根據(jù)F=mr2知，操作2與操作1相比，操作2的半徑大，小球質(zhì)量和角速度相等，知拉力較大的是操作2；(2)根據(jù)F=mr2知，操作3與操作1相比，操作3小球的角速度較大，半徑不變，小球的質(zhì)量不變，知操作3的拉力較大。(3)操作4和操作1比較,半徑和角速度不變,小球質(zhì)量變大,根據(jù)F=mr2知，操作4的拉力較大。(4)由以上四次操作，可知向心力的大小與質(zhì)量、半徑、角速度有關(guān)。故選：ABC。(5) 沙

21、袋做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力時(shí)繩子對(duì)沙袋的拉力，作用在沙袋上。而人體驗(yàn)到的繩子的拉力作用在人上，不是同一個(gè)力。12、1.055 5.0 =（m2-m1）gH 存在阻力作用 【解析】（1）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標(biāo)讀數(shù)為0.0511mm=0.55mm，則遮光片的寬度d=10.55mm=1.055cm。（2）物塊B經(jīng)過(guò)光電門(mén)的瞬時(shí)速度為：。（3）系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量Ep=（m2-m1）gH，系統(tǒng)動(dòng)能的增加量為：，當(dāng)時(shí)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。（4）在實(shí)際運(yùn)算驗(yàn)證時(shí)，第（3）中的關(guān)系式兩邊的數(shù)值總是有些差異，可能的原因是存在阻力作用。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)

22、出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1) ；(2) ；(3) ?！窘馕觥?1)由于m2剛好到達(dá)A點(diǎn)，則有m2從B到A，有動(dòng)能定理得解得(2)m1滑上傳送帶，最終達(dá)到F點(diǎn)時(shí)速度大小，且m1通過(guò)傳送帶EF的過(guò)程中，系統(tǒng)摩擦生熱量Q與m1的機(jī)械能變化量剛好相等，可得得傳送帶位移得，m1通過(guò)圓弧軌道CD，由動(dòng)能定理得得兩物體同時(shí)由靜止釋放到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒得系能機(jī)械能守恒得(3)物體m1通過(guò)傳送帶過(guò)程中，有動(dòng)能定理得物體m1對(duì)傳動(dòng)帶的滑動(dòng)摩擦力大小與電動(dòng)機(jī)對(duì)傳送帶的牽引力大小相等，即即所以消耗的電能等于牽引力的功解得14、 (1) (2) 【解析】根據(jù)圖象求出加速度，再根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦因數(shù)，再結(jié)合速度時(shí)