2022年廣東省新高考物理試卷

1、第PAGE26頁（共NUMPAGES26頁）2022年廣東省新高考物理試卷一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1（4分）如圖是可用來制作豆腐的石磨。木柄AB靜止時，連接AB的輕繩處于繃緊狀態(tài)。O點是三根輕繩的結(jié)點，F(xiàn)、F1和F2分別表示三根繩的拉力大小，F(xiàn)1F2且AOB60。下列關(guān)系式正確的是（）AFF1BF2F1CF3F1DFF12（4分）“祝融號”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設(shè)火星和地球的冬季是各自公轉(zhuǎn)周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的1.88倍。火星和地球繞太陽的公轉(zhuǎn)均可視為勻速圓周運動。下列關(guān)于火

2、星、地球公轉(zhuǎn)的說法正確的是（）A火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球的大B火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球的大C火星公轉(zhuǎn)的半徑比地球的小D火星公轉(zhuǎn)的加速度比地球的小3（4分）如圖是滑雪道的示意圖。可視為質(zhì)點的運動員從斜坡上的M點由靜止自由滑下，經(jīng)過水平NP段后飛入空中，在Q點落地。不計運動員經(jīng)過N點的機(jī)械能損失，不計摩擦力和空氣阻力。下列能表示該過程運動員速度大小v或加速度大小a隨時間t變化的圖像是（）ABCD4（4分）如圖是簡化的某種旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)原理圖。定子是僅匝數(shù)n不同的兩線圈，n1n2，二者軸線在同一平面內(nèi)且相互垂直，兩線圈到其軸線交點O的距離相等，且均連接阻值為R的電阻，轉(zhuǎn)子是中心在O點的條形磁鐵，繞O點

3、在該平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時，兩線圈輸出正弦式交變電流。不計線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響，下列說法正確的是（）A兩線圈產(chǎn)生的電動勢的有效值相等B兩線圈產(chǎn)生的交變電流頻率相等C兩線圈產(chǎn)生的電動勢同時達(dá)到最大值D兩電阻消耗的電功率相等5（4分）目前科學(xué)家已經(jīng)能夠制備出能量量子數(shù)n較大的氫原子。氫原子第n能級的能量為En，其中E113.6eV。如圖是按能量排列的電磁波譜，要使n20的氫原子吸收一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（）A紅外線波段的光子B可見光波段的光子C紫外線波段的光子DX射線波段的光子6（4分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)，截面為三角形的小積木懸掛在離地足夠高處，一玩具槍

4、的槍口與小積木上P點等高且相距為L。當(dāng)玩具子彈以水平速度v從槍口向P點射出時，小積木恰好由靜止釋放，子彈從射出至擊中積木所用時間為t。不計空氣阻力。下列關(guān)于子彈的說法正確的是（）A將擊中P點，t大于B將擊中P點，t等于C將擊中P點上方，t大于D將擊中P點下方，t等于7（4分）如圖所示，一個立方體空間被對角平面MNPQ劃分成兩個區(qū)域，兩區(qū)域分布有磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反且與z軸平行的勻強磁場。一質(zhì)子以某一速度從立方體左側(cè)垂直O(jiān)yz平面進(jìn)入磁場，并穿過兩個磁場區(qū)域。下列關(guān)于質(zhì)子運動軌跡在不同坐標(biāo)平面的投影中，可能正確的是（）ABCD二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給

5、出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。（多選）8（6分）如圖所示，磁控管內(nèi)局部區(qū)域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場。電子從M點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經(jīng)過N、P兩點。已知M、P在同一等勢面上，下列說法正確的有（）A電子從N到P，電場力做正功BN點的電勢高于P點的電勢C電子從M到N，洛倫茲力不做功D電子在M點所受的合力大于在P點所受的合力（多選）9（6分）如圖所示，載有防疫物資的無人駕駛小車，在水平MN段以恒定功率200W、速度5m/s勻速行駛，在斜坡PQ段以恒定功率570W、速度2m/s勻速行駛。已知小車總質(zhì)量為50kg

6、，MNPQ20m，PQ段的傾角為30，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力。下列說法正確的有（）A從M到N，小車牽引力大小為40NB從M到N，小車克服摩擦力做功800JC從P到Q，小車重力勢能增加1104JD從P到Q，小車克服摩擦力做功700J（多選）10（6分）如圖所示，水平地面（Oxy平面）下有一根平行于y軸且通有恒定電流I的長直導(dǎo)線。P、M和N為地面上的三點，P點位于導(dǎo)線正上方，MN平行于y軸，PN平行于x軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動，運動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的有（）AN點與M點的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同B線圈

7、沿PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變C線圈從P點開始豎直向上運動時，線圈中無感應(yīng)電流D線圈從P到M過程的感應(yīng)電動勢與從P到N過程的感應(yīng)電動勢相等三、非選擇題：共54分。第1114題為必考題，考生都必須作答。第1516題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11（7分）某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，設(shè)計了如圖（a）所示的裝置，實驗過程如下：（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。（2）用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖（b）所示，

8、小球直徑d mm。（3）測量時，應(yīng) （選填“A”或“B”，其中A為“先釋放小球，后接通數(shù)字計時器”，B為“先接通數(shù)字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電門的遮光時間t1和t2。（4）計算小球通過光電門的速度，已知小球的質(zhì)量為m，可得小球與橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失E （用字母m、d、t1和t2表示）。（5）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會 （選填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的測量誤差。12（9分）彈性導(dǎo)電繩逐步成為智能控制系統(tǒng)中部分傳感器的敏感元件。某同學(xué)測量彈性導(dǎo)電繩的電阻與拉伸后繩長之間的關(guān)系，實驗過程如下：（1）裝置安裝和電路連接如圖（a）所示，導(dǎo)電繩的一端固定，另

9、一端作為拉伸端，兩端分別用帶有金屬夾A、B的導(dǎo)線接入如圖（b）所示的電路中。（2）導(dǎo)電繩拉伸后的長度L及其電阻Rx的測量將導(dǎo)電繩拉伸后，用刻度尺測量并記錄A、B間的距離，即為導(dǎo)電繩拉伸后的長度L。將滑動變阻器R的滑片滑到最右端。斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)R，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到合適位置。記錄兩表的示數(shù)U和I1。閉合S2，電壓表的示數(shù) （選填“變大”或“變小”）。調(diào)節(jié)R使電壓表的示數(shù)仍為U，記錄電流表的示數(shù)I2，則此時導(dǎo)電繩的電阻Rx （用I1、I2和U表示）。斷開S1，增大導(dǎo)電繩拉伸量，測量并記錄A、B間的距離，重復(fù)步驟和。（3）該電壓表內(nèi)阻對導(dǎo)電繩電阻的測量值 （選填“有”或“

10、無”）影響。（4）圖（c）是根據(jù)部分實驗數(shù)據(jù)描繪的RxL圖線。將該導(dǎo)電繩兩端固定在某種機(jī)械臂上，當(dāng)機(jī)械臂彎曲后，測得導(dǎo)電繩的電阻Rx為1.33k，則由圖線可讀出導(dǎo)電繩拉伸后的長度為 cm，即為機(jī)械臂彎曲后的長度。13（11分）某同學(xué)受自動雨傘開傘過程的啟發(fā)，設(shè)計了如圖所示的物理模型。豎直放置在水平桌面上的滑桿上套有一個滑塊，初始時它們處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)滑塊從A處以初速度v0為10m/s向上滑動時，受到滑桿的摩擦力f為1N。滑塊滑到B處與滑桿發(fā)生完全非彈性碰撞，帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動。已知滑塊的質(zhì)量m0.2kg，滑桿的質(zhì)量M0.6kg，A、B間的距離l1.2m，重力加速度g取10m/s2

11、，不計空氣阻力。求：（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌面對滑桿支持力的大小N1和N2；（2）滑塊碰撞前瞬間的速度大小v；（3）滑桿向上運動的最大高度h。14（15分）密立根通過觀測油滴的運動規(guī)律證明了電荷的量子性，因此獲得了1923年的諾貝爾獎。如圖是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為d的足夠大金屬極板，上極板中央有一小孔。通過小孔噴入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴帶上了電荷。有兩個質(zhì)量均為m0、位于同一豎直線上的球形小油滴A和B，在時間t內(nèi)都勻速下落了距離h1。此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A繼續(xù)以原速度下落，B經(jīng)過一段時間后向上勻速運動。B在勻速運動時間

12、t內(nèi)上升了距離h2（h2h1），隨后與A合并，形成一個球形新油滴，繼續(xù)在兩極板間運動直至勻速。已知球形油滴受到的空氣阻力大小為fkv，其中k為比例系數(shù)，m0為油滴質(zhì)量，v為油滴運動速率。不計空氣浮力，重力加速度為g。求：（1）比例系數(shù)k；（2）油滴A、B的帶電量和電性；B上升距離h2電勢能的變化量；（3）新油滴勻速運動速度的大小和方向。（二）選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。選修3-3（12分）15（6分）利用空調(diào)將熱量從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外環(huán)境，這個過程 （選填“是”或“不是”）自發(fā)過程。該過程空調(diào)消耗了電能，空調(diào)排放到室外環(huán)境的熱

13、量 （選填“大于”“等于”或“小于”）從室內(nèi)吸收的熱量。16（6分）玻璃瓶可作為測量水深的簡易裝置。如圖所示，潛水員在水面上將80mL水裝入容積為380mL的玻璃瓶中，擰緊瓶蓋后帶入水底，倒置瓶身，打開瓶蓋，讓水進(jìn)入瓶中，穩(wěn)定后測得瓶內(nèi)水的體積為230mL。將瓶內(nèi)氣體視為理想氣體，全程氣體不泄漏且溫度不變。大氣壓強p0取1.0105Pa，重力加速度g取10m/s2，水的密度取1.0103kg/m3。求水底的壓強p和水的深度h。選修3-4（12分）17如圖所示，某同學(xué)握住軟繩的一端周期性上下抖動，在繩上激發(fā)了一列簡諧波。從圖示時刻開始計時，經(jīng)過半個周期，繩上M處的質(zhì)點將運動至 （選填“N”“P”

14、或“Q”）處。加快抖動，波的頻率增大，波速 （選填“增大”“減小”或“不變”）。18一個水平放置的圓柱形罐體內(nèi)裝了一半的透明液體，液體上方是空氣，其截面如圖所示。一激光器從罐體底部P點沿著罐體的內(nèi)壁向上移動，它所發(fā)出的光束始終指向圓心O點。當(dāng)光束與豎直方向成45角時，恰好觀察不到從液體表面射向空氣的折射光束。已知光在空氣中的傳播速度為c，求液體的折射率n和激光在液體中的傳播速度v。2022年廣東省新高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1（4分）如圖是可用來制作豆腐的石磨。木柄AB靜止時，連接AB的

15、輕繩處于繃緊狀態(tài)。O點是三根輕繩的結(jié)點，F(xiàn)、F1和F2分別表示三根繩的拉力大小，F(xiàn)1F2且AOB60。下列關(guān)系式正確的是（）AFF1BF2F1CF3F1DFF1【分析】對結(jié)點O進(jìn)行受力分析，根據(jù)幾何關(guān)系和平衡狀態(tài)得出力之間的關(guān)系?！窘獯稹拷猓阂越Y(jié)點O為分析對象，根據(jù)平衡狀態(tài)和對稱性可知，F(xiàn)1F2，且，故D正確，ABC錯誤；故選：D。【點評】本題主要考查了共點力的平衡，熟悉對物體的受力分析，結(jié)合幾何關(guān)系即可完成解答，難度不大。2（4分）“祝融號”火星車需要“休眠”以度過火星寒冷的冬季。假設(shè)火星和地球的冬季是各自公轉(zhuǎn)周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的1.88倍?；鹦呛偷厍蚶@太陽的公轉(zhuǎn)均可視

16、為勻速圓周運動。下列關(guān)于火星、地球公轉(zhuǎn)的說法正確的是（）A火星公轉(zhuǎn)的線速度比地球的大B火星公轉(zhuǎn)的角速度比地球的大C火星公轉(zhuǎn)的半徑比地球的小D火星公轉(zhuǎn)的加速度比地球的小【分析】根據(jù)行星的周期大小得出半徑的大小，結(jié)合萬有引力提供向心力的公式得出加速度、角速度和線速度的大小關(guān)系?！窘獯稹拷猓篊、根據(jù)萬有引力提供向心力得：，因此因為火星和地球的冬季是各自公轉(zhuǎn)周期的四分之一，且火星的冬季時長約為地球的1.88倍，即火星的公轉(zhuǎn)周期大于地球的公轉(zhuǎn)周期，由此可知火星公轉(zhuǎn)的半徑大于地球的公轉(zhuǎn)半徑，故C錯誤；ABD、根據(jù)萬有引力提供向心力得：解得：；，根據(jù)上述的半徑關(guān)系可知，火星公轉(zhuǎn)的線速度、角速度和加速度都比地

17、球的小，故D正確，AB錯誤；故選：D?！军c評】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，可以利用口訣“高軌低速長周期”直接進(jìn)行判斷。3（4分）如圖是滑雪道的示意圖。可視為質(zhì)點的運動員從斜坡上的M點由靜止自由滑下，經(jīng)過水平NP段后飛入空中，在Q點落地。不計運動員經(jīng)過N點的機(jī)械能損失，不計摩擦力和空氣阻力。下列能表示該過程運動員速度大小v或加速度大小a隨時間t變化的圖像是（）ABCD【分析】根據(jù)運動員在不同運動過程的受力特點得出加速度的變化，從而分析出速度的變化，結(jié)合圖像完成分析。【解答】解：運動員在MN階段做勻加速運動，加速度為agsin，則運動員的速度均勻增加；在NP階段做勻速運動，加速度為0，運

18、動員的速度保持不變；在PQ階段做平拋運動，加速度為ag，運動員的速度均勻增加，且增加的比第一階段更快，故C正確，ABD錯誤；故選：C?！军c評】本題以滑雪為考查背景，主要考查了運動學(xué)圖像的應(yīng)用，分析出運動員的受力特點，結(jié)合牛頓第二定律得出加速度和速度的變化即可，難度不大。4（4分）如圖是簡化的某種旋轉(zhuǎn)磁極式發(fā)電機(jī)原理圖。定子是僅匝數(shù)n不同的兩線圈，n1n2，二者軸線在同一平面內(nèi)且相互垂直，兩線圈到其軸線交點O的距離相等，且均連接阻值為R的電阻，轉(zhuǎn)子是中心在O點的條形磁鐵，繞O點在該平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動時，兩線圈輸出正弦式交變電流。不計線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響，下列說法正確的是（）A兩線圈產(chǎn)生

19、的電動勢的有效值相等B兩線圈產(chǎn)生的交變電流頻率相等C兩線圈產(chǎn)生的電動勢同時達(dá)到最大值D兩電阻消耗的電功率相等【分析】勻速圓周運動的周期和頻率恒定，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律定性地分析出感應(yīng)電動勢的大小，結(jié)合功率的公式分析出功率的關(guān)系；根據(jù)不同位置的磁通量的變化特點分析出線圈是否能同時達(dá)到最大值?！窘獯稹拷猓篈D、根據(jù)運動的周期性可知，兩個線圈位置的磁通量變化量都相等，即相等，則兩個線圈位置的電動勢分別為，因為n1n2，則線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢不相等，有效值也不相等，根據(jù)功率的計算公式可知，電阻消耗的電功率也不相等，故AD錯誤；B、在勻速圓周運動中，磁鐵的周期固定，則線圈產(chǎn)生的交流電頻率也相等，故B正

20、確；C、電動勢達(dá)到最大值時磁通量最小，結(jié)合題圖可知，兩個線圈的磁通量無法同時達(dá)到最大（或最?。?，故產(chǎn)生的電動勢無法同時達(dá)到最大值，故C錯誤；故選：B?！军c評】本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的相關(guān)應(yīng)用，理解勻速圓周運動的特點，結(jié)合電學(xué)公式即可完成解答。5（4分）目前科學(xué)家已經(jīng)能夠制備出能量量子數(shù)n較大的氫原子。氫原子第n能級的能量為En，其中E113.6eV。如圖是按能量排列的電磁波譜，要使n20的氫原子吸收一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，被吸收的光子是（）A紅外線波段的光子B可見光波段的光子C紫外線波段的光子DX射線波段的光子【分析】根據(jù)氫原子的能級公式代入數(shù)據(jù)計算出第20能級的氫原

21、子能量，結(jié)合電磁波譜分析出被吸收的光子類型?！窘獯稹拷猓簹湓拥趎能級的能量為En，其中E113.6eV，且要使n20的氫原子吸收一個光子后，恰好失去一個電子變成氫離子，則被吸收的光子能量為，結(jié)合電磁波譜可知，被吸收的光子是紅外線波段的光子，故A正確，BCD錯誤；故選：A。【點評】本題主要考查了氫原子的能級公式，根據(jù)能級公式代入運算結(jié)合電磁波譜即可完成分析，難度不大。6（4分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)，截面為三角形的小積木懸掛在離地足夠高處，一玩具槍的槍口與小積木上P點等高且相距為L。當(dāng)玩具子彈以水平速度v從槍口向P點射出時，小積木恰好由靜止釋放，子彈從射出至擊中積木所用時間為t。不計空氣阻力。

22、下列關(guān)于子彈的說法正確的是（）A將擊中P點，t大于B將擊中P點，t等于C將擊中P點上方，t大于D將擊中P點下方，t等于【分析】根據(jù)子彈和積木在豎直方向的運動特點可知在豎直方向上保持相對靜止，結(jié)合水平方向的運動特點得出擊中的時間和位置?！窘獯稹拷猓寒?dāng)玩具子彈以水平速度v從槍口向P點射出時，小積木恰好由靜止釋放，子彈和小積木在豎直方向上都做自由落體，在豎直方向上保持相對靜止，因此子彈將擊中P點，且根據(jù)水平方向的運動特點可知，t，故B正確，ACD錯誤；故選：B?！军c評】本題主要考查了平拋運動的相關(guān)應(yīng)用，理解平拋運動在不同方向的運動特點，同時要注意運動的相對性和獨立性，結(jié)合運動學(xué)公式即可完成分析。7（

23、4分）如圖所示，一個立方體空間被對角平面MNPQ劃分成兩個區(qū)域，兩區(qū)域分布有磁感應(yīng)強度大小相等、方向相反且與z軸平行的勻強磁場。一質(zhì)子以某一速度從立方體左側(cè)垂直O(jiān)yz平面進(jìn)入磁場，并穿過兩個磁場區(qū)域。下列關(guān)于質(zhì)子運動軌跡在不同坐標(biāo)平面的投影中，可能正確的是（）ABCD【分析】根據(jù)左手定則分析出質(zhì)子的受力特點，結(jié)合曲線運動的相關(guān)知識完成分析。【解答】解：根據(jù)左手定則可知，質(zhì)子在左側(cè)面運動時受到的洛倫茲力指向y軸正方向（不完全正對y軸），在右側(cè)面運動時受到的洛倫茲力指向y軸負(fù)方向（不完全正對y軸），根據(jù)曲線運動的特點可知，質(zhì)子運動的軌跡先往y軸正方向偏轉(zhuǎn)，再往y軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)，在z軸方向不受力，因此

24、z軸上的坐標(biāo)始終保持不變，故A正確，BCD錯誤；故選：A?！军c評】本題主要考查了帶電粒子在磁場中的運動，利用左手定則分析出力的方向，結(jié)合曲線運動的特點即可完成解答，難度不大，對學(xué)生的空間想象能力有一定的要求。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。（多選）8（6分）如圖所示，磁控管內(nèi)局部區(qū)域分布有水平向右的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場。電子從M點由靜止釋放，沿圖中所示軌跡依次經(jīng)過N、P兩點。已知M、P在同一等勢面上，下列說法正確的有（）A電子從N到P，電場力做正功BN點的電勢高于

25、P點的電勢C電子從M到N，洛倫茲力不做功D電子在M點所受的合力大于在P點所受的合力【分析】在電場線中，沿著電場線方向電勢逐漸降低，結(jié)合電荷的電性得出電勢能的變化，從而分析出電場力的做功類型；洛倫茲力始終與速度垂直，因此洛倫茲力對電子不做功；根據(jù)左手定則結(jié)合幾何關(guān)系定性地分析出電子在不同位置的受力大小?！窘獯稹拷猓篈B、在電場中，沿著電場線的方向電勢逐漸降低，則N點的電勢高于P點的電勢，根據(jù)電勢能的公式Epq可知，電子在N點的電勢能低于在P點的電勢能，結(jié)合功能關(guān)系可知，電子從N到P的過程中，電場力做負(fù)功，故A錯誤，B正確；C、電子受到的洛倫茲力始終與速度垂直，因此洛倫茲力不做功，故C正確；D、對

26、電子在M點和P點進(jìn)行受力分析，如圖所示：因為MP在同一等勢面上，所以電子在兩點的速度大小相等。根據(jù)幾何關(guān)系和對稱性可知，電子在M點所受的合力等于在P點所受的合力，故D錯誤；故選：BC?！军c評】本題主要考查了帶電粒子在疊加場中的運動，熟悉電場線中電勢的判斷，結(jié)合左手定則分析出電子的受力方向，根據(jù)幾何關(guān)系完成分析。（多選）9（6分）如圖所示，載有防疫物資的無人駕駛小車，在水平MN段以恒定功率200W、速度5m/s勻速行駛，在斜坡PQ段以恒定功率570W、速度2m/s勻速行駛。已知小車總質(zhì)量為50kg，MNPQ20m，PQ段的傾角為30，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力。下列說法正確的有（）

27、A從M到N，小車牽引力大小為40NB從M到N，小車克服摩擦力做功800JC從P到Q，小車重力勢能增加1104JD從P到Q，小車克服摩擦力做功700J【分析】小車做勻速運動，則牽引力等于摩擦力，根據(jù)公式PFv和受力分析分析出小車的受力，結(jié)合功的計算公式完成解答；根據(jù)功能關(guān)系得出小車重力勢能的增加量?！窘獯稹拷猓篈B、在水平MN段以恒定功率200W、速度5m/s勻速行駛，則小車的牽引力等于小車受到的摩擦力，因此從M到N過程中，小車摩擦力做功為Wf4020800J，即小車克服摩擦力做功800J，故AB正確；C、從P到Q的過程中，根據(jù)功能關(guān)系可知，重力勢能的增加量為Epmgh501020sin30J5

28、000J，故C錯誤；D、在斜坡PQ段以恒定功率570W、速度2m/s勻速行駛，則代入數(shù)據(jù)解得：f35N則此過程中，小車摩擦力做功為Wf1fs3520J700J，即小車克服摩擦力做功為700J，故D正確；故選：ABD。【點評】本題主要考查了功率的相關(guān)應(yīng)用，熟悉公式PFv的應(yīng)用，結(jié)合功能關(guān)系和功的計算公式即可完成解答。（多選）10（6分）如圖所示，水平地面（Oxy平面）下有一根平行于y軸且通有恒定電流I的長直導(dǎo)線。P、M和N為地面上的三點，P點位于導(dǎo)線正上方，MN平行于y軸，PN平行于x軸。一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運動，運動過程中線圈平面始終與地面平行。

29、下列說法正確的有（）AN點與M點的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同B線圈沿PN方向運動時，穿過線圈的磁通量不變C線圈從P點開始豎直向上運動時，線圈中無感應(yīng)電流D線圈從P到M過程的感應(yīng)電動勢與從P到N過程的感應(yīng)電動勢相等【分析】根據(jù)磁場的分布特點結(jié)合對稱性分析出不同位置的磁場特點和磁通量是否變化；分析出線圈的磁通量的變化特點，結(jié)合楞次定律判斷是否產(chǎn)生感應(yīng)電流；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析出不同過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的特點。【解答】解：A、因為MN平行于導(dǎo)線的方向，根據(jù)主視圖可知，N點與M點的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同，故A正確；B、當(dāng)線圈沿PN方向運動時，線圈中的磁通量會發(fā)生改變，故B錯誤；C、當(dāng)線

30、圈從P點開始豎直向上運動時，根據(jù)對稱性可知，線圈P中的磁通量一直為零，故線圈中無感應(yīng)電流，故C正確；D、線圈從P到M過程和從P到N過程，根據(jù)上述分析可知，兩個過程中磁通量的變化量相等，但因為線圈的速率恒定，且NP的距離小于MP的距離，所以時間不等，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，兩個過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢不相等，故D錯誤；故選：AC。【點評】本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律，熟悉導(dǎo)線周圍的磁場分布特點，結(jié)合楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律即可完成解答，整體難度不大。三、非選擇題：共54分。第1114題為必考題，考生都必須作答。第1516題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11（7分）

31、某實驗小組為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，設(shè)計了如圖（a）所示的裝置，實驗過程如下：（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門。（2）用螺旋測微器測量小球的直徑，示數(shù)如圖（b）所示，小球直徑d7.885mm。（3）測量時，應(yīng) B（選填“A”或“B”，其中A為“先釋放小球，后接通數(shù)字計時器”，B為“先接通數(shù)字計時器，后釋放小球”）。記錄小球第一次和第二次通過光電門的遮光時間t1和t2。（4）計算小球通過光電門的速度，已知小球的質(zhì)量為m，可得小球與橡膠材料碰撞導(dǎo)致的

32、機(jī)械能損失E（用字母m、d、t1和t2表示）。（5）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會 增大（選填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的測量誤差?！痉治觥浚?）根據(jù)螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則得出小球的直徑；（3）根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作；（4）理解機(jī)械能的定義，利用光電門測出小球的速度，結(jié)合動能的計算公式完成分析；（5）根據(jù)實驗原理結(jié)合功的計算公式完成對實驗誤差的分析?！窘獯稹拷猓海?）螺旋測微器的分度值為0.01mm，需要估讀到分度值的下一位，則d7.5mm+38.50.01mm7.885mm；（3）在測量時，要先接通數(shù)字計數(shù)器，后釋放小車，故選B；（4）在光電門位置，小球的重力勢能相等，則小球在此

33、處的動能之差即為小球與橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失。在極短時間內(nèi)，物體的瞬時速度等于該過程中物體的平均速度，則小球第一次經(jīng)過光電門的速度為，小球第二次經(jīng)過光電門的速度為，因此E；（5）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，則空氣阻力做功將變大，將會增大因空氣阻力引起的測量誤差。故答案為：（2）7.885；（3）B；（4）；（5）增大【點評】本題主要考查了能量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，理解光電門測量速度的原理，結(jié)合能量守恒定律完成對實驗的分析。12（9分）彈性導(dǎo)電繩逐步成為智能控制系統(tǒng)中部分傳感器的敏感元件。某同學(xué)測量彈性導(dǎo)電繩的電阻與拉伸后繩長之間的關(guān)系，實驗過程如下：（1）裝置安裝和電路連接如圖（a）所示，導(dǎo)電

34、繩的一端固定，另一端作為拉伸端，兩端分別用帶有金屬夾A、B的導(dǎo)線接入如圖（b）所示的電路中。（2）導(dǎo)電繩拉伸后的長度L及其電阻Rx的測量將導(dǎo)電繩拉伸后，用刻度尺測量并記錄A、B間的距離，即為導(dǎo)電繩拉伸后的長度L。將滑動變阻器R的滑片滑到最右端。斷開開關(guān)S2，閉合開關(guān)S1，調(diào)節(jié)R，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到合適位置。記錄兩表的示數(shù)U和I1。閉合S2，電壓表的示數(shù) 變?。ㄟx填“變大”或“變小”）。調(diào)節(jié)R使電壓表的示數(shù)仍為U，記錄電流表的示數(shù)I2，則此時導(dǎo)電繩的電阻Rx（用I1、I2和U表示）。斷開S1，增大導(dǎo)電繩拉伸量，測量并記錄A、B間的距離，重復(fù)步驟和。（3）該電壓表內(nèi)阻對導(dǎo)電繩電阻的測量值

35、 無（選填“有”或“無”）影響。（4）圖（c）是根據(jù)部分實驗數(shù)據(jù)描繪的RxL圖線。將該導(dǎo)電繩兩端固定在某種機(jī)械臂上，當(dāng)機(jī)械臂彎曲后，測得導(dǎo)電繩的電阻Rx為1.33k，則由圖線可讀出導(dǎo)電繩拉伸后的長度為 51.80cm，即為機(jī)械臂彎曲后的長度?！痉治觥块]合s2，電路總電阻減小，總電流增加，內(nèi)電壓增加，外電壓減??；根據(jù)歐姆定律即可求解?！窘獯稹拷猓洪]合S2，電路總電阻減小，總電流增加，內(nèi)電阻與滑動變阻器上電壓增加，所以電壓表示數(shù)減小；由于電壓表示數(shù)為U，所以閉合S2后，定值電阻上電流仍為I1，那么流過Rx上電流為I2I1根據(jù)歐姆定律得：Rx；根據(jù)Rx電阻測量值表達(dá)式，所以該電壓表內(nèi)阻對導(dǎo)電繩電阻的

36、測量值無關(guān)，根據(jù)圖c可知導(dǎo)電繩拉伸后的長度為51.80cm。故：變小、無、51.80【點評】本題考查電路的動態(tài)分析，伏安法測電阻，注意對實驗原理的理解。13（11分）某同學(xué)受自動雨傘開傘過程的啟發(fā)，設(shè)計了如圖所示的物理模型。豎直放置在水平桌面上的滑桿上套有一個滑塊，初始時它們處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)滑塊從A處以初速度v0為10m/s向上滑動時，受到滑桿的摩擦力f為1N。滑塊滑到B處與滑桿發(fā)生完全非彈性碰撞，帶動滑桿離開桌面一起豎直向上運動。已知滑塊的質(zhì)量m0.2kg，滑桿的質(zhì)量M0.6kg，A、B間的距離l1.2m，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力。求：（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌

37、面對滑桿支持力的大小N1和N2；（2）滑塊碰撞前瞬間的速度大小v；（3）滑桿向上運動的最大高度h?！痉治觥浚?）選擇合適的研究對象，對物體受力分析，結(jié)合牛頓第三定律得出桌面對滑桿的支持力；（2）根據(jù)牛頓第二定律計算出滑塊的加速度，結(jié)合運動學(xué)公式得出滑塊與滑桿碰撞前的速度；（3）碰撞瞬間動量守恒，由此計算出整體的速度，結(jié)合運動學(xué)公式得出滑桿向上運動的最大高度。【解答】解：（1）滑塊靜止時，根據(jù)整體法可知，nN1（m+M）g（0.2+0.6）10N8N當(dāng)滑塊向上滑動時，根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊對滑桿的摩擦力大小為1N，方向豎直向上則對滑桿進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡狀態(tài)得：N2Mgf0.610N1N5

38、N（2）選豎直向上的方向為正方向根據(jù)牛頓第二定律得，滑塊的加速度為：，負(fù)號表示加速度方向豎直向下根據(jù)運動學(xué)公式可知代入數(shù)據(jù)解得：v8m/s（3）當(dāng)滑桿和滑塊發(fā)生碰撞的瞬間，根據(jù)動量守恒定律得：mv（M+m）v1當(dāng)滑桿和滑塊一起脫離地面時，根據(jù)整體法可知，系統(tǒng)的加速度為重力加速度，方向豎直向下則解得：h0.2m答：（1）滑塊在靜止時和向上滑動的過程中，桌面對滑桿支持力的大小分別為8N和5N；（2）滑塊碰撞前瞬間的速度大小為8m/s；（3）滑桿向上運動的最大高度為0.2m?！军c評】本題主要考查了牛頓第二定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉對物體的受力分析，結(jié)合牛頓第二定律分析出加速度，利用運動學(xué)公式和動量守恒定律

39、即可完成分析，整體難度中等。14（15分）密立根通過觀測油滴的運動規(guī)律證明了電荷的量子性，因此獲得了1923年的諾貝爾獎。如圖是密立根油滴實驗的原理示意圖，兩個水平放置、相距為d的足夠大金屬極板，上極板中央有一小孔。通過小孔噴入一些小油滴，由于碰撞或摩擦，部分油滴帶上了電荷。有兩個質(zhì)量均為m0、位于同一豎直線上的球形小油滴A和B，在時間t內(nèi)都勻速下落了距離h1。此時給兩極板加上電壓U（上極板接正極），A繼續(xù)以原速度下落，B經(jīng)過一段時間后向上勻速運動。B在勻速運動時間t內(nèi)上升了距離h2（h2h1），隨后與A合并，形成一個球形新油滴，繼續(xù)在兩極板間運動直至勻速。已知球形油滴受到的空氣阻力大小為fk

40、v，其中k為比例系數(shù)，m0為油滴質(zhì)量，v為油滴運動速率。不計空氣浮力，重力加速度為g。求：（1）比例系數(shù)k；（2）油滴A、B的帶電量和電性；B上升距離h2電勢能的變化量；（3）新油滴勻速運動速度的大小和方向?！痉治觥浚?）根據(jù)對油滴的受力分析，結(jié)合空氣阻力的表達(dá)式得出比例系數(shù)；（2）根據(jù)油滴的運動特點分析出油滴的電性和對應(yīng)的電荷量，結(jié)合功能關(guān)系分析出油滴電勢能的變化量；（3）油滴融合瞬間動量守恒，根據(jù)融合后的速度方向進(jìn)行分類討論，結(jié)合受力分析的特點計算出新油滴的速度大小和方向?！窘獯稹拷猓海?）因為兩個球形油滴是做相同的勻速直線運動，若兩個油滴之間有庫侖力的話，庫侖力等大反向，無法保證兩個油滴

41、做相同的勻速運動，因此有一個油滴不帶電。未加電壓時，對A油滴進(jìn)行分析，根據(jù)運動學(xué)公式得：根據(jù)平衡狀態(tài)得：m0gf結(jié)合空氣阻力的表達(dá)式fkv聯(lián)立解得：k（2）因為加電壓后A的速度不變，結(jié)合上述的分析可知，A油滴不帶電；B油滴最終向上做勻速運動，由此可知，B油滴帶負(fù)電。B油滴向上做勻速直線運動時，根據(jù)運動學(xué)公式得：根據(jù)平衡狀態(tài)得：解得：q根據(jù)功能關(guān)系得：EpW電聯(lián)立解得：Ep（3）油滴相遇時，質(zhì)量為2m0，則新油滴受到的電場力為此時要對電場力進(jìn)行分類討論若F2m0g，即h2h1可知，v2v1因此新油滴速度方向向上，選向上的方向為正方向，油滴碰撞瞬間，根據(jù)動量守恒得：m0v2m0v12m0v3可得：

42、v30新油滴向上加速，達(dá)到平衡時，則有解得：v若F小于2m0g，即h1h2可知，v2v1選向下的方向為正方向，根據(jù)動量守恒得：m0v2m0v12m0v4可得：v40新油滴向下加速，達(dá)到平衡時，則有解得：v，速度方向向下答：（1）比例系數(shù)為；（2）油滴A不帶電，油滴B帶負(fù)電，電荷量為；B上升距離h2電勢能的變化量為；（3）h2h1，則新油滴的速度大小為，方向豎直向上；若h1h2，則新油滴的速度大小為，方向豎直向下?！军c評】本題主要考查了帶電粒子在電場中的運動，熟悉對物體的受力分析，理解功能關(guān)系從而得出電勢能的變化量，同時要結(jié)合動量守恒定律分析出油滴的速度，關(guān)鍵點是要分類討論，對學(xué)生的理解思維要求較高，難度較大。（二）選考題：共12分。請考生從2道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。選修3-3（12分）15（6分）利用空調(diào)將熱量從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外環(huán)境，這個過程 不是（選填“是”或“不是”）自發(fā)